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文檔簡介
廣東省廣州市2022屆高三二模數(shù)學試題
一、單選題
1.若復數(shù)z=F二是實數(shù),則實數(shù)()
1+1
A.-1B.0C.1D.2
2.下列函數(shù)中,既是偶函數(shù)又在(O,y)上單調遞增的是()
C.y=|R-lD.y=
3.某種包裝的大米質量J(單位:kg)服從正態(tài)分布根據(jù)檢測結果可
知尸(9.98<^<10.02)=0.98,某公司購買該種包裝的大米2000袋.則大米質量在10.02kg
以上的袋數(shù)大約為()
A.10B.20C.30D.40
4.已知數(shù)列{?!埃堑炔顢?shù)列,且4+%+4=乃,貝iJtan(4+%)=()
6.甲,乙,丙,丁四支足球隊進行單循環(huán)比賽(每兩個球隊都要比賽一場),每場比賽
的計分方法是;勝者得3分,負者得0分,平局兩隊各得1分,全部比賽結束后,四隊
的得分為:甲6分,乙5分,丙4分,丁1分,貝IJ()
A.甲勝乙B.乙勝丙C.乙平丁D.丙平J
7.已知拋物線G:V=4x,圓C2:(x-2)2+/=2,直線/:y=A(x—l)與G交于4、B
兩點,與C?交于M、N兩點,若|加=8,則|MN|=()
A.714B.aC.巫D.邁
22
8.己知〃>0且awl,若集合M=<x},N={x[/<iogax},且N=〃,則實數(shù)
ci的取值范圍是()
A.(0,1)U1,/B.(O,l)U尻+8
(\__1_\
c.(O,1)U1,/D.(O,l)Ue2c,+oo
7
二、多選題
9.拋擲兩枚質地均勻的骰子,記“第一枚骰子出現(xiàn)的點數(shù)小于3”為事件A,“第二枚骰
子出現(xiàn)的點數(shù)不小于3”為事件B,則下列結論中正確的是()
A.事件4與事件B互為對立事件
B.事件A與事件3相互獨立
C.尸(B)=2P(A)
D.P(A)+P(B)=1
10.如圖,圓柱的軸截面ABCD是正方形,E在底面圓周上,AE=BE,AF±DE,F
是垂足,G在8D上,10G=2BG,則下列結論中正確的是()
A.AF1.BD
B.直線£>£與直線AG所成角的余弦值為g
C.直線OE與平面ABC。所成角的余弦值為遠.
6
D.若平面AFGc平面=則/〃尸G
11.已知直線y=與曲線y=ei—2b+l相切,則下列不等式成立的是
()
,121
A.cib?—B.—I—?8
8ab
C.4^+4h<—D.3*6
2
12.我們常用的數(shù)是十進制數(shù),$ni079=lxl03+0xl02+7x10'+9x10%表示十進制的
數(shù)要用10個數(shù)碼.0,1,2,3,4,5,6,7,8,9;而電子計算機用的數(shù)是二進制數(shù),
只需兩個數(shù)碼0和1,如四位二進制的數(shù)11。%)=1x2,+1x2。+0x2+1x2°,等于十進
制的數(shù)13.把〃?位〃進制中的最大數(shù)記為其中m,"eN”,〃W2,為
十進制的數(shù),則下列結論中正確的是()
A.M(5,2)=31
B.M(4,2)=M(2,4)
C.M(〃+2,〃+l)<M(〃+l,〃+2)
D.++>A/(〃+l,〃+2)
三、填空題
13.已知心坂是兩個單位向量,c=2a+b>S.blc>則無R+B)=.
14.寫出一個同時滿足下列性質①②③的雙曲線方程.
①中心在原點,焦點在y軸上;②一條漸近線方程為y=2x;③焦距大于10
15.函數(shù)/(x)=sin?rx-hi|2x-3|的所有零點之和為.
四、雙空題
16.在梯形48。中,AB〃CD,AB=2、AD=CD=CB=\,將△AC。沿AC折起,連
接BD,得到三棱錐D-A3C,則三棱錐。-ABC體積的最大值為.此時該
三棱錐的外接球的表面積為.
五、解答題
17.問題:已知〃eN*,數(shù)列{%}的前"項和為S“,是否存在數(shù)列{q},滿足
S,=l,a?+I>1+??,?若存在.求通項公式4;若不存在,說明理由.
在①《向=2(6二+底);②q=S,i+"5N2);③。,向=2”“+〃-1這三個條件中任選
一個,補充在上面問題中并作答.
注:如果選擇多個條件分別解答,按第一個解答計分.
18.某校為全面加強和改進學校體育工作,推進學校體育評價改革,建立了日常參與,
體質監(jiān)測和專項運動技能測試相結合的考查機制,在一次專項運動技能測試中,該校班
機抽取60名學生作為樣本進行耐力跑測試,這60名學生的測試成績等級及頻數(shù)如下表
成績等級優(yōu)良合格不合格
頻數(shù)711411
(1)從這60名學生中隨機抽取2名學生,這2名學生中耐力跑測試成績等級為優(yōu)或良的
人數(shù)記為X,求尸(X=l);
(2)將樣本頻率視為概率,從該校的學生中隨機抽取3名學生參加野外拉練活動,耐力跑
測試成績等級為優(yōu)或良的學生能完成該活動,合格或不合格的學生不能完成該活動,能
完成活動的每名學生得100分,不能完成活動的每名學生得0分.這3名學生所得總分
記為匕求丫的數(shù)學期望.
19.在平面四邊形A8CD中,NA=90。,NO=60。,AC=6,CO=3后.
⑴求“。力的面積;
93
(2)若COSNAC8=3,求AB+e8c的值:
164
20.如圖,已知四邊形ABCD是邊長為2的菱形,ZABC=60°,EF//AC,AC=2EF,
平面AEFCmABCD,AE=AB.
(2)若AELAC,求二面角A-CF-O的余弦值.
21.已知橢圓C:3+g=l(a>b>0)的離心率為白,短軸長為4;
⑴求C的方程;
(2)過點P(-3,0)作兩條相互垂直的直線上4和/?,直線4與C相交于兩個不同點A,B,
在線段AB上取點Q,滿足\A扇Q\=詞AP\,直線4交y軸于點R,求△PQR面積的最小值.
22.已知函數(shù)/(x)=2xlnx-爐一〃?x+i.
⑴若相=0,求“X)的單調區(qū)間;
(2)若加<0,0<匕<。,證明:21n上當〈孚,一〃?.
a-ba--b-
參考答案:
1.A
【解析】
【分析】
利用復數(shù)的除法運算求出復數(shù)z,再由已知列式計算作答.
【詳解】
,、—一-i)加一1一(m+l)im-\m+\.、,,
依題意,-=-----------=------—?,因,"eR,且zM是實數(shù),則=0,
解得機=-1,
所以實數(shù)機=-1.
故選:A
2.C
【解析】
【分析】
根據(jù)函數(shù)奇偶性和單調性的定義,對每個選項進行逐一判斷,即可選擇.
【詳解】
對A:容易知y=是偶函數(shù),且在(0,”)單調遞減,故錯誤;
對B:容易知y=k|-f是偶函數(shù),當x>0時,y=x-x2,
其在(0,;)單調遞增,在(g,+?>)單調遞減,故錯誤;
對C:容易知y=W-i是偶函數(shù),當x>0時,y=x-i是單調增函數(shù),故正確;
對D:容易知y=■是奇函數(shù),故錯誤;
X
故選:C.
3.B
【解析】
【分析】
根據(jù)大米質量4~N(10,b2),利用正態(tài)分布的對稱性求出P(自>10.02),再列式計算作答.
【詳解】
因大米質量孑~N(10,〃),且P(9.984』M10.02)=0.98,則
PC>10.02)=1二,(9.98;4410.02)=0()1)
所以大米質量在1002kg以上的袋數(shù)大約為2000x0.01=20.
故選:B
【解析】
【分析】
利用等差數(shù)列的性質求出名,再利用此性質結合誘導公式計算作答.
【詳解】
在等差數(shù)列{4}中,%+%+/=萬,則有3%=乃,即。5=?,
所以tan(4+%)=tan2a5=tan=一石.
故選:D
5.B
【解析】
【分析】
根據(jù)三角函數(shù)的對稱性,帶值計算即可.
【詳解】
(27r)4/r
根據(jù)題意,sinl-2x—+1=0,即—+(p=k^,k&Z,
解得夕=后萬+與MeZ;當&=—1時,網(wǎng)取得最小值。.
故選:B.
6.C
【解析】
【分析】
甲,乙,丙,丁四支足球隊總比賽場次6場,總得分為16分,由比賽計分規(guī)則可得出在6
場比賽中有2場比賽是平局,丁在3場比賽中有1場是平局,丙在3場比賽中有1場是平局,
乙在3場比賽中有2局是平局,由此可得答案.
【詳解】
解:甲,乙,丙,丁四支足球隊總比賽場次6場,總得分為6+5+4+1=16分,
由比賽計分規(guī)則:勝者得3分,負者得0分,平局兩隊各得1分,所以在6場比賽中有2
場比賽是平局,即3x4+2x2=16,
丁得1分,即1+0+0=1,所以丁在3場比賽中有1場是平局,
丙得4分,即3+1+0=4,所以丙在3場比賽中有1場是平局,
而乙得分5分,即3+1+1=5,所以乙在3場比賽中有2局是平局,所以乙可能平丙,乙可能
平丁,
故選:C.
7.B
【解析】
【分析】
聯(lián)立直線方程和拋物線方程,設8伍,必),根據(jù)拋物線焦點弦長公式為+赴+〃和
韋達定理可求出%,根據(jù)圓的弦長公式彳即可求
【詳解】
"2
由得,小/_(2公+4)x+r=o,
設4(內,乂),8(孫力),:△>(),.?.再+%=2k=&+2,
k-k~
???/:丫=耳X-1)過拋物線的焦點(1,0),故AB為焦點弦,
*".|A5|=芭+毛+2=8,.?.1+/=6,*,*—2+2=6,解得k=±1,
由圓關于%軸對稱可知,k=l和仁一1時|例相同,
故不妨取女=1,/為y=x—1,BPx—y—1=0,
圓心(2,1)到/的距離"J2*""=#,A\MN\=2V2-d2==46.
故選:B.
8.D
【解析】
【分析】
求出集合M,再由給定條件,對集合N分類討論,構造函數(shù),利用導數(shù)探討函數(shù)最小值求
解作答.
【詳解】
依題意,A/={x|X^-l)<O}={x|O<x<l},N={x|x2-log〃x<0},令/(x)=d-log”x,
當0<a<l時,函數(shù)/(x)在(0,+oo)上單調遞增,j/jj/(I)=1>0,f(a)=a2-I<0,貝
使得/'(x0)=0,
當0cx時,/(x)<0,當x>x(>時,f(x)>0,ittW?/={x|0<x<^}cM,因止匕,0<a<l,
當時,若0<x<l,Iog“x40,則/(x)>0恒成立,N=0,滿足N=
于是當”>1時,NjM,當且僅當N=0,即不等式/(x)20對Vxe(0,??)成立,
小心一*'由/加=。得戶樂,當原時,小)<0,當X岳
時,f\x)>0,
則函數(shù)在(。,層)上單調遞減’在(層,+8)上單調遞增,
I1、11,11ln(21na)丁是得1JnQlna)]。
/(X)min=/([
2\na2lna2]na2\na
即1+ln(21na)>0,變形得Ina4;,解得“e匕從而得當“w段時,。恒成立,N=0,
滿足NqM,
所以實數(shù)〃的取值范圍是0<“<1或心上
故選:D
【點睛】
思路點睛:涉及函數(shù)不等式恒成立問題,可以利用導數(shù)探討函數(shù)的最值,借助函數(shù)最值轉化
解決問題.
9.BCD
【解析】
【分析】
利用對立事件的意義判斷A;利用相互獨立事件的定義判斷B;由事件A,8的概率計算判
斷C,D作答.
【詳解】
依題意,第一枚骰子出現(xiàn)的點數(shù)小于3與第二枚骰子出現(xiàn)的點數(shù)不小于3可以同時發(fā)生,
即事件A與事件B不互斥,則事件4與事件B不是對立事件,A不正確;
顯然有P(A)=W(B)=[=|,
拋擲兩枚質地均勻的骰子的試驗的所有結果:(1,1),(1,枚(1,3)均,4),(1,5),(1,6),(2,1),(2,2),
(2,3),(2,4),(2,5),(2,6),(3,1),(3,2),(3,3),(3,4),(3,5),(3,6),(4,1),(4,2),(4,3),(4,4),(4,5),
(4,6),(5,1),(5,2),(5,3),(5,4),(5,5),(5,6),(6,1),(6,2),(6,3),(6,4),(6,5),(6,6),共36個,它們等可
能,
事件AB所含的結果有:(1,3),(1,4),(1,5),(1,6),(2,3),(2,4),(2,5),(2,6),共8個,
o12
貝IJ有尸(AB)=9=4X4=P(A)尸(B),即事件A與事件B相互獨立,B正確;
3633
2I2
顯然P(B)=§=2尸(A),P(A)+P(B)=-+-=1,C,D都正確.
故選:BCD
10.AD
【解析】
【分析】
選項A:由線面垂直的判定定理,以及線面垂直的性質定理得出;
選項B:平移法找出異面直線所成角,構造三角形,求解三角形可得;
選項C:找出線面垂直,作出線面角,再求解三角形可得;
選項D:運用線面平行的判定定理,以及線面平行的性質定理可得.
【詳解】
對于A:由圓柱的性質得:/)4_1_面^£?,面AES,:.DA±EB
又AB是下底面圓的直徑.
又?.?4)cAE=A,ZMu面D4E,AEu面
.?.£?_1_面%£,又「AFu面:.EBLAF,又;AFd.DE
又?.,DEf]EB=E,DEu面DBE,BEu面D8E
.?.AF_L面QBE,又?;DBu而DBEAF工BD,A正確;
對于B:過點、G作GH〃DE交EB于點、H,如圖
則ZAG”就是直線OE與直線AG所成角(或補角)
設他=3E=1,則AQ=A8=0
在向八4匹中,DE=#>
\-GH//DE,DG=2BG--GH=—DE=—
BD3
2
在等腰RtZXAB。中,BD=2,XvDG=2BG:.GB=-
在△ABG中,AB=V2,NA8G=—,
/.AG2=GB2+AB2-2GB?AB?cosZABG
即:AG=ll)+(^)2-2-|-V2-cos^=y
jr2
在Rt^AEH中,AE=1,Z.AEH=—,EH=—
AH2=AE2+EH2=I2=個
在AAGH中,AG2+GH2=AH2,
TT
:.ZAGH=-,cosZAGH=0,B錯誤;
2
對于C:取AB的中點。,連接。0,EO,如圖所示
則:EOLAB,面AEB,又,rEOu面A£B:.DA1EO
又?.,ZMC|A3=A,DAu面£>AB,ABIDAB
.,.EO_L面ZMB
NE£>0就是直線DE與平面ABC。所成角
又?;DE=GEO=—DO=yjDE2-EO2=—
22
Vio
.?心/加。=變=不=畫,c錯誤;
DE66
對于D:在即△AED中,DE=y/3,EF。,DF=差~
:.FG//EB,又E3u面AE3,FG<Z而AE3
FG〃面AEB
又?平面49Gc平面A8E=/,9Gu面AFG
:.FG//l,D正確.
故選:AD.
11.AC
【解析】
【分析】
利用導數(shù)的幾何意義,求出。,人的關系,再結合均值不等式逐項分析、計算并判斷作答.
【詳解】
設直線y=x+。與曲線y=e*T-乃+1相切的切點為(%,%),
由〉=尸-2"1求導得:yJe'T,則有e,Z=l,解得%=1,
因此,%=1+。=2-26,即。+2/>=1,而”>0力>0,
對于A,ab=--a-2b<-(^^-)2=~,當且僅當a=2b=L時取“=",A正確;
22282
對于B,—+—=(?+2^)(—+—)=4+—+—>4+2.1—--=8,當且僅當絲=:,即Q=2/?=?
ababab\abab2
時取“=”,B不正確;
對于C,因g+My+匹一而)2=a+b+q+2b=3(a+2b)=A,則有(夜+聲了4。,
412222
即4a+\[b<,
2
&,—[a+2b=\2121
當且僅當華=瘍,即4時取"=",由”得。=:力=:,所以當。=彳,/,=2時,
411a=463636
(&+斯)max=母,C正確;
對于D,由a+4=1,a>0/>0得,0<b<g,a+b=}-be^,}),而函數(shù)y=3”在R上
單調遞增,
因此,73<3a+b<3,D不正確.
故選:AC
12.ABD
【解析】
【分析】
根據(jù)問題背景的介紹,可以得到機位〃進制中的最大數(shù)的書寫方法,進而得到選項中最大
數(shù)的式子,再進行大小比較即可.
【詳解】
4320
對于A:"(5,2)即是:11111(2)=1X2+1X2+1X2+1X2'+1X2=31,A正確;
32,0
對于B:M(4,2)即是:1111(2)=1X2+1X2+1X2+1X2=15
M(2,4)即是:3%)=3x4+3x4°=15,B正確;
對于C、D:
nGN\/t>2,即是:
wm…勺“+])+++?+…+〃("+1)+〃(〃+1)。
=%[(〃+1)"”+(〃+1)"+(〃+i廣+…+(〃+1)+(〃+i)0]
1-(〃+1廠2
=n―i―=(n+l)-1
nGN*,〃>2,M(〃+1,〃+2)即是:
(〃+l)(〃+l)(〃+。…(〃+1底)
=(〃+l)(〃+2)"+(〃+l)(〃+2)"i+(〃+l)(〃+2)”"+...+(〃+1)(〃+2)+(〃+l)(〃+2)°
二(〃+l)[(〃+2)"+(〃+2)"々+(〃+2)〃2+…+(〃+2)+(〃+2)°]
/i\1一(〃+2)"1z\〃+i
=(n+\)----4——i―=(〃+2)-1
構造函數(shù):〃x)=手,求導得:
r(加審
■,■xe(O,e),r(x)>0,〃x)單調遞增;
xe(e,+e),r(x)<0,/(尤)單調遞減;
vneN\n>2.-.e<H+l<n+2
/("+1)>〃“+2)代入得:】n(w+l)>ln(〃+2)
n+\n+2
即是:("+1)*2>(〃+2)向,,(〃+l)-2-l>(〃+2)"“-l
,M(〃+2,〃+l)>M(〃+l,〃+2),D正確.
故選:ABD
【點睛】
本題考查背景知識的從特殊到一般的轉化過程,對獲取信息從而抽象成數(shù)學問題的能力有一
定的要求,隨后需要用數(shù)列求和得出需要的結果,再從構造函數(shù)的角度考查了導數(shù)在函數(shù)中
的應用,
運用函數(shù)的性質進行大小比較,對學生來說是一個挑戰(zhàn),屬難題.
13.g##0.5
【解析】
【分析】
根據(jù)給定條件,結合垂直關系的向量表示求出再利用數(shù)量積的運算律計算作答.
【詳解】
)rr1
a.b是兩個單位向量,守=2萬+方,且坂則石々=反(2萬+氏=2M石+坂=0,解得〃%=--,
所以1,(M+q=M2+汗?/?=:.
故答案為:y
14.士-至=1(答案不唯一,寫出一個即可)
14436
【解析】
【分析】
根據(jù)①設出雙曲線方程,根據(jù)②求出“與匕的關系式,根據(jù)③對c進行賦值,進而聯(lián)立解方
程求出雙曲線方程,答案不唯一.
【詳解】
22
由①中心在原點,焦點在y軸上知,可設雙曲線方程為:J-£-=i(a>0,/,>0)
由②一條漸近線方程為y=2x知,:=2,即4=力
b
由③知,2c>10,即c>5,
則可取c=6(此處也可取大于5的其他數(shù))
22
又???/+/=c2,.?.(28y+b=36,b=£
2必144
/.a=4b=——
5
則同時滿足下列性質①②③的一個雙曲線方程為:=1
14436
故答案為:至-至=1(答案不唯一,寫出一個即可).
14436
15.9
【解析】
【分析】
根據(jù)給定條件,構造函數(shù)〉=如心,y=ln|2x-3|,作出這兩個函數(shù)的部分圖象,確定兩個
圖象的交點個數(shù),再結合性質計算作答.
【詳解】
由/(x)=0<=>sin^x=ln|2x-3|,令)=sin7Lr,y=\n\2x-^,
3
顯然y=sin"與y=ln|2x-3|的圖象都關于直線x=:對稱,
在同一坐標系內作出函數(shù)y=sin?,y=ki|2x-3|的圖象,如圖,
觀察圖象知,函數(shù)),=sin7tx,y=ln|2x-3|的圖象有6個公共點,其橫坐標依次為
x,,x2,x3,x4,x5,x6,
3
這6個點兩兩關于直線x=5對稱,有%+/=工2+毛=工3+%=3,則
F+42+工3+工4+%5+工6=9,
所以函數(shù)/(x)=sin/x-ln|2x-3|的所有零點之和為9.
故答案為:9
16.立##5萬
1212
【解析】
【分析】
注意到三棱錐Q-A8C體積最大時,平面ACQL平面ABC,可知以B為頂點時,BC為三
棱錐的高,然后利用正余弦定理可得各棱長可得體積;利用球心到平面的距離、AACD
外接圓半徑和球的半徑滿足勾股定理可得球半徑,然后可得表面積.
【詳解】
過點C作垂足為E,
?.?ABC。為等腰梯形,AB=2,CD=\
:.BE=L,:.B=上
23
由余弦定理得AC?=AB2+BC2-2ABBCCOS^3,即AC=6
AB1=BC2+AC2
BC±AC
易知,當平面ACD_L平面4BC時,三棱錐O-ABC體積最大,
此時,8C_L平面AC。
易知,ND=
;.S△A.。r。?=-2ADCDsin—3=—i
.V_1>/3.73
?M-A8C=§'彳'1=五
記。為外接球球心,半徑為R
?.?BCJ?平面4CD,OB=OC
..0到平面AC£>的距離
AC
又△AC。的外接圓半徑
2sin——
3
7?2=r2+rf2=-
4
/.S=4TTR2=5萬
故答案為:—,5兀
12
【解析】
【分析】
選①:利用4,與S”的關系得到關于S“的遞推公式,再由遞推公式求S“,然后可得通項明;
選②:利用。,與S,的關系得到遞推公式,然后構造等比數(shù)列可求通項;選③:根據(jù)遞推公
式構造等比數(shù)列可解.
【詳解】
選①:4/2(卮+后)=s?+l-s?=(卮+底)(瓦一區(qū))
<Si=<7]=1,??+|-??>1
''>>/S"+i+>°
.?.卮-S=2,即{底}是以2為公差,1為首項的等差數(shù)列
:.厄=2n-T,即.(2〃一1尸
當“22時,a?=S“-S“T=(2〃-1)?一(2"-3>=8"-8
、f1,/I=1
顯然,”=1時,上式不成立,所以可。
[8/z-8,n>2
選②:當“22時,a“=S“T+〃,即
所以4=S,-S“T=%-("+1)-(%-〃)
整理得%+1=2(%+1)
又4=S[+2=3,?2+1=4
所以{。,,+1}從第二項起,是以2為公比,4為首項的等比數(shù)列
2
,當“22時,??+|+1=4-2"=2",即%+1=2"-1
顯然,”=1時,上式成立,所以",用=2"-1
選③:;4+1=26+1
:.an+l+n+l=2(an+n)
又4+1=2
???{4“+〃}是以2為公比和首項的等比數(shù)列
an+n=2",即an=2"-n
電(嗤;
(2)90.
【解析】
【分析】
(1)由題意根據(jù)古典概率公式可求得答案;
(2)由題得y可以取o,loo,200,300,分別求得y取每一個隨機變量的概率得出丫的分
布列,由期望公式可求得答案.
⑴
cLc'126
解:由題意得尸(x=i)=-^d=
。60295
⑵
解:能完成活動的概率為普=。,不能完成活動的概率為會=—
60106UIU
由題得y可以取0,100,200,300,則
7Y343
p(y=o)=c;
10;1000
7丫441
p(y=ioo)=c;
ioj-lo66,
2
189
p(y=2oo)=c;
1000
7丫27
尸(y=3(x))=c;
10;1000
所以y的分布列為:
Y0100200300
34344118927
P
1000100010001000
34344118927
則丫的數(shù)學期望為雙丫)=0乂二^+100x——+200x+300x=90.
1000100010001000
27舟27手
8
(2)8.
【解析】
【分析】
(1)在△AC。中,由余弦定理求得得A。,再根據(jù)三角形的面積公式可求得答案;
(2)在△AC。中,由正弦定理求得sin/DAC,再由正弦和角公式求得sin8,在AABC中,
根據(jù)正弦定理求得4?,BC,由此可求得答案.
(1)
解:在△ACO中,ZD=60°,AC=6,CD=3>/3,所以
CD2+AD2-AC227+3-36_i
COS。=
2ADCD2.A?3百~2
3月+3",36-3近冬+、
解得AD=----------------1-------------------百去),
22
所以「8」皿asin〃」36+35*3島巫J7舟27";
△Ai222"28
解:在中,〃=6。。”=6,336,所以利=舊/,即有二嬴赤,
3
)WWsinZDAC=-,
4
又ZA=90°,所以cosNCA5=cos]、一NZMC=sinADAC=,所以sinNC4B=也
44
又cosZACB=&,所以sin4CB=迫,
1616
所以sin8=sin[不一(ZAC8+NC48)]=sin(ZAC8+NC48)
=sinZACBcosZC4B+cosZACBsinZC4B
=葭迎+山上=也
4164168
ABBC6
ABBCAC
在△ABC中,即5幣一行一3址,
sinZ.ACBsinZ.CABsin316-T丁
所以AB=x6x-標=5,BC=^-x6x—=4,
163s43V7
所以A8+,C=5+2X4=8.
44
20.(1)證明見解析:
⑵迎
19
【解析】
【分析】
(1)根據(jù)面面垂直的性質和判定可得證;
(2)設AC與8。相交于點O,連接FO,以點。為坐標原點建立空間直角坐標系,利用面
面角的空間向量求解方法可得答案.
(1)
證明:菱形ABCD中,8£>_LAC,又平面_L平面ABCD,平面AEFCc平面ABCD=AC,
所以平面AE/C,
又8。在平面BE。內,所以平面BED_L平面的C;
(2)
解:因為平面AE/7c,平面A8CD,AE_LAC.平面AEFCc平面4?C£>=AC,所以4£,平
面ABCD.
設4c與8。相交于點O,連接FO,
因為EF//4C,4C=2",所以防〃4O,AO=E尸,所以四邊形AOE尸為平行四邊形,所以
OF//EA,所以OFL平面ABC。,
菱形48CD中,ZABC=60°,所以AABC是正三角形,則OC=\,OF=AE=AB=2,OB=0。=6,
以點O為坐標原點建立空間直角坐標系如下圖所示,
則A(0,-l,0),C(0,l,0),*0,0,2),味石,0,0),
則行^(。,-⑶,C4=(O,-2,O),而=隔0,2),
設平面ACF的法向量為n=(1,0,0),
一,、\ih-CF---y+2z=0廣
設平面OCT7的法向量為機=(x,y,z),則{一廠,令z=G,貝!I
'm-DF=yl3x+2z=0
^=(-2,273,73),
所以…上,。:片。雙呼,
所以二面角A-的余弦值為嚕.
84
(2)1.
【解析】
【分析】
(1)由題可得2b=4,e=£=\即得;
a
(2)由題可設4的方程為x=(y-3,利用韋達定理法可得|PQ|=g/,進而可得
|p/?|=37177,然后利用面積公式及基本不等式即求.
(1)
由題可得2b=4,e=£=J1—(2)=2^,
**?a-2yfl^b—2,
22
???橢圓C的方程為J+2=1;
84
(2)
由題可知直線4的斜率存在且不為0,設直線人的方程為x=)-3,
4&,乂),8(%,%),。5,%),
x=ty-3
由V2,可得(產+2)/—6"+1=0,
---1--1—=1
84
由A=36/-4(產+2)=32/一8>0,可得f>g,或f<-g,
.,6r1
??y+M=77Pxy2=77r
由博=囂及P'A'Q'B四點共線,知止2L="L,
\QB\歸身y2-J0%
2
?_2y%1
..v%%+必-&一獷
r+2
則iPQi=a^M>i=Y^『,
?1和4相互垂直,則4的方程為x=-;y-3,令x=o,得y=-3r,
-,?夫(0,-3/),|PR|=Jl+卜
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