陜西省西安市西安中學(xué)2025屆物理高二第一學(xué)期期中質(zhì)量跟蹤監(jiān)視試題含解析

陜西省西安市西安中學(xué)2025屆物理高二第一學(xué)期期中質(zhì)量跟蹤監(jiān)視試題考生請(qǐng)注意：1．答題前請(qǐng)將考場(chǎng)、試室號(hào)、座位號(hào)、考生號(hào)、姓名寫在試卷密封線內(nèi)，不得在試卷上作任何標(biāo)記。2．第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號(hào)內(nèi)，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3．考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y(jié)束后，請(qǐng)將本試卷和答題卡一并交回。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、天文學(xué)家新發(fā)現(xiàn)了太陽系外的一顆行星．這顆行星的體積是地球的4.7倍，質(zhì)量是地球的25倍．已知近地衛(wèi)星繞地球運(yùn)動(dòng)的周期約為1.4h，引力常量G＝6.67×10－11N·m2/kg2，由此估算該行星的平均密度約為（）A．1.8×103kg/m3 B．5.6×103kg/m3C．1.1×104kg/m3 D．2.9×104kg/m32、如圖所示，三個(gè)完全相同的半圓形光滑軌道豎直放置，分別處在真空、勻強(qiáng)磁場(chǎng)和勻強(qiáng)電場(chǎng)中，軌道兩端在同一高度上，P、M、N分別為軌道的最低點(diǎn)．三個(gè)相同的帶正電小球同時(shí)從軌道左端最高點(diǎn)由靜止開始沿軌道運(yùn)動(dòng)且均能通過最低點(diǎn)．如圖所示，則下列有關(guān)判斷正確的是（）A．小球第一次到達(dá)軌道最低點(diǎn)的速度關(guān)系B．小球第一次到達(dá)軌道最低點(diǎn)時(shí)對(duì)軌道的壓力關(guān)系C．小球從開始運(yùn)動(dòng)到第一次到達(dá)軌道最低點(diǎn)所用的時(shí)間關(guān)系D．三個(gè)小球到達(dá)軌道右端的高度都不相同，但都能回到原來的出發(fā)點(diǎn)位置3、如圖所示，電場(chǎng)強(qiáng)度為E的勻強(qiáng)電場(chǎng)中,沿電場(chǎng)強(qiáng)度方向有A、B、C、D四點(diǎn),且AB=BC=CD=L,在A、C兩點(diǎn)分別引入帶異號(hào)電荷的點(diǎn)電荷，且電荷量大小滿足QA=KQc．現(xiàn)測(cè)得B處電場(chǎng)強(qiáng)度的大小為2E,D處電場(chǎng)強(qiáng)度的大小為E,則倍數(shù)K為()A．1.5 B．2 C．3 D．2.54、下列選項(xiàng)各圖中所標(biāo)的導(dǎo)體棒的長度為L，處于磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，棒運(yùn)動(dòng)的速度均為v，產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)為BLv的是（）A． B． C． D．5、如圖所示為速度選擇器示意圖，若使之正常工作，則以下敘述哪個(gè)是正確的（）A．的電勢(shì)必須高于的電勢(shì)B．勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度、勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度和被選擇的速度的大小應(yīng)滿足C．從出來的只能是正電荷，不能是負(fù)電荷D．如果把正常工作時(shí)的和的方向都改變?yōu)樵瓉淼南喾捶较?，選擇器同樣正常工作6、如圖所示，A、B、C、D為勻強(qiáng)電場(chǎng)中相鄰的四個(gè)等勢(shì)面，一個(gè)電子垂直經(jīng)過等勢(shì)面D時(shí)，動(dòng)能為20eV，飛經(jīng)等勢(shì)面C時(shí)，電勢(shì)能為－10eV，飛至等勢(shì)面B時(shí)速度恰好為零，已知相鄰等勢(shì)面間的距離為5cm，則下列說法正確的是（）A．等勢(shì)面A的電勢(shì)為10VB．勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)大小為200V/mC．電子再次飛經(jīng)D勢(shì)面時(shí)，動(dòng)能為10eVD．電子的運(yùn)動(dòng)可能為勻變速曲線運(yùn)動(dòng)二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、如圖所示，紙面內(nèi)AB兩點(diǎn)之間連接有四段導(dǎo)線：ACB、ADB、AEB、AFB，四段導(dǎo)線的粗細(xì)相同、材料相同；勻強(qiáng)磁場(chǎng)垂直于紙面向內(nèi)，現(xiàn)給AB兩端加上恒定電壓，則下列說法正確的是A．四段導(dǎo)線受到的安培力的方向相同B．四段導(dǎo)線受到的安培力的大小相等C．ADB段受到的安培力最大D．AEB段受到的安培力最小8、如圖，一平行板電容器與一電源連接，電源兩端的電壓保持不變．若使電容器兩板間的距離變大，則A．電容器的電容比原來減小B．電容器所帶的電荷量比原來增加C．電容器兩板間的電壓比原來減小D．電容器兩板間的電場(chǎng)強(qiáng)度比原來減小9、如圖，金屬棒AB用軟線懸掛在磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，方向如圖所示的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，電流由A向B，此時(shí)懸線張力為T，欲使懸線張力變小，可采用的方法有…（）A．將磁場(chǎng)反向，且適當(dāng)增大磁感應(yīng)強(qiáng)度B．改變電流方向，且適當(dāng)增大電流強(qiáng)度C．電流方向不變，且適當(dāng)增大電流強(qiáng)度D．磁場(chǎng)方向不變，且適當(dāng)增大磁感強(qiáng)度10、如圖所示，四個(gè)相同的表頭分別改裝成兩個(gè)電流表和兩個(gè)電壓表。電流表的量程大于的量程，電壓表的量程大于的量程，把它們按圖接入電路，且都沒有超過量程，則（）A．電流表的讀數(shù)大于電流表的讀數(shù)B．電流表的偏轉(zhuǎn)角小于電流表的偏轉(zhuǎn)角C．電壓表的讀數(shù)等于電壓表的讀數(shù)D．電壓表的偏轉(zhuǎn)角等于電壓表的偏轉(zhuǎn)角三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）為測(cè)定某電源的電動(dòng)勢(shì)E、內(nèi)阻r以及一段電阻絲的電阻率ρ，設(shè)計(jì)了如圖甲所示的電路．a(chǎn)b是電阻率較大的粗細(xì)均勻的電阻絲，R0是阻值為2Ω的保護(hù)電阻，滑片P與電阻絲始終接觸良好．使用螺旋測(cè)微器測(cè)得電阻絲的直徑d=0.400mm．實(shí)驗(yàn)時(shí)，閉合開關(guān)S，調(diào)節(jié)P的位置，記錄aP長度x和對(duì)應(yīng)的電壓U和電流I的數(shù)據(jù)，并求得的數(shù)值，分別繪出了U-I關(guān)系圖象和關(guān)系圖象，如圖乙、丙所示．（1）根據(jù)圖乙可求出電源電動(dòng)勢(shì)E=___V，內(nèi)阻r=_____Ω（均保留兩位有效數(shù)字）．（2）圖丙中關(guān)系圖象縱軸截距的物理意義是_____．（3）根據(jù)圖丙可求得電阻絲的電阻率ρ=_____Ω·m（保留三位有效數(shù)字）．12．（12分）(1)如圖所示，是用20分度的游標(biāo)卡尺測(cè)量某一物體的長度，游標(biāo)卡尺的示數(shù)為______mm。（2）在描繪小燈泡的伏安特性曲線的實(shí)驗(yàn)中，符合要求的作法是______：A．閉合電鍵前必須檢查滑動(dòng)變阻器的滑片位置使之起到保護(hù)作用B．實(shí)驗(yàn)所用滑動(dòng)變阻器的阻值越大越好C．實(shí)驗(yàn)中測(cè)3組數(shù)據(jù)即可D．在坐標(biāo)紙上描出點(diǎn)后，用直尺作一條直線使不在線上的點(diǎn)均勻分布在線的兩側(cè)(3)某同學(xué)在描繪小燈泡的伏安特性曲線的實(shí)驗(yàn)中，連接的測(cè)量電路（如右圖）中有一處錯(cuò)誤，連線的編號(hào)是_______。四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖是“電磁炮”模型的原理結(jié)構(gòu)示意圖。光滑水平金屬導(dǎo)軌M、N的間距L=0.2m,電阻不計(jì)，在導(dǎo)軌間有豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小。裝有彈體的導(dǎo)體棒ab垂直放在導(dǎo)軌M、N上的最左端，且始終與導(dǎo)軌接觸良好，導(dǎo)體棒（含彈體)的質(zhì)量m=0.2kg,在導(dǎo)軌M、N間部分的電阻R=0.8,可控電源的內(nèi)阻r=0.2。在某次模擬發(fā)射時(shí)，可控電源為導(dǎo)體棒ab提供的電流恒為4×103A,不計(jì)空氣阻力導(dǎo)體棒ab由靜止加速到4km/s后發(fā)射彈體，則(1)光滑水平導(dǎo)軌長度至少為多少？(2)該過程系統(tǒng)消耗的總能量為多少？14．（16分）如圖所示的真空管中，電子從燈絲K發(fā)出(初速度不計(jì))，經(jīng)過電壓為U1的加速電場(chǎng)加速后沿中心線進(jìn)入兩平行金屬板M、N間的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，通過電場(chǎng)后打到熒光屏上的P點(diǎn)．設(shè)M、N板間電壓為U2，兩板距離為d，板長為L1，板右端到熒光屏的距離為L2，已知U1＝576V，U2＝168V，L1＝6cm，d＝3cm，L2＝21cm，求：(1)電子離開偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)時(shí)的偏轉(zhuǎn)角θ的正切值；(2)電子打到熒光屏上的位置P偏離屏中心O的距離．15．（12分）一物體在光滑水平面上運(yùn)動(dòng)，它在相互垂直的x方向和y方向上的兩個(gè)分運(yùn)動(dòng)的速度-時(shí)間圖象如圖所示．（1）計(jì)算物體的初速度大??；（2）計(jì)算物體在前3s內(nèi)的位移大?。?/p>

參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、D【解析】

首先根據(jù)近地衛(wèi)星繞地球運(yùn)動(dòng)的向心力由萬有引力提供，可求出地球的質(zhì)量，又據(jù)，得地球的密度，又因?yàn)樵撔行琴|(zhì)量是地球的25倍，體積是地球的4.7倍，則其密度為地球的：，D正確【點(diǎn)睛】考點(diǎn)：萬有引力提供向心力本題考查了萬有引力提供向心力的分析方法和解決辦法．這類問題的解決思路通常是由萬有引力提供向心力，建立等式化簡求解．2、B【解析】

A．在第二圖中，因?yàn)槁鍋銎澚偸谴怪庇谒俣确较?，故洛侖茲力不做功；球下落時(shí)只有重力做功，故第一、二圖兩次機(jī)械能均守恒，由故兩次球到最低點(diǎn)的速度相等，第三圖中，小球下滑的過程中電場(chǎng)力做負(fù)功，重力做正功，所以小球在最低點(diǎn)的速度小于前兩個(gè)圖中的速度．即，故A錯(cuò)誤；B．小球在最低點(diǎn)時(shí)，第一圖中重力和支持力提供向心力，即而第二圖中是重力、支持力和洛倫茲力提供向心力，即第三圖中，重力與支持力提供向心力，即則故B正確；C．第一圖和第二圖比較可得，小球下滑的速度相等，故tP=tM．故C錯(cuò)誤；D．第一、二兩圖中，洛倫茲力不做功，只有重力做功，動(dòng)能和重力勢(shì)能之間轉(zhuǎn)換，故小球在右端都能到達(dá)高度相同，且回到原來的出發(fā)點(diǎn)；第三圖中，小球向右運(yùn)動(dòng)時(shí)電場(chǎng)力做負(fù)功，則在最右端時(shí)上升的高度小于第一、二圖中上升的高度，但是也能回到原出發(fā)點(diǎn)，選項(xiàng)D錯(cuò)誤．3、A【解析】

由于測(cè)得B處電場(chǎng)強(qiáng)度的大小為2E，則兩點(diǎn)電荷在B處形成的電場(chǎng)強(qiáng)度應(yīng)為E，根據(jù)點(diǎn)電荷電場(chǎng)強(qiáng)度公式和場(chǎng)強(qiáng)疊加原理方向向右；測(cè)得D處電場(chǎng)強(qiáng)度的大小為E，兩點(diǎn)電荷在D處形成的電場(chǎng)強(qiáng)度應(yīng)為E，方向向左，則聯(lián)立解得：K=1.1A．1.1．故A符合題意．B．2．故B不符合題意．C．3．故C不符合題意．D．2.1．故D不符合題意．4、D【解析】

A．圖中導(dǎo)體棒做切割磁感線運(yùn)動(dòng)，產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為故A錯(cuò)誤；BC．兩圖中導(dǎo)體棒都不切割磁感線，不產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，故BC錯(cuò)誤；D．圖中導(dǎo)體棒做切割磁感線運(yùn)動(dòng)，產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為故D正確。5、D【解析】試題分析：根據(jù)粒子通過復(fù)合場(chǎng)后，電場(chǎng)力與洛倫茲力平衡，若正電荷，則P1的電勢(shì)必須低于P2的電勢(shì)；若負(fù)電荷，則P1的電勢(shì)仍必須于P2的電勢(shì)．故A錯(cuò)誤；勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B、勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度E和被選擇的速度v的大小應(yīng)滿足，故B錯(cuò)誤；從S2出來的可以是正電荷，也可以是負(fù)電荷，故C錯(cuò)誤；如果把正常工作時(shí)的B和E的方向都改變?yōu)樵瓉淼南喾捶较?，則電場(chǎng)力與洛倫茲力均反向，因此選擇器同樣正常工作，故D正確．考點(diǎn)：帶電粒子在復(fù)合場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)；速度選擇器．6、B【解析】

A．電子從D到B過程，動(dòng)能減小20eV，且勻強(qiáng)電場(chǎng)，即等間距，則C點(diǎn)的動(dòng)能為10eV，由于等勢(shì)面C時(shí)，電勢(shì)能為－10eV，則知電子的電勢(shì)能與動(dòng)能的和等于0；由于飛經(jīng)等勢(shì)面C時(shí)，電勢(shì)能為－10eV，則C等勢(shì)面的電勢(shì)為10V；粒子經(jīng)過等勢(shì)面B時(shí)的動(dòng)能等于0，則電勢(shì)能也等于0，則B等勢(shì)面的電勢(shì)等于0，結(jié)合該勻強(qiáng)電場(chǎng)的特點(diǎn)可知，A等勢(shì)面的電勢(shì)為－10V，故A錯(cuò)誤；B．電子從B到D過程，根據(jù)動(dòng)能定理得解得對(duì)于BD段電場(chǎng)強(qiáng)度為故B正確；C．根據(jù)能量守恒可知，電子再次經(jīng)過D等勢(shì)面時(shí)，電勢(shì)能不變，動(dòng)能不變，其動(dòng)能仍為20eV，故C錯(cuò)誤；D．根據(jù)電場(chǎng)線與等勢(shì)面垂直可知，該電場(chǎng)是勻強(qiáng)電場(chǎng)，且電場(chǎng)力方向與速度方向在同一直線上，則電子做勻變速直線運(yùn)動(dòng)，故D錯(cuò)誤。故選B。二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、AC【解析】試題分析：導(dǎo)線的粗細(xì)相同、材料相同，由電阻定律：可知：導(dǎo)線越長，電阻越大，由：可知：ACB導(dǎo)線電流最小，而ADB導(dǎo)線電流最大，四段導(dǎo)線的有效長度都相同，由F=BIL可知，ADB段受到的安培力最大，而ACB段受到的安培力最小，由左手定則可知，它們的安培力的方向均相同，故AC正確，BD錯(cuò)誤；故選AC．考點(diǎn)：電阻定律；安培力【名師點(diǎn)睛】本題考查電阻定律與歐姆定律的應(yīng)用，掌握左手定則及安培力大小表達(dá)式，注意理解有效切割長度是解題的關(guān)鍵．8、AD【解析】根據(jù)電容決定式：可知，電容器兩板間的距離d變大時(shí)，電容減小，故A正確；根據(jù)可知，電容器的電壓保持不變，電容減小，電容器所帶的電荷量減小，故B錯(cuò)誤；電源兩端的電壓保持不變，電容器兩板間的電壓也不變，故C錯(cuò)誤；板間電壓U不變，由可知，板間場(chǎng)強(qiáng)減小，故D正確。所以AD正確，BC錯(cuò)誤。9、CD【解析】當(dāng)電流方向由A向B時(shí)，安培力方向豎直向上，有F+T=mg，所以要使T減小可增大安培力，由F=BIL可知CD對(duì)；10、AD【解析】

電流表A1的量程大于A2的量程，故電流表A1的內(nèi)阻小于A2的內(nèi)阻；電壓表V1的量程大于V2的量程，故V1的電阻大于V2的電阻；

AB．由圖可知，兩電流表并聯(lián)，故兩流表兩端的電壓相等，兩表由同一電流表改裝而成，而將電流表擴(kuò)大量程時(shí)為并聯(lián)一小電阻，故相當(dāng)于為四個(gè)電阻并聯(lián)，故兩表頭中電流相同，故兩表的偏角相同，故A1中的電流要大于A2中的電流，故A1的讀數(shù)比A2的讀數(shù)大，故A正確，B錯(cuò)誤；CD．兩電壓表串聯(lián)，故通過兩表的電流相等，故V1的讀數(shù)比V2的讀數(shù)大，兩電壓表串聯(lián)，通過表頭的電流相等，表頭指針偏轉(zhuǎn)角度相等，電壓表V1的偏轉(zhuǎn)角等于電壓表V2的偏轉(zhuǎn)角，故D正確，C錯(cuò)誤。故選AD。三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、（1）3.0；1.0；（2）電流表的內(nèi)阻為2.0Ω；（3）1.26×10-6【解析】

解：(1)由圖甲根據(jù)閉合電路歐姆定律應(yīng)有：，可整理為：，由圖乙根據(jù)函數(shù)斜率和截距的概念則有電源電動(dòng)勢(shì)：，內(nèi)阻：；(2)由題意及可得：；結(jié)合數(shù)學(xué)一次函數(shù)概念可知，圖線的縱軸截距表示電流表的內(nèi)阻為(3)根據(jù)圖可知，當(dāng)x=0時(shí)電阻為2Ω，結(jié)合圖甲可知電流表A的內(nèi)阻，所以應(yīng)有，由圖讀出，即電阻絲電阻R=2Ω時(shí)對(duì)應(yīng)的長度x=0.20m，，由可得，代入數(shù)據(jù)解得：；12、100.15A4【解析】(1)游標(biāo)卡尺主尺讀數(shù)為10cm，游標(biāo)讀數(shù)為0.05×3=0.15mm，所以最終讀數(shù)為100.15mm。(2)A項(xiàng)：實(shí)驗(yàn)前檢查滑動(dòng)變阻器滑片位置，以便更好的保護(hù)實(shí)驗(yàn)電路，A選項(xiàng)正確；B項(xiàng)：所用的滑動(dòng)變阻器并非阻值越大越好，阻值太大，滑動(dòng)滑片時(shí)阻值變化大，電流也變化大，測(cè)量數(shù)據(jù)少，導(dǎo)致實(shí)驗(yàn)誤差大，B選項(xiàng)錯(cuò)誤；C項(xiàng)：由于待測(cè)電阻阻值隨溫度變化，應(yīng)畫出U-I或I-U圖象，不能只測(cè)量3組數(shù)據(jù)，C選項(xiàng)錯(cuò)誤；D項(xiàng)：由于圖象不是傾斜直線，不能用直尺連線，D選項(xiàng)錯(cuò)誤。(3)從電流表接出來的導(dǎo)線應(yīng)該接在滑動(dòng)變阻器上部的兩個(gè)接線柱的其中一個(gè)上，而不能直接接在滑片上。點(diǎn)晴：若已知圖象不是線性關(guān)系時(shí)，應(yīng)畫出平滑