廣西柳江中學(xué)2024-2025學(xué)年高二物理上學(xué)期期末模擬試題一

PAGE8廣西柳江中學(xué)2024-2025學(xué)年高二物理上學(xué)期期末模擬試題（一）一、選擇題(每題5分，1-6為單選題，7-10為多選題，共50分)1．關(guān)于電壓與電動(dòng)勢(shì)的說(shuō)法中正確的是()A．電壓與電動(dòng)勢(shì)的單位都是伏特，所以電動(dòng)勢(shì)與電壓是同一物理量的不同叫法B．電動(dòng)勢(shì)就是兩板間的電壓C．電動(dòng)勢(shì)公式E＝中的W與電壓U＝中的W是一樣的，都是電場(chǎng)力做的功D．電動(dòng)勢(shì)是反映電源把其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能本事強(qiáng)弱的物理量2．如圖所示，在一條直線上有兩個(gè)相距0.4m的點(diǎn)電荷A、B，A帶電+Q，B帶電-9Q.現(xiàn)引入第三個(gè)點(diǎn)電荷C，恰好使三個(gè)點(diǎn)電荷均在電場(chǎng)力的作用下處于平衡狀態(tài)，則C的帶電性質(zhì)及位置應(yīng)為()A．負(fù)A的左邊

m處B．負(fù)A的右邊

m處C．正B的左邊

m處D．正B的右邊

m處3．如圖所示，平行板電容器與電動(dòng)勢(shì)為E的電源連接，上極板A接地，一帶負(fù)電的油滴固定于電容器中的P點(diǎn)，現(xiàn)將平行板電容器的下極板B豎直向下移動(dòng)一小段距離，則（）A．帶電油滴所受靜電力不變B．P點(diǎn)的電勢(shì)將上升C．帶電油滴在P點(diǎn)時(shí)的電勢(shì)能增大D．電容器的電容減小，極板帶電荷量增大4．如圖所示，對(duì)于電場(chǎng)線中的A、B、C三點(diǎn)，下列推斷正確的是()A．A點(diǎn)的電勢(shì)最低B．B點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度最大C．同一正電荷在A、B兩點(diǎn)受的電場(chǎng)力大小相等D．同一負(fù)電荷在C點(diǎn)具有的電勢(shì)能比在A點(diǎn)的大5．在如圖所示的電路中，閉合電鍵S，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭P向上滑動(dòng)過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的是（）A．電容器的電荷量增大 B．電流表A的示數(shù)減小C．電壓表V1示數(shù)在變大 D．電壓表V2示數(shù)在變大6．如圖所示，AC是一個(gè)用長(zhǎng)為L(zhǎng)的導(dǎo)線彎成的、以O(shè)為圓心的四分之一圓弧，將其放置在與平面AOC垂直的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，當(dāng)在該導(dǎo)線中通以由C到A，大小為I的恒定電流時(shí)，該導(dǎo)線受到的安培力的大小和方向是（）A．BIL，平行于OC向左B．22BILπC．22BILπD．22BIL，垂直7．如圖所示是兩個(gè)等量異種點(diǎn)電荷，四周有1、2、3、4、5、6各點(diǎn)，其中1、2之間距離與2、3之間距離相等，2、5之間距離與2、6之間距離相等．兩條虛線相互垂直且平分，那么關(guān)于各點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度和電勢(shì)的敘述正確的是()A．1、3兩點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度相同B．5、6兩點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度相同C．4、5兩點(diǎn)電勢(shì)不相同D．1、3兩點(diǎn)電勢(shì)相同8．分別將帶正電、負(fù)電和不帶電的三個(gè)等質(zhì)量小球，分別以相同的水平速度由P點(diǎn)射入水平放置的平行金屬板間，已知上板帶負(fù)電，下板接地。三小球分別落在圖中A、B、C三點(diǎn)，則錯(cuò)誤的是（）A．A帶正電、B不帶電、C帶負(fù)電B．三小球在電場(chǎng)中加速度大小關(guān)系是：aB＜aA＜aCC．三小球在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間相等D．三小球到達(dá)下板時(shí)的動(dòng)能關(guān)系是EkC＞EkB＞EkA9．如圖所示，直線I、II分別是電源1與電源2的路端電壓隨輸出電流的改變的特性圖線，曲線Ⅲ是一個(gè)小燈泡的伏安特性曲線，假如把該小燈泡分別與電源1、電源2單獨(dú)連接，則下列說(shuō)法正確的是（）A．電源1與電源2的內(nèi)阻之比是7∶11 B．電源1與電源2的電動(dòng)勢(shì)之比是1∶1C．在這兩種連接狀態(tài)下，小燈泡消耗的功率之比是1∶2 D．在這兩種連接狀態(tài)下，小燈泡的電阻之比是1∶210．如圖所示，一半徑為r的圓環(huán)上勻稱分布著電荷，在垂直于圓環(huán)且過(guò)圓心c的軸線上有a、b、d三個(gè)點(diǎn)，a和b、b和c、c和d間的距離均為R，在a點(diǎn)處有一電荷量為q(q>0)的固定點(diǎn)電荷．已知d點(diǎn)處的場(chǎng)強(qiáng)為零，靜電力常量為k，則（）A．圓環(huán)帶負(fù)電B．c點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)為C．b點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)為D．圓環(huán)在d點(diǎn)產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)大小為三、試驗(yàn)題(共24分)11．在測(cè)量金屬絲電阻率的試驗(yàn)中，可供選用的器材如下：待測(cè)金屬絲：Rx（阻值約4Ω，額定電流約0.5A）；電壓表：V（量程3V，內(nèi)阻約3kΩ）；電流表：A1（量程0.6A，內(nèi)阻約0.2Ω）；A2（量程3A，內(nèi)阻約0.05Ω）；電源：E1（電動(dòng)勢(shì)3V，內(nèi)阻不計(jì)）；E2（電動(dòng)勢(shì)12V，內(nèi)阻不計(jì)）滑動(dòng)變阻器：R（最大阻值約20Ω）螺旋測(cè)微器；毫米刻度尺；開(kāi)關(guān)S；導(dǎo)線。（1）用螺旋測(cè)微器測(cè)量金屬絲的直徑，示數(shù)如圖所示，讀數(shù)為mm。（2）若滑動(dòng)變阻器采納限流接法，為使測(cè)量盡量精確，電流表應(yīng)選電源應(yīng)選（均填器材代號(hào)），在虛線框中完成電路原理圖。12.有一個(gè)額定電壓為2.8V，功率約為0.8W的小燈泡，現(xiàn)要用伏安法描繪這個(gè)燈泡的I－U圖線，有下列器材供選用：A．電壓表(0～3V，內(nèi)阻6kΩ)；B．電壓表(0～15V，內(nèi)阻30kΩ)；C．電流表(0～3A，內(nèi)阻0.1Ω)；D．電流表(0～0.6A，內(nèi)阻0.5Ω)；E．滑動(dòng)變阻器(10Ω，2A)；F．滑動(dòng)變阻器(200Ω，0.5A)；G．蓄電池(電動(dòng)勢(shì)6V，內(nèi)阻不計(jì))。(1)某同學(xué)誤將電流表和電壓表接成如圖甲所示的電路，其他部分連接正確，接通電源后，小燈泡的發(fā)光狀況是。要求小燈泡的電壓從零起先增大，應(yīng)選擇圖乙中的電路圖是。(填“a”或“b”)(2)用正確的電路進(jìn)行測(cè)量，電壓表應(yīng)選用，電流表應(yīng)選用。(用序號(hào)字母表示)(3)滑動(dòng)變阻器應(yīng)選用。(用序號(hào)字母表示)(4)通過(guò)試驗(yàn)測(cè)得此燈泡的伏安特性曲線如圖丙所示。由圖線可求得此燈泡在正常工作時(shí)的電阻為Ω。(5)若將此燈泡連接在另一電動(dòng)勢(shì)為3V、內(nèi)阻為5Ω的電源上，燈泡的實(shí)際功率為_(kāi)________W(此空答案取兩位有效數(shù)字)。三．計(jì)算題13.(8分)空中有豎直向下的電場(chǎng)，電場(chǎng)強(qiáng)度的大小到處相等，一個(gè)質(zhì)量為m=2.0×10-3kg的帶電小球，其帶電量是6.0×10-8C，它在空中下落的加速度為0.1g。設(shè)小球的帶電量不變，空氣阻力不計(jì)，取g=10m/s2，求空中電場(chǎng)強(qiáng)度的大小。14.(9分)如圖所示，兩平行金屬導(dǎo)軌間的距離L＝0.4m，金屬導(dǎo)軌所在平面與水平面夾角θ=370，在導(dǎo)軌所在平面內(nèi)，分布著磁感應(yīng)強(qiáng)度B＝0.5T、方向垂直于導(dǎo)軌所在平面斜向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，金屬導(dǎo)軌的一端接有電動(dòng)勢(shì)E＝4.5V、內(nèi)阻r＝0.5Ω的直流電源?，F(xiàn)把一個(gè)質(zhì)量為m＝0.04kg的導(dǎo)體棒ab放在金屬導(dǎo)軌上，導(dǎo)體棒恰好靜止．導(dǎo)體棒與金屬導(dǎo)軌垂直且接觸良好，導(dǎo)體棒與金屬導(dǎo)軌接觸的兩點(diǎn)間的電阻R0＝2.5Ω，金屬導(dǎo)軌電阻不計(jì)，g取10m/s2。已知sin370=0.6，cos370=0.8，g=10m/s2，求：(1)通過(guò)導(dǎo)體棒的電流；(2)導(dǎo)體棒受到的安培力大小；(3)導(dǎo)體棒受到的摩擦力。15．(9分)質(zhì)譜儀原理如圖所示，a為粒子加速器，電壓為U1；b為速度選擇器，磁場(chǎng)與電場(chǎng)正交，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B1，板間距離為d；c為偏轉(zhuǎn)分別器，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B2.今有一質(zhì)量為m、電荷量為e的正粒子(不計(jì)重力)，經(jīng)加速后，該粒子恰能通過(guò)速度選擇器，粒子進(jìn)入分別器后做勻速圓周運(yùn)動(dòng)．求：(1)粒子的速度v為多少？(2)速度選擇器的電壓U2為多少？(3)粒子在B2磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的半徑R為多大？16．(10分)如圖所示，A、B兩極板豎直放置，兩極板之間的電壓U1=2.0×102V，MN兩相同極板水平正對(duì)放置，兩極板之間電壓U2=4.0×102V，板間距d=8cm，板間電場(chǎng)可視為勻強(qiáng)電場(chǎng).一質(zhì)量為m=1.0×10-20kg、帶電量為q=+1.0×10-10C的帶電粒子，從靠近A板處由靜止釋放，經(jīng)電場(chǎng)加速后從B板的小孔穿出，沿M、N極板間中軸線以速度v0射入電場(chǎng)，剛好從M板右邊緣飛出.（不計(jì)粒子重力）.（1）求帶電粒子剛射入M、N極板間時(shí)的初速度v0；（2）求M、N極板的長(zhǎng)度L.柳江中學(xué)高二物理期考模擬卷（一）參考答案1．D分析：A．電壓與電動(dòng)勢(shì)的單位相同，但物理意義不同，是兩個(gè)不同的物理量，故A錯(cuò)誤；

B．電動(dòng)勢(shì)E是由電源本身確定的，跟電源的體積和外電路均無(wú)關(guān)，大小不肯定等于電源兩極間的電壓，更不能說(shuō)電動(dòng)勢(shì)就是電源兩極間的電壓，故B錯(cuò)誤；

C．電動(dòng)勢(shì)定義式公式E=中的W是非靜電力做功，電壓U=中的W是靜電力做功，故C錯(cuò)誤；

D．電源是把其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能的裝置，電動(dòng)勢(shì)反映電源把其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能本事大小，故D正確。

故選D。2．A分析：三個(gè)電荷要平衡，必需三個(gè)電荷的一條直線，外側(cè)二個(gè)電荷相互排斥，中間電荷吸引外側(cè)兩個(gè)電荷，所以外側(cè)兩個(gè)電荷距離大，要平衡中間電荷的拉力，必需外側(cè)電荷電量大，中間電荷電量小，所以C必需為負(fù)電，在A的左側(cè)．設(shè)C所在位置與A的距離為r，則C所在位置與B的距離為，要能處于平衡狀態(tài)，所以A對(duì)C的電場(chǎng)力大小等于B對(duì)C的電場(chǎng)力大小，設(shè)C的電量為q．則有：解得：．故選A．3．B分析：A、將平行板電容器的下極板豎直向下移動(dòng)一小段距離，由于電容器兩板間電壓不變，依據(jù)得知板間場(chǎng)強(qiáng)減小，油滴所受的靜電力減小,則油滴將向下運(yùn)動(dòng),故選項(xiàng)A錯(cuò)誤；BC、板間場(chǎng)強(qiáng)減小，而點(diǎn)與上極板間的距離不變，則由公式分析可知，點(diǎn)與上極板間電勢(shì)差將減小，而點(diǎn)的電勢(shì)低于上極板的電勢(shì)，則知點(diǎn)的電勢(shì)將上升，由帶電油滴原來(lái)處于平衡狀態(tài)可知油滴帶負(fù)電，點(diǎn)的電勢(shì)上升，則油滴在點(diǎn)時(shí)的電勢(shì)能將減小，故選項(xiàng)B正確，C錯(cuò)誤；D、依據(jù)電容的定義式電容器與電源相連，則不變，當(dāng)減小時(shí)，則極板帶電荷量也減小，故選項(xiàng)D錯(cuò)誤．4．D分析：依據(jù)順著電場(chǎng)線電勢(shì)降低，可知A點(diǎn)的電勢(shì)最高，故A錯(cuò)誤；電場(chǎng)線越密，場(chǎng)強(qiáng)越大，B處電場(chǎng)線最疏，電場(chǎng)強(qiáng)度最小，故B錯(cuò)誤；A處電場(chǎng)線最密，電場(chǎng)強(qiáng)度最大，同一電荷在A點(diǎn)受到的電場(chǎng)力最大，故C錯(cuò)誤；將負(fù)電荷從A點(diǎn)移到C點(diǎn)電場(chǎng)力做負(fù)功，電勢(shì)能將增加，所以同一負(fù)電荷在C點(diǎn)具有的電勢(shì)能比在A點(diǎn)的大，故D正確.所以D正確，ABC錯(cuò)誤．5．C分析：當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭P向上滑動(dòng)過(guò)程中，滑動(dòng)變阻器阻值減小，故路端電壓減小，而電容器的兩端間的電壓就是路端電壓，結(jié)合Q=CU可得，電容器的電荷量減小，故A錯(cuò)誤；當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭P向上滑動(dòng)過(guò)程中，滑動(dòng)變阻器阻值減小，故電路的電流增大，電流表A的示數(shù)變大，故B錯(cuò)誤；電壓表V1示數(shù)等于電流與R1阻值的乘積，故示數(shù)在變大，故C正確；路端電壓減小，而電壓表V1示數(shù)在變大，電壓表V2示數(shù)在減小，故D錯(cuò)誤．6．C分析：彎曲的導(dǎo)線通以電流I時(shí)，其所受安培力的狀況與直導(dǎo)線CA通以電流I時(shí)所受安培力狀況相同。設(shè)圓弧對(duì)應(yīng)的半徑為r，則L=12πr，所以r=2Lπ，彎曲導(dǎo)線的等效長(zhǎng)度為L(zhǎng)A.BIL，平行于OC向左，與結(jié)論不相符，選項(xiàng)A不符合題意；B.22BILπC.22BILπD.22BIL，垂直7．AB分析：由等量異種電荷四周電場(chǎng)線和等勢(shì)線的分布可知AB正確；4和5兩個(gè)點(diǎn)的電勢(shì)均為零，因此相等，3點(diǎn)的電勢(shì)為正，1點(diǎn)的電勢(shì)為負(fù)，因此不相等，C、D錯(cuò)誤BC分析：A.依據(jù)牛頓其次定律得到合力關(guān)系為FA<FB<FC，三個(gè)小球重力相同，而平行金屬板上板帶負(fù)極，可以推斷出來(lái)帶正電、不帶電、帶負(fù)電，故選項(xiàng)A正確；C.三個(gè)小球在水平方向都做勻速直線運(yùn)動(dòng)，由圖看出水平位移關(guān)系是xA>xB>xC，三個(gè)小球水平速度v0相同，由x=v0t得運(yùn)動(dòng)時(shí)間關(guān)系是tA>tB>tC，故選項(xiàng)C錯(cuò)誤；B.豎直方向上三個(gè)小球都做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，由圖看出豎直位移大小相等，由得到加速度關(guān)系為，故選項(xiàng)B錯(cuò)誤；D.三個(gè)小球所受合力方向都豎直向下，都做正功，豎直位移大小相等，而合力，則合力做功大小關(guān)系為，依據(jù)動(dòng)能定理得三小球到達(dá)下板時(shí)的動(dòng)能關(guān)系是，故選項(xiàng)D正確。9．BC分析：A．依據(jù)電源的路端電壓隨輸出電流的改變的特性圖線斜率的肯定值表示電源內(nèi)阻可知，電源1與電源2的內(nèi)阻之比是11∶7，選項(xiàng)A不正確；B．依據(jù)電源的路端電壓隨輸出電流的改變的特性圖線在縱軸的截距表示電源電動(dòng)勢(shì)可知，電源1與電源2的電動(dòng)勢(shì)之比是1∶1，選項(xiàng)B正確；C．依據(jù)曲線交點(diǎn)表示工作點(diǎn)，交點(diǎn)的縱、橫坐標(biāo)的乘積表示電源輸出功率，在這兩種連接狀態(tài)下，由可知，小燈泡消耗的功率之比是1∶2，選項(xiàng)C正確；D．依據(jù)曲線交點(diǎn)的縱、橫坐標(biāo)的比值表示小燈泡電阻，在這兩種連接狀態(tài)下，由可知，小燈泡的電阻之比是18∶25，選項(xiàng)D錯(cuò)誤；故選ABC。10．AC分析：AD．電荷量為q的點(diǎn)電荷在d處產(chǎn)生電場(chǎng)強(qiáng)度為，向右；d點(diǎn)處的場(chǎng)強(qiáng)為零，故圓環(huán)在d處產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)為：，向左，故圓環(huán)帶負(fù)電荷，故A正確，D錯(cuò)誤；B．結(jié)合對(duì)稱性和矢量合成法則，圓環(huán)在c點(diǎn)產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)為零；電荷q在c點(diǎn)產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)為，向右；故c點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)為，向右；故B錯(cuò)誤；C．結(jié)合對(duì)稱性，圓環(huán)在b處產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)為：，向右；點(diǎn)電荷q在b處產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)為，向右；故b點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)為：，向右；故C正確.11.(1)1.775mm(2)A1;E112.(1)不亮，b(2)A，D(3)E(4)10(5)0.42～0.4413.解：由牛頓其次定律得∴14.（1）（2）（3）因?yàn)?，所以摩擦力斜向下由得f=0.06N