北京市海淀區(qū)高三下學(xué)期三模物理試題

2024北京海淀高三三模物理本試卷分第一部分和第二部分。滿分100分，考試時(shí)間90分鐘。第一部分本部分共14小題，每小題3分，共42分。在每小題列出的四個(gè)選項(xiàng)中，選出最符合題目要求的一項(xiàng)。1.科學(xué)家發(fā)現(xiàn)由于太陽(yáng)內(nèi)部的核反應(yīng)而使其質(zhì)量在不斷減小。在若干年后，地球繞太陽(yáng)的運(yùn)動(dòng)仍可視為勻速圓周運(yùn)動(dòng)。描述地球繞太陽(yáng)運(yùn)動(dòng)的物理量與現(xiàn)在相比，下列說法正確的是（）A.半徑變小 B.周期變大 C.速率變大 D.角速度變大【答案】B【解析】【詳解】A．若太陽(yáng)質(zhì)量減小，則太陽(yáng)對(duì)地球的引力減小，則引力不足以提供地球做圓周運(yùn)動(dòng)的向心力，則地球?qū)⒆鲭x心運(yùn)動(dòng)，軌道半徑變大，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；BCD．根據(jù)可得由于M減小，r變大，則周期T變大，速率變小，角速度變小，選項(xiàng)B正確，CD錯(cuò)誤故選B。2.一位質(zhì)量為60kg的滑雪運(yùn)動(dòng)員從高為10m的斜坡頂端由靜止滑至坡底。如果運(yùn)動(dòng)員在下滑過程中受到的阻力為60N，斜坡的傾角為30°，重力加速度g取10m/s2，下列說法正確的是（）A.運(yùn)動(dòng)員的加速度的大小為4m/s2B.運(yùn)動(dòng)員所受重力做的功為600JC.運(yùn)動(dòng)員受到的支持力的大小為300ND.運(yùn)動(dòng)員滑至坡底時(shí)動(dòng)量大小為240kg·m/s【答案】A【解析】【詳解】A．由牛頓第二定律可得解得故A正確；B．運(yùn)動(dòng)員所受重力做的功為故B錯(cuò)誤；C．運(yùn)動(dòng)員受到的支持力的大小為故C錯(cuò)誤；D．運(yùn)動(dòng)員滑至坡底時(shí)速度大小為所以動(dòng)量大小為故D錯(cuò)誤。故選A。3.如圖所示是光線由空氣射入半圓形玻璃磚，再由玻璃磚射入空氣中的光路圖。O點(diǎn)是半圓形玻璃磚的圓心，不可能發(fā)生的是（）A. B.C. D.【答案】B【解析】【詳解】AB．光線從空氣進(jìn)入玻璃磚，在圓心處發(fā)生折射，入射角大于折射角，從玻璃磚進(jìn)入空氣時(shí)，入射光線沿半徑方向與界面垂直，傳播方向不變。故A正確，與題意不符；B錯(cuò)誤，與題意相符；C．光線在圓心O從空氣垂直進(jìn)入玻璃磚，傳播方向不變，在玻璃磚中沿半徑方向射向空氣，傳播方向也不變。故C正確，與題意不符；D．光線從空氣沿半徑方向進(jìn)入玻璃磚，傳播方向不變，在圓心O處進(jìn)入空氣，折射角大于入射角。故D正確，與題意不符。本題選錯(cuò)誤的故選B。4.一列沿x軸正方向傳播的簡(jiǎn)諧橫波，某時(shí)刻的波形如圖甲所示，K、L、M、N為波上的四個(gè)質(zhì)點(diǎn)，由該時(shí)刻開始計(jì)時(shí)，某質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)情況如圖乙所示，下列說法正確的是（）A.K、L、M、N四個(gè)質(zhì)點(diǎn)沿x軸正方向運(yùn)動(dòng)B.質(zhì)點(diǎn)K和N的運(yùn)動(dòng)方向始終相反C.質(zhì)點(diǎn)N該時(shí)刻向y軸正方向運(yùn)動(dòng)D.圖乙表示質(zhì)點(diǎn)L的振動(dòng)圖像【答案】D【解析】【詳解】A．質(zhì)點(diǎn)不能隨波遷移，故不會(huì)沿x軸運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；B．距離相差半波長(zhǎng)奇數(shù)倍的質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動(dòng)方向始終相反，故質(zhì)點(diǎn)K和N的運(yùn)動(dòng)方向不是始終相反，故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)同側(cè)法可知，質(zhì)點(diǎn)N該時(shí)刻向y軸負(fù)方向運(yùn)動(dòng)，故C錯(cuò)誤；D．根據(jù)同側(cè)法可知，該時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)L向y軸正方向運(yùn)動(dòng)，所以圖乙表示質(zhì)點(diǎn)L的振動(dòng)圖像，故D正確。故選D。5.如圖所示，一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)a開始，先經(jīng)等壓變化到達(dá)狀態(tài)b，再經(jīng)等容變化到達(dá)狀態(tài)c。下列判斷正確的是（）A.從a到b，氣體溫度不變 B.從a到b，氣體從外界吸熱C.從b到c，氣體內(nèi)能不變 D.從b到c，氣體對(duì)外界做功【答案】B【解析】【詳解】A．從a到b，氣體壓強(qiáng)不變，體積增大，溫度升高，故A錯(cuò)誤；B．從a到b，氣體體積增大，氣體對(duì)外做功，溫度升高，內(nèi)能增加，根據(jù)熱力學(xué)第一定律可得，氣體從外界吸熱，故B正確；C．從b到c，氣體體積不變，壓強(qiáng)減小，溫度降低，氣體內(nèi)能減小，故C錯(cuò)誤；D．從b到c，氣體體積不變，則氣體不對(duì)外界做功，故D錯(cuò)誤。故選B。6.如圖是采用動(dòng)力學(xué)方法測(cè)量空間站質(zhì)量的原理圖。已知飛船的質(zhì)量為m，其推進(jìn)器工作時(shí)飛船受到的平均推力為F。在飛船與空間站對(duì)接后，推進(jìn)器工作時(shí)間為，測(cè)出飛船和空間站的速度變化為。下列說法正確的是（）A.空間站的質(zhì)量為 B.空間站的質(zhì)量為C.飛船對(duì)空間站的作用力大小為F D.飛船對(duì)空間站的作用力大小一定為【答案】B【解析】【詳解】AB．由題知，在飛船與空間站對(duì)接后，推進(jìn)器工作?t時(shí)間內(nèi)，飛船和空間站速度變化為?v，則飛船與空間站的加速度，聯(lián)立解得故A錯(cuò)誤，B正確；CD．設(shè)飛船與空間站間的作用力大小為，對(duì)飛船由牛頓第二定律有解得故CD錯(cuò)誤。故選B。7.如圖所示，勁度系數(shù)為k的輕彈簧上端固定在天花板上，下端連接一質(zhì)量為m，可視為質(zhì)點(diǎn)的小球。重力加速度大小為g。將小球托起至O點(diǎn)，彈簧恰好處于原長(zhǎng)，松手后小球在豎直方向做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，最遠(yuǎn)能夠到達(dá)B點(diǎn)，A點(diǎn)為OB的中點(diǎn)。下列說法正確的是（）A.O點(diǎn)到B點(diǎn)彈力的沖量大小等于重力沖量的大小B.O點(diǎn)到B點(diǎn)彈簧先做正功，后做負(fù)功C.O點(diǎn)到A點(diǎn)彈力做功與A點(diǎn)到B點(diǎn)彈力做功一樣多D.小球經(jīng)過A點(diǎn)時(shí)的加速度大小為g【答案】A【解析】【詳解】A．小球從O到B根據(jù)動(dòng)量定理有IG－I彈=0則O點(diǎn)到B點(diǎn)彈力的沖量大小等于重力沖量的大小，故A正確；B．O點(diǎn)到B點(diǎn)彈簧一直被拉伸，彈簧一直做負(fù)功，故B錯(cuò)誤；C．O點(diǎn)到A點(diǎn)的彈力要比A點(diǎn)到B點(diǎn)的彈力小，則O點(diǎn)到A點(diǎn)彈力做的功小于A點(diǎn)到B點(diǎn)彈力做的功，故C錯(cuò)誤；D．A點(diǎn)為OB的中點(diǎn)，即小球做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的平衡位置，則小球經(jīng)過A點(diǎn)時(shí)的加速度大小為0，故D錯(cuò)誤。故選A。8.圖為氫原子的能級(jí)圖。大量處于的激發(fā)態(tài)的氫原子，下列說法正確的是（）A.原子向低能級(jí)躍遷只能放出2種不同頻率的光子B.原子躍遷到低能級(jí)后電子動(dòng)能變大C.原子至少需要吸收13.6eV的能量才能發(fā)生電離D.從的激發(fā)態(tài)躍遷到的激發(fā)態(tài)放出的光子頻率最高【答案】B【解析】【詳解】A．大量氫原子處于的激發(fā)態(tài)上，向低能級(jí)躍遷發(fā)出種不同頻率的光子，A錯(cuò)誤；B．根據(jù)庫(kù)侖引力提供向心力，則有當(dāng)原子躍遷到低能級(jí)后電子的軌跡半徑減小，則電子速度變大，則動(dòng)能變大，B正確；C．根據(jù)能級(jí)圖可知?dú)湓犹幱谀芗?jí)的能量為，故要使其電離至少需要吸收1.51eV的能量，C錯(cuò)誤；D．由圖可知從的激發(fā)態(tài)躍遷到的基態(tài)放出的光子的能量最大，根據(jù)可知從的激發(fā)態(tài)躍遷到的基態(tài)放出的光子的頻率最高，故D錯(cuò)誤。故選B。9.激光陀螺儀是很多現(xiàn)代導(dǎo)航儀器中的關(guān)鍵部件，廣泛應(yīng)用于民航飛機(jī)等交通工具。激光陀螺儀的基本元件是環(huán)形激光器，其原理結(jié)構(gòu)比較復(fù)雜，可簡(jiǎn)化為如圖所示模型：由激光器發(fā)出的A、B兩束激光，經(jīng)完全對(duì)稱的兩個(gè)通道（圖中未畫出）在光電探測(cè)器處相遇，產(chǎn)生干涉條紋。如果整個(gè)裝置本身具有繞垂直紙面的對(duì)稱軸轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度，那么沿兩個(gè)通道的光的路程差就會(huì)發(fā)生變化，同時(shí)光電探測(cè)器能檢測(cè)出干涉條紋的變化，根據(jù)此變化就可以測(cè)出整個(gè)裝置的旋轉(zhuǎn)角速度。某次測(cè)試，整個(gè)裝置從靜止開始，繞垂直紙面的對(duì)稱軸，順時(shí)針方向逐漸加速旋轉(zhuǎn)，最后轉(zhuǎn)速穩(wěn)定，這個(gè)過程中光電探測(cè)器的中央位置C處檢測(cè)光強(qiáng)經(jīng)過了強(qiáng)→弱→強(qiáng)→弱→強(qiáng)的變化過程。根據(jù)上述材料，結(jié)合所學(xué)知識(shí)，判斷下列說法正確的是（）A.A束激光的頻率小于B束激光的頻率B.整個(gè)裝置加速轉(zhuǎn)動(dòng)過程中，B束激光到達(dá)光電探測(cè)器的路程逐漸變小C.整個(gè)裝置加速轉(zhuǎn)動(dòng)過程中，C處始終沒有出現(xiàn)干涉明條紋D.整個(gè)裝置加速轉(zhuǎn)動(dòng)過程中，兩束激光的路程差變化了2個(gè)波長(zhǎng)【答案】D【解析】【詳解】A．由于兩束激光出現(xiàn)干涉現(xiàn)象，說明兩個(gè)光束的頻率相等，故A錯(cuò)誤；B．由于整個(gè)裝置順時(shí)針方向轉(zhuǎn)動(dòng)，因此整個(gè)裝置加速轉(zhuǎn)動(dòng)過程中，B束激光到達(dá)光電探測(cè)器的路程線減小在變大在變小在變大的周期變化，故B錯(cuò)誤；C．整個(gè)裝置加速轉(zhuǎn)動(dòng)過程中，當(dāng)C處出現(xiàn)強(qiáng)光時(shí)就是干涉明條紋，故C錯(cuò)誤；D．由于C處出現(xiàn)了強(qiáng)→弱→強(qiáng)→弱→強(qiáng)的變化，因此兩束激光的路程差依次為、、、、，因此變化了2個(gè)波長(zhǎng)，故D正確。故選D。10.如圖所示靜止于水平地面的箱子內(nèi)有一粗糙斜面，將物體無初速放在斜面上，物體將沿斜面下滑。若要使物體相對(duì)斜面靜止，下列情況中不可能達(dá)到要求的是（）A.使箱子沿水平方向做勻加速直線運(yùn)動(dòng)B.使箱子做自由落體運(yùn)動(dòng)C.使箱子沿豎直向上的方向做勻加速直線運(yùn)動(dòng)D.使箱子沿水平面內(nèi)的圓軌道做勻速圓周運(yùn)動(dòng)【答案】C【解析】【詳解】A．當(dāng)箱子沿水平方向做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，若物體相對(duì)斜面靜止，則兩者加速度相等。當(dāng)物體所受重力和支持力的合力恰好水平向右，且等于其做加速運(yùn)動(dòng)所需合力時(shí)，物體與斜面間的摩擦力恰好為零，即物體相對(duì)斜面靜止。故A不符合題意；B．當(dāng)箱子做自由落體運(yùn)動(dòng)，此時(shí)物體與箱子之間的作用力為零，物體也做自由落體運(yùn)動(dòng)，即物體相對(duì)斜面靜止，故B不符合題意；C．當(dāng)箱子沿豎直向上的方向做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，假設(shè)物體相對(duì)斜面靜止，則物體受力如圖所示建立如圖所示坐標(biāo)系，則根據(jù)牛頓第二定律分別有整理可得由于物體無初速放在斜面上時(shí)，物體將沿斜面下滑，故有即故假設(shè)不成立。物塊與斜面發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)。故C符合題意；D．當(dāng)箱子沿水平面內(nèi)的圓軌道做勻速圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)，當(dāng)物體所受支持力與摩擦力在水平方向的合力恰好提供做圓周運(yùn)動(dòng)的向心力時(shí)，物體與斜面相對(duì)靜止。故D不符合題意。故選C。11.圖甲、圖乙分別為研究光現(xiàn)象的兩個(gè)實(shí)驗(yàn)，下列說法正確的是（）A.圖甲正中央的亮點(diǎn)是由于光通過小孔沿直線傳播形成的B.圖甲所示現(xiàn)象是光線通過一個(gè)不透光的圓盤得到的衍射圖樣，它與光通過圓孔得到的衍射圖樣是一樣的C.圖乙中的P、Q是偏振片，P固定不動(dòng)，緩慢轉(zhuǎn)動(dòng)Q，只有如圖中所示P、Q的“透振方向”相平行的位置時(shí)光屏才是亮的D.圖乙所示現(xiàn)象可以表明光波是橫波【答案】D【解析】【詳解】A．圖甲正中央的亮點(diǎn)是由于光通過小圓板發(fā)生光的衍射得到的，故A錯(cuò)誤；B． 圓孔衍射，光的衍射現(xiàn)象的一種。光波通過細(xì)小圓孔后產(chǎn)生的衍射，屏上中央亮區(qū)多，暗區(qū)少，與光線通過一個(gè)不透光的圓盤得到的衍射圖樣不一樣。故B錯(cuò)誤；C．圖乙中的P、Q是偏振片，P固定不動(dòng)，緩慢轉(zhuǎn)動(dòng)Q，P、Q的“透振方向”相平行的位置時(shí)光屏是最亮的，P、Q的“透振方向”相垂直的位置時(shí)光屏是暗的，其他一般的夾角位置，亮度介于兩者之間，故C錯(cuò)誤；D．只有橫波才能產(chǎn)生偏振現(xiàn)象，故光的偏振現(xiàn)象表明光是一種橫波，故D正確。故選D。12.某同學(xué)用圖所示裝置探究影響感應(yīng)電流方向的因素。將磁體從線圈中向上勻速抽出時(shí)，觀察到靈敏電流計(jì)指針向右偏轉(zhuǎn)。關(guān)于該實(shí)驗(yàn)，下列說法正確的是（）A.圖中線圈中感應(yīng)電流的磁場(chǎng)方向向下B.若將磁體向上加速抽出，靈敏電流計(jì)指針將向左偏轉(zhuǎn)C.磁體放置在線圈中靜止不動(dòng)，靈敏電流計(jì)指針仍向右偏轉(zhuǎn)D.若將磁體的N、S極對(duì)調(diào)，并將其向下插入線圈，靈敏電流計(jì)指針仍向右偏轉(zhuǎn)【答案】D【解析】【詳解】A．根據(jù)楞次定律可知線圈中感應(yīng)電流的磁場(chǎng)方向向上，故A錯(cuò)誤；B．如圖磁體只要向上抽出，穿過線圈的磁通量就會(huì)減小，感應(yīng)電流的磁場(chǎng)方向向上，就能觀察到靈敏電流計(jì)指針向右偏轉(zhuǎn)，故B錯(cuò)誤；C．磁體放置在線圈中靜止不動(dòng)，穿過線圈的磁通量不變，沒有感應(yīng)電流產(chǎn)生，則靈敏電流計(jì)指針不會(huì)偏轉(zhuǎn)，故C錯(cuò)誤；D．將磁體的N、S極對(duì)調(diào)，并將其向下插入，磁通量增大，產(chǎn)生的感應(yīng)電流磁場(chǎng)向上，所以靈敏電流計(jì)指針仍向右偏轉(zhuǎn)，故D正確。故選D。13.電路過載時(shí)電流一般比額定電流大一些，而短路時(shí)則可能達(dá)到額定電流的十幾倍以上?？諝忾_關(guān)是一種常見的電氣設(shè)備，可用于保護(hù)電氣線路和設(shè)備避免過載或短路的破壞，如圖1所示?？諝忾_關(guān)內(nèi)部有電磁脫扣器和熱脫扣器兩種斷開結(jié)構(gòu)，如圖2所示。在過載或短路發(fā)生的情況下，電路中的強(qiáng)電流流過電磁線圈，線圈內(nèi)的金屬頂針在電磁力的作用下壓縮彈簧撞擊彈片使電路斷開；熱脫扣器則是利用雙金屬片熱脹冷縮的原理，當(dāng)強(qiáng)電流流過雙金屬片時(shí)，材料不同的雙金屬片發(fā)熱形變程度不同，金屬片帶動(dòng)連桿開關(guān)使電路斷開。一般家庭電路中用電器往往啟動(dòng)瞬間電流較大，為保證用電器順利啟動(dòng)，多采用脫扣特征曲線如圖3所示的空氣開關(guān)。脫扣特征曲線的橫軸表示線路實(shí)際電流相對(duì)于額定電流的倍數(shù)（部分刻度值未畫出），縱軸（t/s）表示電流持續(xù)時(shí)間，曲線①左下方區(qū)域表示空氣開關(guān)不脫扣，曲線②右上方區(qū)域表示脫扣，①、②曲線所夾的區(qū)域?yàn)椴淮_定區(qū)域，在此區(qū)域中脫扣器可能是脫扣狀態(tài)或未脫扣狀態(tài)。根據(jù)以上信息，下列說法正確的是（）A.電路發(fā)生過載情況時(shí)，更易發(fā)生電磁脫扣B.實(shí)際電流為額定電流2倍時(shí)，線路設(shè)備可持續(xù)工作至少10秒C.實(shí)際電流為額定電流7倍時(shí)，一定是電磁脫扣器執(zhí)行斷開電路動(dòng)作D.線路設(shè)備在工作條件下，電磁脫扣器不產(chǎn)生焦耳熱【答案】B【解析】【詳解】A.電路發(fā)生過載情況時(shí)，電路過載時(shí)電流一般比額定電流大一些，所以線路實(shí)際電流相對(duì)于額定電流的倍數(shù)偏小，由圖3可知更容易發(fā)生熱脫扣，故A錯(cuò)誤；B.實(shí)際電流為額定電流2倍時(shí)，由圖3可得線路設(shè)備可持續(xù)工作至少10秒，故B正確；C.實(shí)際電流為額定電流7倍時(shí)，由圖3可見剛好處于不確定區(qū)域，所以不一定是電磁脫扣器執(zhí)行斷開電路動(dòng)作，故C錯(cuò)誤；D.線路設(shè)備在工作條件下，電路中的強(qiáng)電流流過電磁線圈，所以電磁脫扣器產(chǎn)生焦耳熱，故D錯(cuò)誤。故選B。14.圖甲所示為用傳感器測(cè)量某直流電源（在圖甲中用電池的符號(hào)來表示）的電動(dòng)勢(shì)E和內(nèi)電阻r的實(shí)驗(yàn)電路，按此原理測(cè)量得到多組數(shù)據(jù)后作出的圖像如圖乙所示。下列說法正確的是（）A.圖中A、B分別為電壓傳感器和電流傳感器B.閉合開關(guān)前，滑動(dòng)變阻器的滑片P應(yīng)置于b端C.根據(jù)圖乙可求出該電源的電動(dòng)勢(shì)D.根據(jù)圖乙可求出該電源的內(nèi)阻【答案】D【解析】【詳解】A．測(cè)量一電池的電動(dòng)勢(shì)E和內(nèi)阻r需要測(cè)路端電壓和電流，電流傳感器應(yīng)串聯(lián)接入電路，電壓傳感器應(yīng)并聯(lián)接入電路，由電路圖可知圖中A、B分別為電流傳感器和電壓傳感器，故A錯(cuò)誤；B．滑動(dòng)變阻器采用限流接法，為了保護(hù)電路，閉合開關(guān)前滑片置于阻值最大處，由圖可知，滑片應(yīng)置于a處，故B錯(cuò)誤；CD．由閉合電路歐姆定律可知圖像的縱軸截距表示電源電動(dòng)勢(shì)為斜率的絕對(duì)值為電源內(nèi)阻為故C錯(cuò)誤，D正確。故選D。第二部分本部分共6小題，共58分。15.兩組同學(xué)做“驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律”實(shí)驗(yàn)。（1）甲組同學(xué)采用如圖甲所示的實(shí)驗(yàn)裝置。①對(duì)于該實(shí)驗(yàn)，下列操作中對(duì)減小實(shí)驗(yàn)誤差有利的是___________。A．重物選用質(zhì)量和密度較大的金屬錘B．打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的兩限位孔在同一豎直面內(nèi)上下對(duì)正C．精確測(cè)量出重物的質(zhì)量D．先釋放重物，再接通電源后②在一次實(shí)驗(yàn)中，質(zhì)量m的重物自由下落，在紙帶上打出一系列的點(diǎn)，如圖丙所示。在紙帶上選取三個(gè)連續(xù)打出的點(diǎn)A、B、C，測(cè)得它們到起始點(diǎn)O的距離分別為、、。已知紙帶相鄰兩個(gè)點(diǎn)之間時(shí)間間隔為△t。從打O點(diǎn)到打B點(diǎn)的過程中，重物的動(dòng)能增加量___________；設(shè)這一過程中物體的重力勢(shì)能減小量為，則應(yīng)該有大小關(guān)系___________（填“大于”、“等于”或“小于”），這是因?yàn)開____________。③根據(jù)學(xué)過的勻變速直線運(yùn)動(dòng)的規(guī)律，利用圖乙中的紙帶，論證說明AC段的平均速度是否可以代替AC段時(shí)間中點(diǎn)B的瞬時(shí)速度。____（2）乙組同學(xué)采用如圖丙所示的實(shí)驗(yàn)裝置。實(shí)驗(yàn)前，將氣墊導(dǎo)軌調(diào)至水平，用天平稱出托盤和砝碼的總質(zhì)量m，測(cè)出擋光條的寬度為d，并將滑塊移到圖示位置，測(cè)出擋光條到光電門的距離為l。釋放滑塊，讀出擋光條通過光電門的擋光時(shí)間為t。多次改變光電門的位置，每次均令滑塊自同一點(diǎn)開始滑動(dòng)，測(cè)量相應(yīng)的l與t值。為驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律，請(qǐng)寫出該組同學(xué)還需要測(cè)量哪個(gè)物理量以及各物理量應(yīng)滿足的關(guān)系式。____【答案】①.AB##BA②.③.大于④.見解析⑤.見解析⑥.見解析【解析】【詳解】（1）[1]AB．選用密度較大的重錘的目的是減小空氣阻力帶來的相對(duì)誤差，打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的兩限位孔在同一豎直面內(nèi)上下對(duì)正，是為了減少紙帶與限位孔之間的摩擦，AB正確；C．本實(shí)驗(yàn)需要驗(yàn)證重力勢(shì)能減少量與動(dòng)能增加量之間的關(guān)系，這兩個(gè)物理量都含有質(zhì)量，所以可以消去，故實(shí)驗(yàn)時(shí)不需要測(cè)量重物的質(zhì)量，C錯(cuò)誤；D．實(shí)驗(yàn)時(shí)為了合理利用紙帶，要先打開電源，然后釋放重物，D錯(cuò)誤。故選AB。[2][3][4]根據(jù)平均速度等于該段時(shí)間中間時(shí)刻的瞬時(shí)速度，可得打下B點(diǎn)時(shí)重物的速度為所以，從打O點(diǎn)到打B點(diǎn)的過程中，重物的動(dòng)能增加量這一過程中摩擦阻力和空氣阻力做負(fù)功，使得機(jī)械能減小，所以物體的重力勢(shì)能減小量大于動(dòng)能的增加量。[5]根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)的位移—時(shí)間關(guān)系可得這段時(shí)間的平均速度根據(jù)勻變速運(yùn)動(dòng)得速度公式可知中間時(shí)刻的速度所以即勻變速直線運(yùn)動(dòng)中，某段時(shí)間的平均速度等于這段時(shí)間中間時(shí)刻的瞬時(shí)速度。（2）[6]若機(jī)械能守恒，有可得則還需測(cè)量滑塊和擋光條的總質(zhì)量為M。需要驗(yàn)證圖線是否為一條過原點(diǎn)的直線，同時(shí)圖線斜率是否等于。16.（1）某一電學(xué)黑箱內(nèi)可能有電源、電容器、電感線圈、二極管、定值電阻等元件，在接線柱間以如圖甲所示的“Z”字形連接（虛線所連的兩接線柱間只有一個(gè)元件）。為了確定各元件種類，小華同學(xué)用多用電表進(jìn)行了如下實(shí)驗(yàn)。若已判定黑箱中無電源，現(xiàn)將選擇開關(guān)旋至歐姆表“×1”擋，調(diào)節(jié)好多用電表，分別測(cè)量AB、BC、CD間的正向電阻和反向電阻，記錄如下表。請(qǐng)?jiān)趫D丙中畫出黑箱內(nèi)的所有元件及其連接方式___________。A、B紅表筆接A黑表筆接B紅表筆接B黑表筆接A開始很小，然后變?yōu)楹艽驜、C紅表筆接B黑表筆接C紅表筆接C黑表筆接B逐漸由大變小，最終穩(wěn)定在某一值C、D紅表筆接C黑表筆接D紅表筆接D黑表筆接C恒定值（2）甲、乙、丙三位同學(xué)協(xié)作測(cè)定某電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻的實(shí)驗(yàn)。他們?cè)O(shè)計(jì)的電路原理如圖1，其中R為電阻箱，為保護(hù)電阻，阻值，電流表A的內(nèi)阻。他們改變R的阻值，記下多組R和電流表示數(shù)I。甲同學(xué)以IR作縱坐標(biāo)，以I作橫坐標(biāo)，作圖處理數(shù)據(jù)；乙同學(xué)以為縱坐標(biāo)，以I為橫坐標(biāo)處理數(shù)據(jù)，他們?cè)谕粡堊鴺?biāo)紙上畫出的圖如圖2所示。①由圖2可知，甲同學(xué)繪制的是圖線___________（填“a”或“b”），由該圖線得到的電源電動(dòng)勢(shì)為___________V，內(nèi)阻為___________。②丙同學(xué)打算以為縱坐標(biāo)，以R作橫坐標(biāo)，請(qǐng)根據(jù)①中計(jì)算的結(jié)果將丙所作圖線在圖3中畫出___________。【答案】①.見詳解②.a③.1.5④.1.0⑤.見詳解【解析】【詳解】（1）[1]接AB之間時(shí)電阻開始很小，然后變?yōu)楹艽?，可知AB之間為電容器；接BC之間時(shí)電阻逐漸由大變小，最終穩(wěn)定在某一值，可知BC之間為電感線圈；接CD之間電阻為恒定值，可知CD之間為定值電阻。所以黑箱內(nèi)的元件及其連接方式如下圖（2）[2]由閉合回路歐姆定律可得甲圖線對(duì)應(yīng)的U、I關(guān)系式為乙圖線對(duì)應(yīng)的U、I關(guān)系式為可知乙圖線斜率較小。故甲同學(xué)繪制的是圖線a。[3][4]關(guān)系式結(jié)合圖線可得,解得[5]由閉合回路歐姆定律可得可知與R成線性關(guān)系，當(dāng)R=15時(shí)當(dāng)R=0時(shí)故作圖如下三、解答題17.如圖所示，在粗糙水平地面上靜止放置著物塊B和C，相距，在物塊B的左側(cè)固定有少量炸藥，在物塊B的左邊有一彈簧槍，彈簧的彈性勢(shì)能，彈簧槍將小球A水平發(fā)射出去后，小球A與B發(fā)生碰撞并導(dǎo)致炸藥爆炸使小球A又恰好返回到彈簧槍中將彈簧壓縮到初位置，物塊B再與物塊C發(fā)生正碰，碰后瞬間物塊C的速度。已知物塊A和物塊B的質(zhì)量均為，若C的質(zhì)量為B質(zhì)量的k倍，物塊與地面的動(dòng)摩擦因數(shù)。（設(shè)碰撞時(shí)間很短，g?。?）計(jì)算A與B碰撞后瞬間B的速度；（2）計(jì)算B與C碰撞前瞬間的速度；（3）根據(jù)B與C的碰撞過程分析k的取值范圍，并討論B與C碰撞后B的可能運(yùn)動(dòng)方向?！敬鸢浮浚?）；（2）；（3）見解析【解析】【詳解】（1）根據(jù)題意可知，彈簧槍將小球A水平發(fā)射出，設(shè)小球A以發(fā)出，則有解得由于碰撞之后，A又恰好返回到彈簧槍中將彈簧壓縮到初位置，則A與B碰撞后，A的速度大小為，方向向左，A與B碰撞過程中，系統(tǒng)動(dòng)量守恒，由動(dòng)量守恒定律有解得即A與B碰撞后瞬間B的速度為。（2）從B開始運(yùn)動(dòng)到B與C碰撞的過程中，由動(dòng)能定理有解得（3）根據(jù)題意可知，B和C碰撞過程中，系統(tǒng)動(dòng)量守恒，由動(dòng)量守恒定律有整理可得可知，若碰撞后B、C同向運(yùn)動(dòng)，則有可得若碰撞后B靜止，則有解得若碰撞后B反向，則有解得由于碰撞過程中，動(dòng)能不能增加，則有解得則有當(dāng)時(shí)，碰撞后B、C同向運(yùn)動(dòng)；當(dāng)時(shí)，碰撞后B靜止；當(dāng)，碰撞后B的方向與C的方向相反。18.如圖所示，兩間距為L(zhǎng)的光滑導(dǎo)軌水平放置在豎直向下的磁場(chǎng)中，磁感應(yīng)強(qiáng)度均隨位置坐標(biāo)x按（k為已知的正常數(shù)）的規(guī)律變化。導(dǎo)軌的電阻不計(jì)，導(dǎo)軌左端通過單刀雙擲開關(guān)K與電阻為R的電阻器或電容為C的電容器相連。導(dǎo)軌上的質(zhì)量為m電阻不計(jì)的金屬棒ab與x軸垂直且與導(dǎo)軌接觸良好。t=0時(shí)刻在外力F（大小是未知的）作用下從原點(diǎn)O開始以速度v0向右勻速運(yùn)動(dòng)，試回答下列問題：（1）當(dāng)t=0時(shí)刻開關(guān)K接1時(shí)，求在t時(shí)刻通過導(dǎo)體棒電流的大小和方向，并求出此時(shí)F的大?。海?）當(dāng)t=0時(shí)刻開關(guān)K接2時(shí)，求在t時(shí)刻通過導(dǎo)體棒電流的大小和方向，并求出此時(shí)外力F的大小?！敬鸢浮浚?），電流的方向?yàn)?，；?），電流的方向?yàn)椋窘馕觥俊驹斀狻浚?）當(dāng)t=0時(shí)刻開關(guān)K接1時(shí)，時(shí)間內(nèi)導(dǎo)體棒運(yùn)動(dòng)走過的位移此時(shí)的磁場(chǎng)強(qiáng)度為導(dǎo)體棒切割磁感線產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)為回路中電流的大小為根據(jù)右手定則電流的方向?yàn)榇藭r(shí)導(dǎo)體棒受到的拉力F等于安培力，即（2）當(dāng)t=0時(shí)刻開關(guān)K接2時(shí)，時(shí)間內(nèi)導(dǎo)體棒運(yùn)動(dòng)走過的位移此時(shí)的磁場(chǎng)強(qiáng)度為導(dǎo)體棒切割磁感線產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)為t時(shí)刻電容器上所帶的電荷量為在極短時(shí)間內(nèi)極板上增加的電荷量為所以在t時(shí)刻通過導(dǎo)體棒電流的大小按照右手定則可知電流的方向?yàn)閠時(shí)刻時(shí)導(dǎo)體棒受到的拉力F等于安培力，即19.能量守恒定律是普遍、和諧、可靠的自然規(guī)律之一。根據(jù)能量守恒定律，物理學(xué)發(fā)現(xiàn)和解釋了很多科學(xué)現(xiàn)象。（1）經(jīng)典力學(xué)中的勢(shì)阱是指物體在場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)，勢(shì)能函數(shù)曲線在空間某一有限范圍內(nèi)勢(shì)能最小，當(dāng)物體處于勢(shì)能最小值時(shí)，就好像處在井里，很難跑出來。如圖所示，設(shè)井深為H，若質(zhì)量為m的物體要從井底至井口，已知重力加速度為g，求外力做功的最小值W。（2）金屬內(nèi)部的電子處于比其在外部時(shí)更低的能級(jí)，電勢(shì)能變化也存在勢(shì)阱，勢(shì)阱內(nèi)的電子處于不同能級(jí)，最高能級(jí)的電子離開金屬所需外力做功最小，該最小值稱為金屬的逸出功。如圖所示，溫度相同的A、B兩種不同金屬逸出功存在差異，處于最高能級(jí)的電子電勢(shì)能不同，A、B金屬接觸后電子轉(zhuǎn)移，導(dǎo)致界面處積累正負(fù)電荷，穩(wěn)定后形成接觸電勢(shì)差。已知A金屬逸出功為，B金屬逸出功為，且，電子電荷量為－e。a.請(qǐng)判斷界面處A、B金屬電性正負(fù)；b.求接觸電勢(shì)差。（3）同種金屬兩端由于溫度差異也會(huì)產(chǎn)生電勢(shì)差，可認(rèn)為金屬內(nèi)部電子在高溫處動(dòng)能大，等效成電子受到非靜電力作用往低溫處擴(kuò)散。如圖有一橢球形金屬，M端溫度為，N端溫度為，沿虛線方向到M