福建省泉州市普通高中2025屆高三物理下學期第一次質量檢測試題含解析

PAGE18-福建省泉州市一般中學2025屆高三物理下學期第一次質量檢測試題（含解析）二、選擇題1.某質點沿始終線運動，其速度的二次方（v2）與位移（x）的關系圖線如圖所示，則該質點在0~12m的運動過程中（）A.加速度越來越大 B.所用的時間為3sC.經過x=6m時的速度大小為4m/s D.0~6m和6~12m所用的時間之比為1：1【答案】B【解析】【詳解】A．依據(jù)速度位移關系代入圖中數(shù)據(jù)可得，，故質點的加速度不變，故A錯誤；B．依據(jù)速度位移關系解得末速度為所用的時間為故B正確；C．將x=6m帶入解得，故C錯誤；D．經過x=6m時的速度大小為5m/s，依據(jù)速度時間關系0~6m所用的時間6~12m所用的時間0~6m和6~12m所用的時間之比為2：1，故D錯誤。故選B。2.如圖，T1、T2是監(jiān)測溝通高壓輸電參數(shù)的互感器（均視為志向變壓器），T1的原、副線圈匝數(shù)比為1：1000，a、b是溝通電壓表或溝通電流表，其中溝通電壓表兩端的電壓為10V，高壓線路輸送的電功率是kW、電壓是22kV，則（）A.a是溝通電壓表 B.T2的原、副線圈匝數(shù)比為1000：1C.通過溝通電流表的電流為0.1A D.繞制T1原線圈的導線應比副線圈的細【答案】C【解析】【詳解】A．變壓器原副線圈電壓與線圈匝數(shù)成正比，變壓器原副線圈電流與線圈匝數(shù)成反比，故T1是電流互感器，a是溝通電流表，T2是電壓互感器，b是溝通電壓表，故A錯誤；B．依據(jù)變壓器原副線圈電壓與線圈匝數(shù)的關系故B錯誤；C．原線圈的電流依據(jù)變壓器原副線圈電流與線圈匝數(shù)的關系解得，故C正確；D．T1原線圈的電流大于副線圈的電流，故繞制T1原線圈的導線應比副線圈的粗，故D錯誤。故選C3.某同學在練習投籃，籃球第一次擊中籃板上的a點，其次次擊中a點正上方的b點，若兩次籃球拋出點的位置相同，且都是垂直擊中籃板，不計空氣阻力，與第一次相比，其次次（）A.籃球擊中籃板時，速度較大B.在籃球從投出到擊中籃板的過程中，所用時間較多C.在籃球從投出到擊中籃板的過程中，速度變更率較大D.在投出過程中，手對籃球的沖量肯定較大【答案】B【解析】【詳解】A．籃球在水平方向做勻速直線運動，水平射程相等，但其次次用的時間較長，其次次運動水平分速度較小，故籃球擊中籃板時，其次次運動速度較小，故A錯誤；B．將籃球的運動反向處理，即為平拋運動，其次次運動過程中的高度較高，所以運動時間較長，故B正確；C．速度變更率為加速度，在籃球從投出到擊中籃板過程中，籃球受到的合力為重力，加速度都為重力加速度，故C錯誤；D．依據(jù)動量定理其次次運動水平分速度較小，但其次次運動豎直分速度較大，無法推斷兩次運動籃球出手時初速度的大小，故無法推斷兩次在投出過程中，手對籃球的沖量，故D錯誤。故選B。4.2024年12月27日，我國長征五號遙三運載火箭“胖五”在文昌航天放射場點火升空，把重為8噸的實踐二十號衛(wèi)星勝利送入預定的橢圓軌道。如圖，AB為橢圓軌道的長軸，CD為橢圓軌道的短軸，A點到地心的距離為r，地球半徑為R，地球表面重力加速度為g，則（）A.衛(wèi)星在A點的速度大于B.衛(wèi)星在C點的加速度小于在B點的加速度C.衛(wèi)星從A點到C點的時間與從C點到B點的時間相等D.衛(wèi)星與火箭分別時的速度大于11.2km/s【答案】A【解析】【詳解】A．依據(jù)萬有引力定律得解得，A點處于近地點，速度大，故衛(wèi)星在A點的速度大于，故A正確；B．依據(jù)萬有引力定律得C點所處的軌道半徑小，衛(wèi)星在C點的加速度大于在B點的加速度，故B錯誤；C．A點處于近地點，運行速度大，B點處于遠地點，運行速度小，衛(wèi)星從A點到C點的距離與從C點到B點的距離相等，故衛(wèi)星從A點到C點的時間小于從C點到B點的時間，故C錯誤；D．衛(wèi)星的放射速度不能大于11.2km/s，大于11.2km/s會脫離地球引力的束縛，故D錯誤。故選A。5.半徑為R、勻稱帶正電荷的球體在空間產生球對稱的電場，場強E沿半徑r的變更規(guī)律如圖所示，圖中E0已知，E-r曲線下方與r軸圍成的面積中，R~∞部分的面積等于O~R部分面積的2倍。一質量為m、電荷量為e的電子在該球體表面旁邊繞球心做勻速圓周運動。靜電力常量為k，取無窮遠電勢為零，則（）A.E-r曲線下面積所表示的物理量單位為焦耳B.球心與球表面間的電勢差為C.該電子繞行的速率為D.若該電子的速率增大到，就可以擺脫球體電場的束縛【答案】D【解析】【詳解】A．依據(jù)公式可知E-r曲線下面積所表示物理量為電勢差，單位為，故A錯誤；B．E-r曲線下面積所表示的物理量為電勢差，故球心與球表面間的電勢差為故B錯誤；C．電子在該球體表面旁邊繞球心做勻速圓周運動有解得，故C錯誤；D．電子擺脫球體電場時依據(jù)動能定理有解得，故D正確。故選D。6.活體生物由于須要呼吸，其體內的14C含量大致不變，死后停止呼吸，體內的14C含量起先削減。由于碳元素在自然界的各個同位素的比例始終都很穩(wěn)定，人們可通過測定古木的14C含量，來估計它的也許年齡，這種方法稱之為碳定年法。14C衰變?yōu)?4N的半衰期約為5730年，某古木樣品中14C的比例約為現(xiàn)代植物所制樣品的二分之一。下列說法正確的是（）A.該古木的年齡約為5730年 B.14C與14N具有相同的中子數(shù)C.14C衰變?yōu)?4N的過程中放出β射線 D.上升古木樣品所處環(huán)境的溫度將加速14C的衰變【答案】AC【解析】【詳解】A．設原來14C的質量為，衰變后剩余質量為M，則有其中n為發(fā)生半衰期的次數(shù)，由題意可知剩余質量為原來的，故n=1，所以死亡時間為5730年，故A正確；B．14C的中子數(shù)是8個，14N的中子數(shù)是7個，故B錯誤；C．14C衰變?yōu)?4N的過程中質量數(shù)沒有變更，而核電荷數(shù)增加1，是14C中的一個中子變成了一個質子和一個電子，放出β射線，故C正確；D．放射元素的半衰期與物理環(huán)境以及化學環(huán)境無關，故D錯誤。故選AC。7.如圖，大量的甲、乙兩種離子初速度均為零，經相同電壓加速后，從寬度為L的狹縫中垂直射入勻強磁場中。已知從狹縫右邊緣入射的離子分別打在底片上的a、b兩點。甲離子和乙離子的電荷量相同，甲的質量比乙大，這兩種離子打究竟片的區(qū)域恰好不重疊，離子重力及離子間的相互作用力均不計。下列說法正確的是（）A.從狹縫右邊緣入射后打在a點的為甲離子B.底片上有離子打到的區(qū)域長度為2LC.若增大加速電壓，則甲、乙離子打究竟片上有重疊D.若增大磁感應強度，則甲、乙離子打究竟片上有重疊【答案】BD【解析】【詳解】A．依據(jù)動能定理有離子在磁場中做圓周運動解得離子運動的半徑，可知甲的質量比乙大，甲的運動半徑大，打在a點的為乙離子，故A錯誤；B．兩種離子打究竟片的區(qū)域恰好不重疊說明甲離子在最左側射入到達磁場的位置與乙離子在最右側射入到達磁場的位置重合，底片上有離子打到的區(qū)域長度為2L，故B正確；C．若增大加速電壓，離子運動的半徑增大，有，故C錯誤；D.．若增大磁感應強度，離子運動的半徑減小，有，故甲、乙離子打究竟片上有重疊，故D正確。故選D。8.如圖，一條全長為L、質量為m的勻質軟繩拉直置于水平桌面邊緣上，稍微擾動后使它從靜止起先沿桌面邊緣下滑，重力加速度為g，空氣阻力與摩擦阻力均不計，下列說法止確的是（）A.軟繩下滑過程中加速度隨時間勻稱增大B.軟繩有一半下落時加速度大小為C.軟繩剛好全部離開桌面時速度大小為D.運動過程中留在桌面上軟繩的動量最大值為【答案】BCD【解析】【詳解】A．軟繩下滑過程中加速度解得，可知加速度隨著位移勻稱增長，然而這個物體在加速運動所以后半程位移隨時間增長的快，故加速度隨著時間增長加快，故A錯誤；B．軟繩有一半下落時加速度大小為解得，故B正確；C．設下落的速度為，依據(jù)機械能守恒得解得，代入，軟繩剛好全部離開桌面時速度大小為，故C正確；D．留在桌面上軟繩的動量當時留在桌面上軟繩的動量最大，為，故D正確。故選BCD。三、非選擇題9.某同學在驗證機械能守恒定律的試驗中，設計了如圖甲所示的拓展試驗裝置，其中a、b、c是三個質量均為500g的重物，它們掛在跨過定滑輪的一條輕繩上三個適當位置，c的下方拖著一條穿過打點計時器的紙帶。試驗時，先把c移到靠近打點計時器的地方，并測出此時a離地面的高度為25.00cm，接著接通電源，釋放c，得到如圖乙所示的紙帶，電源頻率為50Hz，其中相鄰兩計數(shù)點間還有4個點未畫出，重力加速度為9.8m/s2：(1)由圖乙可知，a落地后，c做___________運動；(2)從起先下落到a將要落地的過程中，a、b、c系統(tǒng)削減的重力勢能為_____J，增加的動能為_____J（結果均保留3位有效數(shù)字），在試驗誤差允許的范圍內，機械能守恒定律得到驗證?！敬鸢浮?1).勻速直線(2).1.23(3).1.17.【解析】【詳解】(1)[1]由圖乙可知AB、BC、CD間的距離相等，且運動時間相同，故AD段c做勻速直線；(2)[2]從起先下落到a將要落地過程中，a、b、c系統(tǒng)削減的重力勢能為[3]重物c的速度重物a、b、c增加的動能為10.某小組要測量微安表的內阻，選用的器材有：待測微安表（量程0~200，內阻約幾百歐）；微安表（量程0~300，內阻約幾百歐）；電壓表V（量程0~3V，內阻約為3kΩ）；滑動變阻器R1（阻值0~10Ω）；滑動變阻器R2（阻值0~20kΩ）；電阻箱R0（阻值0~9999Ω）；電源（電動勢3V，內阻不計）；導線和開關若干。要求盡可能減小試驗誤差，甲、乙、丙三位同學分別進行試驗：(1)甲同學設計了如圖（a）的電路，利用伏安法測量表的內阻，該電路是___________（填“合理”或“不合理”）的；(2)乙同學設計了如圖（b）的電路，滑動變阻器R應選用___________（填“R1”或“R2”），主要試驗步驟如下：①斷開S2、接通S1，調整R，使微安表指針指在200處；②保持R的滑片不動，再接通S2，調整R0，使電流表指針指在150處，讀出R0的阻值為1350Ω，則微安表，的內阻測量值為______Ω，與真實值相比_______（填“偏大”或“偏小”）；(3)丙同學設計了如圖（c）的電路，主要試驗步驟如下：先把開關S擲到1，微安表的讀數(shù)為I，再把開關S擲到2，調整電阻箱R0，直至微安表的讀數(shù)也為I，記錄此時電阻箱R0的讀數(shù)即為微安表的阻值。但該同學在操作時發(fā)覺，電阻箱R0在幾百歐的范圍內調整時，微安表的讀數(shù)幾乎是不變的，因此該方法事實上很難精確測出微安表的阻值，其主要緣由是_____________?！敬鸢浮?1).不合理(2).R2(3).450(4).偏小(5).R2接入電路的阻值比的內阻大得多【解析】【詳解】（1）[1]待測微安表的最大量程電路中須要最小電阻電路中須要最小電阻大于待測微安表，滑動變阻器調整范圍小，測量誤差大，故不合理；（2）[2]電路中須要最小電阻為15000，滑動變阻器應選用R2；（3）[3][4]依據(jù)電路原理得微安表內阻測量值并聯(lián)電阻箱時，總電阻減小，則總電流偏大，滑動變阻器兩端電壓變大，待測微安表的電壓減小，與真實值相比減??；（4）[5]R2接入電路的阻值比的內阻大得多，導致兩端的電壓太小，讀數(shù)幾乎是不變。11.如圖，某小學實行拍皮球競賽，一參賽者將皮球從0.8m高度處以肯定的初速度豎直向下拋出，皮球碰地反彈后恰好可以返回原來高度，此時參賽者馬上用手豎直向下拍皮球，使皮球獲得一個速度，之后皮球又恰能回到原來高度，如此反復。已知皮球每次碰地反彈的速率均為碰地前瞬間速率的0.8倍，皮球的質量為0.5kg，重力加速度取10m/s2，不計空氣阻力和球與手、地面的接觸時間。求：(1)皮球來回運動一次的時間；(2)參賽者拍皮球過程中做功的平均功率?！敬鸢浮?1)0.6s；(2)W【解析】【詳解】(1)設皮球被手拍出時的速率為，碰地前瞬間的速率為v，則皮球剛反彈回來時的速率為0.8v，皮球向上運動的時間為，向下運動的時間為，依據(jù)運動學規(guī)律可得皮球來回運動一次的時間為解得t=0.6s(2)每次拍皮球時，參賽者對皮球做的功參賽者拍皮球過程中做功的平均功率解得W12.如圖，光滑水平導軌與光滑斜面底端平滑絕緣連接，兩導軌關于中心線OO′對稱，其中邊長為L正方形區(qū)域abb′a′內有豎直向下的勻強磁場I，長為2L、寬為的長方形區(qū)域dee′d′內有豎直向上的勻強磁場II。質量為m的金屬桿P置于斜面上，質量為2m的金屬桿Q置于bb′和dd′之間的適當位置，P桿由靜止釋放后，第一次穿過磁場I的過程中，通過P桿的電荷量為q；之后與桿發(fā)生正碰，碰后兩桿向相反方向運動，并各自始終勻速穿過兩側的磁場，兩桿在運動過程中始終與中心線OO′垂直。已知兩桿單位長度的電阻均為r，P桿能再次滑上斜面的最大高度為h，重力加速度為g，導軌電阻不計。求：(1)磁場I、II的磁感應強度大小B1、B2；(2)試通過計算分析兩桿的碰撞是否為彈性碰撞；(3)P桿最初釋放時的高度?！敬鸢浮?1)，；(2)彈性碰撞；(3)【解析】【詳解】(1)P桿穿過磁場I的過程中，Q桿不動，兩桿構成的回路的磁通量變更量平均電動勢平均電流通過P桿的電荷量解得設碰后P、Q兩桿的速率分別為、，碰撞后兩桿均能始終勻速穿過兩側的磁場，說明兩桿均不受安培力作用，回路始終沒有感應電流，而且兩桿必定同時進入磁場，又同時穿出磁場，則解得(2)由（1）得，設碰前瞬間P桿的速率為v1，由動量守恒定律得碰撞過程中系統(tǒng)的動能變更得△E=0，故兩金屬桿的碰撞為彈性碰撞(3)設P桿被釋放時的高度為H，第一次進入磁場時的速度為v0，沿斜面下滑的過程中有碰后P桿再次滑上斜面的過程中，有在P桿第一次穿過磁場I的過程中所用時間△t內，依據(jù)動量定理可得解得13.某同學發(fā)覺自行車輪胎內氣體不足，于是用打氣筒打氣。假設打氣過程中，輪胎內氣體的體積和溫度均不變，則在打氣過程中，下列說法正確的是__________。A.輪胎內氣體的總內能不斷增加B.輪胎內氣體分子的平均動能保持不變C.輪胎內氣體的無規(guī)則運動屬于布朗運動D.輪胎內氣體分子間斥力增大使得胎內氣壓增大E.輪胎內氣體單位時間內碰撞胎壁的分子數(shù)不斷增多【答案】ABE【解析】【詳解】A．依據(jù)熱力學第肯定律外界對氣體做功，胎內氣體的溫度保持不變，輪胎內氣體的總內能不斷增加，故A正確；B．胎內氣體的溫度保持不變，故輪胎內氣體分子的平均動能保持不變，故B正確；C．布朗運動是懸浮微粒的無規(guī)則運動，故C錯誤；D．在打氣過程中氣體分子的數(shù)量增加，單位時間內碰撞胎壁的分子數(shù)不斷增多，使得胎內氣壓增大，故D錯誤；E．在打氣過程中溫度不變，輪胎內氣體壓強增大，故輪胎內氣體單位時間內碰撞胎壁的分子數(shù)不斷增多，故E正確。故選ABE。14.如圖，導熱性能良好的氣缸，質量M=18kg、高L=1.02m，開口向上放置在水平地面上，氣缸中有橫截面積、質量m=2kg的活塞，活塞將肯定質量的志向氣體封閉在氣缸內。當外界溫度t=27℃、大氣壓Pa時，氣柱高度h=0.80m，不計氣缸和活塞的厚度及兩者間的摩擦，取g=10m/s2，求：（i）氣柱高度h=0.80m時氣缸內的氣體壓強p1；（ii）氣溫保持不變，在活塞上施加豎直向上并緩慢增大的拉力F，請通過分析推斷最終氣缸能否被提離地面?！敬鸢浮?1)Pa；（ii）最終汽缸能被提離地面【解析】【詳解】(1)氣柱高度為h=0.80m時，對活塞由受力平衡得解得Pa（ii）設汽缸沒被提離地面前活塞能被拉至汽缸頂端，此時汽缸內氣體壓強為p2，由玻意耳定律得在汽缸頂端對活塞由受力平衡得解得F=220N由于，故最終汽缸能被提離地面15.健身市場上有一種時尚的運動器材“戰(zhàn)繩”，健身者把兩根繩子一端同定在P點上，用雙手各自將繩子的另一端分別握住，然后依據(jù)熬煉的須要以不同的頻率、不同的幅度上下抖動繩子，使繩子振動起來，從而達到健身的目的。某時刻，繩子形成的波形如圖所示（還未傳到P點），其中a、b是右手繩子上的兩個點，下列說法正確的是__________。A.健身者右手剛抖動時的方向是向上B.無論右手如何抖動繩子