內(nèi)蒙古呼倫貝爾市阿榮旗第一中學(xué)2024-2025學(xué)年高二物理下學(xué)期3月試題含解析

PAGE12-內(nèi)蒙古呼倫貝爾市阿榮旗第一中學(xué)2024-2025學(xué)年高二物理下學(xué)期3月試題（含解析）一、單選題（每題4分，共8個小題，共32分）1.對于任何一個質(zhì)量不變的物體，下列說法正確的是（）A.物體的動量發(fā)生變更，其動能肯定變更B.物體的動量發(fā)生變更，其動能不肯定變更C.物體的動能不變，其動量肯定不變D.物體的動能發(fā)生變更，其動量不肯定變更【答案】B【解析】【詳解】AB．物體的動量發(fā)生變更，可能是速度的大小不變，方向變更，則其動能不變更，選項A錯誤，B正確；C．物體的動能不變，可能是速度的大小不變，方向變更，則其動量不肯定不變，選項C錯誤；D．物體的動能發(fā)生變更，則肯定是速度大小發(fā)生了變更，則其動量肯定變更，選項D錯誤。故選B。2.質(zhì)量為1kg的物體，運動速度為3m/s，它在一個變力作用下速度大小變?yōu)?m/s，方向和原來方向相反，則這段時間內(nèi)動量的變更量為（）A.，方向與原運動方向相反B.，方向與原運動方向相同C.，方向與原運動方向相反D.，方向與原運動方向相同【答案】A【解析】【詳解】取初速度方向為正方向，由則可知這段時間內(nèi)動量變更量的大小為，方向與原運動方向相反，故A正確，BCD錯誤。故選A3.一枚火箭搭載著衛(wèi)星以速率v0進入太空預(yù)定位置，由限制系統(tǒng)使箭體與衛(wèi)星分別．已知前部分的衛(wèi)星質(zhì)量為m1，后部分的箭體質(zhì)量為m2，分別后箭體以速率v2沿火箭原方向飛行，若忽視空氣阻力及分別前后系統(tǒng)質(zhì)量的變更，則分別后衛(wèi)星的速率v1為（）A.v0-v2 B.v0+v2 C. D.【答案】D【解析】【分析】本題考查動量守恒定律【詳解】系統(tǒng)分別前后，動量守恒：，解得：，故ABC錯誤；D正確．4.如圖所示，質(zhì)量為m的人立于平板車上，人與車的總質(zhì)量為M，人與車以速度v1在光滑水平面上向東運動．當(dāng)此人相對于車以速度v2豎直跳起時，車的速度變?yōu)椋ǎ〢.向東 B.向東C.向東 D.v1向東【答案】D【解析】【詳解】人和車在水平方向上動量守恒，當(dāng)人豎直跳起時，人和之間的相互作用在豎直方向上，在水平方向上的仍舊動量守恒，水平方向的速度不發(fā)生變更，所以車的速度仍舊為v1，方向向東故選D。5.兩平行金屬直導(dǎo)軌水平置于勻強磁場中，導(dǎo)軌所在平面與磁場垂直，導(dǎo)軌右端接兩個規(guī)格相同的小燈泡及始終流電阻可以不計的自感線圈。如圖所示，當(dāng)金屬棒ab正在直導(dǎo)軌水平方向左右運動時，發(fā)覺燈泡L1比燈泡L2更亮一些。金屬棒的運動狀況可能是（導(dǎo)軌及金屬棒電阻不計）（）A.向右勻速 B.向左勻速 C.向右減速 D.向左加速【答案】C【解析】【詳解】AB.金屬棒ab向左或者向右勻速運動時，金屬棒切割磁感線產(chǎn)生的電動勢不變，線圈中沒有自感電流，燈泡L1與燈泡L2亮度相同，故AB錯誤；C.金屬棒ab向右減速運動時，由右手定則可知，通過燈泡的電流從上到下，金屬棒切割磁感線產(chǎn)生的電動勢減小，電阻可以不計的自感線圈產(chǎn)生的自感電流方向向下，與原電流方向相同，通過燈泡L1的電流大于通過燈泡L2的電流，燈泡L1比燈泡L2更亮一些，故C正確；D.金屬棒ab向左加速運動時，由右手定則可知，通過燈泡的電流從下到上，金屬棒切割磁感線產(chǎn)生的電動勢增大，電阻可以不計的自感線圈產(chǎn)生的自感電流方向向下，與原電流方向相反，通過燈泡L1的電流小于通過燈泡L2的電流，燈泡L2比燈泡L1更亮一些，故D錯誤。故選C。6.三個相同的電阻，分別通過如圖(甲)、(乙)、(丙)所示的電流，(甲)為正弦式溝通電，三個圖中的I0和周期T都相同．下列說法中正確的是A.在相同時間內(nèi)三個電阻發(fā)熱量相等B.在相同時間內(nèi)，(甲)、(丙)發(fā)熱量相等，是(乙)發(fā)熱量的一半C.在相同時間內(nèi)，(甲)、(乙)發(fā)熱量相等，是(丙)發(fā)熱量的2倍D.在相同時間內(nèi)，(乙)發(fā)熱量最大，(甲)次之，(丙)的發(fā)熱量最小【答案】B【解析】【詳解】甲的有效值為：，由可知一個周期內(nèi)甲的發(fā)熱量為：；乙前后半個周期電流大小相等，故其發(fā)熱量為：；丙只有前半個周期有電流，故其發(fā)熱量為：，故可知在相同時間內(nèi)，甲丙發(fā)熱量相等，是乙發(fā)熱量的，故B正確，ACD錯誤．7.如圖所示，志向變壓器原、副線圈的匝數(shù)比n1:n2=1:3，次級回路中連入三個均標(biāo)有“36V，40W”的燈泡,且均正常發(fā)光，那么,標(biāo)有“36V、40W”的燈泡AA也正常發(fā)光 B.將被燒毀 C.比另三個燈暗 D.無法確定【答案】A【解析】【詳解】本題考查志向變壓器．由題意知副線圈電壓由變壓器原理原線圈電壓所以燈泡A兩端的電壓也是36V，A也可以正常發(fā)光。故選A。8.矩形線圈在勻強磁場中勻速轉(zhuǎn)動，從中性面起先轉(zhuǎn)動180°的過程中，平均感應(yīng)電動勢和最大感應(yīng)電動勢之比為()Aπ/2 B.2/πC.2π D.π【答案】B【解析】【詳解】由法拉第電磁感應(yīng)定律可知平均感應(yīng)電動勢為當(dāng)線圈平面與磁場方向平行時感應(yīng)電動勢最大，峰值為NBS，比值為2/π。故選B。二、多項選擇題（每題6分，共30分，全選對得6分，漏選得3分，有錯誤選項得0分）9.一溝通電壓為u＝100sin100πtV，由此表達式可知()A.用電壓表測該電壓其示數(shù)為100VB.該溝通電壓的周期為0.02sC.將該電壓加在100Ω的電阻兩端，電阻消耗的電功率為200WD.t＝1/400s時，該溝通電壓的瞬時值為100V【答案】ABD【解析】【詳解】AB．正弦交變電壓的表達式為，對比可知，故電壓表顯示的是有效值，故其示數(shù)為AB正確；C．將該電壓加在100Ω的電阻兩端，電阻消耗的電功率為C錯誤；D．將代入表達式可得D錯誤。10.一矩形線圈繞垂直于勻強磁場并位于線圈平面內(nèi)的固定軸轉(zhuǎn)動，線圈中的感應(yīng)電動勢隨時間的變更如圖所示，則下列說法正確的是（）A.ｔ1時刻通過線圈的磁通量為零B.ｔ2時刻通過線圈的磁通量最大C.ｔ3時刻通過線圈的磁通量的變更率的肯定值最大D.每當(dāng)電動勢變更方向時，通過線圈的磁通量的肯定值最大【答案】D【解析】【詳解】A．由圖可知，t1時刻線圈的感應(yīng)電動勢最小為零，則磁通量的變更率為零，此時線圈平面處于中性面，所以通過線圈的磁通量最大，故A錯誤；B．由圖可知，t2時刻線圈的感應(yīng)電動勢最大，則線圈平面與中性面垂直，則磁通量最小為零，故B錯誤；C．由圖可知，t3時刻線圈的感應(yīng)電動勢最小為零，則磁通量的變更率最小為零，故C錯誤；D．每當(dāng)電動勢變更方向時，線圈與磁場垂直，線圈平面處于中性面，磁通量最大，故D正確。故選D。11.如圖是一個志向變壓器，K為雙向電鍵，P是滑動變阻器滑動觸頭，U1為加在原線圈兩端電壓，I1為原線圈上電流，則（）A.保持U1及P的位置不變，K由a合向b時，I1將增大B.保持U1及P的位置不變，K由b合向a時，R消耗的功率減小C.保持U1不變，K合在a處，使P上滑，I1將減小D.保持P的位置不變，K合在a處，若U1增大，I1將減小【答案】ABC【解析】【詳解】A．保持U1及P的位置不變，K由a合到b時，原線圈匝數(shù)變小，副線圈電壓變大，所以副線圈功率變大，而原線圈功率等于副線圈功率，所以原線圈功率變大，依據(jù)得I1將增大，A正確；B．保持U1及P的位置不變，K由b合向a時，原線圈匝數(shù)變大，副線圈電壓變小，所以R消耗的功率變小，B正確；C．保持U1不變，K合在a處，使P上滑時，R增大，而電壓不變，所以副線圈電流變小，電流與匝數(shù)成反比，可知I1將減小，C正確；D．保持P的位置不變，K合在a處，若U1增大，則副線圈電壓增大，所以副線圈電流變大，電流與匝數(shù)成反比，可知I1將增大，D錯誤。故選ABC12.一輛小車靜止在光滑的水平面上，小車立柱上固定一條長為L、系有小球的水平細繩，小球由靜止釋放，如圖所示，不計一切摩擦，說法正確的是（）A.小球的機械能守恒B.小球的機械能不守恒C.球、車系統(tǒng)的機械能守恒D.球、車系統(tǒng)的動量守恒【答案】BC【解析】【詳解】AB．小球由靜止釋放過程中，繩子拉力對小球做功，小球機械能不守恒，故A錯誤，B正確；C．小球與小車系統(tǒng)在整個過程中只有重力做功，系統(tǒng)機械能守恒，故C正確；D．當(dāng)小球向下?lián)u擺的過程中，豎直方向具有向上的分加速度，小車和小球整體處于超重狀態(tài)，地面對小車的支持力大于小車和小球的總重力，整體所受的合力不為零，則系統(tǒng)的總動量不守恒，故D錯誤。故選BC。13.光滑水平地面上，A、B兩物體質(zhì)量都為m，A以速度v向右運動，B原來靜止，左端有一輕彈簧，如圖所示，當(dāng)A撞上彈簧，彈簧被壓縮最短時（）A.A、B系統(tǒng)總動量仍舊為mv B.A的動量變?yōu)榱鉉.B的動量達到最大值 D.A、B的速度相等【答案】AD【解析】【詳解】A．A、B組成的系統(tǒng)所受的合外力為零，動量守恒，初始時總動量為mv；彈簧被壓縮到最短時，A、B系統(tǒng)總動量仍為mv，故A項正確；BCD．A在壓縮彈簧的過程中，B做加速運動，A做減速運動，兩者速度相等時，彈簧壓縮量最大，然后B接著加速，A接著減速，所以彈簧壓縮最短時，B的動量未達到最大值．彈簧被壓縮到最短時，A、B的速度相等，A的動量不為零，故BC兩項錯誤，D項正確。故選AD。三、填空題：（每空3分，共18分）14.如圖所示，線圈的面積是0.05m2，共100匝，線圈電阻為1Ω，外接電阻R=9Ω，勻強磁場的磁感應(yīng)強度為B=T，當(dāng)線圈以300r/min的轉(zhuǎn)速勻速旋轉(zhuǎn)時，若從線圈處于中性面起先計時，則線圈中感應(yīng)電動勢的瞬時值表達式為______，線圈轉(zhuǎn)了s時電動勢的瞬時值為______，電路中流過電阻R的電流的峰值是______。【答案】(1).e＝50sin10πtV(2).25V(3).5A【解析】【詳解】[1]線圈轉(zhuǎn)動的角速度則感應(yīng)電動勢的最大值則從中性面起先計時，感應(yīng)電動勢的瞬時表達式[2]當(dāng)s時[3]電流的峰值為15.質(zhì)量為m的小球A，沿光滑水平面以速度v0與質(zhì)量為2m的靜止的小球B發(fā)生正碰，碰后A球速度大小變?yōu)樵瓉淼?，那么小球B的速度可能值為______或______。【答案】(1).v0(2).v0【解析】【詳解】[1][2]取碰撞前A的速度方向為正方向，若碰撞后，A球的速度方向與原來相同時，速度為，依據(jù)動量守恒定律得解得若碰撞后，A球的速度方向與原來相同時，速度為，依據(jù)動量守恒定律得解得16.如圖所示，志向變壓器的原線圈的輸入電壓u＝220sin(100πt)V，原、副線圈的匝數(shù)比為n1∶n2＝10∶1電阻R的阻值為100Ω，則1s內(nèi)電阻R上產(chǎn)生的焦耳熱為______。【答案】1.21J【解析】【詳解】依據(jù)解得依據(jù)副線圈接有二極管，所以只有一半時間有電流通過電阻，則1s內(nèi)電阻R上產(chǎn)生的焦耳熱為四、計算題：（每題10分，共20分）17.如圖所示，三個質(zhì)量分別為3kg、1kg、1kg的木塊A、B、C放置在光滑水平軌道上，起先時B、C均靜止，A以初速度v0=5m/s向右運動，A與B碰撞后分開，B又與C發(fā)生碰撞并粘在一起，此后A與B間的距離保持不變。(1)求B與C碰撞前B的速度大?。?2)求B與C碰撞過程中的能量損失。【答案】(1)6m/s；(2)13.5J【解析】【詳解】(1)設(shè)A、B碰撞后A的速度為vA，B與C碰撞前B的速度為vB，B、C碰撞后一起運動的速度為v，以C的初速度方向為正方向，由動量守恒定律，對A、B有mAv0=mAvA＋mBvB對B、C有mBvB=(mB＋mC)v由于A與B間距離保持不變，則vA=v代入數(shù)據(jù)解得v=vA=3m/s，vB=6m/s(2)B與C碰撞前，BC系統(tǒng)的總動能碰撞后BC系統(tǒng)的總動能整個過程損失的能量解得18.一小型發(fā)電站通過升壓、降壓變壓器把電能輸給用戶，已知發(fā)電機的輸出功率為500kW，路端電壓為500V，升壓變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為1∶5，兩變壓器間輸電線的總電阻為1.5Ω，降壓變壓器的輸出電壓為220V，不計變壓器能量損耗，求：(1)升壓變壓器的副線圈兩端電壓；(2)輸電導(dǎo)線上的功率損失；(3)降壓變壓器原、副線圈的匝數(shù)比；(4)用戶得到的功率．【答案】(1)2500V(2)60kW(3)10:1(4)440kW【解析】（1）升壓變壓器的副線圈兩