高三物理期中試卷帶答案解析

高三物理期中試卷帶答案解析考試范圍：xxx；考試時(shí)間：xxx分鐘；出題人：xxx姓名：___________班級(jí)：___________考號(hào)：___________題號(hào)一二三四五六總分得分注意事項(xiàng)：

1．答題前填寫好自己的姓名、班級(jí)、考號(hào)等信息

2．請(qǐng)將答案正確填寫在答題卡上評(píng)卷人得

分

一、選擇題1.如圖所示為電冰箱的工作原理示意圖．壓縮機(jī)工作時(shí)，強(qiáng)迫制冷劑在冰箱內(nèi)外的管道中不斷循環(huán)．在蒸發(fā)器中制冷劑汽化吸收箱體內(nèi)的熱量，經(jīng)過(guò)冷凝器時(shí)制冷劑液化，放出熱量到箱體外．下列說(shuō)法正確的是()A．熱量可以自發(fā)地從冰箱內(nèi)傳到冰箱外B．在封閉的房間里打開(kāi)冰箱一段時(shí)間后，房間溫度會(huì)降低C．電冰箱的工作原理不違反熱力學(xué)第一定律D．電冰箱的工作原理違反熱力學(xué)第一定律2.如圖所示，一輕彈簧上端固定在O點(diǎn)，下端拴一個(gè)鋼球，當(dāng)鋼球靜止在A處時(shí)，彈簧伸長(zhǎng)量為x0；現(xiàn)對(duì)鋼球施加一個(gè)水平向右的拉力，使鋼球緩慢移至B處，此時(shí)彈簧與豎直方向的夾角為θ（彈簧的伸長(zhǎng)量不超過(guò)彈性限度），則此時(shí)彈簧的伸長(zhǎng)量為（

）A．x0

B．x0cosθ

C．

D．x0（﹣1）3.有條船在湖水中航行時(shí)所受阻力與其速度的大小成正比，現(xiàn)在船由靜止開(kāi)始沿直線航行。若保持牽引力恒定，經(jīng)過(guò)時(shí)間t1后速度為v，加速度為a1，牽引力功率為P1，通過(guò)航程為s1，最終以2v速度勻速運(yùn)動(dòng)；若保持牽引力的功率恒定，經(jīng)過(guò)時(shí)間t2后速度為v，加速度為a2，牽引力功率為P2，通過(guò)航程為s2，最終也以2v速度勻速運(yùn)動(dòng)。則下列關(guān)系式正確的是(

)A．P2=3Pl

B．t1=3t2

C．s2=3s1

D．a(chǎn)2=3a14.如圖所示，起重機(jī)將重為G的重物勻速吊起，此時(shí)四條鋼索與豎直方向的夾角均為60°，則每根鋼索中彈力大小為（

）A．

B．

C．

D．5.在豎直平面內(nèi)固定一半徑為R的金屬細(xì)圓環(huán)，質(zhì)量為m的金屬小球（視為質(zhì)點(diǎn)）通過(guò)長(zhǎng)為L(zhǎng)的絕緣細(xì)線懸掛在圓環(huán)的最高點(diǎn)．當(dāng)圓環(huán)、小球都帶有相同的電荷量Q（未知）時(shí)，發(fā)現(xiàn)小球在垂直圓環(huán)平面的對(duì)稱軸上處于平衡狀態(tài)，如圖所示．已知靜電力常量為．則下列說(shuō)法中正確的是A．繩對(duì)小球的拉力B．電荷量C．繩對(duì)小球的拉力D．電荷量6.如圖所示，某人游珠江，他以一定速度面部始終垂直河岸向?qū)Π队稳?江中

各處水流速度相等，他游過(guò)的路程、過(guò)河所用的時(shí)間與水速的關(guān)系是()A．水速大時(shí)，路程長(zhǎng)，時(shí)間長(zhǎng)B．水速大時(shí)，路程長(zhǎng)，時(shí)間短C．水速大時(shí)，路程長(zhǎng)，時(shí)間不變D．路程、時(shí)間與水速無(wú)關(guān)7.電子式互感器是數(shù)字變電站的關(guān)鍵裝備之一。如圖所示，某電子式電壓互感器探頭的原理為電阻分壓，ac間的電阻是cd間電阻的（n-1）倍，某次測(cè)量中輸出端數(shù)字電壓表的示數(shù)為U，則輸入端的電壓為（）A．

B．

C．

D．8.下列說(shuō)法中，正確的是(

)A．晶體熔化時(shí)吸收熱量，分子平均動(dòng)能一定增加B．布朗運(yùn)動(dòng)反映了固體小顆粒內(nèi)分子的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)C．熱量可以從低溫物體傳給高溫物體D．夏天將密閉有空氣的礦泉水瓶放進(jìn)低溫的冰箱中會(huì)變扁，此過(guò)程中瓶?jī)?nèi)空氣內(nèi)能減小，外界對(duì)其做功9.如圖所示的裝置，用兩根細(xì)繩拉住一個(gè)小球，兩細(xì)繩間的夾角為θ，細(xì)繩AC呈水平狀態(tài)。現(xiàn)將整個(gè)裝置在紙面內(nèi)順時(shí)針緩慢轉(zhuǎn)動(dòng)，共轉(zhuǎn)過(guò)90°。在轉(zhuǎn)動(dòng)的過(guò)程中，CA繩中的拉力F1和CB繩中的拉力F2的大小發(fā)生變化，即：

A．F1先變小后變大B．F1先變大后變小C．F2逐漸減小D．F2最后減小到零10.下列說(shuō)法中正確的是（

）A．第一宇宙速度7.9km/s是人造衛(wèi)星在空中繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的最大速度B．發(fā)射速度大于7.9km/s而小于第二宇宙速度時(shí)，人造衛(wèi)星將在高空沿橢圓軌道運(yùn)行C．如果通訊需要，地球同步通訊衛(wèi)星可以定點(diǎn)在武漢上空D．所有同步衛(wèi)星的質(zhì)量一定是相等的，軌道一定是圓軌道，軌道平面一定在赤道平面上評(píng)卷人得

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二、多選題11.如圖所示長(zhǎng)木板A放在光滑的水平地面上，物體B以水平速度沖上A后，由于摩擦力作用，最后停止在木板A上，則從B沖到木板A上到相對(duì)板A靜止的過(guò)程中，下述說(shuō)法中正確是A．物體B動(dòng)能的減少量等于B克服摩擦力做的功B．物體B克服摩擦力做的功等于系統(tǒng)內(nèi)能的增加量C．物體B損失的機(jī)械能等于木板A獲得的動(dòng)能與系統(tǒng)損失的機(jī)械能之和D．摩擦力對(duì)物體B做的功和對(duì)木板A做的功的總和等于系統(tǒng)內(nèi)能的增加量12.如圖所示，甲為一列簡(jiǎn)諧波在t="3.0"s時(shí)刻波的圖像，Q為x=4m的質(zhì)點(diǎn)，乙為甲圖中P質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)圖像，則下列說(shuō)法正確的是

。A．此波沿x軸負(fù)方向傳播B．t="8.0"s時(shí)，P點(diǎn)位移為2cmC．若障礙物的尺寸大于12m，則該波不能發(fā)生衍射現(xiàn)象D．該波能與另一列頻率為4Hz的簡(jiǎn)諧波發(fā)生明顯的干涉現(xiàn)象E.從該時(shí)刻起，再經(jīng)s，Q點(diǎn)第一次回到平衡位置且向y軸負(fù)方向運(yùn)動(dòng)。13.下列說(shuō)法正確的是()A．方程式是重核裂變反應(yīng)方程B．銫原子核()的結(jié)合能小于鉛原子核()的結(jié)合能C．β衰變所釋放的電子是原子核內(nèi)的中子轉(zhuǎn)化成質(zhì)子時(shí)所產(chǎn)生的[D．核力是短程力，與核子間的距離有關(guān)，有時(shí)表現(xiàn)為引力，有時(shí)表現(xiàn)為斥力E.原子核所含核子單獨(dú)存在時(shí)的總質(zhì)量等于該原子核的質(zhì)量14.以下說(shuō)法正確的是________A．已知阿伏加德羅常數(shù)、氣體的摩爾質(zhì)量和密度，可算出該氣體分子間的平均距離B．飽和蒸汽在等溫變化的過(guò)程中，隨體積減小壓強(qiáng)增大C．布朗運(yùn)動(dòng)指的是懸浮在液體中的固體小顆粒的運(yùn)動(dòng)D．給自行車打氣時(shí)越往下壓，需要用的力越大，是因?yàn)閴嚎s氣體使得分子間距減小，分子間作用力表現(xiàn)為斥力導(dǎo)致的E．熱量可以從低溫物體傳遞到高溫物體15.如圖所示，自由下落的小球從它接觸彈簧開(kāi)始，到彈簧壓縮到最短的過(guò)程中，如果不計(jì)空氣阻力，并且彈簧的形變始終沒(méi)有超過(guò)彈性限制，則（

）A．小球的加速度先減小后增大B．小球的速度一直減小C．小球的機(jī)械能一直減小D．小球的重力勢(shì)能和彈簧的彈性勢(shì)能之和先增大后減小評(píng)卷人得

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三、計(jì)算題16.（10分）某裝置截面圖如圖所示，一截面為等腰梯形的滑槽水平放置，一截面為等腰梯形的滑塊可在槽中滑動(dòng)．已知滑塊重G="20"N，滑塊的底角θ=60°，滑塊與槽之間的動(dòng)摩擦因數(shù)，求要使滑塊沿著滑槽勻速滑動(dòng)，需要的水平方向的作用力F的大?。?7.（14分）半徑分別為r=0.1m和R=2r=0.2m的兩個(gè)質(zhì)量不計(jì)的圓盤，共軸固定連接在一起，可以繞水平軸O無(wú)摩擦轉(zhuǎn)動(dòng)，大圓盤的邊緣上固定有一個(gè)可看作質(zhì)點(diǎn)的質(zhì)量m=0.1kg的小球A，小圓盤上繞有細(xì)線，細(xì)線的另一端與放在光滑絕緣水平桌面上的帶電小物塊B水平相連，物塊B的質(zhì)量M=0.12kg，帶電量為q=1.0×10-4C，處于水平向左的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，電場(chǎng)強(qiáng)度大小為E0=104N/C。整個(gè)系統(tǒng)在如圖所示位置處于靜止平衡狀態(tài)，此時(shí)OA連線與豎直方向的夾角為θ。求：（1）夾角θ的大小。（2）緩慢順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)圓盤，使小球A位于轉(zhuǎn)軸O的正下方由靜止釋放，當(dāng)圓盤轉(zhuǎn)過(guò)45o角時(shí)物塊B運(yùn)動(dòng)的速度多大？（3）緩慢順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)圓盤，使小球A重新回到轉(zhuǎn)軸O的正下方，改變電場(chǎng)強(qiáng)度大小使其為E后由靜止釋放系統(tǒng)，物塊B向左運(yùn)動(dòng)的最大距離s=，則電場(chǎng)強(qiáng)度E多大？評(píng)卷人得

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四、實(shí)驗(yàn)題18.一個(gè)歐姆表共有(×1檔)、（×10檔）、（×100檔）、（×1K檔），中心刻度值是100，用該表的（×1檔）測(cè)量一個(gè)電阻，指針偏轉(zhuǎn)角度很小，指在1K與2K之間，若要較精確測(cè)出該電阻的阻值，應(yīng)選用___________檔測(cè)量，換檔后，首先要進(jìn)行_________________。如圖為某同學(xué)用多用電表測(cè)電阻時(shí)的表頭和功能選擇開(kāi)關(guān)的情況。由圖可讀出其所測(cè)電阻的阻值為_(kāi)______________。19.如圖所示為多用表歐姆擋的原理示意圖，其中電流表的滿偏電流為300μA，內(nèi)阻rg＝100Ω，調(diào)零電阻最大阻值R＝50kΩ，串聯(lián)的固定電阻R0＝50Ω，電池電動(dòng)勢(shì)E＝1.5V，用它測(cè)量電阻Rx，能準(zhǔn)確測(cè)量的阻值范圍是A．30kΩ～80kΩB．3kΩ～8kΩC．300kΩ～800kΩD．3000kΩ～8000kΩ評(píng)卷人得

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五、簡(jiǎn)答題20.如圖所示，足夠長(zhǎng)的斜面與水平面的夾角為θ＝53°，空間中自上而下依次分布著垂直斜面向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ、……、n，相鄰兩個(gè)磁場(chǎng)的間距均為d＝0.5m．一邊長(zhǎng)L＝0.1m、質(zhì)量m＝0.5kg、電阻R＝0.2Ω的正方形導(dǎo)線框放在斜面的頂端，導(dǎo)線框的下邊距離磁場(chǎng)Ⅰ的上邊界為d0＝0.4m，導(dǎo)線框與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ＝0.5.將導(dǎo)線框由靜止釋放，導(dǎo)線框在每個(gè)磁場(chǎng)區(qū)域中均做勻速直線運(yùn)動(dòng)．已知重力加速度g＝10m/s2，sin53°＝0.8，cos53°＝0.6，求：(1)導(dǎo)線框進(jìn)入磁場(chǎng)Ⅰ時(shí)的速度；(2)磁場(chǎng)Ⅰ的磁感應(yīng)強(qiáng)度B1；(3)磁場(chǎng)區(qū)域n的磁感應(yīng)強(qiáng)度Bn與B1的函數(shù)關(guān)系．21.如圖所示,OBCD為半圓柱體玻璃的橫截面,OD為直徑,一束由紅光和紫光組成的復(fù)色光沿AO方向從真空斜射入玻璃,B,C點(diǎn)為兩單色光的射出點(diǎn)(設(shè)光線在B,C處未發(fā)生全反射).已知從B點(diǎn)射出的單色光由O到B的傳播時(shí)間為t.①若OB,OC兩束單色光在真空中的波長(zhǎng)分別為λB,λC,試比較λB,λC的大小關(guān)系;②求從C點(diǎn)射出的單色光由O到C的傳播時(shí)間tC.評(píng)卷人得

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六、作圖題22.一棱鏡的截面為直角三角形ABC，∠A=30°，斜邊AB=a，棱鏡材料的折射率為n=．在此截面所在的平面內(nèi)，一條光線以45°的入射角從AC邊的中點(diǎn)M射入棱鏡。畫出光路圖，并求光線從棱鏡射出的點(diǎn)的位置(不考慮光線沿原路返回的情況)。

參考答案1.C【解析】A、由熱力學(xué)第二定律可知，熱量不能自發(fā)地從低溫物體傳到高溫物體，除非有外界的影響或幫助．電冰箱把熱量從低溫的內(nèi)部傳到高溫的外部，需要壓縮機(jī)的幫助并消耗電能，故選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B、電冰箱工作時(shí)消耗電能，房間的總熱量會(huì)增加，房間溫度會(huì)升高，故選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C、熱力學(xué)第一定律是熱現(xiàn)象中內(nèi)能與其他形式能的轉(zhuǎn)化規(guī)律，是能的轉(zhuǎn)化和守恒定律的具體表現(xiàn)，適用于所有的熱學(xué)過(guò)程，故選項(xiàng)C正確，D錯(cuò)誤。點(diǎn)睛：熱力學(xué)第一定律和熱力學(xué)第二定律是熱力學(xué)的基礎(chǔ)，應(yīng)注意理解；本題中有些同學(xué)認(rèn)為電冰箱的致冷系統(tǒng)能夠不斷地把冰箱內(nèi)的熱量傳到外界，而忽略了是其消耗了電能的原因。2.C【解析】解：下端拴一個(gè)鋼球，當(dāng)鋼球靜止在A處時(shí)，彈簧伸長(zhǎng)量為x0，則有kx0=mg解得：k=對(duì)小球進(jìn)行研究，分析受力情況：重力mg、水平外力F和彈簧的彈力F彈．由平衡條件得：又由胡克定律得f=kx則有

kx=得

x==，故C正確．故選：C【點(diǎn)評(píng)】本題是平衡條件與胡克定律的綜合應(yīng)用，分析受力情況是解題的關(guān)鍵，難度適中．3.D【解析】略4.D【解析】解：鋼繩結(jié)點(diǎn)受到5個(gè)拉力，受力平衡，將四個(gè)斜向下的拉力都沿著水平和豎直方向正交分解，如圖根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件，有4?Tcos60°=G解得T=故選D．考點(diǎn)：共點(diǎn)力平衡的條件及其應(yīng)用；力的合成與分解的運(yùn)用．專題：共點(diǎn)力作用下物體平衡專題．分析：鋼繩結(jié)點(diǎn)受到5個(gè)拉力，受力平衡，將所有的力都沿著水平和豎直方向正交分解，然后根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件求解．點(diǎn)評(píng)：本題難點(diǎn)在于力不在同一個(gè)平面內(nèi)，可以將所有的力沿著水平和豎直方向正交分解，再結(jié)合共點(diǎn)力平衡條件求解．5.D【解析】試題分析：由于圓環(huán)不能看作點(diǎn)電荷，我們?nèi)A環(huán)上一部分△x，設(shè)總電量為Q，則該部分電量為；由庫(kù)侖定律可得，該部分對(duì)小球的庫(kù)侖力，方向沿該點(diǎn)與小球的連線指向小球；同理取以圓心對(duì)稱的相同的一段，其庫(kù)侖力大小與F1相同；如圖所示，兩力的合力應(yīng)沿圓心與小球的連線向外，大小為；因圓環(huán)上各點(diǎn)對(duì)小球均有庫(kù)侖力，故所有部分庫(kù)侖力的合力，方向水平向右；小球受力分析如圖所示，小球受重力、拉力及庫(kù)侖力而處于平衡，故T與F的合力應(yīng)與重力大小相等，方向相反；由幾何關(guān)系可得：，則小球?qū)K子的拉力，故A、C錯(cuò)誤；，則，解得；故B錯(cuò)誤，D正確；所以選D．考點(diǎn)：本題主要考查庫(kù)侖定律、共點(diǎn)力平衡的條件及其應(yīng)用，同時(shí)考查考生的推理判斷能力．6.C【解析】游泳者相對(duì)于岸的速度為他相對(duì)于水的速度和水流速度的合速度，水流速度越大，其合速度與岸的夾角越小，路程越長(zhǎng)，但過(guò)河時(shí)間t＝，與水速無(wú)關(guān)，故A、B、D均錯(cuò)誤，C正確7.A【解析】試題分析：和串聯(lián)，電流，對(duì)輸出端電壓，即輸入電壓為，對(duì)照選項(xiàng)A對(duì)。考點(diǎn)：串并聯(lián)電路8.CD【解析】試題分析：溫度是分子平均動(dòng)能的標(biāo)志，晶體熔化時(shí)吸收熱量，但溫度不變，因此分子的平均動(dòng)能不變，A錯(cuò)誤；布朗運(yùn)動(dòng)是固體顆粒在液體中的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)，反應(yīng)的液體分子的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)，B錯(cuò)誤；熱量可能從低溫物體傳給高溫物體，但會(huì)引起其他變化，C正確；夏天將密閉有空氣的礦泉水瓶放進(jìn)低溫的冰箱中，密閉空氣溫度降低，內(nèi)能減小，壓強(qiáng)不變，因此體積會(huì)減小，外界對(duì)氣體做正功，D正確。考點(diǎn)：固體，液體、氣體理想氣體狀態(tài)方程9.BCD【解析】略10.AB【解析】第一宇宙速度7.9km/s有三層含義：最大的環(huán)繞速度、最小的發(fā)射速度和繞地球表面做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的速度，當(dāng)發(fā)射速度大于7.9km/s而小于第二宇宙速度時(shí)，人造衛(wèi)星將在高空沿橢圓軌道運(yùn)行，AB正確；地球同步通訊衛(wèi)星一定在赤道上空，不可能經(jīng)過(guò)武漢，C錯(cuò)；所有同步衛(wèi)星有四個(gè)“一定”：定高、定位、定速、定周期，但質(zhì)量不一定相同，D錯(cuò)。11.ACD【解析】根據(jù)功能關(guān)系可知，物體B動(dòng)能的減少量等于B克服摩擦力做的功，故A正確；由能量守恒定律可知，物體B損失的動(dòng)能等于木板A獲得的動(dòng)能與系統(tǒng)產(chǎn)生的內(nèi)能之和，故B錯(cuò)誤；由能量守恒定律可知，物體B損失的機(jī)械能等于木板A獲得的動(dòng)能與系統(tǒng)損失的機(jī)械能之和，故C正確；摩擦力對(duì)物體B做的功等于B動(dòng)能的減少，摩擦力對(duì)木板A做的功等于A動(dòng)能的增加，由能量守恒定律，摩擦力對(duì)物體B做的功和對(duì)木板A做的功的總和等于系統(tǒng)內(nèi)能增加量，故D正確。所以ACD正確，B錯(cuò)誤。12.ABE【解析】A、P質(zhì)點(diǎn)沿y軸正向振動(dòng)，所以此波沿x軸負(fù)方向傳播，A正確；B、由圖可知這列波的周期T=4s，波長(zhǎng)=12m，得波速，t=3.0s，t=8.0s時(shí)，△t=5.0s=5T/4，P振動(dòng)到最大位移處，B正確；C、產(chǎn)生明顯衍射的條件障礙物或孔的尺寸跟波長(zhǎng)差不多，C錯(cuò)誤；D、根據(jù)波產(chǎn)生干涉的條件，頻率相等，該波頻率為1/4Hz，不能發(fā)生明顯干涉現(xiàn)象，D錯(cuò)誤；E、根據(jù)質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)一周期，波傳播一個(gè)波長(zhǎng)，得Q第一次回到平衡位置且向下振動(dòng)時(shí)間，E正確。故選：ABE。13.BCD【解析】方程式的反應(yīng)物只有一個(gè)，生成物，屬于α衰變，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；由原子核的平均結(jié)合能的曲線可知，銫原子核的比結(jié)合能與鉛原子核的比結(jié)合能差不多，而銫原子核的核子數(shù)少得多，所以銫原子核的結(jié)合能小于鉛原子核的結(jié)合能，選項(xiàng)B正確；β衰變所釋放的電子不是來(lái)源于原子核外面的電子，而是原子核內(nèi)的中子轉(zhuǎn)化成質(zhì)子時(shí)所產(chǎn)生的()，選項(xiàng)C正確；相鄰的質(zhì)子與質(zhì)子、中子與質(zhì)子、中子與中子既不會(huì)融合在一起(斥力)，又相距一定距離組成原子核(引力)，選項(xiàng)D正確；由于質(zhì)量虧損，原子核所含核子單獨(dú)存在時(shí)的總質(zhì)量大于該原子核的質(zhì)量，故E錯(cuò)誤。故選BCD.【點(diǎn)睛】本題考查了α粒子散射實(shí)驗(yàn)、玻爾理論、β衰變的實(shí)質(zhì)、比結(jié)合能等基礎(chǔ)知識(shí)點(diǎn)，關(guān)鍵要熟悉教材，牢記這些基本規(guī)律和基本概念，不能混淆，注意光電效應(yīng)和康普頓效應(yīng)都說(shuō)明光具有粒子性．14.ACE【解析】試題分析：知道阿伏加德羅常數(shù)、氣體的摩爾質(zhì)量和密度，可求出摩爾體積，將氣體分子占據(jù)的空間看成立方體形，立方體的邊長(zhǎng)等于氣體分子間的平均距離，由摩爾體積除以阿伏加德羅常數(shù)可求出每個(gè)氣體分子占據(jù)的空間大小，從而能求出分子間的平均距離，故A正確；飽和氣壓的大小只與溫度有關(guān),B錯(cuò)誤；布朗運(yùn)動(dòng)是懸浮在流體中的固體小顆粒的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)，是液體分子做無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)的反映，C正確；分子間排斥不是由多少?zèng)Q定的,而是取決于分子間的距離．打氣是由于分子密度增大,從而氣體壓強(qiáng)增大．，不是分子間斥力的體現(xiàn)，D錯(cuò)誤；根據(jù)熱力學(xué)第二定律，熱量不能自發(fā)從低溫物體傳給高溫物體，但可以通過(guò)不同條件達(dá)到熱量從低溫物體向高溫物體的傳遞，E正確；故選ACE?？键c(diǎn)：分子動(dòng)理論、熱力學(xué)定律?！久麕燑c(diǎn)睛】掌握分子動(dòng)理論的內(nèi)容，可以從微觀上認(rèn)識(shí)分子的運(yùn)動(dòng)規(guī)律及分子間的相互作用力；理解氣體的狀態(tài)參量及變化規(guī)律，結(jié)合熱力學(xué)定律全面解答。15.AC【解析】小球接觸彈簧上端后受到兩個(gè)力作用：向下的重力和向上的彈力．在接觸后的前一階段，重力大于彈力，合力向下，因?yàn)閺椓Σ粩嘣龃?，所以合外力不斷減小，故加速度不斷減小，由于加速度與速度同向，因此速度不斷變大．當(dāng)彈力逐步增大到與重力大小相等時(shí)，合外力為零，加速度為零，速度達(dá)到最大．后一階段，即小球達(dá)到上述位置之后，由于慣性小球仍繼續(xù)向下運(yùn)動(dòng)，但彈力大于重力，合外力豎直向上，且逐漸變大，因而加速度逐漸變大，方向豎直向上；小球的加速度先減小，后增大，速度先增大后減小，故A正確B錯(cuò)誤；小球做減速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)速度減小到零時(shí)，達(dá)到最低點(diǎn)，彈簧的壓縮量最大．整過(guò)程中小球的機(jī)械能一直減?。还蔆正確；由于小球和彈簧組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒；故小球的重力勢(shì)能、動(dòng)能和彈簧的彈性勢(shì)能之和保持不變；因動(dòng)能先增大后減??；故重力勢(shì)能和彈簧的彈性勢(shì)能之和先減小后增大，D錯(cuò)誤．【點(diǎn)睛】學(xué)生容易出錯(cuò)的地方是：認(rèn)為物體一接觸彈簧就減速．對(duì)彈簧的動(dòng)態(tài)分析也是學(xué)生的易錯(cuò)點(diǎn)，在學(xué)習(xí)中要加強(qiáng)這方面的練習(xí)．16.12N【解析】滑塊在豎直平面內(nèi)受到i個(gè)力的作用，如圖所示，由力的平衡條件可知（2分）（2分）解得：（2分）滑塊一側(cè)受到的摩擦力（2分）水平推力（2分）17.（1）θ=30o（2）v=0.28m/s（3）9.55×103N/C【解析】（14分）解：（1）對(duì)物塊B：（2分）對(duì)圓盤，由力矩平衡

（2分）得

，

θ=30o

（1分）（2）對(duì)整個(gè)系統(tǒng)，由動(dòng)能定理（3分）代入數(shù)據(jù)，解得

v=0.28m/s

（2分）（3），對(duì)整個(gè)系統(tǒng)，由動(dòng)能定理

qE·=mg·2r(1-cos)（2分）解得E==9.55×103N/C

（2分）本題主要考查的是對(duì)動(dòng)能定理的應(yīng)用。分析清楚物體的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)，應(yīng)用動(dòng)能定理即可解出此題。18.見(jiàn)解析【解析】選×1檔,指針偏轉(zhuǎn)角度很小，說(shuō)明倍率選小了，應(yīng)該選×10檔，換擋后要重新短接歐姆凋零。答案：×10；歐姆凋零；2000Ω19.B【解析】試題分析：歐姆表能準(zhǔn)確測(cè)量的阻值范圍是是量程的～，即電流表的電流為100μA～200μA；根據(jù)閉合電路歐姆定律可知滿偏電流時(shí)有，調(diào)零電阻R=4850Ω，當(dāng)電流表的電流為100μA時(shí)有，解得；當(dāng)電流表的電流為200μA時(shí)有，解得，所以在2.5kΩ～10kΩ范圍內(nèi)能準(zhǔn)確測(cè)量，選項(xiàng)中只有B選項(xiàng)在此范圍內(nèi)。故選B考點(diǎn)：歐姆表的使用點(diǎn)評(píng)：使用歐姆表時(shí)要合理選擇量程，使指針盡可能在中間刻度附近，參考指針偏轉(zhuǎn)在→的范圍（或電流表指針偏轉(zhuǎn)滿度電流的1／3～2／3），若指針偏角太大，