新教材高考物理一輪復(fù)習(xí)課時練23電場力的性質(zhì)含解析新人教版

一輪復(fù)習(xí)精品資料(高中)PAGE1-電場力的性質(zhì)1.(電荷守恒定律、庫侖定律)(2020四川自貢診斷)兩個完全相同的金屬小球,所帶電荷量多少不同,相距一定的距離時,兩個金屬球之間有相互作用的庫侖力,如果將兩個金屬球相互接觸一下后,再放到原來的位置,則兩球的作用力變化情況是()A.如果相互接觸前兩球的庫侖力是引力,則相互接觸后的庫侖力仍是引力B.如果相互接觸前兩球的庫侖力是引力,則相互接觸后的庫侖力為零C.如果相互接觸前兩球的庫侖力是斥力,則相互接觸后的庫侖力仍是斥力D.如果相互接觸前兩球的庫侖力是斥力,則相互接觸后的庫侖力是引力2.(電場線)下列有關(guān)電場的說法正確的是()A.圖甲為等量同種點電荷形成的電場線B.圖乙離點電荷距離相等的a、b兩點電場強(qiáng)度相同C.圖丙中在c點靜止釋放一正電荷,可以沿著電場線運動到d點D.圖丁中某一電荷放在e點與放到f點,它們的電勢能相同3.(庫侖定律的應(yīng)用)(2020四川攀枝花模擬)如圖所示,真空中三個質(zhì)量相等的小球A、B、C,帶電量分別為QA=6q,QB=3q,QC=8q。現(xiàn)用恰當(dāng)大小的恒力F拉C,可使A、B、C沿光滑水平面做勻加速直線運動,運動過程中A、B、C保持相對靜止,且A、B間距離與B、C間距離相等。不計電荷運動產(chǎn)生磁場的影響,小球可視為點電荷,則此過程中B、C之間的作用力大小為()A.43F B.F C.23F D.4.(電場強(qiáng)度的計算)(2020重慶市直屬校高三月考)如圖所示,甲、乙兩圖中實線表示半徑相同的帶電圓弧,每段圓弧為電荷分布均勻且電荷量相同的18圓弧,電性如圖所示。已知甲圖中O點電場強(qiáng)度大小為E,則乙圖中P點電場強(qiáng)度大小為(A.E B.2E C.0 D.2+25.(電場強(qiáng)度的計算)(2020浙江學(xué)軍中學(xué)模擬)一邊長為r的正三角形的三個頂點,固定有3個點電荷,電荷量分別為+q、+q和-2q,如圖所示,靜電力常量為k,則三角形中心處O點的電場強(qiáng)度大小和方向為()A.12kqr2,指向電荷量為-B.9kqr2,指向電荷量為-C.12kqr2,背離電荷量為-D.9kqr2,背離電荷量為-6.(電場線和運動軌跡組合模型)如圖所示,實線是電場線,一帶電粒子只在電場力的作用下沿虛線由A運動到B的過程中,其速度—時間圖像是選項中的()7.(庫侖定律、平衡條件)(2019寧夏銀川期末)如圖所示,真空中A、B兩個正點電荷的電荷量分別為Q和q,放在光滑絕緣的水平面上,A、B之間用絕緣的輕彈簧連接。當(dāng)系統(tǒng)平衡時,彈簧的伸長量為x0。設(shè)彈簧發(fā)生的均是彈性形變,則()A.保持Q不變,將q變?yōu)?q,平衡時彈簧的伸長量等于2x0B.保持q不變,將Q變?yōu)?Q,平衡時彈簧的伸長量小于2x0C.保持Q不變,將q變?yōu)?q,平衡時彈簧的縮短量等于x0D.保持q不變,將Q變?yōu)?Q,平衡時彈簧的縮短量小于x0素養(yǎng)綜合練8.(多選)如圖所示,圖甲、圖乙分別是等量負(fù)點電荷和等量異種點電荷組成的兩個獨立的帶電系統(tǒng),O為電荷連線和中垂線的交點,M、N是連線上與O點對稱的兩點,p、q是中垂線上與O點對稱的兩點,現(xiàn)有一個正點電荷,僅受電場力作用,則()A.該正點電荷在圖甲和圖乙中從p運動到q時一定是沿直線運動B.該正點電荷在圖甲和圖乙中從M運動到N時一定是沿直線運動C.該正點電荷可以在圖甲中做勻速圓周運動經(jīng)過p和qD.該正點電荷可以在圖乙中做勻速圓周運動經(jīng)過p和q9.(2020浙大附中模擬)帶電荷量分別為+4q和-q的兩個點電荷組成了電荷系統(tǒng),其電場線分別如圖所示,圖中實線為電場線,未標(biāo)注方向,虛線上A、B、C、D等間距,根據(jù)圖像可判斷()A.BC間的電場方向為C指向BB.A點附近沒有電場線,A點的電場強(qiáng)度為零C.D點電場強(qiáng)度為零,試探電荷不受電場力作用D.若把一個帶正電的試探電荷從A移到B,電場力做正功,電勢能減小10.(2020廣東揭陽模擬)如圖所示用三根長度相同的絕緣細(xì)線將三個帶電小球連接后懸掛在空中。三個帶電小球質(zhì)量相等,A球帶負(fù)電,平衡時三根絕緣細(xì)線都是直的,但拉力都為零。則()A.B球和C球所帶電荷量不一定相等B.B球和C球所帶電荷量一定相等C.B球帶負(fù)電荷,C球帶正電荷D.B球帶正電荷,C球帶負(fù)電荷11.(2020山東泰安高三下學(xué)期三模)如圖所示,M點固定一負(fù)電荷,N點固定一正電荷,兩者所帶的電荷量相等、相距為L,以N點為圓心、L2為半徑畫圓,a、b、c、d是圓周上的四點,其中a、b兩點在直線MN上,c、d兩點的連線過N點,且垂直于MN,一帶正電的試探電荷沿圓周移動。下列說法正確的是(A.該試探電荷在b點所受的電場力最大B.該試探電荷在a、b兩點所受電場力的方向相同C.該試探電荷在b點的電勢能最大D.該試探電荷在c、d兩點所受的電場力相同12.(2020陜西漢中高三教學(xué)質(zhì)量第二次檢測)如圖所示,實線為兩個點電荷Q1、Q2產(chǎn)生的電場的電場線,虛線為正電荷從A點運動到B點的運動軌跡,則下列判斷正確的是()A.A點的電場強(qiáng)度小于B點的電場強(qiáng)度B.Q1的電荷量大于Q2的電荷量C.正電荷在A點的電勢能小于在B點的電勢能D.正電荷在A點的速度小于在B點的速度13.如圖所示,小球A用兩根等長的絕緣細(xì)繩a、b懸掛在水平天花板上,兩繩之間的夾角為60°。A的質(zhì)量為0.1kg,電荷量為2.0×10-6C。A的正下方0.3m處固定有一帶等量同種電荷的小球B。A、B均可視為點電荷,靜電力常量k=9×109N·m2/C2,重力加速度g取10m/s2。求:(1)細(xì)繩a的拉力大小;(2)剪斷細(xì)繩a的瞬間,細(xì)繩b的拉力大小和小球A的加速度大小。▁▃▅▇█參*考*答*案█▇▅▃▁課時規(guī)范練23電場力的性質(zhì)1.C2.D由題圖可知,甲為等量異種電荷形成的電場線,故A錯誤;乙為正的點電荷所形成的電場線分布,離點電荷距離相等的a、b兩點電場強(qiáng)度大小相同,電場強(qiáng)度方向不同,故B錯誤;只有電場線為直線時,粒子才有可能沿著電場線運動,曲線電場線中,粒子不會沿著電場線運動,故C錯誤;題圖丁中e點與f點電勢相同,它們的電勢能相同,故D正確。3.A對三個球的整體:F=3ma;對A、B的整體:F1=2ma,解得F1=23F;即A、B對C的庫侖力的合力為23F;因:FBCFAC=k3q·8qL2∶k6q·8q4.D題中甲圖中O點電場強(qiáng)度為E,乙圖相當(dāng)于甲圖順時針旋轉(zhuǎn)45°,再與原甲圖疊加,所以乙圖中P點電場強(qiáng)度可視為兩個夾角為45°的E疊加,兩矢量水平分量之和為1+22E,豎直分量之和為22E,則P處的電場強(qiáng)度為Ep=E(1+225.BO點是三角形的中心,到三個電荷的距離為l=23r×sin60°=33r,兩個+q電荷在O處產(chǎn)生的電場強(qiáng)度大小均為E1=E2=kql2;根據(jù)對稱性和幾何知識得知:兩個+q在O處產(chǎn)生的合電場強(qiáng)度為E12=E1=kql2;再與-2q在O處產(chǎn)生的電場強(qiáng)度合成,得到O點的合電場強(qiáng)度為E=E12+E3=kql2+k6.B電場力的方向指向軌跡的凹側(cè)且沿與電場線相切的方向,因此粒子從A運動到B的過程中電場力方向與速度方向的夾角大于90°,粒子做減速運動,電場力越來越小,加速度越來越小,故B項正確。7.B設(shè)彈簧的勁度系數(shù)為k,原長為x,當(dāng)系統(tǒng)平衡時,彈簧的伸長量為x0,則有:kx0=kQq(x+x0)2,保持Q不變,將q變?yōu)?q時,平衡時有:kx1=k2Qq(x+x1)2,由上式易得:x1<2x0,A項錯誤;同理可以得到,保持q不變,將Q變?yōu)?Q,平衡時彈簧的伸長量小于28.BC在甲圖中,p、q間電場線方向均指向O點,正點電荷可沿直線從p運動到q,在乙圖中,p、q間電場線方向垂直p、q連線,正點電荷所受的電場力與p、q連線垂直,不可能沿直線運動,故A錯誤;在甲圖中,M、N間電場線方向均背離O點,正點電荷可沿直線從M運動到N,在乙圖中,M、N間電場線方向由M指向N,正點電荷所受的電場力與M、N連線平行,也可以沿直線運動,故B正確;正點電荷在甲圖所示電場中,所受的電場力指向O點,正點電荷可以繞O點做勻速圓周運動,并經(jīng)過p、q,故C正確;在乙電場中,正點電荷受到的電場力與p、q連線垂直,不可能做勻速圓周運動,故D錯誤。9.C電場線的疏密表示電場的強(qiáng)弱,結(jié)合庫侖定律可知,B處的點電荷為+4q,C處的點電荷為-q。電場線的方向總是從正電荷出發(fā)終止于負(fù)電荷,即BC間的電場方向大體為B指向C,故A錯誤;由點電荷電場強(qiáng)度的公式:E=kQr2和電場的疊加,易得A點的電場強(qiáng)度并不等于零,故B錯誤;由點電荷電場強(qiáng)度的公式:E=kQr2和電場的疊加可得,D點的電場強(qiáng)度為零,試探電荷在D點不受電場力,故C正確;AB間電場方向為B指向A,帶正電的試探電荷從10.BB球受重力及A、C對B球的庫侖力而處于平衡狀態(tài);則A與C球?qū)球的庫侖力的合力應(yīng)與重力大小相等,方向相反;而庫侖力的方向只能沿兩電荷的連線方向,故可知A對B的庫侖力應(yīng)指向A,C對B的庫侖力應(yīng)指向B的左側(cè);因A帶負(fù)電,則可知B、C都應(yīng)帶正電,故C、D錯誤;由受力分析圖可知,A對B的庫侖力應(yīng)為C對B庫侖力的2倍,故C帶電荷量應(yīng)為A帶電荷量的一半;同理分析C可知,B帶電荷量也應(yīng)為A帶電荷量的一半,故B、C帶電荷量應(yīng)相同,故A錯誤,B正確。11.C在a、b、c、d四點+Q對正電的試探電荷產(chǎn)生的電場強(qiáng)度相同,方向背離圓心,在a、b、c、d四點-Q對正電的試探電荷產(chǎn)生的電場強(qiáng)度在與-Q連線上,指向-Q,根據(jù)電場強(qiáng)度的疊加,b點處的合電場強(qiáng)度最小,根據(jù)F=Eq,則所受的電場力最小,選項A錯誤;根據(jù)電場的疊加,a點的電場強(qiáng)度方向向左,b點的電場強(qiáng)度,根據(jù)E=kQr2,+Q在b點的電場強(qiáng)度大于-Q在b點的電場強(qiáng)度,b點合電場強(qiáng)度方向向右,試探正電荷在a、b兩點所受電場力的方向相反,選項B錯誤;a、b、c、d四點在以點電荷+Q為圓心的圓上,由+Q產(chǎn)生的電場在a、b、c、d四點的電勢是相等的,所以a、b、c、d四點的總電勢可以通過-Q產(chǎn)生的電場的電勢確定,根據(jù)順著電場線方向電勢降低可知,b點的電勢最高,c、d電勢相等,a點電勢最低,根據(jù)Ep=qφ,則試探正電荷在b點的電勢能最大,選項C正確;根據(jù)電場的疊加c、d兩點的合電場強(qiáng)度大小相同,方向不相同,試探正電荷在c、12.C根據(jù)“電場線的密疏表示電場強(qiáng)度的大小”可知A點的電場強(qiáng)度比B點的電場強(qiáng)度大,選項A錯誤;根據(jù)電場線分布情況可知Q1、Q2是同種電荷。由點電荷周圍電場線較密可知點電荷帶電荷量較多,即Q1<Q2,選項B錯誤;正電荷做曲線運動,受到的合力方向指向曲線的凹處,并且和電場線在一條直線上,所以正電荷電場力方向指向Q2,由于正電荷從A點運動到B點的過程中,電場力方向與速度方向的夾角總是大于90°,電場力做負(fù)功,電勢能增大,即正電荷在A點的電勢能小于在B點的電勢能,選項C正確;正電荷從A點運動到B點,電場力做負(fù)功,電勢能增大,動能減小,故正電荷在A點的速度大于在B點的速度,選項D錯誤。13.〖答案〗(1)35N(2)3310N〖解析〗(1)小球A、B之間的庫侖力:F=kQ對小球A受力分析,根據(jù)平衡條件有:2Tcos30°+F=mg解得T=35(2)剪斷細(xì)繩a瞬間,A的加速度方向與細(xì)繩b垂直,根據(jù)牛頓第二定律:mgcos30°=Fcos30°+T'mgsin30°-Fsin30°=ma聯(lián)立解得:T'=3310N,a=3m/s電場力的性質(zhì)1.(電荷守恒定律、庫侖定律)(2020四川自貢診斷)兩個完全相同的金屬小球,所帶電荷量多少不同,相距一定的距離時,兩個金屬球之間有相互作用的庫侖力,如果將兩個金屬球相互接觸一下后,再放到原來的位置,則兩球的作用力變化情況是()A.如果相互接觸前兩球的庫侖力是引力,則相互接觸后的庫侖力仍是引力B.如果相互接觸前兩球的庫侖力是引力,則相互接觸后的庫侖力為零C.如果相互接觸前兩球的庫侖力是斥力,則相互接觸后的庫侖力仍是斥力D.如果相互接觸前兩球的庫侖力是斥力,則相互接觸后的庫侖力是引力2.(電場線)下列有關(guān)電場的說法正確的是()A.圖甲為等量同種點電荷形成的電場線B.圖乙離點電荷距離相等的a、b兩點電場強(qiáng)度相同C.圖丙中在c點靜止釋放一正電荷,可以沿著電場線運動到d點D.圖丁中某一電荷放在e點與放到f點,它們的電勢能相同3.(庫侖定律的應(yīng)用)(2020四川攀枝花模擬)如圖所示,真空中三個質(zhì)量相等的小球A、B、C,帶電量分別為QA=6q,QB=3q,QC=8q。現(xiàn)用恰當(dāng)大小的恒力F拉C,可使A、B、C沿光滑水平面做勻加速直線運動,運動過程中A、B、C保持相對靜止,且A、B間距離與B、C間距離相等。不計電荷運動產(chǎn)生磁場的影響,小球可視為點電荷,則此過程中B、C之間的作用力大小為()A.43F B.F C.23F D.4.(電場強(qiáng)度的計算)(2020重慶市直屬校高三月考)如圖所示,甲、乙兩圖中實線表示半徑相同的帶電圓弧,每段圓弧為電荷分布均勻且電荷量相同的18圓弧,電性如圖所示。已知甲圖中O點電場強(qiáng)度大小為E,則乙圖中P點電場強(qiáng)度大小為(A.E B.2E C.0 D.2+25.(電場強(qiáng)度的計算)(2020浙江學(xué)軍中學(xué)模擬)一邊長為r的正三角形的三個頂點,固定有3個點電荷,電荷量分別為+q、+q和-2q,如圖所示,靜電力常量為k,則三角形中心處O點的電場強(qiáng)度大小和方向為()A.12kqr2,指向電荷量為-B.9kqr2,指向電荷量為-C.12kqr2,背離電荷量為-D.9kqr2,背離電荷量為-6.(電場線和運動軌跡組合模型)如圖所示,實線是電場線,一帶電粒子只在電場力的作用下沿虛線由A運動到B的過程中,其速度—時間圖像是選項中的()7.(庫侖定律、平衡條件)(2019寧夏銀川期末)如圖所示,真空中A、B兩個正點電荷的電荷量分別為Q和q,放在光滑絕緣的水平面上,A、B之間用絕緣的輕彈簧連接。當(dāng)系統(tǒng)平衡時,彈簧的伸長量為x0。設(shè)彈簧發(fā)生的均是彈性形變,則()A.保持Q不變,將q變?yōu)?q,平衡時彈簧的伸長量等于2x0B.保持q不變,將Q變?yōu)?Q,平衡時彈簧的伸長量小于2x0C.保持Q不變,將q變?yōu)?q,平衡時彈簧的縮短量等于x0D.保持q不變,將Q變?yōu)?Q,平衡時彈簧的縮短量小于x0素養(yǎng)綜合練8.(多選)如圖所示,圖甲、圖乙分別是等量負(fù)點電荷和等量異種點電荷組成的兩個獨立的帶電系統(tǒng),O為電荷連線和中垂線的交點,M、N是連線上與O點對稱的兩點,p、q是中垂線上與O點對稱的兩點,現(xiàn)有一個正點電荷,僅受電場力作用,則()A.該正點電荷在圖甲和圖乙中從p運動到q時一定是沿直線運動B.該正點電荷在圖甲和圖乙中從M運動到N時一定是沿直線運動C.該正點電荷可以在圖甲中做勻速圓周運動經(jīng)過p和qD.該正點電荷可以在圖乙中做勻速圓周運動經(jīng)過p和q9.(2020浙大附中模擬)帶電荷量分別為+4q和-q的兩個點電荷組成了電荷系統(tǒng),其電場線分別如圖所示,圖中實線為電場線,未標(biāo)注方向,虛線上A、B、C、D等間距,根據(jù)圖像可判斷()A.BC間的電場方向為C指向BB.A點附近沒有電場線,A點的電場強(qiáng)度為零C.D點電場強(qiáng)度為零,試探電荷不受電場力作用D.若把一個帶正電的試探電荷從A移到B,電場力做正功,電勢能減小10.(2020廣東揭陽模擬)如圖所示用三根長度相同的絕緣細(xì)線將三個帶電小球連接后懸掛在空中。三個帶電小球質(zhì)量相等,A球帶負(fù)電,平衡時三根絕緣細(xì)線都是直的,但拉力都為零。則()A.B球和C球所帶電荷量不一定相等B.B球和C球所帶電荷量一定相等C.B球帶負(fù)電荷,C球帶正電荷D.B球帶正電荷,C球帶負(fù)電荷11.(2020山東泰安高三下學(xué)期三模)如圖所示,M點固定一負(fù)電荷,N點固定一正電荷,兩者所帶的電荷量相等、相距為L,以N點為圓心、L2為半徑畫圓,a、b、c、d是圓周上的四點,其中a、b兩點在直線MN上,c、d兩點的連線過N點,且垂直于MN,一帶正電的試探電荷沿圓周移動。下列說法正確的是(A.該試探電荷在b點所受的電場力最大B.該試探電荷在a、b兩點所受電場力的方向相同C.該試探電荷在b點的電勢能最大D.該試探電荷在c、d兩點所受的電場力相同12.(2020陜西漢中高三教學(xué)質(zhì)量第二次檢測)如圖所示,實線為兩個點電荷Q1、Q2產(chǎn)生的電場的電場線,虛線為正電荷從A點運動到B點的運動軌跡,則下列判斷正確的是()A.A點的電場強(qiáng)度小于B點的電場強(qiáng)度B.Q1的電荷量大于Q2的電荷量C.正電荷在A點的電勢能小于在B點的電勢能D.正電荷在A點的速度小于在B點的速度13.如圖所示,小球A用兩根等長的絕緣細(xì)繩a、b懸掛在水平天花板上,兩繩之間的夾角為60°。A的質(zhì)量為0.1kg,電荷量為2.0×10-6C。A的正下方0.3m處固定有一帶等量同種電荷的小球B。A、B均可視為點電荷,靜電力常量k=9×109N·m2/C2,重力加速度g取10m/s2。求:(1)細(xì)繩a的拉力大小;(2)剪斷細(xì)繩a的瞬間,細(xì)繩b的拉力大小和小球A的加速度大小。▁▃▅▇█參*考*答*案█▇▅▃▁課時規(guī)范練23電場力的性質(zhì)1.C2.D由題圖可知,甲為等量異種電荷形成的電場線,故A錯誤;乙為正的點電荷所形成的電場線分布,離點電荷距離相等的a、b兩點電場強(qiáng)度大小相同,電場強(qiáng)度方向不同,故B錯誤;只有電場線為直線時,粒子才有可能沿著電場線運動,曲線電場線中,粒子不會沿著電場線運動,故C錯誤;題圖丁中e點與f點電勢相同,它們的電勢能相同,故D正確。3.A對三個球的整體:F=3ma;對A、B的整體:F1=2ma,解得F1=23F;即A、B對C的庫侖力的合力為23F;因:FBCFAC=k3q·8qL2∶k6q·8q4.D題中甲圖中O點電場強(qiáng)度為E,乙圖相當(dāng)于甲圖順時針旋轉(zhuǎn)45°,再與原甲圖疊加,所以乙圖中P點電場強(qiáng)度可視為兩個夾角為45°的E疊加,兩矢量水平分量之和為1+22E,豎直分量之和為22E,則P處的電場強(qiáng)度為Ep=E(1+225.BO點是三角形的中心,到三個電荷的距離為l=23r×sin60°=33r,兩個+q電荷在O處產(chǎn)生的電場強(qiáng)度大小均為E1=E2=kql2;根據(jù)對稱性和幾何知識得知:兩個+q在O處產(chǎn)生的合電場強(qiáng)度為E12=E1=kql2;再與-2q在O處產(chǎn)生的電場強(qiáng)度合成,得到O點的合電場強(qiáng)度為E=E12+E3=kql2+k6.B電場力的方向指向軌跡的凹側(cè)且沿與電場線相切的方向,因此粒子從A運動到B的過程中電場力方向與速度方向的夾角大于90°,粒子做減速運動,電場力越來越小,加速度越來越小,故B項正確。7.B設(shè)彈簧的勁度系數(shù)為k,原長為x,當(dāng)系統(tǒng)平衡時,彈簧的伸長量為x0,則有:kx0=kQq(x+x0)2,保持Q不變,將q變?yōu)?q時,平衡時有:kx1=k2Qq(x+x1)2,由上式易得:x1<2x0,A項錯誤;同理可以得到,保持q不變,將Q變?yōu)?Q,平衡時彈簧的伸長量小于28.BC在甲圖中,p、q間電場線方向均指向O點,正點電荷可沿直線從p運動到q,在乙圖中,p、q間電場線方向垂直p、q連線,正點電荷所受的電場力與p、q連線垂直,不可能沿直線運動,故A錯誤;在甲圖中,M、N間電場線方向均背離O點,正點電荷可沿直線從M運動到N,在乙圖中,M、N間電場線方向由M指向N,正點電荷所受的電場力與M、N連線平行,也可以沿直線運動,故B正確;正點電荷在甲圖所示電場中,所受的電場力指向O點,正點電荷可以繞O點做勻速圓周運動,并經(jīng)過p、q,故C正確;在乙電場中,正點電荷受到的電場力與p、q連線垂直,不可能做勻速圓周運動,故D錯誤。9.C電場線的疏密表示電場的強(qiáng)弱,結(jié)合庫侖定律可知,B處的點電荷為+4q,C處的點電荷為-q。電場線的方向總是從正電荷出發(fā)終止于負(fù)電荷,即BC間的電場方向大體為B指向C,故A錯誤;由點電荷電場強(qiáng)度的公式:E=kQr2和電場的疊加,易得A點的電場強(qiáng)度并不等于零,故B錯誤;由點電荷電場強(qiáng)度的公式:E=kQr2和電場的疊加可得,D點的電場強(qiáng)度為零,試探電荷在D點不受電場力,故C正確;AB間電場方向為B指向A,帶正電的試探電荷從10.BB球受重力及A、C對B球的庫侖力而處于平衡狀態(tài);則A與C球?qū)球的庫侖力的合力應(yīng)與重力大小相等,方向相反;而庫侖力的方向只能沿兩電荷的連線方向,故可知A對B的庫侖力應(yīng)指向A,C對B的庫侖力應(yīng)指向B的左側(cè);因A帶負(fù)電,則可知B、C都應(yīng)帶正電,故C、D錯誤;由受力分析圖可知,A對B的庫侖力應(yīng)為C對B庫侖力的2倍,故