浙江省七彩陽光新高考聯(lián)盟2024-2025學年高三上學期開學考試物理試題

2024學年第一學期浙江省七彩陽光新高考研究聯(lián)盟返校聯(lián)考高三物理試題考生須知：1.本試題卷共8頁，滿分100分，考試時間90分鐘。2.答題前，在答題卷指定區(qū)域填寫班級、姓名、考場號、座位號及準考證號。3.所有答案必須寫在答題卷上，寫在試卷上無效。4.考試結束后，只需上交答題卷。選擇題部分一、選擇題Ⅰ（本題共13小題，每小題3分，共39分。每小題列出的四個備選項中只有一個是符合題目要求的，不選、多選、錯選均不得分）1.下列物理量與單位符號對應的是（）A.電量 B.功率J C.半衰期 D.電場強度【答案】D【解析】【詳解】A．電子伏是能量單位，電量單位是庫C，A不符合題意；B．焦耳是功的單位，功率的單位是瓦W，B不符合題意；C．米每秒是速度單位，半衰期單位是時間天、年，C不符合題意；D．伏每米是電場強度單位，D符合題意。故選D。2.下列說法正確的是（）A.汽車上的速度計顯示了平均速度的大小B.在雪豹捕獵過程中，以獵物為參考系，獵物是運動的C.在研究運動員完成馬拉松比賽的時間時，運動員可看成質點D.高空墜物會對地面上的人造成很大傷害，是由于下落位置越高物體慣性越大【答案】C【解析】【詳解】A．速度計上顯示得是瞬時速率，故A錯誤；B．參考系是假定為不動的物體，所以以獵物為參考系，獵物是靜止的，故B錯誤；C．在馬拉松比賽中，運動員的大小和形狀可以忽略不計，故C正確；D．質量是物體慣性大小的唯一標準，與高度無關，故D錯誤。故選C。3.2024年6月2日6點23分“嫦娥六號”成功著陸在月球背面南極艾特肯盆地預選著陸區(qū)。月球上沒有大氣，“嫦娥六號”只能通過發(fā)動機的反推力來實現(xiàn)減速，圖示時刻為其豎直下降過程中的某一狀態(tài)。下列說法正確的是（）A.“嫦娥六號”正處于平衡狀態(tài)B.“嫦娥六號”做自由落體運動C.反推力是內(nèi)力，對“嫦娥六號”的加速度沒有作用D.反推力的方向豎直向上，大小比重力大【答案】D【解析】【詳解】A．“嫦娥六號”豎直下降著陸應做減速運動，故A錯誤；B．“嫦娥六號”通過發(fā)動機的反推力來實現(xiàn)減速，則不是自由落體運動，故B錯誤；C．反推力是噴出氣體對“嫦娥六號”的作用力，是外力，故C錯誤；D．因加速度向上，反推力的方向豎直向上，實現(xiàn)減速則加速度向上，則反推力大小比重力大，故D正確。故選D。4.某電場等勢面的分布情況如圖所示，下列說法正確的是（）A.A、B兩點的電場強度大小相同，方向不同B.同一電荷在Q點的電勢能比在P點大C.同一電荷沿折線移動與沿折線移動，靜電力做功一樣大D.把電子從等勢面e移動到等勢面c，靜電力做功為【答案】C【解析】【詳解】A．電場線的疏密程度代表場強大小，A、B兩點的電場強度大小與方向均不同，A錯誤；B．電勢能大小與電荷的電性有關，B錯誤；C．靜電力做功與路徑無關，C正確；D．把電子從等勢面e移動到等勢面c,靜電力做功為D錯誤。故選B。5.月球富含的氫3是理想的核聚變材料，對于解決能源危機有重要作用。其中一種聚變反應的方程式為，其中是釋放的核能，光速為c。下列說法正確的是（）A.原子核外電子從高能級向低能級躍遷時釋放核能B.核反應中的質量虧損了C.該核反應是α衰變D.核反應中質量數(shù)守恒，但動量不守恒【答案】B【解析】【詳解】A．核能是原子核內(nèi)的躍遷而釋放的能量，A錯誤；B．由質能方程可得解得B正確；C．該核反應屬于核聚變，不是α衰變，C錯誤；D．核反應中質量數(shù)守恒，動量守恒均守恒，D錯誤。故選B。6.距水平地面處的A點，一質量m的小球以初速度大小v被豎直拋下，落到水平地面上被彈回，回跳到處的B點時速度為零。若小球與地面碰撞時機械能損失20%，不計空氣阻力，則從A到B過程中（）A.重力做功為 B.合外力對小球做功為C.初速度大小滿足 D.地面對小球做的功為【答案】D【解析】【詳解】A．重力做功為故A錯誤；B．小球由A到B運動過程中，根據(jù)動能定理合外力對小球做功故B錯誤；D．設地面對小球做功為，小球由A到B運動過程中，根據(jù)動能定理解得故D正確；C．小球與地面碰撞后的機械能為解得故C錯誤。故選D。7.如圖為理想的可調式自耦變壓器，鐵芯上只有一組線圈，將其兩端接在間作為原線圈，副線圈是線圈的一部分接有定值電阻和滑動變阻器分別為原副線圈兩端電壓，其大小均可調節(jié)，分別為原副線圈中的電流，則（）A.保持不變，當滑動觸頭P順時針轉動一小角度，變小B.保持不變，當滑動觸頭向下移動時，變小C.保持不變，當滑動觸頭P順時針轉動一小角度，變大D.保持不變，當滑動觸頭向下移動時，變小【答案】A【解析】【詳解】A．保持不變，當滑動觸頭P順時針轉動一小角度，變小，由電壓與匝數(shù)關系可知變小，故A正確；B．當滑動觸頭向下移動時，因匝數(shù)比未變，不變，故B錯誤；C．保持不變，I2不變，P順時針轉動一小角度，變小，由電流與匝數(shù)關系可知變小，故C錯誤；D．當滑動觸頭向下移動，根據(jù)閉合電路的歐姆定律可知變大，根據(jù)變流比可知也變大，故D錯誤。故選A。8.“嫦娥六號”探測器經(jīng)過地月轉移、近月制動階段后，進入高度約200千米的圓形環(huán)月軌道Ⅰ。此后經(jīng)2次降軌，進入近月點15千米、遠月點200千米的橢圓軌道Ⅱ上運動。P點為軌道Ⅰ、Ⅱ的交點，如圖所示，此時軌返組合體（軌道器和返回器組合體）在圓形環(huán)月軌道Ⅰ上運動。則“嫦娥六號”（）A.在軌道Ⅰ、Ⅱ經(jīng)過P點時加速度相同 B.在軌道Ⅰ的機械能與軌道Ⅱ相同C.與軌返組合體的運動周期相同 D.經(jīng)過P點時的速度比軌返組合體的速度大【答案】A【解析】【詳解】A．根據(jù)牛頓第二定律可得故“嫦娥六號”在軌道Ⅰ、Ⅱ經(jīng)過P點時加速度相同，故A正確；B．“嫦娥六號”需軌道Ⅱ上的P點減速，做近心運動，從而進入軌道Ⅰ，機械能減小，故B錯誤；C．根據(jù)開普勒第三定律軌道Ⅰ的半徑比軌道Ⅱ的半長軸大，故“嫦娥六號”的運動周期小于軌返組合體的運動周期，故C錯誤；D．“嫦娥六號”需軌道Ⅰ上的P點減速，做近心運動，從而進入軌道Ⅱ，故經(jīng)過P點時的速度比軌返組合體的速度小，故D錯誤。故選A。9.一質量為m，電荷量為q的帶負電的小球，以初速度從勻強電場中的A點水平拋出后經(jīng)過某一定點B，如圖所示，電場強度大小為，方向豎直向下。下列說法正確的是（）A.可以計算經(jīng)過B點的時間B.可以計算經(jīng)過B點時的豎直方向的速度C.初速度為，要使小球仍能經(jīng)過B點，電場強度大小為D.只要能夠經(jīng)過B點，過B點時的速度偏向角為一定值，與初速度大小無關【答案】D【解析】【詳解】AB．小球所受合力加速度A、B間的水平或豎直距離未知，無法計算經(jīng)過B點的時間和豎直速度，故AB錯誤；C．小球經(jīng)過B點，豎直方向位移解得故C錯誤；D．由AB兩點位置確定，偏向角大小就確定，故D正確。故選D。10.鼠標滾輪是鼠標上位于左鍵與右鍵之間的部件。某一鼠標滾輪上使用了霍爾效應傳感器，傳感器上有一塊非常小的金屬板，如圖所示，P、Q端與電壓表相連，左右端與電源相連。當環(huán)形磁鐵旋轉時，電壓表就會有讀數(shù)，圖示時刻磁鐵的N、S極分別在豎直面的下、上兩端。則（）A.圖示時刻左端積累了負電荷B.圖示時刻P端積累了負電荷C.圖示時刻金屬板中電子恰好不受磁場力的作用D.磁鐵的旋轉不會對金屬板中電子運動產(chǎn)生影響【答案】B【解析】【詳解】ABC．圖示時刻電流方向向右，則金屬板所在位置磁場方向向上，由于電子向左運動，根據(jù)左手定則可知，電子受到的洛侖茲力指向P端，即電子積累在P端，故AC錯誤，B正確；D．磁鐵旋轉過程中，金屬板所在位置垂直于金屬板方向的磁感應強度發(fā)生變化，可知，磁鐵的旋轉會對金屬板中電子運動產(chǎn)生影響，故D錯誤。故選B。11.如圖1所示，在均勻介質中兩波源M、N分別位于處，質點P位于坐標原點，時刻，兩波源同時振動。圖2為質點P的振動圖像。則（）A.M、N的起振方向相反 B.波的傳播速度為C.較長時間后，間有7個振動減弱點 D.內(nèi)質點P經(jīng)過的路程為【答案】D【解析】【詳解】B．由P點的振動圖像知，時，M的振動傳到P點，則波的傳播速度為故B錯誤；A．N的振動傳到P點所用時間為由P點的振動圖像知，M的振動周期為，所以在時，兩波在P點疊加，且振動加強，所以兩波源的起振方向相同，故A錯誤；C．兩列波的波長為由于兩波源的起振方向相同，所以振動減弱點的波程差滿足（為整數(shù)）所以間有8個減弱點，分別為故C錯誤；D．在內(nèi)質點P經(jīng)過的路程為在內(nèi)質點P經(jīng)過的路程為則內(nèi)質點P經(jīng)過的路程為故D正確。故選D。12.圖1為光電效應實驗裝置圖，c處于滑動變阻器的中點位置，開始時滑片P也處于中點位置。用不同頻率的光束照射金屬材料甲、乙，調節(jié)滑片P的位置，得到遏止電壓隨頻率變化的圖線，如圖2所示。下列說法正確的是（）A.要能得到的讀數(shù)，滑片P應向b端滑動B.甲、乙對應的圖線不一定平行C.在發(fā)生光電效應的情況下，用相同頻率的光束照射金屬材料，照射金屬乙時滑片P滑動的長度小D.在發(fā)生光電效應的情況下，用相同頻率的光束照射金屬材料，照射金屬甲時逸出的光電子初動能大【答案】C【解析】【詳解】A．要能得到的讀數(shù)，需要將滑片P向a端滑動時，電源提供反向電壓，故A錯誤；B．根據(jù)，可得可知兩圖線的斜率相同，甲、乙對應的圖線一定平行，故B錯誤；C．由結合圖2可知，乙的逸出功更大；在發(fā)生光電效應的情況下，用相同頻率的光束照射金屬材料，照射金屬乙時光電子的最大初動能更小，對應的遏止電壓更小，時滑片P滑動的長度更小，故C正確；D．由于甲的逸出功更小，所以在發(fā)生光電效應的情況下，用相同頻率的光束照射金屬材料，照射金屬甲時逸出的光電子的最大初動能大，但初動能不一定大，故D錯誤。故選C。13.半圓柱形玻璃磚的底面鍍有一層反射膜，為玻璃磚的半圓形橫截面，M為最高點，O為圓心，半徑為R。一束寬為R的平行光的下邊恰好沿著底邊，如圖所示。其中從A點射入的光線經(jīng)玻璃折射后從B點射出，已知A、B兩點距離分別為和。，不考慮圓弧面上的反射光線，下列說法正確的是（）A.玻璃的折射率為B.有部分光線在圓弧區(qū)域發(fā)生全反射C.只有圓弧的部分區(qū)域有光線射出D.射向圓弧區(qū)域的光線有一部分來源于處反射的光線【答案】C【解析】【詳解】A．由題意可得，從A點射入的光線經(jīng)玻璃折射后從B點射出，其光路圖如圖所示，由幾何知識可知入射角，折射角，則有折射率A錯誤；B．光線在玻璃磚中傳播時，光線與半徑構成等腰三角形，由光路可逆性可知，不可能發(fā)生全反射，B錯誤；D．假設有光線會射向，如圖解所示，則有不存在，D錯誤；C．最上邊和下邊的光線恰好射向Q點，其余光線因為區(qū)域的出射點總比區(qū)域的入射點位置低，只有部分區(qū)域有光線射出，C正確。故選C。二、選擇題Ⅱ（本題共2小題，每小題3分，共6分，每小題列出的四個備選項中至少有一個是符合題目要求的。全部選對的得3分，選對但不選全的得2分，有選錯的得0分）14.下列說法正確的是（）A.一列水波在深度不同的水域傳播時，在交界面處將發(fā)生折射現(xiàn)象B.在產(chǎn)生正弦式交流電的過程中，當線圈經(jīng)過中性面時，線圈中的電流為零C.壓縮氣體時，壓縮的體積越小，外界需要的力越大，說明分子間存在斥力D.核反應堆中用鎘棒作為慢化劑，快中子跟慢化劑中的原子核碰撞后變?yōu)槁凶??！敬鸢浮緼B【解析】【詳解】A．一列水波在深度不同的水域傳播時，由于傳播速度發(fā)生變化，則在交界面處將發(fā)生折射，故A正確；B．當線圈經(jīng)過中性面時，穿過線圈的磁通量達到最大，但磁通量的變化率為零，感應電動勢的瞬時值為零，即線圈中的電流為零，故B正確；C．壓縮氣體時，壓縮的體積越小，氣體壓強越大，外界需要的力越大，氣體分子之間的平均距離較大，分子之間的引力與斥力可以忽略，故C錯誤；D．鎘棒的作用是調節(jié)中子的數(shù)目，從而控制反應速度，故D錯誤。故選AB。15.一水平足夠長的平行軌道如圖所示，以為界左邊磁場的磁感應強度大小為，方向垂直紙面向外，右邊磁場的磁感應強度大小為，方向垂直紙面向里。導體棒甲、乙的質量均為m，電阻相同，開始時均處于靜止狀態(tài)?，F(xiàn)給甲一水平向右的初速度，若軌道光滑且電阻不計，甲、乙始終在各自磁場中運動，下列說法中正確的是（）A乙將向右運動 B.甲、乙運動過程中動量不守恒C.穩(wěn)定后，甲的速度為 D.當乙的速度為，乙棒產(chǎn)生的焦耳熱為【答案】BC【解析】【詳解】A．甲運動后根據(jù)右手定則可知，通過乙電流為向上，根據(jù)左手定則可知乙受到安培力向左，所以乙將向左運動，故A錯誤；B．甲、乙運動過程中受到安培力大小不等，方向相同，所以甲、乙組成的系統(tǒng)在運動過程中合力不為零，動量不守恒，故B正確；C．從開始運動到穩(wěn)定過程中，對甲根據(jù)動量定理對乙根據(jù)動量定理穩(wěn)定后，有回路中沒有電流，甲、乙產(chǎn)生的電動勢抵消得故C正確；D．根據(jù)動量定理得由能量守恒乙棒產(chǎn)生的焦耳熱D錯誤。故選BC。非選擇題部分三、非選擇題（本題共5小題，共55分）16.在“探究兩個互成角度的力的合成規(guī)律”實驗中，（1）實驗中我們采用的研究方法是_______A.等效替代法 B.控制變量法 C.補償法（2）某次測量如圖所示，不合理的操作是_______（多選）A.兩細繩間的夾角太大B.一細繩的長度太短C.兩只彈簧測力計的讀數(shù)不相等D.一只彈簧測力計中的彈簧伸長方向與細繩方向不一致（3）若有三只相同的彈簧測力計，完成一次該實驗，至少需要_______（選填“1”、“2”或“3”）次把橡皮筋結點拉到O?！敬鸢浮浚?）A（2）BD（3）1【解析】【小問1詳解】在“探究兩個互成角度的力的合成規(guī)律”實驗中，就是由一個力的作用效果與兩個互成角度的力的共同作用效果相同，則有這個力代替兩個互成角度的力，采用的研究方法是等效替代法。故選A?！拘?詳解】A．兩細繩間的夾角太大，對實驗結果不會產(chǎn)生影響，A正確，不符合題意；B．一細繩的長度太短，在確定該拉力方向時容易產(chǎn)生誤差，B錯誤，符合題意；C．兩只彈簧測力計的讀數(shù)不一定相等，可以不相等，C正確，不符合題意；D．一只彈簧測力計中的彈簧伸長方向與細繩方向不一致，會導致該方向的拉力產(chǎn)生誤差，使合力產(chǎn)生誤差，D錯誤，符合題意。故選BD?！拘?詳解】若有三只相同的彈簧測力計，完成一次該實驗，則三只相同的彈簧測力計同時拉，即兩個代表兩分力，第三個代表合力，因此至少需要1次把橡皮筋結點拉到O。17.在“電池電動勢和內(nèi)阻的測量”實驗中，（1）某同學嘗試用多用電表的不同擋位粗測，其中合理的是_______A.用電壓擋測量電動勢 B.用歐姆擋測量內(nèi)阻（2）進一步測量，實物接線如圖1所示，其中_______（選填“a”、“b”、“c”或“d”）兩條接線是錯誤的；（3）正確連線后進行測量，如圖2所示，某次電流表的讀數(shù)為_______A（4）圖3為實驗數(shù)據(jù)在坐標紙上描出的數(shù)據(jù)點，則一節(jié)電池的內(nèi)阻為_______（保留兩位有效數(shù)字）【答案】（1）A（2）bd（3）0.23##0.24（4）19##2.0##2.1【解析】【小問1詳解】在“測定干電池電動勢和內(nèi)阻”實驗，多用電表歐姆擋內(nèi)部有電源，只能測與外電源斷開部分電阻的阻值，故不能直接用多用電表歐姆擋測電源內(nèi)阻。故某同學嘗試用多用電表的不同擋位粗測，其中合理的是用電壓擋測量電動勢。故選A?！拘?詳解】電池電動勢約為，為減小實驗誤差，電壓表應選擇的量程，故b接線是錯誤的；導線不能與滑動變阻器的滑頭相連，應與兩側接線柱連接，故d接線是錯誤的?！拘?詳解】電流表的讀數(shù)為【小問4詳解】根據(jù)題意作出兩節(jié)干電池的圖線根據(jù)閉合電路的歐姆定律整理得圖像斜率為解得18.在“用雙縫干涉測量光的波長”實驗中，（1）下列說法正確的是_______（多選）A.通過轉動遮光筒可以使單縫與雙縫平行B.為了減小條紋間距，可以把紅色濾光片換成綠色濾光片C.為了更準確地讀取手輪上的讀數(shù)，需要拔動拔桿進行調節(jié)D.測量條紋間距時，測量頭中分劃板中心線必須與條紋的中央對齊（2）若把雙縫干涉實驗裝置置于某種透明液體中，為保證條紋間距不變，應選用雙縫間距_______（選填“更大”、“更小”或“不變”）的雙縫片。【答案】（1）BD（2）更小【解析】【小問1詳解】A．拔桿的作用是為了調節(jié)單縫與雙縫平行，使屏上呈現(xiàn)清晰的干涉條紋，故A錯誤；B．把紅色濾光片換成綠色濾光片，光的波長變小，由，條紋間距變小，故B正確；C．為了更準確地讀取手輪上的讀數(shù)，需要調節(jié)測量頭中分劃板中心線必須與條紋的中央對齊，故C錯誤；D．測量條紋間距時，測量頭中分劃板中心線必須與條紋的中央對齊，才能準確地讀取手輪上的讀數(shù)，故D正確。故選BD?！拘?詳解】若把雙縫干涉實驗裝置置于某種透明液體中，因波速變小，可得介質中光的波長為則光的波長變小，而要保證條紋間距不變，則需變小，即應選用雙縫間距更小的雙縫片。19.如圖所示為水銀氣壓計的原理簡圖。氣壓計中混入的氣泡上升到水銀柱的上方，使水銀柱上方不再是真空。當實際大氣壓為時，這個水銀氣壓計的示數(shù)只有，此時管中的水銀面到管頂?shù)木嚯x為，環(huán)境溫度為。不考慮細玻璃管中水銀柱的升降對水銀槽中液面的影響。（1）若升高環(huán)境溫度，大氣壓保持不變，長時間后氣體增加的內(nèi)能_______（選填“大于”、“小于”或“等于”）氣體吸收的熱量；（2）若環(huán)境溫度保持不變，氣壓計的示數(shù)減小了，求大氣壓改變了多少？（3）若環(huán)境溫度升高了，氣壓計的示數(shù)未變，求大氣壓改變了多少？【答案】（1）小于（2）減小了（3）增加了【解析】【小問1詳解】溫度升高，氣體壓強增大，體積增大，氣體對外做功，即，由知，，氣體增加的內(nèi)能小于氣體吸收的熱量?！拘?詳解】氣體做等溫變化，設細玻璃管截面積為，初態(tài)末態(tài)由玻意耳定律可得代入數(shù)據(jù)解得大氣壓為，氣壓減小了?！拘?詳解】若環(huán)境溫度升高了，氣壓計的示數(shù)未變，說明氣體的體積不變，氣體初狀態(tài)溫度是初態(tài)壓強是溫度升高后氣體壓強是，溫度是由查理定律可得可得代入數(shù)據(jù)解得可得水銀柱上方氣體壓強和大氣壓增加了。20.如圖所示一游戲裝置，由四分之一圓弧軌道，水平軌道，以順時針轉動的的傾斜傳送帶，水平平臺組成，各部分之間平滑連接。一木板Q靜置于水平面上，其上表面與平臺等高并緊靠平臺。一可視為質點的木塊P從距為h的上某處由靜止開始下滑，已知P的質量m和Q的質量M均為，軌道的半徑，木板Q的長度，傳送帶的長度與傳送帶及Q間的動摩擦因數(shù)均為，其余各處摩擦均不計，，則（1）若，求木塊P運動到圓弧軌道最低點B時，受到的支持力大?。唬?）若木塊P能滑上平臺，求h的最小值；（3）若木塊和木板相互作用時產(chǎn)生的摩擦內(nèi)能為E，求h與E之間滿足的關系。【答案】（1）（2）（3）見解析【解析】【小問1詳解】由機械能守恒定律可得根據(jù)牛頓第二定律可知解得【小問2詳解】木塊P在傳送帶上，先以向上勻減速，再以向上勻減速，到平臺時速度恰好零對應，對物體受力分析，結合牛頓第二定律可得由勻變速直線運動得規(guī)律可得【小問3詳解】設木塊剛滑上木板的速度為時，恰好能在木板最右端與木板相對靜止，則有解得對應下落高度①當時②當時21.某探究小組設計了兩種電磁驅動裝置。圖1利用直流電源給線框供電，接通電源后正方形導線框在磁極間的輻向磁場中，從靜止開始繞中心軸線發(fā)生轉動。圖2為三個線圈連接到三相電源上，電流形成的磁場可等效為角速度的旋轉輻向磁場，穩(wěn)定后解鎖正方形導線框，導線框由靜止開始轉動。圖3為不同視角的上述兩種驅動裝置的截面圖，分別為圖1的正視圖和圖2的俯視圖。已知導線框的邊長為l，電阻為兩邊的質量均為m，所處位置的磁感應強度大小均為B，磁場方向始終與轉動方向垂直，轉動中兩邊受到的阻力均為（k為比例系數(shù)，v為線速度），其余兩邊質量和所受阻力不計。電源的電動勢為E，內(nèi)阻不計，（1）在兩種驅動裝置中，若圖1、2導線框的轉動方向一致