浙江省溫州市浙鰲高中2025屆高三物理下學(xué)期6月全真模擬試題含解析

PAGE26-浙江省溫州市浙鰲中學(xué)2025屆高三物理下學(xué)期6月全真模擬試題（含解析）一、選擇題（本題共13小題，每小題3分，共39分，每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中只有一個(gè)是符合題目要求的，不選、多選、錯(cuò)選均不得分）1.高三復(fù)學(xué)時(shí)班級(jí)都配有額溫槍，用來檢測同學(xué)們的體溫是否正常，你認(rèn)為額溫槍用到了（）A.紅外線 B.紫外線C.倫琴射線 D.超聲波【答案】A【解析】【詳解】人們利用紅外線來測溫，是利用紅外線的熱效應(yīng)，因?yàn)榧t外線波長長，更簡單發(fā)生衍射，體溫越高人體放射的紅外線越強(qiáng)，故A正確，BCD錯(cuò)誤。故選A。2.下列說法正確的是（）A.甲圖是高速上的指示牌，上面的“77km”、“100km”等指的是位移B.乙圖是高速上的指示牌，上面的“120”、“100等指的是平均速度C.丙圖是汽車上的時(shí)速表，上面的“72”指的是瞬時(shí)速度的大小D.丁圖是導(dǎo)航中的信息，上面的“26分鐘”、“27分鐘”指的是時(shí)刻【答案】C【解析】【詳解】A.甲圖是高速上的指示牌，上面的“77km”、“100km”等指的是路程，故A錯(cuò)誤；B.乙圖是高速上的指示牌，上面的“120、“100等指的是瞬時(shí)速度大小，故B錯(cuò)誤；C.丙圖是汽車上的時(shí)速表，上面的“72指的是瞬時(shí)速度的大小，故C正確；D.丁圖是導(dǎo)航中信息，上面的“26分鐘”、“27分鐘”指的是時(shí)間，故D錯(cuò)誤．3.以下有關(guān)說法正確的是（）A.射線的電離本事比射線強(qiáng)B.氫原子從高能級(jí)向低能級(jí)躍遷時(shí)能放出射線C.結(jié)合能是指各核子結(jié)合成原子核時(shí)釋放的核能D.太陽表面溫度很高是因?yàn)楸砻姘l(fā)生了核聚變反應(yīng)【答案】D【解析】【詳解】A．射線的電離本事主要看自身的帶電量，放射性元素放出的三種射線，射線的電離本事最弱，射線的電離本事較弱，射線的電離本事最強(qiáng)，故A錯(cuò)誤；B．射線的產(chǎn)朝氣理是原子核受激發(fā)，是原子核變更才產(chǎn)生的，不是氫原子躍遷產(chǎn)生的，故B錯(cuò)誤；C．結(jié)合能是核子結(jié)合成原子核時(shí)放出的能量，或把原子核分成核子所須要的能量，故C錯(cuò)誤；D．太陽表面溫度很高是因?yàn)楸砻姘l(fā)生了氫核聚變反應(yīng)而釋放巨大能量，故D正確。故選D。4.物體做直線運(yùn)動(dòng)的的圖像如圖所示，下列推斷正確的是（）A.物體做勻速直線運(yùn)動(dòng) B.物體在2s時(shí)的速度是3m/sC.物體的加速度是1.0m/s2 D.物體的初速度為0【答案】C【解析】【詳解】ACD．由公式變形得則說明物體做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，比照?qǐng)D像可得，故AD錯(cuò)誤，C正確；B．由公式得故B錯(cuò)誤。故選C。5.平昌冬奧會(huì)武大靖在500m短道速滑項(xiàng)目中以39秒584的成果為中國隊(duì)奪得首金，同時(shí)也創(chuàng)建了新的世界紀(jì)錄。運(yùn)動(dòng)員進(jìn)入彎道時(shí)，身體會(huì)向彎道內(nèi)側(cè)傾斜，如圖則武大靖在平滑冰面上勻速率轉(zhuǎn)彎時(shí)（勻速圓周運(yùn)動(dòng)），下列說法正確的是（）A.冰面對(duì)武大靖支持力的方向斜向上B.靜摩擦力供應(yīng)向心力C.所受的地面的作用力與重力平衡D.運(yùn)動(dòng)員進(jìn)入彎道時(shí)，假如速度過快，離心力增大，他會(huì)做離心運(yùn)動(dòng)而滑離軌道【答案】B【解析】【詳解】A．冰面對(duì)武大靖支持力的方向垂直于冰面對(duì)上，故A錯(cuò)誤；B．水平指向軌跡圓心的靜摩擦力供應(yīng)向心力，故B正確；C．重力豎直向下，地面對(duì)運(yùn)動(dòng)員的作用力為支持力和摩擦力的合力，斜向上，與重力不是一對(duì)平衡力；運(yùn)動(dòng)員所受的地面的支持力與重力才是平衡一對(duì)平衡力，故C錯(cuò)誤；D．運(yùn)動(dòng)員進(jìn)入彎道時(shí)，假如速度過快，摩擦力不足以供應(yīng)向心力，他會(huì)做離心運(yùn)動(dòng)而滑離軌道，故D錯(cuò)誤。故選B。6.如圖所示，光滑絕緣水平面上兩個(gè)相同的帶電小圓環(huán)A、B，電荷量均為q，質(zhì)量均為m，用一根光滑絕緣輕繩穿過兩個(gè)圓環(huán)，并系于結(jié)點(diǎn)O.在O處施加一水平恒力F使A、B一起加速運(yùn)動(dòng)，輕繩恰好構(gòu)成一個(gè)邊長為l的等邊三角形，則()A.小環(huán)A的加速度大小為B.小環(huán)A的加速度大小為C.恒力F的大小為D.恒力F的大小為【答案】B【解析】【詳解】AB．設(shè)輕繩的拉力為T，則對(duì)A：T＋Tcos＝kTcos＝maA聯(lián)立解得：aA＝故B正確，A錯(cuò)誤；CD．恒力F的大小為F＝2maA＝故CD錯(cuò)誤．7.2024年2月11日，美國自然科學(xué)基金召開新聞發(fā)布會(huì)宣布，人類首次探測到了引力波.2月16日，中國科學(xué)院公布了一項(xiàng)新的探測引力波的“空間太極安排”.由中山高校發(fā)起的空間引力波探測工程“天琴安排”于2015年7月正式啟動(dòng).安排從2024年到2035年分四階段進(jìn)行，將向太空放射三顆衛(wèi)星探測引力波.在目前探討的初步概念中，天琴將采納三顆全同的衛(wèi)星（SC1、SC2、SC3）構(gòu)成一個(gè)等邊三角形陣列，地球恰處于三角形中心，衛(wèi)星將在以地球?yàn)橹行摹⒏叨燃s10萬公里的軌道上運(yùn)行，針對(duì)確定的引力波源進(jìn)行探測，這三顆衛(wèi)星在太空中的分列圖類似樂器豎琴，故命名為“天琴安排”.則下列有關(guān)三顆衛(wèi)星的運(yùn)動(dòng)描述正確的是A.三顆衛(wèi)星肯定是地球同步衛(wèi)星B.三顆衛(wèi)星具有相同的加速度C.三顆衛(wèi)星的線速度比月球繞地球運(yùn)動(dòng)的線速度大且大于第一宇宙速度D.若知道引力常量G、三顆衛(wèi)星繞地球運(yùn)轉(zhuǎn)周期T及地球的半徑R，則可估算出地球的密度【答案】D【解析】【詳解】同步軌道衛(wèi)星的半徑約為42400公里，是個(gè)定值，而三顆衛(wèi)星的半徑約為10萬公里，所以這三顆衛(wèi)星不是地球同步衛(wèi)星，故A錯(cuò)誤；依據(jù)，解得：，由于三顆衛(wèi)星到地球的距離相等，則它們的加速度大小相等，但是方向不同，故B錯(cuò)誤；第一宇宙速度是繞地球運(yùn)動(dòng)的最大速度，則三顆衛(wèi)星線速度都小于第一宇宙速度，故C錯(cuò)誤；依據(jù)，若知道萬有引力常量G及三顆衛(wèi)星繞地球運(yùn)轉(zhuǎn)周期T可以求出地球的質(zhì)量M，再知道地球半徑R，所以可以求出地球的密度，故D正確．8.1905年，愛因斯坦把普朗克的量子化概念進(jìn)一步推廣，勝利說明了光電效應(yīng)現(xiàn)象，提出了光子說。在給出與光電效應(yīng)有關(guān)的四個(gè)圖象中，下列說法正確的是（）

A.圖1中，當(dāng)紫外線照耀鋅板時(shí)，發(fā)覺驗(yàn)電器指針發(fā)生了偏轉(zhuǎn)，此時(shí)鋅板帶正電，驗(yàn)電器也帶正電B.圖2中，從光電流與電壓的關(guān)系圖象中可以看出，電壓相同時(shí)，光照越強(qiáng)，光電流越大，說明遏止電壓和光的強(qiáng)度有關(guān)C.圖3中，若電子電量用e表示，已知，由圖象可求得普朗克常量的表達(dá)式為D.圖4中，由光電子最大初動(dòng)能Ek與入射光頻率的關(guān)系圖象可知該金屬的逸出功為-E或【答案】A【解析】【詳解】A．當(dāng)紫外線照耀鋅板時(shí)，發(fā)覺驗(yàn)電器指針發(fā)生了偏轉(zhuǎn)，僅僅能說明驗(yàn)電器帶電。發(fā)生光電效應(yīng)后鋅板后帶正電，所以驗(yàn)電器帶正電，故A正確；B．由圖可知，電壓相等時(shí)，光照越強(qiáng)，光電流越大，說明飽和光電流與光的強(qiáng)度有關(guān)，不能說明遏止電壓和光的強(qiáng)度有關(guān)，故B錯(cuò)誤；C．依據(jù)可解得則圖像的斜率為變形可得故C錯(cuò)誤；D．依據(jù)光電效應(yīng)方程當(dāng)時(shí)由圖像可得，縱軸截距為，所以即該金屬的逸出功為，圖像與軸焦點(diǎn)的橫坐標(biāo)是，則該金屬的逸出功為，故D錯(cuò)誤。故選A。9.如圖甲所示是我國自主設(shè)計(jì)的全球第一款可載客的無人駕駛飛機(jī)“億航184”，其自重為260kg，最大載重為100kg。圖乙是該無人機(jī)在最大載重狀況下，從地面起先豎直升空過程中的v-t圖象，則下列說法正確的是（）A.0-5s內(nèi)的平均速度為3m/sB.5-8s內(nèi)發(fā)動(dòng)機(jī)的輸出功率為零C.0-5s發(fā)動(dòng)機(jī)用于升空的功率漸漸減小D.發(fā)動(dòng)機(jī)用于升空的功率至少為2.16×104W【答案】D【解析】【詳解】A．在v-t圖像中速度圖象的“面積”等于位移，可知0~5s內(nèi)的平均速度故A錯(cuò)誤；B．5~8s內(nèi)飛機(jī)勻速運(yùn)動(dòng)，發(fā)動(dòng)機(jī)的輸出功率不為零，故B錯(cuò)誤；C．0~2s加速度不變，輸出功率在漸漸增大，2-5s內(nèi)輸出功率不變，故C錯(cuò)誤；D．依據(jù)圖像可知2~8s時(shí)保持功率不變，此時(shí)功率所以發(fā)動(dòng)機(jī)用于升空的功率至少為2.16×104W，故D正確。故選D。10.如圖所示，為了浴室用電平安，某同學(xué)用志向變壓器給浴室降壓供電，志向變壓器原、副線圈匝數(shù)比為5:1，原線圈輸入交變電壓u=311sin（）V。已知照明燈額定功率為44W，排氣扇電動(dòng)機(jī)內(nèi)阻為1，電流表示數(shù)為2A，各用電器均正常工作，電表均為志向表。則（）A.電壓表示數(shù)為62VB.變壓器的輸入功率為88WC.排氣扇輸出功率為44WD保險(xiǎn)絲熔斷電流不得低于1A【答案】B【解析】【詳解】A．變壓器輸入的交變電壓為則有效值變壓器原、副線圈匝數(shù)比為，依據(jù)可解得故A錯(cuò)誤；B．電流表示數(shù)為，因此輸出功率為即變壓器的輸入功率為，故B正確；C．照明燈的電流為則排氣扇的電流為則排氣扇的輸出功率為代入數(shù)據(jù)可得故C錯(cuò)誤；D．變壓器的初級(jí)電流為因此保險(xiǎn)絲熔斷電流不得低于，故D錯(cuò)誤。故選B。11.一長方體電阻率為的載流P型半導(dǎo)體（載流子為空穴正電荷），長、寬、厚分別為a、b、c，其中a>b>c，置于勻強(qiáng)磁場B中，方向垂直于P型半導(dǎo)體上表面，現(xiàn)將金屬板用圖甲、乙兩種方式接到內(nèi)阻可不計(jì)的電源兩端，合上開關(guān)后在P型半導(dǎo)體前后表面（即I、II面）將產(chǎn)生電勢差。已知電流I與空穴正電荷定向移動(dòng)的速率v關(guān)系為（n為P型半導(dǎo)體單位體積內(nèi)的空穴正電荷個(gè)數(shù)，q為空穴正電荷電荷量，s為導(dǎo)體的橫截面積）。則P型半導(dǎo)體（）A.圖甲、乙前后表面電勢差相等B.圖甲前后表面電勢差小于圖乙C.圖甲、乙的連接方式均為后表面電勢較高D.圖甲中前表面電勢高，圖乙中后表面電勢高【答案】C【解析】【詳解】AB．當(dāng)處于圖甲的狀態(tài)時(shí)，依據(jù)變形可得當(dāng)處于圖乙的狀態(tài)時(shí)，依據(jù)變形可得由于，因此即圖甲前后表面電勢差大于圖乙，故AB錯(cuò)誤；CD．依據(jù)左手定則可知，空穴正電荷運(yùn)動(dòng)產(chǎn)生的電流的方向?yàn)镮到II。在電源內(nèi)部，II表面的電勢高于I表面的電勢。故C正確，D錯(cuò)誤。故選C。12.兩根長度不同的細(xì)線下面分別懸掛兩個(gè)小球，細(xì)線上端固定在同一點(diǎn)，若兩個(gè)小球以相同的角速度繞共同的豎直軸在水平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，則兩個(gè)擺球在運(yùn)動(dòng)過程中，相對(duì)位置關(guān)系示意圖正確的是圖中的（）A. B.C. D.【答案】B【解析】【詳解】對(duì)于圓錐擺，細(xì)線的拉力和重力的合力來供應(yīng)小球的向心力，設(shè)細(xì)線長為L，擺球質(zhì)量為m，細(xì)線與豎直方向的夾角為θ，小球與懸掛點(diǎn)的豎直高度為h，則有mgtanθ=mrω2r=Lsinθh=Lcosθ聯(lián)立解得由題知兩球的角速度相同，故兩球的高度相同，故選B。13.如圖1所示，半徑為R的勻稱帶電圓形平板，單位面積帶電量為，其軸線上隨意一點(diǎn)P（坐標(biāo)為x）的電場強(qiáng)度可以由庫侖定律和電場強(qiáng)度的疊加原理求出：，方向沿x軸．現(xiàn)考慮單位面積帶電量為的無限大勻稱帶電平板，從其中間挖去一半徑為r的圓版，如圖2所示．則圓孔軸線上隨意一點(diǎn)Q（坐標(biāo)為x）的電場強(qiáng)度為A.B.C.D.【答案】A【解析】【詳解】無限大勻稱帶電平板R取無限大，在Q點(diǎn)產(chǎn)生的場強(qiáng)：，半徑為r的圓版在Q點(diǎn)產(chǎn)生的場強(qiáng)：，無限大勻稱帶電平板，從其中間挖去一半徑為r的圓版后的場強(qiáng)是兩個(gè)場強(qiáng)的差，所以：，所以選項(xiàng)A正確【點(diǎn)睛】本題對(duì)中學(xué)學(xué)生來說比較新奇，要求學(xué)生能應(yīng)用所學(xué)過的單位制的應(yīng)用及極限法；本題對(duì)學(xué)生的實(shí)力起到較好的訓(xùn)練作用，是道好題二、選擇題（本題共3小題，每小題2分，共6分，每小題給出四個(gè)備選項(xiàng)中至少有一個(gè)是正確的，全部選對(duì)得2分，選對(duì)但不全得1分，有選錯(cuò)得0分）14.下列物理量或物理常數(shù)的單位用國際單位制中的基本單位表示正確的是（）A.普朗克常數(shù)h的單位：kg·m2/sB.磁感應(yīng)強(qiáng)度B的單位：N/A·mC.電感線圈的電感系數(shù)L的單位：H（亨利）D.靜電力常數(shù)k的單位：kg·m3/A2·s4【答案】AD【解析】【詳解】A．依據(jù)公式，因能量E的單位為J，頻率的額單位為，那么普朗克常量h的國際制單位為故A正確；B．依據(jù)公式，可知磁感應(yīng)強(qiáng)度B的國際制單位為故B錯(cuò)誤；C．依據(jù)公式可知，電感線圈的電感系數(shù)L的國際制單位為D．依據(jù)公式，靜電力常數(shù)k的國際制單位為故選D。故選AD。15.一列簡諧橫波從左向右以v=2m/s的速度傳播，某時(shí)刻的波形圖如圖所示，下列說法正確的是（）A.A質(zhì)點(diǎn)再經(jīng)過一個(gè)周期將傳播到D點(diǎn)B.B點(diǎn)正在向上運(yùn)動(dòng)C.B點(diǎn)再經(jīng)過回到平衡位置D.該波的周期T=0.05s【答案】BD【解析】【詳解】A．質(zhì)點(diǎn)不隨波傳播，故選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．波向右傳播，由逆向波形法，可推斷此時(shí)B點(diǎn)向上振動(dòng)，選項(xiàng)B正確；C．B點(diǎn)向上振動(dòng)，越靠近平衡位置平均速度越大，故回到平衡位置所用時(shí)間小于八分之一周期，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D．由代入數(shù)據(jù)，可知周期為：選項(xiàng)D正確；故選BD。16.場致放射顯微鏡的構(gòu)造如圖所示：一根尖端直徑約為100nm的針，位于真空玻璃球泡的中心，球的內(nèi)表面涂有熒光材料導(dǎo)電膜，在膜與針之間加上如圖所示的高電壓，使針尖旁邊的電場高達(dá)4×109V/m，電子就被從針尖表面拉出并加速到達(dá)涂層，引起熒光材料發(fā)光。這樣，在熒光屏上就看到了針尖的某種像（針尖表面的放射率圖象），如辨別率足夠高，還可以辨別出針尖端個(gè)別原子的位置。但由于電子波的衍射，會(huì)使像模糊影響辨別率。將電極方向互換，并在玻璃泡中充進(jìn)氦氣，則有氨離子產(chǎn)生打到熒光屏上，可使辨別率提高。以下推斷正確的是（）A.氦原子變成離子是在金屬尖端旁邊發(fā)生的B.電子從針尖到導(dǎo)電膜的運(yùn)動(dòng)過程加速度不斷減C.電子或氦離子的撞擊使熒光材料的原子躍遷到了激發(fā)態(tài)D.辨別率提高是因?yàn)楹るx子的德布羅意波長比電子的長【答案】ABC【解析】【詳解】A．當(dāng)無規(guī)則運(yùn)動(dòng)的氦原子與針尖上的鎢原子碰撞時(shí)，由于氦原子失去電子成為正離子，故A正確；B．由圖可知，該電場是非勻強(qiáng)電場，電子向電場弱的地方運(yùn)動(dòng)，電場減弱，加速度不斷減小，故B正確；C．當(dāng)電子或氦離子以很大的速度撞擊熒光材料時(shí)，電子或氦離子把一部分動(dòng)能轉(zhuǎn)移給了熒光材料的原子，從而從使其躍遷到了激發(fā)態(tài)，故C正確；D．在電場加速，依據(jù)動(dòng)能定理有依據(jù)動(dòng)能與動(dòng)量的關(guān)系有依據(jù)德布羅意波長聯(lián)立得變換電極前后，兩極的電壓不變，而氦離子的質(zhì)量、電量都大于電子的質(zhì)量、電量，故氦離子的德布羅意波長比電子的小，故D錯(cuò)誤。故選ABC。三、非選擇題（本題共6小題共55分）17.有同學(xué)利用如圖所示的裝置來驗(yàn)證力的平行四邊形定則：在豎直木板上鋪有白紙，固定兩個(gè)光滑的滑輪A和B，將繩子打一個(gè)結(jié)點(diǎn)O，每個(gè)鉤碼的質(zhì)量相等，當(dāng)系統(tǒng)達(dá)到平衡時(shí)，依據(jù)鉤碼個(gè)數(shù)讀出三根繩子的拉力TOA、TOB和TOC，回答下列問題：(1)變更鉤碼個(gè)數(shù)，試驗(yàn)?zāi)芡瓿傻氖莀____。A．鉤碼的個(gè)數(shù)N1=N2=2，N3=4B．鉤碼的個(gè)數(shù)N1=N3=3，N2=4C．鉤碼的個(gè)數(shù)N1=N2=N3=4D．鉤碼的個(gè)數(shù)N1=3，N2=4，N3=5(2)在拆下鉤碼和繩子前，最重要的一個(gè)步驟是（）A．標(biāo)記結(jié)點(diǎn)O的位置，并記錄OA、OB、OC三段繩子的方向B．量出OA、OB、OC三段繩子的長度C．用量角器量出三根繩子之間夾角D．用天平測出鉤碼的質(zhì)量(3)在作圖時(shí)，下圖中更加符合實(shí)際的圖是_____圖。（填“甲”或“乙”）(4)如圖所示的試驗(yàn)。ABCD為豎直平板，E、F兩處固定了摩擦不計(jì)的輕質(zhì)滑輪，滑輪的軸保持水平，所用繩子的質(zhì)量可不計(jì)。第一次試驗(yàn)中，當(dāng)裝平衡時(shí)，繩子的結(jié)點(diǎn)在O處，拉力的方向和鉤碼的位置如圖所示其次次試驗(yàn)時(shí)，僅把右側(cè)滑輪的位置移動(dòng)到圖中的G點(diǎn)，待穩(wěn)定后∠EOF將_____（填“變大”、“變小”或不變”），繩子結(jié)點(diǎn)O的位置將_____。A．豎直向下移動(dòng)B．水平向右移動(dòng)C．沿EO方向移動(dòng)D．沿FO方向移動(dòng)【答案】(1).BCD(2).A(3).甲(4).不變(5).C【解析】【詳解】(1)[1]對(duì)O點(diǎn)受力分析如圖OA、OB、OC分別表示三個(gè)力的大小，由于三共點(diǎn)力處于平衡，所以O(shè)C等于OD，因此三個(gè)力的大小構(gòu)成一個(gè)三角形A．2、2、4不行以構(gòu)成三角形，則結(jié)點(diǎn)不能處于平衡狀態(tài)，故A錯(cuò)誤；B．3、3、4可以構(gòu)成三角形，則結(jié)點(diǎn)能處于平衡，故B正確；C．4、4、4可以構(gòu)成三角形，則結(jié)點(diǎn)能處于平衡，故C正確；D．3、4、5可以構(gòu)成三角形，則結(jié)點(diǎn)能處于平衡，故D正確。故選BCD；(2)[2]為驗(yàn)證平行四邊形定則，必需作受力圖，所以先明確受力點(diǎn)，即標(biāo)記結(jié)點(diǎn)O的位置，其次要作出力的方向并讀出力的大小，最終作出力的圖示，因此要做好記錄，是從力的三要素角度動(dòng)身，要記錄砝碼的個(gè)數(shù)和記錄OA、OB、OC三段繩子的方向，故A正確，BCD錯(cuò)誤。故選A；(3)[3]以O(shè)點(diǎn)為探討對(duì)象，F(xiàn)3的是實(shí)際作用效果在OC這條線上，由于誤差的存在，F(xiàn)1、F2的理論值要與實(shí)際值有肯定偏差，故甲圖符合實(shí)際，乙圖不符合實(shí)際；(4)[4]以O(shè)點(diǎn)為探討對(duì)象，受到三個(gè)力的作用，由于鉤碼個(gè)數(shù)不變，因此三個(gè)力的大小不變，O點(diǎn)所受豎直方向的拉力大小方向不變，即EO，F(xiàn)O兩繩子拉力的合力大小方向不變，依據(jù)平行四邊形定則可知，二力的大小不變，其合力的大小方向不變，則該二力的夾角不變，故∠EOF不變；[5]依據(jù)相像三角形的幾何關(guān)系可知，E點(diǎn)位置不變，EF之間的距離變大，而∠EOF不變，因此繩子結(jié)點(diǎn)O的位置將向EO方向移動(dòng)，故ABD錯(cuò)誤，C正確。故選C。18.某同學(xué)先后用多用電表和伏安法測量一個(gè)未知電阻Rx的阻值。(1)該同學(xué)選用倍率為“×100”的電阻擋時(shí)，指針位置如圖甲所示；他應(yīng)選用倍率為___（填“×1”或“×10”）的電阻擋再次測量，當(dāng)其選擇合適的倍率后，指針位置如圖乙所示，則所測電阻的阻值為____Ω；(2)為更精確測量其阻值，該同學(xué)采納了伏安法。試驗(yàn)室備有下列試驗(yàn)器材：a.電壓表V1（量程3V，內(nèi)阻約為15kΩ）；b.電壓表V2（量程15V，內(nèi)阻約為75kΩ）；c.電流表A1（量程250mA，內(nèi)阻約為0.2Ω）；d.電流表A2（量程50mA，內(nèi)阻約為1Ω）；e.滑動(dòng)變阻器R（最大阻值150Ω）；f.電池組E（電動(dòng)勢為3V，內(nèi)阻不計(jì)）；g.開關(guān)S，導(dǎo)線若干。為減小試驗(yàn)誤差，電壓表應(yīng)選用___，電流表應(yīng)選用___（填器材前面的序號(hào)），試驗(yàn)電路應(yīng)選___（填“圖丙”或“圖丁”）。若該同學(xué)選擇器材、連接電路等操作均正確，則電阻的測量值___（填“大于”“小于”或“等于”）其真實(shí)值，緣由是___________。【答案】(1).×10(2).70(3).a(4).d(5).圖丁(6).小于(7).電壓表分流【解析】【詳解】(1)[1][2]選用倍率為“×100”的電阻擋測量，指針的位置如圖甲所示，指針偏角太大，說明所選擋位太大，要較精確的測量該電阻的阻值，應(yīng)選擇×10電阻擋，重新進(jìn)行歐姆調(diào)零，然后再測電阻；按正常依次操作后，指針的位置如圖中乙，則該電阻的阻值為7×10Ω=70Ω(2)[3]電源電動(dòng)勢是3V，電壓表應(yīng)選a[4]通過待測電阻的最大電流約為電流表選d[5]由于說明待測電阻較小，則電流表用外接法，即驗(yàn)電路應(yīng)選圖丁[6][7]電流表外接法中，電壓表測量的是電阻兩端的真實(shí)電壓，由于電壓表的分流作用使電流表的示數(shù)大于流過待測電阻的電流，據(jù)此可知，電阻的測量值小于其真實(shí)值，主要緣由為電壓表的分流作用。19.如圖甲所示，光滑平臺(tái)右側(cè)與一長為L=10m的水平木板相接，木板固定在地面上，現(xiàn)有一小滑塊以初速度v0=10m/s滑上木板，恰好滑到木板右端停止．現(xiàn)讓木板右端抬高，如圖乙所示，使木板與水平地面的夾角θ=37°，讓滑塊以相同的初速度滑上木板，不計(jì)滑塊滑上木板時(shí)的能量損失，g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8．求：(1)滑塊與木板之間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ；(2)滑塊從滑上傾斜木板到滑回木板底端所用的時(shí)間t．【答案】(1)0.5(2)【解析】【詳解】(1)設(shè)滑塊質(zhì)量為m，木板水平常滑塊加速度為a，則對(duì)滑塊有：滑塊恰好到木板右端停止解得：(2)當(dāng)木板傾斜，設(shè)滑塊上滑時(shí)的加速度為a1，最大距離為s，上滑的時(shí)間為t1，有：聯(lián)立解得、設(shè)滑塊下滑時(shí)的加速度為a2，下滑的時(shí)間為t2，有聯(lián)立解得：滑塊從滑上傾斜木板到滑回木板底端所用的時(shí)間：20.在學(xué)校組織的趣味運(yùn)動(dòng)會(huì)上,某科技小組為大家供應(yīng)了一個(gè)寓學(xué)于樂的嬉戲.如圖所示,將一質(zhì)量為0.1的鋼球放在點(diǎn),用彈射裝置將其彈出,使其沿著光滑的半圓形軌道和運(yùn)動(dòng),段為一段長為的粗糙平面,為接球槽.圓弧和的半徑分別為,,小球與段的動(dòng)摩擦因數(shù)為,點(diǎn)離接球槽的高度為,水平距離為,接球槽足夠大,取10.求:

(1).要使鋼球恰好不脫離圓弧軌道,鋼球在點(diǎn)的速度多大?在位置對(duì)半圓軌道的壓力多大?(2).要使鋼球最終能落入槽中,彈射速度至少多大?【答案】(1)6N(2)【解析】【詳解】(1)要使鋼球恰好不脫離圓弧軌道，對(duì)最高點(diǎn)有可得鋼球從到的過程有點(diǎn)有聯(lián)立可得依據(jù)牛頓第三定律可得,鋼球在位置對(duì)半圓軌道的壓力大小為6(2)設(shè)要使鋼球能落入槽中,點(diǎn)速度至少為,從到由平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律得水平方向豎直方向可得假設(shè)鋼球在點(diǎn)的速度恰為以時(shí),鋼球可運(yùn)動(dòng)到點(diǎn),且速度為，從到由動(dòng)能定理有可得故當(dāng)鋼球在點(diǎn)的速度恰為時(shí),鋼球不行能到達(dá)點(diǎn),更不行能平拋入槽要使鋼球最終能落入槽中,須要更大的彈射速度,才能使鋼球既滿意不脫離圓弧軌道,又能落入槽中從到由動(dòng)能定理有聯(lián)立可得21.間距為L的兩平行光滑金屬導(dǎo)軌如圖所示，x軸平行導(dǎo)軌，y軸垂直導(dǎo)軌。在位置有一寬度可不計(jì)的絕緣薄層，隔開左右兩部分電路。在導(dǎo)軌間存在磁場，y軸左側(cè)磁場方向垂直紙面對(duì)外，y右側(cè)磁場方向垂直紙面對(duì)里，區(qū)域磁場恒為B0，區(qū)域磁感應(yīng)強(qiáng)度沿y軸方向磁感應(yīng)強(qiáng)度大小不變，沿x軸方向磁感應(yīng)強(qiáng)度大小隨x變更，而且變更規(guī)律相同