2022年湖南省懷化市高一物理第二學期期末質量跟蹤監(jiān)視模擬試題含解析

2021-2022學年高一下物理期末模擬試卷注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。2．回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標號。回答非選擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3．考試結束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得0分）1、(本題9分)如圖，質量相同的兩物體、，用不可伸長的輕繩跨接在同一光滑的輕質定滑輪兩側，在水平桌面的上方，在水平粗糙桌面上。初始時用力壓住b使、靜止，撤去此壓力后，開始運動，在下降的過程中，始終未離開桌面。在此過程中A．的動能小于的動能B．兩物體機械能的變化量相等C．的重力勢能的減小量等于兩物體總動能的增加量D．繩的拉力對所做的功與對所做的功的代數(shù)和不為零2、在電場中的某點放入電荷量為－q的試探電荷時，測得該點的電場強度為E；若在該點放入電荷量為＋3q的試探電荷，此時測得該點的場強A．大小為3E，方向和E相反B．大小為E，方向和E相同C．大小為3E，方向和E相同D．大小為E，方向和E相反3、(本題9分)2015年1月9日亞洲杯足球賽在澳大利亞舉行，分在B組的中國隊三戰(zhàn)全勝挺近淘汰賽．如圖所示是我國隊員訓練時在地面不同點進行射門訓練，踢出的足球飛躍守門員形成三條飛行路徑，三條路徑在同一平面內，其最高點是等高的且到達最高點速度沿均沿水平方向．忽略空氣對飛行的影響，關于這三條路徑，下列說法正確的是()A．沿路徑1飛行的足球其踢出時速率最大B．沿路徑2飛行的足球的初速度的水平分量最大C．沿路徑3飛行的足球運動的時間最長D．沿各路徑飛行的足球的初速度的豎直分量相同4、(本題9分)如圖，自動卸貨車靜止在水平地面上，車廂在液壓機的作用下，與水平面的夾角緩慢增大，當夾角增大到時，貨物開始下滑，下列說法正確的是A．在增大到的過程中，貨物受到的支持力變大B．在增大到的過程中，貨物受到的摩擦力變小C．在增大到后，若繼續(xù)增大，則貨物受到的摩擦力變小D．在增大到后，若繼續(xù)增大，則貨物受到的合力大小不變5、(本題9分)關于曲線運動、平拋運動、圓周運動,以下說法中正確的是()A．物體在恒力作用下不可能做曲線運動B．平拋運動是典型的勻變速曲線運動C．勻速圓周運動是速度不變的圓周運動D．勻速圓周運動的向心力始終保持不變6、(本題9分)如圖所示，用水平恒力F拉著一物體沿水平面從A移到B的過程中，下列說法正確的是A．有摩擦力比無摩擦力時，力F做的功多B．物體加速運動比減速運動時，力F做的功多C．物體無論怎樣運動，力F做的功相等D．有摩擦力與無摩擦力時，力F的平均功率相等7、(本題9分)如圖所示，B為線段AC的中點，如果在A點放一個+Q的點電荷，測得B點的電場強度大小EB＝48N/C，則A．C點的電場強度大小Ec＝24N/CB．C點的電場強度方向向右C．把q＝10-9C的試探電荷放在C點，則其所受電場力的大小為1.2×10-8ND．若要使B點的電場強度EB＝0，可在C處放一個-Q的點電荷8、(本題9分)用比值定義物理量是物理學中一種常見的方法，下面是物理量都是用比值定義的，其中定義式正確的是A．電容 B．C．電場強度 D．電場強度9、地下礦井中的礦石裝在礦車中，用電機通過豎井運送至地面．某豎井中礦車提升的速度大小v隨時間t的變化關系如圖所示，其中圖線①②分別描述兩次不同的提升過程，它們變速階段加速度的大小都相同；兩次提升的高度相同，提升的質量相等．不考慮摩擦阻力和空氣阻力．對于第①次和第②次提升過程，A．礦車上升所用的時間之比為4:5B．電機的最大牽引力之比為2:1C．電機輸出的最大功率之比為2:1D．電機所做的功之比為4:510、(本題9分)如圖所示，A、B兩物體的質量比mA：mB=3：2，它們原來靜止在平板車C上，A、B間有一根被壓縮了的彈簧，A、B與平板車上表面間動摩擦因數(shù)相同，地面光滑．當彈簧突然釋放后，則有（）A．A、B系統(tǒng)動量守恒 B．A、B、C系統(tǒng)動量守恒C．小車向左運動 D．小車向右運動11、(本題9分)如圖所示，輕質不可伸長的晾衣繩兩端分別固定在豎直桿M、N上的P、Q兩點，懸掛衣服的衣架鉤是光滑的，掛于繩上處于靜止狀態(tài)．如果只人為改變一個條件，當衣架靜止時，下列說法正確的是（）A．若換掛質量更大的衣服，則衣架懸掛點右移B．將桿M向左移一些，繩子拉力變大C．繩的兩端高度差越大，繩子拉力越大D．繩的右端上移到R，繩子拉力不變12、(本題9分)一條小船在靜水中的速度為10m/s，要渡過寬為50m、水流速度恒為5m/s的平直河流，下列說法正確的是（）A．小船渡河的最短時間為5sB．小船渡河的最短時間為10sC．若小船在靜水中的速度增加，則小船渡河的最短路程不變D．若小船在靜水中的速度增加，則小船渡河的最短路程減小二．填空題(每小題6分，共18分)13、(本題9分)萬有引力定律：自然界中任何兩個物體都相互吸引，引力的大小跟這兩個物體的_____成正比，跟它們的_____成反比．14、人造地球衛(wèi)星A和B的質量之比為1∶2，軌道半徑之比為2∶1，它們受到地球的引力之比為______，它們運行的線速度之比為____，它們運行的周期之比為______。15、(本題9分)如圖所示，某人在山上將一質量m=1kg的石塊，以v0=5.0m/s的初速度斜向上方拋出，石塊被拋出時距離水平地面的高度h=10m．不計空氣阻力，取g=10m/s1．求：（1）石塊從拋出到落地的過程中減少的重力勢能________；（1）石塊落地時的速度大小_________．三．計算題(22分)16、（12分）(本題9分)如圖所示,有一塊木板A靜止在光滑且足夠長的水平面上,木板質量M=4kg，長L=1.2m,木板右端放一小滑塊B并處于靜止,小滑塊質量m=1kg,其尺寸遠小于L小滑塊與木板之間的動摩擦因數(shù)為μ=0.4(設最大靜摩擦力等于滑動摩擦力,g=10m/s2)。(1)現(xiàn)用恒力F始終作用在木板A上,為了讓小滑塊B不從木板A上滑落,求:恒力F大小的范圍；(2)其他條件不變,若恒力F大小為20.8N,且始終作用在木板A上,求:小滑塊B滑離木板A時的速度大??；(3)其他條件不變,若恒力F大小為28N,作用在木板A上一段時間后撒去,最終小滑塊B從木板A上滑落下來,求:恒力F作用的最短時間。17、（10分）質量為m，帶電量為+q的小物體在O點以初速度v0沿與水平成30°的方向射出，物體在運動過程中，除重力外，還受到方向始終與初速度v0方向相反的力F的作用。（1）若F=mg，可使物體保持v0做勻速直線運動，可在某一方向上加一定大小的勻強電場，求電場強度的大小和方向。（2）若F=2mg，且電場強度與（1）中的場強大小相同，仍要使物體沿v0方向做直線運動，那么該電場強度的可能方向如何？求出物體沿入射方向的最大位移和回到O點的最短時間，以及回到O點時的速度?

參考答案一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得0分）1、A【解析】

A.將b的實際速度進行分解如圖：即a的速度小于b的速度，故a的動能小于b的動能，A正確；B.由于有摩擦力做功，故ab系統(tǒng)機械能不守恒，則二者機械能的變化量不相等，B錯誤；C.a的重力勢能的減小量等于兩物體總動能的增加量與產(chǎn)生的內能之和，故a的重力勢能的減小量大于兩物體總動能的增加量，C錯誤；D.在這段時間t內，繩子對a的拉力和對b的拉力大小相等方向相反，兩個物體沿繩子方向的位移相等，所以繩的拉力對a所做的功與對b所做的功的絕對值相等，二者代數(shù)和為零，D錯誤。2、B【解析】

電場強度是描述電場強弱和方向的物理量，是試探電荷所受的電場力F與試探電荷所帶的電荷量q的比值，由電場本身決定，故與試探電荷的有無、電性、電量的大小無關；故在該點放入電荷量為-q的試探電荷時電場強度為E，改放電荷量為+3q的試探電荷時電場強度大小仍為E，方向和E相同。故B正確ACD錯誤。3、D【解析】采用逆向思維，足球做平拋運動，由于高度相同，根據(jù)h=gt2知，運動的時間相同，故C錯誤．路徑3足球的水平位移最大，根據(jù)v=x/t知，沿路徑3運動的足球在最高點的速度最大，即初速度在水平方向上分量最大．故B錯誤．因為時間相等，根據(jù)vy=gt知，沿各路徑飛行的足球初速度的豎直分量相同，故D正確．根據(jù)平行四邊形定則知，沿路徑3的水平分速度最大，豎直分速度相等，則沿路徑3飛行的足球踢出時的速率最大，故A錯誤．故選D．點睛：本題采用逆向思維分析比較簡捷，解決本題的關鍵掌握平拋運動在水平方向和豎直方向上的運動規(guī)律，知道運動的時間由高度決定，初速度和時間共同決定水平位移．4、C【解析】

AB．在增大到的過程中，貨物處于平衡狀態(tài)，受到重力mg、支持力N和摩擦力f，則根據(jù)平衡條件有：、當角增大時，N減小，f增大，故AB兩項錯誤；C．在增大到后，受到的摩擦力是滑動摩擦力，隨著角度的增大，摩擦力在減小，故C項正確；D．在增大到后，貨物開始下滑，存在加速度，貨物受到的合力隨著角度的增大，合外力在增大，故D項錯誤。5、B【解析】

A、B項：曲線運動的條件是物體的速度方向與合力方向不共線，平拋運動合力恒定，是典型的勻變速運動曲線運動，故A錯誤，B正確；C項：勻速圓周運動的速度方向不斷改變，一定是變速運動，故C錯誤；D項：勻速圓周運動的向心力大小不變，方向時刻改變，故D錯誤。6、C【解析】

A.F為恒力，F(xiàn)做功的大小W=Fx，與有無摩擦力無關，故A錯誤。BC.根據(jù)W=Fx知，無論加速還是減速，F(xiàn)做功一樣多，故B錯誤C正確。D.有無摩擦力時，F(xiàn)做功相等，有摩擦力時，加速度較小，運動時間較長，則平均功率較小，可知有摩擦力與無摩擦力時平均功率不等，故D錯誤。7、BC【解析】

AB．設B點到A點的距離為R，則C點到A點的距離為2R，由點電荷的電場強度公式有：，同理有，由于EB=48N/C，所以可得EC=12N/C，由于場源電荷帶正電，所以C點的電場強度的方向向右，故A錯誤，B正確；C．把q=10-9C的試探電荷放在C點，則其所受電場力的大小為F=ECq=1.2×10-8N，故C正確；D．若要使B點的電場強度EB=0，根據(jù)疊加原理可知應該在C處放一個+Q的點電荷，故D錯誤。8、AC【解析】

電容C由本身的性質決定，與所帶的電荷量及兩端間的電勢差無關．所以C=Q/U屬于比值定義法，故A正確．公式是平行板電容器的電容的決定式，不是比值定義法．故B錯誤．電場強度與放入電場中的電荷無關，所以E=F/q屬于比值定義法，選項C正確；但E＝U/d是勻強電場的場強與電勢差的關系式，不是比值定義．故D錯誤．故選AC．【點睛】解決本題的關鍵理解比值定義法的特點：被定義的物理量往往是反映物質的最本質的屬性，它不隨定義所用的物理量的大小取舍而改變．9、AC【解析】

A．由圖可得，變速階段的加速度，設第②次所用時間為t，根據(jù)速度-時間圖象的面積等于位移（此題中為提升的高度）可知，，解得：，所以第①次和第②次提升過程所用時間之比為，選項A正確；B．由于兩次提升變速階段的加速度大小相同，在勻加速階段，由牛頓第二定律，，可得提升的最大牽引力之比為1∶1，選項B錯誤；C．由功率公式，P=Fv，電機輸出的最大功率之比等于最大速度之比，為2∶1，選項C正確；D．加速上升過程的加速度，加速上升過程的牽引力，減速上升過程的加速度，減速上升過程的牽引力，勻速運動過程的牽引力．第①次提升過程做功；第②次提升過程做功；兩次做功相同，選項D錯誤．【點睛】此題以速度圖像給出解題信息．解答此題常見錯誤主要有四方面：一是對速度圖像面積表示位移掌握不到位；二是運用牛頓運動定律求解牽引力錯誤；三是不能找出最大功率；四是不能得出兩次提升電機做功．實際上，可以根據(jù)兩次提升的高度相同，提升的質量相同，利用功能關系得出兩次做功相同．10、BC【解析】

A.因為A、B所受摩擦力大小不同，所以A、B系統(tǒng)動量不守恒，故A錯誤B.地面光滑，所以A、B、C整體不受外力，動量守恒，故B正確C.A對小車向左的滑動摩擦力大于B對小車向右的滑動摩擦力，在A、B相對小車停止運動之前，小車的合力所受的合外力向左，會向左運動，故C正確D.根據(jù)選項C的分析，故D錯誤故選BC11、AD【解析】如圖所示，兩個繩子是對稱的，與豎直方向夾角是相等的．假設繩子的長度為x，則，繩子一端在上下移動的時候，繩子的長度不變，兩桿之間的距離不變，則角度不變，所以掛的衣服質量變化，不會影響懸掛點的移動，A錯誤．當桿M向左移動后，根據(jù)，即L變大，繩長不變，所以角度減小，繩子與豎直方向的夾角變大，繩子的拉力變大，B正確；兩個繩子的合力向上，大小等于衣服的重力，由于夾角不變，所以繩子的拉力不變，C錯誤，D正確，選BD.【點睛】繩子兩端上下移動時，兩桿距離不變，據(jù)此分析兩端繩子間夾角的變化情況，進而分析拉力的變化；兩桿之間距離發(fā)生變化時，分析兩段繩子之間的夾角變化，進而分析拉力變化．12、AC【解析】

AB.當小船船頭指向河對岸時，小船渡河時間最短，小船渡河的最短時間為，故A正確，B錯誤；CD.因為小船在靜水中的速度為10m/s大于水流速度恒為5m/s，小船渡河的最短路程是河的寬度50m，所以若小船在靜水中的速度增加，則小船渡河的最短路程仍是河的寬度保持不變，故C正確，D錯誤。二．填空題(每小題6分，共18分)13、質量的乘積；距離的二次方【解析】根據(jù)可知兩物體間的萬有引力大小和其質量的乘積成之比，和兩者之間的距離的平方成反比．14、1:8【解析】

[1].由萬有引力公式可得，，因此[2].由萬有引力提供圓周運動的向心力有，，因此[3].由萬有引力提供圓周運動的向心力有，，因此15、100J15m/s【解析】

[1]．石塊從拋出到落地的過程中減少的重力勢能[1]．根據(jù)動能定理：解得v=15m/s三．計算題(22分)16、（1）F≤20N（2）8m/s（3）【解析】

（1）為了使小滑塊B不從A上滑落，則AB兩物體間的摩擦力等于最大靜摩擦力，根據(jù)牛頓第二定律列式求解F的最大值；（2）當F=20.8N時，AB發(fā)生相對滑動，根據(jù)牛頓第二定律求出兩者的加速度，根據(jù)位移關系求解B在A上滑行的時間，根據(jù)v=at求解B滑落時的速度；（3）先求撤去外力前后的加速度，結合v-t圖像求解恒力F作用的最短時間.【詳解】（1）為了使小滑塊B不從A上滑落，設A、B相對靜止時的加速度為a