2025屆內蒙古巴彥淖爾市臨河三中物理高二第一學期期末調研模擬試題含解析

2025屆內蒙古巴彥淖爾市臨河三中物理高二第一學期期末調研模擬試題注意事項:1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號碼填寫清楚，將條形碼準確粘貼在條形碼區(qū)域內。2．答題時請按要求用筆。3．請按照題號順序在答題卡各題目的答題區(qū)域內作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4．作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5．保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、為了安全起見，電影特技演員從高處跳下時往往會落在很厚的空氣墊上．某次表演時，特技演員從5米高處自由落下，豎直落在空氣墊上，經過0.4s靜止下來．則在此過程中他受到的空氣墊施加的平均作用力約為其自身重力的A.1倍 B.1.5倍C.2.5倍 D.3.5倍2、如圖所示，甲、乙兩個電路都是由一個靈敏電流表G和一個變阻器R組成，下列說法正確的是（）A.甲表是電流表，R增大時量程增大B.甲表是電流表，R增大時量程減小C.乙表是電壓表，R減小時量程增大D.乙表是電壓表，R增大時量程減小3、如右圖，水平桌面上放置一根條形磁鐵，磁鐵中央正上方用絕緣彈簧懸掛一水平直導線，并與磁鐵垂直。當直導線中通入圖中所示方向電流時，可以判斷出（）A.彈簧的拉力增大，條形磁鐵對桌面的壓力減小B.彈簧的拉力減小，條形磁鐵對桌面的壓力減小C.彈簧的拉力增大，條形磁鐵對桌面的壓力增大D.彈簧的拉力減小，條形磁鐵對桌面的壓力增大4、如圖所示為一速度選擇器，兩極板P、Q之間存在電場強度為E的勻強電場和磁感應強度為B的勻強磁場。一束粒子流(重力不計)以速度v從a沿直線運動到b，則下列說法中正確的是（）A.粒子的帶電性質不確定B.粒子一定帶正電C.若粒子流以相同的速率從b點射入，也可以沿直線運動到aD.粒子的速度一定等于5、如圖所示，紙面內有一矩形導體閉合線框abcd，ab邊長大于bc邊長，置于垂直紙面向里、邊界為MN的勻強磁場外，線框兩次勻速地完全進入磁場，兩次速度大小相同，方向均垂直于MN．第一次ab邊平行MN進入磁場，線框上產生的熱量為Q1，通過線框導體橫截面積的電荷量為q1；第二次bc邊平行于MN進入磁場，線框上產生的熱量為Q2，通過線框導體橫截面的電荷量為q2，則（）A.Q1＞Q2，q1=q2 B.Q1＞Q2，q1＞q2C.Q1=Q2，q1=q2 D.Q1=Q2，q1＞q26、一人乘電梯上樓，在豎直上升過程中加速度a隨時間t變化的圖線如圖所示，以豎直向上為a的正方向，則人對地板的壓力（）A.t=2s時最大 B.t=2s時最小C.t=8.5s時最大 D.t=8.5s時最小二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、絕緣光滑斜面與水平面成角，質量為m、帶電荷量為-q（q>0）小球從斜面上的h高度處釋放，初速度為（>0），方向與斜面底邊MN平行，如圖所示，整個裝置處在勻強磁場B中，磁場方向平行斜面向上．如果斜面足夠大，且小球能夠沿斜面到達底邊MN，則下列判斷正確的是（）A.勻強磁場磁感應強度的取值范圍為B.勻強磁場磁感應強度的取值范圍為C.小球在斜面做變加速曲線運動D.小球達到底邊MN的時間8、半徑為r和2r的同心圓形軌道固定在同一水平面內，一長為r，電阻為R的均勻直導體棒AB置于圓軌道上面，BA的延長線通過圓導軌中心O，裝置的俯視圖如圖所示，整個裝置位于一勻強磁場中，磁感應強度的大小為B，方向豎直向下．在兩環(huán)之間接阻值為R的定值電阻和電容為C的電容器．直導體棒在水平外力作用下以角速度ω繞O逆時針勻速轉動，在轉動過程中始終與導軌保持良好接觸，不計導軌電阻．以下說法正確的是（）A.金屬棒中電流從A流向BB.金屬棒兩端電壓為Bωr2C.電容器的M板帶負電D.電容器所帶電荷量為CBωr29、勞倫斯制成了世界上第一臺回旋加速器，其原理如圖所示，這臺加速器由兩個銅質D形盒構成，兩盒間的狹縫中有周期性變化的電場，使粒子在通過狹縫時都能得到加速，兩個D形金屬盒處于垂直于盒底的勻強磁場中，下列說法正確的是（）A.離子由加速器的中心附近進入加速器B.離子從磁場中也能加速C.D形盒的半徑越大，離子最大動能一定越大D.D形盒中的磁感強度B越大，離子最大動能一定越大10、在如圖所示的勻強電場和勻強磁場共存的區(qū)域內(不計重力)，電子可能沿水平方向向右做直線運動的是()A. B.C. D.三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）為了演示接通電源的瞬間和斷開電源的瞬間的電磁感應現象，設計了如圖所示的電路圖，A、B兩燈規(guī)格相同，L的直流電阻和R相等，開關接通的瞬間，A燈的亮度_______（填“大于”“等于”或“小于”）B燈的亮度；通電一段時間后，A燈的亮度_____________（填“大于”“等于”或“小于”）B燈的亮度；斷電的瞬間，B燈_______（填“立即”或“逐漸”）熄滅。12．（12分）為了測定干電池的電動勢和內阻，現有下列器材：A．6.3V蓄電池；B．干電池一節(jié)；C．電壓表V(0～3V～15V，內阻約為3kΩ，15kΩ)；D．電流表A(0～0.6A～3A，內阻約為10Ω，2Ω)；E．電流表G(滿偏電流3mA，內阻Rg＝10Ω)；F．變壓器G．滑動變阻器(0～20Ω)；H．滑動變阻器(0～1000Ω)；I．電阻箱(0～9999Ω)；J．開關、導線（1）用電流表和電壓表測量干電池的電動勢和內阻時，應選用的變阻器是________(用代號回答)（2）根據實驗要求，用筆畫線代替導線在圖上連線__________（3）某次實驗記錄如下：實驗次數12345電流表示數/A0.240.500.701.101.50電壓表示數/V1.301.100.950.600.30根據表中數據在坐標圖上畫出U－I圖線_______，由圖可求得E＝________V，r＝________Ω.（4）用你設計的電路做實驗，測得的電動勢與電池電動勢的真實值相比________(填偏大、偏小或相等)；測得的內阻與電池內阻的真實值相比________(填偏大、偏小或相等)（5）如果實驗中電壓表壞了，選用其他器材進行實驗，請畫出相應的電路圖_________四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示為交流發(fā)電機示意圖，匝數為n=100匝的矩形線圈，邊長分別為a=10cm和b=20cm，內阻為r=5Ω，在磁感應強度B=0.5T的勻強磁場中繞OO′軸以ω=rad/s的角速度勻速轉動，轉動開始時線圈平面與磁場方向平行，線圈通過電刷和外部R=20Ω的電阻相接．求電鍵S合上后，（1）寫出線圈內產生的交變電動勢瞬時值的表達式；（2）電壓表和電流表示數；（3）從計時開始，線圈轉過的過程中，通過外電阻R的電量14．（16分）如圖，直線MN兩側的勻強磁場方向均垂直紙面向里，左側磁場的磁感應強度大小為B，右側磁場的磁感應強度大小為2B．一質量為m、電荷量為q（q>0）的帶電粒子，以速度v沿與NM夾角θ=方向第1次經過MN上的O點射入右側磁場中，不計粒子重力．求：（1）粒子第2次經過MN時的位置與O點的距離；（2）粒子從離開O點到第2次經過O點經歷的時間15．（12分）如圖所示，紙面內兩個邊長均為L的正三角形ΔACD、ΔDEC構成一個棱形，ΔACD區(qū)域內有垂直于紙面向外的勻強磁場，磁感應強度大小為B，ΔDEC區(qū)域內有垂直于紙面向里的勻強磁場．一質量為m、電荷量為q的帶正電粒子從AC邊的中點F沿與FA成θ＝30°的方向射入ΔACD區(qū)域，從DC邊的中點G離開ΔACD區(qū)域進入ΔDEC區(qū)域．不計粒子重力，求：(1)粒子射入磁場時速度v大??；(2)要使粒子不從CE邊飛出，ΔDEC區(qū)域內磁場的磁感應強度B1的最小值

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】設運動員從h處下落，剛觸空氣墊的速度為v，則：v2=2gh所以：與空氣墊接觸后運動員受到兩個力的作用，以向下為正，由動量定理：mgt-Ft=0-mv解得：F=3.5mgA.1倍，與結論不相符，選項A錯誤；B.1.5倍，與結論不相符，選項B錯誤；C.2.5倍，與結論不相符，選項C錯誤；D.3.5倍，與結論相符，選項D正確2、B【解析】AB．甲表是電流表，R增大時，甲表中變阻器分流減小，量程減小，故A錯誤，B正確；CD．乙表是電壓表，R減小時，乙表中變阻器分壓減小，量程減小。R增大時，乙表中變阻器分壓增大，量程增大，故CD錯誤。故選B。3、A【解析】條形磁鐵正上方磁場方向水平向右，根據左手定則，通電導線受到豎直向下的安培力，所以彈簧的拉力增大，根據牛頓第三定律，磁鐵對導線有向下的作用力，則導線對磁鐵有向上的作用力，故磁鐵對桌面的壓力減小，A正確考點：考查了安培力4、A【解析】AB．粒子受洛倫茲力和電場力，假設粒子帶負電，則受到向下的洛倫茲力，電場力向上；若粒子帶正電，洛倫茲力向上，電場力向下，均可以平衡，粒子可以帶正電，也可以帶負電，A正確B錯誤；C．如果這束粒子流從b處沿直線ba方向射入，電場力方向不變，洛倫茲力反向，故電場力與洛倫茲力方向相同，不再平衡，故合力與速度不共線，粒子開始做曲線運動，C錯誤；D．為使粒子不發(fā)生偏轉，粒子所受到電場力和洛倫茲力是平衡力，即為所以電場與磁場的關系為D錯誤。故選A。5、A【解析】設ab和bc邊長分別為L1，L2，若假設穿過磁場區(qū)域的速度為v，，；同理可以求得：，；L1＞L2，由于兩次“穿越”過程均為相同速率穿過，因此：Q1＞Q2，q1=q2，故A正確，BCD錯誤．故選A在電磁感應題目中，公式，?？?，要牢記，選擇題6、AD【解析】由于t=2s時物體向上的加速度最大，故此時人對地板的壓力最大，因為地板此時對人的支持力最大；而t=8．5s時物體向下的加速度最大，故地板對的支持力最小，即人對地板的最小，故選項AD正確，選項BC錯誤二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】AB．根據帶點小球在斜面上運動時的受力情況，有當時，小球離開斜面，要使小球能夠沿斜面到達底邊MN，B的最大值為所以勻強磁場磁感應強度的取值范圍為A錯誤，B正確；C．小球沿斜面方向的合力為重力的下滑分力，垂直斜面方向合力為零，小球在斜面上做勻加速曲線運動，C錯誤；D．沿斜面方向，有位移為由得D正確。故選BD。8、BD【解析】A項：根據右手定則可知，金屬棒AB逆時針切割磁感時，產生的感應電流應該是從B向A，故A錯誤；B項：據E＝BLv以及v＝rω可得切割磁感線時產生電動勢E＝BLv＝Br，切割磁感線的導體相當于電源，則AB兩端的電壓相當于電源的路端電壓，根據閉合電路歐姆定律可知，UAB＝，故B正確；C項：切割磁感線的AB相當于電源，在AB內部電流方向由B向A，故金屬棒A相當于電源正極，故與A接近的電容器M板帶正電，故C錯誤；D項：由B分析知，AB兩端的電壓為，則電容器兩端的電壓也為，所以電容器所帶電荷量Q＝CU＝，故D正確故選BD9、ACD【解析】A.離子由加速器的中心附近進入加速器，從邊緣離開加速器，選項A正確；B.離子進入加速器后在電場中加速，在磁場中偏轉，選項B錯誤；C.根據得離子出D形盒的速度，則離子出D形盒的動能，D形盒的半徑越大，離子最大動能一定越大，選項C正確；D.由知D形盒中的磁感強度B越大，離子最大動能一定越大，選項D正確。故選ACD。10、BC【解析】如電子水平向右運動，在A圖中電場力水平向左，洛倫茲力豎直向下，故不可能；在B圖中，電場力水平向左，洛倫茲力為零，故電子可能水平向右做勻減速直線運動；在C圖中電場力豎直向上，洛倫茲力豎直向下，電子向右可能做勻速直線運動；在D圖中電場力豎直向上，洛倫茲力豎直向上，故電子不可能做水平向右的直線運動，因此BC正確三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.大于②.等于③.立即【解析】[1]閉合開關的瞬間，通過L的電流增大，L產生自感電動勢，從而使通過A燈的電流比通過B燈的電流大，即A燈的亮度大于B燈的亮度。[2]當通電一段時間后，電路中的電流穩(wěn)定，由于L的直流電阻和R相等，所以通過兩燈的電流相同，則兩燈亮度相同。[3]斷電的瞬間，B燈中電流瞬間變?yōu)榱?，則立即熄滅。12、①.G②.如圖所示：③.如圖所示：④.1.50⑤.0.80⑥.偏?、?偏?、?如圖所示：或【解析】實驗中應選用的較小阻值的滑線變阻器，有利于電流的變化和表的讀數；在實物圖中先連接其中一個支路，再并聯(lián)另一支路，注意實物圖的連接注意事項；在U-I圖象中縱坐標的截距代表的是電源的電動勢，直線的斜率代表的是電源的內阻的大小；【詳解】（1）滑動變阻器作限流用，電路中的電流應較大，故滑動變阻器用阻值小的即可滿足實驗要求，故變阻器選G正確；（2）滑動變阻器采用限流式接法，電源的內阻是比較小的，為了減小誤差，相對電源，安培表采用外接法，如圖所示：（3）描點作圖如圖所示：圖線與縱軸的交點即為電源的電動勢電池內阻；（4）因該接法中由于電壓表的分流而導致電流表示數偏小，但電壓表是準確的，故圖象比真實圖象要向上偏，同時，當電路短路時，電壓表的分流是可以忽略的，故短路電流是準確的，故圖象與橫軸的交點不變，故所測電動勢小于真實值，內阻也小于真實值，即測得的電動勢和內阻都偏?。唬?）如果實驗中電壓表壞了，將電流表G和電阻箱串聯(lián)改裝成電壓表，運用伏安法原理進行實驗，也可以直接將電阻箱和安培表串聯(lián)運用安阻法進行實驗，如圖所示：或【點睛】本題考查測定電動勢和內電阻的數據處理，要求能根據公式得出圖象中斜率及截距的含義，在計算電源的內阻的時候，一定要注意縱坐標的數值是不是從0開始的，本接法雖然電動勢和內電阻均偏小，但由于誤差均較小，故實驗中我們一般采取本方法四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）e=cost（V）（2）40V，2A（3）0.04C【解析】（1）根據感應電動勢最大值Em=nBSω，從垂直于中性面開始計時，則可確定電動勢的瞬時表達式；（2）根據交流電的最大值與有效值的關系，結合閉合電路歐姆定律，即可確定電流表與電壓表示數；（3）根據電量表達式，與感應電動勢結合，得出q=I△t=公式，從而可求得詳解】（1）線圈從平行磁場開始計時，感應電動勢最大值：Em=nBSω=V故表達式為：e=Emcosωt=cost（V）；（2）根據正弦式交變電流最大值和有效值的關系可知，有效值：，