2023屆安徽省高三下學(xué)期5月自主練習(xí)物理試題（解析版）

高中物理名校試卷PAGEPAGE1安徽省2023屆高三5月自主練習(xí)物理試題一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1.如圖，平行板電容器兩個(gè)極板與水平地面成2α角，在平行板間存在著勻強(qiáng)電場，直線CD是兩板間一條垂直于板的直線，豎直線EF與CD交于O點(diǎn)，一個(gè)帶電小球沿著∠FOD的角平分線從A點(diǎn)經(jīng)O點(diǎn)向B點(diǎn)做直線運(yùn)動，重力加速度為g。則在此過程中，下列說法正確的是（）A.小球帶正電B.小球可能做勻加速直線運(yùn)動C.小球加速度大小為gcosαD.小球重力勢能的增加量等于電勢能的增加量〖答案〗D〖解析〗AB．帶電小球沿著∠FOD的角平分線從A點(diǎn)經(jīng)O點(diǎn)向B點(diǎn)做直線運(yùn)動，所以小球合外力沿著AB；又由于小球受重力，所以電場力的方向由O到D；由于此電場的方向未知，所以小球的電性是不能確定的，則小球做勻減速直線運(yùn)動，故AB錯(cuò)誤；C．據(jù)圖可知，由于是角平分線，且小球的加速度方向由O到D，據(jù)幾何關(guān)系可知故C錯(cuò)誤；D．由分析可知，小球受重力等于電場力，運(yùn)動的位移和夾角相同，所以二力做的功相同，據(jù)功能關(guān)系可知，小球重力勢能的增加量等于電勢能的增加量，故D正確。故選D。2.如圖甲所示，傾角θ＝30°的足夠長固定光滑斜面上，用平行于斜面的輕彈簧拉著質(zhì)量m＝1kg的物體沿斜面向上運(yùn)動．已知物體在t＝1s到t＝3s這段時(shí)間的v－t圖象如圖乙所示，彈簧的勁度系數(shù)k＝200N/m，重力加速度g取10m/s2．則在該段時(shí)間內(nèi)()A.物體的加速度大小為2m/s2 B.彈簧的伸長量為3cmC.彈簧的彈力做功為30J D.物體的重力勢能增加36J〖答案〗B〖解析〗A.根據(jù)速度圖象的斜率表示加速度可知，物體的加速度大小為a＝＝1m/s2選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B.對斜面上的物體受力分析，受到豎直向下的重力mg、斜面的支持力和輕彈簧的彈力F，由牛頓第二定律，F(xiàn)－mgsin30°＝ma解得F＝6N．由胡克定律F＝kx可得彈簧的伸長量x＝3cm，選項(xiàng)B正確；CD.t＝1s到t＝3s這段時(shí)間內(nèi)，物體動能增大ΔEk＝＝6J根據(jù)速度—時(shí)間圖象面積等于位移，可知物體向上運(yùn)動位移x＝6m，物體重力勢能增加ΔEp＝mgxsin30°＝30J根據(jù)功能關(guān)系可知，彈簧彈力做功W＝ΔEk＋ΔEp＝36J選項(xiàng)C、D錯(cuò)誤．3.下列說法中正確的是()A.β射線與γ射線一樣是電磁波，但穿透本領(lǐng)遠(yuǎn)比射線弱B.氡的半衰期為3.8天，4個(gè)氡原子核經(jīng)過7.6天后就一定只剩下1個(gè)氡原子核C.已知質(zhì)子、中子、α粒子的質(zhì)量分別為m1、m2、m3，那么，質(zhì)子和中子結(jié)合成一個(gè)α粒子，釋放的能量是（2m1+2m2-m3）c2D.放射性元素發(fā)生β衰變時(shí)所釋放的電子是原子核外的電子發(fā)生電離產(chǎn)生的〖答案〗C〖解析〗A、β射線是電子流，不是電磁波，穿透本領(lǐng)比γ射線弱，故A錯(cuò)誤；B、半衰期具有統(tǒng)計(jì)意義，對大量的原子核適用，對少量的原子核不適用，故B錯(cuò)誤；C、根據(jù)愛因斯坦質(zhì)能方程可得釋放的能量是，故C正確；D、β衰變是原子核的衰變，與核外電子無關(guān)，β衰變時(shí)釋放的電子是由核內(nèi)一個(gè)中子轉(zhuǎn)化成一個(gè)質(zhì)子的同時(shí)釋放出來的，故D錯(cuò)誤；故選C．4.中澳美“科瓦里-2019”特種兵聯(lián)合演練于8月28日至9月4日在澳大利亞舉行，中國空軍空降兵部隊(duì)首次派員參加，演習(xí)中一名特種兵從空中靜止的直升飛機(jī)上，抓住一根豎直懸繩由靜止開始下滑，運(yùn)動的速度隨時(shí)間變化的規(guī)律如圖所示，t2時(shí)刻特種兵著地，下列說法正確的是（）A.在t1~t2時(shí)間內(nèi)，平均速度B.在t1~t2間內(nèi)特種兵所受阻力越來越大C.特種兵在0~t1時(shí)間內(nèi)處于超重狀態(tài)，t1~t2時(shí)間內(nèi)處于失重狀態(tài)D.若第一個(gè)特種兵開始減速時(shí)第二個(gè)特種兵立即以同樣的方式下滑，則他們在懸繩上的距離先減小后增大〖答案〗B〖解析〗A．在t1~t2時(shí)間內(nèi)，如果特種兵做勻減速直線運(yùn)動，即和兩點(diǎn)之間的圖像為直線時(shí)，其平均速度為由圖可知，t1~t2時(shí)間內(nèi)實(shí)際圖像所圍的面積大于直線圖像所圍的面積，所以故A錯(cuò)誤；B．在t1~t2時(shí)間內(nèi)，根據(jù)牛頓第二定律可得圖像斜率的大小等于加速度的大小，由圖可知加速度越來越大，由上式可知越來越大，故B正確；C．特種兵在0~t1時(shí)間內(nèi)向下做加速運(yùn)動，故處于失重狀態(tài)；在t1~t2時(shí)間內(nèi)向下做減速運(yùn)動，故處于超重狀態(tài)，故C錯(cuò)誤；D．若第一個(gè)特種兵開始減速時(shí)第二個(gè)特種兵立即以同樣的方式下滑，則在第二個(gè)特種兵的速度增大到等于第一個(gè)特種兵的速度之前，二人的距離逐漸增大的；之后第二個(gè)特種兵的速度大于第一個(gè)特種兵，二人的距離開始逐漸減??；即他們在懸繩上的距離先增大后減小，故D錯(cuò)誤。故選B。5.質(zhì)量為的籃球從某一高處從靜止下落，經(jīng)過時(shí)間與地面接觸，經(jīng)過時(shí)間彈離地面，經(jīng)過時(shí)間達(dá)到最高點(diǎn)。重力加速度為，忽略空氣阻力。地面對籃球作用力沖量大小為（）A.B.C.D.〖答案〗A〖解析〗選向下為正，運(yùn)動全程由動量定理得：mg（t1+t2+t3）+I地=0，則有：I地=-（mgtl+mgt2十mgt3），負(fù)號表方向。A．，故A符合題意；B．，故B不符合題意；C．，故C不符合題意；D．，故D不符合題意。故選A。6.如圖是世界物理學(xué)史上兩個(gè)著名實(shí)驗(yàn)的裝置圖，下列有關(guān)實(shí)驗(yàn)的敘述正確的是A.圖甲是粒子散射實(shí)驗(yàn)裝置，盧瑟福指導(dǎo)他的學(xué)生們進(jìn)行粒子散射實(shí)驗(yàn)研究時(shí)，發(fā)現(xiàn)了質(zhì)子和中子B.圖甲是粒子散射實(shí)驗(yàn)裝置，湯姆孫根據(jù)粒子散射實(shí)驗(yàn)，提出了原子“棗糕模型”結(jié)構(gòu)C.圖乙是研究光電效應(yīng)的實(shí)驗(yàn)裝置，根據(jù)光電效應(yīng)規(guī)律，超過極限頻率的入射光頻率越大，則光電子的最大初動能越大D.圖乙是研究光電效應(yīng)的實(shí)驗(yàn)裝置，根據(jù)光電效應(yīng)規(guī)律，超過極限頻率的入射光光照強(qiáng)度一定，則光的頻率越大所產(chǎn)生的飽和光電流就越大〖答案〗C〖解析〗AB、圖甲是粒子散射實(shí)驗(yàn)裝置，盧瑟福提出了核式結(jié)構(gòu)模型；盧瑟福通過用粒子轟擊氮原子放出氫核，發(fā)現(xiàn)了質(zhì)子；查得威克發(fā)現(xiàn)了中子；湯姆孫通過研究陰極射線中粒子的性質(zhì)發(fā)現(xiàn)了電子，故選項(xiàng)A、B錯(cuò)誤；C、圖乙是研究光電效應(yīng)的實(shí)驗(yàn)裝置，根據(jù)光電效應(yīng)方程可知超過極限頻率的入射光頻率越大，則光電子的最大初動能越大，故選項(xiàng)C正確；D、光較強(qiáng)時(shí)，包含的光子數(shù)較多，照射金屬時(shí)產(chǎn)生的光電子較多，因而飽和電流較大，入射光的光強(qiáng)一定時(shí)，頻率越大，光電子的最大初動能最越大，而不是所產(chǎn)生的飽和光電流就越大，故選項(xiàng)D錯(cuò)誤．二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7.如圖，正方形金屬線框自某一高度在空氣中豎直下落（空氣阻力不計(jì)），然后進(jìn)入并完全穿過與正方形等寬的勻強(qiáng)磁場區(qū)域，進(jìn)入時(shí)線框動能為Ek1，穿出時(shí)線框動能為Ek2。從剛進(jìn)入到剛穿出磁場這一過程，線框產(chǎn)生的焦耳熱為Q，克服安培力做的功為W1，重力做的功為W2，線框重力勢能的減少量為?Ep，則下列關(guān)系正確的是（）A.Q=W1 B.Q=W2W1CQ=?EpEk1Ek2 D.W2=W1(Ek2Ek1)〖答案〗ACD〖解析〗AB．由能量關(guān)系可知，線框產(chǎn)生的焦耳熱Q等于克服安培力做的功為W1，選項(xiàng)A正確，B錯(cuò)誤；CD．由動能定理即W2=W1(Ek2Ek1)而W2=?Ep則Q=W1=?EpEk1Ek2選項(xiàng)CD正確。故選ACD。8.幾個(gè)水球可以擋住一顆子彈？《國家地理頻道》的實(shí)驗(yàn)結(jié)果是：四個(gè)水球足夠！完全相同的水球緊挨在一起水平排列，子彈在水球中沿水平方向做勻變速直線運(yùn)動，恰好能穿出第4個(gè)水球，則下列判斷正確的是()A.子彈在每個(gè)水球中的速度變化相同B.子彈在每個(gè)水球中運(yùn)動的時(shí)間不同C.每個(gè)水球?qū)ψ訌椀臎_量不同D.子彈在每個(gè)水球中的動能變化相同〖答案〗BCD〖解析〗A．設(shè)水球的直徑為d，子彈運(yùn)動的過程為勻減速直線運(yùn)動，直到末速度為零，我們可以應(yīng)用逆過程，相當(dāng)于子彈初速度為零做勻加速直線運(yùn)動，因?yàn)橥ㄟ^最后1個(gè)、最后2個(gè)、以及后3個(gè)、全部4個(gè)的位移分別為d，2d，3d和4d，根據(jù)知，所用時(shí)間之比為1:::2，所以子彈在每個(gè)水球中運(yùn)動的時(shí)間不同；子彈在水球中沿水平方向做勻變速直線運(yùn)動，所以加速度相同，由可知，運(yùn)動的時(shí)間不同，則速度的變化量不同；A錯(cuò)誤B正確；C．根據(jù)沖量的定義受力是相同的，運(yùn)動的時(shí)間不同，所以每個(gè)水球?qū)ψ訌椀臎_量不同，C正確；D．根據(jù)動能定理受力是相同的，運(yùn)動的位移相同，所以子彈受到的阻力對子彈做的功相等，所以子彈在每個(gè)水球中的動能變化相同，D正確。故選BCD。9.如圖，夾角為120°的兩塊薄鋁板OM、ON將紙面所在平面分為I、II兩個(gè)區(qū)域，兩區(qū)域內(nèi)有垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度分別為B1、B2.在OM板上表面處有一帶電粒子垂直O(jiān)M方向射入磁場B1中，粒子恰好以O(shè)為圓心做圓周運(yùn)動回到出發(fā)點(diǎn)。設(shè)粒子在兩區(qū)域中運(yùn)動的速率分別為、，運(yùn)動時(shí)間分別為t1、t2；假設(shè)帶電粒子穿過薄鋁板過程中電荷量不變，動能損失一半，不計(jì)粒子重力，則下列說法中正確的是（）A.粒子帶負(fù)電B.C.D.〖答案〗AC〖解析〗A.磁場垂直于紙面向里，由題意可知，粒子沿順時(shí)針方向做圓周運(yùn)動，由左手定則可知，粒子帶負(fù)電，故A正確；B.粒子穿過薄鋁板時(shí)動能損失一半，即為：解得故B錯(cuò)誤；C.粒子在磁場中做勻速運(yùn)動，洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律得：解得由題意可知，粒子在兩磁場中做圓周運(yùn)動的軌道半徑r相等，則有：故C正確；D.粒子在磁場中做圓周運(yùn)動的周期為：粒子在磁場中做圓周運(yùn)動的時(shí)間為：由題意可知，粒子在磁場中轉(zhuǎn)過的圓心角分別為：粒子在磁場的運(yùn)動時(shí)間之比：故D錯(cuò)誤。故選AC。10.如圖所示，一理想變壓器的原線圈與穩(wěn)定的正弦交流電源相連，副線圈與定值電阻R0和均勻密繞的滑線變阻器R串聯(lián)。若不考慮溫度對R0、R阻值的影響。在將滑動頭P自a勻速滑到b的過程中（）A.原線圈輸入功率變大 B.原線圈兩端電壓變大C.R兩端的電壓變小 D.R0消耗的電功率變小〖答案〗AC〖解析〗AB．原線圈與穩(wěn)定的正弦交流電源相連，則原線圈兩端電壓不變，由于匝數(shù)比不變，則副線圈兩端電壓不變，將滑動頭P自a勻速滑到b的過程中，滑動變阻器接入電路中的電阻變小，副線圈中電流變大，由公式可知，副線圈功率增大，則原線圈輸入功率變大，故A正確，B錯(cuò)誤；C．由于副線圈中電流變大，則R0兩端電壓變大，副線圈兩端電壓不變，則R兩端電壓變小，故C正確；D．將副線圈與R0看成電源，由于不知道滑動變阻器的最大阻值與R0的關(guān)系，則無法確定R0消耗的電功率的變化情況，故D錯(cuò)誤。故選AC。三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把〖答案〗寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11.用圖甲所示裝置探究動能定理。有下列器材：A.電火花打點(diǎn)計(jì)時(shí)器；B.220V交流電源；C.紙帶；D.細(xì)線、小車、砝碼和砝碼盤；E.一端帶滑輪長木板、小墊木；F.刻度尺。(1)實(shí)驗(yàn)中還需要的實(shí)驗(yàn)器材為________。(2)按正確的實(shí)驗(yàn)操作，實(shí)驗(yàn)中得到一條點(diǎn)跡清晰的紙帶如圖乙，圖中數(shù)據(jù)xA、xB和xAB已測出，交流電頻率為f，小車質(zhì)量為M，砝碼和砝碼盤的質(zhì)量為m，以小車、砝碼和砝碼盤組成系統(tǒng)為研究對象，從A到B過程中，合力做功為________，動能變化量為________，比較二者大小關(guān)系，可探究動能定理?！即鸢浮?1)天平(2)mgxAB〖解析〗(1)[1]因?yàn)樾枰獪y量小車以及砝碼和砝碼盤的質(zhì)量，所以實(shí)驗(yàn)中還需要的實(shí)驗(yàn)器材為天平。(2)[2]以小車、砝碼和砝碼盤組成系統(tǒng)為研究對象，平衡摩擦力后，系統(tǒng)所受合外力做的功為[3]勻變速直線運(yùn)動的某段時(shí)間內(nèi)，中間時(shí)刻速度等于平均速度其動能變化量為12.某物理興趣小組設(shè)計(jì)了如圖甲所示的歐姆表電路，通過控制開關(guān)S和調(diào)節(jié)電阻箱，可使歐姆表具有“×10”和“×100”兩種倍率，所用器材如下：A．干電池：電動勢，內(nèi)阻B．電流表G：滿偏電流，內(nèi)阻C．定值電阻D．電阻箱和：最大阻值999.99ΩE．電阻箱：最大阻值9999ΩF．開關(guān)一個(gè)，紅、黑表筆各1支，導(dǎo)線若干（1）該實(shí)驗(yàn)小組按圖甲正確連接好電路。當(dāng)開關(guān)S斷開時(shí)，將紅、黑表筆短接，調(diào)節(jié)電阻箱＝________Ω，使電流表達(dá)到滿偏，此時(shí)閉合電路的總電阻叫作歐姆表的內(nèi)阻，則＝________Ω，歐姆表的倍率是________（選填“×10”或“×100”）；（2）閉合開關(guān)S：第一步：調(diào)節(jié)電阻箱和，當(dāng)＝________Ω且＝________Ω時(shí)，將紅、黑表筆短接，電流表再次滿偏；第二步：在紅、黑表筆間接入電阻箱，調(diào)節(jié)，當(dāng)電流表指針指向圖乙所示的位置時(shí)，對應(yīng)的歐姆表的刻度值為________?！即鸢浮?1)149.51500×100（2）14.515010〖解析〗（1）[1][2][3]由閉合電路歐姆定律可知：歐姆表的內(nèi)阻為則中值電阻應(yīng)為1500Ω，根據(jù)多用電表的刻度設(shè)置可知，表盤上只有兩種檔位，若為×10，則中值刻度太大，不符合實(shí)際，故歐姆表倍率應(yīng)為“×100”。（2）[4][5]為了得到“×10”倍率，應(yīng)讓滿偏時(shí)對應(yīng)的電阻為150Ω；電流為此時(shí)表頭中電流應(yīng)為0.001A，則與之并聯(lián)電阻電流應(yīng)為并聯(lián)電阻為故[6]圖示電流為0.60mA，干路電流為6.0mA則總電阻故待測電阻為故對應(yīng)的刻度應(yīng)為10。四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把〖答案〗寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13.熱等靜壓設(shè)備廣泛用于材料加工，該設(shè)備工作時(shí)，先在室溫下把惰性氣體用壓縮機(jī)壓入到一個(gè)預(yù)抽真空的爐腔中，然后爐腔升溫，利用高溫高氣壓環(huán)境對放入爐腔中的材料進(jìn)行加工處理，改變其性能。一臺熱等靜壓設(shè)備的爐腔中某次放入固體材料后剩余的容積，將爐腔抽真空后，在室溫下用壓縮機(jī)將多瓶氬氣壓入到爐腔中，使得爐腔中氣體在室溫下的壓強(qiáng)至少為，已知每瓶氬氣的容積，使用前瓶中氣體壓強(qiáng)，使用后瓶中剩余氣體壓強(qiáng)；室溫為27℃，加壓后的氬氣可視為理想氣體。（1）求至少要準(zhǔn)備的氬氣瓶數(shù)；（2）若將爐腔中氣體在室溫下的壓強(qiáng)增大至后，用升高溫度的方法繼續(xù)使?fàn)t腔內(nèi)壓強(qiáng)增加到，求此時(shí)爐腔中氣體的溫度t?！即鸢浮剑?）11瓶；（2）〖解析〗（1）設(shè)爐腔內(nèi)壓強(qiáng)為p2的氬氣氣體積為V解得設(shè)瓶內(nèi)剩余氬氣在壓強(qiáng)為p2下的體積為V3解得設(shè)至少要壓入n瓶氬氣，則有即至少要準(zhǔn)備11瓶氬氣。（2）爐腔內(nèi)氣體的體積不變由查理定律解得14.如圖所示，在第Ⅱ象限內(nèi)有水平向右的勻強(qiáng)電場，在第I象限和第IV象限的圓形區(qū)域內(nèi)分別存在如圖所示的勻強(qiáng)磁場，在第IV象限磁感應(yīng)強(qiáng)度大小是第Ⅰ象限的2倍．圓形區(qū)域與x軸相切于Q點(diǎn)，Q到O點(diǎn)的距離為L，有一個(gè)帶電粒子質(zhì)量為m，電荷量為q，以垂直于x軸的初速度從軸上的P點(diǎn)進(jìn)入勻強(qiáng)電場中，并且恰好與y軸的正方向成60°角以速度v進(jìn)入第I象限，又恰好垂直于x軸在Q點(diǎn)進(jìn)入圓形區(qū)域磁場，射出圓形區(qū)域磁場后與x軸正向成30°角再次進(jìn)入第I象限。不計(jì)重力。求：（1）第I象限內(nèi)磁場磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大?。海?）電場強(qiáng)度E的大??；（3）粒子在圓形區(qū)域磁場中的運(yùn)動時(shí)間?！即鸢浮剑?）；（2）；（3）。〖解析〗（1）帶電粒子在磁場中做勻速圓周運(yùn)動，軌跡如圖所示．設(shè)粒子在第Ⅰ象限內(nèi)的軌跡半徑為R1．由幾何關(guān)系有：得：根據(jù)洛倫茲力提供向心力有：得：（2）帶電粒子在電場中做類平拋運(yùn)動，由幾何關(guān)系有：v0=vcos60°=v粒子剛出電場時(shí)vx=vsin60°=v粒子在電場中運(yùn)動時(shí)間為：vx=at可得：（3）由幾何關(guān)系知，粒子在圓形磁場中運(yùn)動的時(shí)間而結(jié)合得15.如圖所示，U形管右管截面積為左管截面積的2倍，管內(nèi)水銀在左管內(nèi)封閉了一段長為、溫度為300K的空氣柱，左右兩管水銀面高度差為，大氣壓為76cmHg。(1)給左管的氣體加熱，則當(dāng)U形管兩邊水銀面等高時(shí)，左管內(nèi)氣體的溫度為多少？（結(jié)果保留1位小數(shù)）(2)在(1)問的條件下，保持溫度不變，往右管緩慢加入水銀直到左管氣柱恢復(fù)原長，問此時(shí)兩管水銀面的高度差h2?！即鸢浮?1)342.9K；(2)4cm〖解析〗(1)初態(tài)管內(nèi)氣體壓強(qiáng)p1=p0-ph1=（76-6）cmHg=70cmHg當(dāng)左右兩管內(nèi)水銀面相等時(shí)，末態(tài)氣體壓強(qiáng)：p2=76cmHg由于右管截面積是左管的兩倍，所以左管水銀面將下降4cm，右管中水銀面將上升2cm，末態(tài)管內(nèi)氣柱長度l2=80cm初態(tài)：p1=70cmHg，V1=76S，T1=300K，末態(tài)：p2=76cmHg，V2=80S，T2，根據(jù)理想氣體的狀態(tài)方程可得可得T2=342.9K(2)設(shè)氣柱恢復(fù)原長時(shí)壓強(qiáng)為p3，初態(tài)：壓強(qiáng)p2=76cmHg，體積V2=80S，末態(tài)：壓強(qiáng)p3，體積V3=V1=76S，根據(jù)玻意耳定律可得p2V2=p3V3解得p3=80cmHg＞76cmHg故右側(cè)水銀柱比左側(cè)高，以cmHg為單位，根據(jù)平衡可得p3=ph2+p2解得ph2=4cmHg所以高度差為4cm。安徽省2023屆高三5月自主練習(xí)物理試題一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1.如圖，平行板電容器兩個(gè)極板與水平地面成2α角，在平行板間存在著勻強(qiáng)電場，直線CD是兩板間一條垂直于板的直線，豎直線EF與CD交于O點(diǎn)，一個(gè)帶電小球沿著∠FOD的角平分線從A點(diǎn)經(jīng)O點(diǎn)向B點(diǎn)做直線運(yùn)動，重力加速度為g。則在此過程中，下列說法正確的是（）A.小球帶正電B.小球可能做勻加速直線運(yùn)動C.小球加速度大小為gcosαD.小球重力勢能的增加量等于電勢能的增加量〖答案〗D〖解析〗AB．帶電小球沿著∠FOD的角平分線從A點(diǎn)經(jīng)O點(diǎn)向B點(diǎn)做直線運(yùn)動，所以小球合外力沿著AB；又由于小球受重力，所以電場力的方向由O到D；由于此電場的方向未知，所以小球的電性是不能確定的，則小球做勻減速直線運(yùn)動，故AB錯(cuò)誤；C．據(jù)圖可知，由于是角平分線，且小球的加速度方向由O到D，據(jù)幾何關(guān)系可知故C錯(cuò)誤；D．由分析可知，小球受重力等于電場力，運(yùn)動的位移和夾角相同，所以二力做的功相同，據(jù)功能關(guān)系可知，小球重力勢能的增加量等于電勢能的增加量，故D正確。故選D。2.如圖甲所示，傾角θ＝30°的足夠長固定光滑斜面上，用平行于斜面的輕彈簧拉著質(zhì)量m＝1kg的物體沿斜面向上運(yùn)動．已知物體在t＝1s到t＝3s這段時(shí)間的v－t圖象如圖乙所示，彈簧的勁度系數(shù)k＝200N/m，重力加速度g取10m/s2．則在該段時(shí)間內(nèi)()A.物體的加速度大小為2m/s2 B.彈簧的伸長量為3cmC.彈簧的彈力做功為30J D.物體的重力勢能增加36J〖答案〗B〖解析〗A.根據(jù)速度圖象的斜率表示加速度可知，物體的加速度大小為a＝＝1m/s2選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B.對斜面上的物體受力分析，受到豎直向下的重力mg、斜面的支持力和輕彈簧的彈力F，由牛頓第二定律，F(xiàn)－mgsin30°＝ma解得F＝6N．由胡克定律F＝kx可得彈簧的伸長量x＝3cm，選項(xiàng)B正確；CD.t＝1s到t＝3s這段時(shí)間內(nèi)，物體動能增大ΔEk＝＝6J根據(jù)速度—時(shí)間圖象面積等于位移，可知物體向上運(yùn)動位移x＝6m，物體重力勢能增加ΔEp＝mgxsin30°＝30J根據(jù)功能關(guān)系可知，彈簧彈力做功W＝ΔEk＋ΔEp＝36J選項(xiàng)C、D錯(cuò)誤．3.下列說法中正確的是()A.β射線與γ射線一樣是電磁波，但穿透本領(lǐng)遠(yuǎn)比射線弱B.氡的半衰期為3.8天，4個(gè)氡原子核經(jīng)過7.6天后就一定只剩下1個(gè)氡原子核C.已知質(zhì)子、中子、α粒子的質(zhì)量分別為m1、m2、m3，那么，質(zhì)子和中子結(jié)合成一個(gè)α粒子，釋放的能量是（2m1+2m2-m3）c2D.放射性元素發(fā)生β衰變時(shí)所釋放的電子是原子核外的電子發(fā)生電離產(chǎn)生的〖答案〗C〖解析〗A、β射線是電子流，不是電磁波，穿透本領(lǐng)比γ射線弱，故A錯(cuò)誤；B、半衰期具有統(tǒng)計(jì)意義，對大量的原子核適用，對少量的原子核不適用，故B錯(cuò)誤；C、根據(jù)愛因斯坦質(zhì)能方程可得釋放的能量是，故C正確；D、β衰變是原子核的衰變，與核外電子無關(guān)，β衰變時(shí)釋放的電子是由核內(nèi)一個(gè)中子轉(zhuǎn)化成一個(gè)質(zhì)子的同時(shí)釋放出來的，故D錯(cuò)誤；故選C．4.中澳美“科瓦里-2019”特種兵聯(lián)合演練于8月28日至9月4日在澳大利亞舉行，中國空軍空降兵部隊(duì)首次派員參加，演習(xí)中一名特種兵從空中靜止的直升飛機(jī)上，抓住一根豎直懸繩由靜止開始下滑，運(yùn)動的速度隨時(shí)間變化的規(guī)律如圖所示，t2時(shí)刻特種兵著地，下列說法正確的是（）A.在t1~t2時(shí)間內(nèi)，平均速度B.在t1~t2間內(nèi)特種兵所受阻力越來越大C.特種兵在0~t1時(shí)間內(nèi)處于超重狀態(tài)，t1~t2時(shí)間內(nèi)處于失重狀態(tài)D.若第一個(gè)特種兵開始減速時(shí)第二個(gè)特種兵立即以同樣的方式下滑，則他們在懸繩上的距離先減小后增大〖答案〗B〖解析〗A．在t1~t2時(shí)間內(nèi)，如果特種兵做勻減速直線運(yùn)動，即和兩點(diǎn)之間的圖像為直線時(shí)，其平均速度為由圖可知，t1~t2時(shí)間內(nèi)實(shí)際圖像所圍的面積大于直線圖像所圍的面積，所以故A錯(cuò)誤；B．在t1~t2時(shí)間內(nèi)，根據(jù)牛頓第二定律可得圖像斜率的大小等于加速度的大小，由圖可知加速度越來越大，由上式可知越來越大，故B正確；C．特種兵在0~t1時(shí)間內(nèi)向下做加速運(yùn)動，故處于失重狀態(tài)；在t1~t2時(shí)間內(nèi)向下做減速運(yùn)動，故處于超重狀態(tài)，故C錯(cuò)誤；D．若第一個(gè)特種兵開始減速時(shí)第二個(gè)特種兵立即以同樣的方式下滑，則在第二個(gè)特種兵的速度增大到等于第一個(gè)特種兵的速度之前，二人的距離逐漸增大的；之后第二個(gè)特種兵的速度大于第一個(gè)特種兵，二人的距離開始逐漸減??；即他們在懸繩上的距離先增大后減小，故D錯(cuò)誤。故選B。5.質(zhì)量為的籃球從某一高處從靜止下落，經(jīng)過時(shí)間與地面接觸，經(jīng)過時(shí)間彈離地面，經(jīng)過時(shí)間達(dá)到最高點(diǎn)。重力加速度為，忽略空氣阻力。地面對籃球作用力沖量大小為（）A.B.C.D.〖答案〗A〖解析〗選向下為正，運(yùn)動全程由動量定理得：mg（t1+t2+t3）+I地=0，則有：I地=-（mgtl+mgt2十mgt3），負(fù)號表方向。A．，故A符合題意；B．，故B不符合題意；C．，故C不符合題意；D．，故D不符合題意。故選A。6.如圖是世界物理學(xué)史上兩個(gè)著名實(shí)驗(yàn)的裝置圖，下列有關(guān)實(shí)驗(yàn)的敘述正確的是A.圖甲是粒子散射實(shí)驗(yàn)裝置，盧瑟福指導(dǎo)他的學(xué)生們進(jìn)行粒子散射實(shí)驗(yàn)研究時(shí)，發(fā)現(xiàn)了質(zhì)子和中子B.圖甲是粒子散射實(shí)驗(yàn)裝置，湯姆孫根據(jù)粒子散射實(shí)驗(yàn)，提出了原子“棗糕模型”結(jié)構(gòu)C.圖乙是研究光電效應(yīng)的實(shí)驗(yàn)裝置，根據(jù)光電效應(yīng)規(guī)律，超過極限頻率的入射光頻率越大，則光電子的最大初動能越大D.圖乙是研究光電效應(yīng)的實(shí)驗(yàn)裝置，根據(jù)光電效應(yīng)規(guī)律，超過極限頻率的入射光光照強(qiáng)度一定，則光的頻率越大所產(chǎn)生的飽和光電流就越大〖答案〗C〖解析〗AB、圖甲是粒子散射實(shí)驗(yàn)裝置，盧瑟福提出了核式結(jié)構(gòu)模型；盧瑟福通過用粒子轟擊氮原子放出氫核，發(fā)現(xiàn)了質(zhì)子；查得威克發(fā)現(xiàn)了中子；湯姆孫通過研究陰極射線中粒子的性質(zhì)發(fā)現(xiàn)了電子，故選項(xiàng)A、B錯(cuò)誤；C、圖乙是研究光電效應(yīng)的實(shí)驗(yàn)裝置，根據(jù)光電效應(yīng)方程可知超過極限頻率的入射光頻率越大，則光電子的最大初動能越大，故選項(xiàng)C正確；D、光較強(qiáng)時(shí)，包含的光子數(shù)較多，照射金屬時(shí)產(chǎn)生的光電子較多，因而飽和電流較大，入射光的光強(qiáng)一定時(shí)，頻率越大，光電子的最大初動能最越大，而不是所產(chǎn)生的飽和光電流就越大，故選項(xiàng)D錯(cuò)誤．二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7.如圖，正方形金屬線框自某一高度在空氣中豎直下落（空氣阻力不計(jì)），然后進(jìn)入并完全穿過與正方形等寬的勻強(qiáng)磁場區(qū)域，進(jìn)入時(shí)線框動能為Ek1，穿出時(shí)線框動能為Ek2。從剛進(jìn)入到剛穿出磁場這一過程，線框產(chǎn)生的焦耳熱為Q，克服安培力做的功為W1，重力做的功為W2，線框重力勢能的減少量為?Ep，則下列關(guān)系正確的是（）A.Q=W1 B.Q=W2W1CQ=?EpEk1Ek2 D.W2=W1(Ek2Ek1)〖答案〗ACD〖解析〗AB．由能量關(guān)系可知，線框產(chǎn)生的焦耳熱Q等于克服安培力做的功為W1，選項(xiàng)A正確，B錯(cuò)誤；CD．由動能定理即W2=W1(Ek2Ek1)而W2=?Ep則Q=W1=?EpEk1Ek2選項(xiàng)CD正確。故選ACD。8.幾個(gè)水球可以擋住一顆子彈？《國家地理頻道》的實(shí)驗(yàn)結(jié)果是：四個(gè)水球足夠！完全相同的水球緊挨在一起水平排列，子彈在水球中沿水平方向做勻變速直線運(yùn)動，恰好能穿出第4個(gè)水球，則下列判斷正確的是()A.子彈在每個(gè)水球中的速度變化相同B.子彈在每個(gè)水球中運(yùn)動的時(shí)間不同C.每個(gè)水球?qū)ψ訌椀臎_量不同D.子彈在每個(gè)水球中的動能變化相同〖答案〗BCD〖解析〗A．設(shè)水球的直徑為d，子彈運(yùn)動的過程為勻減速直線運(yùn)動，直到末速度為零，我們可以應(yīng)用逆過程，相當(dāng)于子彈初速度為零做勻加速直線運(yùn)動，因?yàn)橥ㄟ^最后1個(gè)、最后2個(gè)、以及后3個(gè)、全部4個(gè)的位移分別為d，2d，3d和4d，根據(jù)知，所用時(shí)間之比為1:::2，所以子彈在每個(gè)水球中運(yùn)動的時(shí)間不同；子彈在水球中沿水平方向做勻變速直線運(yùn)動，所以加速度相同，由可知，運(yùn)動的時(shí)間不同，則速度的變化量不同；A錯(cuò)誤B正確；C．根據(jù)沖量的定義受力是相同的，運(yùn)動的時(shí)間不同，所以每個(gè)水球?qū)ψ訌椀臎_量不同，C正確；D．根據(jù)動能定理受力是相同的，運(yùn)動的位移相同，所以子彈受到的阻力對子彈做的功相等，所以子彈在每個(gè)水球中的動能變化相同，D正確。故選BCD。9.如圖，夾角為120°的兩塊薄鋁板OM、ON將紙面所在平面分為I、II兩個(gè)區(qū)域，兩區(qū)域內(nèi)有垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度分別為B1、B2.在OM板上表面處有一帶電粒子垂直O(jiān)M方向射入磁場B1中，粒子恰好以O(shè)為圓心做圓周運(yùn)動回到出發(fā)點(diǎn)。設(shè)粒子在兩區(qū)域中運(yùn)動的速率分別為、，運(yùn)動時(shí)間分別為t1、t2；假設(shè)帶電粒子穿過薄鋁板過程中電荷量不變，動能損失一半，不計(jì)粒子重力，則下列說法中正確的是（）A.粒子帶負(fù)電B.C.D.〖答案〗AC〖解析〗A.磁場垂直于紙面向里，由題意可知，粒子沿順時(shí)針方向做圓周運(yùn)動，由左手定則可知，粒子帶負(fù)電，故A正確；B.粒子穿過薄鋁板時(shí)動能損失一半，即為：解得故B錯(cuò)誤；C.粒子在磁場中做勻速運(yùn)動，洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律得：解得由題意可知，粒子在兩磁場中做圓周運(yùn)動的軌道半徑r相等，則有：故C正確；D.粒子在磁場中做圓周運(yùn)動的周期為：粒子在磁場中做圓周運(yùn)動的時(shí)間為：由題意可知，粒子在磁場中轉(zhuǎn)過的圓心角分別為：粒子在磁場的運(yùn)動時(shí)間之比：故D錯(cuò)誤。故選AC。10.如圖所示，一理想變壓器的原線圈與穩(wěn)定的正弦交流電源相連，副線圈與定值電阻R0和均勻密繞的滑線變阻器R串聯(lián)。若不考慮溫度對R0、R阻值的影響。在將滑動頭P自a勻速滑到b的過程中（）A.原線圈輸入功率變大 B.原線圈兩端電壓變大C.R兩端的電壓變小 D.R0消耗的電功率變小〖答案〗AC〖解析〗AB．原線圈與穩(wěn)定的正弦交流電源相連，則原線圈兩端電壓不變，由于匝數(shù)比不變，則副線圈兩端電壓不變，將滑動頭P自a勻速滑到b的過程中，滑動變阻器接入電路中的電阻變小，副線圈中電流變大，由公式可知，副線圈功率增大，則原線圈輸入功率變大，故A正確，B錯(cuò)誤；C．由于副線圈中電流變大，則R0兩端電壓變大，副線圈兩端電壓不變，則R兩端電壓變小，故C正確；D．將副線圈與R0看成電源，由于不知道滑動變阻器的最大阻值與R0的關(guān)系，則無法確定R0消耗的電功率的變化情況，故D錯(cuò)誤。故選AC。三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把〖答案〗寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11.用圖甲所示裝置探究動能定理。有下列器材：A.電火花打點(diǎn)計(jì)時(shí)器；B.220V交流電源；C.紙帶；D.細(xì)線、小車、砝碼和砝碼盤；E.一端帶滑輪長木板、小墊木；F.刻度尺。(1)實(shí)驗(yàn)中還需要的實(shí)驗(yàn)器材為________。(2)按正確的實(shí)驗(yàn)操作，實(shí)驗(yàn)中得到一條點(diǎn)跡清晰的紙帶如圖乙，圖中數(shù)據(jù)xA、xB和xAB已測出，交流電頻率為f，小車質(zhì)量為M，砝碼和砝碼盤的質(zhì)量為m，以小車、砝碼和砝碼盤組成系統(tǒng)為研究對象，從A到B過程中，合力做功為________，動能變化量為________，比較二者大小關(guān)系，可探究動能定理?！即鸢浮?1)天平(2)mgxAB〖解析〗(1)[1]因?yàn)樾枰獪y量小車以及砝碼和砝碼盤的質(zhì)量，所以實(shí)驗(yàn)中還需要的實(shí)驗(yàn)器材為天平。(2)[2]以小車、砝碼和砝碼盤組成系統(tǒng)為研究對象，平衡摩擦力后，系統(tǒng)所受合外力做的功為[3]勻變速直線運(yùn)動的某段時(shí)間內(nèi)，中間時(shí)刻速度等于平均速度其動能變化量為12.某物理興趣小組設(shè)計(jì)了如圖甲所示的歐姆表電路，通過控制開關(guān)S和調(diào)節(jié)電阻箱，可使歐姆表具有“×10”和“×100”兩種倍率，所用器材如下：A．干電池：電動勢，內(nèi)阻B．電流表G：滿偏電流，內(nèi)阻C．定值電阻D．電阻箱和：最大阻值999.99ΩE．電阻箱：最大阻值9999ΩF．開關(guān)一個(gè)，紅、黑表筆各1支，導(dǎo)線若干（1）該實(shí)驗(yàn)小組按圖甲正確連接好電路。當(dāng)開關(guān)S斷開時(shí)，將紅、黑表筆短接，調(diào)節(jié)電阻箱＝________Ω，使電流表達(dá)到滿偏，此時(shí)閉合電路的總電阻叫作歐姆表的內(nèi)阻，則＝________Ω，歐姆表的倍率是________（選填“×10”或“×100”）；（2）閉合開關(guān)S：第一步：調(diào)節(jié)電阻箱和，當(dāng)＝________Ω且＝________Ω時(shí)，將紅、黑表筆短接，電流表再次滿偏；第二步：在紅、黑表筆間接入電阻箱，調(diào)節(jié)，當(dāng)電流表指針指向圖乙所示的位置時(shí)，對應(yīng)的歐姆表的刻度值為________。〖答案〗(1)149.51500×100（2）14.515010〖解析〗（1）[1][2][3]由閉合電路歐姆定律可知：歐姆表的內(nèi)阻為則中值電阻應(yīng)為1500Ω，根據(jù)多用電表的刻度設(shè)置可知，表盤上只有兩種檔位，若為×10，則中值刻度太大，不符合實(shí)際，故歐姆表倍率應(yīng)為“×100”。（2）[4][5]為了得到“×10”倍率，應(yīng)讓滿偏時(shí)對應(yīng)的電阻為150Ω；電流為此時(shí)表頭中電流應(yīng)為0.001A，則與之并聯(lián)電阻電流應(yīng)為并聯(lián)電阻為故[6]圖示電流為0.60mA，干路電流為6.0mA則總電阻故待測電阻為故對應(yīng)的刻度應(yīng)為10。四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把〖答案〗寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13.熱等靜壓設(shè)備廣泛用于材料加工，該設(shè)