陜西省長(zhǎng)安市第一中學(xué)2025屆物理高二第一學(xué)期期末學(xué)業(yè)質(zhì)量監(jiān)測(cè)模擬試題含解析

陜西省長(zhǎng)安市第一中學(xué)2025屆物理高二第一學(xué)期期末學(xué)業(yè)質(zhì)量監(jiān)測(cè)模擬試題請(qǐng)考生注意：1．請(qǐng)用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應(yīng)位置上，請(qǐng)用0．5毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應(yīng)的答題區(qū)內(nèi)。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2．答題前，認(rèn)真閱讀答題紙上的《注意事項(xiàng)》，按規(guī)定答題。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、如圖所示，水平放置的平行板電場(chǎng)，上極板接地，下極板帶正電，從板間電場(chǎng)的左邊緣P點(diǎn)可連續(xù)水平打出完全相同的帶負(fù)電的液滴，其初速度都為v0，垂直進(jìn)入電場(chǎng)區(qū)域，若某液滴恰落在B點(diǎn)位置，其速度大小為v，液滴落在下極板后電量即被吸收，則之后的另一液滴落在下極板時(shí)，下列說法正確的是A.可能仍落在B點(diǎn)B.可能落在C點(diǎn)C.落在下極板時(shí)的速度將大于vD.落在下極板時(shí)的速度將小于v2、如圖所示，實(shí)線是一簇未標(biāo)明方向的電場(chǎng)線，虛線是某一帶電粒子通過該電場(chǎng)區(qū)域時(shí)的運(yùn)動(dòng)軌跡，a、b是軌跡上的兩點(diǎn)．若帶電粒子在運(yùn)動(dòng)中只受電場(chǎng)力的作用，對(duì)于a，b兩點(diǎn)下列判斷正確的是（）A.電場(chǎng)中a點(diǎn)的電勢(shì)較高 B.帶電粒子在a點(diǎn)的動(dòng)能較小C.帶電粒子在a點(diǎn)的加速度較大 D.帶電粒子一定帶正電3、傾角為α的導(dǎo)電軌道間接有電源，軌道上靜止放有一根金屬桿ab.現(xiàn)垂直軌道平面向上加一勻強(qiáng)磁場(chǎng)，如圖所示，磁感應(yīng)強(qiáng)度B逐漸增加的過程中，ab桿受到的靜摩擦力（）A.逐漸增大 B.逐漸減小C先減小后增大 D.先增大后減小4、如圖甲所示的電路中，理想變壓器原、副線圈匝數(shù)比為10︰l，電流表、電壓表均為理想電表，R、L和D分別是光敏電阻（其阻值隨光強(qiáng)增大而減?。⒗硐刖€圈和燈泡．原線圈接入圖乙所示的正弦交流電壓u，下列說法中正確的是（）A.交流電的方向每秒鐘改變50次B.在t=0．005s時(shí)，電壓表的示數(shù)為VC.有光照射R時(shí)，D變亮D.抽出L中的鐵芯，電流表的示數(shù)變小5、如圖所示電路中，電源電壓U恒定，由于某元件出現(xiàn)故障，使燈L1變亮，燈L2不亮，其原因可能是（）A.R1斷路 B.R2斷路C.R2短路 D.R1短路6、如圖所示，一帶電粒子進(jìn)入一固定的正點(diǎn)電荷Q的電場(chǎng)中，沿圖中實(shí)線軌跡從a運(yùn)動(dòng)到b，a、b兩點(diǎn)到點(diǎn)電荷Q的距離分別為ra、rb（ra＞rb），不計(jì)粒子的重力，則可知rA.運(yùn)動(dòng)粒子帶負(fù)電B.b點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)小于a點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)C.a到b的過程中，電場(chǎng)力對(duì)粒子做負(fù)功D.a到b的過程中，粒子動(dòng)能和電勢(shì)能之和減小二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、如圖所示，A、B、C、D是勻強(qiáng)電場(chǎng)中的四個(gè)點(diǎn)，D是BC的中點(diǎn)A、B、C構(gòu)成一直角三角形，AB=0.1m，電場(chǎng)線與三角形所在的平面平行，已知A點(diǎn)的電勢(shì)為0V，B點(diǎn)的電勢(shì)為-5V，C點(diǎn)的電勢(shì)為15V，據(jù)此可以判斷（）A.場(chǎng)強(qiáng)方向由A指向CB.場(chǎng)強(qiáng)大小為100V/mC.將一帶電量為q=4×10-5C的正電荷從A點(diǎn)移到D點(diǎn)，電場(chǎng)力做功4×10-4JD.將一帶電量為q=4×10-5C的正電荷從A點(diǎn)移到D點(diǎn)，電勢(shì)能增大了2×10-4J8、如圖，半徑為R的圓形區(qū)域內(nèi)有垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B．M為磁場(chǎng)邊界上一點(diǎn)有無數(shù)個(gè)帶電量為q、質(zhì)量為m的相同粒子（不計(jì)重力）在紙面內(nèi)向各個(gè)方向以相同的速率通過M點(diǎn)進(jìn)入磁場(chǎng)，這些粒子射出邊界的位置均處于邊界的某一段圓弧上，這段圓弧的弧長(zhǎng)是圓周長(zhǎng)的．下列說法正確的是（）A.粒子從M點(diǎn)進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)的速率為B.粒子從M點(diǎn)進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)的速率為C.若將磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小增加到，則粒子射出邊界的圓弧長(zhǎng)度變?yōu)樵瓉鞤.若將磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小增加到，則粒子射出邊界的圓弧長(zhǎng)度變?yōu)樵瓉?、如圖所示，一導(dǎo)線彎成閉合線圈，以速度v向左勻速進(jìn)入磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁場(chǎng)方向垂直平面向外．線圈總電阻為R，從線圈進(jìn)入磁場(chǎng)開始到完全進(jìn)入磁場(chǎng)為止，下列結(jié)論正確的是（）A.感應(yīng)電流一直沿順時(shí)針方向B.線圈受到的安培力先增大，后減小C.感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的最大值E＝BrvD.穿過線圈某個(gè)橫截面的電荷量為10、如圖所示，扇形區(qū)域AOB內(nèi)存在有垂直平面向內(nèi)的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，OA和OB互相垂直是扇形的兩條半徑，長(zhǎng)度為R．一個(gè)帶電粒子1從A點(diǎn)沿AO方向進(jìn)入磁場(chǎng)，從B點(diǎn)離開，若與該粒子完全相同的帶電粒子2以同樣的速度從C點(diǎn)平行AO方向進(jìn)入磁場(chǎng)，C到AO的距離為R／2，則A.1粒子從B點(diǎn)離開磁場(chǎng)時(shí)，速度方向沿OB方向B.粒子帶負(fù)電C.2粒子仍然從B點(diǎn)離開磁場(chǎng)D.兩粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間之比為3：2三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）用游標(biāo)卡尺可以測(cè)量某些工件的外徑．如圖所示，則讀數(shù)為__________mm12．（12分）在“測(cè)定金屬的電阻率”的實(shí)驗(yàn)中：（1）用螺旋測(cè)微器測(cè)量金屬絲直徑時(shí)，其示數(shù)如圖1所示，則金屬絲的直徑為_____（2）某同學(xué)設(shè)計(jì)了如圖所示的電路測(cè)量該金屬絲的電阻（阻值約）可選用的器材規(guī)格如下：電源E（電動(dòng)勢(shì)，內(nèi)阻不計(jì)）；電流表A（，內(nèi)阻約）；電流表G（，內(nèi)阻為）；滑動(dòng)變阻器（阻值，額定電流）；滑動(dòng)變阻器（阻值，額定電流）；定值電阻；定值電阻；開關(guān)S和導(dǎo)線若干①為了便于操作，并使測(cè)量盡量精確，定值電阻應(yīng)選______，滑動(dòng)變阻器R應(yīng)選______②某次測(cè)量時(shí)電流表G的讀數(shù)為，安培表示數(shù)為，計(jì)算的準(zhǔn)確值為______（計(jì)算結(jié)果保留3為有效數(shù)字）四、計(jì)算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）電荷量q=1×10-4C的帶正電的小物塊靜止在絕緣水平面上，所在空間存在沿水平方向的電場(chǎng)，其電場(chǎng)強(qiáng)度E的大小與時(shí)間t的關(guān)系如圖1所示，物塊速度v的大小與時(shí)間t的關(guān)系如圖2所示.重力加速度g=10m/s2.求：（1）物塊與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)；（2）物塊在4s內(nèi)減少的電勢(shì)能.14．（16分）如圖所示，在E=1×104V/m的水平方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，有一光滑的半圓形絕緣軌道與一水平絕緣軌道MN連接，半圓形軌道所在的豎直平面與電場(chǎng)線平行，P為QN圓弧的中點(diǎn)，其半徑R=20cm，一帶正電q=1×10-4C的小滑塊質(zhì)量m=10g，與水平軌道間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0.1，位于N點(diǎn)右側(cè)L=1.25m處，取g=10m/s2，求：(1)要使小滑塊恰能運(yùn)動(dòng)到圓軌道的最高點(diǎn)Q，并在Q點(diǎn)脫離半圓軌道水平向右拋出，求滑塊落到水平軌道時(shí)的落點(diǎn)與Q點(diǎn)的距離是多大？(2)要使小滑塊恰能運(yùn)動(dòng)到圓軌道的最高點(diǎn)Q，則滑塊應(yīng)以多大的初速度v0向左運(yùn)動(dòng)？15．（12分）有一輛質(zhì)量為800kg小汽車駛上圓弧半徑為50m的拱橋，如圖所示．汽v車到達(dá)橋頂時(shí)速度為5m/s．取重力加速度g=10m/s2（1）畫出汽車經(jīng)過橋頂時(shí)，在豎直方向上的受力示意圖；（2）求汽車經(jīng)過橋頂時(shí)，汽車對(duì)橋的壓力的大小；（3）汽車對(duì)橋面的壓力過小是不安全的，請(qǐng)分析說明汽車在經(jīng)過該拱橋時(shí)，速度大些比較安全，還是小些比較安全

參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、D【解析】液滴的電量被下極板吸收后，極板的帶電量減小，由知板間電壓減小，則板間場(chǎng)強(qiáng)E減小，由牛頓第二定律知液滴的加速度會(huì)變化，以此分析各個(gè)選項(xiàng)即可.【詳解】液滴的電量被下極板吸收后，極板的帶電量Q減小，由知板間電壓U減小，則板間場(chǎng)強(qiáng)E減小，液滴受重力、電場(chǎng)力，由牛頓第二定律知：

減小.A、B、豎直方向：偏轉(zhuǎn)量，y不變a減小，所以t增大，水平方向：x=v0t增大，所以落在B的右側(cè)，故A、B錯(cuò)誤；C、D、豎直方向：，a減小，所以vy減小，落在下極板時(shí)的速度：減小，故C錯(cuò)誤，D正確.故選D.【點(diǎn)睛】本題考查了液滴在電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)，解決的思路還是類平拋運(yùn)動(dòng)的方法，但要明確哪些量在變化，哪些量不變.2、C【解析】A．根據(jù)圖中軌跡分析，粒子軌跡向左彎曲，說明粒子在a、b兩點(diǎn)受電場(chǎng)力沿電場(chǎng)線向左，但電場(chǎng)線方向不明，故無法判斷電勢(shì)高低，A錯(cuò)誤B．從a到b的過程中，根據(jù)軌跡彎曲方向與粒子速度方向的關(guān)系分析可知：如果粒子從a運(yùn)動(dòng)到b電場(chǎng)力做負(fù)功，動(dòng)能減少，a點(diǎn)動(dòng)能大；如果粒子從b運(yùn)動(dòng)到a，電場(chǎng)力做正功，動(dòng)能增大，a點(diǎn)動(dòng)能大．所以粒子在a點(diǎn)動(dòng)能大C．根據(jù)電場(chǎng)線疏密可判斷a處場(chǎng)強(qiáng)大于b處場(chǎng)強(qiáng)，由牛頓第二定律得：，場(chǎng)強(qiáng)大的地方，粒子加速度大，所以帶電粒子在a點(diǎn)的加速度較大，C正確D．結(jié)合選項(xiàng)A的分析，由于電場(chǎng)線的方向未知，無法判斷粒子帶電的正負(fù)，D錯(cuò)誤3、C【解析】加上磁場(chǎng)之前對(duì)桿受力分析：受重力、支持力、靜摩擦力；根據(jù)平衡條件可知：mgsinθ=f；加速磁場(chǎng)后，根據(jù)左手定則，安培力的方向平行斜面向上，磁感應(yīng)強(qiáng)度B逐漸增加的過程中，安培力逐漸增加；根據(jù)平衡條件，有：mgsinθ=f′+FA；由于安培力逐漸變大，故靜摩擦力先減小后反向增加；故選C4、C【解析】通過觀察圖象可知交流電的周期為0.02s，頻率為50Hz，每秒鐘有50個(gè)周期，一個(gè)周期內(nèi)電流方向改變兩次，每秒鐘電流方向改變100次，所以A項(xiàng)錯(cuò)誤；在t=0．005s時(shí)，原線圈電壓達(dá)到了最大值V，根據(jù)匝數(shù)比可知，副線圈電壓最大值為V，由于電表示數(shù)顯示的是有效值22V，所以B項(xiàng)錯(cuò)誤；原線圈電壓不變，匝數(shù)比不變，副線圈電壓不變，有光照射R時(shí)，電阻減小，副線圈電流變大，D變亮，所以C項(xiàng)正確；根據(jù)感抗公式，抽出L中的鐵芯，感抗減小，副線圈電流增大，原線圈電流增大，電流表的示數(shù)變大，所以D項(xiàng)正確5、D【解析】A.若R1斷路，則總電阻變大，總電流變小，L1變暗，不符合題意，故A錯(cuò)誤；B.若R2斷路，電路不通，則燈L1和燈L2都不亮，不符合題意，故B錯(cuò)誤；C.若R2短路，總電阻變小，總電流變大，燈L1變亮，L2是發(fā)光的，不符合題意，故C錯(cuò)誤；D.若R1短路，總電阻變小，總電流變大，燈L1變亮，L2被短路不亮，符合題意，故D正確6、C【解析】A．根據(jù)粒子軌跡的彎曲方向向左彎曲，可知粒子受到排斥力，則帶電粒子帶正電，故A不符合題意；B．由公式，由于ra＞rb，可知，b點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大于a點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)，故B不符合題意；C．a(chǎn)到b的過程中，電場(chǎng)力方向與粒子的速度方向成鈍角，對(duì)粒子做負(fù)功，故C符合題意；D．粒子在運(yùn)動(dòng)過程中，只有電場(chǎng)力做功，所以動(dòng)能與電勢(shì)能總和不變，故D不符合題意。故選C。二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、BD【解析】A．由題意知：D點(diǎn)電勢(shì)為5V，根據(jù)對(duì)稱性，0V電勢(shì)應(yīng)該在BD中點(diǎn)，又因?yàn)椤螧=60°，故電場(chǎng)線沿BC方向，且由C指向B，故A錯(cuò)誤。B．由題意BC=0.2m，得故B正確。CD．將一帶電量為q=4×10-5C的正電荷從A點(diǎn)移到D點(diǎn)，電場(chǎng)力做負(fù)功W=Uq=5V×4×10-5C=2×10-4J電勢(shì)能增大了2×10-4J，故C錯(cuò)誤，D正確。故選BD。8、BD【解析】A、邊界上有粒子射出的范圍是偏轉(zhuǎn)圓直徑為弦所對(duì)應(yīng)的邊界圓弧長(zhǎng)，即偏轉(zhuǎn)圓半徑，所以，，故A錯(cuò)誤，B正確；C、磁感應(yīng)強(qiáng)度增加到原來的倍，那么，偏轉(zhuǎn)圓半徑，所以，偏轉(zhuǎn)圓直徑對(duì)應(yīng)的弦長(zhǎng)為R，有粒子射出的邊界圓弧對(duì)應(yīng)的圓心角為，所以粒子射出邊界的圓弧長(zhǎng)度變?yōu)樵瓉?，故C錯(cuò)誤，D正確9、AB【解析】由楞次定律可判斷感應(yīng)電流的方向，由左手定則可得出安培力的方向；分析線圈有效切割長(zhǎng)度的變化，由法拉第電磁感應(yīng)定律可分析感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的變化，確定感應(yīng)電流和安培力的變化．當(dāng)有效的切割長(zhǎng)度最大時(shí)，產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)最大，最大的有效切割長(zhǎng)度等于2r．根據(jù)q=求解電量【詳解】線圈進(jìn)入磁場(chǎng)的過程，磁通量一直增大，根據(jù)楞次定律判斷可知感應(yīng)電流一直沿順時(shí)針方向，故A正確．設(shè)線圈有效的切割長(zhǎng)度為L(zhǎng)，由圖可知L先增大后減小，線圈受到的安培力，則知安培力先增大，后減小，故B正確．最大的有效切割長(zhǎng)度等于2r，則感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的最大值E=2Brv，故C錯(cuò)誤．穿過線圈某個(gè)橫截面的電荷量為，故D錯(cuò)誤．故選AB【點(diǎn)睛】本題運(yùn)用安培力與速度的關(guān)系式、電量與磁通量變化量的關(guān)系式是兩個(gè)關(guān)鍵，要理解有效切割長(zhǎng)度的意義，運(yùn)用楞次定律和法拉第電磁感應(yīng)定律進(jìn)行分析.10、ACD【解析】粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力提供向心力，作出粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡，應(yīng)用數(shù)學(xué)知識(shí)與牛頓第二定律分析答題【詳解】A項(xiàng)：粒子1從A點(diǎn)正對(duì)圓心射入，恰從B點(diǎn)射出，粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)圓心角為90°，1粒子從B點(diǎn)離開磁場(chǎng)時(shí)，速度方向沿OB方向，故A正確；B項(xiàng)：帶電粒子從A點(diǎn)沿AO方向進(jìn)入磁場(chǎng)，從B點(diǎn)離開，那么粒子在A點(diǎn)向右上方偏轉(zhuǎn)，則由左手定則可判定：粒子帶正電，故B錯(cuò)誤；C項(xiàng)：粒子2從C點(diǎn)沿CD射入其運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示，設(shè)對(duì)應(yīng)的圓心為O1，運(yùn)動(dòng)軌道半徑也為BO=R，連接O1C、O1B，O1COB是平行四邊形，O1B=CO，則粒子2一定從B點(diǎn)射出磁場(chǎng)，故C正確；D項(xiàng)：粒子1的速度偏角，粒子在磁場(chǎng)中轉(zhuǎn)過的圓心角θ1=90°，連接PB，可知P為O1C的中點(diǎn)，由數(shù)學(xué)知識(shí)可知，θ2=∠BO1P=60°，粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的周期：，兩粒子的周期相等粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間，運(yùn)動(dòng)時(shí)間之比：t1：t2=θ1：θ2=90°：60°=3：2，故D正確故選ACD【點(diǎn)睛】本題考查了粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)，粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力提供向心力，作出粒子運(yùn)動(dòng)軌跡、應(yīng)用數(shù)學(xué)知識(shí)、周期公式即可正確解題三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、7【解析】游標(biāo)卡尺讀數(shù)的方法是主尺讀數(shù)加上游標(biāo)尺讀數(shù)，不需估讀.【詳解】游標(biāo)卡尺的主尺讀數(shù)為30mm，游標(biāo)尺上第7個(gè)刻度和主尺上的某一刻度對(duì)齊，因此游標(biāo)尺讀數(shù)為0.1×7mm=0.7mm，所以最終讀數(shù)為：30mm+0.7mm=30.7mm.【點(diǎn)睛】解決本題的關(guān)鍵掌握游標(biāo)卡尺的讀數(shù)方法，游標(biāo)卡尺讀數(shù)的方法是主尺讀數(shù)加上游標(biāo)尺讀數(shù)，不需估讀.12、①.②.③.④.【解析】（1）固定刻度讀數(shù)為，則此金屬絲的直徑為（2）根據(jù)閉合電路歐姆定律電路和電流表最小讀數(shù)，可求出電路中需要的最大電阻為：，由于待測(cè)電阻電阻為，所以滑動(dòng)變阻器應(yīng)用根據(jù)串分壓原理，，故定值電阻根據(jù)電阻定律，由：【點(diǎn)睛】根據(jù)閉合電路歐姆定律電路和電流表最小讀數(shù)，可求出電路中需要的最大電阻，根據(jù)歐姆定律再進(jìn)行求解；用伏安法測(cè)量電阻，首先要考慮安全，其次準(zhǔn)確，最后操作方便四、計(jì)算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）0.2（2）14J【解析】（1）由圖可知，前2s物塊做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，由牛頓第二定律有：qE1-μmg=ma，由圖線知加速度為：a=1m/s22s后物塊做勻速運(yùn)動(dòng)，由平衡條件有：qE2=μmg聯(lián)立解得：q（E1-E2）=ma由圖可得：E1=3×104N/C