吉林省德惠市九校2025屆物理高二上期末聯(lián)考模擬試題含解析

吉林省德惠市九校2025屆物理高二上期末聯(lián)考模擬試題注意事項1．考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回．2．答題前，請務必將自己的姓名、準考證號用0．5毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規(guī)定位置．3．請認真核對監(jiān)考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準考證號與本人是否相符．4．作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應選項的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案．作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效．5．如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等須加黑、加粗．一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、下列說法正確的是A.判斷洛倫茲力的方向，四指指向表示電荷運動方向B.洛倫茲力是安培力的宏觀表現C.運動電荷在磁場中收到的洛倫茲力大小一定等于D.洛倫茲力不做功2、法拉第圓盤發(fā)電機的示意圖如圖所示．半徑為L的銅圓盤安裝在豎直的銅軸上，兩銅片P、Q分別與圓盤的邊緣和銅軸接觸，磁感強度為B，關于流過電阻R的電流，下列說法正確的是（）A.若圓盤轉動的角速度為ω，則發(fā)電機產生的電動勢為B.若從上向下看，圓盤順時針轉動，則電流沿b到a的方向流動C.若圓盤轉動方向不變，角速度大小發(fā)生變化，則電流方向可能發(fā)生變化D.若圓盤轉動的角速度變?yōu)樵瓉淼?倍，則電流在R上的熱功率也變?yōu)樵瓉淼?倍3、如圖所示，絕緣細線懸掛著的兩小球帶同種電荷，將它們相互靠近，觀察到兩小球向兩側偏離的角度增大，由此可以推斷（）A.同種電荷相互吸引，距離越近電荷間的作用力越大B.同種電荷相互吸引，距離越近電荷間的作用力越小C.同種電荷相互排斥，距離越近電荷間作用力越大D.同種電荷相互排斥，距離越近電荷間的作用力越小4、兩相鄰勻強磁場區(qū)域的磁感應強度大小不同、方向平行．一速度方向與磁感應強度方向垂直的帶電粒子（不計重力），從較強磁場區(qū)域進入到較弱磁場區(qū)域后，粒子的A.軌道半徑減小，角速度增大B.軌道半徑減小，角速度減小C.軌道半徑增大，角速度增大D.軌道半徑增大，角速度減小5、如圖所示，質量為m的物體從桌面邊緣豎直向上拋出，桌面比地面高h，物體到達的最高點距桌面高為H，若以桌面為參考面，則物體落地時的重力勢能Ep和整個過程中重力所做的功WG為（）A.0mgH B.–mghmghC.-mghmg（h+H） D.mgHmg(h+2H）6、兩個完全相同的金屬小球，帶電荷量分別為+Q和-5Q，當兩小球相距為d（d遠大于小球半徑）時，它們之間的庫侖力大小為F。若讓兩小球接觸后再放回原處，則它們之間的庫侖力大()A. B.C. D.二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，一帶電粒子（重力不計）在勻強磁場中沿圖中軌道運動，中央是一薄絕緣板，粒子在穿過絕緣板時有動能損失，由圖可知（）A.粒子的動動方向是abcdeB.粒子帶正電C.粒子的運動方向是edcbaD.粒子在下半周期比上半周期所用時間長8、如圖，平行金屬板中帶電質點P處于靜止狀態(tài)，不考慮電流表和電壓表對電路的影響，選地面的電勢為零，當滑動變阻器R4的滑片向a端移動時，下列說法正確的是（）A.電壓表讀數減小B.質點P將向上運動C.電流表的示數減小D.電源的效率變高9、有一個理想變壓器的原副線圈匝數之比為n1：n2=2：1，電源電壓，電阻R1=4Ω，R2=2Ω，它們消耗的功率分別為P1和P2，則A.P1=4WB.P1=16WC.P2=2WD.P2=8W10、如圖所示，兩光滑平行導軌水平放置在勻強磁場中，磁場垂直于導軌所在平面向里，金屬棒ab可沿導軌自由滑動，導軌一端跨接一個定值電阻R，導軌電阻不計?，F將金屬棒沿導軌由靜止向右拉，若保持拉力恒定，當速度為v時加速度為a1，最終以速度2v做勻速運動；若保持拉力的功率恒定，當速度為v時加速度為a2，最終也以2v做勻速運動，則（）A.兩種情況中，金屬棒ab都是從靜止開始做加速度減小的加速度運動，直到勻速B.兩種情況中，金屬棒最終受到的拉力一樣大C.a2＝2a1D.a2＝3a1三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）如圖，讀出下列游標卡尺和螺旋測微器的讀數(1)游標卡尺讀數為______cm(2)螺旋測微器讀數為______mm12．（12分）(1)．用20分度的游標卡尺測量某物長度如圖所示，可知其長度為___________________mm；(2).用螺旋測微器測量某圓柱體的直徑如圖所示，可知其直徑為____________________mm；(3)用伏安法測金屬絲的電阻時，若金屬絲的電阻大約是5Ω，電流表內阻是1Ω，電壓表內阻是3kΩ，則下列說法正確的是（）A．應將電流表外接，測量值比真實值大B．應將電流表外接，測量值比真實值小C．應將電流表內接，測量值比真實值大D．應將電流表內接，測量值比真實值小(4)下述關于多用電表歐姆檔測量電阻的說法中正確的是（）A.測量電阻時，如果紅、黑表筆分別插在負、正插孔，則會影響測量結果B.測量電阻時，如果指針偏轉過大，應將選擇開關S撥至倍率較大的檔位，重新調零后測量C.測量電路中的某個電阻，應該把該電阻與電路斷開D.測量阻值不同的電阻時，都必須重新調零(5)“測定電池的電動勢和內阻”的實驗中，下列注意事項中錯誤的是（）A.應選用舊的干電池作為被測電源，以使電壓表示數的變化比較明顯B.移動變阻器的觸頭時，不能使滑動變阻器短路造成電流表過載C.應選用內阻較小的電壓表和電流表D.由實驗記錄數據作U－I圖像時，應通過盡可能多的點畫一條直線，并使不在直線上點大致均勻分布在直線兩側四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，兩平行帶電金屬板M、N長度及間距均為2R，在兩板間半徑為R的圓形區(qū)域內有磁感應強度方向垂直紙面向里、大小為B的勻強磁場，兩板及左右側邊緣連線均與磁場邊界恰好相切。一質量為m、電荷量為+q的帶電粒子沿兩板間中心線O1O2，從左側O1點以初速度v0射入，沿直線通過圓形磁場區(qū)域，從右側O2點射出，不計粒子重力。求：（1）M、N板的帶電性質及兩板間電壓U；（2）若兩極板不帶電，保持磁場不變，粒子仍沿中心線O1O2從左側O1點射入，欲使粒子能從兩板間射出，則射入的初速度應滿足的條件。14．（16分）質譜儀是測量帶電粒子的質量和分析同位素的重要工具．如圖所示為一種質譜儀的原理示意圖．帶電粒子從容器A下方的小孔飄入電勢差為U的加速電場，其初速度幾乎為零，然后沿著與磁場垂直的方向進入磁感應強度為B的勻強磁場中，最后打到照相底片D上．忽略重力的影響(1)若電荷量為+q、質量為m的粒子，由容器A進入質譜儀，最后打在底片上某處，求粒子在磁場中做勻速圓周運動的半徑R(2)若有某種元素的兩種同位素的原子核由容器A進入質譜儀，在磁場中運動軌跡的直徑之比為d1:d2，求它們的質量之比(3)若將圖中的勻強磁場替換為水平向左的勻強電場，(2)中兩種同位素的原子核由容器A進入質譜儀，是否會打在底片上?是否會被分離成兩股粒子束?請通過計算說明你的觀點15．（12分）如圖所示，MN、PQ為足夠長的平行金屬導軌．間距L=0.50m，導軌平面與水平面間夾角θ=37°，N、Q間連接一個電阻R=5.0Ω，勻強磁場垂直于導軌平面向上，磁感應強度B=1.0T．將一根質量m=0.05kg的金屬棒放在導軌的ab位置，金屬棒及導軌的電阻不計．現由靜止釋放金屬棒，金屬棒沿導軌向下運動過程中始終與導軌垂直，且與導軌接觸良好．已知金屬棒與導軌間的動摩擦因數，當金屬棒滑至處時，其速度大小開始保持不變，位置cd與ab之間的距離．已知，，．求：（）金屬棒沿導軌開始下滑時的加速度大??；（）金屬棒達到cd處的速度大??；（）金屬棒由位置ab運動到cd的過程中，電阻R產生的熱量

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】A．判斷洛倫茲力的方向，四指指向表示正電荷運動方向，負電荷運動的反方向，A錯誤；B．安培力是洛倫茲力的宏觀表現，B錯誤；C．運動電荷在磁場中受到的洛倫茲力，只考慮與磁場垂直的速度，C錯誤；D．洛倫茲力和速度垂直，所以不做功，D正確；故選D。2、A【解析】A．若圓盤轉動的角速度為ω，則發(fā)電機產生的電動勢故A項正確B．若從上向下看，圓盤順時針轉動，據右手定則可得流過電阻R的電流沿a到b的方向流動．故B項錯誤C．若圓盤轉動方向不變，角速度大小發(fā)生變化，電流方向不變．故C項錯誤D．若圓盤轉動的角速度變?yōu)樵瓉淼?倍，則發(fā)電機產生的電動勢變?yōu)樵瓉淼?倍，電流在R上的熱功率也變?yōu)樵瓉淼?倍．故D項錯誤故選A。點睛：導體棒轉動切割磁感線時，產生的感應電動勢，其中指棒上各點的平均速度即棒中點的速度3、C【解析】同種電荷間一定為斥力，故選項A、B錯誤；由庫侖定律知距離越近斥力越大，兩小球向兩側偏離的角度增大，故選項C正確4、D【解析】由于磁場方向與速度方向垂直，粒子只受到洛倫茲力作用，即，軌道半徑，洛倫茲力不做功，從較強到較弱磁場區(qū)域后，速度大小不變，但磁感應強度變小，軌道半徑變大，根據角速度可判斷角速度變小，選項D正確【定位】磁場中帶電粒子的偏轉【名師點睛】洛倫茲力在任何情況下都與速度垂直，都不做功，不改變動能【此處有視頻，請去附件查看】5、B【解析】取桌面為參考面，物體落地時的高度為-h，則物體的重力勢能為-mgh；重力做功與路徑無關，只與起點和終點的位置有關，則重力做功為WG=mgh故選B。6、D【解析】初始時，兩球之間的庫侖力為兩球接觸后，電荷先中和再平分，兩球電荷量變?yōu)?，故庫侖力變?yōu)楣蔬xD。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BC【解析】帶電粒子在磁場中由洛倫茲力充當向心力而做勻速圓周運動，則由可得：，可見粒子的軌跡半徑與速率成正比；因粒子在穿過板后速度減小，則粒子的半徑減小，故說明粒子是由下向上穿過絕緣板，故運動方向為edcba；故A錯誤，C正確；粒子受力指向圓心，則由左手定則可知粒子應帶正電，故B正確．因粒子轉動的周期，在轉動中磁感應強度及質量沒有變化，故周期不變，而由圖可知，粒子在上下都經過半個周期，時間相等；故D錯誤8、BCD【解析】AC．由圖可知，R2與滑動變阻器R4串聯(lián)后與R3并聯(lián)后，再與R1串聯(lián)接在電源兩端；電容器與R3并聯(lián)；當滑片向a移動時，滑動變阻器接入電阻增大，則電路中總電阻增大；由閉合電路歐姆定律可知，電路中電流減小；路端電壓增大，同時R1兩端的電壓也減??；故并聯(lián)部分的電壓增大；由歐姆定律可知流過R3的電流增大，則流過串聯(lián)部分的電流減小，即電流表示數減小，因而R2中電壓減小，故電壓表示數增大，故A錯誤，C正確；B．因電容器兩端電壓等于聯(lián)部分電壓，增大，故電荷受到的向上電場力增大，則重力小于電場力，合力向上，電荷向上運動，故B正確；D．電源的效率為當滑動變阻器R4的滑片向a端移動時，外電路中的電阻變大，所以電源的效率變高，故D正確。故選BCD。9、AD【解析】CD.由電源電壓知理想變壓器變壓關系，所以流過R2的電流，R2消耗的功率選項D正確，C錯誤；AB.流過R1的電流R1消耗的功率選項A正確，B錯誤。故選AD。10、ABD【解析】A．兩種情況中，金屬棒ab運動過程中速度越來越大，安培力越來越大，根據牛頓第二定律可知加速度越來越小，最后勻速，所以兩種情況都是從靜止開始做加速度減小的加速度運動，直到勻速，故A正確；B．兩種情況中，金屬棒最終都是勻速運動，則受到的拉力有：，兩種情況中，金屬棒最終受到的拉力一樣大，故B正確；CD．當拉力恒定，速度為v，加速度為a1時，根據牛頓第二定律有：解得：若保持拉力的功率恒定，速度為2v時，拉力為F，則有：P=F?2v得：則當速度為v時，拉力大小為：根據牛頓第二定律得：解得：所以有a2=3a1，故C錯誤，D正確。故選ABD。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.10.04②.5.803（5.802~5.804）【解析】解決本題的關鍵掌握游標卡尺讀數的方法，主尺讀數加上游標尺讀數，不需估讀．螺旋測微器的讀數方法是固定刻度讀數加上可動刻度讀數，在讀可動刻度讀數時需估讀【詳解】（1）游標卡尺的主尺讀數為100mm，游標尺上第4個刻度和主尺上某一刻度對齊，所以游標尺讀數為4×0.1mm=0.4mm，所以最終讀數為：10mm+0.4mm=100.4mm=10.04cm（2）螺旋測微器的固定刻度為5.5mm，可動刻度為30.3×0.01mm=3.030mm，所以最終讀數為5.5mm+3.030mm=5.803mm【點睛】對于基本測量儀器如游標卡尺、螺旋測微器等要了解其原理，要能正確使用這些基本儀器進行有關測量12、①.50.15②.4.700③.B④.C⑤.C【解析】（1）游標卡尺的讀數方法是主尺加游標；（2）螺旋測微器的讀數方法是固定刻度加上可動刻度，后者需要估讀；（3）伏安法測電阻有電流表內接與電流表外接兩種，由于不是理想電變，所以都存在誤差；（4）歐姆表注意換檔之后調零；（5）測定電源電動勢與內阻應選內阻較大的電源、內阻大的電壓表與內阻小的電流表【詳解】（1）首先確定游標卡尺為20分度，然后讀出主尺為50mm，再看游標與3對齊，故為50mm+3÷20×3mm=50.15mm（2）先讀出固定刻度為4.5mm，再估讀可動刻度為0.200mm，故最終為4.700mm（3）金屬絲的電阻與電流表更接近，為了防止電流表分壓造成更大誤差，應使用電流表外接，此時電壓表分流造成測量電流比實際電流大，所以測得的電阻比真實值小，故選B.（4）A.只有測量電流與電壓時才需要注意表筆的接法，測電阻時不需要，故A錯誤；B.測量電阻時，指針偏轉過大，說明電阻過小，為了讓指針指在中間位置，應換更小的檔位；C.測量電路中某個電阻時，應把電阻與電路其他部分斷開，C正確；D.只有換檔之后需要重新調零，D錯誤（5）A.測定電源電動勢與內阻時為了使讀數更明顯，選擇舊電池，因為舊電池內阻大，A正確，故不選；B.移動滑動變阻器的滑片時,不能使滑動變阻器短路造成電流表過載,B說法正確，故不選；C.實驗所用電池內阻很小,相對于電源來說應采用電流表外接法,電流表外接法的誤差來源是電壓表的分流,電壓表內阻越大,實驗誤差越小,應選擇內阻大的電壓表進行實驗,故C錯誤，選C;D.根據實驗記錄的數據作U-I圖象時,應通過盡可能多的點畫一條直線,并使不在直線上的點大致均勻分布在直線兩側.所以