高考物理二輪復(fù)習(xí) 專題分層突破練2 力與直線運動（含解析）-人教版高三全冊物理試題

專題分層突破練2力與直線運動A組1.t=0時刻汽車a和b沿兩條平直的平行車道以相同速度同時經(jīng)過同一地點,如圖,直線a和曲線b分別是這兩車行駛的速度—時間圖象,由圖可知()A.在t1時刻,兩車運動方向相反B.在t1時刻,兩車再次相遇C.在0~t1這段時間內(nèi),b車的速度先增大后減小,但方向不變D.在0~t1這段時間內(nèi),b車的平均速度等于v2.(2019寧夏銀川質(zhì)量檢測)利用函數(shù)圖象是解決物理問題的常用方法。某同學(xué)利用傳感器探究一玩具車沿某一路段做直線運動的性質(zhì),從t=0時刻開始計時得到了xt-t的圖象。如圖所示,由此可知(A.玩具車做速度為-3m/s的勻速直線運動B.玩具車做變加速直線運動C.玩具車做勻加速直線運動,初速度大小為2m/sD.玩具車做勻加速直線運動,加速度的大小為1.5m/s23.(2019山東淄博三模)如圖所示,某賓館大樓中的電梯下方固定有4根相同的豎直彈簧,其勁度系數(shù)均為k。這是為了防止電梯在空中因纜繩斷裂而造成生命危險。若纜繩斷裂后,總質(zhì)量為m的電梯下墜,4根彈簧同時著地而開始緩沖,電梯墜到最低點時加速度大小為5g(g為重力加速度大小),下列說法正確的是()A.電梯墜到最低點時,每根彈簧的壓縮長度為mgB.電梯墜到最低點時,每根彈簧的壓縮長度為6C.從彈簧著地開始至電梯下落到最低點的過程中,電梯先處于失重狀態(tài)后處于超重狀態(tài)D.從彈簧著地開始至電梯下落到最低點的過程中,電梯始終處于失重狀態(tài)4.如圖所示,粗糙水平面上并排放著兩個長方體木塊A、B,質(zhì)量分別為mA=m,mB=3m,與水平面間的動摩擦因數(shù)均為μ,木塊A通過輕質(zhì)水平彈簧與豎直墻壁相連,現(xiàn)用外力緩緩向左水平推木塊B,使木塊A、B一起向左緩慢移動一段距離后突然撤去外力,木塊A、B由靜止開始向右運動,當(dāng)彈簧彈力大小為F時(木塊A、B未分離),則()A.木塊A對木塊B的作用力大小一定為3B.木塊A對木塊B的作用力大小一定為FC.木塊A對木塊B的作用力大小一定為34F-3μD.木塊A對木塊B的作用力大小一定為F-μmg5.如圖所示,在光滑的水平面上有一個質(zhì)量為m'的木板B處于靜止?fàn)顟B(tài),現(xiàn)有一個質(zhì)量為m的木塊A從B的左端以初速度v0=3m/s開始水平向右滑動,已知m'>m。用①和②分別表示木塊A和木板B的圖象,在木塊A從B的左端滑到右端的過程中,下面關(guān)于二者速度v隨時間t的變化圖象,其中可能正確的是()6.如圖所示,物體A疊放在物體B上,B置于光滑水平面上,A、B質(zhì)量分別為mA=6kg,mB=2kg,A、B之間的動摩擦因數(shù)μ=0.2,設(shè)最大靜摩擦力等于滑動摩擦力?，F(xiàn)對A施加一水平力F,則A、B的加速度可能是(g取10m/s2)()A.aA=6m/s2,aB=2m/s2B.aA=2m/s2,aB=6m/s2C.aA=8m/s2,aB=4m/s2D.aA=10m/s2,aB=6m/s27.(2019江蘇蘇錫常鎮(zhèn)四市二模)如圖所示,置于粗糙水平面上的物塊A和B用輕質(zhì)彈簧連接,在水平恒力F的作用下,A、B以相同的加速度向右運動。A、B的質(zhì)量關(guān)系為mA>mB,它們與地面間的動摩擦因數(shù)相同。為使彈簧穩(wěn)定時的伸長量增大,下列操作可行的是()A.僅減小B的質(zhì)量 B.僅增大A的質(zhì)量C.僅將A、B的位置對調(diào) D.僅減小水平面的粗糙程度8.(多選)如圖所示,傳送帶與水平面夾角為θ,以速度v0逆時針勻速轉(zhuǎn)動。在傳送帶的上端輕輕放置一個質(zhì)量為m的小木塊,小木塊與傳送帶間的動摩擦因數(shù)μ<tanθ,則下圖中能客觀地反映小木塊的速度隨時間變化關(guān)系的是()9.(多選)(2019東北三省四市二模)如圖所示,有一個質(zhì)量為m的長木板靜止在光滑水平地面上,另一質(zhì)量也為m小物塊疊放在長木板的一端之上。B是長木板的中點,物塊與木板在AB段的動摩擦因數(shù)為μ,在BC段的動摩擦因數(shù)為2μ,若把物塊放在長木板左端,對其施加水平向右的力F1可使其恰好與木板發(fā)生相對滑動。若把物塊放在長木板右端,對其施加水平向左的力F2也可使其恰好與木板發(fā)生相對滑動。下列說法正確的是()A.F1與F2的大小之比為1∶2B.若將F1、F2都增加到原來的2倍,小物塊在木板上運動到B點的時間之比為1∶2C.若將F1、F2都增加到原來的2倍,小物塊在木板上運動到B點時木板的位移之比1∶1D.若將F1、F2都增加到原來的2倍,小物塊在木板上運動的整個過程中摩擦生熱之比為1∶1B組10.(多選)(2019廣東高三“六校聯(lián)盟”四聯(lián)考)如圖所示,靜止在光滑水平面上的斜面體,質(zhì)量為M,傾角為α。其斜面上有一靜止的滑塊,質(zhì)量為m,兩者之間的動摩擦因數(shù)為μ,滑塊受到的最大靜摩擦力可認為等于滑動摩擦力,重力加速度為g。現(xiàn)給斜面體施加水平向右的力使斜面體加速運動,下列說法正確的是()A.水平恒力F變大后,如果滑塊仍靜止在斜面上,滑塊對斜面的壓力增加B.水平恒力F變大后,如果滑塊仍靜止在斜面上,滑塊對斜面的壓力減小C.若要使滑塊與斜面體一起加速運動,水平向右的力F的最大值(D.若水平恒力F方向向左,滑塊與斜面一起向左做a=32gtanα11.(2019山東淄博三模)如圖所示,將小砝碼置于桌面上的薄紙板上,用水平向右的拉力將紙板迅速抽出,砝碼的移動很小,幾乎觀察不到,這就是大家熟悉的慣性演示實驗。某次實驗中,砝碼的質(zhì)量m1=0.1kg,紙板的質(zhì)量m2=0.01kg,各接觸面間的動摩擦因數(shù)均為μ=0.2,砝碼與紙板左端的距離d=0.1m,重力加速度g取10m/s2。砝碼移動的距離超過l=0.002m,人眼就能感知。若本次實驗未感知到砝碼的移動,求:(1)砝碼移動的最長時間;(2)紙板所需的拉力至少多大?12.(2019重慶第一中學(xué)月考)如圖所示,有一長為s=8.84m的傳送帶傾斜放置,傾角為θ=30°,且沒有啟動。一質(zhì)量為m1=3kg、長度L=0.5m的長木板甲靜止于傳送帶頂端,其右端與傳送帶的頂端M點相齊。t=0時刻,將一質(zhì)量為m2=1kg的小物塊乙(可視為質(zhì)點)輕放在長木板甲的左端,與此同時,給長木板甲v0=4m/s的速度沿傳送帶向下運動。已知,甲與傳送帶之間的動摩擦因數(shù)μ1=33,甲與乙之間的動摩擦因數(shù)μ2=32,重力加速度大小g取10m/s(1)乙相對甲滑行的最大距離;(2)從t=0時刻到甲和乙剛好達到共同速度的過程中,系統(tǒng)因克服摩擦而產(chǎn)生的熱量;(3)當(dāng)甲和乙剛好達到共同速度的瞬間啟動傳送帶,使其從靜止開始以恒定的加速度a=3m/s2沿逆時針方向轉(zhuǎn)動,求從傳送帶啟動到甲的左端移動到傳送帶底端N點所用的時間。專題分層突破練2力與直線運動1.C解析b車的速度先增大后減小,兩車速度方向一直相同,且0~t1這段時間內(nèi),b的位移一直大于a的位移,不可能相遇。故A、B兩項錯誤,C項正確。速度—時間圖象與坐標(biāo)軸圍成面積表示對應(yīng)時間內(nèi)的位移,則在0~t1這段時間內(nèi)xb>xa。在0~t1這段時間內(nèi),a車做勻變速直線運動,平均速度va=xat2.C解析由圖得:xt=23t+2m/s,由x=v0t+12at2得:xt=v0+12at,可得12a=23m/s2,解得a=43.C解析在最低點時,由牛頓第二定律:4kx-mg=ma,其中a=5g,解得x=3mg24.A解析當(dāng)彈簧彈力大小為F時,設(shè)木塊A對木塊B的作用力大小為FN。根據(jù)牛頓第二定律,對A、B整體有:F-μ·4mg=4ma,對B有FN-μ·3mg=3ma,聯(lián)立解得:FN=34F5.C解析木塊A滑上B時,A做勻減速直線運動,B做勻加速直線運動,根據(jù)牛頓第二定律得aA=μmgm,aB=μmgm',已知m<m',所以aA>aB,即①斜率的絕對值應(yīng)大于②的斜率,故A、B錯誤。若A不能滑下,則兩者最終共速,若A滑下,則A6.D解析對B而言,當(dāng)A、B間的摩擦力達到最大值時,此時的加速度達到最大,則Ffm=μmAg=12N,則最大加速度a=μmAgmB=6m/s2。對整體運用牛頓第二定律可得F=(mA+mB)a=48N,即當(dāng)拉力增加到48N時,發(fā)生相對滑動,當(dāng)F≤48N時,aA=aB≤6m/s2,當(dāng)F>48N時,aA>aB,且aA>6m/s2,a7.C解析設(shè)彈簧的勁度系數(shù)為k,伸長量為x,加速度相同為a,對B受力分析有kx-μmBg=mBa,對A受力分析有F-μmAg-kx=mAa,兩式消去a,整理可得x=Fk1+mAmB;mB減小,x減小,故A錯誤;mA增大,x減小,故B錯誤;因為mA>mB,所以mAmB>1,AB位置對調(diào)以后x的表達式為x=Fk8.BD解析在剛開始時,由于木塊的速度小于傳送帶的速度,所以木塊受到的摩擦力方向向下,此時a1=mgsinθ+μmgcosθm=gsinθ+μgcosθ。若到達傳送帶最低端時,木塊的速度仍沒有達到和傳送帶的速度相同,則整個過程中木塊都是以加速度a1做勻加速直線運動。若在到達底端前速度和傳送帶的速度相同了,則由μ<tanθ知,木塊繼續(xù)沿傳送帶加速向下運動,但是此時摩擦力的方向沿斜面向上,再由牛頓第二定律求出此時的加速度a2=mgsinθ-μmg9.ACD解析分別選滑塊和木板為研究對象,當(dāng)施加水平向右的力F1時,對滑塊有:F1-μmg=ma,對木板有:μmg=ma,聯(lián)立得:F1=2μmg,同理,施加水平向左的力F2時,有F2=4μmg,所以F1與F2的大小之比為1∶2,故A正確;設(shè)AB的長度為L,施加水平向右的力2F1時,對滑塊有:a1=2F1m-μg;對木板有:a1'=μg;設(shè)經(jīng)時間t到達B點,由位移關(guān)系得:12a1t2-12a1't2=L,解得:t=2L2F1m-2μg,同理,施加水平向右的力2F2時,運動到B點的時間t'=2L2F2m-4μg,所以物塊在木板上運動到B點的時間之比為2∶1,故B錯誤;施加水平向右的力2F1時,由位移公式得木板的位移x1=12a1't2=10.BCD解析設(shè)滑塊與斜面體一起運動的加速度為a,則當(dāng)滑塊與斜面相對靜止時,滑塊沿垂直斜面方向的加速度為asinα,對滑塊由牛頓第二定律:mgcosα-N=masinα;當(dāng)水平恒力F變大后,如果滑塊仍靜止在斜面上,則整體的加速度a變大,滑塊對斜面的壓力減小,選項A錯誤,B正確;若要使滑塊與斜面體一起加速運動,則垂直斜面方向:mgcosα-N=masinα;沿斜面方向:μN-mgsinα=macosα,對整體a=FM+m;解得F=(m+M)g(μcosα-sinα)μsinα+cosα,選項C正確;若水平恒力F11.答案(1)1050s(2)2.解析(1)設(shè)砝碼在紙板上加速運動時的加速度為a1,在桌面上減速運動的加速度為a2由μm1g=m1a知:a1=a2=2m/s2所以砝碼加速和減速的時間相等,分析可知加速運動的最大距離是12l由12l=12a1得:t=10100則砝碼移動的最長時間為tm=2t=1050(2)設(shè)當(dāng)紙板的加速度為a3時砝碼經(jīng)歷時間t恰好從紙板上滑下,則此時的拉力最小,設(shè)為F,由運動學(xué)公式:d+l2=12得:a3=202m/s2由F-μ(2m1+m2)g=m2a3得:F=2.44N即紙板所需的拉力至少為2.44N12.答案(1)0.48m(2)20.4J(3)2s解析(1)乙沿傳送帶向下做勻加速直線運動,加速度大小為:a1=μ2m2gcos30°+m2gsin30°m甲沿傳送帶向下做勻減速直線運動,加速度大小為:a2=μ=256m/s設(shè)甲和乙剛好達到共同速度時速度為v1,時間為t1根據(jù)運動學(xué)公式可得:v1=a1t1v1=v0-a2t1聯(lián)立解得:v1=3m/s,t1=0.24s甲的位移為:x甲=v0t1-12a2t12=乙的位移為:x乙=12a1t12=乙相對甲滑行的最大距離:Δx=x甲-x乙=0.48m(2)從t=0時刻到甲和乙剛好達到共同速度的過程中,甲與傳送帶之間因克服摩擦而產(chǎn)生的熱量:Q1=μ1(m1+m2)gcos30°·x甲=16.8J甲與乙之間因克服摩擦而產(chǎn)生的熱量:Q2