浙江省七彩陽(yáng)光新高考聯(lián)盟2024-2025學(xué)年高三上學(xué)期開學(xué)考試物理試題

2024學(xué)年第一學(xué)期浙江省七彩陽(yáng)光新高考研究聯(lián)盟返校聯(lián)考高三物理試題考生須知：1.本試題卷共8頁(yè)，滿分100分，考試時(shí)間90分鐘。2.答題前，在答題卷指定區(qū)域填寫班級(jí)、姓名、考場(chǎng)號(hào)、座位號(hào)及準(zhǔn)考證號(hào)。3.所有答案必須寫在答題卷上，寫在試卷上無(wú)效。4.考試結(jié)束后，只需上交答題卷。選擇題部分一、選擇題Ⅰ（本題共13小題，每小題3分，共39分。每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中只有一個(gè)是符合題目要求的，不選、多選、錯(cuò)選均不得分）1.下列物理量與單位符號(hào)對(duì)應(yīng)的是（）A.電量 B.功率J C.半衰期 D.電場(chǎng)強(qiáng)度【答案】D【解析】【詳解】A．電子伏是能量單位，電量單位是庫(kù)C，A不符合題意；B．焦耳是功的單位，功率的單位是瓦W，B不符合題意；C．米每秒是速度單位，半衰期單位是時(shí)間天、年，C不符合題意；D．伏每米是電場(chǎng)強(qiáng)度單位，D符合題意。故選D。2.下列說(shuō)法正確的是（）A.汽車上的速度計(jì)顯示了平均速度的大小B.在雪豹捕獵過(guò)程中，以獵物為參考系，獵物是運(yùn)動(dòng)的C.在研究運(yùn)動(dòng)員完成馬拉松比賽的時(shí)間時(shí)，運(yùn)動(dòng)員可看成質(zhì)點(diǎn)D.高空墜物會(huì)對(duì)地面上的人造成很大傷害，是由于下落位置越高物體慣性越大【答案】C【解析】【詳解】A．速度計(jì)上顯示得是瞬時(shí)速率，故A錯(cuò)誤；B．參考系是假定為不動(dòng)的物體，所以以獵物為參考系，獵物是靜止的，故B錯(cuò)誤；C．在馬拉松比賽中，運(yùn)動(dòng)員的大小和形狀可以忽略不計(jì)，故C正確；D．質(zhì)量是物體慣性大小的唯一標(biāo)準(zhǔn)，與高度無(wú)關(guān)，故D錯(cuò)誤。故選C。3.2024年6月2日6點(diǎn)23分“嫦娥六號(hào)”成功著陸在月球背面南極艾特肯盆地預(yù)選著陸區(qū)。月球上沒有大氣，“嫦娥六號(hào)”只能通過(guò)發(fā)動(dòng)機(jī)的反推力來(lái)實(shí)現(xiàn)減速，圖示時(shí)刻為其豎直下降過(guò)程中的某一狀態(tài)。下列說(shuō)法正確的是（）A.“嫦娥六號(hào)”正處于平衡狀態(tài)B.“嫦娥六號(hào)”做自由落體運(yùn)動(dòng)C.反推力是內(nèi)力，對(duì)“嫦娥六號(hào)”的加速度沒有作用D.反推力的方向豎直向上，大小比重力大【答案】D【解析】【詳解】A．“嫦娥六號(hào)”豎直下降著陸應(yīng)做減速運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；B．“嫦娥六號(hào)”通過(guò)發(fā)動(dòng)機(jī)的反推力來(lái)實(shí)現(xiàn)減速，則不是自由落體運(yùn)動(dòng)，故B錯(cuò)誤；C．反推力是噴出氣體對(duì)“嫦娥六號(hào)”的作用力，是外力，故C錯(cuò)誤；D．因加速度向上，反推力的方向豎直向上，實(shí)現(xiàn)減速則加速度向上，則反推力大小比重力大，故D正確。故選D。4.某電場(chǎng)等勢(shì)面的分布情況如圖所示，下列說(shuō)法正確的是（）A.A、B兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小相同，方向不同B.同一電荷在Q點(diǎn)的電勢(shì)能比在P點(diǎn)大C.同一電荷沿折線移動(dòng)與沿折線移動(dòng)，靜電力做功一樣大D.把電子從等勢(shì)面e移動(dòng)到等勢(shì)面c，靜電力做功為【答案】C【解析】【詳解】A．電場(chǎng)線的疏密程度代表場(chǎng)強(qiáng)大小，A、B兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小與方向均不同，A錯(cuò)誤；B．電勢(shì)能大小與電荷的電性有關(guān)，B錯(cuò)誤；C．靜電力做功與路徑無(wú)關(guān)，C正確；D．把電子從等勢(shì)面e移動(dòng)到等勢(shì)面c,靜電力做功為D錯(cuò)誤。故選B。5.月球富含的氫3是理想的核聚變材料，對(duì)于解決能源危機(jī)有重要作用。其中一種聚變反應(yīng)的方程式為，其中是釋放的核能，光速為c。下列說(shuō)法正確的是（）A.原子核外電子從高能級(jí)向低能級(jí)躍遷時(shí)釋放核能B.核反應(yīng)中的質(zhì)量虧損了C.該核反應(yīng)是α衰變D.核反應(yīng)中質(zhì)量數(shù)守恒，但動(dòng)量不守恒【答案】B【解析】【詳解】A．核能是原子核內(nèi)的躍遷而釋放的能量，A錯(cuò)誤；B．由質(zhì)能方程可得解得B正確；C．該核反應(yīng)屬于核聚變，不是α衰變，C錯(cuò)誤；D．核反應(yīng)中質(zhì)量數(shù)守恒，動(dòng)量守恒均守恒，D錯(cuò)誤。故選B。6.距水平地面處的A點(diǎn)，一質(zhì)量m的小球以初速度大小v被豎直拋下，落到水平地面上被彈回，回跳到處的B點(diǎn)時(shí)速度為零。若小球與地面碰撞時(shí)機(jī)械能損失20%，不計(jì)空氣阻力，則從A到B過(guò)程中（）A.重力做功為 B.合外力對(duì)小球做功為C.初速度大小滿足 D.地面對(duì)小球做的功為【答案】D【解析】【詳解】A．重力做功為故A錯(cuò)誤；B．小球由A到B運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，根據(jù)動(dòng)能定理合外力對(duì)小球做功故B錯(cuò)誤；D．設(shè)地面對(duì)小球做功為，小球由A到B運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，根據(jù)動(dòng)能定理解得故D正確；C．小球與地面碰撞后的機(jī)械能為解得故C錯(cuò)誤。故選D。7.如圖為理想的可調(diào)式自耦變壓器，鐵芯上只有一組線圈，將其兩端接在間作為原線圈，副線圈是線圈的一部分接有定值電阻和滑動(dòng)變阻器分別為原副線圈兩端電壓，其大小均可調(diào)節(jié)，分別為原副線圈中的電流，則（）A.保持不變，當(dāng)滑動(dòng)觸頭P順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)一小角度，變小B.保持不變，當(dāng)滑動(dòng)觸頭向下移動(dòng)時(shí)，變小C.保持不變，當(dāng)滑動(dòng)觸頭P順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)一小角度，變大D.保持不變，當(dāng)滑動(dòng)觸頭向下移動(dòng)時(shí)，變小【答案】A【解析】【詳解】A．保持不變，當(dāng)滑動(dòng)觸頭P順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)一小角度，變小，由電壓與匝數(shù)關(guān)系可知變小，故A正確；B．當(dāng)滑動(dòng)觸頭向下移動(dòng)時(shí)，因匝數(shù)比未變，不變，故B錯(cuò)誤；C．保持不變，I2不變，P順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)一小角度，變小，由電流與匝數(shù)關(guān)系可知變小，故C錯(cuò)誤；D．當(dāng)滑動(dòng)觸頭向下移動(dòng)，根據(jù)閉合電路的歐姆定律可知變大，根據(jù)變流比可知也變大，故D錯(cuò)誤。故選A。8.“嫦娥六號(hào)”探測(cè)器經(jīng)過(guò)地月轉(zhuǎn)移、近月制動(dòng)階段后，進(jìn)入高度約200千米的圓形環(huán)月軌道Ⅰ。此后經(jīng)2次降軌，進(jìn)入近月點(diǎn)15千米、遠(yuǎn)月點(diǎn)200千米的橢圓軌道Ⅱ上運(yùn)動(dòng)。P點(diǎn)為軌道Ⅰ、Ⅱ的交點(diǎn)，如圖所示，此時(shí)軌返組合體（軌道器和返回器組合體）在圓形環(huán)月軌道Ⅰ上運(yùn)動(dòng)。則“嫦娥六號(hào)”（）A.在軌道Ⅰ、Ⅱ經(jīng)過(guò)P點(diǎn)時(shí)加速度相同 B.在軌道Ⅰ的機(jī)械能與軌道Ⅱ相同C.與軌返組合體的運(yùn)動(dòng)周期相同 D.經(jīng)過(guò)P點(diǎn)時(shí)的速度比軌返組合體的速度大【答案】A【解析】【詳解】A．根據(jù)牛頓第二定律可得故“嫦娥六號(hào)”在軌道Ⅰ、Ⅱ經(jīng)過(guò)P點(diǎn)時(shí)加速度相同，故A正確；B．“嫦娥六號(hào)”需軌道Ⅱ上的P點(diǎn)減速，做近心運(yùn)動(dòng)，從而進(jìn)入軌道Ⅰ，機(jī)械能減小，故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)開普勒第三定律軌道Ⅰ的半徑比軌道Ⅱ的半長(zhǎng)軸大，故“嫦娥六號(hào)”的運(yùn)動(dòng)周期小于軌返組合體的運(yùn)動(dòng)周期，故C錯(cuò)誤；D．“嫦娥六號(hào)”需軌道Ⅰ上的P點(diǎn)減速，做近心運(yùn)動(dòng)，從而進(jìn)入軌道Ⅱ，故經(jīng)過(guò)P點(diǎn)時(shí)的速度比軌返組合體的速度小，故D錯(cuò)誤。故選A。9.一質(zhì)量為m，電荷量為q的帶負(fù)電的小球，以初速度從勻強(qiáng)電場(chǎng)中的A點(diǎn)水平拋出后經(jīng)過(guò)某一定點(diǎn)B，如圖所示，電場(chǎng)強(qiáng)度大小為，方向豎直向下。下列說(shuō)法正確的是（）A.可以計(jì)算經(jīng)過(guò)B點(diǎn)的時(shí)間B.可以計(jì)算經(jīng)過(guò)B點(diǎn)時(shí)的豎直方向的速度C.初速度為，要使小球仍能經(jīng)過(guò)B點(diǎn)，電場(chǎng)強(qiáng)度大小為D.只要能夠經(jīng)過(guò)B點(diǎn)，過(guò)B點(diǎn)時(shí)的速度偏向角為一定值，與初速度大小無(wú)關(guān)【答案】D【解析】【詳解】AB．小球所受合力加速度A、B間的水平或豎直距離未知，無(wú)法計(jì)算經(jīng)過(guò)B點(diǎn)的時(shí)間和豎直速度，故AB錯(cuò)誤；C．小球經(jīng)過(guò)B點(diǎn)，豎直方向位移解得故C錯(cuò)誤；D．由AB兩點(diǎn)位置確定，偏向角大小就確定，故D正確。故選D。10.鼠標(biāo)滾輪是鼠標(biāo)上位于左鍵與右鍵之間的部件。某一鼠標(biāo)滾輪上使用了霍爾效應(yīng)傳感器，傳感器上有一塊非常小的金屬板，如圖所示，P、Q端與電壓表相連，左右端與電源相連。當(dāng)環(huán)形磁鐵旋轉(zhuǎn)時(shí)，電壓表就會(huì)有讀數(shù)，圖示時(shí)刻磁鐵的N、S極分別在豎直面的下、上兩端。則（）A.圖示時(shí)刻左端積累了負(fù)電荷B.圖示時(shí)刻P端積累了負(fù)電荷C.圖示時(shí)刻金屬板中電子恰好不受磁場(chǎng)力的作用D.磁鐵的旋轉(zhuǎn)不會(huì)對(duì)金屬板中電子運(yùn)動(dòng)產(chǎn)生影響【答案】B【解析】【詳解】ABC．圖示時(shí)刻電流方向向右，則金屬板所在位置磁場(chǎng)方向向上，由于電子向左運(yùn)動(dòng)，根據(jù)左手定則可知，電子受到的洛侖茲力指向P端，即電子積累在P端，故AC錯(cuò)誤，B正確；D．磁鐵旋轉(zhuǎn)過(guò)程中，金屬板所在位置垂直于金屬板方向的磁感應(yīng)強(qiáng)度發(fā)生變化，可知，磁鐵的旋轉(zhuǎn)會(huì)對(duì)金屬板中電子運(yùn)動(dòng)產(chǎn)生影響，故D錯(cuò)誤。故選B。11.如圖1所示，在均勻介質(zhì)中兩波源M、N分別位于處，質(zhì)點(diǎn)P位于坐標(biāo)原點(diǎn)，時(shí)刻，兩波源同時(shí)振動(dòng)。圖2為質(zhì)點(diǎn)P的振動(dòng)圖像。則（）A.M、N的起振方向相反 B.波的傳播速度為C.較長(zhǎng)時(shí)間后，間有7個(gè)振動(dòng)減弱點(diǎn) D.內(nèi)質(zhì)點(diǎn)P經(jīng)過(guò)的路程為【答案】D【解析】【詳解】B．由P點(diǎn)的振動(dòng)圖像知，時(shí)，M的振動(dòng)傳到P點(diǎn)，則波的傳播速度為故B錯(cuò)誤；A．N的振動(dòng)傳到P點(diǎn)所用時(shí)間為由P點(diǎn)的振動(dòng)圖像知，M的振動(dòng)周期為，所以在時(shí)，兩波在P點(diǎn)疊加，且振動(dòng)加強(qiáng)，所以兩波源的起振方向相同，故A錯(cuò)誤；C．兩列波的波長(zhǎng)為由于兩波源的起振方向相同，所以振動(dòng)減弱點(diǎn)的波程差滿足（為整數(shù)）所以間有8個(gè)減弱點(diǎn)，分別為故C錯(cuò)誤；D．在內(nèi)質(zhì)點(diǎn)P經(jīng)過(guò)的路程為在內(nèi)質(zhì)點(diǎn)P經(jīng)過(guò)的路程為則內(nèi)質(zhì)點(diǎn)P經(jīng)過(guò)的路程為故D正確。故選D。12.圖1為光電效應(yīng)實(shí)驗(yàn)裝置圖，c處于滑動(dòng)變阻器的中點(diǎn)位置，開始時(shí)滑片P也處于中點(diǎn)位置。用不同頻率的光束照射金屬材料甲、乙，調(diào)節(jié)滑片P的位置，得到遏止電壓隨頻率變化的圖線，如圖2所示。下列說(shuō)法正確的是（）A.要能得到的讀數(shù)，滑片P應(yīng)向b端滑動(dòng)B.甲、乙對(duì)應(yīng)的圖線不一定平行C.在發(fā)生光電效應(yīng)的情況下，用相同頻率的光束照射金屬材料，照射金屬乙時(shí)滑片P滑動(dòng)的長(zhǎng)度小D.在發(fā)生光電效應(yīng)的情況下，用相同頻率的光束照射金屬材料，照射金屬甲時(shí)逸出的光電子初動(dòng)能大【答案】C【解析】【詳解】A．要能得到的讀數(shù)，需要將滑片P向a端滑動(dòng)時(shí)，電源提供反向電壓，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)，可得可知兩圖線的斜率相同，甲、乙對(duì)應(yīng)的圖線一定平行，故B錯(cuò)誤；C．由結(jié)合圖2可知，乙的逸出功更大；在發(fā)生光電效應(yīng)的情況下，用相同頻率的光束照射金屬材料，照射金屬乙時(shí)光電子的最大初動(dòng)能更小，對(duì)應(yīng)的遏止電壓更小，時(shí)滑片P滑動(dòng)的長(zhǎng)度更小，故C正確；D．由于甲的逸出功更小，所以在發(fā)生光電效應(yīng)的情況下，用相同頻率的光束照射金屬材料，照射金屬甲時(shí)逸出的光電子的最大初動(dòng)能大，但初動(dòng)能不一定大，故D錯(cuò)誤。故選C。13.半圓柱形玻璃磚的底面鍍有一層反射膜，為玻璃磚的半圓形橫截面，M為最高點(diǎn)，O為圓心，半徑為R。一束寬為R的平行光的下邊恰好沿著底邊，如圖所示。其中從A點(diǎn)射入的光線經(jīng)玻璃折射后從B點(diǎn)射出，已知A、B兩點(diǎn)距離分別為和。，不考慮圓弧面上的反射光線，下列說(shuō)法正確的是（）A.玻璃的折射率為B.有部分光線在圓弧區(qū)域發(fā)生全反射C.只有圓弧的部分區(qū)域有光線射出D.射向圓弧區(qū)域的光線有一部分來(lái)源于處反射的光線【答案】C【解析】【詳解】A．由題意可得，從A點(diǎn)射入的光線經(jīng)玻璃折射后從B點(diǎn)射出，其光路圖如圖所示，由幾何知識(shí)可知入射角，折射角，則有折射率A錯(cuò)誤；B．光線在玻璃磚中傳播時(shí)，光線與半徑構(gòu)成等腰三角形，由光路可逆性可知，不可能發(fā)生全反射，B錯(cuò)誤；D．假設(shè)有光線會(huì)射向，如圖解所示，則有不存在，D錯(cuò)誤；C．最上邊和下邊的光線恰好射向Q點(diǎn)，其余光線因?yàn)閰^(qū)域的出射點(diǎn)總比區(qū)域的入射點(diǎn)位置低，只有部分區(qū)域有光線射出，C正確。故選C。二、選擇題Ⅱ（本題共2小題，每小題3分，共6分，每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中至少有一個(gè)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得3分，選對(duì)但不選全的得2分，有選錯(cuò)的得0分）14.下列說(shuō)法正確的是（）A.一列水波在深度不同的水域傳播時(shí)，在交界面處將發(fā)生折射現(xiàn)象B.在產(chǎn)生正弦式交流電的過(guò)程中，當(dāng)線圈經(jīng)過(guò)中性面時(shí)，線圈中的電流為零C.壓縮氣體時(shí)，壓縮的體積越小，外界需要的力越大，說(shuō)明分子間存在斥力D.核反應(yīng)堆中用鎘棒作為慢化劑，快中子跟慢化劑中的原子核碰撞后變?yōu)槁凶??！敬鸢浮緼B【解析】【詳解】A．一列水波在深度不同的水域傳播時(shí)，由于傳播速度發(fā)生變化，則在交界面處將發(fā)生折射，故A正確；B．當(dāng)線圈經(jīng)過(guò)中性面時(shí)，穿過(guò)線圈的磁通量達(dá)到最大，但磁通量的變化率為零，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的瞬時(shí)值為零，即線圈中的電流為零，故B正確；C．壓縮氣體時(shí)，壓縮的體積越小，氣體壓強(qiáng)越大，外界需要的力越大，氣體分子之間的平均距離較大，分子之間的引力與斥力可以忽略，故C錯(cuò)誤；D．鎘棒的作用是調(diào)節(jié)中子的數(shù)目，從而控制反應(yīng)速度，故D錯(cuò)誤。故選AB。15.一水平足夠長(zhǎng)的平行軌道如圖所示，以為界左邊磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為，方向垂直紙面向外，右邊磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為，方向垂直紙面向里。導(dǎo)體棒甲、乙的質(zhì)量均為m，電阻相同，開始時(shí)均處于靜止?fàn)顟B(tài)?，F(xiàn)給甲一水平向右的初速度，若軌道光滑且電阻不計(jì)，甲、乙始終在各自磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)，下列說(shuō)法中正確的是（）A乙將向右運(yùn)動(dòng) B.甲、乙運(yùn)動(dòng)過(guò)程中動(dòng)量不守恒C.穩(wěn)定后，甲的速度為 D.當(dāng)乙的速度為，乙棒產(chǎn)生的焦耳熱為【答案】BC【解析】【詳解】A．甲運(yùn)動(dòng)后根據(jù)右手定則可知，通過(guò)乙電流為向上，根據(jù)左手定則可知乙受到安培力向左，所以乙將向左運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；B．甲、乙運(yùn)動(dòng)過(guò)程中受到安培力大小不等，方向相同，所以甲、乙組成的系統(tǒng)在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中合力不為零，動(dòng)量不守恒，故B正確；C．從開始運(yùn)動(dòng)到穩(wěn)定過(guò)程中，對(duì)甲根據(jù)動(dòng)量定理對(duì)乙根據(jù)動(dòng)量定理穩(wěn)定后，有回路中沒有電流，甲、乙產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)抵消得故C正確；D．根據(jù)動(dòng)量定理得由能量守恒乙棒產(chǎn)生的焦耳熱D錯(cuò)誤。故選BC。非選擇題部分三、非選擇題（本題共5小題，共55分）16.在“探究?jī)蓚€(gè)互成角度的力的合成規(guī)律”實(shí)驗(yàn)中，（1）實(shí)驗(yàn)中我們采用的研究方法是_______A.等效替代法 B.控制變量法 C.補(bǔ)償法（2）某次測(cè)量如圖所示，不合理的操作是_______（多選）A.兩細(xì)繩間的夾角太大B.一細(xì)繩的長(zhǎng)度太短C.兩只彈簧測(cè)力計(jì)的讀數(shù)不相等D.一只彈簧測(cè)力計(jì)中的彈簧伸長(zhǎng)方向與細(xì)繩方向不一致（3）若有三只相同的彈簧測(cè)力計(jì)，完成一次該實(shí)驗(yàn)，至少需要_______（選填“1”、“2”或“3”）次把橡皮筋結(jié)點(diǎn)拉到O?！敬鸢浮浚?）A（2）BD（3）1【解析】【小問(wèn)1詳解】在“探究?jī)蓚€(gè)互成角度的力的合成規(guī)律”實(shí)驗(yàn)中，就是由一個(gè)力的作用效果與兩個(gè)互成角度的力的共同作用效果相同，則有這個(gè)力代替兩個(gè)互成角度的力，采用的研究方法是等效替代法。故選A。【小問(wèn)2詳解】A．兩細(xì)繩間的夾角太大，對(duì)實(shí)驗(yàn)結(jié)果不會(huì)產(chǎn)生影響，A正確，不符合題意；B．一細(xì)繩的長(zhǎng)度太短，在確定該拉力方向時(shí)容易產(chǎn)生誤差，B錯(cuò)誤，符合題意；C．兩只彈簧測(cè)力計(jì)的讀數(shù)不一定相等，可以不相等，C正確，不符合題意；D．一只彈簧測(cè)力計(jì)中的彈簧伸長(zhǎng)方向與細(xì)繩方向不一致，會(huì)導(dǎo)致該方向的拉力產(chǎn)生誤差，使合力產(chǎn)生誤差，D錯(cuò)誤，符合題意。故選BD?！拘?wèn)3詳解】若有三只相同的彈簧測(cè)力計(jì)，完成一次該實(shí)驗(yàn)，則三只相同的彈簧測(cè)力計(jì)同時(shí)拉，即兩個(gè)代表兩分力，第三個(gè)代表合力，因此至少需要1次把橡皮筋結(jié)點(diǎn)拉到O。17.在“電池電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻的測(cè)量”實(shí)驗(yàn)中，（1）某同學(xué)嘗試用多用電表的不同擋位粗測(cè)，其中合理的是_______A.用電壓擋測(cè)量電動(dòng)勢(shì) B.用歐姆擋測(cè)量?jī)?nèi)阻（2）進(jìn)一步測(cè)量，實(shí)物接線如圖1所示，其中_______（選填“a”、“b”、“c”或“d”）兩條接線是錯(cuò)誤的；（3）正確連線后進(jìn)行測(cè)量，如圖2所示，某次電流表的讀數(shù)為_______A（4）圖3為實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)在坐標(biāo)紙上描出的數(shù)據(jù)點(diǎn)，則一節(jié)電池的內(nèi)阻為_______（保留兩位有效數(shù)字）【答案】（1）A（2）bd（3）0.23##0.24（4）19##2.0##2.1【解析】【小問(wèn)1詳解】在“測(cè)定干電池電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻”實(shí)驗(yàn)，多用電表歐姆擋內(nèi)部有電源，只能測(cè)與外電源斷開部分電阻的阻值，故不能直接用多用電表歐姆擋測(cè)電源內(nèi)阻。故某同學(xué)嘗試用多用電表的不同擋位粗測(cè)，其中合理的是用電壓擋測(cè)量電動(dòng)勢(shì)。故選A?！拘?wèn)2詳解】電池電動(dòng)勢(shì)約為，為減小實(shí)驗(yàn)誤差，電壓表應(yīng)選擇的量程，故b接線是錯(cuò)誤的；導(dǎo)線不能與滑動(dòng)變阻器的滑頭相連，應(yīng)與兩側(cè)接線柱連接，故d接線是錯(cuò)誤的?！拘?wèn)3詳解】電流表的讀數(shù)為【小問(wèn)4詳解】根據(jù)題意作出兩節(jié)干電池的圖線根據(jù)閉合電路的歐姆定律整理得圖像斜率為解得18.在“用雙縫干涉測(cè)量光的波長(zhǎng)”實(shí)驗(yàn)中，（1）下列說(shuō)法正確的是_______（多選）A.通過(guò)轉(zhuǎn)動(dòng)遮光筒可以使單縫與雙縫平行B.為了減小條紋間距，可以把紅色濾光片換成綠色濾光片C.為了更準(zhǔn)確地讀取手輪上的讀數(shù)，需要拔動(dòng)拔桿進(jìn)行調(diào)節(jié)D.測(cè)量條紋間距時(shí)，測(cè)量頭中分劃板中心線必須與條紋的中央對(duì)齊（2）若把雙縫干涉實(shí)驗(yàn)裝置置于某種透明液體中，為保證條紋間距不變，應(yīng)選用雙縫間距_______（選填“更大”、“更小”或“不變”）的雙縫片。【答案】（1）BD（2）更小【解析】【小問(wèn)1詳解】A．拔桿的作用是為了調(diào)節(jié)單縫與雙縫平行，使屏上呈現(xiàn)清晰的干涉條紋，故A錯(cuò)誤；B．把紅色濾光片換成綠色濾光片，光的波長(zhǎng)變小，由，條紋間距變小，故B正確；C．為了更準(zhǔn)確地讀取手輪上的讀數(shù)，需要調(diào)節(jié)測(cè)量頭中分劃板中心線必須與條紋的中央對(duì)齊，故C錯(cuò)誤；D．測(cè)量條紋間距時(shí)，測(cè)量頭中分劃板中心線必須與條紋的中央對(duì)齊，才能準(zhǔn)確地讀取手輪上的讀數(shù)，故D正確。故選BD?！拘?wèn)2詳解】若把雙縫干涉實(shí)驗(yàn)裝置置于某種透明液體中，因波速變小，可得介質(zhì)中光的波長(zhǎng)為則光的波長(zhǎng)變小，而要保證條紋間距不變，則需變小，即應(yīng)選用雙縫間距更小的雙縫片。19.如圖所示為水銀氣壓計(jì)的原理簡(jiǎn)圖。氣壓計(jì)中混入的氣泡上升到水銀柱的上方，使水銀柱上方不再是真空。當(dāng)實(shí)際大氣壓為時(shí)，這個(gè)水銀氣壓計(jì)的示數(shù)只有，此時(shí)管中的水銀面到管頂?shù)木嚯x為，環(huán)境溫度為。不考慮細(xì)玻璃管中水銀柱的升降對(duì)水銀槽中液面的影響。（1）若升高環(huán)境溫度，大氣壓保持不變，長(zhǎng)時(shí)間后氣體增加的內(nèi)能_______（選填“大于”、“小于”或“等于”）氣體吸收的熱量；（2）若環(huán)境溫度保持不變，氣壓計(jì)的示數(shù)減小了，求大氣壓改變了多少？（3）若環(huán)境溫度升高了，氣壓計(jì)的示數(shù)未變，求大氣壓改變了多少？【答案】（1）小于（2）減小了（3）增加了【解析】【小問(wèn)1詳解】溫度升高，氣體壓強(qiáng)增大，體積增大，氣體對(duì)外做功，即，由知，，氣體增加的內(nèi)能小于氣體吸收的熱量?！拘?wèn)2詳解】氣體做等溫變化，設(shè)細(xì)玻璃管截面積為，初態(tài)末態(tài)由玻意耳定律可得代入數(shù)據(jù)解得大氣壓為，氣壓減小了?！拘?wèn)3詳解】若環(huán)境溫度升高了，氣壓計(jì)的示數(shù)未變，說(shuō)明氣體的體積不變，氣體初狀態(tài)溫度是初態(tài)壓強(qiáng)是溫度升高后氣體壓強(qiáng)是，溫度是由查理定律可得可得代入數(shù)據(jù)解得可得水銀柱上方氣體壓強(qiáng)和大氣壓增加了。20.如圖所示一游戲裝置，由四分之一圓弧軌道，水平軌道，以順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)的的傾斜傳送帶，水平平臺(tái)組成，各部分之間平滑連接。一木板Q靜置于水平面上，其上表面與平臺(tái)等高并緊靠平臺(tái)。一可視為質(zhì)點(diǎn)的木塊P從距為h的上某處由靜止開始下滑，已知P的質(zhì)量m和Q的質(zhì)量M均為，軌道的半徑，木板Q的長(zhǎng)度，傳送帶的長(zhǎng)度與傳送帶及Q間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為，其余各處摩擦均不計(jì)，，則（1）若，求木塊P運(yùn)動(dòng)到圓弧軌道最低點(diǎn)B時(shí)，受到的支持力大??；（2）若木塊P能滑上平臺(tái)，求h的最小值；（3）若木塊和木板相互作用時(shí)產(chǎn)生的摩擦內(nèi)能為E，求h與E之間滿足的關(guān)系?！敬鸢浮浚?）（2）（3）見解析【解析】【小問(wèn)1詳解】由機(jī)械能守恒定律可得根據(jù)牛頓第二定律可知解得【小問(wèn)2詳解】木塊P在傳送帶上，先以向上勻減速，再以向上勻減速，到平臺(tái)時(shí)速度恰好零對(duì)應(yīng)，對(duì)物體受力分析，結(jié)合牛頓第二定律可得由勻變速直線運(yùn)動(dòng)得規(guī)律可得【小問(wèn)3詳解】設(shè)木塊剛滑上木板的速度為時(shí)，恰好能在木板最右端與木板相對(duì)靜止，則有解得對(duì)應(yīng)下落高度①當(dāng)時(shí)②當(dāng)時(shí)21.某探究小組設(shè)計(jì)了兩種電磁驅(qū)動(dòng)裝置。圖1利用直流電源給線框供電，接通電源后正方形導(dǎo)線框在磁極間的輻向磁場(chǎng)中，從靜止開始繞中心軸線發(fā)生轉(zhuǎn)動(dòng)。圖2為三個(gè)線圈連接到三相電源上，電流形成的磁場(chǎng)可等效為角速度的旋轉(zhuǎn)輻向磁場(chǎng)，穩(wěn)定后解鎖正方形導(dǎo)線框，導(dǎo)線框由靜止開始轉(zhuǎn)動(dòng)。圖3為不同視角的上述兩種驅(qū)動(dòng)裝置的截面圖，分別為圖1的正視圖和圖2的俯視圖。已知導(dǎo)線框的邊長(zhǎng)為l，電阻為兩邊的質(zhì)量均為m，所處位置的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為B，磁場(chǎng)方向始終與轉(zhuǎn)動(dòng)方向垂直，轉(zhuǎn)動(dòng)中兩邊受到的阻力均為（k為比例系數(shù)，v為線速度），其余兩邊質(zhì)量和所受阻力不計(jì)。電源的電動(dòng)勢(shì)為E，內(nèi)阻不計(jì)，（1）在兩種驅(qū)動(dòng)裝置中，若圖1、2導(dǎo)線框的轉(zhuǎn)動(dòng)方向一致