2024年高考物理模擬卷1（全國(guó)卷）（全解全析）

2024年高考物理第一次模擬考試

物理”全解全析

注意事項(xiàng)：

i.答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)等填寫在答題卡和試卷指定位置上。

2.回答選擇題時(shí)，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑。如

需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標(biāo)號(hào)?；卮鸱沁x擇題時(shí)，將答案寫在答題卡上。寫

在本試卷上無(wú)效。

3.考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回

二、選擇題：本題共8小題，每小題6分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第14~18題只有一項(xiàng)符合

題目要求，第19~21題有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的

得0分。

14.如圖14所示，在水平力尸作用下，物體8沿水平面向右運(yùn)動(dòng)，物體力恰勻速上升，以下說(shuō)法正

確的是（）

圖14

A.物體6正向右做勻減速運(yùn)動(dòng)

B.物體6正向右做加速運(yùn)動(dòng)

C.地面對(duì)B的摩擦力減小

D.右側(cè)繩與水平方向成30°角時(shí)，%：『電：2

解析將8的運(yùn)動(dòng)沿繩子方向和垂直于繩子方向分解，沿繩子方向上的分速度等于「'、、、

力的速度，如圖所示，根據(jù)平行四邊形定則有公os所以%=」2-,。減父1―7"

cosa，

小，所以8的速度減小，但不是勻減速運(yùn)動(dòng)，選項(xiàng)A、B錯(cuò)誤；分別對(duì)/、8受力分析，在豎直方向

上有儂=a+窕ina,。減小，則支持力增大，根據(jù)工=〃人可知，摩擦力增大，選項(xiàng)C

錯(cuò)誤；根據(jù)FgCosa=%,右側(cè)繩與水平方向成30°角時(shí)，4：0=3：2,選項(xiàng)D正確。

答案D

15.如圖15所示，可視為質(zhì)點(diǎn)的小球48用不可伸長(zhǎng)的細(xì)軟輕線連接，跨過(guò)固定在地面上、半徑為

的光滑圓柱，/的質(zhì)量為6的兩倍。當(dāng)8位于地面上時(shí)，力恰與圓柱軸心等高。將/由靜止釋放，

3上升的最大高度是（）

R

,A

圖15

Icn?5Rc4Rn2R

A.2RB.C.D.—

333

解析設(shè)B球質(zhì)量為m,A球剛落地時(shí)，兩球速度大小都為v,根據(jù)機(jī)械能守恒定律2mgR-mgR=i（2m

2

+mW得/=2gR,B球繼續(xù)上升的高度h=—=R,B球上升的最大高度為h+R=-R,故選項(xiàng)C正確。

32g33

答案C

16.如圖16所示，在火星與木星軌道之間有一小行星帶，假設(shè)該帶中的小行星只受到太陽(yáng)的引力，

并繞太陽(yáng)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)。下列判斷正確的是（）

圖16

A.小行星帶內(nèi)的小行星都具有相同的角速度

B.小行星帶內(nèi)側(cè)小行星的向心加速度小于外側(cè)小行星的向心加速度

C.各小行星繞太陽(yáng)運(yùn)動(dòng)的周期均大于一年

D.要從地球發(fā)射衛(wèi)星探測(cè)小行星帶，發(fā)射速度應(yīng)大于地球的第三宇宙速度

解析根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力，G曾=013%,解得3=入；黑，可知不在同一軌道上的小行星的角

r\lr

速度不同，故A錯(cuò)誤；同理有向心加速度a=^,可知小行星帶內(nèi)側(cè)小行星的向心加速度大于外側(cè)

r

小行星的向心加速度，故B錯(cuò)誤；周期T=2n\jH,小行星的軌道半徑比地球公轉(zhuǎn)的半徑大，所

VGM

以各小行星繞太陽(yáng)運(yùn)動(dòng)的周期均大于一年，故C正確；要從地球發(fā)射衛(wèi)星探測(cè)小行星帶，就要克服

地球的引力，所以發(fā)射速度應(yīng)大于地球的第二宇宙速度，故D錯(cuò)誤。

答案C

17.如圖17所示是氫原子的能級(jí)圖，一群氫原子處于〃=4能級(jí)，下列說(shuō)法中正確的是（）

nB/eV

co-----------------0

4--------------------0.85

3--------------------1.51

2--------------------3.4

1--------------------13.6

圖17

A.這群氫原子躍遷時(shí)能夠發(fā)出3種不同頻率的光子

B.這群氫原子發(fā)出的光子中，能量最大為10.2eV

C.從〃=4能級(jí)躍遷到n=3能級(jí)時(shí)發(fā)出的光波長(zhǎng)最大

D.這群氫原子能夠吸收任意光子的能量而向更高能級(jí)躍遷

解析根據(jù)《=6知，這群氫原子能夠發(fā)出6種不同頻率的光子，故A錯(cuò)誤；由〃=3能級(jí)躍遷到〃

=1能級(jí)輻射的光子能量最大，△￡=(13.6—0.85)eV=12.55eV,故B錯(cuò)誤；從〃=4能級(jí)躍遷到〃

=3能級(jí)輻射的光子能量最小，頻率最小，則波長(zhǎng)最大，故C正確；一群處于〃=4能級(jí)的氫原子向

更高能級(jí)躍遷，吸收的能量必須等于兩能級(jí)之差，為特定值，而不是任意值，故D錯(cuò)誤。

答案C

18.如圖18所示，質(zhì)量均為0的木塊/和占用一輕彈簧相連，豎直放在光滑的水平面上，木塊/上

放有質(zhì)量為2〃的木塊C,三者均處于靜止?fàn)顟B(tài)。現(xiàn)將木塊。迅速移開(kāi)，若重力加速度為g,則在木

塊。移開(kāi)的瞬間()

IC

IA

，/〃〃〃〃〃〃//〃〃,

圖18

A.木塊8對(duì)水平面的壓力大小迅速變?yōu)?1ng

B.彈簧的彈力大小為mg

C.木塊A的加速度大小為2g

D.彈簧的彈性勢(shì)能立即減小

解析移開(kāi)木塊C前，由平衡條件可知，彈簧彈力大小為3儂，地面對(duì)8的支持力大小為4儂，因移

開(kāi)木塊C瞬時(shí)，彈簧壓縮量不變，則彈簧彈力、彈性勢(shì)能均不變，選項(xiàng)B、D錯(cuò)誤；木塊C移開(kāi)瞬間,

木塊笈所受重力、彈簧的彈力不變，故地面對(duì)8的支持力也不變，由牛頓第三定律知，選項(xiàng)A錯(cuò)誤;

撤去木塊，瞬間，對(duì)木塊4由牛頓第二定律有3儂一儂=儂，解得a=2g,方向豎直向上，選項(xiàng)C

正確。

答案c

19.（多選）光滑絕緣水平面上固定兩個(gè)等量點(diǎn)電荷，它們連線的中垂線上有AB、C三點(diǎn),如圖19

甲所示。一質(zhì)量m=lg的帶正電小物塊由/點(diǎn)靜止釋放，并以此時(shí)為計(jì)時(shí)起點(diǎn)，沿光滑水平面經(jīng)過(guò)

B,C兩點(diǎn)，其運(yùn)動(dòng)過(guò)程的『一大圖象如圖乙所示，其中圖線在8點(diǎn)位置時(shí)斜率最大，根據(jù)圖線可以

確定（）

甲乙

圖19

A.中垂線上6點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度最大

B./、8兩點(diǎn)之間的位移大小

C.8點(diǎn)是連線中點(diǎn)，C與/點(diǎn)必在連線兩側(cè)

D.4>/

解析v-t圖象的斜率表示加速度，可知小物塊在B點(diǎn)的加速度最大，所受的電場(chǎng)力最大，所以B

點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度最大，A正確；小物塊由A運(yùn)動(dòng)到B的過(guò)程中，由圖乙可知A、B兩點(diǎn)的速度，已知小

物塊的質(zhì)量，則由動(dòng)能定理可知41兀=1^2—!mvj,由上式可求出小物塊由A運(yùn)動(dòng)到B的過(guò)程中電

22

場(chǎng)力所做的功qUAB，因?yàn)殡妶?chǎng)強(qiáng)度的關(guān)系未知，則不能求解A、B兩點(diǎn)之間的位移大小，B錯(cuò)誤；中

垂線上電場(chǎng)線分布不是均勻的，B點(diǎn)不在連線中點(diǎn)，C錯(cuò)誤；在小物塊由A運(yùn)動(dòng)到B的過(guò)程中，根據(jù)

動(dòng)能定理有qUAB=lmvB2—MVA2=（1x1X10-3x42—0）J=8X10-3J,同理，在小物塊由B運(yùn)動(dòng)到C

222

的過(guò)程中，有3x42）J=16.5X10-3J,對(duì)比可得

2222

UBC〉4,D正確。

答案AD

20.如圖20所示，虛線框內(nèi)有垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度為8,磁場(chǎng)區(qū)域上下寬度為/；

質(zhì)量為機(jī)、邊長(zhǎng)為/的正方形線圈成〃平面保持豎直，ab邊保持水平地從距離磁場(chǎng)上邊緣一定高處

由靜止下落，以速度。進(jìn)入磁場(chǎng)，經(jīng)一段時(shí)間又以相同的速度。穿出磁場(chǎng)，重力加速度為g。下列

判斷正確的是（）

圖20

R2]2

A.線圈的電阻氏=竺上

mg

B.進(jìn)入磁場(chǎng)前線圈下落的高度〃二Q

g

C.穿過(guò)磁場(chǎng)的過(guò)程中線圈電阻產(chǎn)生的熱量。=777g/

7/

D.線圈穿過(guò)磁場(chǎng)所用時(shí)間”4

v

20.解析線圈以相同速度。進(jìn)、出磁場(chǎng)，且磁場(chǎng)寬度等于線圈邊長(zhǎng)，因此線圈一定是勻速穿過(guò)磁

場(chǎng)區(qū)域，此過(guò)程中線圈始終有一條邊在磁場(chǎng)中受安培力，由平衡條件得877=加g,其中感應(yīng)電流

/=—,解得尺=婦2,選項(xiàng)A正確；進(jìn)入磁場(chǎng)前線圈做自由落體運(yùn)動(dòng)，因此人=工，選項(xiàng)B

Rmg2g

錯(cuò)誤；線圈穿過(guò)磁場(chǎng)的過(guò)程中，位移為2/,由能量守恒可知，線圈電阻產(chǎn)生的熱量等于線圈重力

7/

勢(shì)能的減少量，即。=2機(jī)g/,C項(xiàng)錯(cuò)；線圈勻速穿過(guò)磁場(chǎng)區(qū)域，因此線圈穿過(guò)磁場(chǎng)所用時(shí)間』=幺，

v

選項(xiàng)D正確。

答案AD

21.如圖甲所示，乙圖是正面平面圖，質(zhì)量m=lkg長(zhǎng)度為L(zhǎng)=lm的光滑導(dǎo)體桿用輕質(zhì)軟導(dǎo)線連接一電

阻R,導(dǎo)體桿水平放置在傾角為37°的絕緣光滑斜面上?？臻g存在有豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感

應(yīng)強(qiáng)度為B=1T,當(dāng)線路開(kāi)關(guān)S斷開(kāi)時(shí)，導(dǎo)體桿由斜面下滑道底端用時(shí)3s,當(dāng)開(kāi)關(guān)閉合時(shí)，導(dǎo)體桿

由相同位置下滑到底端用時(shí)3.5s,重力加速度gEOm/s'則開(kāi)關(guān)s閉合，導(dǎo)體桿下滑過(guò)程，通過(guò)

導(dǎo)體橫截面的電量為7C,則（）

圖21

A.開(kāi)關(guān)閉合下滑電路產(chǎn)生的熱量為64J

B.導(dǎo)體棒沿斜面下滑距離/=27加

C.下滑到底端的速度為14m/s

D.開(kāi)關(guān)閉合導(dǎo)體桿下滑過(guò)程為勻加速運(yùn)動(dòng)

21.解析當(dāng)開(kāi)關(guān)斷開(kāi)時(shí)，導(dǎo)體桿下滑，mgsin0=ma,解得加速度。=6加//,/解得

導(dǎo)體棒沿斜面下滑距離/=27加，B正確。開(kāi)關(guān)閉合時(shí)，根據(jù)動(dòng)量定理，mgsmO-t-Ft=mv,轉(zhuǎn)

化為加gsin。"一片乙〃二加v,即冽gsin。?，一〃乙夕二加v,代入數(shù)據(jù)得？=14加/s,c正確，再根

據(jù)功能關(guān)系加gsindl-1■加1=。，解得。=64J,A正確。開(kāi)關(guān)閉合導(dǎo)體桿下滑過(guò)程所受安培

力為變力，故運(yùn)動(dòng)性質(zhì)為變加速運(yùn)動(dòng)，D錯(cuò)誤。

答案ABC

第n卷

三、非選擇題：本卷包括必考題和選考題兩部分。第22~25題為必考題，每個(gè)試題考生都必須作答。

第33~34題為選考題，考生根據(jù)要求作答。

22.（6分）某實(shí)驗(yàn)小組為了探究碰撞中的不變量，在氣墊導(dǎo)軌中央放置一個(gè)滑塊Q,另一個(gè)滑塊P

壓縮導(dǎo)軌左端彈簧片后被鎖定，滑塊P上安裝有遮光板C,其右端粘上橡皮泥，導(dǎo)軌上適當(dāng)位置

安裝兩個(gè)光電門A、B記錄滑塊上遮光板C分別通過(guò)兩光電門的時(shí)間，如圖（a）所示。解除滑塊

P的鎖定，滑塊P被彈出與滑塊Q相碰后粘合在一起運(yùn)動(dòng)。

⑴為了正常實(shí)驗(yàn)和減小實(shí)驗(yàn)誤差,下列操作必要的是

A.實(shí)驗(yàn)前應(yīng)將氣墊導(dǎo)軌調(diào)節(jié)水平B.光電門A應(yīng)該靠近滑塊P

C.遮光板應(yīng)適當(dāng)加寬D.滑塊Q上應(yīng)安裝遮光板

(b)

⑵實(shí)驗(yàn)小組用游標(biāo)卡尺測(cè)得遮光板的寬度如圖（b）所示，其寬度為mm；實(shí)驗(yàn)除了要記錄

遮光板通過(guò)光電門的時(shí)間外，還應(yīng)測(cè)定o

22.答案⑴AC⑵20.70；兩滑塊（包括橡皮泥和遮光板）的質(zhì)量。

解析⑴為了避免軌道傾斜對(duì)滑塊運(yùn)動(dòng)的影響，實(shí)驗(yàn)前必須將氣墊導(dǎo)軌調(diào)節(jié)水平，A對(duì)；光電門A應(yīng)

設(shè)置在滑塊P勻速運(yùn)動(dòng)階段，因此不能靠近滑塊P,B錯(cuò)；適當(dāng)加寬遮光板可減小長(zhǎng)度和時(shí)間測(cè)量誤

差，C對(duì)；碰后滑塊Q與P一起運(yùn)動(dòng)，因此沒(méi)有必要在其上安裝遮光板，D錯(cuò)。

（2）游標(biāo)卡尺示數(shù)：20.00mm+14X0.05mm=20.70mm；碰撞中的守恒量是動(dòng)量加。，測(cè)定遮光板寬

度和遮光板通過(guò)光電門時(shí)間可計(jì)算此時(shí)速度，還需要測(cè)定兩滑塊（包括橡皮泥和遮光板）的質(zhì)量。

23.（9分）利用如圖16（a）所示電路，可以測(cè)定電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，所用的實(shí)驗(yàn)器材有：

待測(cè)電源，電阻箱通最大阻值999.9Q）,電阻用（阻值為3.0Q）,電阻片（阻值為3.0Q）,電流

表?（量程為200mA,內(nèi)阻為用=6.0Q）,開(kāi)關(guān)S。

實(shí)驗(yàn)步驟如下：

①將電阻箱阻值調(diào)到最大，閉合開(kāi)關(guān)S；

②多次調(diào)節(jié)電阻箱，記下電流表的示數(shù)/和電阻箱相應(yīng)的阻值任

③以工為縱坐標(biāo)，A為橫坐標(biāo)，作1—兄圖線（用直線擬合）;

II

④求出直線的斜率表和在縱軸上的截距6。

回答下列問(wèn)題：

(D分別用￡和r表示電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，貝「與a的關(guān)系式為_(kāi)_______________o

I一

⑵實(shí)驗(yàn)得到的部分?jǐn)?shù)據(jù)如下表所示，其中電阻A=3.0Q時(shí)，電流表的示數(shù)如圖(b)所示，讀出數(shù)

據(jù)，完成下表.答：①，②o

R/Q1.02.03.04.05.06.0

I/A0.1430.125①0.1000.0910.084

-/A-16.998.00②10.011.011.9

I

⑶在圖(c)的坐標(biāo)紙上將所缺數(shù)據(jù)點(diǎn)補(bǔ)充完整并作圖，根據(jù)圖線求得斜率A_QT,截距

_1

b=AO

(4)根據(jù)圖線求得電源電動(dòng)勢(shì)￡=V,內(nèi)阻r=Q。

1RR1耳_|_"

答案(1)-=―|-----------(2)0.1109.09(3)見(jiàn)解析圖1.0(0.96?1.04均可)6.0(5.9?

IEE

6.1均可)(4)3.0⑵7~3.3均可)1.0(0.6?1.4均可)

解析(1)根據(jù)閉合電路歐姆定律有￡=(型+力(火+吊+r)+M，

代入數(shù)據(jù)，化簡(jiǎn)得,=&士4?+1佟士&/+r)+知=竺+g±竺

IEREREE

⑵電流表每小格表示4mA,因此電流表讀數(shù)是0.110A,倒數(shù)是9.09A"。

(3)根據(jù)坐標(biāo)紙上給出的點(diǎn)，畫出一條直線，得出斜率4=1.0,截距6=6.0A,。

(4)斜率"=與±4,因此￡=3.0V,截距6=1[用+4±4(r+H)],因此「=絲一5=1.0Q。

ERER3

24.(14分)如圖所示,水平繃緊的傳送帶AB長(zhǎng)L=6m,始終以恒定速率％=4m/s運(yùn)行。初速度大小為

%=6m/.s的小物塊(可視為質(zhì)點(diǎn))從與傳送帶等高的光滑水平地面上經(jīng)A點(diǎn)滑上傳送帶。小物塊

m=lkg,物塊與傳送帶間動(dòng)摩擦因數(shù)〃=0.4,g取10m/s2o

求：（1）小物塊能否到達(dá)B點(diǎn)，計(jì)算分析說(shuō)明。

（2）小物塊在傳送帶上運(yùn)動(dòng)時(shí)，摩擦力產(chǎn)生的熱量為多少？

24、解析：（1）不能，（1分）

因?yàn)樾∥飰K在水平方向受到摩擦力的作用，f=umg,（1分）

產(chǎn)生的加速度：a="匿=口g=0.4X10=4m/s2（2分）小物塊速度減為零時(shí)的位移是x,貝1],

mm

-2ax=0-v；得:x=—=——=4.5m<6m,（2分）所以小物塊不能到達(dá)B點(diǎn)，

22a2x4

242

小物塊向右加速的過(guò)程中的位移：X,=，v=——=2m,（1分）

2a2x4

速度等于傳送帶速度巴時(shí)，經(jīng)歷的時(shí)間：t=一匕一殳=2.5s,（1分）

-a

傳送帶的位移：s=Vit=4X2.5m=10m,（1分）

小物塊相對(duì)于傳送帶的位移：Ax-s+（x-xz）=10+（4.5-2）=12.5m（2分）

小物塊在傳送帶上運(yùn)動(dòng)時(shí)，因相互間摩擦力產(chǎn)生的熱量為：Q=「△*=0.4*10乂1*12.5尸501（2分）

25.如圖所示，兩塊很大的平行導(dǎo)體板MN、PQ產(chǎn)生豎直向上的勻強(qiáng)電場(chǎng)，兩平行導(dǎo)體板與一半徑為

r的單匝線圈連接，在線圈內(nèi)有一方向垂直線圈平面向里，磁感應(yīng)強(qiáng)度變化率為也的勻強(qiáng)磁場(chǎng)及。

在兩導(dǎo)體板之間還存在有理想邊界的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，勻強(qiáng)磁場(chǎng)分為I、II兩個(gè)區(qū)域，其邊界為MN、ST、

PQ,磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為艮，方向如圖所示，I區(qū)域高度為4,II區(qū)域的高度為山。一個(gè)質(zhì)量為m、

電量為q的帶正電的小球從MN板上方的0點(diǎn)由靜止開(kāi)始下落，穿過(guò)MN板的小孔進(jìn)入復(fù)合場(chǎng)后，恰

能做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，II區(qū)域的高度也足夠大，帶電小球在運(yùn)動(dòng)中不會(huì)與PQ板相碰，重力加速度為g。

（1）求線圈內(nèi)勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度變化率；

⑵若帶電小球運(yùn)動(dòng)后恰能回到0點(diǎn)，求帶電小球釋放時(shí)距MN的高度h；

25.解析：（1）帶電小球進(jìn)入復(fù)合場(chǎng)后恰能做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，則電場(chǎng)力與重力平衡，得

qE=mg⑴

「U

qE=q：—―

aj+a2(2)

U7-7---------7ir2

N(3)

A5]mg(d[+(72)

Mq—(4)

(2)只有小球從進(jìn)入磁場(chǎng)的位置離開(kāi)磁場(chǎng)，做豎直上拋運(yùn)動(dòng)，才能恰好回到。點(diǎn)，由于兩個(gè)磁場(chǎng)區(qū)

的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小都相等，所以半徑都為R,由圖可知△0。。3是等邊三角形。

,12

mgn二—mv

(5)

v2

qvB2=m——

R(6)

R=—

31(7)

h2d^q-B1

解得：3g療(8)

33.【選修3-3】(15分)

⑴(5分)下列說(shuō)法正確的是

A.氣體很容易被壓縮是因?yàn)闅怏w分子間有空隙，固體和液體很難壓縮是因?yàn)楣腆w和液體分子間

沒(méi)有空隙

B.一切達(dá)到熱平衡的系統(tǒng)都具有相同的溫度

C.若兩個(gè)分子除相互作用的分子力外不受其它的力，則從相距無(wú)窮遠(yuǎn)由靜止釋放兩分子，分子

勢(shì)能先減小后增大

D.有規(guī)則幾何形狀的物體都是晶體

E.液體的表面張力是由于液體表面層分子間相互作用的分子引力產(chǎn)生的

33.(1)【答案】BCE【解析】任何狀態(tài)下物質(zhì)分子間都存在空隙，只是固體和液體分子間空隙很小,

壓縮時(shí)分子力立即呈斥力，使壓縮非常困難，選項(xiàng)A錯(cuò)；熱平衡就是系統(tǒng)內(nèi)熱量不會(huì)從一個(gè)物體

傳遞向另一個(gè)物體，或者不會(huì)從系統(tǒng)的一部分傳遞到另一部分，只有系統(tǒng)溫度相同才能滿足這一

要求，選項(xiàng)B正確；若兩個(gè)分子除相互作用的分子力外不受其它的力，則從相距無(wú)窮遠(yuǎn)由靜止釋

放兩分子，分子力先呈現(xiàn)為引力，在分子引力作用下兩分子相互靠近，分子力做功，分子勢(shì)能減

小，兩分子間距離達(dá)到平衡距離6時(shí)分子速度最大，繼續(xù)靠近克服分子力做功，分子勢(shì)能增大，

選項(xiàng)C正確；天然具有規(guī)則幾何形狀的物體才是晶體，D選項(xiàng)錯(cuò)誤；液體的表面張力是由于液體

表面層分子稀疏，分子間距離大于心而呈現(xiàn)出分子引力的宏觀體現(xiàn)，選項(xiàng)E正確。

⑵（10分）池塘水面溫度為27。C,一個(gè)體積為匕=2cn?的氣泡從深度為10m的池塘底部緩慢上

升至水面，其壓強(qiáng)隨體積的變化圖象如圖所示，氣泡由狀態(tài)1變化到狀態(tài)2。若氣體做功可由

W=p\V（其中p為氣體的壓強(qiáng)，△尸為氣體體積的變化量）來(lái)計(jì)算，取重力加速度g=10m/s2,

水的密度為0=1.OxIO,kg/n?,水面大氣壓強(qiáng)p0=1.0xl（）5pa,氣泡內(nèi)氣體看作是理想氣體，試

計(jì)算：

i.池底的溫度％；

ii.氣泡從池塘底部上升至水面的過(guò)程中內(nèi)能增加0.2J,則氣泡內(nèi)氣體所要吸收多少熱量？

【解析】i.氣泡在池底時(shí)壓強(qiáng)R=0。+0g〃=2.0x105Pa①

由理想氣體狀態(tài)方程得過(guò)1=園1②

（幾

解得7；=280K③

即池底溫度\