2023-2024學(xué)年西藏拉薩市高二下學(xué)期期末聯(lián)考物理試卷（解析版）

高級(jí)中學(xué)名校試卷PAGE2024學(xué)年第二學(xué)期拉薩市高中期末聯(lián)考高二物理試卷注意事項(xiàng)：1.本試卷滿(mǎn)分100分，考試時(shí)間為90分鐘。2.答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)碼寫(xiě)在答題卡相應(yīng)的位置上。3.所有〖答案〗必須在答題卡上作答。一、選擇題：本題共8小題，每小題6分，共48分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1-5題只有一項(xiàng)符合題目要求，第6-8題有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。）1.首先用實(shí)驗(yàn)證實(shí)電磁波存在、驗(yàn)證麥克斯韋電磁場(chǎng)理論正確的科學(xué)家是（）A.法拉第 B.麥克斯韋 C.赫茲 D.奧斯特〖答案〗C〖解析〗由物理史實(shí)可知首先用實(shí)驗(yàn)證實(shí)電磁波存在、驗(yàn)證麥克斯韋電磁場(chǎng)理論正確的科學(xué)家是赫茲，故選C。2.下列說(shuō)法不正確的是（）A.戴上特制眼鏡看3D電影有立體感是利用了光的偏振原理B.雨后公路積水表面漂浮的油膜看起來(lái)是彩色的，這是光的折射現(xiàn)象C.激光全息照相時(shí)利用了激光相干性好的特性D.激光照到VCD機(jī)、CD機(jī)或計(jì)算機(jī)的光盤(pán)上，可以讀取盤(pán)上的信息是利用激光平行度好的特性〖答案〗B〖解析〗A．戴上特制眼鏡看3D電影有立體感是利用了光的偏振原理，故A正確；B．雨后公路積水表面漂浮的油膜看起來(lái)是彩色的，這是光的薄膜干涉現(xiàn)象，故B錯(cuò)誤；C．激光全息照相時(shí)利用了激光相干性好的特性，故C正確；D．激光照到VCD機(jī)、CD機(jī)或計(jì)算機(jī)的光盤(pán)上，可以讀取盤(pán)上的信息是利用激光平行度好的特性，故D正確。3.如圖甲所示，圓形線(xiàn)圈P靜止在水平桌面上，其正上方固定一螺線(xiàn)管Q，P和Q共軸，Q中通有變化的電流，電流隨時(shí)間變化的規(guī)律如圖乙所示，電流正方向如圖甲中箭頭所示。P所受的重力為G，桌面對(duì)P的支持力為，則（）A.時(shí)刻，穿過(guò)線(xiàn)圈P的磁通量最大，感應(yīng)電流也最大B.時(shí)刻，線(xiàn)圈P中感應(yīng)電流最大，等于GC.時(shí)間內(nèi)，螺線(xiàn)管對(duì)線(xiàn)圈是吸引力D.時(shí)間內(nèi)，穿過(guò)線(xiàn)圈P的磁通量變小，且線(xiàn)圈P有擴(kuò)張的趨勢(shì)〖答案〗B〖解析〗A．由圖乙可知，t1時(shí)刻螺線(xiàn)管Q中電流為最大，電流的變化率為零，則t1時(shí)刻穿過(guò)線(xiàn)圈P磁通量最大，磁通量的變化率為零，P中感應(yīng)電流為零，故A錯(cuò)誤；B．由圖乙可知，t2時(shí)刻螺線(xiàn)管Q中電流的變化率為最大，則穿過(guò)線(xiàn)圈的磁通量變化率最大，P中有感應(yīng)電流，螺線(xiàn)管Q中電流為0，P不受到磁場(chǎng)力的作用，故等于G，故B正確；C．由圖乙可知，t2時(shí)刻，螺線(xiàn)管Q中電流為0，電流的變化率最大，P中感應(yīng)電流最大，二者之間沒(méi)有安培力，t3時(shí)刻，螺線(xiàn)管Q中電流的變化率為0，P中無(wú)感應(yīng)電流，二者之間沒(méi)有安培力。t2~t3時(shí)間內(nèi)通過(guò)Q的電流在變大，穿過(guò)P的磁通量在變大，兩者相互排斥，則t2~t3時(shí)間內(nèi)螺線(xiàn)管對(duì)線(xiàn)圈的是排斥力，且先增大后減小，故C錯(cuò)誤；D．由圖乙可知，t2~t3時(shí)間內(nèi)，螺線(xiàn)管Q中電流增大，則穿過(guò)線(xiàn)圈磁通量增大，根據(jù)增縮減擴(kuò)原理可知，線(xiàn)圈有收縮的趨勢(shì)，故D錯(cuò)誤。4.如圖所示為某水平放置的彈簧振子做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的圖像，下列說(shuō)法正確的是（）A.0.6s時(shí)和0.8s時(shí)物體的速度方向不相同B.0.2s時(shí)與0.4s時(shí)的回復(fù)力相同C.0.5s-0.9s時(shí)間內(nèi)，系統(tǒng)的彈性勢(shì)能一直減小D.0.7s-0.9s時(shí)間內(nèi)，振子的加速度在增加〖答案〗D〖解析〗A．0.6s時(shí)和0.8s時(shí)物體的速度相同，方向均指向位移負(fù)方向，故A錯(cuò)誤；B．0.2s時(shí)與0.4s時(shí)的回復(fù)力大小相同但方向不同，故B錯(cuò)誤；C．0.5s~0.9s振子先靠近后遠(yuǎn)離平衡位置，系統(tǒng)的彈性勢(shì)能先減小后增加，故C錯(cuò)誤；D．0.7s~0.9s時(shí)間內(nèi)，振子遠(yuǎn)離平衡位置，加速度增加，故D正確。故選D。5.如圖所示，在條形磁體的右側(cè)放置一個(gè)可以自由運(yùn)動(dòng)的矩形通電線(xiàn)圈abdc，線(xiàn)圈最初與條形磁體處于同一平面內(nèi)，ac邊、bd邊與條形磁體的方向平行，且ac邊、bd邊中點(diǎn)的連線(xiàn)過(guò)條形磁體的中心。通以順時(shí)針?lè)较虻碾娏骱?，該線(xiàn)圈的運(yùn)動(dòng)情況為（）A.ab邊轉(zhuǎn)向紙內(nèi)，cd邊轉(zhuǎn)向紙外，同時(shí)靠近磁體B.ab邊轉(zhuǎn)向紙外，cd邊轉(zhuǎn)向紙內(nèi)，同時(shí)靠近磁體C.ab邊轉(zhuǎn)向紙內(nèi)，cd邊轉(zhuǎn)向紙外，同時(shí)遠(yuǎn)離磁體D.ab邊轉(zhuǎn)向紙外，cd邊轉(zhuǎn)向紙內(nèi)，同時(shí)遠(yuǎn)離磁體〖答案〗A〖解析〗在圖示位置時(shí)，根據(jù)左手定則可知ab邊所受磁場(chǎng)力方向向內(nèi)，cd邊所受磁場(chǎng)力方向向外，所以ab邊轉(zhuǎn)向紙內(nèi)，cd邊轉(zhuǎn)向紙外；從圖示位置轉(zhuǎn)過(guò)90°時(shí)，根據(jù)左手定則判斷可知ac邊所受磁場(chǎng)力方向水平向左，bd邊所受磁場(chǎng)力方向水平向右，且ac邊所受磁場(chǎng)力大于bd邊所受磁場(chǎng)力，所以靠近磁鐵。故選A。6.一列簡(jiǎn)諧橫波沿x軸正方向傳播，時(shí)刻的波形如圖中實(shí)線(xiàn)所示，t=0.1s時(shí)刻的波形如圖中虛線(xiàn)所示。波源不在坐標(biāo)原點(diǎn)O，P是傳播介質(zhì)中離坐標(biāo)原點(diǎn)=2.5m處的一個(gè)質(zhì)點(diǎn)。則以下說(shuō)法中正確的是（）A.質(zhì)點(diǎn)P的振幅為0.1mB.波的頻率可能為7.5HzC.波的傳播速度可能為50m/sD.在t=0.1s時(shí)刻與P相距5m處的質(zhì)點(diǎn)一定沿y軸正方向運(yùn)動(dòng)〖答案〗AC〖解析〗A．振幅為質(zhì)點(diǎn)離開(kāi)平衡位置的最大距離，由題圖知，質(zhì)點(diǎn)P的振幅為0.1m，故A正確；B．波沿x軸正方向傳播，則t=nT+（n=0，1，2，3，…）周期為T(mén)==s（n=0，1，2，3，…）頻率為f==Hz=（10n+2.5）Hz（n=0，1，2，3，…）所以波的頻率可能為2.5Hz、12.5Hz、…，不可能為7.5Hz，故B錯(cuò)誤；C．波速為v=λf=4×（10n+2.5）m/s=（40n+10）m/s（n=0，1，2，3，…）當(dāng)n=1時(shí)v=50m/s故C正確；D．波沿x軸正方向傳播，在t=0.1s時(shí)刻P沿y軸正方向運(yùn)動(dòng)，與之相距5m處的質(zhì)點(diǎn)分別在7.5m處和-2.5m處，其中7.5m處的質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)情況與3.5m處質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)情況一樣，沿y軸正方向，而距原點(diǎn)-2.5m的質(zhì)點(diǎn)與1.5m處振動(dòng)情況一樣，速度沿y軸負(fù)方向，故D錯(cuò)誤。7.如圖所示，理想變壓器的原、副線(xiàn)圈匝數(shù)之比為，原線(xiàn)圈回路中的電阻A與副線(xiàn)圈回路中的負(fù)載電阻B的阻值相等。a、b端加一定交流電壓后，則（）A.兩電阻兩端的電壓比B.兩電阻中的電流之比C.兩電阻消耗的電功率之比D.電阻B兩端的電壓表的示數(shù)〖答案〗BD〖解析〗AB．電阻兩端的電壓所以?xún)呻娮鑳啥说碾妷褐鹊扔陔娏髦?，由于電流比等于匝?shù)反比，所以故A錯(cuò)誤，B正確；C．電阻消耗的功率所以?xún)呻娮柘碾姽β手裙蔆錯(cuò)誤；D．由表達(dá)式知ab兩端電壓有效值為220V，設(shè)副線(xiàn)圈電壓為U2，則原線(xiàn)圈兩端電壓3U2，原線(xiàn)圈中電阻分壓為，即解得故D正確8.下列四幅圖中有關(guān)裝置的原理和現(xiàn)象的分析正確的是（）A.圖甲電路通電穩(wěn)定后斷開(kāi)開(kāi)關(guān)瞬間，燈泡一定會(huì)閃一下再熄滅B.圖乙變壓器采用了電磁互感原理，鐵芯用彼此絕緣的硅鋼片疊加而成從而減小渦流C.圖丙過(guò)山車(chē)進(jìn)入停車(chē)區(qū)的過(guò)程中銅片受到強(qiáng)力磁鐵的安培力使過(guò)山車(chē)減速D.圖丁D形盒半徑、磁感應(yīng)強(qiáng)度不變，若加速電壓越高，質(zhì)子飛出D形盒的動(dòng)能將越大〖答案〗BC〖解析〗A．圖甲電路通電穩(wěn)定后斷開(kāi)開(kāi)關(guān)瞬間，燈泡不一定會(huì)閃一下再熄滅，只有當(dāng)電路穩(wěn)定時(shí)線(xiàn)圈中電流比燈泡中電流大時(shí)，燈泡才會(huì)閃一下再熄滅，故A錯(cuò)誤；B．圖乙變壓器采用了電磁互感原理，鐵芯用彼此絕緣的硅鋼片疊加而成防止產(chǎn)生渦流，故B正確；C．過(guò)山車(chē)進(jìn)入停車(chē)區(qū)的過(guò)程中，銅片中有感應(yīng)電流通過(guò)，處于磁場(chǎng)中，則受到的安培力，使過(guò)山車(chē)減速，故C正確；D．由可得則最大動(dòng)能為知最大動(dòng)能與加速器的半徑、磁感線(xiàn)強(qiáng)度以及電荷的電量和質(zhì)量有關(guān)，與加速電壓無(wú)關(guān)，故D錯(cuò)誤。故選BC。二、實(shí)驗(yàn)題（本題共2小題，共16分。）9.某實(shí)驗(yàn)小組利用圖甲所示裝置測(cè)量當(dāng)?shù)刂亓铀俣?。輕繩一端系住直徑為的小球，另一端固定在鐵架臺(tái)上點(diǎn)，已知點(diǎn)到小球球心的距離為，在點(diǎn)正下方固定一個(gè)光電門(mén)，小球運(yùn)動(dòng)至最低點(diǎn)時(shí)光電門(mén)能夠記錄下小球的遮光時(shí)間。實(shí)驗(yàn)時(shí)，將小球拉起至輕繩和豎直方向夾角為，由靜止釋放小球，小球擺至最低點(diǎn)時(shí)光電門(mén)光線(xiàn)正好射向小球球心，小球的遮光寬度可近似為，光電門(mén)記錄小球的遮光時(shí)間為，試回答以下問(wèn)題：（1）用游標(biāo)卡尺測(cè)量小球的直徑如圖乙所示，則小球的直徑_____________；（2）小球從釋放位置運(yùn)動(dòng)至最低點(diǎn)時(shí)速度為_(kāi)______________；（用題中相關(guān)物理量的字母表示）（3）多次改變的數(shù)值，重復(fù)以上實(shí)驗(yàn)過(guò)程并測(cè)量對(duì)應(yīng)的，得到隨變化的關(guān)系如圖丙所示，該圖線(xiàn)斜率的絕對(duì)值為，可計(jì)算得重力加速度______________________。（用、和表示）〖答案〗（1）8.10（2）（3）〖解析〗（1）由圖示游標(biāo)卡尺可知，其精確度為0.05mm，所以小球直徑為（2）小球從釋放位置運(yùn)動(dòng)至最低點(diǎn)時(shí)速度為（3）由動(dòng)能定理可得圖丙中圖線(xiàn)斜率的絕對(duì)值為k，則可得可得10.在“探究碰撞中的不變量”實(shí)驗(yàn)中，通過(guò)碰撞后做平拋運(yùn)動(dòng)測(cè)量速度的方法來(lái)進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，實(shí)驗(yàn)裝置如圖甲所示，實(shí)驗(yàn)原理如圖乙所示。（1）假設(shè)實(shí)驗(yàn)室中有如下圖所示三個(gè)小球，則入射小球應(yīng)該選取________，被碰小球應(yīng)該選取________。（填字母代號(hào)）（2）關(guān)于本實(shí)驗(yàn)，下列說(shuō)法正確的是________。（填字母代號(hào)）A.斜槽必須足夠光滑且安裝時(shí)末端必須保持水平B.同一實(shí)驗(yàn)中入射小球每次都必須從斜槽上的同一位置由靜止釋放C.實(shí)驗(yàn)中需要用到重垂線(xiàn)D.必須測(cè)量出斜槽末端到水平地面的高度（3）某同學(xué)在做上述實(shí)驗(yàn)時(shí)，測(cè)得入射小球和被碰小球的質(zhì)量關(guān)系為，兩小球在記錄紙上留下三處落點(diǎn)痕跡如圖丙所示，他將米尺的零刻線(xiàn)與點(diǎn)對(duì)齊，測(cè)量出點(diǎn)到三處平均落地點(diǎn)的距離分別為、、。該同學(xué)通過(guò)測(cè)量和計(jì)算發(fā)現(xiàn)，在實(shí)驗(yàn)誤差允許范圍內(nèi)，兩小球在碰撞前后動(dòng)量是守恒的。①該同學(xué)要驗(yàn)證關(guān)系式為_(kāi)________________；（用、、關(guān)系表示）②若進(jìn)一步研究該碰撞是否為彈性碰撞，需要判斷關(guān)系式__________________是否成立。（用、、關(guān)系表示）〖答案〗（1）AB（2）BC（3）〖解析〗（1）（1）[1][2]為了保證入射小球碰撞后不反彈，入射球的質(zhì)量要大于被碰球的質(zhì)量，為了使兩球發(fā)生對(duì)心碰撞，則要求兩球的半徑相同，故入射球選擇直徑為、質(zhì)量為的小球A，被碰球選擇直徑為、質(zhì)量為的小球B。（2）（2）[3]A．本實(shí)驗(yàn)只需要確保軌道末端水平，小球每次從斜槽的同一位置滾下，從而確保小球到達(dá)末端的速度大小不變，且離開(kāi)軌道后做的是平拋運(yùn)動(dòng)即可，并不需要軌道光滑，故A錯(cuò)誤；B．要確保放上被碰小球后，入射小球的碰前的速度大小保持不變，故要求從同一位置由靜止釋放入射小球，故B正確；C．實(shí)驗(yàn)中重錘線(xiàn)的作用是確定小球做平拋運(yùn)動(dòng)的水平位移的起點(diǎn)，即標(biāo)定斜槽末端在白紙上的投影點(diǎn)O，故C正確；D．兩個(gè)小球下落時(shí)間相同，故由可知，小球的水平位移，故可用水平位移的大小關(guān)系表示速度的大小關(guān)系，不需要求出時(shí)間，所以不需要測(cè)量高度，故D錯(cuò)誤。故選BC。（3）[4]①由題圖丙可知代入質(zhì)量關(guān)系，可知但是故OC才是入射小球碰前速度對(duì)應(yīng)的水平位移，由動(dòng)量守恒定律得根據(jù)解得[5]②驗(yàn)證碰撞是否為彈性碰撞，則需要驗(yàn)證即變形得根據(jù)則有解得三、計(jì)算題：本題共3小題，共36分。請(qǐng)把〖答案〗寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，要求寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。11.為防止宇宙間各種高能粒子對(duì)在軌航天員造成的危害，科學(xué)家研制出各種磁防護(hù)裝置。某同學(xué)設(shè)計(jì)了一種磁防護(hù)模擬裝置，裝置截面如圖所示，以O(shè)點(diǎn)為圓心的內(nèi)圓、外圓半徑分別為R、，區(qū)域中的危險(xiǎn)區(qū)內(nèi)有垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，外圓為絕緣薄板，且直徑CD的兩端各開(kāi)有小孔，外圓的左側(cè)有兩塊平行金屬薄板，其右板與外圓相切，在切點(diǎn)C處開(kāi)有一小孔，兩板間電壓為。一質(zhì)量為m、電荷量為粒子（不計(jì)重力）從左板內(nèi)側(cè)的A點(diǎn)由靜止釋放，粒子經(jīng)電場(chǎng)加速后從C孔沿CO方向射入磁場(chǎng)，恰好不進(jìn)入安全區(qū)。求：（1）粒子通過(guò)C孔時(shí)速度的大?。唬?）磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大小?！即鸢浮剑?）；（2）〖解析〗（1）粒子從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)，根據(jù)動(dòng)能定理有解得（2）設(shè)帶電粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的軌跡半徑為r，如圖所示由幾何關(guān)系有解得由牛頓第二定律有解得12.如圖所示，兩根平行的光滑金屬導(dǎo)軌、，距離為，與左側(cè)從，間連接的電阻構(gòu)成一個(gè)固定的水平型導(dǎo)體框架，導(dǎo)軌電阻不計(jì)且足夠長(zhǎng)?？蚣苤糜谝粋€(gè)方向豎直向下，范圍足夠大的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁感應(yīng)強(qiáng)度為，磁場(chǎng)左側(cè)邊界是。質(zhì)量為、電阻為、長(zhǎng)度為的導(dǎo)體棒垂直放置在兩導(dǎo)軌上，并與導(dǎo)軌接觸良好，給導(dǎo)體棒一個(gè)水平向右的初速度進(jìn)入磁場(chǎng)區(qū)域，求：（1）導(dǎo)體棒進(jìn)入磁場(chǎng)瞬間安培力的大??；（2）導(dǎo)體棒在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的位移?！即鸢浮剑?）（2）〖解析〗（1）根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律，導(dǎo)體棒進(jìn)入磁場(chǎng)瞬間感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為根據(jù)閉合電路歐姆定律得根據(jù)安培力公式得聯(lián)立解得導(dǎo)體棒進(jìn)入磁場(chǎng)瞬間安培力的大小為（2）當(dāng)導(dǎo)體棒速度減為零時(shí)，由動(dòng)量定理得又因?yàn)槁?lián)立解得變形得13.如圖所示，半徑為R1＝1.8m的光滑圓弧軌道與半徑為R2=0.8m的半圓光滑細(xì)管平滑連接并固定，光滑水平地面上緊靠管口處有一質(zhì)量為M=3kg、長(zhǎng)度為L(zhǎng)＝2.0m的木板，木板上表面正好與管口底部相切，處在同一水平線(xiàn)上，木板的左方有一足夠長(zhǎng)的水平臺(tái)階，其上表面與木板上表面高度相同?，F(xiàn)讓質(zhì)量為m2＝2kg的物塊b靜止于B處，質(zhì)量為m1＝1kg的物塊a從光滑圓弧軌道頂端的A處由靜止釋放，物塊a下滑至B處和b發(fā)生碰撞后不再分開(kāi)，a、b形成的物塊c經(jīng)過(guò)半圓管從C處滑上木板，當(dāng)木板速度為2m/s時(shí)，木板與臺(tái)階碰撞并立即被粘住，若g=10m/s2，物塊碰撞前后均可視為質(zhì)點(diǎn)，圓管粗細(xì)不計(jì)。（1）求物塊a和b碰后共同具有的速度；（2）若物塊c與木板、臺(tái)階表面間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為μ＝0.5，求物塊c在臺(tái)階表面上滑行的最大距離。〖答案〗（1）；（2）1.2m〖解析〗（1）設(shè)物塊a下滑到B點(diǎn)時(shí)的速度大小為，由機(jī)械能守恒定律可得解得a、b碰撞過(guò)程動(dòng)量守恒，即解得（2）物塊c由B到C過(guò)程機(jī)械能守恒，由機(jī)械能守恒定律得解得物塊c滑上木板后，當(dāng)木板速度為時(shí)，設(shè)物塊c的速度為，由動(dòng)量守恒定律得解得設(shè)在此過(guò)程中物塊c運(yùn)動(dòng)的位移為，木板運(yùn)動(dòng)的位移為，對(duì)物塊c由動(dòng)能定理得解得對(duì)木板有解得木板被粘住后，物塊c到木板左端的距離為設(shè)物塊c在臺(tái)階上運(yùn)動(dòng)的最大距離為，由動(dòng)能定理得解得2023-2024學(xué)年第二學(xué)期拉薩市高中期末聯(lián)考高二物理試卷注意事項(xiàng)：1.本試卷滿(mǎn)分100分，考試時(shí)間為90分鐘。2.答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)碼寫(xiě)在答題卡相應(yīng)的位置上。3.所有〖答案〗必須在答題卡上作答。一、選擇題：本題共8小題，每小題6分，共48分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1-5題只有一項(xiàng)符合題目要求，第6-8題有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。）1.首先用實(shí)驗(yàn)證實(shí)電磁波存在、驗(yàn)證麥克斯韋電磁場(chǎng)理論正確的科學(xué)家是（）A.法拉第 B.麥克斯韋 C.赫茲 D.奧斯特〖答案〗C〖解析〗由物理史實(shí)可知首先用實(shí)驗(yàn)證實(shí)電磁波存在、驗(yàn)證麥克斯韋電磁場(chǎng)理論正確的科學(xué)家是赫茲，故選C。2.下列說(shuō)法不正確的是（）A.戴上特制眼鏡看3D電影有立體感是利用了光的偏振原理B.雨后公路積水表面漂浮的油膜看起來(lái)是彩色的，這是光的折射現(xiàn)象C.激光全息照相時(shí)利用了激光相干性好的特性D.激光照到VCD機(jī)、CD機(jī)或計(jì)算機(jī)的光盤(pán)上，可以讀取盤(pán)上的信息是利用激光平行度好的特性〖答案〗B〖解析〗A．戴上特制眼鏡看3D電影有立體感是利用了光的偏振原理，故A正確；B．雨后公路積水表面漂浮的油膜看起來(lái)是彩色的，這是光的薄膜干涉現(xiàn)象，故B錯(cuò)誤；C．激光全息照相時(shí)利用了激光相干性好的特性，故C正確；D．激光照到VCD機(jī)、CD機(jī)或計(jì)算機(jī)的光盤(pán)上，可以讀取盤(pán)上的信息是利用激光平行度好的特性，故D正確。3.如圖甲所示，圓形線(xiàn)圈P靜止在水平桌面上，其正上方固定一螺線(xiàn)管Q，P和Q共軸，Q中通有變化的電流，電流隨時(shí)間變化的規(guī)律如圖乙所示，電流正方向如圖甲中箭頭所示。P所受的重力為G，桌面對(duì)P的支持力為，則（）A.時(shí)刻，穿過(guò)線(xiàn)圈P的磁通量最大，感應(yīng)電流也最大B.時(shí)刻，線(xiàn)圈P中感應(yīng)電流最大，等于GC.時(shí)間內(nèi)，螺線(xiàn)管對(duì)線(xiàn)圈是吸引力D.時(shí)間內(nèi)，穿過(guò)線(xiàn)圈P的磁通量變小，且線(xiàn)圈P有擴(kuò)張的趨勢(shì)〖答案〗B〖解析〗A．由圖乙可知，t1時(shí)刻螺線(xiàn)管Q中電流為最大，電流的變化率為零，則t1時(shí)刻穿過(guò)線(xiàn)圈P磁通量最大，磁通量的變化率為零，P中感應(yīng)電流為零，故A錯(cuò)誤；B．由圖乙可知，t2時(shí)刻螺線(xiàn)管Q中電流的變化率為最大，則穿過(guò)線(xiàn)圈的磁通量變化率最大，P中有感應(yīng)電流，螺線(xiàn)管Q中電流為0，P不受到磁場(chǎng)力的作用，故等于G，故B正確；C．由圖乙可知，t2時(shí)刻，螺線(xiàn)管Q中電流為0，電流的變化率最大，P中感應(yīng)電流最大，二者之間沒(méi)有安培力，t3時(shí)刻，螺線(xiàn)管Q中電流的變化率為0，P中無(wú)感應(yīng)電流，二者之間沒(méi)有安培力。t2~t3時(shí)間內(nèi)通過(guò)Q的電流在變大，穿過(guò)P的磁通量在變大，兩者相互排斥，則t2~t3時(shí)間內(nèi)螺線(xiàn)管對(duì)線(xiàn)圈的是排斥力，且先增大后減小，故C錯(cuò)誤；D．由圖乙可知，t2~t3時(shí)間內(nèi)，螺線(xiàn)管Q中電流增大，則穿過(guò)線(xiàn)圈磁通量增大，根據(jù)增縮減擴(kuò)原理可知，線(xiàn)圈有收縮的趨勢(shì)，故D錯(cuò)誤。4.如圖所示為某水平放置的彈簧振子做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的圖像，下列說(shuō)法正確的是（）A.0.6s時(shí)和0.8s時(shí)物體的速度方向不相同B.0.2s時(shí)與0.4s時(shí)的回復(fù)力相同C.0.5s-0.9s時(shí)間內(nèi)，系統(tǒng)的彈性勢(shì)能一直減小D.0.7s-0.9s時(shí)間內(nèi)，振子的加速度在增加〖答案〗D〖解析〗A．0.6s時(shí)和0.8s時(shí)物體的速度相同，方向均指向位移負(fù)方向，故A錯(cuò)誤；B．0.2s時(shí)與0.4s時(shí)的回復(fù)力大小相同但方向不同，故B錯(cuò)誤；C．0.5s~0.9s振子先靠近后遠(yuǎn)離平衡位置，系統(tǒng)的彈性勢(shì)能先減小后增加，故C錯(cuò)誤；D．0.7s~0.9s時(shí)間內(nèi)，振子遠(yuǎn)離平衡位置，加速度增加，故D正確。故選D。5.如圖所示，在條形磁體的右側(cè)放置一個(gè)可以自由運(yùn)動(dòng)的矩形通電線(xiàn)圈abdc，線(xiàn)圈最初與條形磁體處于同一平面內(nèi)，ac邊、bd邊與條形磁體的方向平行，且ac邊、bd邊中點(diǎn)的連線(xiàn)過(guò)條形磁體的中心。通以順時(shí)針?lè)较虻碾娏骱?，該線(xiàn)圈的運(yùn)動(dòng)情況為（）A.ab邊轉(zhuǎn)向紙內(nèi)，cd邊轉(zhuǎn)向紙外，同時(shí)靠近磁體B.ab邊轉(zhuǎn)向紙外，cd邊轉(zhuǎn)向紙內(nèi)，同時(shí)靠近磁體C.ab邊轉(zhuǎn)向紙內(nèi)，cd邊轉(zhuǎn)向紙外，同時(shí)遠(yuǎn)離磁體D.ab邊轉(zhuǎn)向紙外，cd邊轉(zhuǎn)向紙內(nèi)，同時(shí)遠(yuǎn)離磁體〖答案〗A〖解析〗在圖示位置時(shí)，根據(jù)左手定則可知ab邊所受磁場(chǎng)力方向向內(nèi)，cd邊所受磁場(chǎng)力方向向外，所以ab邊轉(zhuǎn)向紙內(nèi)，cd邊轉(zhuǎn)向紙外；從圖示位置轉(zhuǎn)過(guò)90°時(shí)，根據(jù)左手定則判斷可知ac邊所受磁場(chǎng)力方向水平向左，bd邊所受磁場(chǎng)力方向水平向右，且ac邊所受磁場(chǎng)力大于bd邊所受磁場(chǎng)力，所以靠近磁鐵。故選A。6.一列簡(jiǎn)諧橫波沿x軸正方向傳播，時(shí)刻的波形如圖中實(shí)線(xiàn)所示，t=0.1s時(shí)刻的波形如圖中虛線(xiàn)所示。波源不在坐標(biāo)原點(diǎn)O，P是傳播介質(zhì)中離坐標(biāo)原點(diǎn)=2.5m處的一個(gè)質(zhì)點(diǎn)。則以下說(shuō)法中正確的是（）A.質(zhì)點(diǎn)P的振幅為0.1mB.波的頻率可能為7.5HzC.波的傳播速度可能為50m/sD.在t=0.1s時(shí)刻與P相距5m處的質(zhì)點(diǎn)一定沿y軸正方向運(yùn)動(dòng)〖答案〗AC〖解析〗A．振幅為質(zhì)點(diǎn)離開(kāi)平衡位置的最大距離，由題圖知，質(zhì)點(diǎn)P的振幅為0.1m，故A正確；B．波沿x軸正方向傳播，則t=nT+（n=0，1，2，3，…）周期為T(mén)==s（n=0，1，2，3，…）頻率為f==Hz=（10n+2.5）Hz（n=0，1，2，3，…）所以波的頻率可能為2.5Hz、12.5Hz、…，不可能為7.5Hz，故B錯(cuò)誤；C．波速為v=λf=4×（10n+2.5）m/s=（40n+10）m/s（n=0，1，2，3，…）當(dāng)n=1時(shí)v=50m/s故C正確；D．波沿x軸正方向傳播，在t=0.1s時(shí)刻P沿y軸正方向運(yùn)動(dòng)，與之相距5m處的質(zhì)點(diǎn)分別在7.5m處和-2.5m處，其中7.5m處的質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)情況與3.5m處質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)情況一樣，沿y軸正方向，而距原點(diǎn)-2.5m的質(zhì)點(diǎn)與1.5m處振動(dòng)情況一樣，速度沿y軸負(fù)方向，故D錯(cuò)誤。7.如圖所示，理想變壓器的原、副線(xiàn)圈匝數(shù)之比為，原線(xiàn)圈回路中的電阻A與副線(xiàn)圈回路中的負(fù)載電阻B的阻值相等。a、b端加一定交流電壓后，則（）A.兩電阻兩端的電壓比B.兩電阻中的電流之比C.兩電阻消耗的電功率之比D.電阻B兩端的電壓表的示數(shù)〖答案〗BD〖解析〗AB．電阻兩端的電壓所以?xún)呻娮鑳啥说碾妷褐鹊扔陔娏髦?，由于電流比等于匝?shù)反比，所以故A錯(cuò)誤，B正確；C．電阻消耗的功率所以?xún)呻娮柘碾姽β手裙蔆錯(cuò)誤；D．由表達(dá)式知ab兩端電壓有效值為220V，設(shè)副線(xiàn)圈電壓為U2，則原線(xiàn)圈兩端電壓3U2，原線(xiàn)圈中電阻分壓為，即解得故D正確8.下列四幅圖中有關(guān)裝置的原理和現(xiàn)象的分析正確的是（）A.圖甲電路通電穩(wěn)定后斷開(kāi)開(kāi)關(guān)瞬間，燈泡一定會(huì)閃一下再熄滅B.圖乙變壓器采用了電磁互感原理，鐵芯用彼此絕緣的硅鋼片疊加而成從而減小渦流C.圖丙過(guò)山車(chē)進(jìn)入停車(chē)區(qū)的過(guò)程中銅片受到強(qiáng)力磁鐵的安培力使過(guò)山車(chē)減速D.圖丁D形盒半徑、磁感應(yīng)強(qiáng)度不變，若加速電壓越高，質(zhì)子飛出D形盒的動(dòng)能將越大〖答案〗BC〖解析〗A．圖甲電路通電穩(wěn)定后斷開(kāi)開(kāi)關(guān)瞬間，燈泡不一定會(huì)閃一下再熄滅，只有當(dāng)電路穩(wěn)定時(shí)線(xiàn)圈中電流比燈泡中電流大時(shí)，燈泡才會(huì)閃一下再熄滅，故A錯(cuò)誤；B．圖乙變壓器采用了電磁互感原理，鐵芯用彼此絕緣的硅鋼片疊加而成防止產(chǎn)生渦流，故B正確；C．過(guò)山車(chē)進(jìn)入停車(chē)區(qū)的過(guò)程中，銅片中有感應(yīng)電流通過(guò)，處于磁場(chǎng)中，則受到的安培力，使過(guò)山車(chē)減速，故C正確；D．由可得則最大動(dòng)能為知最大動(dòng)能與加速器的半徑、磁感線(xiàn)強(qiáng)度以及電荷的電量和質(zhì)量有關(guān)，與加速電壓無(wú)關(guān)，故D錯(cuò)誤。故選BC。二、實(shí)驗(yàn)題（本題共2小題，共16分。）9.某實(shí)驗(yàn)小組利用圖甲所示裝置測(cè)量當(dāng)?shù)刂亓铀俣取］p繩一端系住直徑為的小球，另一端固定在鐵架臺(tái)上點(diǎn)，已知點(diǎn)到小球球心的距離為，在點(diǎn)正下方固定一個(gè)光電門(mén)，小球運(yùn)動(dòng)至最低點(diǎn)時(shí)光電門(mén)能夠記錄下小球的遮光時(shí)間。實(shí)驗(yàn)時(shí)，將小球拉起至輕繩和豎直方向夾角為，由靜止釋放小球，小球擺至最低點(diǎn)時(shí)光電門(mén)光線(xiàn)正好射向小球球心，小球的遮光寬度可近似為，光電門(mén)記錄小球的遮光時(shí)間為，試回答以下問(wèn)題：（1）用游標(biāo)卡尺測(cè)量小球的直徑如圖乙所示，則小球的直徑_____________；（2）小球從釋放位置運(yùn)動(dòng)至最低點(diǎn)時(shí)速度為_(kāi)______________；（用題中相關(guān)物理量的字母表示）（3）多次改變的數(shù)值，重復(fù)以上實(shí)驗(yàn)過(guò)程并測(cè)量對(duì)應(yīng)的，得到隨變化的關(guān)系如圖丙所示，該圖線(xiàn)斜率的絕對(duì)值為，可計(jì)算得重力加速度______________________。（用、和表示）〖答案〗（1）8.10（2）（3）〖解析〗（1）由圖示游標(biāo)卡尺可知，其精確度為0.05mm，所以小球直徑為（2）小球從釋放位置運(yùn)動(dòng)至最低點(diǎn)時(shí)速度為（3）由動(dòng)能定理可得圖丙中圖線(xiàn)斜率的絕對(duì)值為k，則可得可得10.在“探究碰撞中的不變量”實(shí)驗(yàn)中，通過(guò)碰撞后做平拋運(yùn)動(dòng)測(cè)量速度的方法來(lái)進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，實(shí)驗(yàn)裝置如圖甲所示，實(shí)驗(yàn)原理如圖乙所示。（1）假設(shè)實(shí)驗(yàn)室中有如下圖所示三個(gè)小球，則入射小球應(yīng)該選取________，被碰小球應(yīng)該選取________。（填字母代號(hào)）（2）關(guān)于本實(shí)驗(yàn)，下列說(shuō)法正確的是________。（填字母代號(hào)）A.斜槽必須足夠光滑且安裝時(shí)末端必須保持水平B.同一實(shí)驗(yàn)中入射小球每次都必須從斜槽上的同一位置由靜止釋放C.實(shí)驗(yàn)中需要用到重垂線(xiàn)D.必須測(cè)量出斜槽末端到水平地面的高度（3）某同學(xué)在做上述實(shí)驗(yàn)時(shí)，測(cè)得入射小球和被碰小球的質(zhì)量關(guān)系為，兩小球在記錄紙上留下三處落點(diǎn)痕跡如圖丙所示，他將米尺的零刻線(xiàn)與點(diǎn)對(duì)齊，測(cè)量出點(diǎn)到三處平均落地點(diǎn)的距離分別為、、。該同學(xué)通過(guò)測(cè)量和計(jì)算發(fā)現(xiàn)，在實(shí)驗(yàn)誤差允許范圍內(nèi)，兩小球在碰撞前后動(dòng)量是守恒的。①該同學(xué)要驗(yàn)證關(guān)系式為_(kāi)________________；（用、、關(guān)系表示）②若進(jìn)一步研究該碰撞是否為彈性碰撞，需要判斷關(guān)系式__________________是否成立。（用、、關(guān)系表示）〖答案〗（1）AB（2）BC（3）〖解析〗（1）（1）[1][2]為了保證入射小球碰撞后不反彈，入射球的質(zhì)量要大于被碰球的質(zhì)量，為了使兩球發(fā)生對(duì)心碰撞，則要求兩球的半徑相同，故入射球選擇直徑為、質(zhì)量為的小球A，被碰球選擇直徑為、質(zhì)量為的小球B。（2）（2）[3]A．本實(shí)驗(yàn)只需要確保軌道末端水平，小球每次從斜槽的同一位置滾下，從而確保小球到達(dá)末端的速度大小不變，且離開(kāi)軌道后做的是平拋運(yùn)動(dòng)即可，并不需要軌道光滑，故A錯(cuò)誤；B．要確保放上被碰小球后，入射小球的碰前的速度大小保持不變，故要求從同一位置由靜止釋放入射小球，故B正確；C．實(shí)驗(yàn)中重錘線(xiàn)的作用是確定小球做平拋運(yùn)動(dòng)的水平位移的起點(diǎn)，即標(biāo)定斜槽末端在白紙上的投影點(diǎn)O，故C正確；D．兩個(gè)小球下落時(shí)間相同，故由可知，小球的水平位移，故可用水平位移的大小關(guān)系表示速度的大小關(guān)系，不需要求出時(shí)間，所以不需要測(cè)量高度，故D錯(cuò)誤。故選BC。（3）[4]①由題圖丙可知代入質(zhì)量關(guān)系，可知但是故OC才是入射小球碰前速度對(duì)應(yīng)的水平位移，由動(dòng)量守恒定律得根據(jù)解得[5]②驗(yàn)證碰撞是否為彈性碰撞，則需要驗(yàn)證即變形得根據(jù)則有解得三、計(jì)算題：本題共3小題，共36分。請(qǐng)把〖答案〗寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，要求寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。11.為防止宇宙間各種高能粒子對(duì)在軌航天員造成的危害，科學(xué)家研制出各種磁防護(hù)裝置。某同學(xué)設(shè)計(jì)了一種磁防護(hù)模擬裝置，裝置截面如圖