浙江省余姚市2025屆物理高二上期中統(tǒng)考試題含解析

浙江省余姚市2025屆物理高二上期中統(tǒng)考試題考生須知：1．全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應位置上。2．請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準考證號。3．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，一矩形線框置于磁感應強度為B的勻強磁場中，線框平面與磁場方向平行，若線框的面積為S，則通過線框的磁通量為（）A．BS B． C． D．02、如圖所示為磁流體發(fā)電機的示意圖，一束等離子體（含正、負離子）沿圖示方向垂直射入一對磁極產(chǎn)生的勻強磁場中，A、B是一對平行于磁場放置的金屬板，板間連入電阻R，則電路穩(wěn)定后A．R中有向下的電流B．離子在磁場中不發(fā)生偏轉C．A、B板聚集電荷量基本不變D．離子在磁場中偏轉時洛倫茲力可能做功3、關于電流強度I、電壓U、電阻R的下列說法，正確的是（）A．由，有導體的電阻跟導體兩端的電壓成正比，跟導體內(nèi)的電流強度成反比B．由，有當導體內(nèi)部電流強度I=0時，導體的電阻R等于無窮大C．由，有兩端電壓大的導體其內(nèi)部的電流強度也一定大D．由，有導體內(nèi)部有電流的條件是導體兩端加電壓4、如圖所示，線圈按下列方式在勻強磁場中勻速轉動，能產(chǎn)生正弦交變電流的是（）A． B． C． D．5、我國2017年發(fā)射的天鏈一號衛(wèi)星屬于地球的同步衛(wèi)星，2019發(fā)射的第45顆北斗導航衛(wèi)星也屬于地球的同步衛(wèi)星．下列關于兩顆衛(wèi)星的比較，錯誤的是（）A．離地面的高度相同B．向心加速度大小相等C．向心力大小相等D．線速度大小相等6、如圖，一段導線abcd位于磁感應強度大小為B的勻強磁場中，且與磁場方向（垂直于紙面向里）垂直．線段ab、bc和cd的長度均為L，且∠abc=∠bcd=135o．流經(jīng)導線的電流為I，方向如圖中箭頭所示．導線段abcd所受到的磁場的作用力的合力A．方向沿紙面向上，大小為(+1)ILBB．方向沿紙面向上，大小為(-1)ILBC．方向沿紙面向下，大小為(+1)ILBD．方向沿紙面向下，大小為(-1)ILB二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，電源的電動勢是6V，內(nèi)電阻是0.5，小電動機M的線圈電阻為0.5，限流電阻R0為3，若電壓表的示數(shù)為3V，下列說法中正確的是（）A．電源的功率6W B．電源的輸出功率6WC．電動機消耗的功率2.5W D．電動機輸出的機械功率2.5W8、直流電路如圖所示，電源內(nèi)電阻r=2Ω，定值電阻R0=4Ω，滑動變阻器R的最大阻值為10Ω，當S閉合，滑片P從最左端向右端移動的過程中，下列說法正確的是（）A．電流表示數(shù)減小，伏特表示數(shù)增大B．電源的輸出功率一定先增大后減小C．電源的總功率一定減小，效率一定增大D．變阻器R的功率一直減小9、一帶電油滴在勻強電場E中從a到b的運動軌跡如圖中虛線所示，電場方向豎直向下，不計空氣阻力。此帶電油滴從a運動到b的過程中，能量變化情況是（）A．動能增加B．電勢能增加C．重力勢能和電勢能之和減小D．動能和電勢能之和增加10、如圖所示，在水平放置的光滑金屬板中點的正上方，有帶正電的點電荷＋Q，一表面絕緣帶正電的金屬小球C可視為質點，且不影響原電場，自左向右以初速v０向右運動，則在運動過程中（）A．小球先做減速后加速運動B．小球做勻速直線運動C．小球受到的電場力的做功不為零D．小球受到的電場力對小球做功為零三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）在“測定金屬絲的電阻率”的實驗中，待測電阻絲阻值約為4Ω．（2）用螺旋測微器測量電阻絲的直徑d．其中一次測量結果如圖所示，圖中讀數(shù)為d=mm．（2）為了測量電阻絲的電阻R，除了導線和開關外，還有以下一些器材可供選擇：電壓表V；量程3V，內(nèi)阻約為3kΩ電流表A2；量程2．6A，內(nèi)阻約為2．2Ω）電流表A2；量程222μA，內(nèi)阻約為2222Ω）滑動變阻器R2,阻值2～2752Ω，額定電流為2．3A滑動變阻器R2,阻值2～52Ω，額定電流為2A電源E2（電動勢25V，內(nèi)阻約為2．5Ω）電源E2（電動勢3V，內(nèi)阻約為2．2Ω）為了調(diào)節(jié)方便，測量準確，實驗中應選用電流表________，滑動變阻器_________，電源___________．（填器材的符號）（3）用測量量表示計算材料電阻率的公式是ρ=（已用刻度尺測量出接入電路中的金屬導線的有效長度為l）．12．（12分）讀數(shù)(1)螺旋測微器讀數(shù).________mm(2)游標卡尺讀數(shù)________cm四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示的電路中，兩平行金屬板A、B水平放置，兩極板的長度L=80cm，兩板間的距離d=10cm．電源電動勢E=18V，內(nèi)電阻r=1Ω，電阻R=15Ω，滑動變阻器的最大阻值為10Ω．閉合開關S，待電路穩(wěn)定后，將一帶負電的小球從A、B兩金屬板左端正中間位置M處以初速度v0=8m/s水平向右射入兩板間，恰能從上極板B板右側邊緣射出．若小球帶電量為q=1×10﹣1C，質量為m=1×10﹣1kg，不考慮空氣阻力，重力加速度g=10m/s1．求此時：（1）滑動變阻器接入電路的阻值？（1）電源的輸出功率？（3）當滑動變阻器的阻值為多大時，滑動變阻器消耗的功率最大？此時滑動變阻器消耗的功率為多少？14．（16分）如圖所示的電路中，電源的電動勢E=12V，內(nèi)電阻r＝1Ω，R1=1Ω，R2=6Ω，電動機的線圈電阻RM=1Ω,若開關S閉合后通過電源的電流I=3A，通過R2電流I2=1A

。求:（1）R2的兩端電壓U2（2）R1的消耗電功P1（3）電動機輸出的機械功率P15．（12分）平行板電容器間存在勻強電場，板間距離為10cm，板間電壓為100V，B板接地（即電勢為0）。（1）兩板間的電場強度是多少？（2）電場中有M、N兩點，M點離A板2cm，N點離B板1cm。求M、N兩點的電勢；（3）若將一電量為2×10-6C的電荷從M點移到N點電場力做多少功？

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】試題分析：磁通量為：?=BS，S指垂直磁感線的有效面積，由磁感線和線圈的方向可判定磁通量．解：由磁通量表達式：Φ=BS，S指垂直磁感線的有效面積，則可知轉過30°時的磁通量Φ=BSsin30°=；故選D．2、C【解析】

由左手定則知，正離子向B板偏轉，負離子向A板偏轉；即B板帶正電，A板帶負電，電路穩(wěn)定后，兩板間粒子所受洛倫茲力與電場力平衡，A、B板聚集電荷量基本不變，電阻R中有向上的電流；因為洛倫茲力的方向與速度方向垂直，所以洛倫茲力不可能做功.A．描述與分析不符，故A錯誤.B．描述與分析不符，故B錯誤C．描述與分析相符，故C正確.D．描述與分析不符，故D錯誤.3、D【解析】

AB．導體的電阻由導體本身決定，跟導體兩端的電壓以及導體內(nèi)的電流強度無關，選項A錯誤B錯誤；C．由可知，兩端電壓大的導體其內(nèi)部的電流強度不一定大，還與導體的電阻有關，選項C錯誤；D．由可知，導體內(nèi)部有電流的條件是導體兩端加電壓，選項D正確。故選D。4、C【解析】

A．圖中線圈轉動時，穿過線圈的磁通量不變，無感應電流產(chǎn)生，選項A錯誤；B．圖中線圈轉動時，穿過線圈的磁通量不變，無感應電流產(chǎn)生，選項B錯誤；C．圖中線圈轉動時，穿過線圈的磁通量不斷變化，會產(chǎn)生正弦交流電，選項C正確；D．圖中線圈轉動時，穿過線圈的磁通量不變，無感應電流產(chǎn)生，選項D錯誤；故選。5、C【解析】

ABD.所有的同步衛(wèi)星都在赤道上空，與地球相對靜止，這種衛(wèi)星繞地球轉動的角速度與地球自轉的角度速度相同，離地面的高度一定，則線速度大小為：故兩顆同步衛(wèi)星的離地高度相同，線速度大小相等；向心加速度大小為：故兩顆同步衛(wèi)星的離地高度相同，向心加速度相同，故A、B、D不符合題意；C.兩個同步衛(wèi)星的質量未知，雖然向心加速度大小相等，但向心力大小不一定相等，故C符合題意．6、A【解析】

導線段abcd在磁場中的等效長度為ad兩點連線的長度，則；等效電流方向由a→d，據(jù)左手定則，安培力方向沿紙面向上，A正確．【點睛】本題也可求出ab、bc和cd所受安培力的大小和方向，然后合成．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解析】

AB．在串聯(lián)電路中，電壓表讀R0兩端的電壓，由歐姆定律得電源的總功率P總=EI=6×1=6W由能量轉化和守恒定律得P輸出=P總-I2r=6-12×0.5=5.5W故A正確，B錯誤。CD．電源的輸出功率為電動機和限流電阻獲得功率之和，P輸出=PM+P0P0=I2R0=3WPM=P輸出-P0=5.5-3=2.5W有PM=P機+Pr得P機=PM-Pr=2.5-I2r=2.5-0.5=2W故C正確，D錯誤。故選AC。8、AC【解析】A：滑片P從最左端向右端移動的過程，R增大，電路總電阻增大，電路中總電流減小，電流表示數(shù)減小，據(jù)，增大，伏特表示數(shù)增大．故A正確．B：電源的輸出功率，因為，隨著R增大，電源的輸出功率減?。蔅錯誤．C：電源的總功率，隨著R增大，電源的總功率減??；電源的效率，隨著R增大，電源的效率增加．故C正確．D：變阻器R的功率：，當時，變阻器的功率最大，則滑片P從最左端向右端移動的過程中，變阻器R的功率先增加后減?。蔇錯誤．點睛：當內(nèi)外電路電阻相等時，電源的輸出功率最大．9、AC【解析】

A．粒子由到，曲線運動所受合外力指向曲線的凹側，由運動軌跡可判出粒子受電場力與重力的合力向上，故粒子帶負電且電場力大于重力，電場力與重力的合力與速度方向成銳角做正功，由動能定理可知，油滴的動能增大，A正確；B．電場力做正功，電勢能減小，B錯誤；C．由于重力和電場力的合力做正功，故重力勢能與電勢能之和減小，C正確；D．由于油滴在運動中，電勢能減小，減小的電勢能轉化為油滴的動能及重力勢能，故動能和電勢能之和應減小，減小部分變成了油滴的重力勢能，D錯誤。故選AC。10、BD【解析】

金屬板在Q的電場中達到靜電平衡時，金屬板是一個等勢體，表面是一個等勢面，表面的電場線與表面垂直，小球所受電場力與金屬板表面垂直，在金屬板上向右運動的過程中，電場力方向與位移方向垂直，對小球不做功，根據(jù)動能定理得知，小球的動能不變，速度不變，所以小球做勻速直線運動，故A、C錯誤，B、D正確。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、（2）2．853~2．857（2）．A2；R2；E2；（3）【解析】試題分析：（2）由圖示螺旋測微器可知，固定刻度示數(shù)為2．5mm，可動刻度示數(shù)為3．5×2．22mm=2．35mm，螺旋測微器示數(shù)為2．5mm+2．35mm=2．855mm．（2）電壓表量程是3V，電源應選E2（電動勢為3V，內(nèi)阻約為2．2Ω），電路最大電流約為，電流表應選A2，量程2．6A，內(nèi)阻約2．2Ω．（3）由歐姆定律得，電阻阻值，由電阻定律得：，解得：ρ=考點：測定金屬絲的電阻率【名師點睛】此題考查了測定金屬絲的電阻率的實驗；解題時要首先搞清實驗的原理，知道器材選擇的原則“安全、準確、方便”；螺旋測微器是利用將長度的測量轉化為對轉動角度的測量來實現(xiàn)微小量放大的，其精確度為2．22mm，本實驗中滑動變阻器既可以采用分壓接法，也可以采用限流接法．12、2.4970.930【解析】螺旋測微器的固定刻度讀數(shù)2mm，可動刻度讀數(shù)為0.01×24.7mm=2.497mm，所以最終讀數(shù)為2.497mm；游標卡尺的主尺讀數(shù)為9mm，游標讀數(shù)為0.05×6mm=0.30mm，所以最終讀數(shù)為9.30mm，即0.930cm。

四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）11Ω；（1）17W；（3）16Ω,11.15W【解析】（1）小球在極板間做類平拋運動水平方向：豎直方向：，代入數(shù)據(jù)解得：對小球，根據(jù)牛頓第二定律有：代入數(shù)據(jù)解得：極板間電場強度為：兩極