山東省棗莊市薛城區(qū)棗莊八中東校區(qū)2025屆物理高二上期末檢測(cè)試題含解析

山東省棗莊市薛城區(qū)棗莊八中東校區(qū)2025屆物理高二上期末檢測(cè)試題注意事項(xiàng)：1．答題前，考生先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)填寫(xiě)清楚，將條形碼準(zhǔn)確粘貼在考生信息條形碼粘貼區(qū)。2．選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用0．5毫米黑色字跡的簽字筆書(shū)寫(xiě)，字體工整、筆跡清楚。3．請(qǐng)按照題號(hào)順序在各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書(shū)寫(xiě)的答案無(wú)效；在草稿紙、試題卷上答題無(wú)效。4．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準(zhǔn)使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、關(guān)于電流下列說(shuō)法正確的是（）A.電荷的移動(dòng)形成電流B.只有正電荷的定向移動(dòng)形成電流C.正電荷定向移動(dòng)的方向與電流方向相同D.電路中電流的方向是由電源的負(fù)極到電源的正極2、如圖所示，圖線1表示的導(dǎo)體的電阻為R1，圖線2表示的導(dǎo)體的電阻為R2，則下列說(shuō)法正確的是（）A.R1：R2=3：1B.R1：R2=1：3C.將R1與R2串聯(lián)后接于電源上，則電壓之比U1：U2=3：1D.將R1與R2并聯(lián)后接于電源上，則電流之比I1：I2=1：33、如圖，平行板電容器的兩個(gè)極板與水平地面成一角度，兩極板與一直流電源相連．若一帶電粒子恰能沿圖中所示水平直線通過(guò)電容器，則在此過(guò)程中，該粒子()A.所受重力與電場(chǎng)力平衡B.電勢(shì)能逐漸減小C.動(dòng)能逐漸增加D.做勻變速直線運(yùn)動(dòng)4、兩個(gè)放在絕緣架上的相同金屬球相距r，球的半徑比r小得多，帶電量大小分別為q和3q，相互斥力大小為3F．現(xiàn)將這兩個(gè)金屬球相接觸，然后分開(kāi)，仍放回原處，則它們之間的相互作用力大小將變?yōu)椋ǎ〢.F B.4F/3C.4F D.2F5、如圖所示，四邊形的通電閉合線框abcd處在垂直線框平面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，它受到磁場(chǎng)力的合力()A.豎直向上B.方向垂直于ad斜向上C.方向垂直于bc斜向上D.為零6、某區(qū)域的電場(chǎng)線分布如圖所示，電場(chǎng)中有A、B兩點(diǎn)。設(shè)A、B兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小分別為EA、EB，下列判斷正確的是（）A.EAEBB.EAEBC.EA=EBD.EAEB二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、一帶電粒子先后以不同的速度經(jīng)過(guò)磁場(chǎng)中的某點(diǎn)，圖像記錄的是粒子受洛倫茲力的大小F與粒子運(yùn)動(dòng)速度大小v的關(guān)系。M、N各代表一組F、v的數(shù)據(jù)，已知N點(diǎn)對(duì)應(yīng)的速度vN的方向與磁場(chǎng)方向垂直。其中可能正確的有（）A.B.C.D.8、如圖空間存在著豎直向上的勻強(qiáng)電場(chǎng)和垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，一帶電液滴從靜止開(kāi)始自a沿曲線acb運(yùn)動(dòng)到b點(diǎn)時(shí)，速度為零，c是軌跡的最低點(diǎn)，以下說(shuō)法中正確的是()A.液滴帶負(fù)電B.滴在c點(diǎn)動(dòng)能最大C.若液滴所受空氣阻力不計(jì)，則機(jī)械能守恒D.液滴在c點(diǎn)機(jī)械能最大9、如圖所示,平行金屬板中帶電質(zhì)點(diǎn)P原處于靜止?fàn)顟B(tài),不考慮電流表和電壓表對(duì)電路的影響,當(dāng)滑動(dòng)變阻器R4的滑片向a端移動(dòng)時(shí),則()A.電壓表讀數(shù)變大 B.電流表讀數(shù)變大C.質(zhì)點(diǎn)P將向上運(yùn)動(dòng) D.R1上消耗的功率逐漸增大10、真空中相距為3a兩個(gè)點(diǎn)電荷M、N，分別固定于x軸上x(chóng)1=0和x2=3a的兩點(diǎn)上，在它們連線上各點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)E隨x變化關(guān)系如圖所示，以下判斷正確的是A.x=2a處的電場(chǎng)強(qiáng)度為零，電勢(shì)也一定為零B.點(diǎn)電荷M、N一定為同種電荷C.點(diǎn)電荷M、N一定為異種電荷D.點(diǎn)電荷M、N所帶電荷量的絕對(duì)值之比為4：1三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。11．（6分）（1）如圖所示的實(shí)驗(yàn)裝置是用來(lái)研究________________（選填“電流的磁效應(yīng)”或“磁場(chǎng)對(duì)通電導(dǎo)線的作用”）的。（2）實(shí)驗(yàn)前，開(kāi)關(guān)斷開(kāi)，小磁針靜止在水平桌面上，小磁針正上方的導(dǎo)線與小磁針的NS方向平行，此時(shí)，小磁針的N極指向地理_________（選填“北極”或“南極”）附近。（3）開(kāi)始實(shí)驗(yàn)，閉合開(kāi)關(guān)，從上往下看，小磁針將沿_________（填“順時(shí)針"或“逆時(shí)針"）偏轉(zhuǎn)一定角度。12．（12分）如圖所示，螺旋測(cè)微器的讀數(shù)為_(kāi)_____mm，游標(biāo)卡尺的讀數(shù)為_(kāi)_____mm。四、計(jì)算題：本題共3小題，共38分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，要求寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖，一個(gè)質(zhì)量為m=2.0×10-11kg，電荷量q=+1.0×10-5C的帶電微粒（重力忽略不計(jì)），從靜止開(kāi)始經(jīng)U1=100V電壓加速后，水平進(jìn)入兩平行金屬板間的偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)中．金屬板長(zhǎng)L=20cm，兩板間距d=10cm．求：（1）微粒進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)時(shí)的速度v是多大？（2）若微粒射出電場(chǎng)過(guò)程的偏轉(zhuǎn)角為θ=30°，并接著進(jìn)入一個(gè)方向垂直與紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)，則兩金屬板間的電壓U2是多大？（3）若該勻強(qiáng)磁場(chǎng)的寬度為D=10cm，為使微粒不會(huì)由磁場(chǎng)右邊射出，該勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B至少多大？14．（16分）如圖所示，MN、PQ為兩條平行的光滑金屬直導(dǎo)軌，導(dǎo)軌平面與水平面成θ=30°，M、P之間接有電阻箱R，導(dǎo)軌所在空間存在垂直于導(dǎo)軌平面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，質(zhì)量為m的金屬桿ab水平放置在軌道上，其接入電路的電阻值為r，現(xiàn)從靜止釋放金屬桿ab，測(cè)得最后的最大速度為v1，已知軌道間距為L(zhǎng)，重力加速度取g，軌道足夠長(zhǎng)且電阻不計(jì)，求：（1）電阻箱接入電路的電阻多大？（2）若當(dāng)金屬棒下滑的距離為s時(shí)，金屬棒的加速度大小為a，則此時(shí)金屬棒運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為多少？15．（12分）如圖所示，與水平面成θ=37°角的光滑軌道間距為L(zhǎng)=0.4m，軌道上有一質(zhì)量為m=0.04kg,電阻為R=3Ω的金屬棒ab，電源電動(dòng)勢(shì)為E=6V，電路中其他電阻不計(jì)，ab棒靜止在軌道上，當(dāng)磁感強(qiáng)度的方向分別為：(1)豎直向上、(2)垂直軌道平面向上時(shí)，分別求出其大小?(已知sin37°=0.6，cos37°=0.8，g=10m/s2)

參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、C【解析】A．只有電荷的定向移動(dòng)才能形成電流，故A錯(cuò)誤；B．正負(fù)電荷做定向移動(dòng)均可以形成電流，故B錯(cuò)誤；C．我們規(guī)定正電荷的定向移動(dòng)方向?yàn)殡娏鞯姆较?，故C正確；D．電路中電荷定向移動(dòng)的方向在外電路中是由正極到負(fù)極，而在內(nèi)電路中是由負(fù)極流向正極的，故D錯(cuò)誤2、B【解析】根據(jù)I-U圖象知，圖線的斜率表示電阻的倒數(shù)，所以R1：R2=1：3．故A錯(cuò)誤，B正確；兩電阻串聯(lián)后，兩電阻中的電流相等，則電壓之比U1：U2=1：3，故C錯(cuò)誤；若兩電阻并聯(lián)，兩電阻兩端的電壓相等，故電流與電阻成反比；故電流之比為：I1：I2=3：1；故D錯(cuò)誤；故選B【點(diǎn)睛】解決本題的關(guān)鍵知道I-U圖線的斜率表示電阻的倒數(shù)以及知道串并聯(lián)電路的特點(diǎn)3、D【解析】帶電粒子在勻強(qiáng)電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)?！驹斀狻緼．帶電粒子沿水平方向做直線運(yùn)動(dòng)，則電場(chǎng)力與重力的合力一定沿水平方向，受力分析如圖：合力與速度方向反向，即重力與電場(chǎng)力不平衡，A錯(cuò)誤；B．如圖，電場(chǎng)力方向與運(yùn)動(dòng)方向夾角大于90°，電場(chǎng)力做負(fù)功，電勢(shì)能增加，B錯(cuò)誤；C．合力與速度方向反向，做負(fù)功，由動(dòng)能定理可知，動(dòng)能減小，C錯(cuò)誤；D．整個(gè)過(guò)程處于勻強(qiáng)電場(chǎng)中，電場(chǎng)力與重力都不變，即合外力不變，加速度不變，做勻變速直線運(yùn)動(dòng)，D正確。故選D。4、C【解析】由庫(kù)侖定律可得:;解得：;由于兩球之間是斥力所以帶同種電荷那么兩球接觸后再分開(kāi)要平分總電量,故分開(kāi)后兩球的帶電量為2q；則庫(kù)侖力為:A.F與上述計(jì)算結(jié)果不相相符，故A錯(cuò)誤；B.4F/3與上述計(jì)算結(jié)果不相相符，故B錯(cuò)誤；C.4F與上述計(jì)算結(jié)果相相符，故C正確；D.2F與上述計(jì)算結(jié)果不相相符，故D錯(cuò)誤5、D【解析】由題意可知abcd中電流組成一個(gè)封閉的電流，其有效長(zhǎng)度為零，所以線框abcd所受安培力的合力為零，選項(xiàng)D正確。故選D。【點(diǎn)睛】考查安培力大小與通電導(dǎo)線的長(zhǎng)度關(guān)系，及力的合成法則．當(dāng)然本題還可以采用等效法進(jìn)行求解6、A【解析】由電場(chǎng)線的特點(diǎn)，電場(chǎng)線越密集，場(chǎng)強(qiáng)越大，所以EA＜EB；故A正確，BCD錯(cuò)誤；故選A。二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、BD【解析】已知N點(diǎn)對(duì)應(yīng)的速度vN的方向與磁場(chǎng)方向垂直，所以粒子在M點(diǎn)的洛倫茲力為在圖像中，M的斜率為，N的斜率為，當(dāng)M點(diǎn)對(duì)應(yīng)的速度vM的方向也與磁場(chǎng)方向垂直時(shí)，兩斜率相等，如果M點(diǎn)對(duì)應(yīng)的速度vM的方向與磁場(chǎng)方向不垂直時(shí)，M的斜率小于N的斜率，故BD正確。故選BD。8、ABD【解析】帶電液滴由靜止開(kāi)始，在電場(chǎng)力和重力的作用下會(huì)向下運(yùn)動(dòng)，在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，帶電粒子會(huì)受到洛倫茲力，所以粒子會(huì)沿逆時(shí)針?lè)较蚱D(zhuǎn)，到達(dá)c點(diǎn)時(shí)，洛倫茲力方向向上，此時(shí)粒子具有最大速度，在之后的運(yùn)動(dòng)中，粒子的電勢(shì)能會(huì)增加速度越來(lái)越小，到達(dá)b點(diǎn)時(shí)速度為零，除重力以外的力做的功等于機(jī)械能的變化量；【詳解】A、從圖中可以看出，帶電粒子由靜止開(kāi)始向下運(yùn)動(dòng)，說(shuō)明重力和電場(chǎng)力的合力向下，洛倫茲力指向弧內(nèi)，根據(jù)左手定則可知，液滴帶負(fù)電，故A正確；B、從a到c的過(guò)程中，重力和電場(chǎng)力都做正功，洛倫茲力不做功，動(dòng)能增大，從c到b的過(guò)程中，重力和電場(chǎng)力都做負(fù)功，洛倫茲力不做功，動(dòng)能減小，所以滴在c點(diǎn)動(dòng)能最大，故B正確；C、液滴除重力做功外，還有電場(chǎng)力做功，機(jī)械能不守恒，故C錯(cuò)誤；D、除重力以外的力做的功等于機(jī)械能的變化量，從a到c的過(guò)程中，電場(chǎng)力都做正功，洛倫茲力不做功，機(jī)械能增大，從c到b的過(guò)程中，電場(chǎng)力都做負(fù)功，洛倫茲力不做功，機(jī)械能減小，所以液滴在c點(diǎn)機(jī)械能最大，故D正確；故選ABD9、BD【解析】AB．由圖可知，R2與滑動(dòng)變阻器R4串聯(lián)后與R3并聯(lián)后，再與R1串聯(lián)接在電源兩端；電容器與R3并聯(lián)；當(dāng)滑動(dòng)變阻器R4的滑片向a移動(dòng)時(shí)，滑動(dòng)變阻器接入電阻減小，則電路中總電阻減??；由閉合電路歐姆定律可知，電路中電流增大；路端電壓減小，同時(shí)R1兩端的電壓也增大，故并聯(lián)部分的電壓減小；由歐姆定律可知流過(guò)R3的電流減小，流過(guò)并聯(lián)部分的總電流增大，故電流表示數(shù)增大；因并聯(lián)部分電壓減小，而R2中電壓增大，故電壓表示數(shù)減?。蔄不符合題意，B符合題意C．因電容器兩端電壓減小，故電荷受到的向上電場(chǎng)力減小，則重力大于電場(chǎng)力，合力向下，質(zhì)點(diǎn)將向下運(yùn)動(dòng)．故C不符合題意D．由于流過(guò)R1的電流增大，根據(jù)，可知R1上消耗的功率逐漸增大．故D符合題意10、BD【解析】A．x=2a處的場(chǎng)強(qiáng)為零，但由于電勢(shì)與場(chǎng)強(qiáng)無(wú)關(guān)，則場(chǎng)強(qiáng)為零的地方電勢(shì)不一定為零，故A錯(cuò)誤；BC．x從0到3a，場(chǎng)強(qiáng)先正方向減少到零又反方向增加，必為同種電荷，故B正確，C錯(cuò)誤；D．x=2a處的合場(chǎng)強(qiáng)為0，由得：，得QM：QN=4：1，故D正確故選BD三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。11、①.電流的磁效應(yīng)②.北極③.順時(shí)針【解析】(1)[1]如圖的實(shí)驗(yàn)裝置，是用來(lái)研究電流的磁效應(yīng)的；(2)[2]開(kāi)關(guān)斷開(kāi)，導(dǎo)線中無(wú)電流，小磁針在地磁場(chǎng)作用下，小磁針的N極指向地理的北極附近；(3)[3]閉合開(kāi)關(guān)，導(dǎo)線中有向左的電流，由右手螺旋定則可知，小磁針?biāo)谖灰频拇艌?chǎng)方向垂直紙面向外，所以小磁針的N極向外，S極向里，從上往下看，小磁針將沿順時(shí)針?lè)较蜣D(zhuǎn)動(dòng)一定角度。12、①.6.123②.50.90【解析】[1]螺旋測(cè)微器的固定刻度讀數(shù)6.0mm，可動(dòng)刻度讀數(shù)為固定刻度讀數(shù)+可動(dòng)刻度讀數(shù)等于最終讀數(shù)，即[2]游標(biāo)卡尺的主尺讀數(shù)為，游標(biāo)尺上第18個(gè)刻度和主尺上某一刻度對(duì)齊，游標(biāo)尺讀數(shù)為主尺讀數(shù)+游標(biāo)尺讀數(shù)等于最終讀數(shù)，即【點(diǎn)睛】解決本題的關(guān)鍵掌握游標(biāo)卡尺和螺旋測(cè)微器的讀數(shù)方法，游標(biāo)卡尺讀數(shù)的方法是主尺讀數(shù)加上游標(biāo)尺讀數(shù)，不需估讀．螺旋測(cè)微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動(dòng)刻度讀數(shù)，在讀可動(dòng)刻度讀數(shù)時(shí)需估讀。四、計(jì)算題：本題共3小題，共38分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，要求寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13、（1）1.0×104m/s；（2）100V；（3）0.2T【解析】（1）帶電微粒經(jīng)加速電場(chǎng)后速度為v0，根據(jù)動(dòng)能定理解得（2）帶電微粒在偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)中只受電場(chǎng)力作用，做類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng)水平方向豎直方向聯(lián)立解得（3）帶電微粒進(jìn)入磁場(chǎng)做圓周運(yùn)動(dòng)，微粒不由磁場(chǎng)右邊射出，臨界情況如圖則微粒進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)速度由牛頓第二定律得聯(lián)立解得14、（1）（2）【解析】(1)根據(jù)受力平衡結(jié)合閉合電路歐姆定律以及公式E=BLv，聯(lián)立即可求出電阻箱接入電路的電阻；(2)根據(jù)加速度的值結(jié)合牛頓第二定律，求出末速度大小，再利用微積分法對(duì)整個(gè)過(guò)程運(yùn)用動(dòng)量定理，聯(lián)立即可求出若當(dāng)金屬棒下滑的距離為s時(shí)，金屬棒的加速度大小為a時(shí)金屬棒運(yùn)動(dòng)的時(shí)間【詳解】(1)設(shè)電阻箱接入電路的電阻為R1，當(dāng)金屬桿以最大速度下滑時(shí)根據(jù)平衡可得：mgsinθ=BIL根據(jù)閉合電路歐姆定律可得：導(dǎo)體棒切割磁感線產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)：E=BLv1；聯(lián)立解得：；(2)設(shè)金屬棒下滑的距離為s時(shí)，金屬棒的速度為v2，根據(jù)牛頓第二定律可得：解得：根據(jù)動(dòng)量定理有：整體過(guò)程中：設(shè)整個(gè)過(guò)程的時(shí)間整個(gè)過(guò)程的速度變化量：∑△v=v2，整個(gè)過(guò)程的位移∑v△t=s代入可得：解得：【點(diǎn)睛】本題綜合考查了法拉第電磁感應(yīng)定律