2020-2021學(xué)年黑河市嫩江某中學(xué)高二年級上冊期末物理試卷(附解析)

2020-2021學(xué)年黑河市嫩江高級中學(xué)高二上學(xué)期期末物理試卷

一、單選題（本大題共9小題，共36.0分）

1.如圖所示，平行板電容器與電動勢為E'的直流電源（內(nèi)阻不計）連接，下極板接地，靜電計所帶

電荷量很少，可被忽略.一帶負電油滴被固定于電容器中的P點.現(xiàn)將平行板電容器的上極板豎

直向下平移一小段距離，則下列說法正確的是（）

A.平行板電容器的電容將變小

B.帶電油滴的電勢能將減少

C.靜電計指針張角變小

D.若將上極板與電源正極斷開后再將下極板左移一小段距離，則帶電油滴所受電場力不變

2.如圖所示，兩個相同的空心金屬球M和N,M帶電荷量為-Q,N不帶電（M、N相距很遠，互不

影響），旁邊各放一個不帶電的金屬球P和R,當將帶正電Q的小球分別放入M和N的空腔中時（）

A.P、R上均出現(xiàn)感應(yīng)電荷B.尸、R上均沒有感應(yīng)電荷

C.P上有而R上沒有感應(yīng)電荷D.P上沒有而R上有感應(yīng)電荷

3.兩根材料相同的均勻?qū)Ь€x和y串聯(lián)在電路中，兩導(dǎo)線沿長度方向的電6心“

勢變化情況分別如圖中的帥段和be段圖線所示，則導(dǎo)線％和y的橫截面4\b

積之比為（）I

A.2：1L-4~太1~入，

02040dOL/on

B.1：2

C.6：1

D.1：6

4.在研究電磁感應(yīng)現(xiàn)象的實驗中，進行以下操作時不能使線圈B中產(chǎn)生感應(yīng)電流的是（）

A

B

A.電鍵閉合，把通電的線圈4從線圈B中抽出時

B.電鍵斷開，把通電的線圈4從線圈B中抽出時

C.電鍵閉合，在改變滑動變阻器阻值的過程中

D.在電鍵閉合或斷開瞬間

5.如圖甲所示，％和&是材料相同、厚度相同、表面為正方形的導(dǎo)體，但/?2的尺寸比％小很多。

把它們分別連接在如圖乙所示電路的4、B端，接8時電流表的讀數(shù)為接&時電流表的讀數(shù)

為與，下列判斷正確的是（）

圖乙

A.%=R2B./?!>R2C.h<I2D./x>I2

6.如圖甲所示，固定閉合線圈abed處于方向垂直紙面向外的磁場中，磁感線分布均勻，磁場的磁

感應(yīng)強度大小B隨時間t的變化規(guī)律如圖乙所示，則下列說法正確的是（）

A.t=1s時,ab邊受到的安培力方向向右

B.t=1s時,ab邊受到的安培力方向向左

C.t=2s時，ab邊受到的安培力最大

D.t=4s時，ab邊受到的安培力最大

7.如圖所示，a、b是用同種規(guī)格的鋼絲做成的兩個同心圓環(huán)，兩環(huán)半徑之比為2：

3,其中僅在a環(huán)所圍區(qū)域內(nèi)有垂直于紙面向里的勻強磁場.當該勻強磁場的磁

感應(yīng)強度均勻增大時，貝）

A.a、b兩圓環(huán)中產(chǎn)生順時針的感應(yīng)電流

B.a、b兩圓環(huán)內(nèi)的感應(yīng)電動勢大小之比為4：9

C.a、b兩圓環(huán)的電阻之比為3：2

D.a、b兩圓環(huán)內(nèi)的感應(yīng)電流大小之比3：2

8.如圖所示，一束負離子從S點沿水平方向射出，在沒有電、磁場時恰好擊中熒光屏上的坐標原點

0；若同時加上電場和磁場后，負離子束最后打在熒光屏上坐標系的第HI象限中，則所加電場E

和磁場8的方向可能是（不計離子重力及其間相互作用力）（）

A.E向上，B向上B.E向下，B向下

C.E向上，B向下D.E向下，B向上

9.如圖，一理想變壓器原、副線圈的匝數(shù)分別為右、的?原線圈接正弦交----4尸丁’

流電源，一個二極管、理想電流表④和阻值為R的負載電阻串聯(lián)后接到"Jc-=

副線圈的兩端。假設(shè)該二極管的正向電阻為零，反向電阻為無窮大。用??！?14HL/

交流電壓表測得a、b端和c、d端的電壓分別為Uab和4d，則（）

A.Uab：Ucd=n1：n2

B.增大負載電阻的阻值R,電流表的讀數(shù)變大

C.負載電阻的阻值越小，cd間的電壓越大

D.將二極管短路，短路前后電流表的讀數(shù)比為1：V2

二、多選題（本大題共3小題，共12.0分）

10.A、B為一電場中x軸上的兩點，如圖甲。一正試探電荷僅在電場力作用下沿支軸運動，該試探電

荷的電勢能Ep隨其坐標變化的關(guān)系如圖乙。下列正確的是（）

x

甲

A.該電場有可能是點電荷形成的電場

B.電場方向沿x軸正向

C.A、B兩點電勢的關(guān)系為0A<WB

D.試探電荷在4、B兩點的動能大小關(guān)系為&A>EkB

11.如圖所示，兩個金屬圓環(huán)在最低點處切斷并分別焊在一起.整個裝置處

在垂直紙面向里的勻強磁場中，當磁場均勻增加時（）

A.內(nèi)環(huán)有逆時針方向的感應(yīng)電流

B.內(nèi)環(huán)有順時針方向的感應(yīng)電流

C.外環(huán)有逆時針方向的感應(yīng)電流

D.內(nèi)、外環(huán)都沒有感應(yīng)電流

12.在如圖所示的電路圖中，開始時電鍵《斷開，人至以為電路中的四盞小燈泡，現(xiàn)在將區(qū)所在電

路的滑動變阻器的滑頭向左移動則以下關(guān)于燈的亮暗變化正確的是（）

A.燈人變亮

B.燈燈變亮

C.燈燈變亮

D.若滑動變阻器滑頭位置不變，現(xiàn)將電鍵/閉合則燈G變暗

三、填空題（本大題共1小題，共2.0分）

13.如圖所示，甲圖中二十分度的游標卡尺的讀數(shù)是cm；甲乙中螺旋測微器的讀數(shù)為

mm.

四、實驗題（本大題共1小題，共12.0分）

14.如圖所示是一個電流表、電壓表兩用的電路，電流表G的量程是100/M,內(nèi)阻G

I心心

是電阻當雙刀雙擲開關(guān)合到、上時，電流二。%汽

10002R1=0.10,R2=99fcn,ab

表改裝成什么表？其量程是多少？當雙刀雙擲開關(guān)合到c、d上時，電流表改h

裝成什么表？其量程是多少？

五、簡答題(本大題共1小題，共12.0分)

15.2020年5月5日，昵稱為“胖五”的長征五號B運載火箭在海南文昌發(fā)射成功，進入了預(yù)定軌道，

這標志著我國第三階段載人航天工程正式進入實施階段。飛船先進入近地圓軌道4運行，己知地

球的半徑為R，地球表面重力加速度為g，地球自轉(zhuǎn)周期為T,求：

(1)飛船在近地軌道4上運行的速率；

(2)假設(shè)飛船通過變軌技術(shù)進入同步軌道8,求此時飛船離地高度八。

...Y同步軌道

六、計算題(本大題共3小題，共26.0分)

16.一長為L的細線，上端固定于。點，下端拴一質(zhì)量為加、帶電荷量為q的小球，”一

處于如圖所示的水平向右的勻強電場中.開始時，將細線拉成水平，釋放

_______

后小球從4點由靜止沿圓弧開始向下擺動，當細線轉(zhuǎn)過60。角時，小球到達B

點速度恰好為零.試求：

(1)該小球帶電性質(zhì)；

(2)勻強電場的場強大?。?/p>

(3)若從4點給小球一個豎直向下的初速度北，使小球繞。點在豎直平面內(nèi)做圓周運動，火至少多大？

17.如圖所示的電路中，兩平行金屬板A、B水平放置,兩板間的距離d=40cm,電源電動勢E=24K,

內(nèi)電阻r=l。，電阻R=150,閉合開關(guān)S,待電路穩(wěn)定后，將一帶正電的小球從B板小孔以初

速度。0=4m/s豎直向上射入板間.若小球帶電量為q=1x10-2C,質(zhì)量為m=2xlO^kg,

不考慮空氣阻力.那么，滑片P在某位置時，小球恰能到達4板.求(取g=10m/s2)：

(1)兩極板間的電場強度大小;

(2)滑動變阻器接入電路的阻值.

18.一臺正常工作的電扇，線圈電阻是50,電流為0.84,求:

(1)電扇的發(fā)熱功率；

(2)10?nin內(nèi)電扇產(chǎn)生的熱量.

參考答案及解析

1.答案：B

解析：解：4、將平行板電容器的上極板豎直向下移動一小段距離，導(dǎo)致極板間距減小，根據(jù)C=冷

知，d減小，則電容增加，故A錯誤；

從電勢差不變，d減小，則電場強度增加，P點與下極板的電勢差變大，則P點的電勢增大，因為該

電荷為負電荷，則電勢能減小，故B正確；

C、靜電計測量的是電容器兩端的電勢差，因為電容器始終與電源相連，則電勢差不變，所以靜電計

指針張角不變，故靜電計指針張角不變，故C錯誤；

。、若先將電容器上極板與電源正極的導(dǎo)線斷開，則電荷量不變，正對面積減小，根據(jù)

SE=5a=3Ca=

警，知電場強度變大，則油滴所受電場力變大，故。錯誤；

故選：

本題是電容器的動態(tài)分析問題，關(guān)鍵抓住不變量，當電容器與電源始終相連，則電勢差不變，當電

容器與電源斷開，則電荷量不變.

2.答案：D

解析：解：把一個帶正電Q的小球放入原來不帶電的金屬空腔球殼內(nèi)，帶負電的電子被帶正電的小

球吸引到內(nèi)表面，內(nèi)表面帶負電，外表面剩余了正電荷，外表面帶正電，而R處于電場中，出現(xiàn)靜電

感應(yīng)現(xiàn)象，從而導(dǎo)致R上有感應(yīng)電荷出現(xiàn)，

若將帶正電Q的小球放入帶-Q電荷M空腔內(nèi)時，因同種電荷相互排斥，異種電荷相互吸引，若正負

電荷相等，則金屬殼上沒有多余電荷，則P處沒有電場，因而沒有感應(yīng)電荷；若正負電荷不相等，則

P處有電場，則出現(xiàn)感應(yīng)電荷，故ABC錯誤，。正確。

故選：Do

帶正電的物體是因為缺少電子，帶負電的物體是因為有多余的電子，當帶電體接觸不帶電的金屬空

腔球殼時，電子發(fā)生轉(zhuǎn)移.

本題考查感應(yīng)帶電的實質(zhì)：電子從導(dǎo)體的一部分轉(zhuǎn)移到另一部分，掌握靜電感應(yīng)的原理，注意帶正

電與帶負電的電量相等，是解題的關(guān)鍵.

3.答案：B

解析：

串聯(lián)電路中電流相等，根據(jù)電勢差的大小，通過歐姆定律得出電阻的大小關(guān)系，再根據(jù)電阻定律得

出ab段和幾段導(dǎo)線的橫截面積之比.

本題考查了歐姆定律、電阻定律以及串并聯(lián)電路的特點，難度不大.

時段和加段的電勢差分別為2匕4V,電流相等，根據(jù)歐姆定律得：乎=滑=也

Rbc"be2

根據(jù)電阻定律得，R=pg則S=?,則橫截面積之比：===i

SRSbc4cRab412

故選：B。

4.答案：B

解析：解：力、電鍵閉合，把通電線圈力從線圈B中抽出時，線圈B中的磁通量會發(fā)生變化，會產(chǎn)生感

應(yīng)電流，故A錯誤；

8、電鍵斷開，把通電的線圈4從線圈B中抽出時，線圈B中的磁通量始終為零，不會產(chǎn)生感應(yīng)電流，

故B正確；

C、電鍵閉合，在改變滑動變阻器阻值的過程中，線圈B中的磁通量會隨著線圈4的磁場變強而增大，

線圈B中會產(chǎn)生感應(yīng)電流，故C錯誤；

。、在電鍵閉合或斷開的瞬間，線圈力的磁場會增強或減弱，線圈B中的磁通量會發(fā)生變化，會產(chǎn)生

感應(yīng)電流，故。錯誤；

故選：B。

判斷在實驗過程中磁通量是否發(fā)生變化，發(fā)生變化就會產(chǎn)生感應(yīng)電流，不發(fā)生變化就不會產(chǎn)生感應(yīng)

電流。

明確閉合回路產(chǎn)生感應(yīng)電流的條件是磁通量發(fā)生變化是解決問題的關(guān)鍵。

5.答案：A

解析：解：AB,設(shè)正方形的邊長為a,厚度為d,則導(dǎo)體的電阻：R=P*=P2=%由兩導(dǎo)體的P與

d相同，則兩導(dǎo)體電阻相等，即8=/?2,故A正確，B錯誤；

CD、導(dǎo)體接入電路中，電流表示數(shù)：/=W，由于電源電動勢E、內(nèi)阻r、導(dǎo)體電阻R相同，則電流

表示數(shù)/相同，/1=/2,故CC錯誤。

故選：4。

由電阻定律可以判斷出兩導(dǎo)體的電阻關(guān)系。

根據(jù)閉合電路歐姆定律求出兩電流關(guān)系。

此題考查了閉合電路歐姆定律的相關(guān)計算，比較電阻大小與電流大小的問題，難度不大，是一道基

礎(chǔ)題，熟練應(yīng)用電阻定律與歐姆定律即可正確解題。

6.答案：A

解析：解：AB,由圖乙所示圖線可知：0?2s內(nèi)磁感應(yīng)強度大小逐漸增大，根據(jù)楞次定律可知流過ab

邊的電流由匕流向a,由左手定則可知，ab邊受到的安培力方向向右，故A正確，8錯誤；

C、由圖乙所示圖線可知,t=2s時，黑=0,由法拉第電磁感應(yīng)定律可知,感應(yīng)電動勢E=華==

AtAtAt

0,由閉合電路的歐姆定律可知，感應(yīng)電流i=0,ab邊受的安培力F=o,故C錯誤；

D、由圖乙所示圖線可知，t=4s時，8=0,安培力F=0,故。錯誤。

故選：Ao

根據(jù)楞次定律判斷出感應(yīng)電流方向，應(yīng)用左手定則判斷ab邊所受安培力方向；

根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律求出感應(yīng)電動勢，應(yīng)用閉合電路的歐姆定律求出感應(yīng)電流，然后根據(jù)安培

力公式分析答題。

分析清楚圖乙所示圖象是解的前提與關(guān)鍵，熟練掌握楞次定律和法拉第電磁感應(yīng)定律即可解題，注

意掌握圖象的斜率大小與感應(yīng)電動勢的大小關(guān)系。

7.答案：D

解析：解：力、根據(jù)楞次定律，結(jié)合穿過兩環(huán)的磁通量增大，則有兩環(huán)的感應(yīng)電流方向為逆時針，故

A錯誤；

B、由法拉第電磁感應(yīng)定律得：E=乳三=n"S=n"nR2,

△CACAt

喏,相同，則得到Ea：Eb=%匕=1：1,故B錯誤。

C、根據(jù)電阻定律：線圈的電阻為r=p'p亨，

則P、有效面積s、71相同，兩線圈電阻之比％：rb=Ra：Rb=2：3,故C錯誤。

D、線圈中感應(yīng)電流/=三由上綜合得到：〃：lB=3：2；故O正確；

故選：D。

依據(jù)楞次定律，即可判定兩環(huán)的感應(yīng)電流方向；

由法拉第電磁感應(yīng)定律E==n—S=n—nR2,求解感應(yīng)電動勢之比.

△cAcAc

根據(jù)電阻定律：電阻r=p(,感應(yīng)電流/=/,聯(lián)立求解感應(yīng)電流之比.

本題是法拉第電磁感應(yīng)定律和電阻定律的綜合應(yīng)用求解感應(yīng)電流之比，采用比例法研究，注意此處

的磁場的變化所對應(yīng)的面積相同.

8.答案：A

解析：解：由題意及可知，電子在電場中受力應(yīng)向下，故電場方向應(yīng)向上；

而粒子在磁場作用下向左偏轉(zhuǎn)，故說明洛侖茲力向左，由左手定則可知，B應(yīng)向上：

故選：Ao

由粒子的偏轉(zhuǎn)可知電場力及磁場力的方向，即可判斷電場及磁場的方向.

在讀題時要注意電場和磁場均為上下方向，故電場力只能上下方向，而磁場應(yīng)沿左右方向；同時注

意電子帶負電/

9.答案:D

解析：解：4、假設(shè)副線圈兩端電壓的有效值為出，根據(jù)理想變壓器的電壓與匝數(shù)成正比，即有：Uab：

t/2=n1：n2；而因二極管的單向?qū)щ娦?，cd間電壓的有效值并不等于副線圈兩端的電壓有效值，所

以Uab：Ucd不等于如：n2,故A錯誤。

8、根據(jù)閉合電路歐姆定律，增大負載電阻的阻值R,總電流減小，電流表的讀數(shù)變小，故B錯誤。

C、cd間的電壓由原線圈的輸入電壓以及原、副線圈的匝數(shù)比有關(guān)，與負載電阻無關(guān)，所以cd間的

電壓Ud不會隨著負載電阻變化，故C錯誤。

D、假設(shè)副線圈兩端交變電壓的峰值為Um,

則二極管短路前有：副線圈兩端電壓的有效值g=詈，

由w=/計算電阻R的電能得：登）2R,L=增7,

求得Ucd=

流經(jīng)定值電阻R的電流/cd=號=解

K

二極管短路后有：cd兩端電壓等于副線圈兩端電壓，即4/=詈，

流經(jīng)定值電阻R的電流/cd'=粵

所以將二極管短路，短路前后電流表的讀數(shù)比為/cd：/cd'=l：&，故O正確。

故選：Do

假設(shè)沒有二極管，則可根據(jù)理想變壓器的原副線圈的功率相等，且電壓與匝數(shù)成正比，電流與匝數(shù)

成反比，即可求解電壓關(guān)系，電流變化情況，再由二極管的單向?qū)щ娦?，根?jù)副線圈的電壓與時間

變化規(guī)律，從而可求得結(jié)果。

本題考查了變壓器的原理、交變電流有效值等知識點。。為易錯項，我們可以先根據(jù)能量守恒關(guān)系

求出有二極管時cd段的電壓的有效值及沒有二極管時的有效值，再根據(jù)歐姆定律可以求出二極管短

路前后電流的有效值，從而可以求出短路前后電流表的讀數(shù)比。

10.答案：CD

解析：解：4、根據(jù)功能關(guān)系可得尸=會，即Ep-x圖像的斜率表示電荷所受電場力，由圖可知該

電荷所受的電場力恒定，即該電場為勻強電場，故A錯誤；

BC、試探電荷由A向B運動，電勢能增大，根據(jù)功能關(guān)系可知電場力做負功，故該正試探電荷受到的

電場力沿x軸負向，故電場方向沿x軸負向；

根據(jù)沿電場線方向電勢降低，可知4、B兩點電勢的關(guān)系為以<9B，故8錯誤，C正確；

。、試探電荷僅在電場力作用下沿x軸運動，則試探電荷的電勢能和動能相互轉(zhuǎn)化，電勢能和動能之

和保持不變，由圖可知，EpA<EpB,故試探電荷在4、B兩點的動能大小關(guān)系為&A>&8，故。正

確。

故選：CD。

A、根據(jù)Ep-x圖像的斜率表示電荷所受電場力，結(jié)合圖像得出該電場為勻強電場；

BC、根據(jù)功能關(guān)系，結(jié)合題意判斷電場的方向，由電場的方向判斷4、8兩點電勢的高低；

。、根據(jù)題意可知電勢能和動能之和保持不變，結(jié)合圖像求出兩點的電勢能關(guān)系，進而求出兩點的

動能關(guān)系。

本題解題的關(guān)鍵是知道J-x圖像的斜率表示電荷所受電場力，進而利用圖像結(jié)合題意解決問題。

11.答案：BC

解析：解：由圖看出，磁感應(yīng)強度增大，則穿過線圈的磁通量增大，根據(jù)楞次定律判斷則知，線圈

中內(nèi)環(huán)有順時針方向的感應(yīng)電流，外環(huán)有逆時針方向的感應(yīng)電流；故BC正確，AO錯誤；

故選：BC

磁感應(yīng)強度隨時間均勻增大，線圈產(chǎn)生感應(yīng)電流，由楞次定律判斷線圈中感應(yīng)電流的方向，從而即

可求解.

本題中磁感應(yīng)強度均勻增大，穿過線圈的磁通量均勻增加，線圈中產(chǎn)生恒定電流，注意內(nèi)外環(huán)的電

流方向.

12.答案：ACD

解析：解：ABC,若將滑片P向左滑動時，變阻器在路電阻減小，總電阻減小，根據(jù)歐姆定律得知，

干路電流/增大，所以人變亮，并聯(lián)電壓U減小，所以減小，則G變暗，通過區(qū)電流與=/-%，/增

大，，2減小，則增大，故乙3變亮，故AC正確，8錯誤。

。、若滑動變阻器滑頭位置不變，現(xiàn)將電鍵K1閉合，并聯(lián)部分的電阻減小，分擔的電壓減小，則燈L2

的電壓減小，因此燈乙2變暗，故。正確。

故選：ACD.

首先認識電路的結(jié)構(gòu)：斷開電鍵占，區(qū)與變阻器串聯(lián)后與乙2并聯(lián)，再與人串聯(lián)，若將滑片P向左滑動

時，變阻器在路電阻增小，外電阻減小，根據(jù)歐姆定律分析路端電壓的變化和干路電流的變化，進

而判斷通過三個燈泡的電流變化情況即可判斷.

本題首先要搞清電路的連接方式，其次按“局部—整體-局部”的思路進行分析.

13.答案：24.815；9.970

解析：

游標卡尺讀數(shù)的方法是主尺讀數(shù)加上游標讀數(shù)，不需估讀.螺旋測微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)

加上可動刻度讀數(shù)，在讀可動刻度讀數(shù)時需估讀.

解決本題的關(guān)鍵掌握游標卡尺和螺旋測微器的讀數(shù)方法，注意游標卡尺不需估讀，螺旋測微器需估

讀.

游標卡尺的固定刻度讀數(shù)為：24.80cm,游標讀數(shù)為：0.05x3=0.15nun=0.015cm,所以最終讀

數(shù)為：24.80cm+0.015cm=24.815cm；

螺旋測微器的固定刻度讀數(shù)為：9.5mm,可動刻度讀數(shù)為：0.01x47.0=0.450nun,所以最終讀數(shù)

為：9.5mm+0.470mm=9.970mm.

故答案為：24.815；9.970.

14.答案：解：由電路圖可知，接到a,b上時，G與8并聯(lián)，是電流表，

其量程為/=它+/g=Lofi°°°+100x10-6“0,

R10.1

接c,d上時為G與&串聯(lián)為電壓表

其量程為U：U=%X(Rg+R2)=100x10-6x(1000+99000)=10V

答：雙刀雙擲開關(guān)合到a、b上時，電流表改裝成電流表，其量程是14

當雙刀雙擲開關(guān)合到c、d上時，電流表改裝成電壓表，其量程是10V.

解析：先確定接在不同位置時電流表與電阻是串聯(lián)還是并聯(lián)關(guān)系，若是并聯(lián)為電流表，若是串聯(lián)為

電壓表，再據(jù)所聯(lián)的阻值求得相應(yīng)的量程.

考查電表的改裝原理，明確量程與所聯(lián)電阻器的關(guān)系，會求出量程.

15.答案：解：(1)飛船在近地軌道4上運行時，根據(jù)萬有引力提供向心力，則有：

GMmv2?

地面上質(zhì)量為mO的物體受到的萬有引力近似等于重力，即喑=mog…②

根據(jù)①②解得：〃=質(zhì)

(2)衛(wèi)星在同步軌道上運行時，根據(jù)萬有引力提供向心力，則有：

GMm4兀2

講演=m(R+h)產(chǎn)…③

根據(jù)②③解得：九=)察1一/?

答:(1)飛船在近地軌道4上運行的速率為新；

(2)假設(shè)飛船通過變軌技術(shù)進入同步軌道B,此時飛船離地高度為3匣3—R。

747r2

解析：(1)根據(jù)萬有引力提供向心力，即可求解運行的速率；

(2)根據(jù)萬有引力提供向心力，結(jié)合同步衛(wèi)星的周期，即可求解。

解決天體(衛(wèi)星)運動問題的基本思路：(1)在地面附近萬有引力近似等于物體的重力，F(xiàn)引=mg,整

理得GM=g/?2；Q)天體運動都可近似地看成勻速圓周運動，其向心力由萬有引力提供，即尸刃=尸面,

根據(jù)相應(yīng)的向心力表達式進行分析。

16.答案：解：(1)根據(jù)電場力的方向與電場線的方向是相同的，所C

以小球帶正電.

(2)小球由4到B過程中，由動能定理得：+

mgLsin60°+EqL(l-cos60°)=0

_________?一

解得：E=.；

q

(3)由幾何關(guān)系可知，重力與電場力合力方向與水平方向成30。角，

如圖，在左側(cè)C點(與水平夾角30。)的最小速度滿足等效合力F提供向心力，而F臺=2mg

則在等效最高點處有：2mg=學(xué)

解得：v=12gl

從4到C由動能定理可得：