2025屆遼寧省大連瓦房店市第六高級中學物理高二第一學期期末達標檢測模擬試題含解析

2025屆遼寧省大連瓦房店市第六高級中學物理高二第一學期期末達標檢測模擬試題考生請注意：1．答題前請將考場、試室號、座位號、考生號、姓名寫在試卷密封線內，不得在試卷上作任何標記。2．第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號內，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3．考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，在水平冰面上，狗拉著雪橇做勻速圓周運動，O點為圓心。能正確表示雪橇受到的牽引力F及摩擦力Ff的圖是（）A. B.C. D.2、一個電荷量為q的正點電荷位于電場中A點，受到的電場力為F，則A點的電場強度大小E=F/q，方向與F相同．若把該點電荷換為電荷量為2q的負點電荷，則A點的電場強度A.大小仍為E，方向與原來相反B.大小變?yōu)镋/2，方向與原來相反C.大小仍為E，方向與原來相同D.大小變?yōu)镋/2，方向與原來相同3、如圖所示，勻強電場中三點A、B、C是一個三角形的三個頂點，∠ABC＝∠CAB＝30°，BC＝2m．已知電場線平行于△ABC所在的平面，一個電荷量q＝﹣1×10﹣6C的點電荷由A移到B的過程中，電勢能增加了1.2×10﹣5J，由B移到C的過程中電場力做功6×10﹣6J，下列說法正確的是（）A.B、C兩點的電勢差UBC＝3VB.該電場的場強為2V/mC.正電荷由C點移到A點的過程中，電勢能減少D.A點的電勢低于B點的電勢4、圖為遠距離輸電示意圖，兩變壓器均為理想變壓器，升壓變壓器T的原、副線圈匝數分別為n1、n2．在T的原線圈兩端接入一電壓的交流電源，若輸送電功率為P，輸電線的總電阻為2r，不考慮其它因素的影響，則輸電線上損失的電功率為()A. B.C. D.5、用多用電表測直流電壓U和測電阻R時，若紅表筆插入多用電表的(＋)插孔，則()A.測U時電流從紅表筆流入多用電表，測R時電流從紅表筆流出多用電表B.測U、測R電流均從紅表筆流入多用電表C.測U、測R電流均從紅表筆流出多用電表D.測U時電流從紅表筆流出多用電表，測R時電流從紅表筆流入多用電表6、電場中有一點P，下列說法正確的是（）A.若放在P點的電荷的電荷量減半，則P點場強減半B.若P點沒有試探電荷，則P點的場強為零C.P點的場強越大，則同一電荷在P點所受的靜電力越大D.P點的場強方向為試探電荷在該點的受力方向二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖1，閉合矩形導線框abcd固定在勻強磁場中，磁場的方向與導線框所在平面垂直，磁感應強度B隨時間t變化的規(guī)律如圖2所示。規(guī)定垂直紙面向外為磁場的正方向，線框中順時針電流的方向為感應電流的正方向，水平向右為安培力的正方向。關于線框中的感應電流i與ad邊所受的安培力F隨時間t變化的圖像，下列選項正確的是（）A. B.C. D.8、如圖所示，在x軸上方存在垂直于紙面向里且磁感應強度為B的勻強磁場，在x軸下方存在垂直于紙面向外且磁感應強度為B/2的勻強磁場．一帶負電的粒子從原點O以與x軸成30°角斜向上射入磁場，且在x軸上方磁場中運動的半徑為R．則()A.粒子經偏轉后一定能回到原點OB.粒子在x軸上方和下方磁場中運動的半徑之比為2∶1C.粒子完成一次周期性運動的時間為D.粒子第二次射入x軸上方磁場時，沿x軸前進了3R9、如圖所示，電源電動勢E和內阻r一定，R1、R2是定值電阻，R3是光敏電阻(光敏電阻阻值隨光照強度的增加而變小)．閉合開關，當照射到R3的光照強度增加時，以下判斷正確的是（）A.電流表示數一定變小 B.電壓表示數一定變小C.R2的功率一定變大 D.R1的功率一定變大10、如圖所示，勻強電場電場強度為1×103N/C，ab=dc=4cm，bc=ad=3cm，則下述計算結果正確的是（）A.a、b之間的電勢差為4000VB.a、c之間的電勢差為40VC.將q=-5×10-3C的點電荷沿矩形路徑abcda移動一周，靜電力做功為零D.將q=-5×10-3C的點電荷沿abc或adc從a移動到c，靜電力做功都是-0.25J三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某同學要測量一個由均勻新材料制成的圓柱體的電阻率。步驟如下：(1)用游標卡尺測量其長度；(2)用多用電表粗測其阻值：當用“×100”擋時發(fā)現指針偏轉角度過大，他應該換用______擋（填“×10”或“×1k”），換擋并進行一系列正確操作后，指針靜止時如圖所示，則金屬棒的阻值約為______Ω。(3)為了更精確地測量其電阻，現有的器材及其代號和規(guī)格如下：待測圓柱體電阻R；電流表A1（量程0～3mA，內阻約50Ω）；電流表A2（量程0～15mA，內阻約30Ω）；電壓表V(量程0～3V，內阻約10KΩ)；滑動變阻器R1（阻值范圍0～15Ω）；滑動變阻器R2（阻值范圍0～2kΩ；）直流電源E（電動勢4V，內阻不計）；開關S，導線若干。為使實驗誤差較小，要求測得多組數據進行分析，電流表應選____，滑動變阻器應選____（選填代號）。(4)請在圖中補充連線并完成實驗。_____12．（12分）用如圖所示的多用電表測量電阻，要用到選擇開關K和兩個部件S、，請根據下列步驟完成電阻測量。(1)將K旋轉到電阻檔“”的位置；(2)將插入“”、“”插孔的表筆短接，轉動部件___選填“S”、“T”或“K”；使指針對準電阻的____；填“0刻度線”或“刻線”(3)將兩表筆分別與待測電阻相接，發(fā)現指針偏轉角度過小。為了得到比較準確的測量結果，請從下列選項中選出合理的步驟____；A.將K旋轉到電阻擋“”的位置B.將K旋轉到電阻擋“”位置C.將兩表筆短接，旋動合適部件，進行歐姆調零D.將兩表筆的金屬部分分別與被測電阻的兩根引線相接(4)測量完畢后，把選擇開關旋到______。四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，一對光滑的平行金屬導軌固定在同一水平面內，導軌間距l(xiāng)=0.5m，左端接有阻值R=0.3Ω的電阻．一質量m=0.1kg，電阻r=0.1Ω的金屬棒MN放置在導軌上，整個裝置置于豎直向上的勻強磁場中，磁場的磁感應強度B=0.4T．棒在水平向右的外力作用下，由靜止開始以a=2m/s2的加速度做勻加速運動，當棒的位移x=9m時撤去外力，棒繼續(xù)運動一段距離后停下來，已知撤去外力前后回路中產生的焦耳熱之比Q1：Q2=2：1．導軌足夠長且電阻不計，棒在運動過程中始終與導軌垂直且兩端與導軌保持良好接觸．求（1）棒在勻加速運動過程中，通過電阻R的電荷量q；（2）撤去外力后回路中產生的焦耳熱Q2；（3）外力做的功WF14．（16分）某組同學利用如圖1所示的實驗電路要測定一節(jié)干電池的電動勢和內電阻，要求盡量減小實驗誤差。供選擇的器材有：電流表（0～0.6A）、電壓表（0～3V，內阻約15kΩ）、電阻箱R（0～999.9Ω）、開關一個，導線若干。（計算結果均保留兩位有效數字）（1）這組同學記錄了6組數據，對應的點已經標在圖2坐標紙上。請在坐標紙上畫出U－I圖線，并根據所畫圖線________，得出干電池的電動勢E值和內電阻r值______；（2）當U=1.36V時，計算電源的輸出功率P的大小______；（3）用一個電動勢為E、內電阻為r的電源，向電阻箱R供電。請推導電源輸出功率最大時需滿足的條件______。15．（12分）如圖所示，質量為m、電量為-q的帶電粒子在兩個等量同種正電荷（電荷量均為Q）連線的中垂面上以某一速度做半徑為4L的勻速圓周運動；如果此粒子以同樣大小的速度繞電荷量為+Q的點電荷做勻速圓周運動，求粒子的運動半徑是多少？粒子重力忽略不計.（sin37°＝0.6，cos37°＝0.8）

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】A．因雪橇做勻速圓周運動，合力一定指向圓心。故摩擦力的合力和牽引力的合力應該豎直向上，根據力的合成遵循平行四邊形定則，可知牽引力的方向斜向右上方，由此可知，A錯誤；B．由于雪橇在冰面上滑動，其滑動摩擦力方向必與運動方向相反，即沿圓的切線方向B錯誤；C．因雪橇做勻速圓周運動，合力一定指向圓心。故摩擦力的合力和牽引力的合力應該豎直向上，根據力的合成遵循平行四邊形定則，可知牽引力的方向斜向右上方，由此可知，C正確；D．由于雪橇在冰面上滑動，其滑動摩擦力方向必與運動方向相反，即沿圓的切線方向D錯誤。故選C。2、C【解析】電場中某點的電場強度是由電場本身決定的物理量，與試探電荷的電量和電性以及所受的電場力均無關；A．大小仍為E，方向與原來相反，與結論不相符，選項A錯誤；B．大小變?yōu)镋/2，方向與原來相反，與結論不相符，選項B錯誤；C．大小仍為E，方向與原來相同，與結論相符，選項C正確；D．大小變?yōu)镋/2，方向與原來相同，與結論不相符，選項D錯誤；3、B【解析】根據電勢差的定義式求B、C兩點的電勢差，勻強電場的電場線為相互平行間隔相等的平行線，而等勢線與電場線垂直，由題意知AB連線上一定有一點的電勢與C點相等，故可以找到一條等勢線，根據電場線與等勢線的特點可確定電場線的方向，再根據公式求出電場強度；【詳解】A、由B移到C的過程中電場力做功，則B、C兩點的電勢差為：，故A錯誤；B、同理可知：，由于，則可知：，在AB連線取一點D為該線中點，所以，由于，則，所以C、D電勢相等，所以CD連線為等勢線，而三角形ABC為等腰三角形，所以電場強度方向沿著AB方向，由A指向B．因為，由幾何關系得：，所以，所以該電場的場強為，故B正確；C、由于，根據得：正電荷由C移到A的過程中，電場力做負功，所以電勢能增加，故C錯誤；D、點電荷由A移到B的過程中，電勢能增加，知電場力做功，A、B兩點的電勢差，所以A點的電勢高于B點的電勢，故D錯誤【點睛】本題的關鍵在于找出等勢面，然后才能確定電場線，要求學生明確電場線與等勢線的關系，能利用幾何關系找出等勢點，再根據等勢線的特點確定等勢面，知道公式應用時為沿著電場線方向的距離4、C【解析】加在原線圈上電壓，根據電壓比與匝數比關系：，所以：根據，輸電線上的電流，輸電線上消耗的功率．故C正確，ABD錯誤．故選C5、B【解析】考查多用電表的使用?！驹斀狻扛鶕嘤秒姳淼脑恚艏t表筆插入多用電表的(＋)插孔，不管測什么物理量，電流都是紅表筆進，黑表筆出，B正確。故選B。6、C【解析】AB．電場強度是由電場本身決定的，與是否放入試探電荷、放入電荷的電性、電荷量的多少均無關，故A、B錯誤；C．電荷量一定時，由F=Eq可知，P點場強越大，同一電荷在P點所受的靜電力越大，故C正確；D．若試探電荷是正電荷，它在該點的受力方向就是P點的場強方向，若試探電荷是負電荷，它在該點的受力方向的反方向是P點場強的方向，故D錯誤。故選C。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解析】AB．由B-t圖像可知，0~1s時間內，B的方向垂直紙面向外且增大，磁通量向外增大，由楞次定律可知，感應磁場向里，根據安培定則，可知感應電流是順時針的，為正值；1～2s磁場大小不變，通過線圈的磁通量不變，無感應電流；2~3s，B的方向垂直紙面向外且減小，磁通量向外減小，由楞次定律可知，感應磁場向外，根據安培定則，可知感應電流沿逆時針方向，為負值；3~4s內，B的方向垂直紙面向里且增大，磁通量向里增大，由楞次定律可知，感應磁場向外，根據安培定則，可知感應電流沿逆時針方向，為負值；由法拉第電磁感應定律可知，感應電動勢感應電流由B-t圖像可知，在每一時間段內是定值，故在各時間段內I是定值，故A正確，B錯誤；CD．由左手定則可知，在0~1s內，ad受到的安培力方向為水平向右，是正的，1~2s無感應電流，沒有安培力，2~4s時間內，安培力方向為水平向左，是負的；ad邊受到的安培力為F=BIL因I、L不變，B均勻變化，則安培力F均勻變化，不是定值，故C正確，D錯誤。故選AC。8、CD【解析】粒子在磁場中受到洛倫茲力而做勻速圓周運動，根據左手定則判斷粒子所受的洛倫茲力方向，確定粒子能否回到原點O；根據牛頓第二定律求解半徑；由求解周期；根據幾何知識求解粒子第二次射入x軸上方磁場時沿x軸前進的距離【詳解】A項：根據左手定則判斷可知，負電荷在第一象限和第四象限所受的洛倫茲力方向不同，粒子在第一象限沿順時針方向旋轉，而在第四象限沿逆時針方向旋轉，不可能回到原點0，故A錯誤；B項：由得粒子圓周運動的半徑與B成反比，則粒子在x軸上方和下方兩磁場中運動的半徑之比為1：2，故B錯誤；C項：負電荷在第一象限軌跡所對應的圓心角為60°，在第一象限軌跡所對應的圓心角也為60°，粒子圓周運動的周期為，保持不變，在一個周期內，粒子在第一象限運動的時間為同理，在第四象限運動的時間為，完在成一次周期性運動的時間為T′=t1+t2=，故C正確；D項：根據幾何知識得：粒子第二次射入x軸上方磁場時，沿x軸前進距離為x=R+2R=3R，故D正確故選CD【點睛】本題考查帶電粒子在磁場中的運動，解題關鍵是根據軌跡的圓心角等于速度的偏向角，找到圓心角，即可由幾何知識求出運動時間和前進的距離9、BC【解析】由光敏電阻的性質可知光照強度的變化，則由閉合電路歐姆定律可得出電路中電流的變化，由歐姆定律可得出電壓表示數的變化；同時還可得出路端電壓的變化；由串聯電路的規(guī)律可得出并聯部分電壓的變化，再由并聯電路的規(guī)律可得出通過R2的電流的變化，由功率公式即可得R3的功率的變化【詳解】當照射到R3的光照強度增加時，R3的電阻減小，根據“串反并同”知，與R3串聯的用電器的電流，電壓，電功率都與R3的變化相反，與R3并聯的用電器的電流，電壓，電功率都與R3的變化相同，所以電流表的示數增大，電壓表示數減小，R2的功率增大，R1的功率減小，故B、C正確故選BC【點睛】閉合電路的動態(tài)分析問題一般按外電路、內電路再外電路的分析思路進行；分析內電路主要根據總電流及內阻分析內壓，而外電路較為復雜，要注意靈活應用電路的性質10、BC【解析】A．之間的電勢差為A錯誤；B．由圖看出，c、在同一等勢面上，電勢相等，則有B正確；C．將的點電荷沿矩形路徑移動一周，電場力不做功，C正確；D．將的點電荷沿或從移動到，電場力做功相等，電場力做功為D錯誤。故選BC。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.×10②.220或2.2×102③.A2④.R1⑤.【解析】(2)[1]多用電表的指針在開始使用時是停在最左邊無窮大刻度的，零刻度在右邊，用“×100”擋時發(fā)現指針偏轉角度過大，即所測電阻偏小，應選用小一檔測量，故選“×10”擋；[2]用歐姆表測電阻的讀數方法為指針示數乘以倍率，當指針指在中央附近時測量值較準確，所以該電阻的阻值約為(3)[3]由電動勢和電阻的阻值知電流最大為所以用電流表A2；[4]滑動變阻器用小阻值的，便于調節(jié)，所以用滑動變阻器.(4)[5]本實驗中，因待測電阻值遠小于電壓表內阻，電流表應選外接法；又滑動變阻器最大阻值遠小于待測電阻值，故變阻器應用分壓式接法，電路圖如圖所示12、①.T②.0刻度線③.ACD④.OFF擋或交流電壓最高擋【解析】根據多用電表測量電阻的步驟：電表使用前要使指針指在0刻線位置，通過調節(jié)調零旋鈕實現；歐姆表測量前要進行歐姆調零；歐姆表中值電阻附近刻度線最均勻，讀數誤差最小，故測量電阻時，要通過選擇恰當的倍率使指針指在中值電阻附近；每次換擋要重新調零；歐姆表讀數刻度盤讀數倍率；歐姆表使用完畢，要將旋鈕選擇“OFF”擋或者交流電壓最大擋，若長期不用，需要將電池取出即可解題?！驹斀狻?2)將插入“”、“”插孔的表筆短接，轉動部件歐姆調零旋鈕T，使指針對準電阻的0刻度線。(3)歐姆表選擇電阻檔“”，將兩表筆分別與待測電阻相接，發(fā)現指針偏轉角度過小，說明所選擋位太小，為了得到比較準確的測量結果，應選擇電阻擋“”，然后進行歐姆調零，然后再測電阻，應從合理的實驗步驟為：ACD。(4)測量完畢后，把選擇開關旋到OFF擋或交流電壓最高擋?！军c睛】本題考查了多用電表的使用方法，掌握