陜西省武功縣長寧高級中學高二上學期梯級強化訓練月考（一）物理試題

陜西省武功縣長寧高級中學20182019學年高二上學期梯級強化訓練月考（一）物理試題一、選擇題1.下列關于點電荷的說法，正確的是()A.點電荷一定是電荷量很小的電荷B.點電荷是一種理想化模型，實際不存在C.只有體積很小的帶電體，才能作為點電荷D.體積很大的帶電體一定不能看成點電荷【答案】B【解析】【詳解】點電荷是將物體簡化為點，帶電物體能否簡化為點關鍵是看物體的大小對于研究的問題能否忽略不計，而不是看電荷量的大小，也不能看體積大小，即體積很小的不一定能看做點電荷，體積很大的也不一定不能看做點電荷，故ACD錯誤；點電荷是一種理想化模型，實際不存在，選項B正確．2.如圖所示，左邊是一個原來不帶電的導體，右邊C是后來靠近的帶正電的導體球，若用絕緣工具沿圖示某條虛線將導體切開，分導體為A、B兩部分，這兩部分所帶電荷量的數(shù)值分別為QA、QB，則下列結論正確的是（）A.沿虛線d切開，A帶負電，B帶正電，且QA>QBB.只有沿虛線b切開，才有A帶正電，B帶負電，且QA=QBC.沿虛線a切開，A帶正電，B帶負電，且QA<QBD.沿任意一條虛線切開，都有A帶正電，B帶負電，而QA、QB的值與所切的位置有關【答案】D【解析】【詳解】由題意可知，靜電感應現(xiàn)象，使得A帶正電，B帶負電，導體原來不帶電，只是在C的電荷的作用下，導體中的自由電子向B部分移動，使B部分多帶了電子而帶負電；A部分少了電子而帶正電。根據(jù)電荷守恒可知，A部分轉(zhuǎn)移的電子數(shù)目和B部分多余的電子數(shù)目是相同的，因此無論從哪一條虛線切開，兩部分的電荷量總是相等的，故D正確，ABC錯誤；

故選D。3.在火神山醫(yī)院中，為防止麻醉劑乙醚爆炸，地磚要用導電材料制成，醫(yī)生護士要穿由導電材料制成的鞋子和棉布外套，一切設備要良好接地，這樣做是為了（）A.應用靜電 B.除菌消毒 C.消除靜電 D.防止漏電【答案】C【解析】【詳解】靜電會產(chǎn)生火花、熱量，麻醉劑為易揮發(fā)性物品，遇到火花或熱源便會爆炸，就像油罐車一樣，在運輸或貯存過程中，會產(chǎn)生靜電，汽油屬于易揮發(fā)性物品，所以它的屁股后面要安裝接地線（軟編織地線），目的是為了消除靜電，以防爆炸，麻醉劑與之同理。故選C。4.最早提出用電場線描述電場的物理學家是（）A.牛頓 B.伽利略 C.法拉第 D.阿基米德【答案】C【解析】【詳解】屬于識記的內(nèi)容．若沒有記清楚，也可以采用排除法，除了法拉第以外，其他三個選項提到的物理學家都沒有研究電場．5.人類已探明某星球帶負電，假設它是一個均勻帶電的球體，將一帶負電的粉塵置于該星球表面h高處，恰處于懸浮狀態(tài)，現(xiàn)設科學家將同樣的帶電粉塵帶到距星球表面2h高處無初速度釋放，則此帶電粉塵將(不考慮星球的自轉(zhuǎn)影響)（）A.向星球中心方向下落B.被推向太空C.仍在那里懸浮D.無法確定【答案】C【解析】【詳解】當帶負電粉塵在高度為h處處于平衡．則有，當h變2h時，兩力仍然平衡．故選C．【點睛】本題容易出錯：學生往往認為隨著間距的變化，庫侖力在變化，而卻忽略了引力隨著高度也會發(fā)生變化．注意這里的高度與星球半徑相比不能忽略．6.如圖所示，勻強電場電場強度為1×103N/C，ab=dc=4cm，bc=ad=3cm，則下述計算結果正確的是（）A.a、b之間的電勢差為4000VB.a、c之間的電勢差為40VC.將q=5×103C的點電荷沿矩形路徑abcda移動一周，靜電力做功為零D.將q=5×103C的點電荷沿abc或adc從a移動到c，靜電力做功都是0.25J【答案】BC【解析】【分析】【詳解】A．之間的電勢差為A錯誤；B．由圖看出，c、在同一等勢面上，電勢相等，則有B正確；C．將的點電荷沿矩形路徑移動一周，電場力不做功，C正確；D．將的點電荷沿或從移動到，電場力做功相等，電場力做功為D錯誤。故選BC。7.如圖所示，平行板電容器充電完畢后與電源斷開．設平行板電容器的電容為C，兩極板正對面積為S，兩極板間的距離為d，兩極板間場強為E．下列說法中正確的是A.若保持S不變，增大d，則C變小，E變大B.若保持S不變，減小d，則C變大，E不變C.若保持d不變，增大S，則C變大，E不變D.若保持d不變，減小S，則C變小，E變小【答案】B【解析】【詳解】平行板電容器充電后與電源斷開，電量Q保持不變．若保持S不變，將兩極板間距離d增大，由電容的決定式分析得知，電容C變小，由根據(jù)E=、、C=結合得：，E與d無關，則E不變，故A錯誤；同理若保持S不變，減小d，則C變大，E不變，故B正確；若保持d不變，將兩極板間正對面積增大，由電容的決定式分析得知，電容C變大，由，E與S成反比，則E變小，故C錯誤．同理若保持d不變，減小S，則C變小，E變大，故D錯誤；故選B．【點睛】本題是電容器的動態(tài)變化分析問題，根據(jù)電容的決定式、定義式C=和場強公式E=結合分析．8.某一探測器因射線照射，內(nèi)部氣體電離，在時間t內(nèi)有2n個電子到達探測器的陽極，n個二價正離子到達陰極，則探測器電路中的電流為（電子電荷量為e）（）A.0 B.C. D.【答案】D【解析】【詳解】由題意可得，在時間t內(nèi)有2n個電子到達陽極，有n個二價正離子到達陰極可知，則由電流公式可得D正確故選D。9.三個阻值都是6Ω的電阻可以用不同的方法連接起來，下列四個圖中等效電阻(即總電阻)等于4Ω的是（）A.B.C.D.【答案】C【解析】【詳解】三個電阻串聯(lián)后的總電阻R=3×6=18Ω，故A錯誤；三個電阻并聯(lián)后的總電阻為R=，故B錯誤；C中兩個電阻串聯(lián)后與第三個電阻并聯(lián)，則總電阻為，解得R=4Ω，故C正確；D中兩個電阻并聯(lián)后與第三個電阻串聯(lián)，則總電阻為R=6+3=9Ω，故D錯誤．故選C．【點睛】本題考查了學生對串并聯(lián)電阻的特點的了解與掌握，記住“n個阻值相同的電阻R串聯(lián)后，R串=nR；n個阻值相同的電阻R并聯(lián)后，R并=R/n”是本題的關鍵．10.或門的輸入端輸入信號為何時，輸出端輸出“0”（）A.00 B.10C.01 D.11【答案】A【解析】【詳解】“或”邏輯關系的特點是，當事件的某一個條件滿足，該事件就能發(fā)生．即只要有一個輸入信號為1，即輸出信號就為1，所以大當都輸入為0時，輸出才為0，故A正確，BCD錯誤．11.關于電荷守恒定律，下列敘述中不正確的是()A.任何一個物體所帶的電荷量總是守恒的B.在與外界沒有電荷交換的情況下，一個系統(tǒng)所帶的電荷總量是守恒的C.在一定條件下，一個系統(tǒng)內(nèi)等量的正負電荷可以中和，這并不違背電荷守恒定律D.電荷守恒定律并不意味著帶電系統(tǒng)一定和外界沒有電荷交換【答案】A【解析】【詳解】電荷守恒定律：電荷既不能被創(chuàng)造，也不能被消滅，只能從一個物體轉(zhuǎn)移到另一個物體，或者從物體的一部分轉(zhuǎn)移到另一部分；在轉(zhuǎn)移的過程中，電荷的總量保存不變，所以單個物體所帶電量是可以改變的，在與外界沒有電荷交換的情況下，一個系統(tǒng)所帶的電量總是守恒的，若一個系統(tǒng)內(nèi)的等量的正負電荷即使同時消失，并不違背電荷守恒定律，電荷守恒定律并不意味著帶電系統(tǒng)一定和外界沒有電荷交換，A錯誤，BCD正確；故選A。12.下面幾種電荷形成的電場中，電場線分布正確的是（）A.B.C.D.【答案】D【解析】【詳解】根據(jù)幾個常見的電場線的分布如圖，可知：

正點電荷的電場線方向向外，負點電荷的電場線的方向向里．故A錯誤，B錯誤；等量異種點電荷的電場線從正電荷發(fā)出，到負電荷處為止，故C錯誤；比較等量同種點電荷點電荷的電場線的分布可知，D圖正確．故選D．13.如圖所示，M、N是在真空中豎直放置的兩塊平行金屬板，板間有勻強電場，質(zhì)量為m、電荷量為－q的帶電粒子(不計重力)，以初速度v0由小孔進入電場，當M、N間電壓為U時，粒子剛好能到達N板，如果要使這個帶電粒子能到達M、N兩板間距的處返回，則下述措施能滿足要求的是()A.使初速度為原來B.使M、N間電壓提高到原來的2倍C.使M、N間電壓提高到原來的4倍D.使初速度和M、N間電壓都減為原來的【答案】BD【解析】【詳解】A.在粒子剛好到達N板的過程中，由動能定理得－qEd＝0－，所以，令帶電粒子離開M板的最遠距離為x，則使初速度減為原來的，x＝，故A錯誤；B.使M、N間電壓提高到原來的2倍，電場強度變?yōu)樵瓉淼?倍，x＝，故B正確；C.使M、N間電壓提高到原來的4倍，電場強度變?yōu)樵瓉淼?倍，x＝，故C錯誤；D.使初速度和M、N間電壓減為原來的，電場強度變?yōu)樵瓉淼囊话?，x＝，故D正確．14.如圖所示是兩個電阻的U－I圖線，則a、b所表示的電阻及電阻串聯(lián)和并聯(lián)后的U－I圖線所在的區(qū)域分別是A.a表示電阻大的圖線，兩電阻并聯(lián)后圖線在區(qū)域ⅢB.a表示電阻小的圖線，兩電阻串聯(lián)后圖線在區(qū)域ⅢC.a表示電阻小的圖線，兩電阻并聯(lián)后圖線在區(qū)域ⅠD.a表示電阻大的圖線，兩電阻串聯(lián)后圖線在區(qū)域Ⅱ【答案】BC【解析】【詳解】由圖線看出圖線b的斜率大于圖線a的斜率，而斜率表示電阻，故電阻大的是b，故AD錯誤；兩電阻串聯(lián)后總比任何一個電阻都大，圖線的斜率比圖線b還大，所以串聯(lián)后圖線在區(qū)域Ⅲ．故B正確；兩個電阻并聯(lián)后，總電阻比任何一個電阻都小，圖線的斜率圖線a還小，所以并聯(lián)后圖線在區(qū)域Ⅰ．故C正確．故選BC．【點睛】本題關鍵理解兩點：一是IU圖線斜率等于電阻的倒數(shù)．二是并聯(lián)電阻比任何一個電阻都小，而串聯(lián)電阻比任何一個電阻都大．二、實驗題15.半徑相同的兩個金屬小球A、B帶有等量同種電荷，相隔一定的距離，現(xiàn)讓第三個半徑相同的不帶電的金屬小球先后與A、B接觸后再移開．求接觸后兩球所帶的電荷量之比為_______．【答案】2;3;【解析】【詳解】兩球帶等量的同種電荷，電量都為Q，則讓第三個半徑相同的不帶電的金屬小球先后與A，B兩球接觸后移開．兩球所帶的電量大小分別為Q/2、3Q/4，則接觸后的電荷量之比為2：3；16.電量為q1=2q2，質(zhì)量為m1=4m2的兩個帶異種電荷的粒子在真空中，除相互作用的庫侖力外不受其它力的作用，已知兩粒子與其固定點距離保持不變而不吸引在一起，則知兩粒子一定做__________運動．【答案】勻速圓周運動；【解析】【詳解】兩個帶異種電荷的粒子在真空中，除相互作用的庫侖力外不受其它力的作用，已知兩粒子與其固定點距離保持不變而不吸引在一起，則知兩粒子一定做勻速圓周運動兩點荷之間的庫侖力充當向心力.17.如圖所示，在邊長為L的正方形四個頂點A、B、C、D上依次放置電荷量為＋q、＋q、＋q和－q的點電荷，則正方形中心O點的電場強度大小為______，方向為________．【答案】①.②.方向沿OD連線由O指向D【解析】【詳解】A、C兩點上的電荷在O點產(chǎn)生的場強大小相等，方向相反，正好抵消，最終的場強為B、D兩點電荷在O點產(chǎn)生場強的合場強．則O點的場強：E=EB+ED＝，方向沿OD連線由O指向D．【點睛】解決本題的關鍵掌握點電荷的場強公式，以及點電荷的場強方向，會根據(jù)平行四邊形定則進行場強的疊加．18.一個帶絕緣座的空心金屬球A帶有4×10－8C的正電荷，有絕緣柄的金屬小球B帶有2×10－8C的負電荷，使B球和A球的內(nèi)壁接觸，如圖所示，則A、B球所帶的電荷量分別為QA＝______C，QB＝_____C．【答案】①.；②.0；【解析】【詳解】把B球跟A球的內(nèi)壁相接觸，A與B構成整體，處于靜電平衡狀態(tài)，內(nèi)部靜電荷量為零，電荷均勻分布在外表面；故B球的帶電量減為零，AB電量中和一部分后，A球表面的帶電量為2×108C的正電荷；【點睛】本題關鍵是建立物理模型，知道金屬球A和小球B整體處于靜電平衡狀態(tài)，內(nèi)部的電場強度為零，靜電荷量也為零．19.a和b為電場中兩個點，如果把q＝－2×10－8C的負電荷從a點移動到b點，電場力對該電荷做了4×10－7J的正功，則該電荷的電勢能____（選填“增加”或“減少”）了_____J，a、b兩點的電勢差為_____V．【答案】①.減小;②.;③.20;【解析】【詳解】負電荷在電場力作用下發(fā)生位移，電場力做功多少，電荷的電勢能就減少多少．則負電荷從電場中的a點移動到b點，電場力做了4×107J的功，電勢能減小△EPAB=4×107J；a、b兩點的電勢差為．【點睛】電荷克服電場力做功多少，電荷的電勢能就增加多少；電場力做功多少，電荷的電勢能就減少多少．電荷在電場力作用下做功，導致電勢能變化．20.一根金屬絲，將其對折后并起來，則電阻變?yōu)樵瓉淼腳____倍?！敬鸢浮俊窘馕觥俊驹斀狻縖1]對折起來之后長度變?yōu)樵瓉淼囊话耄瑱M截面積變?yōu)樵瓉淼?倍，設原來電阻為R，對折后電阻為，則所以電阻變?yōu)樵瓉淼谋丁?1.已知通過三個并聯(lián)支路的電流之比是I1∶I2∶I3＝1∶2∶3，則三個并聯(lián)支路的電阻之比R1∶R2∶R3為________．【答案】6:3:2;【解析】【詳解】三個并聯(lián)支路的電壓相等，根據(jù)歐姆定律U=IR得，電流I與電阻R成反比．電流之比I1：I2：I3=1：2：3，則電阻之比R1：R2：R3==6：3：2．22.用控制變量法，可以研究影響電荷間相互作用力的因素.如圖所示，O是一個帶電的物體，若把系在絲線上的帶電小球先后掛在橫桿上的P1、P2、P3等位置，可以比較小球在不同位置所受帶電物體的作用力的大小。這個力的大小可以通過絲線偏離豎直方向的角度θ顯示出來。若物體O的電荷量用Q表示，小球的電荷量用q表示，物體與小球間距離用d表示，物體和小球之間的作用力大小用F表示。則以下對該實驗現(xiàn)象的判斷正確的是（）A.保持Q、q不變，增大d，則θ變大，說明F與d有關B.保持Q、q不變，減小d，則θ變大，說明F與d成反比C.保持Q、d不變，減小q，則θ變小，說明F與q有關D.保持q、d不變，減小Q，則θ變小，說明F與Q成正比【答案】C【解析】【詳解】AB．保持Q、q不變，根據(jù)庫侖定律公式增大d，庫侖力變小，則θ變小，減小d，庫侖力變大，則θ變大.F與d的二次方成反比，故AB錯誤；C．保持Q、d不變，減小q，則庫侖力變小，θ變小，知F與q有關，故C正確；D．保持q、d不變，減小Q，則庫侖力變小，θ變小，根據(jù)庫侖定律公式知F與兩電荷的乘積成正比，故D錯誤。故選C。23.關于多用電表表盤上的刻度線，下列說法中不正確的是（）A.直流電流刻度線和直流電壓刻度線都是均勻的，可以共用一刻度B.電阻刻度是不均勻C.電阻刻度上的零刻度與直流電流的最大刻度線相對應D.電阻刻度上的零刻度與直流電流的最大刻度線不對應【答案】D【解析】【詳解】A．直流電流刻度線和直流電壓刻度線都是均勻的，可以共用一刻度，故A正確；B．由，故電阻的刻度線是不均勻的，刻度值越大處刻度線越密，故B正確；CD．多用表的電阻刻度線大小與電流電壓的刻度線大小相反，電流最大處，電阻為0，故C正確，D錯誤。本題選擇錯誤的，故選D。【點睛】考查歐姆表的原理，明確其刻度盤的特點，指針偏角越小，示數(shù)越大，同時注意電流表與電壓表的刻度是均勻的，而歐姆表的刻度是不均勻的.24.在“測定金屬絲電阻率”的實驗中需要測出其長度L、直徑d和電阻R．用螺旋測微器測金屬絲直徑時讀數(shù)如圖所示，則金屬絲的直徑為______mm．【答案】0.700;【解析】【詳解】由圖所示螺旋測微器可知，固定刻度示數(shù)為0.5mm，可動刻度示數(shù)為20.0×0.01mm=0.200mm，金屬絲直徑為0.5mm+0.200mm=0.700mm；25.一個電流表的滿偏電流Ig=1mA,內(nèi)阻Rg=500Ω．要把它改裝成一個量程為10V的電壓表，則應在電流表上A.串聯(lián)一個9.5Ω的電阻 B.并聯(lián)一個10kΩ的電阻C.串聯(lián)一個9.5kΩ的電阻 D.并聯(lián)一個9.5Ω的電阻【答案】C【解析】【分析】本題考查電表的改裝及串聯(lián)電路的特點【詳解】要改裝成一個電壓表，則必須要有分壓電阻，所以應該將電流表和一個電阻串聯(lián)，排除BD選項，串聯(lián)后總電壓量程為10V，根據(jù)歐姆定律有，，解得R=9500Ω，即C選項正確．綜上所述，本題選C．三、計算題26.如圖所示，電阻R1、R2、R3的阻值相等，電路兩端電壓U不變，開關S閉合前流過R2的電流為I，求S閉合后流過R2的電流大小．【答案】0.67I【