中考數(shù)學(xué)二輪復(fù)習(xí)名校模擬題重要考點(diǎn)分類匯專題14二次函數(shù)綜合題平移類(原卷版+解析)_第1頁
中考數(shù)學(xué)二輪復(fù)習(xí)名校模擬題重要考點(diǎn)分類匯專題14二次函數(shù)綜合題平移類(原卷版+解析)_第2頁
中考數(shù)學(xué)二輪復(fù)習(xí)名校模擬題重要考點(diǎn)分類匯專題14二次函數(shù)綜合題平移類(原卷版+解析)_第3頁
中考數(shù)學(xué)二輪復(fù)習(xí)名校模擬題重要考點(diǎn)分類匯專題14二次函數(shù)綜合題平移類(原卷版+解析)_第4頁
中考數(shù)學(xué)二輪復(fù)習(xí)名校模擬題重要考點(diǎn)分類匯專題14二次函數(shù)綜合題平移類(原卷版+解析)_第5頁
已閱讀5頁,還剩69頁未讀, 繼續(xù)免費(fèi)閱讀

下載本文檔

版權(quán)說明:本文檔由用戶提供并上傳,收益歸屬內(nèi)容提供方,若內(nèi)容存在侵權(quán),請進(jìn)行舉報(bào)或認(rèn)領(lǐng)

文檔簡介

二輪復(fù)習(xí)【中考沖刺】2022-2023年中考數(shù)學(xué)重要考點(diǎn)名校模擬題分類匯編專題14——二次函數(shù)綜合題平移類(重慶專用)1.(2023春·重慶沙坪壩·九年級重慶八中??奸_學(xué)考試)如圖,已知拋物線y=ax2+bx+23與x軸交A2,0,B(1)求拋物線解析式;(2)若點(diǎn)P是直線BC下方拋物線上一點(diǎn),且位于對稱軸左側(cè),過點(diǎn)P作PD⊥BC于點(diǎn)D,作PE∥x軸交拋物線于點(diǎn)E,求PD+1(3)將拋物線ax2+bx+23向左平移2個(gè)單位長度得到新拋物線y',平移后的拋物線y'與原拋物線交于點(diǎn)Q,點(diǎn)M是原拋物線對稱軸上一點(diǎn),點(diǎn)N是新拋物線上一點(diǎn),請直接寫出使得以點(diǎn)B,Q,M,2.(2022秋·重慶沙坪壩·九年級重慶南開中學(xué)校考期末)如圖1,在平面直角坐標(biāo)系中,拋物線y=12x2+bx+c與直線AB(1)求該拋物線的函數(shù)表達(dá)式;(2)點(diǎn)P為直線AB下方拋物線上的一動(dòng)點(diǎn),過點(diǎn)P作PM⊥AB交AB于點(diǎn)M,過點(diǎn)P作y軸的平行線交x軸于點(diǎn)N,求2PM+PN的最大值及此時(shí)點(diǎn)P(3)如圖2,將該拋物線先向左平移4個(gè)單位,再向上移3個(gè)單位,得到新拋物線y',新拋物線y'與y軸交于點(diǎn)F,點(diǎn)M為y軸左側(cè)新拋物線y'上一點(diǎn),過M作MN∥y軸交射線BF于點(diǎn)N,連接MF3.(2022·重慶·重慶八中校考三模)如圖,拋物線y=ax2+12x+c與x軸交于點(diǎn)A、B,與y軸交于點(diǎn)(1)求拋物線的解析式;(2)如圖1,連接AC,過點(diǎn)B作BD//AC,交拋物線于點(diǎn)D,點(diǎn)P是拋物線上位于直線AC下方的一個(gè)動(dòng)點(diǎn),過點(diǎn)P作PN//y軸,交BD于點(diǎn)N,點(diǎn)M是直線BD上異于點(diǎn)N的一點(diǎn),且PN=PM,連接PM、NQ,求△PNM的周長最大值以及此時(shí)點(diǎn)P的坐標(biāo);(3)將拋物線沿射線CB平移2個(gè)單位,得到新拋物線y',點(diǎn)E是新拋物線y'的一個(gè)動(dòng)點(diǎn),點(diǎn)F是直線BD上一個(gè)動(dòng)點(diǎn),請直接寫出使得以點(diǎn)A、E、C、F為頂點(diǎn)的四邊形為平行四邊形的點(diǎn)F的坐標(biāo),若不存在,請說明理由,并把其中一個(gè)求點(diǎn)4.(2022·重慶沙坪壩·重慶一中??级#┰谄矫嬷苯亲鴺?biāo)系中,拋物線y=ax2+bx+3與x軸交于點(diǎn)A?2,0、點(diǎn)B(點(diǎn)A在點(diǎn)B的左側(cè)),與y軸交于點(diǎn)(1)求拋物線的表達(dá)式:(2)如圖1,點(diǎn)P為直線BC上方拋物線上(不與B、C重合)一動(dòng)點(diǎn),過點(diǎn)P作PD∥y軸,交BC于D,過點(diǎn)P作PE∥x軸,交直線BC于E,求PE+DB(3)如圖2,將原拋物線沿x軸向左平移1個(gè)單位得到新拋物線y',點(diǎn)M為新拋物線y'上一點(diǎn),點(diǎn)N為原拋物線對稱軸上一點(diǎn),當(dāng)以點(diǎn)A、C、M、N為頂點(diǎn)的四邊形為平行四邊形時(shí),求點(diǎn)N的坐標(biāo),并寫出求其中一個(gè)5.(2022·重慶沙坪壩·重慶南開中學(xué)??既#┤鐖D1,拋物線y=ax2+bx+2a≠0交x軸于點(diǎn)A?1,0,點(diǎn)B4,0,交y軸于點(diǎn)C.連接BC,過點(diǎn)A作(1)求拋物線的表達(dá)式;(2)點(diǎn)P是直線BC上方拋物線上一動(dòng)點(diǎn),過點(diǎn)P作PE∥y軸,交AD于點(diǎn)E,過點(diǎn)E作EG⊥BC于點(diǎn)G,連接PG,求△PEG面積的最大值及此時(shí)點(diǎn)(3)如圖2,將拋物線y=ax2+bx+2a≠0水平向右平移32個(gè)單位,得到新拋物線y1,在y1的對稱軸上確定一點(diǎn)M,使得6.(2022秋·重慶渝中·九年級重慶巴蜀中學(xué)??茧A段練習(xí))如圖,在平面直角坐標(biāo)系中,拋物線y=35x2+125x﹣3交x軸于點(diǎn)A,點(diǎn)B(點(diǎn)A在點(diǎn)B的左側(cè)),交y軸于點(diǎn)C,連接AC,BC.P是第三象限內(nèi)拋物線上一動(dòng)點(diǎn),過P作PE∥y軸交AC于點(diǎn)E,過E作EF∥BC交x軸于點(diǎn)(1)求△ABC的面積;(2)求PE+1010EF+FO的最大值及此時(shí)點(diǎn)P(3)將拋物線y=35x2+125x﹣3平移,使得新拋物線的頂點(diǎn)為(2)中求得的點(diǎn)P,點(diǎn)Q為x軸下方的新拋物線上一點(diǎn),R為x軸上一點(diǎn),直接寫出所有使得以點(diǎn)A,C,Q,R為頂點(diǎn)的四邊形是平行四邊形的點(diǎn)7.(2021·重慶沙坪壩·重慶一中??既#┤鐖D,在平面直角坐標(biāo)系中,拋物線y=ax2+bx+3(a≠0)與y軸交于點(diǎn)C,與x軸交于A,B兩點(diǎn)(點(diǎn)A在點(diǎn)B的右側(cè)),且點(diǎn)A的坐標(biāo)為(3,0),連接BC,過點(diǎn)A作AD//BC(1)求拋物線的解析式;(2)如圖1,點(diǎn)E為射線AD上一點(diǎn),點(diǎn)P為第二象限內(nèi)拋物線上一點(diǎn),求四邊形PBEC面積的最大值及此時(shí)點(diǎn)P的坐標(biāo);(3)如圖2,將原拋物線沿x軸正方向平移得到新拋物線y',y'經(jīng)過點(diǎn)C,平移后點(diǎn)A的對應(yīng)點(diǎn)為點(diǎn)A',點(diǎn)N為線段AD的中點(diǎn),點(diǎn)Q為新拋物線y'的對稱軸上一點(diǎn),在新拋物線y'上存在一點(diǎn)M,使以點(diǎn)M,Q,A8.(2021春·重慶沙坪壩·九年級重慶八中??茧A段練習(xí))在平面直角坐標(biāo)系中,拋物線y=12x2?72x+3與xx軸交于A、B兩點(diǎn)(點(diǎn)A在點(diǎn)B的左側(cè)),交(1)如圖1,連接AD,CD,當(dāng)點(diǎn)D的橫坐標(biāo)為5時(shí),求SΔADC(2)如圖2,過點(diǎn)D作DE//AC交BC于點(diǎn)E,求DE長度的最大值及此時(shí)點(diǎn)D的坐標(biāo);(3)如圖3,將拋物線y=12x2?72x+3向右平移4個(gè)單位,再向下平移2個(gè)單位,得到新拋物線y'=ax2+bx+c.新拋物線與原拋物線的交點(diǎn)為點(diǎn)F,G9.(2021·重慶沙坪壩·重慶八中??寄M預(yù)測)如圖,在平面直角坐標(biāo)系中,已知拋物線y=14x2+bx+c與直線AB相交于A、B兩點(diǎn),其中A(6,0),B(0,?3)(1)求該拋物線的函數(shù)解析式;(2)點(diǎn)P為直線AB下方拋物線上的任意一點(diǎn),連接PB、PC,求△PBC面積的最大值;(3)將該拋物線沿著射線BA方向平移52個(gè)單位長度得到拋物線y=a1x2+b1x+c1a1≠0,點(diǎn)D為新拋物線對稱軸上的一點(diǎn),點(diǎn)10.(2021·重慶沙坪壩·重慶八中校考三模)如圖1,在平面直角坐標(biāo)系中,拋物線y=ax2+bx+3與x軸交于A?33,0、B3,0兩點(diǎn),交(1)求拋物線的解析式.(2)若點(diǎn)P是拋物線上第三象限上一點(diǎn),過P點(diǎn)作PM⊥AC于M,過P作PN//y軸交AC于點(diǎn)N,當(dāng)△PMN周長有最大值時(shí),求(3)如圖2,將拋物線向右平移33個(gè)單位長度,再向上平移3個(gè)單位長度后得到新的拋物線,M點(diǎn)在新拋物線后的對稱軸上,N點(diǎn)為平面內(nèi)一點(diǎn),使以B、C、M、N為頂點(diǎn)的四邊形為菱形,請直接寫出N11.(2021·重慶沙坪壩·重慶八中??家荒#┤鐖D,在平面直角坐標(biāo)系中,拋物線C1:y=?14x2+bx+c的圖象與坐標(biāo)軸交于A、B、C三點(diǎn),其中點(diǎn)A的坐標(biāo)為0,8,點(diǎn)(1)求該二次函數(shù)的表達(dá)式及點(diǎn)C的坐標(biāo);(2)若點(diǎn)F為該拋物線在第一象限內(nèi)的一動(dòng)點(diǎn),求△FCD面積的最大值;(3)如圖2,將拋物線C1向右平移2個(gè)單位,向下平移5個(gè)單位得到拋物線C2,M為拋物線C2上一動(dòng)點(diǎn),N為平面內(nèi)一動(dòng)點(diǎn),問是否存在這樣的點(diǎn)M、N,使得四邊形DMCN12.(2021春·重慶沙坪壩·九年級重慶八中??茧A段練習(xí))如圖1,在平面直角坐標(biāo)系中,已知拋物線y=ax2+bx﹣22(a≠0)與x軸交A(﹣2,0)和點(diǎn)B,與p軸交于點(diǎn)C,并且經(jīng)過點(diǎn)D(5,72(1)求該拋物線的解析式;(2)如圖1,點(diǎn)M是拋物線上第四象限內(nèi)一點(diǎn),聯(lián)結(jié)AC,CM,BM,當(dāng)四邊形ACMB面積最大時(shí),求點(diǎn)M的坐標(biāo)以及S四邊形ACMB的最大值;(3)如圖2,將拋物線沿射線BC方向平移,平移后的拋物線經(jīng)過線段BC的中點(diǎn),記點(diǎn)B平移后的對應(yīng)點(diǎn)為B1,點(diǎn)C平移后的對應(yīng)點(diǎn)為C1,點(diǎn)Q是平移后新拋物線對稱軸上一點(diǎn),點(diǎn)P是原拋物線上一點(diǎn),若以點(diǎn)B1,C1,P,Q為頂點(diǎn)的四邊形是平行四邊形時(shí),請直接寫出點(diǎn)P的坐標(biāo).13.(2021春·重慶沙坪壩·九年級重慶南開中學(xué)??茧A段練習(xí))如圖1,在平面直角坐標(biāo)系中,拋物線y=﹣38x2+34x+3與x軸交于點(diǎn)A和點(diǎn)B,A在B的左側(cè),與y軸交于點(diǎn)C,點(diǎn)P為直線(1)求直線BC的解析式;(2)過P作PM⊥x軸,交BC于M,當(dāng)PM﹣CM的值最大時(shí),求P的坐標(biāo)和PM﹣CM的最大值;(3)如圖2,將該拋物線向右平移1個(gè)單位,得到新的拋物線y1,過點(diǎn)P作直線BC的垂線,垂足為E,作y1對稱軸的垂線,垂足為F,連接EF,請直接寫出當(dāng)△PEF是以PF為腰的等腰三角形時(shí),點(diǎn)P的橫坐標(biāo).14.(2021春·重慶沙坪壩·九年級重慶一中校考開學(xué)考試)如圖,在平面直角坐標(biāo)系中,拋物線y=a(x+2)(x?6)(a≠0)與x軸交于A,B兩點(diǎn),與y軸交于點(diǎn)C,D為拋物線頂點(diǎn),連接AD,已知tan∠BAD=2(1)求點(diǎn)D的坐標(biāo)以及a的值;(2)如圖,連接AC,交拋物線對稱軸于點(diǎn)E,P為直線AD下方拋物線上的一個(gè)動(dòng)點(diǎn)(不與A?D重合),連接PA,PD,DE,求四邊形APDE面積的最大值及相應(yīng)點(diǎn)P的坐標(biāo);(3)將直線AC沿射線DA方向平移2752個(gè)單位后得到直線l,直線l與拋物線的兩個(gè)交點(diǎn)分別為M,N(M在N左側(cè)),在拋物線對稱軸上是否存在點(diǎn)K,使△CMK是以KC為腰的等腰三角形?若存在,請直接寫出點(diǎn)15.(2021秋·重慶沙坪壩·九年級重慶一中??计谀┤鐖D,在平面直角坐標(biāo)系中,拋物線y=?12x2?32x+2交x軸于點(diǎn)(1)求△ABC的面積;(2)如圖,過點(diǎn)C作射線CM,交x軸的負(fù)半軸于點(diǎn)M,且∠OCM=∠OAC,點(diǎn)P為線段AC上方拋物線上的一點(diǎn),過點(diǎn)P作AC的垂線交CM于點(diǎn)G,求線段PG的最大值及點(diǎn)P的坐標(biāo);(3)將該拋物線沿射線AC方向平移5個(gè)單位后得到的新拋物線為y'=ax2+bx+c,新拋物線y'與原拋物線的交點(diǎn)為E,點(diǎn)F為新拋物線y對稱軸上的一點(diǎn),在平面直角坐標(biāo)系中是否存在點(diǎn)Q,使以點(diǎn)A、E、16.(2020春·重慶·九年級重慶實(shí)驗(yàn)外國語學(xué)校??茧A段練習(xí))如圖:已知拋物線y=ax2+bx+c與x軸,y軸分別交于點(diǎn)A1求出此拋物線的解析式;2如圖1,拋物線的頂點(diǎn)為點(diǎn)D,點(diǎn)P是直線BC下方拋物線上的一點(diǎn)(異于點(diǎn)D),當(dāng)SΔBCP=S3在2的條件下,將拋物線沿射線DC方向平移,點(diǎn)P的對應(yīng)點(diǎn)為P',在拋物線平移的過程中,若∠P'CB=∠PBC,請直接寫出此時(shí)平移后的拋物線解析式17.(2022秋·重慶九龍坡·九年級四川外國語大學(xué)附屬外國語學(xué)校校考期中)如圖1,拋物線y=ax2+bx+c與x軸相交于點(diǎn)B,C(點(diǎn)B在點(diǎn)C左側(cè)),與y軸相交于點(diǎn)A(0,4),已知點(diǎn)C坐標(biāo)為(4,0)(1)求拋物線的解析式:(2)點(diǎn)P是直線AC下方拋物線上一點(diǎn),過點(diǎn)P作直線AC的垂線,垂足為點(diǎn)H,過點(diǎn)P作PQ∥y軸交AC于點(diǎn)Q,求△PHQ周長的最大值及此時(shí)點(diǎn)P的坐標(biāo);(3)如圖2,將拋物線向左平移92個(gè)單位長度得到新的拋物線,M為新拋物線對稱軸l上一點(diǎn),N為平面內(nèi)一點(diǎn),使得以點(diǎn)A、B、M、N為頂點(diǎn)的四邊形為菱形,請直接寫出點(diǎn)N的坐標(biāo),并寫出求解其中一個(gè)N18.(2021·重慶九龍坡·重慶實(shí)驗(yàn)外國語學(xué)校校考二模)如圖1,在平面直角坐標(biāo)系中,拋物線y=?23x2+43x+2與x軸交于A、B兩點(diǎn)(點(diǎn)A在點(diǎn)B的左側(cè)),與(1)求直線BC的解析式;(2)過點(diǎn)A作AD//BC交拋物線于D,連接CA,CD,PC,PB,記四邊形ACPB的面積為S1,△BCD的面積為S2,當(dāng)S1(3)如圖2,將拋物線水平向右平移,使得平移后的拋物線經(jīng)過點(diǎn)O,G為平移后的拋物線的對稱軸直線l上一動(dòng)點(diǎn),將線段AC沿直線BC平移,平移后的線段記為A'C'(線段A'C'始終在直線l左側(cè)),是否存在以A',C19.(2019秋·重慶九龍坡·九年級重慶市育才中學(xué)??计谀┤鐖D1,拋物線y=﹣13(1)求線段AC的長;(2)如圖2,E為拋物線的頂點(diǎn),F(xiàn)為AC上方的拋物線上一動(dòng)點(diǎn),M、N為直線AC上的兩動(dòng)點(diǎn)(M在N的左側(cè)),且MN=4,作FP⊥AC于點(diǎn)P,F(xiàn)Q∥y軸交AC于點(diǎn)Q.當(dāng)△FPQ的面積最大時(shí),連接EF、EN、FM,求四邊形ENMF周長的最小值.(3)如圖3,將△BCO沿x軸負(fù)方向平移3個(gè)單位后得△B'C'O',再將△B'C'O'繞點(diǎn)O'順時(shí)針旋轉(zhuǎn)α度,得到△B″C″O'(其中0°<α<180°),旋轉(zhuǎn)過程中直線B″C″與直線AC交于點(diǎn)G,與x軸交于點(diǎn)H,當(dāng)△AGH是等腰三角形時(shí),求α的度數(shù).20.(2019春·重慶北碚·九年級西南大學(xué)附中校考階段練習(xí))如圖,拋物線y=12x2+x﹣4與x軸交于A,B(A在B的左側(cè)),與y軸交于點(diǎn)C,拋物線上的點(diǎn)E的橫坐標(biāo)為3,過點(diǎn)E作直線l1∥(1)點(diǎn)P為拋物線上的動(dòng)點(diǎn),且在直線AC的下方,點(diǎn)M,N分別為x軸,直線l1上的動(dòng)點(diǎn),且MN⊥x軸,當(dāng)△APC面積最大時(shí),求PM+MN+22(2)過(1)中的點(diǎn)P作PD⊥AC,垂足為F,且直線PD與y軸交于點(diǎn)D,把△DFC繞頂點(diǎn)F旋轉(zhuǎn)45°,得到△D'FC',再把△D'FC'沿直線PD平移至△D″F′C″,在平面上是否存在點(diǎn)K,使得以O(shè),C″,D″,K為頂點(diǎn)的四邊形為菱形?若存在直接寫出點(diǎn)K的坐標(biāo);若不存在,說明理由.二輪復(fù)習(xí)【中考沖刺】2022-2023年中考數(shù)學(xué)重要考點(diǎn)名校模擬題分類匯編專題14——二次函數(shù)綜合題平移類(重慶專用)1.(2023春·重慶沙坪壩·九年級重慶八中??奸_學(xué)考試)如圖,已知拋物線y=ax2+bx+23與x軸交A2,0,B(1)求拋物線解析式;(2)若點(diǎn)P是直線BC下方拋物線上一點(diǎn),且位于對稱軸左側(cè),過點(diǎn)P作PD⊥BC于點(diǎn)D,作PE∥x軸交拋物線于點(diǎn)E,求PD+1(3)將拋物線ax2+bx+23向左平移2個(gè)單位長度得到新拋物線y',平移后的拋物線y'與原拋物線交于點(diǎn)Q,點(diǎn)M是原拋物線對稱軸上一點(diǎn),點(diǎn)N是新拋物線上一點(diǎn),請直接寫出使得以點(diǎn)B,Q,M,【答案】(1)y=3(2)PD+12PE的最大值為174,此時(shí)點(diǎn)(3)4,?433或4,3【分析】(1)由拋物線解析式可得C0,23,根據(jù)拋物線與x軸交A2,0,B6,0,設(shè)(2)令PE∥x軸交直線BC于點(diǎn)F,由(1)知A2,0,B6,0,C0,23,則拋物線的對稱軸為x=4,OC=23,OB=6,即∠OBC=30°,易知PF=2PD,設(shè)直線BC的解析式為y=kx+(3)由平移得新拋物線解析式,聯(lián)立原解析式求得點(diǎn)Q,設(shè)M4,m,Nx,y,分三種情況:①當(dāng)QB,MN為對角線時(shí);②當(dāng)QN,MB為對角線時(shí);②當(dāng)BN,MQ為對角線時(shí);利用其中點(diǎn)重合,可求得m的值,即可得到【詳解】(1)解:∵拋物線y=ax2+bx+23與x軸交A2,0,B當(dāng)x=0時(shí),y=23,即:C設(shè)y=ax?2x?6,代入∴拋物線解析式為:y=3(2)PE∥x軸交直線BC于點(diǎn)由(1)知A2,0,B6,0,C0,2則OC=23,∴tan∠OBC=OC∴PE∥∴∠DFP∵PD⊥∴PF=2設(shè)直線BC的解析式為y=kx+b,代入得6k+b=0b=23,解得:k=?3令Pt,36t2點(diǎn)F橫坐標(biāo)為:36t2解得:x=?12∴PD即:PD=?=?1當(dāng)t=1時(shí),PD+12PE有最大值174,此時(shí)點(diǎn)(3)由題意可知:y=3原拋物線的對稱軸為:x=4,則設(shè)M4,m則平移后的解析式為:y=3聯(lián)立平移前后解析式,可得x?42=x?22,即∴Q3,?B6,0,Q3,?32,以點(diǎn)B,Q,M,N為頂點(diǎn)的四邊形是平行四邊形,①當(dāng)QB,MN為對角線時(shí),6+3=4+x?3∴?32∴M4,?②當(dāng)QN,MB為對角線時(shí),3+x=4+6?∴32+m=∴M4,3②當(dāng)BN,MQ為對角線時(shí),6+x=3+4y∴m?32∴M4,0綜上,以點(diǎn)B,Q,M,N為頂點(diǎn)的四邊形是平行四邊形的點(diǎn)M的坐標(biāo)為:4,?433或4,3【點(diǎn)睛】本題考查二次函數(shù)的綜合應(yīng)用,涉及待定系數(shù)法,二次函數(shù)、一次函數(shù)圖象上點(diǎn)坐標(biāo)的特征,平行四邊形的性質(zhì)及應(yīng)用等知識,解題的關(guān)鍵是用含字母的代數(shù)式表示相關(guān)點(diǎn)的坐標(biāo)及相關(guān)線段的長度.2.(2022秋·重慶沙坪壩·九年級重慶南開中學(xué)??计谀┤鐖D1,在平面直角坐標(biāo)系中,拋物線y=12x2+bx+c與直線AB(1)求該拋物線的函數(shù)表達(dá)式;(2)點(diǎn)P為直線AB下方拋物線上的一動(dòng)點(diǎn),過點(diǎn)P作PM⊥AB交AB于點(diǎn)M,過點(diǎn)P作y軸的平行線交x軸于點(diǎn)N,求2PM+PN的最大值及此時(shí)點(diǎn)P(3)如圖2,將該拋物線先向左平移4個(gè)單位,再向上移3個(gè)單位,得到新拋物線y',新拋物線y'與y軸交于點(diǎn)F,點(diǎn)M為y軸左側(cè)新拋物線y'上一點(diǎn),過M作MN∥y軸交射線BF于點(diǎn)N,連接MF【答案】(1)y=(2)254,(3)符合條件點(diǎn)M的橫坐標(biāo)分別為?5、?10、?92、【分析】(1)用待定系數(shù)法把A0,?4,B4,0代入(2)設(shè)直線AB的解析式為y=kx+b,把A0,?4,B4,0代入可得,求出直線AB的解析式為y=x?4(3)求出左平移4個(gè)單位,再向上移3個(gè)單位的函數(shù)表達(dá)式y(tǒng)'=12x2+3x+3【詳解】(1)解:把A0,?4,B4,0代入?4=c解得c=?4,b∴y=(2)解:設(shè)直線AB的解析式為y=kx+b,把A0,?4,Bk=1,b∴直線AB的解析式為y=設(shè)PmPN=?∵OA=∴∠OBA∴∠NCB∴∠MCP又∵PM⊥∴PC=把P點(diǎn)的橫坐標(biāo)代入y=x?4可得,y=C∴PC=?∴2當(dāng)m=32時(shí),2PM+PN最大值為(3)把y=12x∵左平移4個(gè)單位,再向上移3個(gè)單位,∴y'=1∴F0,3設(shè)過BF的直線解析式為y=把F0,3,B4,0代入得4a+b∴BF的直線解析式y(tǒng)=?設(shè)Ma,12a2+3a+3,M和∴Na∴NF=?MN=MFI、當(dāng)NF=MN時(shí),解得:a1=?5,a2∴M1?5,II、當(dāng)NF=MF整理得:4a∵a1=?當(dāng)a=?92時(shí),當(dāng)a=?152時(shí),M?152,?69III、當(dāng)MN=MF整理得:3解得a=?當(dāng)a=?6512綜上所述:符合條件的點(diǎn)M有四個(gè),其橫坐標(biāo)分別為?5、?10、?92、【點(diǎn)睛】此題考查了二次函數(shù)的綜合問題,解題關(guān)鍵是熟悉二次函數(shù)的基本性質(zhì)、待定系數(shù)法、線段表示方法.3.(2022·重慶·重慶八中校考三模)如圖,拋物線y=ax2+12x+c與x軸交于點(diǎn)A、B,與y軸交于點(diǎn)(1)求拋物線的解析式;(2)如圖1,連接AC,過點(diǎn)B作BD//AC,交拋物線于點(diǎn)D,點(diǎn)P是拋物線上位于直線AC下方的一個(gè)動(dòng)點(diǎn),過點(diǎn)P作PN//y軸,交BD于點(diǎn)N,點(diǎn)M是直線BD上異于點(diǎn)N的一點(diǎn),且PN=PM,連接PM、NQ,求△PNM的周長最大值以及此時(shí)點(diǎn)P的坐標(biāo);(3)將拋物線沿射線CB平移2個(gè)單位,得到新拋物線y',點(diǎn)E是新拋物線y'的一個(gè)動(dòng)點(diǎn),點(diǎn)F是直線BD上一個(gè)動(dòng)點(diǎn),請直接寫出使得以點(diǎn)A、E、C、F為頂點(diǎn)的四邊形為平行四邊形的點(diǎn)F的坐標(biāo),若不存在,請說明理由,并把其中一個(gè)求點(diǎn)【答案】(1)y=(2)周長最大值為40+855,此時(shí)(3)(3+10,?1?102)或(3?10,10?12)或(?5+10【分析】(1)根據(jù)二次函數(shù)頂點(diǎn)坐標(biāo)公式代入求解即可;(2)先根據(jù)待定系數(shù)法求出直線AC、BD解析式,過P作PH⊥BD于H,利用等角的余弦值相等找到MN、三角形PMN周長與PN關(guān)系,設(shè)P(n,14n2+12n?2),則N(3)先求出CB解析式,得到平移后的拋物線解析式,設(shè)E(m,14m2?54),F(xiàn)(n,(1)解:∵拋物線y=ax2+∴?1解得:a=1即拋物線解析式為:y=1(2)解:在y=14x2+當(dāng)y=0時(shí),x=-4或x=2,即A(-4,0),B(2,0),C(0,-2),AC=25設(shè)直線AC的解析式為y=kx+m,則?4k+即直線AC解析式為y=?∵BD∥AC,B(2,0),∴直線BD解析式為y=?過P作PH⊥BD于H,設(shè)PN交AC于T,直線BD交y軸于Q,如圖所示,則四邊形NQCT為平行四邊形,∴∠HNP=∠OCA,∴cos∠HNP=cos∠OCA,即NHPN∴NHPN∴NH=NH=∵PN=PM,∴NM=2NH=25∴三角形PMN周長=2PN+255PN設(shè)P(n,14n2+12n?2),則N∴PN=?12n=?1∴當(dāng)n=-2時(shí),PN取最大值,最大值為4,故此時(shí),三角形PMN周長取最大值,最大值為40+855,此時(shí)(3)解:∵B(2,0),C(0,-2),∴直線BC解析式為:y=x-2,則拋物線y=14x+12?94沿射線CB則平移后拋物線解析式為:y'=1設(shè)E(m,14m2?54),分三種情況討論:①當(dāng)四邊形AECF為平行四邊形時(shí),由中心對稱性知:?4=m②當(dāng)四邊形AEFC為平行四邊形時(shí),同理得:?4+n=m?12n+1=1即F(3+10,?1?102)或F(3?③當(dāng)四邊形AFEC為平行四邊形時(shí),同理得:?4+m=n14m2?5即F(?5+10,7?102)或F(?5?綜上所述,F(xiàn)點(diǎn)坐標(biāo)為:(3+10,?1?102)或(3?10,10?12)或(?5+10【點(diǎn)睛】本題考查了二次函數(shù)的頂點(diǎn)坐標(biāo)公式,等腰三角形的性質(zhì),三角函數(shù)解直角三角形,平行四邊形的性質(zhì)等知識點(diǎn);利用三角函數(shù)將周長最值轉(zhuǎn)化為線段最值及分類討論求解平行四邊形存在性是解題關(guān)鍵.4.(2022·重慶沙坪壩·重慶一中??级#┰谄矫嬷苯亲鴺?biāo)系中,拋物線y=ax2+bx+3與x軸交于點(diǎn)A?2,0、點(diǎn)B(點(diǎn)A在點(diǎn)B的左側(cè)),與y軸交于點(diǎn)(1)求拋物線的表達(dá)式:(2)如圖1,點(diǎn)P為直線BC上方拋物線上(不與B、C重合)一動(dòng)點(diǎn),過點(diǎn)P作PD∥y軸,交BC于D,過點(diǎn)P作PE∥x軸,交直線BC于E,求PE+DB(3)如圖2,將原拋物線沿x軸向左平移1個(gè)單位得到新拋物線y',點(diǎn)M為新拋物線y'上一點(diǎn),點(diǎn)N為原拋物線對稱軸上一點(diǎn),當(dāng)以點(diǎn)A、C、M、N為頂點(diǎn)的四邊形為平行四邊形時(shí),求點(diǎn)N的坐標(biāo),并寫出求其中一個(gè)【答案】(1)y(2)最大值為498,(3)(1,3)或(1,-3).【分析】(1)直接運(yùn)用待定系數(shù)法求解即可;(2)利用待定系數(shù)法求出直線BC的解析式,根據(jù)相似三角形的性質(zhì)可表達(dá)PE+BD的值,再利用二次函數(shù)的性質(zhì)求出最值;(3)分兩種情況:當(dāng)AC為平行四邊形ACNM的邊時(shí),當(dāng)AC為平行四邊形ACNM的對角線時(shí),分別利用點(diǎn)的平移和中點(diǎn)坐標(biāo)公式進(jìn)行求解即可.(1)把A(?2,0),(2,3)代入y4解得,a=?∴拋物線的解析式為y=?(2)對于y令x=0,則y∴C令y=0,則解得,x∴A∴OC設(shè)直線BC的解析式為y把B(4,0),4解得,k=?3∴設(shè)直線BC的解析式為y延長PD交x軸相交于點(diǎn)F,設(shè)P∴F∴DF∴PD=∵PD∥x軸,∴∠PFD∴Δ∴PEOB∴PE∴PE∵DF∴BD==5?∴PE∴當(dāng)x=34時(shí),PE+(3)∵y∴該拋物線的對稱軸為直線x=1,將拋物線向左平移1個(gè)單位后的解析式為:y若以A,C,M,N為頂點(diǎn)的四邊形是平行四邊形有兩種情況;①以AC為邊,如圖,根據(jù)平行四邊形的性質(zhì)可知:AC由圖可知,點(diǎn)A向右平移3個(gè)單位,再向下平移若干個(gè)單位,即可得到點(diǎn)N,∴將點(diǎn)C(0,3)向右平移3個(gè)單位,再向下平移若干個(gè)單位,可得到點(diǎn)M,∴點(diǎn)M的橫坐標(biāo)為:0+3=3,當(dāng)x=3時(shí),∴M設(shè)點(diǎn)N(1,∵AC=∴22解得,a∴點(diǎn)N的坐標(biāo)為(1,?3)或(1,3);②當(dāng)AC為平行四邊形的線時(shí),∵A∴AC的中點(diǎn)坐標(biāo)為:(?2+02設(shè)N(1,由中點(diǎn)坐標(biāo)公式得,1+x∴x=?3當(dāng)x=?3時(shí),y∴M∴b∴b∴點(diǎn)N(1,3),綜上,點(diǎn)N的坐標(biāo)為(1,3)或(1,-3).【點(diǎn)睛】本題主要考查了待定系數(shù)法示函數(shù)解析式,二次函數(shù)最值問題,中點(diǎn)坐標(biāo)公式,平行四邊形存在性等知識,包括分類討論思想等,(3)關(guān)鍵是進(jìn)行正確的分類討論.5.(2022·重慶沙坪壩·重慶南開中學(xué)??既#┤鐖D1,拋物線y=ax2+bx+2a≠0交x軸于點(diǎn)A?1,0,點(diǎn)B4,0,交y軸于點(diǎn)C.連接BC,過點(diǎn)A作(1)求拋物線的表達(dá)式;(2)點(diǎn)P是直線BC上方拋物線上一動(dòng)點(diǎn),過點(diǎn)P作PE∥y軸,交AD于點(diǎn)E,過點(diǎn)E作EG⊥BC于點(diǎn)G,連接PG,求△PEG面積的最大值及此時(shí)點(diǎn)(3)如圖2,將拋物線y=ax2+bx+2a≠0水平向右平移32個(gè)單位,得到新拋物線y1,在y1的對稱軸上確定一點(diǎn)M,使得【答案】(1)y=?(2)當(dāng)m=2時(shí),即P2,3時(shí),SΔ(3)所有符合條件的點(diǎn)M的坐標(biāo)為M3,?3或M3,?3+6【分析】(1)根據(jù)交點(diǎn)法設(shè)拋物線的解析式,然后和ax(2)連接AC,過G作GH⊥PE于H,在Rt△AOC中,根據(jù)勾股定理求出AC長,在Rt△BOC中,根據(jù)勾股定理求出BC長,然后根據(jù)勾股定理逆定理求出△ABC為直角三角形,再證明四邊形AECG是矩形,得出AC=GE,利用AAS證明ΔAOC≌ΔGHE,得出GH=OA=1,從而推出SΔPEG=12PE(3)根據(jù)平移的性質(zhì)求出新拋物線的對稱軸,聯(lián)立直線AD和拋物線的解析式求出D點(diǎn)的坐標(biāo),設(shè)M3,m,用兩點(diǎn)間距離公式表示出△BDM的三邊,然后分BD=BM和BD=MD兩種情況討論,分別求出M【詳解】(1)解:∵拋物線過點(diǎn)A,B,設(shè)拋物線為y=ax+1∴ax解得:a=?12,∴拋物線為y=?(2)解:連接AC,過G作GH⊥PE于在Rt△AOC中,AO=1,OC∴AC=1在Rt△BOC中,BO=4,OC∴BC=4在△ABC中,∵AC+∴AC⊥又∵GE⊥BC,∴四邊形AEGC為矩形,AC=∵GH∥AO,∴ΔAOC∴GH=∴SΔ設(shè)Pm∵BC:y=?12∴AD:y=?12PE=?∴SΔ∵?1當(dāng)m=2時(shí),即P2,3時(shí),SΔPEG(3)拋物線原對稱為直線x=3平移后新對稱軸為直線x=3,聯(lián)立y=?y=?解得D5,?3設(shè)M3,m,MD2=m2當(dāng)BD=BM時(shí),m2=9,但m=3時(shí),B,D,M三點(diǎn)共線,舍去,故m1當(dāng)BD=MD時(shí),m2,3綜上,M3,?3或M3,?3+6【點(diǎn)睛】本題是二次函數(shù)的綜合題,涉及的知識點(diǎn)有:利用交點(diǎn)法求二次函數(shù)解析式,二次函數(shù)和三角形面積的綜合,二次函數(shù)和等腰三角形的綜合,兩點(diǎn)間距離公式,三角形全等的判定,矩形的判定,以及二次函數(shù)的平移,以及方程思想的應(yīng)用,綜合性較強(qiáng),有一定難度.6.(2022秋·重慶渝中·九年級重慶巴蜀中學(xué)校考階段練習(xí))如圖,在平面直角坐標(biāo)系中,拋物線y=35x2+125x﹣3交x軸于點(diǎn)A,點(diǎn)B(點(diǎn)A在點(diǎn)B的左側(cè)),交y軸于點(diǎn)C,連接AC,BC.P是第三象限內(nèi)拋物線上一動(dòng)點(diǎn),過P作PE∥y軸交AC于點(diǎn)E,過E作EF∥BC交x軸于點(diǎn)(1)求△ABC的面積;(2)求PE+1010EF+FO的最大值及此時(shí)點(diǎn)P(3)將拋物線y=35x2+125x﹣3平移,使得新拋物線的頂點(diǎn)為(2)中求得的點(diǎn)P,點(diǎn)Q為x軸下方的新拋物線上一點(diǎn),R為x軸上一點(diǎn),直接寫出所有使得以點(diǎn)A,C,Q,R為頂點(diǎn)的四邊形是平行四邊形的點(diǎn)【答案】(1)9(2)203,(3)(25?253,0),【分析】(1)令y=0,可求得拋物線與x軸的交點(diǎn)坐標(biāo)為:A(-5,0)、B(1,0),令x=0,可求出拋物線與y軸的交點(diǎn)坐標(biāo)為:C(0,-3),再求出AB、OC的長度,△ABC的面積即可得解即可;(2)根據(jù)A(-5,0)、B(1,0),C(0,-3)求出直線AC、BC的解析式,分別為:y=?35x?3、y=3x?3,利用勾股定理求出AC=34,BC=10,再直接設(shè)P的坐標(biāo)為:(x0,35x02+125x0?3),且(?5<x0<0),以此求出E點(diǎn)坐標(biāo)表,進(jìn)而利用含x0的代數(shù)式表示出PE;EF∥BC,根據(jù)E、C、B三點(diǎn)坐標(biāo)求出F點(diǎn)坐標(biāo),則OF=65x(3)過C點(diǎn)作直線l∥x軸,與交新拋物線交于Q1、Q2兩點(diǎn)(Q1、在Q2左邊);新拋物線以P點(diǎn)為頂點(diǎn),則可求出新拋物線的解析式為:y=(x+103)2?133,根據(jù)點(diǎn)R在x軸上,Q點(diǎn)為x軸下方的新拋物線上一點(diǎn),可知Q、C均在x軸(AR)下方,即:QC不可能是新構(gòu)造的平行四邊形的對角線,則有AR一定是以點(diǎn)A,C,Q,R為頂點(diǎn)構(gòu)成的平行四邊形的一條邊,而非對角線,因此一定存在AR∥QC,則在新構(gòu)造的平行四邊形中一定有:AR=QC,故將y=-3代入新拋物線可求出Q1、Q2兩點(diǎn)的坐標(biāo),則可知Q點(diǎn)只能存在于Q1(2【詳解】(1)根據(jù)拋物線解析式y(tǒng)=令y=0,可求得拋物線與x軸的交點(diǎn)坐標(biāo)為:A(-5,0)、B(1,0),令x=0,可求出拋物線與y軸的交點(diǎn)坐標(biāo)為:C(0,-3),∵A(-5,0)、B(1,0)、C(0,-3),∴AO=5,OC=3,OB=1,則AB=6,∴S△(2)∵A(-5,0)、B(1,0),C(0,-3),∴直線AC的解析式為:y=?35x?3,直線BC又∵AO=5,OC=3,OB=1,AB=6,∴利用勾股定理易得:AC=34,BC=10,∵P是第三象限內(nèi)拋物線上一動(dòng)點(diǎn),∴設(shè)P的坐標(biāo)為:(x0,∴AC與PE的交點(diǎn)E點(diǎn)坐標(biāo)為:(x∴PE=?35∵EF∥∴設(shè)EF的解析式為:y=代入E點(diǎn)坐標(biāo)有t=?18∴F點(diǎn)的坐標(biāo)為(6∴OF=65又根據(jù)EF∥得:EFBC=AEAC,即∴PE+則有l(wèi)=?當(dāng)?56≤x0<0當(dāng)?5<x0<?56綜上兩種情況可知:當(dāng)x0=?103時(shí),此時(shí)P點(diǎn)坐標(biāo)為:(?10(3)如圖:過C點(diǎn)作直線l∥x軸,與交新拋物線交于Q1、Q2兩點(diǎn)(Q1、在Q在(2)中求得P點(diǎn)坐標(biāo)為:(?10已知平移后的拋物線以P點(diǎn)為頂點(diǎn),則新拋物線的方程為y=3∵點(diǎn)R在x軸上,Q點(diǎn)為x軸下方的新拋物線上一點(diǎn),∴Q、C均在x軸(AR)下方,即:QC不可能是新構(gòu)造的平行四邊形的對角線,∴AR一定是以點(diǎn)A,C,Q,R為頂點(diǎn)構(gòu)成的平行四邊形的一條邊,而非對角線,∴一定存在AR∥∴在新構(gòu)造的平行四邊形中一定存在:AR=QC,∴將y=-3代入新拋物線可求出Q1、Q2兩點(diǎn)的坐標(biāo),即為:Q1(25?103,?3)即有:Q點(diǎn)只能存在于Q1(25?103,?3)又∵C點(diǎn)坐標(biāo)為(0,-3),則此時(shí)分情況討論:當(dāng)Q點(diǎn)在Q1(2即有QC=∵AR∥∴以點(diǎn)A,C,Q,R為頂點(diǎn)構(gòu)成的平行四邊形中,存在AR=QC,且此時(shí)R點(diǎn)既可在A點(diǎn)右側(cè)也可在A點(diǎn)左側(cè),A點(diǎn)坐標(biāo)為(-5,0),∴則此時(shí)R點(diǎn)的坐標(biāo)為:(25?25當(dāng)Q點(diǎn)在Q2(?2即有QC=∵AR∥∴以點(diǎn)A,C,Q,R為頂點(diǎn)構(gòu)成的平行四邊形中,存在AR=QC,且此時(shí)R點(diǎn)既可在A點(diǎn)右側(cè)也可在A點(diǎn)左側(cè),A點(diǎn)坐標(biāo)為(-5,0),∴則此時(shí)R點(diǎn)的坐標(biāo)為:(?25+25綜上所述:R點(diǎn)的坐標(biāo)為:(25?253,0)、(7.(2021·重慶沙坪壩·重慶一中校考三模)如圖,在平面直角坐標(biāo)系中,拋物線y=ax2+bx+3(a≠0)與y軸交于點(diǎn)C,與x軸交于A,B兩點(diǎn)(點(diǎn)A在點(diǎn)B的右側(cè)),且點(diǎn)A的坐標(biāo)為(3,0),連接BC,過點(diǎn)A作AD//BC(1)求拋物線的解析式;(2)如圖1,點(diǎn)E為射線AD上一點(diǎn),點(diǎn)P為第二象限內(nèi)拋物線上一點(diǎn),求四邊形PBEC面積的最大值及此時(shí)點(diǎn)P的坐標(biāo);(3)如圖2,將原拋物線沿x軸正方向平移得到新拋物線y',y'經(jīng)過點(diǎn)C,平移后點(diǎn)A的對應(yīng)點(diǎn)為點(diǎn)A',點(diǎn)N為線段AD的中點(diǎn),點(diǎn)Q為新拋物線y'的對稱軸上一點(diǎn),在新拋物線y'上存在一點(diǎn)M,使以點(diǎn)M,Q,A【答案】(1)y=?13x2?233x+3;(2)四邊形PBEC面積的最大值為7538,此時(shí)點(diǎn)P(?332,154);(3)M(7【分析】(1)先求得點(diǎn)B坐標(biāo),再將A、B坐標(biāo)代入拋物線解析式中解得a、b即可求解;(2)易證S△BCE=S△ABC是定值,只需求出S△BCP的最大值,過P作PQ∥y軸交BC(3)先求出平移后的新拋物線的解析式和點(diǎn)A'、N的坐標(biāo),設(shè)Q(3,n),根據(jù)平行四邊形的性質(zhì),分A'N【詳解】解:(1)∵點(diǎn)A坐標(biāo)為(3,0),∴OA=3,∵OB=3OA,∴OB=33∴點(diǎn)B坐標(biāo)為(﹣33將點(diǎn)A(3,0)、B(﹣33,0)坐標(biāo)代入y=a得:{3a+∴拋物線的解析式為y=?1(2)當(dāng)x=0時(shí),y=3,∴C(0,3),OC=3,∵AD//BC,點(diǎn)E為射線AD上一點(diǎn),且AB=∴S△BCE=∴要使四邊形PBEC面積的最大,只需求出S△BCP的最大值,過P作PQ∥y軸交BC于Q,即求出PQ設(shè)直線BC的解析式為y=kx+t,將B(33,0)、C(0,3)代入得:{?33∴直線BC的解析式為y=3設(shè)P(m,?13m2?233m+3)(﹣3∴PQ=?13m=?=?1∴當(dāng)m=?332時(shí),PQ∴S△BCP的最大值為12×∴四邊形PBEC面積的最大值為63+2738=7538,此時(shí)點(diǎn)P(3)由(1)知拋物線y=?13x2?233x+3=?13(x+3∴原拋物線沿x軸正方向平移23個(gè)單位長度得到新拋物線y∴y'=?13(x+3?23)2+4設(shè)直線AD的表達(dá)式為y=33x+c,將A(3∴D(0,﹣1),∵N為AD的中點(diǎn),∴N(32,?設(shè)Q(3,n),根據(jù)題意,以點(diǎn)M,Q,A',N當(dāng)NA'邊時(shí),由中點(diǎn)坐標(biāo)公式得:xM即xM+3解得:xM=732或xM=?332,∴M1(7當(dāng)NA'為對角線時(shí),由中點(diǎn)坐標(biāo)公式得:xM解得:xM=532,∴M3綜上,滿足條件的點(diǎn)M的坐標(biāo)為M(732,﹣94)或M(?332,?9【點(diǎn)睛】本題考查二次函數(shù)的綜合應(yīng)用,涉及待定系數(shù)法求拋物線解析式、二次函數(shù)的圖象與性質(zhì)、拋物線的平移問題、坐標(biāo)與圖形、求二次函數(shù)的最值、三角形的面積公式、平行四邊形的性質(zhì)、中點(diǎn)坐標(biāo)公式、解一元一次方程等知識,綜合性強(qiáng),計(jì)算量大,難度較難,解答的關(guān)鍵是理解題意,尋找相關(guān)知識的關(guān)聯(lián)點(diǎn),利用數(shù)形結(jié)合和分類討論思想方法進(jìn)行推理、探究和計(jì)算.8.(2021春·重慶沙坪壩·九年級重慶八中??茧A段練習(xí))在平面直角坐標(biāo)系中,拋物線y=12x2?72x+3與xx軸交于A、B兩點(diǎn)(點(diǎn)A在點(diǎn)B的左側(cè)),交(1)如圖1,連接AD,CD,當(dāng)點(diǎn)D的橫坐標(biāo)為5時(shí),求SΔADC(2)如圖2,過點(diǎn)D作DE//AC交BC于點(diǎn)E,求DE長度的最大值及此時(shí)點(diǎn)D的坐標(biāo);(3)如圖3,將拋物線y=12x2?72x+3向右平移4個(gè)單位,再向下平移2個(gè)單位,得到新拋物線y'=ax2+bx+c.新拋物線與原拋物線的交點(diǎn)為點(diǎn)F,G【答案】(1)5;(2)DE的最大值為9510,D坐標(biāo)為(3,-3);(3)H(52,112)或(【分析】(1)把D的橫坐標(biāo)代入拋物線解析式得縱坐標(biāo),根據(jù)解析式,當(dāng)x=0時(shí),可得C的坐標(biāo),令直線DC與x交點(diǎn)為E,兩點(diǎn)確定一條直線,解析式,直線CD為y=-x+3,即得E坐標(biāo),當(dāng)y=0時(shí),代入拋物線解析式得A、B坐標(biāo),S△ACD=S△AEC+S△AED,通過計(jì)算可得結(jié)果;(2)由(1)知A,B,C坐標(biāo),兩點(diǎn)確定一條直線,可得直線AC和直線BC的解析式,過D點(diǎn)作l平行于BC,只有當(dāng)l與拋物線相切時(shí)候,DE取最大值,設(shè)l解析式為y=-12x+b,聯(lián)立直線l和拋物線的解析式得到二元一次方程組,可得x2-6x+6-2b=0,相切時(shí)即△=0,可得b的值和D的坐標(biāo),設(shè)直線DE的解析式為y=-3x+b,直線DE與拋物線的解析式聯(lián)立方程組可得E的坐標(biāo),根據(jù)兩點(diǎn)間的距離公式得DE(3)根據(jù)平移的性質(zhì)得到新的拋物線為y=12x2-152x+23,由對稱軸公式x=?b2a得對稱軸,聯(lián)立拋物線和新拋物線得F點(diǎn)坐標(biāo)為(5,-2),兩點(diǎn)確定一條直線的解析式,直線CF為y=-x+3,分情況討論,若CFGH是矩形,當(dāng)CF⊥FG時(shí),兩直線垂直,斜率積為1,HG⊥FG,HC⊥CF,可求得直線FG、直線CH、直線HG的解析式,可得H的坐標(biāo),當(dāng)CG⊥【詳解】解:(1)將x=5代入y=12x2-72x+3,得∴D(5,-2),令DC與x軸交點(diǎn)為E,由題可知:C(0,3),∴CD直線的表達(dá)式:y=?2?35x+3=-x由此可知E(3,0),且如圖1可知,S△ADC=S△ACE+S△ADE=12?AE?OC+12?AE?|y0|=12×AE(OC+|將y=0代入方程,12x2-72可知A(1,0),B(6,0),∴AE=2,∴S△ADC=12∴S△ADC=5;(2)如圖2,∵方程表達(dá)式?jīng)]有變化,∴由(1)可知A(1,0),B(6,0),C(0,3),∴KAC=-3,KBC=-12∴AC:y=-3x+3,BC:y=-12x∵DE∥AC,∴KDE=KAC=-3,過D點(diǎn)作l平行于BC,只有當(dāng)l與拋物線相切的時(shí)候,DE取最大值,∵l∥BC,∴令l:y=-12x+b,y=?12x2-3x+3-bx2-6x+6-2b=0,當(dāng)直線與拋物線相切時(shí),△=0,∴b2-4ac=0,3b-4(6-2b)=0,12+8b=0,∴b=-32∴l(xiāng):y=-12x-3將b=-32代入x2-6x+6-2b可得x=3,∴xD=3,∴D(3,-3),∵KDE=-3,∴DE:y=-3(x-3)-3=-3x+6,∵E是CB、DE的交點(diǎn),∴y=?3x+6y=?12∴DE的最大值為3?∴D坐標(biāo)為(3,-3);(3)如圖3y=12x2-72∴新拋物線方程為:y=12(x-4)2-72(x-4)+3-2=12x2-∴對稱軸為:x=152∵F是它兩交點(diǎn),∴y=12x∵C(0,3),∴CF:y=-x+3,①如果CFGH是矩形,即CF⊥FG,∴KFG?KCF=-1,∴KFG=1,∴PG:y=x-5-2=x-7,∵xG=152∴G(152,1∵HG⊥FG,HC⊥CF,∴KCH=1,KHG=-1,∴CH:y=x+3,HG:y=-x+8,∴H(52,11②如果CG⊥CF,如圖4,CF:y=-x+3,∴CG:y=x+3,∴G(152,21∵KGH=-1,KFH=1,∴GH:y=-x+18,F(xiàn)H:y=x-7,∴H(252,11綜上所述,H(52,112)或(252【點(diǎn)睛】本題考查二次函數(shù)的應(yīng)用,解本題的關(guān)鍵要熟練掌握二次函數(shù)的性質(zhì),兩點(diǎn)確定一條直線的解析式,解一元二次方程,拋物線平移的性質(zhì),矩形的性質(zhì)等.9.(2021·重慶沙坪壩·重慶八中??寄M預(yù)測)如圖,在平面直角坐標(biāo)系中,已知拋物線y=14x2+bx+c與直線AB相交于A、B兩點(diǎn),其中A(6,0),B(0,?3)(1)求該拋物線的函數(shù)解析式;(2)點(diǎn)P為直線AB下方拋物線上的任意一點(diǎn),連接PB、PC,求△PBC面積的最大值;(3)將該拋物線沿著射線BA方向平移52個(gè)單位長度得到拋物線y=a1x2+b1x+c1a1≠0,點(diǎn)D為新拋物線對稱軸上的一點(diǎn),點(diǎn)【答案】(1)y=14x2?x?3;(2)94;(3)【分析】(1)用待定系數(shù)法,即把A、B兩個(gè)點(diǎn)的坐標(biāo)分別代入函數(shù)解析式y(tǒng)=14x2+bx+c(2)首先可求得直線AB的解析式,再過點(diǎn)P作y軸平行線交AB于點(diǎn)Q,設(shè)Pm,14m2?m?3,則可得Qm,(3)拋物線沿著射線BA方向平移52個(gè)單位長度得到新拋物線,可看成是先向右平移一個(gè)單位長度再向上平移12個(gè)單位長度而得到新拋物線,則可求得新拋物線的對稱軸,再分BC是平行四邊形的邊和對角線兩種情況考慮,即可求得點(diǎn)【詳解】(1)∵拋物線y=14x∴0=解得b∴拋物線解析式:y=(2)∵直線AB過A(6,0),B(0,?3)兩點(diǎn),設(shè)直線AB∴6k解得:k=1∴直線AB的解析式為y∵拋物線的解析式為y=∴對稱軸為直線x=2∵當(dāng)x=2時(shí),y∴C過點(diǎn)P作y軸平行線交AB于點(diǎn)Q設(shè)Pm,14∴S====?∵?14<0,拋物線的開口向下,對稱軸為直線∴當(dāng)m=3時(shí),S△(3)由于拋物線y=14x2?x?3的對稱軸為直線x∵點(diǎn)D在直線x=3上,設(shè)D(3,n)∵B(0,?3),∴B點(diǎn)先向右平移2個(gè)單位長度再向上平移1個(gè)單位長度則得到C點(diǎn),或C點(diǎn)先向左平移2個(gè)單位長度再向下平移1個(gè)單位長度則得到B點(diǎn)①若BC為平行四邊形的一邊,則BC∥DE,且BC=DE把點(diǎn)D按上述平移后得點(diǎn)E,其坐標(biāo)為(5,n+1)或(1,n-1)∵點(diǎn)E在y=∴當(dāng)x=5時(shí),n+1=?74;當(dāng)x故得E15,?②若BC為平行四邊形的對角線由于BC的中點(diǎn)坐標(biāo)為(1,?52),根據(jù)平行四邊形的對角線互相平分的性質(zhì)知,此點(diǎn)也為DE的中點(diǎn),所以點(diǎn)E∵當(dāng)x=-1時(shí),-5+n=?∴E綜上所述,滿足條件的點(diǎn)為:E15,?74【點(diǎn)睛】本題是二次函數(shù)與幾何的綜合題,它考查了待定系數(shù)法求函數(shù)解析式,二次函數(shù)的圖象與性質(zhì),圖形面積的最值,圖形平移的性質(zhì),平行四邊形的性質(zhì)等知識,還涉及到數(shù)形結(jié)合思想、分類討論思想,是一個(gè)有較大難度的綜合性題目,是中考??嫉念}型.10.(2021·重慶沙坪壩·重慶八中??既#┤鐖D1,在平面直角坐標(biāo)系中,拋物線y=ax2+bx+3與x軸交于A?33,0、B3,0兩點(diǎn),交(1)求拋物線的解析式.(2)若點(diǎn)P是拋物線上第三象限上一點(diǎn),過P點(diǎn)作PM⊥AC于M,過P作PN//y軸交AC于點(diǎn)N,當(dāng)△PMN周長有最大值時(shí),求(3)如圖2,將拋物線向右平移33個(gè)單位長度,再向上平移3個(gè)單位長度后得到新的拋物線,M點(diǎn)在新拋物線后的對稱軸上,N點(diǎn)為平面內(nèi)一點(diǎn),使以B、C、M、N為頂點(diǎn)的四邊形為菱形,請直接寫出N【答案】(1)y=?13x2?233x+3,(2)【分析】(1)把A?33,0(2)由平行線的性質(zhì)可知∠PNC=∠ACO=60°,設(shè)出P點(diǎn)的坐標(biāo),在Rt△PMN中利用三角函數(shù)表示出△PMN的周長,利用二次函數(shù)的性質(zhì)可求.(3)求出平移后的解析式,設(shè)點(diǎn)的坐標(biāo),根據(jù)菱形的性質(zhì)求解即可.【詳解】解:(1)把A?33,0、B0=27a?3拋物線解析式為:y=?1(2)當(dāng)x=0時(shí),y=3,C點(diǎn)坐標(biāo)為(0,3),設(shè)AC解析式為y=kx+n,把A、C兩點(diǎn)坐標(biāo)代入得,0=?33k+n3=n,解得,k=33∵A點(diǎn)坐標(biāo)為:A?3∴tan∠ACO=3∵PN//∴∠PNC=∠ACO=60°,∵PM⊥∴MN=PN?cos60°=設(shè)P點(diǎn)坐標(biāo)為(p,?13pPN=?當(dāng)p=?332時(shí),PN最大,最大值為9MN=12PN=98(3)拋物線y=?13x2?再向上平移3個(gè)單位長度后得到新的拋物線解析式為y=?1對稱軸為直線x=23設(shè)M點(diǎn)坐標(biāo)為23,m,C當(dāng)CBNM為菱形時(shí),CB=CM,可列方程為23解得,m=3,M點(diǎn)坐標(biāo)為23由平移可知,N點(diǎn)坐標(biāo)為(33當(dāng)CBMN為菱形時(shí),CB=BM,可列方程為32解得,m1=3,M點(diǎn)坐標(biāo)為23由平移可知,N點(diǎn)坐標(biāo)為(3,6),M點(diǎn)坐標(biāo)為由平移可知,N點(diǎn)坐標(biāo)為(3當(dāng)CNBM為菱形時(shí),CM=BM,可列方程為23解得,m=3,M點(diǎn)坐標(biāo)為23由平移可知,N點(diǎn)坐標(biāo)為(?3綜上,N點(diǎn)坐標(biāo)為(3,6)或(?3【點(diǎn)睛】本題考查了二次函數(shù)的綜合,包括解直角三角形,菱形的性質(zhì)與判定,解題關(guān)鍵是熟練運(yùn)用二次函數(shù)知識求解析式和根據(jù)二次函數(shù)的性質(zhì)求最值,通過設(shè)坐標(biāo),依據(jù)兩點(diǎn)間距離公式列方程,利用平移求坐標(biāo).11.(2021·重慶沙坪壩·重慶八中校考一模)如圖,在平面直角坐標(biāo)系中,拋物線C1:y=?14x2+bx+c的圖象與坐標(biāo)軸交于A、B、C三點(diǎn),其中點(diǎn)A的坐標(biāo)為0,8,點(diǎn)(1)求該二次函數(shù)的表達(dá)式及點(diǎn)C的坐標(biāo);(2)若點(diǎn)F為該拋物線在第一象限內(nèi)的一動(dòng)點(diǎn),求△FCD面積的最大值;(3)如圖2,將拋物線C1向右平移2個(gè)單位,向下平移5個(gè)單位得到拋物線C2,M為拋物線C2上一動(dòng)點(diǎn),N為平面內(nèi)一動(dòng)點(diǎn),問是否存在這樣的點(diǎn)M、N,使得四邊形DMCN【答案】(1)y=?14x2【分析】(1)利用待定系數(shù)法求解;(2)連接OF,設(shè)點(diǎn)Fa,?14a(3)存在,根據(jù)拋物線平移的性質(zhì)求得拋物線C2:?14(x?4)2+4=?14x2+2x,設(shè)Mt,?14t2+2t,利用菱形的性質(zhì)得到DM=MC,求出直線CD的解析式為y=?【詳解】解:(1)將A的坐標(biāo)0,8,B的坐標(biāo)(-4,0)代入y=?1c=8?4?4b∴y=?當(dāng)y=0時(shí),?1解得x1∴C(8,0);(2)連接OF,設(shè)點(diǎn)Fa∵OD=4,OC=8,S==?(∴當(dāng)a=3時(shí),S(3)存在拋物線C1:y=?1∵將拋物線C1向右平移2個(gè)單位,向下平移5個(gè)單位得到拋物線C∴拋物線C2:?設(shè)Mt∵四邊形DMCN為菱形,∴DM=∴點(diǎn)M在線段CD的垂直平分線上,∵D0,4∴直線CD的解析式為y=?12x+4∴設(shè)CD的中垂線的函數(shù)解析式為y=2x+b,∴8+b=2,得b=-6,∴CD的中垂線的函數(shù)解析式為y=2x?6,將點(diǎn)Mt,?1①M(fèi)1?2②M226【點(diǎn)睛】此題考查待定系數(shù)法求函數(shù)的解析式,拋物線平移的性質(zhì),利用拋物線求幾何圖形的面積,菱形的性質(zhì),正確理解菱形的性質(zhì)是解題的關(guān)鍵.12.(2021春·重慶沙坪壩·九年級重慶八中??茧A段練習(xí))如圖1,在平面直角坐標(biāo)系中,已知拋物線y=ax2+bx﹣22(a≠0)與x軸交A(﹣2,0)和點(diǎn)B,與p軸交于點(diǎn)C,并且經(jīng)過點(diǎn)D(5,72(1)求該拋物線的解析式;(2)如圖1,點(diǎn)M是拋物線上第四象限內(nèi)一點(diǎn),聯(lián)結(jié)AC,CM,BM,當(dāng)四邊形ACMB面積最大時(shí),求點(diǎn)M的坐標(biāo)以及S四邊形ACMB的最大值;(3)如圖2,將拋物線沿射線BC方向平移,平移后的拋物線經(jīng)過線段BC的中點(diǎn),記點(diǎn)B平移后的對應(yīng)點(diǎn)為B1,點(diǎn)C平移后的對應(yīng)點(diǎn)為C1,點(diǎn)Q是平移后新拋物線對稱軸上一點(diǎn),點(diǎn)P是原拋物線上一點(diǎn),若以點(diǎn)B1,C1,P,Q為頂點(diǎn)的四邊形是平行四邊形時(shí),請直接寫出點(diǎn)P的坐標(biāo).【答案】(1)y=24x2?22x?22,(2)(2,?2【分析】(1)把A(﹣2,0),D(5,72(2)連接OM,設(shè)M點(diǎn)坐標(biāo)為(m,24m2?(3)求出平移后的拋物線解析式,求出B1,C1坐標(biāo),設(shè)出P,Q兩點(diǎn)坐標(biāo),根據(jù)中點(diǎn)坐標(biāo)公式列方程即可.【詳解】解:(1)把A(﹣2,0),D(5,724)代入y=ax2+bx﹣24a?2b?22=025a+5b?2拋物線解析式為y=2(2)連接OM,當(dāng)x=0時(shí),y=?22,則C點(diǎn)坐標(biāo)為(0,?2當(dāng)y=0時(shí),0=24x2?22∵A點(diǎn)坐標(biāo)為(﹣2,0),∴S△設(shè)M點(diǎn)坐標(biāo)為(m,2S△MOC=S四邊形化為頂點(diǎn)式為S四邊形當(dāng)m=2時(shí),S四邊形ACMB最大,此時(shí)M點(diǎn)坐標(biāo)為(2,?22)(3)拋物線沿射線BC方向平移,平移后的拋物線經(jīng)過線段BC的中點(diǎn),記點(diǎn)B平移后的對應(yīng)點(diǎn)為B1,∵B(4,0),C(0,?22∴BC中點(diǎn)坐標(biāo)為B1(2,?2∴拋物線向下平移2個(gè)單位,向左平移2個(gè)單位,則C1坐標(biāo)為(-2,?32原拋物線解析式化為頂點(diǎn)式是y=24(x?1)2?設(shè)點(diǎn)Q坐標(biāo)為(-1,q),點(diǎn)P坐標(biāo)為(p,2根據(jù)平行四邊形對角線互相平分,當(dāng)B1C1為對角線時(shí)可得,xB1+xC1=xP當(dāng)B1Q為對角線時(shí)可得,xB1+xQ=xP+當(dāng)B1P為對角線時(shí)可得,xB1+xP=xQ+綜上P點(diǎn)坐標(biāo)為(1,?924)或(3,?【點(diǎn)睛】本題考查了二次函數(shù)的綜合,解題關(guān)鍵是熟練運(yùn)用二次函數(shù)的性質(zhì)求最值,利用分類討論思想和平行四邊形性質(zhì)列方程.13.(2021春·重慶沙坪壩·九年級重慶南開中學(xué)校考階段練習(xí))如圖1,在平面直角坐標(biāo)系中,拋物線y=﹣38x2+34x+3與x軸交于點(diǎn)A和點(diǎn)B,A在B的左側(cè),與y軸交于點(diǎn)C,點(diǎn)P為直線(1)求直線BC的解析式;(2)過P作PM⊥x軸,交BC于M,當(dāng)PM﹣CM的值最大時(shí),求P的坐標(biāo)和PM﹣CM的最大值;(3)如圖2,將該拋物線向右平移1個(gè)單位,得到新的拋物線y1,過點(diǎn)P作直線BC的垂線,垂足為E,作y1對稱軸的垂線,垂足為F,連接EF,請直接寫出當(dāng)△PEF是以PF為腰的等腰三角形時(shí),點(diǎn)P的橫坐標(biāo).【答案】(1)y=?34x+3;(2)P13,7724【分析】(1)直接根據(jù)解析式得出C點(diǎn)坐標(biāo),令y=0求解得到B點(diǎn)坐標(biāo),從而利用待定系數(shù)法求解直線的解析式即可;(2)設(shè)P點(diǎn)坐標(biāo),從而得出相應(yīng)M點(diǎn)坐標(biāo),根據(jù)兩點(diǎn)間的距離公式分別列出PM,CM,從而列出關(guān)于PM﹣CM的二次函數(shù)表達(dá)式,利用二次函數(shù)的性質(zhì)求解最值即可;(3)作PK⊥x軸于K點(diǎn),交直線BC于H點(diǎn),設(shè)出P,H的坐標(biāo),根據(jù)PE=PH·cos∠EPH以及∠EPH=∠KBH,求出PE的表達(dá)式,再結(jié)合平移性質(zhì)求出【詳解】(1)由題意可知,C0,3令y=0,則?解得:x1=?2,∴A?2,0,B設(shè)直線BC的解析式為:y=將B4,0,C4k+b∴直線BC的解析式為:y=?3(2)設(shè)Pm,?38m∴PM=CM=∴PM?整理為頂點(diǎn)式得:PM?CM=?3∵?3∴當(dāng)m=13時(shí),PM?CM取得最大值,最大值為將m=13代入y∴此時(shí)P點(diǎn)的坐標(biāo)為P1(3)如圖所示,作PK⊥x軸于K點(diǎn),交直線BC于H點(diǎn),由題意可知,OC=3,OB=4,BC=5,設(shè)Pn,?38n2+在Rt△PEH中,PE=∵PE⊥BC,∠PHE=∠BHK,∴∠EPH=∠KBH,∵cos∠KBH∴PE=∵原拋物線對稱軸為直線x=1,∴將拋物線向右平移1個(gè)單位后,新拋物線的對稱軸為直線x=2,又∵點(diǎn)F在新拋物線對稱軸上,且PF垂直于新拋物線對稱軸,∴xF=2,∵PF=PE,∴?3①當(dāng)n>2時(shí),?整理得:3n∵Δ=4?4×3×∴n=∵n>2∴n=1+②當(dāng)n<2時(shí),?整理得:3n∵Δ=∴n=∵n<2∴n=綜上,當(dāng)△PEF是以PF為腰的等腰三角形時(shí),P點(diǎn)的橫坐標(biāo)為1+613或【點(diǎn)睛】本題考查二次函數(shù)綜合問題,熟練利用函數(shù)的思想求解線段和差的最值問題,以及掌握拋物線平移的定義是解題關(guān)鍵.14.(2021春·重慶沙坪壩·九年級重慶一中??奸_學(xué)考試)如圖,在平面直角坐標(biāo)系中,拋物線y=a(x+2)(x?6)(a≠0)與x軸交于A,B兩點(diǎn),與y軸交于點(diǎn)C,D為拋物線頂點(diǎn),連接AD,已知tan∠BAD=2(1)求點(diǎn)D的坐標(biāo)以及a的值;(2)如圖,連接AC,交拋物線對稱軸于點(diǎn)E,P為直線AD下方拋物線上的一個(gè)動(dòng)點(diǎn)(不與A?D重合),連接PA,PD,DE,求四邊形APDE面積的最大值及相應(yīng)點(diǎn)P的坐標(biāo);(3)將直線AC沿射線DA方向平移2752個(gè)單位后得到直線l,直線l與拋物線的兩個(gè)交點(diǎn)分別為M,N(M在N左側(cè)),在拋物線對稱軸上是否存在點(diǎn)K,使△CMK是以KC為腰的等腰三角形?若存在,請直接寫出點(diǎn)【答案】(1)D(2,?8),a=12;(2)四邊形APDE面積的最大值為12,P【分析】(1)由拋物線y=a(x+2)(x?6)(a≠0),令y=0,求解B(?2,0),A(6,0),可得拋物線的對稱軸為:直線x=?2+6(2)如圖,過P作PG//y軸交AD于G,由S四邊形APDE=S△ADE+S△APD,可得:S△ADP最大,則S四邊形APDE最大,再求解直線AD為:y=2x?12,直線AC為:y=x?6,可得S△AED=12×4×4=8,(3)如圖,點(diǎn)A沿DA方向平移2752個(gè)單位到E,則AE=2752,過E作EM//AC,交拋物線于M,N,過E作EH⊥x軸于H,由tan∠EAH=EHAH=2,求解E(19.5,27),與【詳解】解:(1)∵y=令y=0,∴a∴x∴B∴拋物線的對稱軸為:直線x=?2+6如圖,記拋物線的對稱軸與x軸交于Q,∴AQ∵tan∠∴DQ∴DQ∴D∴?16a∴a所以拋物線的解析式為:y=12(2)如圖,過P作PG//y軸交AD于∵S∵A,C∴S∴S△ADP∵A設(shè)AD為y=∴{6解得:{k所以直線AD為:y=2∵y∴C同理:直線AC為:y=∴E∴DE∴S設(shè)P(∴G∴PG∴S=?x由P在AD的下方,則2<x<6,∵a=?1<當(dāng)x=?82×(?1)=4時(shí),∴y∴P所以:四邊形APDE面積的最大值為8+4=12,此時(shí):P(3)如圖,點(diǎn)A沿DA方向平移2752個(gè)單位到E,則過E作EM//AC,交拋物線于M,N,過∵∠BAD=∠∴tan∠EAH設(shè)AH=c,∴AE∴c∴E∵AC所以設(shè)MN為y=∴19.5+∴b∴MN為:y∴{y解得:{x∴M設(shè)K(2,n),且△當(dāng)KM=KC時(shí),則∴(?3?2)解得:n=1∴K當(dāng)CM=CK時(shí),則∴(?3?0)∴n∴K綜上:K(2,14)【點(diǎn)睛】本題考查的是利用待定系數(shù)法求解一次函數(shù)與二次函數(shù)的解析式,列有關(guān)面積的二次函數(shù)的解析式,二次函數(shù)的性質(zhì),點(diǎn)的平移與直線的平移的性質(zhì),勾股定理的應(yīng)用,等腰三角形的判定與性質(zhì),銳角三角函數(shù)的應(yīng)用,掌握以上知識是解題的關(guān)鍵.15.(2021秋·重慶沙坪壩·九年級重慶一中??计谀┤鐖D,在平面直角坐標(biāo)系中,拋物線y=?12x2?32x+2交x軸于點(diǎn)(1)求△ABC的面積;(2)如圖,過點(diǎn)C作射線CM,交x軸的負(fù)半軸于點(diǎn)M,且∠OCM=∠OAC,點(diǎn)P為線段AC上方拋物線上的一點(diǎn),過點(diǎn)P作AC的垂線交CM于點(diǎn)G,求線段PG的最大值及點(diǎn)P的坐標(biāo);(3)將該拋物線沿射線AC方向平移5個(gè)單位后得到的新拋物線為y'=ax2+bx+c,新拋物線y'與原拋物線的交點(diǎn)為E,點(diǎn)F為新拋物線y對稱軸上的一點(diǎn),在平面直角坐標(biāo)系中是否存在點(diǎn)Q,使以點(diǎn)A、E、【答案】(1)5,(2)當(dāng)P點(diǎn)坐標(biāo)為(?72,98)時(shí),PG最大,最大值為49532;Q點(diǎn)坐標(biāo)為(72,6?372【分析】(1)求出A、B、C三點(diǎn)坐標(biāo),應(yīng)用三角形面積公式可求;(2)過P點(diǎn)作x軸平行線,交CM于點(diǎn)H,過點(diǎn)G作GD⊥PH,垂足為D,設(shè)PG與AC、x軸交點(diǎn)分別為N、F,設(shè)P(m,?12m2?32m+2),則(3)求出E點(diǎn)坐標(biāo)為(-1,3),設(shè)F(12,n),表示出AE、AF、EF【詳解】解:把y=0代入y=?10=?1解得,x1=1,x2=?4把x=0代入y=?12xC點(diǎn)坐標(biāo)為(0,2),S△ABC=12(2)過P點(diǎn)作x軸平行線,交CM于點(diǎn)H,過點(diǎn)G作GD⊥PH,垂足為D,設(shè)PG與AC、x軸交點(diǎn)分別為N、F,由(1)得,OCOA∵∠AOC=∠COB=90°,∴△AOC∽△COB,∴∠OAC=∠BCO=∠OCM,易得OM=OB=1,根據(jù)M(-1,0)C(0,2),可得CM解析式為:y=2x+2;∵DG∥OC,∴∠DGH=∠OCM,∵∠ANF=∠FEG=90°,∠NFA=∠EFG,∴∠NAF=∠FGE,∵∠OCM=∠OAC∴∠DGH=∠FGE,∵∠GDP=∠GDH=90°,GD=GD,∴△GDP≌△GDH,∴PD=DH,設(shè)P(m,?12m2?32DP=12tan∠OCB=tan∠PGD=12,可得,PG=5DP當(dāng)DP最大時(shí),PG就最大,所以,當(dāng)m=?72,DP最大,最大值為故當(dāng)P點(diǎn)坐標(biāo)為(?72,98)時(shí),PG(3)拋物線y=?12x2?32x+2化為頂點(diǎn)式為:y=?1兩個(gè)拋物線交于E點(diǎn),所以?1解得,x=-1,代入得y=3,E點(diǎn)坐標(biāo)為(-1,3),設(shè)F(12,nAE2=(?1+4)2當(dāng)AE=AF時(shí),18=814當(dāng)AE=EF時(shí),18=n2解得,n1則F1(12,3?372),對應(yīng)的QF2(12,3+372),對應(yīng)的Q當(dāng)AF=EF時(shí),814+n解得,n=?3F3(12,?32),對應(yīng)的Q3綜上所述,Q點(diǎn)坐標(biāo)為(72,6?372)或(?52,【點(diǎn)睛】本題考查了二次函數(shù)綜合問題,解題關(guān)鍵是樹立數(shù)形結(jié)合思想,分類討論思想,熟練運(yùn)用二次函數(shù)的性質(zhì)求最值,通過設(shè)點(diǎn)的坐標(biāo),建立起圖形與數(shù)據(jù)的聯(lián)系.16.(2020春·重慶·九年級重慶實(shí)驗(yàn)外國語學(xué)校??茧A段練習(xí))如圖:已知拋物線y=ax2+bx+c與x軸,y軸分別交于點(diǎn)A1求出此拋物線的解析式;2如圖1,拋物線的頂點(diǎn)為點(diǎn)D,點(diǎn)P是直線BC下方拋物線上的一點(diǎn)(異于點(diǎn)D),當(dāng)SΔBCP=S3在2的條件下,將拋物線沿射線DC方向平移,點(diǎn)P的對應(yīng)點(diǎn)為P',在拋物線平移的過程中,若∠P'CB=∠PBC,請直接寫出此時(shí)平移后的拋物線解析式【答案】(1)y=x2?4x?5;(2)P3,?8;3新拋物線解析式為新拋物線解析式為【分析】(1)根據(jù)拋物線的對稱軸和A、C兩點(diǎn)的坐標(biāo)即可求出結(jié)論;(2)先求出點(diǎn)D的坐標(biāo),過點(diǎn)D作直線DP//BC交拋物線于點(diǎn)P,根據(jù)平行線的距離處處相等可得此時(shí)(3)根據(jù)點(diǎn)P′與BC的位置關(guān)系分類討論,分別畫出對應(yīng)的圖形,利用待定系數(shù)法求出各個(gè)直線的解析式,聯(lián)立方程即可求出點(diǎn)P′的坐標(biāo),從而求出平移方式,然后即可求出新拋物線的解析式.【詳解】1由題拋物線對稱軸為直線x=2且過點(diǎn)A得?ba∴拋物線解析式為y2由題拋物線的頂點(diǎn)D2,?9過點(diǎn)D作直線DP//BC交拋物線于點(diǎn)P利用對稱性可知點(diǎn)B的坐標(biāo)為(5,0)設(shè)直線BC的解析式為y=kx+d將B5,00=5解得:k∴設(shè)直線DP的解析式為y=x+e將點(diǎn)D的坐標(biāo)代入,得?9=2+解得:e=-11∴則y解得:x1=2∴3若點(diǎn)P′在BC右側(cè)時(shí),作∠ECB=∠PBC交BP與點(diǎn)E,過點(diǎn)P作PP′∥DC交EC于P′,連接OE,如下圖所示,易知點(diǎn)P′符合條件∴EB=EC∵OB=OC=5,∴OE垂直平分BC∴∠BOE=12∠BOC=45°,即點(diǎn)E在∠∴可設(shè)E點(diǎn)的坐標(biāo)為(m,-m)設(shè)直線BP的解析式為y=k1x+b1將點(diǎn)B、P的坐標(biāo)代入,可得0=5解得:k∴直線BP的解析式為y=4x-20將點(diǎn)E的坐標(biāo)代入可得-m=4m-20解得:m=4∴點(diǎn)E的坐標(biāo)為(4,-4)同理可得CE的解析式為y=14直線CD的解析式為y=-2x-5直線PP′的解析式為y=-2x-2聯(lián)立y解得:x=∴點(diǎn)P′(43∴點(diǎn)P3,?8到點(diǎn)P′(43,?143原拋物線的解析式為y∴新拋物線解析式為y=若點(diǎn)P′在BC左側(cè)時(shí),作CP′∥BP,PP′∥CD,CP′與PP′交于點(diǎn)P′,如下圖所示,此時(shí)∠P'CB=∠PBC由上可知:直線BP的解析式為y=4x-20,可得直線CP′的解析式為y=4x-5直線PP′的解析式為y=-2x-2聯(lián)立y解得:x=∴點(diǎn)P′(12∴點(diǎn)P3,?8到點(diǎn)P′(12,?3原拋物線的解析式為y∴新拋物線解析式為y=綜上:新拋物線解析式為y=x+1【點(diǎn)睛】此題考查的是二次函數(shù)的綜合大題,此題難度較大,掌握利用待定系數(shù)法求二次函數(shù)解析式、一次函數(shù)解析式、聯(lián)立方程求交點(diǎn)坐標(biāo)和分類討論的數(shù)學(xué)思想是解決此題的關(guān)鍵.17.(2022秋·重慶九龍坡·九年級四川外國語大學(xué)附屬外國語學(xué)校校考期中)如圖1,拋物線y=ax2+bx+c與x軸相交于點(diǎn)B,C(點(diǎn)B在點(diǎn)C左側(cè)),與y軸相交于點(diǎn)A(0,4),已知點(diǎn)C坐標(biāo)為(4,0)(1)求拋物線的解析式:(2)點(diǎn)P是直線AC下方拋物線上一點(diǎn),過點(diǎn)P作直線AC的垂線,垂足為點(diǎn)H,過點(diǎn)P作PQ∥y軸交AC于點(diǎn)Q,求△PHQ周長的最大值及此時(shí)點(diǎn)P的坐標(biāo);(3)如圖2,將拋物線向左平移92個(gè)單位長度得到新的拋物線,M為新拋物線對稱軸l上一點(diǎn),N為平面內(nèi)一點(diǎn),使得以點(diǎn)A、B、M、N為頂點(diǎn)的四邊形為菱形,請直接寫出點(diǎn)N的坐標(biāo),并寫出求解其中一個(gè)N【答案】(1)y(2)△PHQ周長的最大值為42+4,此時(shí)點(diǎn)P(3)N1?1,13或N2?1,?13【分析】(1)首先根據(jù)△ABC面積求出點(diǎn)B的坐標(biāo),然后利用待定系數(shù)法求解即可;(2)首先求出直線AC的解析式,然后證明出△PHQ是等腰直角三角形,進(jìn)而得到當(dāng)PQ的值最大時(shí),△PHQ周長取得最大值,設(shè)出點(diǎn)P和點(diǎn)Q的坐標(biāo),然后表示出PQ的長度,然后根據(jù)二次函數(shù)的性質(zhì)求解即可;(3)首先求出平移后的新拋物線的解析式,然后設(shè)出點(diǎn)M和點(diǎn)N的坐標(biāo),然后分3種情況討論求解即可.【詳解】(1)∵點(diǎn)A(0,4),點(diǎn)C坐標(biāo)為(4,0),△ABC面積為6∴AO=4∴12×BC解得BC=3∴OB∴點(diǎn)B的坐標(biāo)為1,0,∵拋物線y=ax2+bx+則c=40=16a即拋物線的解析式:y=x(2)∵AO=4,OC=4∴△AOC是等腰直角三角形∴∠∵PQ∴∠∵PH∴△PHQ是等腰直角三角形∴PH∴△PHQ周長∴當(dāng)PQ長度最大時(shí),△PHQ周長最大∴設(shè)直線AC的解析式為y∴d=44∴y設(shè)點(diǎn)P的坐標(biāo)為x,x2?5∴PQ∴當(dāng)x=2時(shí),PQ取得最大值4∴此時(shí)△PHQ周長將x=2代入∴此時(shí)點(diǎn)P的坐標(biāo)為2,?2;(3)∵y將拋物線向左平移92個(gè)單位長度得設(shè)點(diǎn)M的坐標(biāo)為?2,m,點(diǎn)N的坐標(biāo)為n,t,∴AM2=4+m∴當(dāng)四邊形AMNB為菱形時(shí),AM2解得m1=4?∴1+?2=0+nm∴點(diǎn)N的坐標(biāo)為N1?1,13∴當(dāng)四邊形AMBN為菱形時(shí),AM∴4+m?4∴點(diǎn)N的坐標(biāo)為N3∴當(dāng)四邊形ANMB為菱形時(shí),AB∴17=9+m20+?2∴點(diǎn)N的坐標(biāo)為N4?3,22∴綜上所述,點(diǎn)N的坐標(biāo)為N1?1,13或N2?1,?13或【點(diǎn)睛】此題考查了二次函數(shù)和幾何綜合題,求解二次函數(shù)解析式,三角形周長最值問題,菱形存在性問題,解題的關(guān)鍵是設(shè)出點(diǎn)的坐標(biāo),根據(jù)題意列出方程求解.18.(2021·重慶九龍坡·重慶實(shí)驗(yàn)外國語學(xué)校??级#┤鐖D1,在平面直角坐標(biāo)系中,拋物線y=?23x2+43x+2與x軸交于A、B兩點(diǎn)(點(diǎn)A在點(diǎn)B的左側(cè)),與(1)求直線BC的解析式;(2)過點(diǎn)A作AD//BC交拋物線于D,連接CA,CD,PC,PB,記四邊形ACPB的面積為S1,△BCD的面積為S2,當(dāng)S(3)如圖2,將拋物線水平向右平移,使得平移后的拋物線經(jīng)過點(diǎn)O,G為平移后的拋物線的對稱軸直線l上一動(dòng)點(diǎn),將線段AC沿直線BC平移,平移后的線段記為A'C'(線段A'C'始終在直線l左側(cè)),是否存在以A',C【答案】(1)y=?23x+2;(2)S1?S2的最大值為94,此時(shí),點(diǎn)P的坐標(biāo)為(32,52);存在點(diǎn)G1(2,1),G2(2,?53),G3(2,?13),使得以A',【分析】(1)令二次函數(shù)x=0,y=0,求出A、B、C的坐標(biāo),再求直線BC的解析式;(2)不能用常規(guī)的底和高,借助切割法求面積,再求出最大面積差和點(diǎn)P的坐標(biāo);(3)等腰直角三角形可以利用“兩圓一中垂”確定所有的情況,利用“K型全等”求出對應(yīng)的點(diǎn)G的坐標(biāo).【詳解】解:(1)對拋物線y=?2當(dāng)x=0時(shí),y=2,∴C(0,2),當(dāng)y=0時(shí),0=?2解得:x1=?1,x2=3,∴A(?1,0),B(3,0),設(shè)直線BC的解析式為:y=kx+b(k≠0),把點(diǎn)C(0,2),B(3,0)代入得:b=23k+b=0,解得:k=?∴直線BC的解析式為:y=?23(2)∵AD∥BC,直線BC的解析式為:y=?23設(shè)AD的解析式為,y=?23x+把點(diǎn)A(?1,0)代入得:?23×(?1)+解得:m=?2∴AD的解析式為:y=?23由y=?23x2+∴D(4,?10∴直線CD的解析式為:y=?43x當(dāng)y=0時(shí),?43x+2=0,解得:x=3記直線CD與x軸交于點(diǎn)N,則:N(32,0),BN=3?3過點(diǎn)P作PM⊥AB交BC于點(diǎn)M,設(shè)P(a,?2∴M(a,?23a∴PM=?23a2+43a+2?(?23a+2)=?23a∴S1=S△ABC+S△PCM+S△PBM=12?AB?OC+12?PM?|xP|+12?PM?|xB=12×4×2+12×(?23a2+2a)×a+12×(?23a2=?a2+3a+4,S2=S△BNC+S△BND=12?BN?OC+12?BN?|=12×32×2+12×=12×32×2+12×=4,∴S1?S2=?a2+3a+4?4=?a2+3a=?(a?32)2+9∴當(dāng)a=32時(shí),S1?S2的最大值為94,此時(shí),點(diǎn)P的坐標(biāo)為(32(3)∵?b∴拋物線y=?23x∵拋物線向右平移后經(jīng)過點(diǎn)O,即:拋物線向右平移1個(gè)單位,∴直線l為:x=2,(i)當(dāng)?shù)妊切我浴螦'C'G1=90°,A'C'=C'G1時(shí),如圖,過點(diǎn)C'作C'H⊥l于點(diǎn)H,過點(diǎn)A'作A'Q⊥C'H于點(diǎn)Q,∵∠HC'G1+∠QC'A'=90°,∠QC'A'+∠QA'C'=90°,∴∠HC'G1=∠QA'C',又∵∠A'QC'=∠C'HG1=90°,A'C'=C'G1,∴△A'QC'≌△C'HG1,∴QA'=C'H,HG1=QC',∵AC∥A'C',設(shè)點(diǎn)A'(a,?23a?23),C'(a+1,?23a∴C'H=2?a,A'Q=2,HG1=C'Q=1,∴2?(a+1)=2,解得:a=?1,∴C'(0,2),H(2,2),∴G1(2,1);(ii)當(dāng)?shù)妊切我浴螩'A'G2=90°,A'C'=A'G2時(shí),如圖,過點(diǎn)A'作A'F⊥l于點(diǎn)F,過點(diǎn)C'作C'E⊥A'F于點(diǎn)E,同(i)理可證:△C'A'E≌△A'G2F,設(shè)點(diǎn)A'(a,?23a?23),C'(a+1,?23a∴G2F=A'E=1,F(xiàn)A'=2?a=2,∴a=0,∴A'(0,?23∴F(2,?23∴G2(2,?53(iii)當(dāng)?shù)妊切我浴螩'G3A'=90°,C'G3=A'G3時(shí),如圖,過點(diǎn)A'作A'Q⊥l于點(diǎn)Q,過點(diǎn)C'作C'P⊥l于點(diǎn)P,同(i)理可證:△C'PG3≌△G3A'Q,設(shè)點(diǎn)A'(a,?23a?23),C'(a+1,?23a∴A'Q=G3P=2?a,C'P=QG3=1?a,PQ=2,∴2?a+1?a=2,解得:a=0.5,∴C'(0.5,76),G3P∴G3(2,?13綜上所述:存在點(diǎn)G1(2,1),G2(2,?53),G3(2,?13),使得以A',C',G為頂點(diǎn)的等腰直角△【點(diǎn)睛】本題主要考查了二次函數(shù)與坐標(biāo)軸的交點(diǎn),二次函數(shù)的平移和對稱軸、一次函數(shù)的解析式、等腰直角三角形等知識點(diǎn).第一問比較簡單,借助坐標(biāo)的特點(diǎn)可以很快求出;第二問需要同學(xué)們用分割法求三角形和四邊形的面積,然后利用二次函數(shù)性質(zhì)求出最大值;第三問借助“等腰三角形的兩圓一中垂”確定滿足條件的點(diǎn)位置,方便下一步的求點(diǎn),然后利用“K型全等”,求出點(diǎn)G的坐標(biāo).這題借助常見的模型解題會(huì)更快些.19.(2019秋·重慶九龍坡·九年級重慶市育才中學(xué)??计谀┤鐖D1,拋物線y=﹣13(1)求線段AC的長;(2)如圖2,E為拋物線的頂點(diǎn),F(xiàn)為AC上方的拋物線上一動(dòng)點(diǎn),M、N為直線AC上的兩動(dòng)點(diǎn)(M在N的左側(cè)),且MN=4,作FP⊥AC于點(diǎn)P,F(xiàn)Q∥y軸交AC于點(diǎn)Q.當(dāng)△FPQ的面積最大時(shí),連接EF、EN、FM,求四邊形ENMF周長的最小值.(3)如圖3,將△BCO沿x軸負(fù)方向平移3個(gè)單位后得△B'C'O',再將△B'C'O'繞點(diǎn)O'順時(shí)針旋轉(zhuǎn)α度,得到△B″C″O'(其中0°<α<180°),旋轉(zhuǎn)過程中直線B″C″與直線AC交于點(diǎn)G,與x軸交于點(diǎn)H,當(dāng)△AGH是等腰三角形時(shí),求α的度數(shù).【答案】(1)6

溫馨提示

  • 1. 本站所有資源如無特殊說明,都需要本地電腦安裝OFFICE2007和PDF閱讀器。圖紙軟件為CAD,CAXA,PROE,UG,SolidWorks等.壓縮文件請下載最新的WinRAR軟件解壓。
  • 2. 本站的文檔不包含任何第三方提供的附件圖紙等,如果需要附件,請聯(lián)系上傳者。文件的所有權(quán)益歸上傳用戶所有。
  • 3. 本站RAR壓縮包中若帶圖紙,網(wǎng)頁內(nèi)容里面會(huì)有圖紙預(yù)覽,若沒有圖紙預(yù)覽就沒有圖紙。
  • 4. 未經(jīng)權(quán)益所有人同意不得將文件中的內(nèi)容挪作商業(yè)或盈利用途。
  • 5. 人人文庫網(wǎng)僅提供信息存儲(chǔ)空間,僅對用戶上傳內(nèi)容的表現(xiàn)方式做保護(hù)處理,對用戶上傳分享的文檔內(nèi)容本身不做任何修改或編輯,并不能對任何下載內(nèi)容負(fù)責(zé)。
  • 6. 下載文件中如有侵權(quán)或不適當(dāng)內(nèi)容,請與我們聯(lián)系,我們立即糾正。
  • 7. 本站不保證下載資源的準(zhǔn)確性、安全性和完整性, 同時(shí)也不承擔(dān)用戶因使用這些下載資源對自己和他人造成任何形式的傷害或損失。

評論

0/150

提交評論