安徽省名校聯(lián)盟2024-2025學(xué)年高三上學(xué)期開學(xué)摸底考試物理試題（解析版）

高級中學(xué)名校試卷PAGEPAGE12025屆安徽省名校聯(lián)盟高三上學(xué)期開學(xué)摸底物理試題注意事項(xiàng)：1.答卷前，務(wù)必將自己的姓名和座位號填寫在答題卡和試卷上。2.回答選擇題時，選出每小題〖答案〗后，用鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目的〖答案〗標(biāo)號涂黑。如需改動，務(wù)必擦凈后再選涂其它〖答案〗標(biāo)號?；卮鸱沁x擇題時，將〖答案〗寫在答題卡上。寫在本試卷上無效。3.考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、選擇題：本題共8小題，每小題4分，共32分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合要求的。1.物體甲的速度—時間圖象和物體乙的位移—時間圖象分別如圖所示，則對這兩個物體的運(yùn)動說法正確的是（）A.甲在0-4s時間內(nèi)有往返運(yùn)動，它的總位移為12mB.甲在0-4s時間內(nèi)總位移為零，它通過的總路程為6mC.乙在t＝2s時速度方向發(fā)生改變，與初速度方向相反D.乙在0-4s時間內(nèi)通過的位移為零〖答案〗B〖解析〗AB.甲在前2s內(nèi)向負(fù)方向做勻減速直線運(yùn)動，后2s內(nèi)向正方向做勻加速直線運(yùn)動，即4s時間內(nèi)有往返運(yùn)動，根據(jù)v?t圖象與t軸包圍的面積表示位移，知前2s內(nèi)和后2s內(nèi)位移大小相等、方向相反，則甲在0～4s時間內(nèi)通過的位移為零；它通過的總路程為兩個三角形的面積之和，為：，故A錯誤；故B正確；C.

x?t圖象的斜率表示速度，乙的位移時間圖像表示乙做勻速直線運(yùn)動，速度方向不變，故C錯誤；D.乙在4s時間內(nèi)從?3m運(yùn)動到+3m位置，故位移為6m，故D錯誤；2.遙控?zé)o人機(jī)在無風(fēng)的晴朗天氣里沿水平方向勻速飛行，場景如圖所示。無人機(jī)支架平面與水平面的夾角為，受到的空氣阻力大?。ㄆ渲衚為常量，v是飛行速度的大?。?，無人機(jī)的質(zhì)量為m，則機(jī)翼旋轉(zhuǎn)產(chǎn)生的升力的機(jī)械功率為（）A. B.C. D.〖答案〗D〖解析〗設(shè)無人機(jī)在水平向右勻速運(yùn)動，對無人機(jī)受力分析如圖，根據(jù)受力平衡條件可得聯(lián)立可得v=則機(jī)翼旋轉(zhuǎn)產(chǎn)生的升力的機(jī)械功率=故ABC錯誤，D正確。故選D3.如圖甲所示，波源S發(fā)出一列水平向右傳播的簡諧橫波先后經(jīng)過P、Q兩點(diǎn)，圖乙為波源S的振動圖像。已知S到P、Q兩點(diǎn)的距離分別為。已知波在該介質(zhì)中傳播的速度為，則在時，P、Q兩點(diǎn)間的波形圖正確的是（）A. B.C. D.〖答案〗C〖解析〗該列波周期為所以波長為波傳到P、Q兩點(diǎn)所需要的時間，時P、Q已振動時間為，由圖乙可知質(zhì)點(diǎn)起振方向向上，所以此時P點(diǎn)處于波谷處，Q處于波峰處。又PQ兩點(diǎn)間距離為1.2m，可知故選C。4.如圖所示，輕質(zhì)彈簧一端固定，另一端連接一小物塊（可視為質(zhì)點(diǎn)），O點(diǎn)為彈簧在原長時物塊的位置。物塊由A點(diǎn)靜止釋放，沿粗糙程度相同的水平面向右運(yùn)動，最遠(yuǎn)到達(dá)B點(diǎn)。關(guān)于物塊的受力及運(yùn)動特征，下列說法正確的是（）A.從A到O，物塊所受重力的沖量為0B.從A到O，物塊的加速度一直減小C.從A到B，物塊通過O點(diǎn)時的速度最大D.從A到B，彈簧彈力對物塊做的功等于物塊與水平面摩擦產(chǎn)生的熱量〖答案〗D〖解析〗A．物塊由A點(diǎn)運(yùn)動到B點(diǎn)所用時間為t，重力沖量I=mgt故A錯誤；B．由于水平面粗糙且О點(diǎn)為彈簧在原長時物塊的位置，所以彈力與摩擦力平衡的位置在OA之間，加速度為零時彈力和摩擦力平衡，所以物塊在從A到B的過程中加速度先減小后反向增大，故B錯誤；C．從A到O運(yùn)動，當(dāng)彈簧的彈力等于摩擦力時，加速度為0，速度最大。彈力與摩擦力平衡的位置在OA之間，故速度最大點(diǎn)在OA之間，故C錯誤；D．由全過程能量守恒知，從A到B，彈簧彈力對物塊做的功等于物塊與水平面摩擦產(chǎn)生的熱量，故D正確。故選D。5.如圖所示，絕緣水平橫桿上相距的兩點(diǎn)固定有兩個帶等量正電荷的小圓環(huán)，下端用兩長度均為的輕質(zhì)絕緣細(xì)線懸掛一質(zhì)量為的帶電小球C，小球靜止時細(xì)線上的拉力剛好為零?，F(xiàn)給小球一垂直紙面向里的初速度，小球恰好能在豎直面內(nèi)做圓周運(yùn)動，重力加速度g取，則（）A.小球C帶正電 B.A處圓環(huán)與小球C間的庫侖力大小為3NC.小球在最高點(diǎn)的動能為3JD.小球在最低點(diǎn)時每根細(xì)線上的拉力大小為15N〖答案〗D〖解析〗A.小球靜止時細(xì)線的拉力剛好為零，小圓環(huán)帶正電，故小球C帶負(fù)電，故A錯誤；B.設(shè)A處圓環(huán)與小球C間的庫侖力大小為F，絕緣細(xì)線與豎直方向的夾角為θ，則小球靜止時有又因?yàn)槁?lián)立得故B錯誤；C.設(shè)小球在最高點(diǎn)時的速度大小為v，有可得小球在最高點(diǎn)時的動能為故C錯誤；D.小球從最高點(diǎn)運(yùn)動到最低點(diǎn)的過程中機(jī)械能守恒，設(shè)小球在最低點(diǎn)的速度大小為，則有解得設(shè)小球在最低點(diǎn)時每根細(xì)線對小球拉力大小為T，則有解得故D正確。故選D。6.2013年我國將實(shí)施次宇航發(fā)射，計(jì)劃將“神舟十號”、“嫦娥三號”等顆航天器送入太空，若已知地球和月球的半徑之比為，“神舟十號”繞地球表面運(yùn)行的周期和“嫦娥三號”繞月球表面運(yùn)行的周期之比為，則（）A.“神舟十號”繞地球表面運(yùn)行的角速度與“嫦娥三號”繞月球表面運(yùn)行的角速度之比為B.地球和月球的第一宇宙速度之比為C.地球表面的重力加速度和月球表面的重力加速度之比為D.地球和月球的質(zhì)量之比為〖答案〗B〖解析〗A.根據(jù)可知，“神舟十號”繞地球表面附近運(yùn)行的周期與“嫦娥三號”繞月球表面附近運(yùn)行的周期之比為b，則角速度之比為，故A錯誤；BD.根據(jù)得，中心天體的質(zhì)量因?yàn)榈厍蚝驮虑虻陌霃街葹閍，“神舟十號”繞地球表面附近運(yùn)行的周期與“嫦娥三號”繞月球表面附近運(yùn)行的周期之比為b，則地球和月球的質(zhì)量之比為a3︰b2，根據(jù)得，第一宇宙速度因?yàn)橘|(zhì)量之比為a3︰b2，半徑之比為a，則第一宇宙速度之比為，故B正確，D錯誤；C.根據(jù)得，表面的重力加速度因?yàn)橘|(zhì)量之比為a3︰b2，半徑之比為a，則重力加速度之比為，故C錯誤。故選B。7.如圖所示，邊長為L、匝數(shù)為N，電阻不計(jì)的正方形線圈abcd在磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場中繞轉(zhuǎn)軸OO′轉(zhuǎn)動，軸OO′垂直于磁感線，在線圈外接一含有理想變壓器的電路，變壓器原、副線圈的匝數(shù)分別為n1和n2.保持線圈以恒定角速度ω轉(zhuǎn)動，下列判斷正確的是（）A.在圖示位置時線框中磁通量的變化率為零，感應(yīng)電動勢最大B.當(dāng)可變電阻R的滑片P向上滑動時，電壓表V2的示數(shù)變大C.電壓表V2示數(shù)等于D.變壓器的輸入與輸出功率之比為1∶1〖答案〗D〖解析〗A．線圈在如圖所示的位置，磁通量為零，磁通量的變化率最大，感應(yīng)電動勢最大，A錯誤；B．交流電壓表此時測的是交流電的有效值，所以滑動變阻器上下移動的時候，V1、V2的讀數(shù)不變，B錯誤；C．交流電動勢最大值則變壓器初級電壓有效值根據(jù)變壓器的匝數(shù)比可得電壓表V2的讀數(shù)是C錯誤；D．變壓器的輸入輸出功率相等，D正確。故選D。8.如圖所示，在水平地面上有一斜面，斜面上有一小物塊A，A沿斜面勻速下滑，斜面保持靜止，則下列說法正確的的是（）A.斜面受到地面向右的靜摩擦力B.當(dāng)A勻速下滑時，再給A施加一沿斜面向下的力，斜面不受地面摩擦力C.當(dāng)A勻速下滑時，再給A施加一個豎直向下的力，則地面對斜面的摩擦力向左D.若增大A的質(zhì)量，則A不能做勻速運(yùn)動〖答案〗B〖解析〗A．因?yàn)锳做勻速運(yùn)動，整體法可知地面對斜面沒有摩擦力，故A錯誤；B．沿斜面增加拉力后，沒有改變兩者之間的擠壓力，所以也沒改變二者之間的摩擦力，即A對斜面的壓力和摩擦力都沒變，這兩者之和沿豎直方向，即斜面相對于地面無相對運(yùn)動趨勢，增加的力只是使A產(chǎn)生了加速度，故B正確；CD．當(dāng)A勻速下滑時，沿斜面方向受力平衡：質(zhì)量增大，等式仍成立，施加豎直方向的力，相對于增加物體A的重力，A依然沒有加速度。A對斜面的壓力和摩擦力成比例增大，兩者合力沿豎直方向，所以地面對斜面沒摩擦力，故C錯誤，D錯誤。故選B。二、選擇題：本題共2小題，每小題5分，共10分。在每小題給出的選項(xiàng)中，有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。9.如圖所示，在A點(diǎn)以水平速度v0=10m/s向左拋出一個質(zhì)量為m=1.0kg的小球，小球拋出后始終受到水平向右恒定風(fēng)力的作用，風(fēng)力大小F=10N。經(jīng)過一段時間小球?qū)⒌竭_(dá)B點(diǎn)，B點(diǎn)位于A點(diǎn)正下方，重力加速度為g=10m/s2。下列說法正確的是（）A.從A到B運(yùn)動過程中小球速度最小值為5m/sB.從A到B運(yùn)動過程中小球速度最小值為10m/sC.A、B兩點(diǎn)間的距離y=20mD.小球水平方向的速度為零時距A點(diǎn)的水平距離x=10m〖答案〗AC〖解析〗AB．小球水平方向的加速度為小球從A到B運(yùn)動時間為從A到B運(yùn)動過程中小球速度為當(dāng)時，從A到B運(yùn)動過程中小球速度最小，最小值為故A正確，B錯誤；C．A、B兩點(diǎn)間的距離故C正確；D．小球水平方向的速度為零時距A點(diǎn)的水平距離故D錯誤。故選AC。10.如圖所示，長均為d的CD、EF兩條金屬導(dǎo)軌水平平行放置，導(dǎo)軌間距為導(dǎo)軌的D、F間接有一電阻R，左端C、E分別與彎曲的光滑軌道平滑連接．矩形CDFE區(qū)域內(nèi)存在方向垂直導(dǎo)軌平面向上的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為將一電阻為R、質(zhì)量為m的導(dǎo)體棒從彎曲軌道上h高處由靜止釋放，導(dǎo)體棒最終恰好停在磁場的右邊界處．已知水平金屬導(dǎo)軌電阻不計(jì)，與導(dǎo)體棒間的動摩擦因數(shù)為，導(dǎo)體棒與水平導(dǎo)軌始終垂直且接觸良好，重力加速度為g，不計(jì)電磁輻射．在導(dǎo)體棒的整個運(yùn)動過程中，下列說法中正確的是QUOTE((QUOTE))A.流過電阻R的電荷量為B.電阻R的最大電流為C.電阻R中產(chǎn)生的焦耳熱為D.導(dǎo)體棒在磁場中運(yùn)動的最大加速度為〖答案〗BC〖解析〗流過電阻R的電荷量，故A錯誤；金屬棒下滑過程中，由機(jī)械能守恒定律得：，解得：金屬棒到達(dá)水平面時的速度，金屬棒到達(dá)水平面后進(jìn)入磁場受到向左的安培力做減速運(yùn)動，則導(dǎo)體棒剛到達(dá)水平面時的速度最大，所以最大感應(yīng)電動勢為，最大的感應(yīng)電流為，最大加速度為，故B正確，D錯誤；金屬棒在整個運(yùn)動過程中，由動能定理得：，則克服安培力做功：，所以整個電路中產(chǎn)生的焦耳熱為，電阻與導(dǎo)體棒電阻相等，通過它們的電流相等，則金屬棒產(chǎn)生的焦耳熱，故C正確；故選BC．【『點(diǎn)石成金』】金屬棒在彎曲軌道下滑時，只有重力做功，機(jī)械能守恒，由機(jī)械能守恒定律或動能定理可以求出金屬棒到達(dá)水平面時的速度，由E=BLv求出感應(yīng)電動勢，然后求出感應(yīng)電流；由可以求出流過電阻R的電荷量；克服安培力做功轉(zhuǎn)化為焦耳熱，由動能定理（或能量守恒定律）可以求出克服安培力做功，得到導(dǎo)體棒產(chǎn)生的焦耳熱．二、非選擇題：共5題，共58分。11.某同學(xué)通過實(shí)驗(yàn)測定玻璃磚的折射率n。開始玻璃磚的位置如圖甲所示，描出玻璃磚的兩個透光面邊界a和。兩大頭針、插在玻璃磚的一側(cè)，同時在另一側(cè)透過玻璃磚觀察、的像，且的像擋住的像，再依次插上大頭針和。（1）在插時，應(yīng)使______（選填選項(xiàng)前的字母）A.只擋住的像 B.同時擋住、的像（2）如圖乙，請?jiān)诖痤}卡上畫出光路圖，標(biāo)出在a界面的法線、入射角和折射角_____；根據(jù)光路圖，該玻璃磚的折射率______。（3）下列說法正確的是______。A.入射角越小，誤差越小B.、間與、間距離應(yīng)適當(dāng)大些（4）如圖丙，因?yàn)椴僮鞑划?dāng)，玻璃磚下邊界描成圖中虛線，該測量值______真實(shí)值（選填“大于”“等于”或“小于”）?！即鸢浮剑?）B（2）（3）B（4）小于〖解析〗【小問1詳析】在插時，應(yīng)使同時擋住、的像，故選B；【小問2詳析】[1]光路如圖：[2]根據(jù)光路圖，該玻璃磚的折射率【小問3詳析】A．入射角越小，誤差會越大，選項(xiàng)A錯誤；B．、間與、間距離應(yīng)適當(dāng)大些，這樣可減小記錄光線方向時產(chǎn)生的誤差，選項(xiàng)B正確。故選B?！拘?詳析】若把下邊界a＇畫在了虛線位置，則光線在a邊界的折射角偏大，根據(jù)可知，折射率偏小。12.要測量未知電阻（約為幾歐）及兩節(jié)新干電池的電動勢和內(nèi)阻，某同學(xué)設(shè)計(jì)了如圖甲所示的電路。實(shí)驗(yàn)室提供的器材除了被測電源及被測電阻，還提供了電流表A（量程0.6A，內(nèi)阻；量程3A，內(nèi)阻），電阻箱，兩個電鍵，導(dǎo)線若干。（1）請根據(jù)電路圖將圖乙中的實(shí)物連接完整。（）（2）實(shí)驗(yàn)時，先將電阻箱接入電路的電阻調(diào)到最大，閉合電鍵，再閉合電鍵，調(diào)節(jié)電阻的阻值，使電流表的指針偏轉(zhuǎn)較大，記下這時電流表的示數(shù)，電阻箱接入電路的阻值；斷開電鍵，將電阻箱接入電路的電阻調(diào)___________（填“大”或“小”），使電流表的示數(shù)仍為，記下這時電阻箱接入電路的阻值，則___________。（3）保持電鍵斷開，多次調(diào)節(jié)滑動變阻器，記錄每次調(diào)節(jié)后電流表的示數(shù)I及電阻箱接入電路的電阻R，根據(jù)測得的多組I、R，作出圖像，得到圖像的斜率為k，圖像與縱軸的截距為a，則電池的電動勢E=___________，內(nèi)阻r=___________。（均用已知或測量物理量符號表示）〖答案〗（1）（2）?。?）〖解析〗（1）[1]由于電池中允許通過的電流不超過0.5A，因此電流表的量程選用0.6A的量程。實(shí)物連接如圖所示（2）[2][3]根據(jù)題意可知，斷開后，電路中的電阻增大，電流減小，要使電流還是調(diào)節(jié)為，應(yīng)該減小電阻箱的電阻，根據(jù)等效原理可知（3）[4][5]根據(jù)閉合電路歐姆定律得到根據(jù)題意得解得13.如圖所示，在同一平面內(nèi)邊長均為的正方形區(qū)域abcd和cdef中，分別存在方向平行于ab、電場強(qiáng)度大小為E的勻強(qiáng)電場和垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場。質(zhì)量為m、電荷量為q的帶電粒子，以一定速度沿ad方向從a點(diǎn)射入電場，并從dc邊的中點(diǎn)O點(diǎn)進(jìn)入磁場區(qū)域。粒子重力不計(jì)。(1)求粒子射入電場時的速度大??；(2)若粒子垂直于邊界ef射出磁場，求磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小B?！即鸢浮?1)；(2)〖解析〗(1)粒子在電場中運(yùn)動的加速度大小為設(shè)粒子通過電場區(qū)域的時間為t1，有解得(2)由(1)可得設(shè)粒子射出電場時的速度與方向的夾角為，則解得：粒子進(jìn)入磁場后做勻速圓周運(yùn)動，垂直邊界ef射出磁場的運(yùn)動軌跡如圖所示，由幾何關(guān)系可知又解得14.某同學(xué)用下圖所示的實(shí)驗(yàn)裝置來研究碰撞問題。是一段半徑為的光滑圓弧軌道，圓弧與水平地面相切于點(diǎn)。現(xiàn)將一個質(zhì)量為的小球從軌道上的點(diǎn)由靜止釋放，到達(dá)底端時與質(zhì)量為的小球發(fā)生彈性正碰。已知點(diǎn)和水平面的距離為，兩球均可視為質(zhì)點(diǎn)，不計(jì)空氣阻力，重力加速度為。（）證明：小球從點(diǎn)到點(diǎn)的運(yùn)動過程，可以看成是簡諧運(yùn)動的一部分。（）求小球與小球第一碰撞后各自上升的高度。（）請指出兩球第二次碰撞的位置?！即鸢浮剑?）見〖解析〗；（），；（）點(diǎn)〖解析〗（）對A進(jìn)行受力分析，合外力為因?yàn)?，所以所以可以看成簡諧運(yùn)動的一部分。（）碰撞時滿足動量守恒和機(jī)械能守恒，即聯(lián)立得；又因?yàn)閯t碰撞之后小球上升的高度記為，小球上升的高度記為，則有；解得；（）第二次碰撞的位置還是在點(diǎn)，因?yàn)楹喼C運(yùn)動的周期，兩個小球回到點(diǎn)的時間相同。即兩球第二次碰撞的