浙江省金華市2023屆十校聯(lián)考高三年級上冊一模物理試卷(含答案)

浙江省金華市2023屆十校聯(lián)考高三上學(xué)期一模物理試卷

學(xué)校：___________姓名：班級：考號：

一,單選題

1.下列關(guān)于單位的說法正確的是（）

A.長度的單位m、cm、mm都是國際單位制中的基本單位

B.“千克米每二次方秒”被定義為“牛頓”，“牛頓”是國際單位制中的基本單位

C.根據(jù)單位制運算，（①指角速度、v指線速度）的單位是rad/s?

D.若各物理量都采用國際制單位，則通過物理公式得出的最后結(jié)果一定也是國際制單

位

2.關(guān)于下列四幅圖，說法正確的是（）

A.圖甲中肥皂膜上的條紋是衍射現(xiàn)象，說明了光的波動性

B.圖乙是光經(jīng)過大頭針尖時的照片，說明了光的粒子性

C.圖丙是富蘭克林使用X射線拍攝的DNA晶體，是利用X射線具有波動性

D.圖丁是觀眾戴著眼鏡觀看3D電影，是利用光的粒子性

3.天宮空間站天和核心艙的機械臂，長度約10米，是我國自主研發(fā)的七自由度系

統(tǒng)，與同樣屬于七自由度系統(tǒng)的人的手臂一樣靈活和機動。如圖4人C是三個主要

關(guān)節(jié)支點，P為臂上的一點，機械臂整體以A支點為軸抬起，則下列說法正確的是

（）

A.作業(yè)過程中尸與3線速度大小一定相等

B.作業(yè)過程中P與5線速度方向一定相同

C.作業(yè)過程中P與B角速度大小一定相等

D.作業(yè)過程中P與3加速度大小一定相等

4.圖為一輛某建設(shè)工地上運送沙石的廂式自卸車，到達(dá)目的地后準(zhǔn)備卸下車廂內(nèi)的沙

子，此時車頭朝前，車廂在液壓頂作用下緩慢抬高，車廂與水平面的夾角a逐漸增

大，整個卸沙過程汽車車輪相對地面始終靜止。對此下列說法正確的是（）

A.車廂內(nèi)的沙子沒有滑動時，隨著夾角a逐漸豫大，汽車受到沙子的作用力越來越大

B.車廂內(nèi)的沙子沒有滑動時，隨著夾角a逐漸增大，汽車受到地面的支持力越來越大

C.當(dāng)夾角a為某一值時，沙子恰好勻速下滑，汽車受到地面的摩擦力為零

D.當(dāng)夾角a為某一值時，沙子恰好勻速下滑，汽車受到地面的靜摩擦力方向向前

5.一孤立均勻帶電金屬球帶電量為q,半徑為R,球外兩點43始終處于球同一半

徑的延長線上4M如圖所示，則以下說法正確的是（）

（f。了<-------.------「-----LOB--L------------i------?-…

A.若僅增大金屬球的帶電量q,A、3兩點的電場強度均保持不變

B.若僅增大金屬球的帶電量q,A、3兩點的電勢差保持不變

C.若保持4B不變，僅增大金屬球的半徑七則球外43兩點的電場強度之差增

大

D.若保持44、不變，僅增大金屬球的半徑尺則球外A、3兩點的電勢差不變

6.不少車主常在私家車內(nèi)備有電動充氣泵，如圖所示。某次充氣前測得某輪胎胎內(nèi)氣

體壓強只有0=Llxl（）5pa,為使汽車正常行駛必=1.4xl05pa。若已知該輪胎的內(nèi)胎

體積為乂，車主用電動充氣泵給輪胎充氣，每秒鐘充入壓強為

0400

0=l.lxl（）5pa,胎內(nèi)氣體可視為理想氣體，充氣過程中內(nèi)胎體積和胎內(nèi)氣體溫度保持

不變。則下列說法正確的是（）

A.充氣過程中胎內(nèi)氣體內(nèi)能保持不變

B.充氣過程中胎內(nèi)氣體一定向外吸熱

C.為使汽車正常行駛，需要電動充氣泵給該輪胎充氣時間約100s

D.為使汽車正常行駛，需要電動充氣泵給該輪胎充氣時間約110s

7.如圖所示，用一原長為L的彈性細(xì)繩一端固定，另一端連接一質(zhì)量為機的小

球，，將小球向右拉開，使彈性細(xì)繩與豎直方向成一個小角度后，從A點靜止釋放，

此時彈性細(xì)繩處于原長狀態(tài)，此后小球做來回擺動，3點（圖中未畫出），為小球擺

至左側(cè)的最高點。不計空氣阻力，小球可視為質(zhì)點，彈性細(xì)繩始終處于彈性限度范圍

內(nèi)，其彈力與形變量關(guān)系滿足胡克定律。則下列說法正確的是（）

////////

\OA

A.靜止釋放瞬間，小球的加速度方向水平向左

B.小球擺動過程機械能守恒，3點與A點等高

C.若僅改用長為L的不可伸長的細(xì)繩，該擺動裝置的周期將變化

D.若僅改用長為L的不可伸長的細(xì)繩，小球擺至左側(cè)最高點時細(xì)繩拉力為零

8.如圖所示是一個趣味實驗中的“電磁小火車”，“小火車”是一節(jié)兩端都吸有強磁鐵的

干電池，發(fā)現(xiàn)兩端的強磁鐵無論是同名相對還是異名相對，都能牢牢地吸附在干電池

上?！败壍馈笔怯寐沣~線繞成的螺線管，螺線管的口徑較“小火車”大。將“小火車”放入

螺線管內(nèi)，在電池的正負(fù)極之間的一段螺線管上形成電流，小火車就會沿螺線管運

動。則（）

A.“小火車，，因為電池兩端磁鐵之間的排斥力而運動

B.“小火車”通過電池兩端磁鐵與通電螺線管之間的相互作用而運動

C.干電池正負(fù)極對調(diào)后，“小火車”運動方向?qū)⒉蛔?/p>

D.“小火車”放入表面無絕緣層的裸露銅管內(nèi)也會沿銅管運動

9.2022年2月27日，我國長征八號運載火箭一次發(fā)射了22顆衛(wèi)星，假設(shè)其中衛(wèi)星

1、衛(wèi)星2分別沿圓軌道、橢圓軌道繞地球逆時針運動，圓的半徑與橢圓的半長軸相

等，兩軌道面在同一平面內(nèi)且兩軌道相交于A、3兩點，某時刻兩衛(wèi)星與地球在同一

直線上，如圖所示。下列說法正確的是（）

A.兩衛(wèi)星在圖不位置的速度為>v2

B.兩衛(wèi)星在圖示位置時，衛(wèi)星1受到的地球引力較大

C.衛(wèi)星1在A處的加速度比衛(wèi)星2在A處的加速度大

D.若不及時調(diào)整軌道，兩衛(wèi)星可能發(fā)生相撞

10.動車組進(jìn)站時做勻減速直線運動直至減速到零，?？恳欢螘r間后，動車組做勻加

速直線運動，用位移隨速度變化的關(guān)系圖像進(jìn)行描述，其中正確的是（）

xx

c.D.

11.如圖(a),在水平面內(nèi)以。點為原點建立x坐標(biāo)軸，兩個上下做簡諧振動的點波源

5和邑分別位于玉=0和尤2=10m處，水平面內(nèi)以。點為圓心有①至④四個同心圓,

半徑分別為4m、8m、12m和16m。\、S2兩波源的振動圖像分別如圖(b)和圖(c)所

示，兩列波的波速均為2.0m/s()

圖(b)圖(c)

圖(a)

A.兩列波的起振方向相同，且波長均為4nl

B.③④兩個同心圓圓周上振動加強點的個數(shù)相同

C.半徑越大的同心圓圓周上振動加強點的個數(shù)越多

D.除玉=0和々=10m兩點外，x坐標(biāo)軸上還有4個加強點

12.學(xué)了發(fā)電機的原理后，小明所在的研究小組設(shè)計了如下的方案，繞有〃匝、邊長

為L的正方形金屬線圈以。的角速度勻速轉(zhuǎn)動，某時刻線圈剛好轉(zhuǎn)至OO',與水平線

所決定的平面，磁感應(yīng)強度為3,如圖2所示。線圈(電阻不計)外部連有阻值為

R的電阻，則()

A.電阻R上通過的電流不是交流電

B.線圈產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢的有效值為"30遼2

4

C.線圈轉(zhuǎn)動一周電阻R上通過的電量為零

D.線圈轉(zhuǎn)動一周電阻R上產(chǎn)生的焦耳熱是上里處

4R

13.長春某特警支隊的2019年反恐演練出現(xiàn)了一款多旋翼查打一體無人機，總質(zhì)量為

該無人機是中國最先進(jìn)的警用12旋翼無人機，裝備有攻擊性武器，旋翼啟動后恰

能懸停在離水平地面高為H的空中，升力大小不變，向前方以水平速度v發(fā)射一枚質(zhì)

量為機的微型導(dǎo)彈，始終保持水平，不計空氣阻力（）

A.發(fā)射微型導(dǎo)彈后，無人機將做勻變速直線運動

mv

B.發(fā)射出微型導(dǎo)彈瞬間，無人機后退速度大小為

C.微型導(dǎo)彈落地時，無人機離地高度為修”

D.微型導(dǎo)彈落地時，無人機與導(dǎo)彈落地點的水平距離為上絲陛

M-m\g

二、多選題

14.2020年12月4日，新一代“人造太陽”裝置一中國環(huán)流器二號航裝置（HL-2M）

在成都建成并實現(xiàn)首次放電?！叭嗽焯枴敝饕菍Ⅲ珊伺c宛核聚變反應(yīng)釋放的能量用

來發(fā)電;H+；H-X+jn,氣核的質(zhì)量為班，僦核的質(zhì)量為色，中子的質(zhì)量為加3反應(yīng)

中釋放的核能為AE,光速為c,下列說法正確的是（）

A.核反應(yīng)前后質(zhì)量數(shù)守恒、電荷數(shù)守恒

B.反應(yīng)產(chǎn)物X核是氫核

C.反應(yīng)產(chǎn)物X核的結(jié)合能比;Li的結(jié)合能大

A/7

D.反應(yīng)產(chǎn)物X的質(zhì)量為不+勺-（加,+叫）

c

15.如圖所示是某吊扇的相關(guān)參數(shù)，測得吊扇正常勻速轉(zhuǎn)動時排風(fēng)量為Q=720m3/h,

扇葉附近的風(fēng)速為v=14.1m/s,電機內(nèi)阻R=496Q,g=10m/s2,不計空氣阻力，以下

A.啟動過程消耗的電能等于扇葉和空氣的動能增加量

B.正常工作時吊扇電機的發(fā)熱功率為24W

C.正常工作時電機的輸出功率為24W

D.正常工作時天花板對吊桿的拉力約為46.6N

16.如圖所示，兩塊半徑為R的半圓形玻璃磚正對放置，折射率均為“=/，一束單

色光正對圓心。從A點射入左側(cè)半圓形玻璃成，ZAOB=60°,下列說法正確的是（）

BB'

A

60°

cc

A.減小ZAOB,光線可能在3c面。點發(fā)生全反射

B.增大/A08,光線在面。點的反射光可能消失

C.增大3C、3'C'間距，光線可能在右半圓形玻璃磚右側(cè)面發(fā)生全反射

D.如果3C、5'C'間距等于四，光線穿過兩個半圓形玻璃磚的總偏折角為30°

3

三、實驗題

17.⑴在利用圖甲裝置做“驗證機械能守恒定律”實驗中，下列說法正確的是

A.重錘質(zhì)量的測量誤差可能會造成較大的實驗誤差

B.選擇密度大些的重錘，有利于減小實驗誤差

C.實驗時應(yīng)先接通電源，再釋放紙帶

D.某同學(xué)通過描繪F—用圖像研究機械能是否守恒，合理的圖像應(yīng)該是一條過原點的直

線，并且該直線的斜率為9.8

(2)小明同學(xué)經(jīng)過上述實驗后，設(shè)計了一個實驗測定本地的重力加速度，裝置如圖乙所

示，得到分布圖片，利用圖片中小球的位置來測量當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣取Ｏ铝兄饕僮?/p>

步驟的正確順序是。(填寫各步驟前的序號)

①把刻度尺豎直固定在墻上，手機固定在三腳架上，調(diào)整好手機鏡頭的位置

②捏住小球，從刻度尺旁靜止釋放

③打開手機攝像功能，開始攝像

⑶停止攝像，從視頻中截取三幅圖片，圖片中小球和刻度如圖丙所示。已知所截取的

圖片相鄰兩幀之間的時間間隔為Ls,由此測得重力加速度為m/s2o（結(jié)果保留

6

三位有效數(shù)字）

丙

（4）在某次實驗中，小明釋放小球時手稍有晃動，視頻顯示小球下落時略偏離了豎直方

向。從該視頻中截取圖片，（選填“能”或“不能”）用（3）問中的方法測出重力加

速度。

18.如圖所示為無線話筒中常用的一種電池，某同學(xué)測量該電池的電動勢和內(nèi)阻（內(nèi)

阻約為25C）,供選擇的器材有：電流表A（量程為200piA,內(nèi)阻為500C）,電阻箱

耳（最大阻值為9999.9Q）,電阻箱鳥（最大阻值為99999.9。），開關(guān)S和若干導(dǎo)

線。

（1）由于電流表的量程太小，需將電流表改裝成量程為9V的電壓表，則電流表應(yīng)與電

阻箱（選填“凡并聯(lián)”、“凡串聯(lián)”、“&并聯(lián)”、“&串聯(lián)”），并將該電阻箱的

阻值調(diào)為Qo

產(chǎn)品名稱南孚9V堿性電池

電壓9V

保質(zhì)期7年

型號6LR611粒裝

含汞量無汞

執(zhí)行標(biāo)準(zhǔn)號GB/T8897.2

客服電話4008873599

（2）請在方框內(nèi)畫出測量電池電動勢和內(nèi)阻的電路圖（需將尺、尺2標(biāo)注區(qū)分）。

J/CIO4^1)

1.1

1.0

0.9

0.8

0.7

0.6=/(1(mi)

0.5

0102030405060

⑶為了測量電池的電動勢，調(diào)節(jié)其中某一電阻箱的阻值上讀出相應(yīng)的電流表示數(shù)

I,分別計算出工和工的值，并將其描在工-工坐標(biāo)中（如圖所示）。若不考慮電表對

IRIR

電路的影響，則根據(jù)坐標(biāo)圖中可得該電池的電動勢6=Vo（結(jié)果保留兩位有效

數(shù)字）。

四、計算題

19.小端同學(xué)在研究豎直向上拋出的物體運動時，分別有幾種不同的模型。已知該同

學(xué)拋出小球的質(zhì)量冽=0』kg,初速度%=10m/s,且方向豎直向上，重力加速度為

g=10m/s2o

⑴若不計空氣阻力，則小球從拋出直至回到拋出點經(jīng)過多長時間？

（2）若空氣阻力大小恒為0.2N,則小球上升到最高點時，離拋出點的高度為多少？

⑶若空氣阻力大小與速度大小滿足尸=前的關(guān)系，其中左為定值。若已知小球落回拋

出點前速度恒定且大小為5m/s,則關(guān)系式中的左值為多少？

20.如圖是一種彈射游戲裝置示意圖，該裝置配有小車，彈射器將小車彈出后依次沿

兩個半徑不同、平滑連接但不重疊的光滑圓軌道1、2運動，接著沖上兩段平滑連接的

光滑圓軌道8、DE,直至從E點平拋落回與C點等高的水平面上。軌道1、2的圓心

分別為。、02,半徑分別為用=20cm、4=10cm,為水平光滑軌道，AC為長度

7

L=60cm的水平粗糙軌道，動摩擦因數(shù)〃=-,圓弧軌道CD、DE的半徑均為

3

叫=20cm,對應(yīng)圓心角。均為37。，水平軌道與圓弧軌道CD相切于C點?？梢暈橘|(zhì)

點的小車質(zhì)量m=01kg,游戲時彈射器將小車自。點以一定初速度彈出，軌道各部分

平滑連接，gMX10m/s2o

(1)求小車通過軌道1最高點B的最小速度VB；

(2)改變彈射器對小車的沖量，但小車均能通過軌道1、2,寫出小車通過軌道2最低點

A時，受到軌道的支持力大小與彈射器對小車的沖量大小的關(guān)系式；

(3)若小車能夠通過軌道1,且小車整個運動過程均不脫離軌道，求小車從E點水平拋

出后，其落到水平面上的點與E點水平距離x的范圍。

21.如圖(俯視)所示，在間距L=0.2m的兩光滑平行水平導(dǎo)軌間，磁感應(yīng)強度分布

沿y方向不變，沿x方向如下：5=x)T'0區(qū)域內(nèi)的導(dǎo)軌為絕緣材

IT,x<0

料，導(dǎo)軌間通過單刀雙擲開關(guān)S連接穩(wěn)壓電源。=IV和電容C=1F的未充電的電容

器，有一質(zhì)量m=0.16kg、6=1Q的金屬棒。垂直導(dǎo)軌靜止放置于x<0區(qū)域某處，且

離開x=0處足夠遠(yuǎn)，未閉合多匝矩形線框)靜止在x>0區(qū)域，線框沿y方向長度

A=0.2m,沿x方向?qū)挾?=0.1m,匝數(shù)〃=80,阻值與=9￡1,質(zhì)量M=0.64kg。

當(dāng)開關(guān)S擲向1時給電容器充電，電容器充電結(jié)束后開關(guān)S擲向2,已知金屬棒。在

運動過程中始終與導(dǎo)軌垂直。求：

y

(2)金屬棒a剛運動到x=0處時的速度匕；

(3)金屬棒。越過x=0處后與線框6碰撞，剛好合為一個閉合的多匝線框，則該線框最

終停止運動時，離開x=0處的距離。

22.如圖所示，真空中有一長為H的直細(xì)金屬導(dǎo)線MN,置于一半徑為人高為H的

金屬圓柱網(wǎng)面的軸線上，導(dǎo)線與金屬圓柱網(wǎng)面之間電壓恒為U,導(dǎo)線MN為負(fù)

極。金屬圓柱網(wǎng)面與半徑N=(2+6)/?的同軸等高圓柱面之間，磁感應(yīng)強度為5,其

大小可調(diào)。假設(shè)導(dǎo)線每秒逸出的電子數(shù)為N,同一高度逸出的電子均沿水平徑向由靜

止開始加速，且沿各徑向方向也均勻分布。已知電子質(zhì)量為機，不考慮出射電子間的

(1)求電子到達(dá)金屬圓柱網(wǎng)面速度大小匕;

(2)要求沒有電子能飛出半徑片的圓柱側(cè)面，求磁感應(yīng)強度的最小值3；

(3)若磁感應(yīng)強度的大小保持上題(2)得到的最小值3,并在金屬圓柱網(wǎng)面與半徑為《的

圓柱面之間，加豎直向下的勻強電場，電場強度為E(E2史絲)，接收板圓心與M

25Hm

點重合，半徑為&=力＞，厚度忽略不計，在該金屬板上接地的線路中檢測到電流的

電流強度為/，試寫出電流強度/與電場強度E的關(guān)系式。

參考答案

1.答案：D

解析：A.國際單位制中長度的基本單位為m,A錯誤；

B.“千克米每二次方秒”被定義為“牛頓”，“牛頓”是導(dǎo)出單位，B錯誤；

C.角速度的單位為rad/s,0V的單位為rad-m/s?,C錯誤；

D.采用國際制單位進(jìn)行計算的結(jié)果一定是國際單位，D正確。

故選D。

2.答案：C

解析：A.圖甲中肥皂膜上的條紋是光的干涉現(xiàn)象造成的，A錯誤；

B.圖乙是光經(jīng)過大頭針尖時的照片，這是光的衍射說明了光的波動性，B錯誤；

C.圖丙是富蘭克林使用X射線拍攝的DNA晶體，是利用X射線具有波動性的性質(zhì)，C

正確；

D.圖丁是觀眾戴著眼鏡觀看3D電影，光的偏振現(xiàn)象利用光的波動性，D錯誤。

故選C。

3.答案：C

解析：A.由于P、5兩點為同軸傳動，所以兩點的角速度相同，P、5兩點的半徑不確

定是否相同，故A錯誤；

B.線速度的方向為該點與原圓心連線的垂直方向上，由于P、5兩點與圓心連線不重

合，故B錯誤；

C.根據(jù)A選項的分析，故C正確；

D.根據(jù)圓周運動加速度公式a="廠，p、3的廠不確定是否相同，故D錯誤。

故選C。

4.答案：C

解析：A.當(dāng)車廂內(nèi)的沙子沒有滑動時，沙子受到重力和汽車給的作用力，沙子受到汽

車的作用力和重力是平衡力，則沙子受到的作用力不變，由牛頓第三定律可知隨著夾

角a逐漸增大，汽車受到沙子的作用力不變，A錯誤；

B.當(dāng)車廂內(nèi)的沙子沒有滑動時，汽車和沙子整體受到重力和地面的支持力，是一對平

衡力，重力不變，則支持力不變，所以隨著夾角a逐漸增大，汽車受到地面的支持力

不變，B錯誤；

CD.當(dāng)夾角為某一值時，沙子恰好勻速下滑，汽車和沙子整體受到重力和地面的支持

力，處于平衡狀態(tài)，此時汽車受到地面的摩擦力為零，C正確，D錯誤；

故選C。

5.答案：D

解析：A.若僅增大金屬球的帶電量q,根據(jù)

E坦

r

A、5兩點的電場強度均增大，A錯誤；

B.根據(jù)

U=Ed

A、5兩點的電勢差增大，B錯誤；

CD.若保持4屋不變,僅增大金屬球的半徑R,均勻帶電球體在其周圍產(chǎn)生的電場

相當(dāng)于把電荷集中在球心產(chǎn)生的電場，則球外電場不變，則球外A、3兩點的電勢差

不變，D正確。

故選D。

6.答案：D

解析：A.充氣過程中胎內(nèi)氣體溫度保持不變，分子的平均動能不變，充氣過程中胎內(nèi)

氣體分子總數(shù)增加，故內(nèi)能增大；A錯誤；

B.充氣過程是將外界氣體壓縮到胎內(nèi)，若絕熱壓縮氣體，氣體的溫度將升高，說明在

壓縮氣體的同時和外界沒有熱傳遞，故B錯誤；

CD.設(shè)充氣時間為該時間內(nèi)充入的氣體體積

匕=3=必

1400

根據(jù)玻意耳定律

P1(%+K)=P2%

代入數(shù)據(jù)解得

t10s

故C錯誤，D正確。

故選D。

7.答案：C

解析：A.靜止釋放瞬間，小球的合力為重力，故A錯誤；

B.在小球擺動過程中，小球擺至左側(cè)最高點3時，有彈性勢能，3點比A點低，故B

錯誤；

C.彈性細(xì)繩的原長為3彈性細(xì)繩的長度是變化的，該擺動裝置的周期將變化，故C

正確；

D.若僅改用長為L的不可伸長的細(xì)繩，向心力為零，故D錯誤。

故選：Co

8.答案：B

解析：AB.將干電池與強磁鐵組成的“小火車”放入裸銅線繞成的螺線管內(nèi)，干電池的正

負(fù)極與接觸的銅線繞成的螺線管中形成電流，該部分螺線管產(chǎn)生磁場，由于干電池兩

端都吸有強磁鐵，進(jìn)而驅(qū)使其運動，A錯誤，B正確；

C.只將干電池的正負(fù)極對調(diào)，則螺線管產(chǎn)生的磁場的方向也改變，小火車兩側(cè)磁鐵所

受磁場力方向也會改變，“小火車”運動方向?qū)l(fā)生變化，C錯誤；

D.若將“小火車”放入表面無絕緣層的裸露銅管后，若“小火車”沿銅管運動，則電池的

正負(fù)極之外的裸露銅管中會形成感應(yīng)電流，根據(jù)楞次定律，該感應(yīng)電流會阻礙磁鐵的

運動，因此“小火車”放入表面無絕緣層的裸露銅管內(nèi)，“小火車”不會沿銅管運動，D

錯誤。

故選B。

9.答案：A

解析：A.以地球球心為圓心，如圖所示

根據(jù)變軌原理可知衛(wèi)星2在軌道3上的線速度為大于%,由萬有引力提供向心力有

GMmv2

——--=m—

rr

可得

所以衛(wèi)星1的線速度看〉匕，故匕〉%，故A正確；

B.根據(jù)萬有引力定律/=絲絲，由于兩質(zhì)量關(guān)系未知，無法判斷萬有引力的大小；故

r

B錯誤；

C.根據(jù)牛頓第二定律可得

GMm

——---ma

r

解得

GM

a=~~

r

所以衛(wèi)星1在A處的加速度與衛(wèi)星2在A處的加速度相等；C錯誤；

D.根據(jù)開普勒第三定律可得

33

工二包

(3心3

由于圓的半徑與橢圓的半長軸相等，兩顆星運行周期相等，所以不可能相撞。故D錯

誤。

故選A。

10.答案：C

解析：動車組進(jìn)站時的運動為末速度為零的勻減速直線運動，由勻變速直線運動位移

—速度公式

-VQ=lax

整理得

且。為負(fù)值，故x-v圖像應(yīng)為開口向下的二次函數(shù)圖像;

動車組出站時，做初速度為零的勻加速直線運動

2

v=2a(x-%0)

整理得

12

x=v+xn

2d

a'為正值，故圖像為開口向上的二次函數(shù)圖像。

故選C。

11.答案：B

解析：A.根據(jù)圖（b）、（c）可知兩列波的起振方向相反；兩列波的周期相同，波速

相同，因此兩列波的波長

A=vT=2.0x2m=4m

故A錯誤；

BC.振動加強點滿足波程差

Ar=（2n+l）-2,其中“=0,1,2.....

因此Ar=2m,6m,10m……；無論在③還是④的圓上，最小波程差加嬴=0,最大波程差

^rm=10m；所以在這兩個圓周上振動加強點的個數(shù)相同，故B正確，C錯誤；

D.在x軸上的0?10m之間，設(shè)波源4與加強點的距離為x,則與波源$2的距離為

（10—%）；加強點滿足

Ax=（10-2x）=（2ra+l）-/l

或

Ax=（2x-10）-2

代入數(shù)據(jù)解得

x=0,2m,4m,6m,8m,10m,即除占=0和々=10m兩點外，x坐標(biāo)軸上還有4個加強點；

在x軸上的大于10m之外還有無數(shù)個加強點，故D錯誤。

故選B。

12.答案：A

解析：AC.存在換向器，使得通過電阻R的電流方向不變，則電阻R上通過的電量不

為零，A正確，C錯誤；

B.線圈產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢的最大值

Em=nBlJco

感應(yīng)電動勢的有效值

EV2,

E=^=—nBl}co

V22

B錯誤；

D.線圈轉(zhuǎn)動一周電阻R上產(chǎn)生的焦耳熱為

八E2T2nE-m2B2tco

(J=----1=--------=--------------

Ra)RR

D錯誤。

故選Ao

13.答案：D

解析：A.發(fā)射微型導(dǎo)彈后，其重力減小，豎直方向做勻加速運動，水平方向因為動量

守恒具有向后的速度，將做勻變速曲線運動，A錯誤；

B.根據(jù)動量守恒

mv=-m)vx

得

mv

Vj二--------------

M—m

B錯誤;

C.由于微型導(dǎo)彈落地過程中做平拋運動，則有

H=；g產(chǎn)

無人機上升的加速度為

a=?-

M—m

高度為

h=-at2

2

聯(lián)立得

n,=-H--m

M-m

無人機離地高度為

“=〃+H=_^

M—m

c錯誤；

D.微型導(dǎo)彈落地時經(jīng)過的時間為

2H

g

微型導(dǎo)彈落地時，無人機與導(dǎo)彈落地點的水平距離為

Mv2H

x=vt-\-vxt=--------

M—mg

D正確。

故選D。

14.答案：AB

解析：A.發(fā)生核反應(yīng)的過程中質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒，A正確;

B.根據(jù)質(zhì)量數(shù)守恒和電荷數(shù)守恒，反應(yīng)產(chǎn)物X的電荷數(shù)為2,是氯核，B正確;

C.氫核為輕核，結(jié)合能小于;Li,故C錯誤;

D.設(shè)X的質(zhì)量為乙，根據(jù)質(zhì)能方程得

AE*=（叫+機2一加3一加4）/

得

砥?華-外+（班+鈾）

D錯誤;

故選ABo

15.答案：CD

解析：A.吊扇啟動過程消耗的電能等于扇葉和空氣的動能增加量與產(chǎn)生的熱量之和,

A錯誤;

B.正常工作時

P55

—=±A=0.25A

U220

B錯誤;

C.正常工作時電機的輸出功率為

%=p—庫=55W-31W=24W

C正確;

D.對空氣，由動量定理

FAt=mAv

其中m=Q。入代入數(shù)據(jù)解得

F?3.5N

由牛頓第三定律可知，空氣對吊扇向上的作用力為

=F=3.4N

所以正常工作時天花板對吊桿的拉力約為

F&=mg-F'=2.0xl0N-3.5N=46.6N

故D正確。

故選CD。

16.答案：AC

解析：A.光路圖如圖所不

玻璃磚的臨界角為

解得

C=45°

所以減小/A08,光線可能在面。點發(fā)生全反射，A正確；

B.無論入射角多大，光線在面。點的反射光都不會消失，B錯誤；

C.3'C'間距越大，光線從右半圓形玻璃磚右側(cè)面可能超過臨界角，可能發(fā)生全反射,

故C正確；

D.由折射定律可得

AO'OD=45°

則

00'=O'D=,ZO'DE=120°

3

在AO'DE中，由正弦定理可得

O'D_O'E

sinZO'EDsinN。'DE

又

sinZO'DE=—

2

代入數(shù)據(jù)可得

ZO'ED=30°

由折射定律可得

ZFEG=45°

所以光線ER相對于光線A。偏折了15。，故D錯誤。

故選ACo

17.答案：(DBC/CB⑵①③②(3)9.65(4)能

解析：(1)A.驗證實驗中是根據(jù)機g/z=：機F進(jìn)行驗證，與重錘質(zhì)量無關(guān)，故A錯誤；

B.選擇密度大些的重錘，可以減小空氣阻力對實驗的影響，故B正確；

C.實驗時應(yīng)先接通電源，再釋放紙帶，故C正確；

D.某同學(xué)通過描繪F一力圖像研究機械能是否守恒，因為空氣阻力做功，可知該直線的

斜率小于19.60

故選BCo

(2)實驗中先固定手機，再打開手機攝像功能，則正確的順序為：①③②；

(3)刻度尺的最小分度值為1mm,三幅圖中小球的位置分別為：2.50cm,26.50cm,

77.30cm

根據(jù)自由落體運動規(guī)律Ay=

可得

=9.65m/s*2

(4)小球下落時略偏離了豎直方向，將位移向豎直方向分解，能用⑶問中的方法測出重

力加速度。

18.答案：(1)4串聯(lián)；4.45xlO4

解析：(1)由于電流表的量程太小，需將電流表改裝成量程為9V的電壓表，根據(jù)歐姆

定律可知串聯(lián)電阻的阻值為

9

——-~-Q-500Q=4.45X104Q

200xW6

可知，電流表應(yīng)與電阻箱與串聯(lián)，并將該電阻箱的阻值調(diào)為445x1()4。。

(2)將電流表改裝成電壓表后測量路端電壓，故電流表和電阻箱耳串聯(lián)再和電阻箱此

并聯(lián)，電路如圖所示

⑶將坐標(biāo)系中各點用直線連接，使點跡均勻分布在直線兩側(cè)，如圖所示

由于不考慮電表對電路的影響，則根據(jù)閉合電路歐姆定律有

石=/（5+?）（氏）

R]v1'

整理得

14+（&+么）r1

—=-----1----------

IEE&

由于圖中描出的是一條傾斜的直線，可知調(diào)節(jié)的是電阻箱用，則上述函數(shù)為

1_凡+么,（鳥+么）r1

IEER

結(jié)合圖像的截距有

+=0.52X104A-'

E

解得

E=8.7V

25

19.答案：⑴2s⑵/m⑶0.2kg/s

6

解析：（1）若不計空氣阻力，小球做豎直上拋運動

^=—=1s

g

從拋出直至回到拋出點的時間

t2-2tl

解得

t2=2s

(2)設(shè)上升過程中的加速度為a,根據(jù)牛頓第二定律有

mg+f=ma

又空氣阻力大小/=0.2N

解得

a=12mzs2

小球向上做勻減速直線運動，根據(jù)速度一位移公式有

v；=2ah

解得

,25

h=——m

6

(3)小球落回拋出點前速度恒定，說明所受合力為0

k=^=0.2kg/s

V

20.答案：(l)0m/s(2)綜=100/2+l(N)(/>^N-S)(3)0.08m<x<0.08>/2m

解析：(1)若能通過軌道1最高點，必然能夠通過其他軌道，則有

vj

mg=m-

&

解得小車通過軌道1最高點B的最小速度為

vB=JgK=V2m/s

(2)彈射器彈開過程中由動量定理得

I=mv0

根據(jù)機械能守恒定律可知

I

吆=%=一

m

小車運動至圓軌道2最低點A時，根據(jù)牛頓第二定律有

rN—mg=m^~

R2

聯(lián)立可得

綜=100F+l(N)

由(1)可得為確保小車通過圓軌道，需滿足

vB>V2m/s

根據(jù)動能定理有

1,12

-2mgR1=—mvB--mv0

解得

vn>VlOm/s,/>^^-Ns

°10

故軌道對小車作用力與彈射器對小車沖量的關(guān)系為

綜=100/2+l(N)(12*N-S)

(3)小車沖上兩段平滑連接的圓弧軌道CDE時，最容易脫離軌道的位置為。點，為保

證。點不脫離軌道，則應(yīng)滿足

mgcos0>m~~

解得

「屈/

以V有一m/s

由(1)可得小車通過圓軌道1，則有VB?及m/s,當(dāng)味=血血5時，根據(jù)動能定理有

11

mv2mv2

2mgR]-/bimgL-mgR3(l-cos⑶=5D~~B

解得

V30/2V10,

vn=-----m/s<-------m/s

D55

因此小車不會脫離軌道。

①丹=缶小時，小車恰好能通過圓弧軌道1到達(dá)￡點，根據(jù)動能定理有

1212

2mgRi-jumgL-2mgR3(l-cos⑶=/^￡min--mvB

平拋運動的時間為

t_^47?3(1-COS61)

解得落點離E點水平距離點最小值

'min=VEmi#=0Q8m

②%=/m/s時，小車恰好能通過圓弧軌道CDE到達(dá)E點，根據(jù)動能定理有

1,1,

mV

-mgR3(l-COS61)=-"Emax--D

平拋運動的時間為

t_『aa-cosg)

解得落點離E點水平距離點最大值

Xmax==0.08V2m

故水平距離X的范圍為

0.08m<x<0.08\/2m

21.答案：(l)1.25m/s2；方向沿x軸正方向(2)lm/s(3)3m

8

解析：(1)開關(guān)S接通2瞬間，金屬棒。兩端電壓為U,則有

i3

由牛頓第二定律有

BIL=max

解得

q=1.25m/s2

方向沿x軸正方向。

⑵金屬棒。開始時離開x=0處足夠遠(yuǎn)，所以金屬棒。運動到x=0處時速度已穩(wěn)定,

此時，電容器兩端電壓

U'=BLv,

假設(shè)速度從零增大到匕過程流過金屬棒的電荷量為q,則有

q=C(U-U'^

取向右為正方向，對金屬棒。有

BILAt=mv1

又由于

q=I't

解得

匕=Im/s

(3)設(shè)金屬棒a與線框。碰撞后速度為%,取向右為正方向，由動量守恒定律得

mvY=(M+ni)v2解得：

v2=0.2m/s

由于線框沿x方向?qū)挾?