2023屆江蘇省蘇州市八校聯(lián)盟高三下學(xué)期三模物理試題（解析版）

高中物理名校試卷PAGEPAGE12023屆高三年級(jí)蘇州八校三模適應(yīng)性檢測(cè)物理試卷注意事項(xiàng)考生在答題前請(qǐng)認(rèn)真閱讀本注意事項(xiàng)及各題答題要求1.本試卷共6頁(yè)，滿(mǎn)分為100分，考試時(shí)間為75分鐘?？荚嚱Y(jié)束后，請(qǐng)將答題卡交回。2.答題前請(qǐng)務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)用0.5毫米黑色墨水的簽字筆填寫(xiě)在試卷及答題卡的規(guī)定位置。3.作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對(duì)應(yīng)選項(xiàng)的方框涂滿(mǎn)、涂黑；如需改動(dòng)，請(qǐng)用橡皮擦干凈后，再選涂其他〖答案〗。作答非選擇題，必須用0.5毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無(wú)效。4.如需作圖必須用2B鉛筆繪、寫(xiě)清楚，線條、符號(hào)等需加黑加粗。一、單項(xiàng)選擇題：共10題，每題4分，共40分。每題只有一個(gè)選項(xiàng)最符合題意。1.A、B、C是三個(gè)完全相同的時(shí)鐘，A放在地面上，B、C分別放在以速度和朝相反方向飛行的飛行器中，且，A觀察者認(rèn)為走得最快的時(shí)鐘是（）A.A時(shí)鐘 B.B時(shí)鐘 C.C時(shí)鐘 D.無(wú)法確定〖答案〗A〖解析〗根據(jù)公式可知，相對(duì)于觀察者的速度v越小，其上的時(shí)間進(jìn)程越快，地面上的鐘A的速度v=0，它所記錄的兩事件的時(shí)間間隔最大，即地面上的鐘走得最快。故選A。2.下列所給圖像的面積與能求的物理量之間的對(duì)應(yīng)關(guān)系中不正確的是（）A．力隨力的方向上位移的變化圖像求力做的功B．質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動(dòng)的加速度隨時(shí)間變化的圖像求速度變化量C．電容器充電電流隨時(shí)間變化的圖像求電容器的充電量D．穿過(guò)發(fā)電機(jī)線圈的磁通量隨時(shí)間變化的圖像求磁通量的變化量A.A B.B C.C D.D〖答案〗D〖解析〗A．根據(jù)做功的公式可知力隨力的方向上位移的變化圖像的面積求力做的功，故A正確；B．根據(jù)可知質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動(dòng)的加速度隨時(shí)間變化的圖像的面積求速度變化量，故B正確；C．根據(jù)可知電容器充電電流隨時(shí)間變化的圖像的面積求電容器的充電量，故C正確；D．不能用穿過(guò)發(fā)電機(jī)線圈的磁通量隨時(shí)間變化的圖像的面積求磁通量的變化量，故D錯(cuò)誤。本題選擇錯(cuò)誤選；故選D。3.靜止的钚-238在磁場(chǎng)中衰變產(chǎn)生的粒子和新核在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的軌跡如題圖所示，則（）A.a為粒子軌跡 B.b為粒子軌跡C.新核和衰變粒子圓周運(yùn)動(dòng)方向相反 D.新核和衰變粒子動(dòng)量相同〖答案〗C〖解析〗原子核發(fā)生衰變，粒子的速度方向相反，由圖可知粒子的運(yùn)動(dòng)的軌跡在同一側(cè)，很據(jù)左手定則可以得知，衰變后的粒子帶的電性相反，所以釋放的粒子應(yīng)該是電子，所以原子核發(fā)生的應(yīng)該是衰變；衰變后，粒子做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力提供向心力有解得靜止的原子核發(fā)生衰變，根據(jù)動(dòng)量守恒可知，衰變前后，動(dòng)量守恒，故兩個(gè)粒子的動(dòng)量大小相等，方向相反，磁感應(yīng)強(qiáng)度也相等，故q越大，軌道半徑越??；故大圓a是釋放粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡，小圓b是新核的運(yùn)動(dòng)軌跡，兩者運(yùn)動(dòng)方向相反。故選C。4.激光冷卻中性原子的原理如圖所示，質(zhì)量為m、速度為的原子連續(xù)吸收多個(gè)迎面射來(lái)的頻率為的光子后，速度減小。不考慮原子質(zhì)量的變化，光速為c。下列說(shuō)法正確的是（）A.激光冷卻利用了光的波動(dòng)性B.原子吸收第一個(gè)光子后速度的變化量為C.原子每吸收一個(gè)光子后速度的變化量不同D.原子吸收個(gè)光子后速度減小到原來(lái)的一半〖答案〗B〖解析〗A．在激光制冷中體現(xiàn)了激光的粒子性，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)德布羅意波長(zhǎng)公式有可得一個(gè)光子的動(dòng)量為根據(jù)動(dòng)量守恒有所以原子吸收第一個(gè)光子后速度的變化量為故B正確；C．由動(dòng)量守恒，每個(gè)光子的動(dòng)量相同，所以原子每吸收一個(gè)光子后速度該變量相同，故C錯(cuò)誤；D．原子吸收個(gè)光子后，根據(jù)動(dòng)量守恒有即解得故D錯(cuò)誤。故選B。5.如圖所示，輕桿一端與動(dòng)摩擦因數(shù)足夠大的地面上A點(diǎn)接觸，另一端靠在光滑豎直墻壁上的B點(diǎn)，一只老鼠順桿緩慢上爬的過(guò)程中，桿始終靜止，則（）A.A點(diǎn)桿受力不變 B.A點(diǎn)桿受力變大C.B點(diǎn)桿受到彈力不變 D.B點(diǎn)桿受到彈力變小〖答案〗B〖解析〗設(shè)墻壁對(duì)B點(diǎn)的彈力為N，方向向右，地面對(duì)A點(diǎn)的作用力為F，老鼠上爬的過(guò)程中，重心的位置發(fā)生變化，則F與豎直方向的夾角變大，根據(jù)平衡條件可知，可知A點(diǎn)桿受力和B點(diǎn)桿受到彈力都變大。故選B。6.2022年3月23日，三位神舟十三號(hào)航天員翟志剛、王亞平、葉光富相互配合完成“天宮課堂”第二次太空授課。如題圖所示，授課中航天員葉光富手拉細(xì)線不斷加速讓一個(gè)小瓶子在豎直平面內(nèi)圓周運(yùn)動(dòng)，從而實(shí)現(xiàn)瓶?jī)?nèi)油水分層。如題圖所示，若繩子長(zhǎng)為l（瓶子可視為質(zhì)點(diǎn)），水的質(zhì)量為m，則（）A.油和水的向心加速度相等 B.油受到的向心力可能大于水C.水受到瓶子的作用力為 D.瓶子在最高點(diǎn)的速度一定大于〖答案〗B〖解析〗A．油和水的角速度相同，根據(jù)公式由于水和油的重心不同，所以圓周運(yùn)動(dòng)的半徑不同，可知油和水的向心加速度不相等，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)向心力公式若油的質(zhì)量大于水的質(zhì)量，則油受到的向心力可能大于水，故B正確；C．由于不知道水的重心到圓心的距離，所以無(wú)法計(jì)算，故C錯(cuò)誤；D．由于瓶子的重心到圓心的距離不是l，所以無(wú)法計(jì)算和比較，故D錯(cuò)誤。故選B。7.一物塊在水平外力作用下由靜止開(kāi)始沿光滑水平面做直線運(yùn)動(dòng)，其速度v隨位移x變化的圖像如圖所示，下列關(guān)于物塊速度v隨時(shí)間t、加速度a隨速度v變化的圖像可能正確的是（）A. B.C. D.〖答案〗D〖解析〗由速度v隨位移x變化的圖像可知?jiǎng)t有解得可知位移增大，速度增大，加速度隨速度的增大且與速度成正比。故選D。8.單縫衍射圖樣的中央亮條紋寬度的一半與單縫寬度、光的波長(zhǎng)、縫到屏的距離的關(guān)系和雙縫干涉的條紋寬度關(guān)系類(lèi)似；利用單縫衍射實(shí)驗(yàn)可以測(cè)量金屬的線膨脹系數(shù)，線膨脹系數(shù)是表征物體受熱時(shí)長(zhǎng)度增加程度的物理量。如圖所示，擋光片A固定，擋光片B放置在待測(cè)金屬棒上端，A、B間形成平直狹縫，激光通過(guò)狹縫在光屏上形成衍射圖樣，在激光波長(zhǎng)已知的情況下，通過(guò)測(cè)量縫屏距離和中央亮條紋寬度，可算出狹縫寬度及變化，進(jìn)而計(jì)算出金屬的線膨脹系數(shù)。（）A.激光波長(zhǎng)越短，其他實(shí)驗(yàn)條件不變，中央亮條紋寬度越寬B.相同實(shí)驗(yàn)條件下，金屬的膨脹量越大，中央亮條紋寬度越窄C.相同實(shí)驗(yàn)條件下，中央亮條紋寬度變化越大，說(shuō)明金屬膨脹量越大D.狹縫到光屏距離越大，其他實(shí)驗(yàn)條件相同，測(cè)得的線膨脹系數(shù)越大〖答案〗C〖解析〗A．對(duì)比雙縫干涉相鄰兩亮條紋間距與雙縫間距、光的波長(zhǎng)、縫屏距離的關(guān)系公式可得單縫衍射中央亮條紋寬度的一半與單縫寬度、光的波長(zhǎng)、縫屏距離的關(guān)系為激光波長(zhǎng)變短，其他條件不變，則中央聊條紋寬度變窄，故A錯(cuò)誤；

B．相同實(shí)驗(yàn)條件下，金屬的膨脹量越大，則單縫距離d越小，中央亮條紋寬度越寬，故B錯(cuò)誤；

C.．相同實(shí)驗(yàn)條件下，中央亮條紋寬度變化越大，說(shuō)明單縫的距離變化大，即金屬膨脹量越大，故C正確；

D．金屬的線膨脹系數(shù)屬于金屬的特有屬性，與實(shí)驗(yàn)裝置無(wú)關(guān)，故D錯(cuò)誤。

故選C。9.人體的細(xì)胞膜模型圖如圖所示，由磷脂雙分子層組成，雙分子層之間存在電壓（醫(yī)學(xué)上稱(chēng)為膜電位），現(xiàn)研究某小塊均勻的細(xì)胞膜，厚度為d，膜內(nèi)的電場(chǎng)可看作勻強(qiáng)電場(chǎng)，簡(jiǎn)化模型如圖b所示，初速度可視為零的一價(jià)正鉀離子僅在電場(chǎng)力的作用下，從圖中的A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)，下列說(shuō)法正確的是（）A.鉀離子的電勢(shì)能增大B.點(diǎn)電勢(shì)等于點(diǎn)電勢(shì)C.若膜電位增加，則鉀離子進(jìn)入細(xì)胞內(nèi)的速度更大D.若膜電位不變，膜的厚度越大，則鉀離子進(jìn)入細(xì)胞內(nèi)的速度越大〖答案〗C〖解析〗A．初速度可視為零的一價(jià)正鉀離子僅在電場(chǎng)力的作用下，從圖中的A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)，可知鉀離子運(yùn)動(dòng)中電場(chǎng)力做正功，所以鉀離子的電勢(shì)能減小，故A錯(cuò)誤；B．初速度可視為零的一價(jià)正鉀離子僅在電場(chǎng)力的作用下，從圖中的A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)，則電場(chǎng)線從A到B，沿電場(chǎng)線電勢(shì)降低，所以A點(diǎn)電勢(shì)大于B點(diǎn)電勢(shì)，故B錯(cuò)誤；CD．由動(dòng)能定理可知若膜電位不變時(shí)，即電壓U不變時(shí)，鈉鉀子進(jìn)入細(xì)胞內(nèi)的速度不變；電壓U增加時(shí)，速度增大，故C正確，D錯(cuò)誤。故選C。10.如圖所示，長(zhǎng)度為L(zhǎng)的輕桿上端連著一質(zhì)量為m的小球A（可視為質(zhì)點(diǎn)），桿的下端用鉸鏈固接于水平面上的O點(diǎn)。置于同一水平面上的立方體B恰與A接觸，立方體B的邊長(zhǎng)為L(zhǎng)，質(zhì)量為，重力加速度為g。若A、B之間，B與地面間皆光滑，則（）A.A、B分離時(shí)，二者加速度相等 B.A、B分離時(shí)，B的速度為C.A落地前最大速度為 D.A落地前最大加速度為〖答案〗D〖解析〗AB．設(shè)桿與地面夾角為時(shí)，二者分離，根據(jù)機(jī)械能守恒定律有對(duì)A，根據(jù)牛頓第二定律有結(jié)合關(guān)聯(lián)速度可知解得由于運(yùn)動(dòng)時(shí)間相等，可知A、B分離時(shí)，二者加速度不相等，故AB錯(cuò)誤；C．A與B分離后繼續(xù)下落得過(guò)程中機(jī)械能守恒，則解得故C錯(cuò)誤；D．A落地時(shí)的向心加速度為根據(jù)運(yùn)動(dòng)的合成可知A落地前最大加速度為故D正確。故選D。二、非選擇題：共5題，共60分。其中第12題～第15題解答時(shí)請(qǐng)寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和重要演算步驟，只寫(xiě)出最后〖答案〗的不能得分。11.某同學(xué)在實(shí)驗(yàn)室探究二極管的伏安特性曲線。（1）為了粗測(cè)二極管的正向電阻，該同學(xué)將多用電表的選擇開(kāi)關(guān)旋到電阻“”檔，當(dāng)指針偏轉(zhuǎn)角度較大時(shí)，紅表筆連接的是二極管的___________（選填“正”或“負(fù)”）；此時(shí)，多用電表的指針如圖所示，二極管的正向電阻為_(kāi)__________。（2）用伏安法描繪二極管在范圍內(nèi)的正向伏安特性曲線，器材如下電壓表V（量程為，內(nèi)阻約為）電流表A（量程，內(nèi)阻約為）滑動(dòng)變阻器（總電阻為，額定電流為）滑動(dòng)變阻器（總電阻為，額定電流為）電源E（電動(dòng)勢(shì)，內(nèi)阻不計(jì)）開(kāi)關(guān)S，導(dǎo)線若干其中，滑動(dòng)變阻器應(yīng)該選___________（選填“”或“”）利用圖所示的器材符號(hào)，畫(huà)出實(shí)驗(yàn)電路原理圖。（）（3）二極管的正向電壓伏安特性曲線如圖所示，現(xiàn)將兩個(gè)相同的二極管串聯(lián)在電路中，如圖所示。已知電阻，電源的電動(dòng)勢(shì)（內(nèi)阻不計(jì)），通過(guò)二極管D的電流為_(kāi)__________，電阻消耗的功率為_(kāi)__________。（結(jié)果保留2位有效數(shù)字）〖答案〗（1）負(fù)600（2）（3）2.016〖解析〗（1）[1]根據(jù)多用電表中兩表筆電流的流向?yàn)椤凹t進(jìn)黑出”，歐姆表指針偏轉(zhuǎn)過(guò)大，可知紅表筆與二極管的負(fù)極相連；[2]此時(shí)，多用電表的指針位于6刻度處，二極管的正向電阻為600；（2）[3]電源電動(dòng)勢(shì)為6V，R1最大電阻為10Ω，則電流為超過(guò)其額定電流，故滑動(dòng)變阻器選擇R2；[4]設(shè)計(jì)電路如圖：（3）[5]設(shè)二極管D兩端的管壓為UD，流過(guò)二極管的電流為ID．則有代入數(shù)據(jù)解得UD與ID的關(guān)系為這是一個(gè)在圖2中橫軸上截距為1.5，縱軸上截距為6、斜率為-4直線方程（稱(chēng)為二極管的負(fù)載線）因管壓UD與流過(guò)二極管電流ID還受二極管D的ID-UD特性曲線的限制，因而二極管就工作在負(fù)載線與ID-UD特性曲線的相交點(diǎn)P上（如右圖所示）．由此得二極管兩端的管壓和電流分別為UD=1.0V，ID=2.0mA[6]電阻R1上的電壓其功率12.某同學(xué)用波動(dòng)發(fā)生器產(chǎn)生產(chǎn)生兩個(gè)波源、，其振動(dòng)可視為簡(jiǎn)諧振動(dòng)，振幅皆為A，振動(dòng)方向相同，圖像分別為如圖所示，若兩種波源在同一種彈性介質(zhì)、沿著x軸傳播足夠長(zhǎng)的時(shí)間后，觀察發(fā)現(xiàn)波在介質(zhì)中傳播的波長(zhǎng)為，且時(shí)刻，處質(zhì)點(diǎn)的位移為，求：（1）兩波源振動(dòng)的周期；（2）時(shí)刻，位移為質(zhì)點(diǎn)的平衡位置?！即鸢浮剑?）；；（2）或者〖解析〗（1）由圖可知，（2）根據(jù)波長(zhǎng)與波速的關(guān)系有所以則或者13.如圖所示，閉合矩形線圈可繞其水平邊轉(zhuǎn)動(dòng)。線框處在豎直向上的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中。，，邊質(zhì)量為m，其余邊的質(zhì)量不計(jì)。線框電阻為R，現(xiàn)給邊一個(gè)瞬時(shí)沖量，使邊獲得速度v，經(jīng)過(guò)時(shí)間t，邊上升至最高處，邊與豎直線的最大偏角為。求在邊上升過(guò)程中：（1）流過(guò)導(dǎo)體截面的電荷量；（2）線圈中電流的有效值?！即鸢浮剑?）；（2）〖解析〗（1）根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律有磁通量變化量為根據(jù)閉合電路歐姆定律有則解得（2）根據(jù)能量守恒定律有其中根據(jù)焦耳定律有解得14.如圖所示，質(zhì)量為的小球A的通過(guò)足夠長(zhǎng)的輕繩繞過(guò)定滑輪P與質(zhì)量為m的小球B相連，通過(guò)長(zhǎng)度為L(zhǎng)的輕桿與轉(zhuǎn)軸O相連，O、P距離為，且O、P在同一水平線上。初始時(shí)給小球A施加力F，使其剛好靜止于O點(diǎn)正上方的Q點(diǎn)。重力加速度為g，不計(jì)一切摩擦和定滑輪質(zhì)量，兩球視為質(zhì)點(diǎn)。求：（1）小球A處于初始位置時(shí)的拉力的最小值F；（2）撤去拉力F的瞬間，小球B的加速度；（3）當(dāng)A、B速度大小相等時(shí)，輕桿上的彈力?！即鸢浮剑?）；（2）；（3），方向由指向A?！冀馕觥剑?）在點(diǎn)時(shí)，當(dāng)沿水平方向時(shí)，有最小值；設(shè)繩子的張力為，繩子與水平方向的夾角為，對(duì)小球由平衡條件，有對(duì)小球由平衡條件，有解得（2）撤去力F的瞬間，設(shè)繩子的張力為，繩子與水平方向的夾角依然為，對(duì)小球由牛頓第二定律，有對(duì)小球由牛頓第二定律，有且有解得（3）由硫意可知，釋放后小球A做圓周運(yùn)動(dòng)，當(dāng)AP與小球A的運(yùn)動(dòng)軌跡相切時(shí)，此時(shí)小球A所處的位置有兩種情形，如圖所示。情形一，設(shè)輕桿上的彈力為，方向指向圓心，對(duì)A、B構(gòu)成的系統(tǒng)由機(jī)械能守恒定律，有：其中對(duì)小球由牛頓第二定律，有解得，方向由指向。情形二：設(shè)輕桿上的彈力為，方向指向圓心，對(duì)A、B構(gòu)成的系統(tǒng)由機(jī)械能守恒定律，有其中對(duì)小球由牛頓第二定律，有解得，方向由A指向15.如圖所示的平面內(nèi)，在區(qū)域存在沿y軸負(fù)方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，場(chǎng)強(qiáng)大小為；在區(qū)域存在垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，在區(qū)域存在垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，兩個(gè)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相等。質(zhì)量為m，電荷量為的帶電粒子，時(shí)刻從電場(chǎng)中的點(diǎn)，以的初速度沿x軸正方向射入勻強(qiáng)電場(chǎng)，并從點(diǎn)第一次回到電場(chǎng)。不計(jì)粒子的重力，求：（1）粒子第一次離開(kāi)電場(chǎng)時(shí)的側(cè)移；（2）勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小及第二次離開(kāi)電場(chǎng)的時(shí)刻；（3）粒子從磁場(chǎng)進(jìn)入電場(chǎng)時(shí)的位置坐標(biāo)?！即鸢浮剑?）；（2）；；（3）見(jiàn)〖解析〗〖解析〗（1）帶電粒子在電場(chǎng)中偏轉(zhuǎn)的距?可以求得（2）由幾何關(guān)系知粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)軌道半徑而根據(jù)解得粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間故（3）帶電粒子每次在磁場(chǎng)中沿軸負(fù)方向偏轉(zhuǎn)的距離帶電粒子每次在電場(chǎng)中沿軸負(fù)方向偏轉(zhuǎn)距離所以第次回到電場(chǎng)時(shí)沿軸多方向偏轉(zhuǎn)的距漓故當(dāng)為奇數(shù)時(shí)，坐標(biāo)為；當(dāng)為偶數(shù)時(shí)，坐標(biāo)為2023屆高三年級(jí)蘇州八校三模適應(yīng)性檢測(cè)物理試卷注意事項(xiàng)考生在答題前請(qǐng)認(rèn)真閱讀本注意事項(xiàng)及各題答題要求1.本試卷共6頁(yè)，滿(mǎn)分為100分，考試時(shí)間為75分鐘?？荚嚱Y(jié)束后，請(qǐng)將答題卡交回。2.答題前請(qǐng)務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)用0.5毫米黑色墨水的簽字筆填寫(xiě)在試卷及答題卡的規(guī)定位置。3.作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對(duì)應(yīng)選項(xiàng)的方框涂滿(mǎn)、涂黑；如需改動(dòng)，請(qǐng)用橡皮擦干凈后，再選涂其他〖答案〗。作答非選擇題，必須用0.5毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無(wú)效。4.如需作圖必須用2B鉛筆繪、寫(xiě)清楚，線條、符號(hào)等需加黑加粗。一、單項(xiàng)選擇題：共10題，每題4分，共40分。每題只有一個(gè)選項(xiàng)最符合題意。1.A、B、C是三個(gè)完全相同的時(shí)鐘，A放在地面上，B、C分別放在以速度和朝相反方向飛行的飛行器中，且，A觀察者認(rèn)為走得最快的時(shí)鐘是（）A.A時(shí)鐘 B.B時(shí)鐘 C.C時(shí)鐘 D.無(wú)法確定〖答案〗A〖解析〗根據(jù)公式可知，相對(duì)于觀察者的速度v越小，其上的時(shí)間進(jìn)程越快，地面上的鐘A的速度v=0，它所記錄的兩事件的時(shí)間間隔最大，即地面上的鐘走得最快。故選A。2.下列所給圖像的面積與能求的物理量之間的對(duì)應(yīng)關(guān)系中不正確的是（）A．力隨力的方向上位移的變化圖像求力做的功B．質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動(dòng)的加速度隨時(shí)間變化的圖像求速度變化量C．電容器充電電流隨時(shí)間變化的圖像求電容器的充電量D．穿過(guò)發(fā)電機(jī)線圈的磁通量隨時(shí)間變化的圖像求磁通量的變化量A.A B.B C.C D.D〖答案〗D〖解析〗A．根據(jù)做功的公式可知力隨力的方向上位移的變化圖像的面積求力做的功，故A正確；B．根據(jù)可知質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動(dòng)的加速度隨時(shí)間變化的圖像的面積求速度變化量，故B正確；C．根據(jù)可知電容器充電電流隨時(shí)間變化的圖像的面積求電容器的充電量，故C正確；D．不能用穿過(guò)發(fā)電機(jī)線圈的磁通量隨時(shí)間變化的圖像的面積求磁通量的變化量，故D錯(cuò)誤。本題選擇錯(cuò)誤選；故選D。3.靜止的钚-238在磁場(chǎng)中衰變產(chǎn)生的粒子和新核在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的軌跡如題圖所示，則（）A.a為粒子軌跡 B.b為粒子軌跡C.新核和衰變粒子圓周運(yùn)動(dòng)方向相反 D.新核和衰變粒子動(dòng)量相同〖答案〗C〖解析〗原子核發(fā)生衰變，粒子的速度方向相反，由圖可知粒子的運(yùn)動(dòng)的軌跡在同一側(cè)，很據(jù)左手定則可以得知，衰變后的粒子帶的電性相反，所以釋放的粒子應(yīng)該是電子，所以原子核發(fā)生的應(yīng)該是衰變；衰變后，粒子做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力提供向心力有解得靜止的原子核發(fā)生衰變，根據(jù)動(dòng)量守恒可知，衰變前后，動(dòng)量守恒，故兩個(gè)粒子的動(dòng)量大小相等，方向相反，磁感應(yīng)強(qiáng)度也相等，故q越大，軌道半徑越??；故大圓a是釋放粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡，小圓b是新核的運(yùn)動(dòng)軌跡，兩者運(yùn)動(dòng)方向相反。故選C。4.激光冷卻中性原子的原理如圖所示，質(zhì)量為m、速度為的原子連續(xù)吸收多個(gè)迎面射來(lái)的頻率為的光子后，速度減小。不考慮原子質(zhì)量的變化，光速為c。下列說(shuō)法正確的是（）A.激光冷卻利用了光的波動(dòng)性B.原子吸收第一個(gè)光子后速度的變化量為C.原子每吸收一個(gè)光子后速度的變化量不同D.原子吸收個(gè)光子后速度減小到原來(lái)的一半〖答案〗B〖解析〗A．在激光制冷中體現(xiàn)了激光的粒子性，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)德布羅意波長(zhǎng)公式有可得一個(gè)光子的動(dòng)量為根據(jù)動(dòng)量守恒有所以原子吸收第一個(gè)光子后速度的變化量為故B正確；C．由動(dòng)量守恒，每個(gè)光子的動(dòng)量相同，所以原子每吸收一個(gè)光子后速度該變量相同，故C錯(cuò)誤；D．原子吸收個(gè)光子后，根據(jù)動(dòng)量守恒有即解得故D錯(cuò)誤。故選B。5.如圖所示，輕桿一端與動(dòng)摩擦因數(shù)足夠大的地面上A點(diǎn)接觸，另一端靠在光滑豎直墻壁上的B點(diǎn)，一只老鼠順桿緩慢上爬的過(guò)程中，桿始終靜止，則（）A.A點(diǎn)桿受力不變 B.A點(diǎn)桿受力變大C.B點(diǎn)桿受到彈力不變 D.B點(diǎn)桿受到彈力變小〖答案〗B〖解析〗設(shè)墻壁對(duì)B點(diǎn)的彈力為N，方向向右，地面對(duì)A點(diǎn)的作用力為F，老鼠上爬的過(guò)程中，重心的位置發(fā)生變化，則F與豎直方向的夾角變大，根據(jù)平衡條件可知，可知A點(diǎn)桿受力和B點(diǎn)桿受到彈力都變大。故選B。6.2022年3月23日，三位神舟十三號(hào)航天員翟志剛、王亞平、葉光富相互配合完成“天宮課堂”第二次太空授課。如題圖所示，授課中航天員葉光富手拉細(xì)線不斷加速讓一個(gè)小瓶子在豎直平面內(nèi)圓周運(yùn)動(dòng)，從而實(shí)現(xiàn)瓶?jī)?nèi)油水分層。如題圖所示，若繩子長(zhǎng)為l（瓶子可視為質(zhì)點(diǎn)），水的質(zhì)量為m，則（）A.油和水的向心加速度相等 B.油受到的向心力可能大于水C.水受到瓶子的作用力為 D.瓶子在最高點(diǎn)的速度一定大于〖答案〗B〖解析〗A．油和水的角速度相同，根據(jù)公式由于水和油的重心不同，所以圓周運(yùn)動(dòng)的半徑不同，可知油和水的向心加速度不相等，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)向心力公式若油的質(zhì)量大于水的質(zhì)量，則油受到的向心力可能大于水，故B正確；C．由于不知道水的重心到圓心的距離，所以無(wú)法計(jì)算，故C錯(cuò)誤；D．由于瓶子的重心到圓心的距離不是l，所以無(wú)法計(jì)算和比較，故D錯(cuò)誤。故選B。7.一物塊在水平外力作用下由靜止開(kāi)始沿光滑水平面做直線運(yùn)動(dòng)，其速度v隨位移x變化的圖像如圖所示，下列關(guān)于物塊速度v隨時(shí)間t、加速度a隨速度v變化的圖像可能正確的是（）A. B.C. D.〖答案〗D〖解析〗由速度v隨位移x變化的圖像可知?jiǎng)t有解得可知位移增大，速度增大，加速度隨速度的增大且與速度成正比。故選D。8.單縫衍射圖樣的中央亮條紋寬度的一半與單縫寬度、光的波長(zhǎng)、縫到屏的距離的關(guān)系和雙縫干涉的條紋寬度關(guān)系類(lèi)似；利用單縫衍射實(shí)驗(yàn)可以測(cè)量金屬的線膨脹系數(shù)，線膨脹系數(shù)是表征物體受熱時(shí)長(zhǎng)度增加程度的物理量。如圖所示，擋光片A固定，擋光片B放置在待測(cè)金屬棒上端，A、B間形成平直狹縫，激光通過(guò)狹縫在光屏上形成衍射圖樣，在激光波長(zhǎng)已知的情況下，通過(guò)測(cè)量縫屏距離和中央亮條紋寬度，可算出狹縫寬度及變化，進(jìn)而計(jì)算出金屬的線膨脹系數(shù)。（）A.激光波長(zhǎng)越短，其他實(shí)驗(yàn)條件不變，中央亮條紋寬度越寬B.相同實(shí)驗(yàn)條件下，金屬的膨脹量越大，中央亮條紋寬度越窄C.相同實(shí)驗(yàn)條件下，中央亮條紋寬度變化越大，說(shuō)明金屬膨脹量越大D.狹縫到光屏距離越大，其他實(shí)驗(yàn)條件相同，測(cè)得的線膨脹系數(shù)越大〖答案〗C〖解析〗A．對(duì)比雙縫干涉相鄰兩亮條紋間距與雙縫間距、光的波長(zhǎng)、縫屏距離的關(guān)系公式可得單縫衍射中央亮條紋寬度的一半與單縫寬度、光的波長(zhǎng)、縫屏距離的關(guān)系為激光波長(zhǎng)變短，其他條件不變，則中央聊條紋寬度變窄，故A錯(cuò)誤；

B．相同實(shí)驗(yàn)條件下，金屬的膨脹量越大，則單縫距離d越小，中央亮條紋寬度越寬，故B錯(cuò)誤；

C.．相同實(shí)驗(yàn)條件下，中央亮條紋寬度變化越大，說(shuō)明單縫的距離變化大，即金屬膨脹量越大，故C正確；

D．金屬的線膨脹系數(shù)屬于金屬的特有屬性，與實(shí)驗(yàn)裝置無(wú)關(guān)，故D錯(cuò)誤。

故選C。9.人體的細(xì)胞膜模型圖如圖所示，由磷脂雙分子層組成，雙分子層之間存在電壓（醫(yī)學(xué)上稱(chēng)為膜電位），現(xiàn)研究某小塊均勻的細(xì)胞膜，厚度為d，膜內(nèi)的電場(chǎng)可看作勻強(qiáng)電場(chǎng)，簡(jiǎn)化模型如圖b所示，初速度可視為零的一價(jià)正鉀離子僅在電場(chǎng)力的作用下，從圖中的A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)，下列說(shuō)法正確的是（）A.鉀離子的電勢(shì)能增大B.點(diǎn)電勢(shì)等于點(diǎn)電勢(shì)C.若膜電位增加，則鉀離子進(jìn)入細(xì)胞內(nèi)的速度更大D.若膜電位不變，膜的厚度越大，則鉀離子進(jìn)入細(xì)胞內(nèi)的速度越大〖答案〗C〖解析〗A．初速度可視為零的一價(jià)正鉀離子僅在電場(chǎng)力的作用下，從圖中的A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)，可知鉀離子運(yùn)動(dòng)中電場(chǎng)力做正功，所以鉀離子的電勢(shì)能減小，故A錯(cuò)誤；B．初速度可視為零的一價(jià)正鉀離子僅在電場(chǎng)力的作用下，從圖中的A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)，則電場(chǎng)線從A到B，沿電場(chǎng)線電勢(shì)降低，所以A點(diǎn)電勢(shì)大于B點(diǎn)電勢(shì)，故B錯(cuò)誤；CD．由動(dòng)能定理可知若膜電位不變時(shí)，即電壓U不變時(shí)，鈉鉀子進(jìn)入細(xì)胞內(nèi)的速度不變；電壓U增加時(shí)，速度增大，故C正確，D錯(cuò)誤。故選C。10.如圖所示，長(zhǎng)度為L(zhǎng)的輕桿上端連著一質(zhì)量為m的小球A（可視為質(zhì)點(diǎn)），桿的下端用鉸鏈固接于水平面上的O點(diǎn)。置于同一水平面上的立方體B恰與A接觸，立方體B的邊長(zhǎng)為L(zhǎng)，質(zhì)量為，重力加速度為g。若A、B之間，B與地面間皆光滑，則（）A.A、B分離時(shí)，二者加速度相等 B.A、B分離時(shí)，B的速度為C.A落地前最大速度為 D.A落地前最大加速度為〖答案〗D〖解析〗AB．設(shè)桿與地面夾角為時(shí)，二者分離，根據(jù)機(jī)械能守恒定律有對(duì)A，根據(jù)牛頓第二定律有結(jié)合關(guān)聯(lián)速度可知解得由于運(yùn)動(dòng)時(shí)間相等，可知A、B分離時(shí)，二者加速度不相等，故AB錯(cuò)誤；C．A與B分離后繼續(xù)下落得過(guò)程中機(jī)械能守恒，則解得故C錯(cuò)誤；D．A落地時(shí)的向心加速度為根據(jù)運(yùn)動(dòng)的合成可知A落地前最大加速度為故D正確。故選D。二、非選擇題：共5題，共60分。其中第12題～第15題解答時(shí)請(qǐng)寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和重要演算步驟，只寫(xiě)出最后〖答案〗的不能得分。11.某同學(xué)在實(shí)驗(yàn)室探究二極管的伏安特性曲線。（1）為了粗測(cè)二極管的正向電阻，該同學(xué)將多用電表的選擇開(kāi)關(guān)旋到電阻“”檔，當(dāng)指針偏轉(zhuǎn)角度較大時(shí)，紅表筆連接的是二極管的___________（選填“正”或“負(fù)”）；此時(shí)，多用電表的指針如圖所示，二極管的正向電阻為_(kāi)__________。（2）用伏安法描繪二極管在范圍內(nèi)的正向伏安特性曲線，器材如下電壓表V（量程為，內(nèi)阻約為）電流表A（量程，內(nèi)阻約為）滑動(dòng)變阻器（總電阻為，額定電流為）滑動(dòng)變阻器（總電阻為，額定電流為）電源E（電動(dòng)勢(shì)，內(nèi)阻不計(jì)）開(kāi)關(guān)S，導(dǎo)線若干其中，滑動(dòng)變阻器應(yīng)該選___________（選填“”或“”）利用圖所示的器材符號(hào)，畫(huà)出實(shí)驗(yàn)電路原理圖。（）（3）二極管的正向電壓伏安特性曲線如圖所示，現(xiàn)將兩個(gè)相同的二極管串聯(lián)在電路中，如圖所示。已知電阻，電源的電動(dòng)勢(shì)（內(nèi)阻不計(jì)），通過(guò)二極管D的電流為_(kāi)__________，電阻消耗的功率為_(kāi)__________。（結(jié)果保留2位有效數(shù)字）〖答案〗（1）負(fù)600（2）（3）2.016〖解析〗（1）[1]根據(jù)多用電表中兩表筆電流的流向?yàn)椤凹t進(jìn)黑出”，歐姆表指針偏轉(zhuǎn)過(guò)大，可知紅表筆與二極管的負(fù)極相連；[2]此時(shí)，多用電表的指針位于6刻度處，二極管的正向電阻為600；（2）[3]電源電動(dòng)勢(shì)為6V，R1最大電阻為10Ω，則電流為超過(guò)其額定電流，故滑動(dòng)變阻器選擇R2；[4]設(shè)計(jì)電路如圖：（3）[5]設(shè)二極管D兩端的管壓為UD，流過(guò)二極管的電流為ID．則有代入數(shù)據(jù)解得UD與ID的關(guān)系為這是一個(gè)在圖2中橫軸上截距為1.5，縱軸上截距為6、斜率為-4直線方程（稱(chēng)為二極管的負(fù)載線）因管壓UD與流過(guò)二極管電流ID還受二極管D的ID-UD特性曲線的限制，因而二極管就工作在負(fù)載線與ID-UD特性曲線的相交點(diǎn)P上（如右圖所示）．由此得二極管兩端的管壓和電流分別為UD=1.0V，ID=2.0mA[6]電阻R1上的電壓其功率12.某同學(xué)用波動(dòng)發(fā)生器產(chǎn)生產(chǎn)生兩個(gè)波源、，其振動(dòng)可視為簡(jiǎn)諧振動(dòng)，振幅皆為A，振動(dòng)方向相同，圖像分別為如圖所示，若兩種波源在同一種彈性介質(zhì)、沿著x軸傳播足夠長(zhǎng)的時(shí)間后，觀察發(fā)現(xiàn)波在介質(zhì)中傳播的波長(zhǎng)為，且時(shí)刻，處質(zhì)點(diǎn)的位移為，求：（1）兩波源振動(dòng)的周期；（2）時(shí)刻，位移為質(zhì)點(diǎn)的平衡位置?！即鸢浮剑?）；；（2）或者〖解析〗（1