物理（海南卷）（全解全析）

2024年高考考前押題密卷物理·全解全析注意事項(xiàng)：1．答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)等填寫(xiě)在答題卡和試卷指定位置上。2．回答選擇題時(shí)，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑。如需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標(biāo)號(hào)。回答非選擇題時(shí)，將答案寫(xiě)在答題卡上。寫(xiě)在本試卷上無(wú)效。3．考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項(xiàng)選擇題（本大題共8小題，每小題3分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的）1．2023年12月，新一代人造太陽(yáng)“中國(guó)環(huán)流三號(hào)”面向全球開(kāi)放?！叭嗽焯?yáng)”內(nèi)部發(fā)生的一種核反應(yīng)方程為，已知的比結(jié)合能為，的比結(jié)合能為，的比結(jié)合能為，光在真空中的傳播速度為c。下列說(shuō)法正確的是（）A．核反應(yīng)方程中X為電子B．的比結(jié)合能小于的比結(jié)合能C．核反應(yīng)吸收的能量為D．核反應(yīng)中的質(zhì)量虧損為【答案】D【解析】A．根據(jù)質(zhì)量數(shù)與電荷數(shù)守恒可知X為，故A錯(cuò)誤；B．核反應(yīng)方程式中，生成物比反應(yīng)物穩(wěn)定，則的比結(jié)合能大于的比結(jié)合能，故B錯(cuò)誤；CD．核反應(yīng)放出的能量為由能量守恒可得解得故C錯(cuò)誤，D正確。故選D。2．扇車(chē)在我國(guó)西漢時(shí)期就已廣泛被用來(lái)清選谷物。谷物從扇車(chē)上端的進(jìn)谷口進(jìn)入分離倉(cāng)，分離倉(cāng)右端有一鼓風(fēng)機(jī)提供穩(wěn)定氣流，從而將谷物中的秕粒a（秕粒為不飽滿的谷粒，質(zhì)量較輕）和飽粒b分開(kāi)。若所有谷粒進(jìn)入分離倉(cāng)時(shí)，在水平方向獲得的動(dòng)量相同。之后所有谷粒受到氣流的水平作用力可視為相同。下圖中虛線分別表示a、b谷粒的軌跡，、為相應(yīng)谷粒所受的合外力。下列四幅圖中可能正確的是（

）A． B．C． D．【答案】B【解析】從力的角度看，水平方向的力相等，飽粒b的重力大于秕粒a的重力，如圖所示從運(yùn)動(dòng)上看，在水平方向獲得的動(dòng)量相同，飽粒b的水平速度小于秕粒a的水平速度，而從豎直方向上高度相同運(yùn)動(dòng)時(shí)間相等所以綜合可知B正確。故選B。3．交流發(fā)電機(jī)的輸出電壓為U，采用圖示理想變壓器輸電，升壓變壓器原、副線圈匝數(shù)比為m，降壓變壓器原、副線圈匝數(shù)之比為n，輸電導(dǎo)線電阻為r，用戶的工作電壓為U。下列說(shuō)法正確的是（）A．mn=1 B．mn>1C．輸電線上損失的功率為 D．輸電線上損失的功率為【答案】C【解析】AB．若變壓器的輸電功率為P，用戶得到的功率為P′，由于升壓變壓器輸入電壓為U，降壓變壓器輸出電壓為U，則升壓變壓器輸出電壓降壓變壓器輸入為U3=nU由于在輸電線上有功率損失，所以P>P′，又整理可得mn＜1故選項(xiàng)A、B錯(cuò)誤；CD．根據(jù)變壓器的規(guī)律，升壓變壓器副線圈的電壓降壓變壓器原線圈電壓U3=nU線路損失的電壓△U=U3U2損失的功率由以上式子代入求得故選項(xiàng)C正確，D錯(cuò)誤。故選C。4．太陽(yáng)系外行星和行星可能適宜人類(lèi)居住，半徑是半徑的，若分別在和距地面高為處水平拋出小球，小球平拋運(yùn)動(dòng)水平位移隨拋出速度函數(shù)圖像如圖所示，忽略空氣阻力，忽略行星自轉(zhuǎn)。下列判斷正確的是（）A．行星和行星的第一宇宙速度之比為B．行星和行星的第一宇宙速度之比為C．行星和行星的密度之比為2：1D．行星和行星的密度之比為1:3【答案】A【解析】AB．平拋運(yùn)動(dòng)水平位移豎直方向做勻變速運(yùn)動(dòng)所以水平位移x隨拋出速度函數(shù)圖像斜率所以第一宇宙速度故A正確，B錯(cuò)誤；CD．星球表面的重力加速度則所以故CD錯(cuò)誤。故選A。5．空間有如圖所示的勻強(qiáng)電場(chǎng)，電場(chǎng)強(qiáng)度大小為E，與水平方向的夾角為。一根絕緣輕繩一端固定在O點(diǎn)，另一端系一個(gè)質(zhì)量為m的帶電小球，OA水平。將小球自A點(diǎn)由靜止釋放，當(dāng)擺到輕繩與豎直方向夾角θ也為30°的B位置時(shí)，小球的速度恰好為0，輕繩始終伸直。已知重力加速度為g，小球從A到B的過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的是（）A．小球帶負(fù)電 B．小球的電荷量為C．小球的機(jī)械能先增加后減小 D．小球在B點(diǎn)時(shí)輕繩的拉力最大【答案】B【解析】A．小球到B點(diǎn)速度為0，可以得出小球帶正電，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．AB的中間位置處于重力與電場(chǎng)力夾角的角平分線上，所以電場(chǎng)力等于重力解得選項(xiàng)B正確；C．小球從A到B的過(guò)程中輕繩拉力不做功，電場(chǎng)力一直做負(fù)功，小球的機(jī)械能一直減小，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D．由等效重力可知，小球經(jīng)過(guò)的角平分線位置時(shí)輕繩對(duì)小球的拉力最大，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。故選B。6．如圖，物體A、B相對(duì)靜止，共同沿粗糙斜面勻速下滑，若默認(rèn)最大靜摩擦力大小等于滑動(dòng)摩擦力的大小，則下列說(shuō)法中正確的是（）A．A與B之間可能沒(méi)有摩擦力B．B受到斜面的滑動(dòng)摩擦力大于C．B與斜面的滑動(dòng)摩擦因數(shù)D．A與B的滑動(dòng)摩擦因數(shù)一定等于B與斜面間的滑動(dòng)摩擦因數(shù)【答案】B【解析】BC．對(duì)AB整體，受力情況如圖所示由共點(diǎn)力平衡條件得滑動(dòng)摩擦力為由以上三式可以解得故B正確，C錯(cuò)誤；AD．對(duì)A物體，受力情況如圖所示由共點(diǎn)力平衡條件可得滑動(dòng)摩擦力為又有fmax≥fA聯(lián)立以上等式和不等式可解得μAB≥tanθ＝μ故AD錯(cuò)誤。故選B。7．如圖所示，已知R1＝R4＝0.5Ω，r＝1Ω，R2＝6Ω，R3的最大阻值為6Ω．在滑動(dòng)變阻器R3的滑片K由最下端向最上端滑動(dòng)過(guò)程中，下列說(shuō)法不正確的是(

)A．定值電阻R4的功率、電源的總功率均減小B．電源的輸出功率變小C．電源的效率先增大后減小D．MN并聯(lián)部分的功率先增大后減小【答案】C【解析】在滑動(dòng)變阻器R3的滑片K由最下端向最上端滑動(dòng)過(guò)程中，滑動(dòng)變阻器的電阻變大，總電阻變大，總電流減小，則根據(jù)P4=I2R4可知定值電阻R4的功率減小，根據(jù)P=IE可知電源的總功率減小，選項(xiàng)A正確；因當(dāng)外電路電阻等于電源內(nèi)阻時(shí)電源輸出功率最大，而R1+R4=r，則當(dāng)變阻器電阻變大時(shí)，外電路電阻遠(yuǎn)離電源內(nèi)阻，則電源的輸出功率減小，選項(xiàng)B正確；電源的效率，則當(dāng)外電路電阻R變大時(shí)，電源的效率變大，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；若將R1+R4等效為電源的內(nèi)阻，則此時(shí)等效電源內(nèi)阻為r′=2Ω；滑動(dòng)變阻器R3的滑片K由最下端向最上端滑動(dòng)過(guò)程中，MN之間的電阻從0增加到3Ω，則因當(dāng)外電路電阻等于電源內(nèi)阻時(shí)電源輸出功率最大，可知當(dāng)MN之間的電阻等于2Ω時(shí)，MN之間的功率最大，則在滑動(dòng)變阻器R3的滑片K由最下端向最上端滑動(dòng)過(guò)程中，MN并聯(lián)部分的功率先增大后減小，選項(xiàng)D正確；此題選擇不正確的選項(xiàng)，故選C.8．如圖甲所示，物塊A、B的質(zhì)量分別是和，用輕彈簧拴接，放在光滑的水平地面上，物塊B右側(cè)與豎直墻相接觸。另有一物塊C在t=0時(shí)刻以一定速度向右運(yùn)動(dòng)，在t=4s時(shí)與物塊A相碰，并立即與A粘在一起不再分開(kāi)，物塊C的v—t圖像如圖乙所示，下列說(shuō)法正確的是（）A．物塊B離開(kāi)墻壁前，彈簧的最大彈性勢(shì)能為72JB．4s到12s的時(shí)間內(nèi)，墻壁對(duì)物塊B的沖量大小為24N·sC．物塊B離開(kāi)墻壁后，彈簧的最大彈性勢(shì)能為18JD．物塊B離開(kāi)墻壁后，物塊B的最大速度為2m/s【答案】B【解析】A．由圖知，C與A碰前速度為，碰后速度為，C與A碰撞過(guò)程動(dòng)量守恒，以C的初速度方向?yàn)檎较?，由?dòng)量守恒定律解得當(dāng)C與A速度為0時(shí)，彈性勢(shì)能最大A錯(cuò)誤；B．由圖知，12s末A和C的速度為，4s到12s過(guò)程中墻壁對(duì)物體B的沖量大小等于彈簧對(duì)物體B的沖量大小，也等于彈簧對(duì)A和C整體的沖量大小，墻對(duì)B的沖量為解得方向向左B正確；C．物塊B剛離時(shí)，由機(jī)械能守恒定律可得，AC向左運(yùn)動(dòng)的速度大小為3m/s，開(kāi)物塊B離開(kāi)墻壁后，A、B、C三者共速時(shí)彈性勢(shì)能最大，則有聯(lián)立解得C錯(cuò)誤；D．物塊B剛離時(shí)，由機(jī)械能守恒定律可得，AC向左運(yùn)動(dòng)的速度大小為3m/s，物塊B離開(kāi)墻壁后，系統(tǒng)動(dòng)量守恒、機(jī)械能守恒，當(dāng)彈簧再次恢復(fù)原長(zhǎng)時(shí)，物體B的速度最大，則有代入數(shù)據(jù)解得物塊B的最大速度為4m/s，D錯(cuò)誤。故選B。二、多項(xiàng)選擇題（本大題共5小題，每小題4分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得4分，選對(duì)但不全的得2分，不選或選錯(cuò)的得0分）9．分子力與分子間距離的關(guān)系圖像如圖所示，圖中為分子斥力和引力平衡時(shí)兩個(gè)分子間的距離，規(guī)定兩分子間距離為無(wú)限遠(yuǎn)時(shí)分子勢(shì)能為0，下列說(shuō)法正確的是（）A．隨著分子間距的增大，分子間引力和斥力都在減小，但斥力減小得更快B．兩個(gè)分子從間距大于的位置逐漸靠近至很難再靠近的位置，分子間作用力先減小后增大，分子勢(shì)能不斷增大C．分子間距離從增大到無(wú)限遠(yuǎn)的過(guò)程中，分子勢(shì)能先增大后減小D．將一分子固定，另一分子從間距為（）的位置由靜止釋放，運(yùn)動(dòng)至間距為的位置的過(guò)程中，該分子先做加速度增大的加速運(yùn)動(dòng)，再做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)【答案】AD【解析】A．隨著分子間距的增大，分子間引力和斥力都在減小，但斥力減小得更快，故A項(xiàng)正確；B．兩個(gè)分子從間距大于的位置逐漸靠近至很難再靠近的位置，分子力先增加后減小再增加，其分子勢(shì)能先減小后增加，故B項(xiàng)錯(cuò)誤；C．分子間作用力和分子勢(shì)能之間的關(guān)系如圖所示分子間距離從增大到無(wú)限遠(yuǎn)的過(guò)程中，分子勢(shì)能增加，直至為零，故C項(xiàng)錯(cuò)誤；D．將一分子固定，另一分子從間距為（）的位置由靜止釋放，該過(guò)程分子間的力先為引力后為斥力，分子在運(yùn)動(dòng)至間距為的位置的過(guò)程中，分子力先增加后減小，由牛頓第二定律有所以加速度大小先增加后減小，所以該分子先做加速度增大的加速運(yùn)動(dòng)，再做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，故D項(xiàng)正確。故選AD。10．如圖所示是一種采用電磁鐵的電磁泵，C形鐵芯由硅鋼片疊成的，鐵芯右側(cè)繞有線圈，左側(cè)開(kāi)口中嵌入輸送導(dǎo)電液體的管道，管道兩側(cè)有電極。管道內(nèi)的導(dǎo)電液體和線圈聯(lián)通，與電源構(gòu)成導(dǎo)電回路。通電后，電磁泵驅(qū)使管道內(nèi)液體從紙面內(nèi)持續(xù)流向紙面外，或從紙面外持續(xù)流向紙面內(nèi)，下列說(shuō)法正確的是（

）A．當(dāng)a端接直流電源正極時(shí)，液體向紙面內(nèi)方向持續(xù)流動(dòng)B．當(dāng)b端接直流電源正極時(shí)，液體向紙面外方向持續(xù)流動(dòng)C．當(dāng)a，b端接交流電源時(shí)，液體不可能單方向持續(xù)流動(dòng)D．當(dāng)a，b端接交流電源時(shí)，液體可以向紙面內(nèi)單方向持續(xù)流動(dòng)【答案】AD【解析】AB．當(dāng)a端接直流電源正極時(shí)，管道內(nèi)導(dǎo)電液體中電流方向從左到右，根據(jù)安培定則，管道內(nèi)導(dǎo)電液體中磁場(chǎng)方向由上到下，再根據(jù)左手定則，可判斷受力方向指向紙面內(nèi)，同理可得，當(dāng)b端接直流電源正極時(shí)，液體向紙面內(nèi)方向持續(xù)流動(dòng)，故A正確，B錯(cuò)誤；CD．當(dāng)a、b端接交流電源時(shí)，設(shè)電路接通瞬間a端為正極，則受力方向指向紙面內(nèi)，當(dāng)a端變成負(fù)極之后，磁場(chǎng)方向也變了，受力方向依然指向紙面內(nèi)，液體受力方向與電源極性變化無(wú)關(guān)，液體可以向紙面內(nèi)單方向持續(xù)流動(dòng)，故C錯(cuò)誤，D正確。故選AD。11．一列簡(jiǎn)諧橫波沿x軸正方向傳播，時(shí)的波形，如圖甲所示。x軸正方向上的A點(diǎn)與坐標(biāo)原點(diǎn)O之間的距離小于兩個(gè)波長(zhǎng)，以該處為平衡位置的質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)圖像，如圖乙所示。本題所涉及質(zhì)點(diǎn)均已起振。下列說(shuō)法正確的是（）A．該列波的波速為2.0m/s B．A點(diǎn)的x坐標(biāo)可能為6.5mC．時(shí)，A處質(zhì)點(diǎn)的加速度方向沿y軸負(fù)方向 D．時(shí)，A處質(zhì)點(diǎn)的速度方向沿y軸負(fù)方向【答案】AB【解析】A．由振動(dòng)圖像知，周期為由波動(dòng)圖像知，波長(zhǎng)為則波速故A正確；B．由振動(dòng)圖像知，時(shí)A點(diǎn)振動(dòng)方向沿y軸負(fù)方向，由波動(dòng)圖像知，波沿x軸正方向傳播，則A點(diǎn)x坐標(biāo)可能為6.5m，故B正確；C．由振動(dòng)圖像知，t=0時(shí)A點(diǎn)與t=6s時(shí)的位置一樣在y軸負(fù)半軸，根據(jù)簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)特征，A處質(zhì)點(diǎn)的加速度方向沿y軸正方向，故C錯(cuò)誤；D．由振動(dòng)圖像可知，t=13s時(shí)，A處質(zhì)點(diǎn)的速度方向沿y軸正方向，故D錯(cuò)誤。故選AB。12．如圖所示，不可伸長(zhǎng)的輕繩跨越釘子O，兩端分別系有大小相同的小球A和B。在球B上施加外力F，使輕繩OB水平且繃直，球A與地面接觸，兩球均靜止。已知，兩球質(zhì)量分別為、，重力加速度為g，不計(jì)一切阻力?，F(xiàn)將球B由靜止釋放，發(fā)現(xiàn)兩球可沿水平方向發(fā)生碰撞，且碰后粘在一起運(yùn)動(dòng)。則（）A．兩球質(zhì)量應(yīng)滿足B．外力F應(yīng)滿足C．兩球碰撞前瞬間，B球的加速度大小為D．兩球碰后擺起的最大高度不超過(guò)【答案】AD【解析】A．兩球可沿水平方向發(fā)生碰撞，說(shuō)明A不會(huì)離開(kāi)地面，則對(duì)B有在最低點(diǎn)時(shí)解得T=3mBg因A不會(huì)離開(kāi)地面，則選項(xiàng)A正確；B．要使的細(xì)繩處于伸直狀態(tài)，則力F最小值為mBg，因A的重力無(wú)最大值（可以是無(wú)窮大），可知F無(wú)最大值，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C．兩球碰撞前瞬間，B球的加速度大小為選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D．因A質(zhì)量最小值為3mB，則AB碰后由動(dòng)量守恒解得選項(xiàng)D正確。故選AD。13．如圖，光滑平行軌道的曲面部分是半徑為R的四分之一圓弧，水平部分位于豎直向上、大小為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，導(dǎo)軌Ⅰ部分兩導(dǎo)軌間距為L(zhǎng)，導(dǎo)軌Ⅱ部分兩導(dǎo)軌間距為，將質(zhì)量均為m的金屬棒P和Q分別置于軌道上的段和段，且與軌道垂直。P、Q棒電阻均為r，導(dǎo)軌電阻不計(jì)。Q棒靜止，讓P棒從圓弧最高點(diǎn)靜止釋放，當(dāng)P棒在導(dǎo)軌Ⅰ部分運(yùn)動(dòng)時(shí)，Q棒已達(dá)到穩(wěn)定運(yùn)動(dòng)狀態(tài)。下列說(shuō)法正確的是（）A．P棒到達(dá)軌道最低點(diǎn)瞬間對(duì)軌道壓力的大小為B．Q棒第一次穩(wěn)定運(yùn)動(dòng)時(shí)速度大小為C．Q棒從開(kāi)始運(yùn)動(dòng)到第一次速度達(dá)到穩(wěn)定，該過(guò)程通過(guò)P棒的電荷量為D．從P棒進(jìn)入導(dǎo)軌Ⅱ運(yùn)動(dòng)到再次穩(wěn)定過(guò)程中，P、Q棒中產(chǎn)生的總熱量為【答案】CD【解析】A．P棒到達(dá)軌道最低點(diǎn)時(shí)速度大小設(shè)為v0，根據(jù)機(jī)械能守恒定律得根據(jù)牛頓第二定律得解得由牛頓第三定律可得，P棒到達(dá)軌道最低點(diǎn)瞬間對(duì)軌道壓力的大小為，故A錯(cuò)誤；BC．設(shè)Q棒第一次穩(wěn)定運(yùn)動(dòng)時(shí)的速度為，P棒的速度為，則有Q棒從開(kāi)始運(yùn)動(dòng)到第一次速度達(dá)到穩(wěn)定過(guò)程中，對(duì)P、Q棒分別分析，由動(dòng)量定理可得又因解得故B錯(cuò)誤，C正確；D．從P棒進(jìn)入導(dǎo)軌Ⅱ運(yùn)動(dòng)后，兩棒速度穩(wěn)定時(shí)，速度相同，設(shè)穩(wěn)定速度為v。由動(dòng)量守恒定律得由能量守恒定律得P、Q棒中產(chǎn)生的總熱量為解得故D正確。故選CD。三、實(shí)驗(yàn)題(本題共2小題，共20分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。）14．（10分）某同學(xué)用甲圖的電路圖進(jìn)行相關(guān)電學(xué)實(shí)驗(yàn)。（1）將電阻箱R2的阻值調(diào)至（選填“最大”或“最小”），然后閉合開(kāi)關(guān)，再將撥至1位置，調(diào)節(jié)R2使電壓表V有明顯讀數(shù)；（2）保持R2不變，將開(kāi)關(guān)撥至2位置，調(diào)節(jié)R1使電壓表的讀數(shù)仍為，此時(shí)電阻箱讀數(shù)如圖乙所示，則Ω；（3）為了測(cè)量電池的電動(dòng)勢(shì)E和內(nèi)阻r，先將R1的阻值調(diào)到R0，R2調(diào)到最大，將撥至2位置，閉合開(kāi)關(guān)；然后多次調(diào)節(jié)R2，并記錄下了各次R2的阻值和對(duì)應(yīng)電壓表的讀數(shù)U；最后根據(jù)記錄的數(shù)據(jù)，畫(huà)出如圖丙所示的圖像，圖像的斜率為k，與縱軸的截距為a。則根據(jù)圖像可以求出電池電動(dòng)勢(shì)，內(nèi)阻（結(jié)果均用、k、a表示）；（4）上面數(shù)據(jù)處理中并未考慮電壓表的分流，若考慮電壓表分流，則測(cè)得的電動(dòng)勢(shì)（填“＞”、“＜”或“＝”）?！敬鸢浮浚?）最大；（2）209.1；（3）；；（4）<【解析】（1）為了保護(hù)電路，將電阻箱R2的阻值調(diào)至最大；（2）由等效替代思想可得，電阻箱阻值大小與Rx阻值相同，電阻箱讀數(shù)如圖乙所示，則Rx=(2×100+9×1+1×0.1)Ω=209.1Ω（3）由閉合電路歐姆定律可得變形可得結(jié)合圖像的斜率為k，與縱軸的截距為a，則可得（4）考慮電壓表的分流，設(shè)R0與電壓表并聯(lián)總電阻為R并，則變形得解得則測(cè)得的電動(dòng)勢(shì)E測(cè)<E真。15．（10分）某實(shí)驗(yàn)小組的同學(xué)用如圖1所示的裝置探究加速度與物體所受合外力的關(guān)系（圖中力傳感器可顯示上端繩子的拉力）。（1）為了正確地完成實(shí)驗(yàn)，以下做法必要的是（填選項(xiàng)序號(hào)）。A．用天平測(cè)出鉤碼和力傳感器的質(zhì)量B．實(shí)驗(yàn)時(shí)需滿足鉤碼的質(zhì)量遠(yuǎn)小于滑塊的質(zhì)量C．調(diào)節(jié)滑輪使細(xì)線與氣墊導(dǎo)軌平行（2）用游標(biāo)卡尺測(cè)量遮光片的寬度，示數(shù)如圖2所示，cm。（3）安裝器材，完成必要的調(diào)節(jié)。（4）通過(guò)氣墊導(dǎo)軌上的刻度尺可以讀出釋放時(shí)滑塊上遮光條到光電門(mén)的距離為L(zhǎng)，由靜止釋放滑塊，測(cè)得遮光條通過(guò)光電門(mén)的時(shí)間Δt，則滑塊運(yùn)動(dòng)的加速度（用題中的字母表示），實(shí)驗(yàn)中力傳感器的示數(shù)為F。（5）改變懸掛鉤碼的個(gè)數(shù)，重復(fù)實(shí)驗(yàn)，得到多組（a，F(xiàn)）值，作出aF圖像如圖3所示，則滑塊的質(zhì)量（含遮光條）為kg，圖線沒(méi)有經(jīng)過(guò)坐標(biāo)原點(diǎn)，原因可能是．【答案】（1）C；（2）0.240；（4）；（5）0.5；氣墊導(dǎo)軌沒(méi)有調(diào)至水平，左端較高【解析】（1）AB.力傳感器的示數(shù)等于細(xì)線拉力，不需要拉力近似等于鉤碼重力，也就不需要滿足鉤碼的質(zhì)量遠(yuǎn)小于滑塊的質(zhì)量，更不需要測(cè)出鉤碼和力傳感器的質(zhì)量，故AB錯(cuò)誤；C.細(xì)線需要與氣墊導(dǎo)軌平行，確保拉力恒定，故C正確。故選C。（2）第八格刻度線對(duì)齊，游標(biāo)卡尺讀數(shù)（4）滑塊通過(guò)光電門(mén)時(shí)的速度根據(jù)解得（5）aF圖像的斜率解得圖線沒(méi)有經(jīng)過(guò)坐標(biāo)原點(diǎn)，原因可能是氣墊導(dǎo)軌沒(méi)有調(diào)至水平，左端較高。四、計(jì)算題（本題共3小題，共36分。要求寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。）16．（10分）如圖所示的玻璃磚橫截面由等腰直角三角形OAB和四分之一圓BD組成，O是圓心，有一細(xì)單色光束垂直AB入射，在AD面上恰好發(fā)生全反射，已知光在真空中的傳播速度為c，不考慮BD面的反射光。求：（1）玻璃磚的折射率是多少；（2）保持細(xì)光束垂直AB入射，改變?nèi)肷潼c(diǎn)，光在玻璃磚中傳播的最長(zhǎng)時(shí)間是多少?！敬鸢浮浚?）；（2）【解析】（1）由于是等腰直角三角形，垂直AB入射，在AD面上的入射角為45°恰好發(fā)生全反射，則臨界角根據(jù)臨界角與折射率之間的關(guān)系有代入數(shù)據(jù)得折射率（2）保持細(xì)光束垂直AB入射，改變?nèi)肷潼c(diǎn)，作出光路圖如圖所示由幾何關(guān)系可知從AB邊入射經(jīng)過(guò)AD邊反射到BD連線時(shí)的光程是不變的，所以在AB中點(diǎn)入射的光在玻璃磚中經(jīng)過(guò)BD連線后傳播的路程最長(zhǎng)，所用時(shí)間最長(zhǎng)。光在介質(zhì)中傳播的最長(zhǎng)路程光在介質(zhì)中的傳播速度光在介質(zhì)中傳播的最長(zhǎng)時(shí)間17．（12分）如圖所示，豎直平面內(nèi)的四分之一光滑圓弧軌道下端與水平桌面相切。兩個(gè)完全相同的小滑塊A、B分別靜止在圓弧軌道的最高點(diǎn)和最低點(diǎn)?，F(xiàn)將A無(wú)初速釋放，滑塊A以速度v在水平方向和B發(fā)生正碰后粘在一起，并沿桌面繼續(xù)滑動(dòng)。已知滑