2022-2023學年北京市朝陽區(qū)高二(上)期末物理試卷(含答案解析)

2022-2023學年北京市朝陽區(qū)高二（上）期末物理試卷

1.描述靜電場空間分布強弱和方向的物理量是（）

A.庫侖力B.電場強度C.電勢D.電勢能

2.為解釋地球的磁性，19世紀安培假設：地球的磁場是由繞過地心的軸的環(huán)形電流/引起

的。在下圖中，正確表示安培假設中環(huán)形電流方向的是（）

3.關于靜電及其應用，下列說法正確的是（）

A.處于靜電平衡狀態(tài)的導體，其內(nèi)部的電場強度處處為0

B.處于靜電平衡狀態(tài)的導體，其表面沒有電荷

C.避雷針就是利用靜電屏蔽實現(xiàn)了避免建筑物遭到雷擊

D.超高壓帶電作業(yè)的工作服要用包含金屬絲的織物制成，這是利用了尖端放電保證安全

4.某實驗小組探究感應電流產(chǎn)生的條件，現(xiàn)將電池組、滑動變阻器、帶鐵芯的線圈4安

培表、開關、線圈氏電流計分別連接組成回路，如圖所示.線圈A靜置于線圈8中，在開

關保持閉合的狀態(tài)下，同學發(fā)現(xiàn)安培表的指針發(fā)生偏轉(zhuǎn)，電流計的指針沒有偏轉(zhuǎn)。關于線圈

B中未產(chǎn)生感應電流的原因，以下說法可能正確的是（）

A.線圈A、8之間是絕緣的B.線圈8中沒有磁場

C.穿過線圈B的磁通量未發(fā)生變化D.線圈A中沒有磁場

5.關于電磁波的發(fā)現(xiàn)及其應用，下列說法不正確的是（）

A.麥克斯韋建立了經(jīng)典電磁場理論

B.赫茲通過實驗證明了電磁波的存在

C.電磁波可以傳遞能量和信息，但不能在真空中傳播

D.按電磁波的波長或頻率大小的順序把它們排列起來，就是電磁波譜

6.某實驗小組用量程為。?34的電流表測量電流，通過試觸發(fā)現(xiàn)被測電流超過量程。但是

實驗室提供的電流表規(guī)格都是相同的，為了測量出該電流值，小組中的同學分別設計了改裝

電流表的四種電路方案，其中一定不可行的是（）

7.如圖所示，已知電路中電源電動勢為12V,內(nèi)阻為10,電阻k為10,夫2為6。，電動機額

定電壓為6V,線圈電阻RM為。苫以開關閉合后，電動機恰好正常工作，下列選項正確的是（）

A.電阻見兩端的電壓為6VB.通過電動機的電流為3A

C.通過電阻7?2的電流為MD.電動機輸出的機械功率為UW

8.某同學用游標卡尺測量一個圓柱形導體的長度，游標尺上有10等分刻度，測量示數(shù)如圖

甲所示；用螺旋測微器測量該導體的直徑，測量示數(shù)如圖乙所示。下列選項中正確表示讀數(shù)

結(jié)果的是（）

A.甲1.37cm乙3.775mniB.甲13.70cm乙3.527mm

C.甲1.370cm乙0.327nw?D.甲1.37czn乙3.275nw?

9.研究與平行板電容器電容有關因素的實驗裝置如圖所示。下列選項正確的是（）

A.電容器帶電前,只用帶正電玻璃棒接觸電容器。板，能使電容器帶電

B.電容器帶電后，只將電容器6板向上平移，靜電計指針的張角變小

C.電容器帶電后，只在極板間插入有機玻璃板，靜電計指針的張角變大

D.電容器帶電后，只將電容器方板向左平移，靜電計指針的張角變小

10.如圖所示，一根足夠長的細棒均勻帶負電，單位長度所帶的電荷量大小為q.當細棒沿其

所在直線向右做速度大小為v的運動時，會形成等效電流.下列選項正確的是（）

V

A.等效電流的方向向右

B.等效電流的大小為qv

C.若從細棒左側(cè)向右側(cè)看，空間中的磁場方向為順時針

D.若保持細棒靜止，細棒周圍的電場為勻強電場

11.中國大型太陽能無人機”啟明星-50”翼展50米量級，9月初順利完成首飛引發(fā)高度關

注，假定該無人機電池容量為2.0x104^4/,電機額定工作電壓為20V,無人機正常工作

時電機總額定功率為400W,下列說法正確的是（）

A.“皿1?八”是能量的單位

B.無人機的電機電阻是10

C.無人機正常工作時的電流是20A

D.無人機充滿電后可持續(xù)飛行時間約為2小時

12.半徑為R的均勻帶正電球殼在球殼內(nèi)部任意一點產(chǎn)生的電場強度為零，球殼外某點的電

場強度大小E隨該點到球心距離，變化關系如圖所示。A、B、C三點與球心的距離分別為R、

2R、3R,選取無窮遠處為電勢零點。下列選項正確的是（）

A.球殼內(nèi)部電勢處處為零

B.球殼外部距離球心為2R的球面上各點的電場強度相同

C.負點電荷在B點的電勢能大于在。點的電勢能

D.A、8兩點的電勢差大于3、C兩點的電勢差

13.老師給小明一個密封盒，其表面可見一個燈泡和一個可調(diào)電阻器R（可讀取電阻值）的旋

鈕。為了探究密封盒里燈泡和可調(diào)電阻器是如何連接的，小明連接了一個如圖1所示的電路

并進行如下實驗。

實驗1：將可調(diào)電阻器R在一定范圍內(nèi)減小，并將變化前后的結(jié)果記錄下來，如表所示。

實驗2：將電動勢為1.5P的兩節(jié)干電池（內(nèi)阻不可忽略）串聯(lián)來代替低壓電源，重復實驗。

數(shù)據(jù)：內(nèi)阻可忽略的低壓電源電壓U=37

R的初始值a=150,電流表的初始讀數(shù)。=0.54

R的最終值%=5。，電流表的最終讀數(shù)&=0.9A

觀察結(jié)果：燈泡的亮度保持不變

下列選項正確的是（）

A.可調(diào)電阻器和燈泡是串聯(lián)關系

B.兩次實驗中在調(diào)節(jié)可調(diào)電阻器R時，都不存在安全隱患

C.實驗1中燈泡工作時的阻值可以計算：實驗2中當R減小時，燈泡會變亮

D.實驗2中如果用10。的定值電阻代替燈泡，該裝置可以測出干電池的內(nèi)阻

14.如圖所示裝置，某種金屬板M受到一束紫外線照射時會不停地發(fā)射電子，設單位時間

從M板射出的電子個數(shù)不變，射出電子的速度具有不同的方向，大小也不相同。在M旁平行

放置一個金屬網(wǎng)N。如果用導線將M、N連起來，從加射出的電子落到N上便會沿導線返回

M,從而形成電流，虛線框內(nèi)部分可看作電源?，F(xiàn)在不把M、N直接相連，而按圖中在M、N

之間加電壓U,調(diào)節(jié)電壓U的大小觀察電流表中的電流，發(fā)現(xiàn)加上某一電壓時，電流表的

讀數(shù)恰好為零。已知電子的電荷量為e,質(zhì)量為他，不計電子間相互作用及電子重力。下列

選項正確的是（）

A.所有電子從金屬板M到金屬網(wǎng)N均做直線運動

B.該裝置虛線框內(nèi)部分作為電源時其電動勢等于為

C.射出的電子剛脫離金屬板M時的速度均大于

D.將外加電壓U的正負極反向，持續(xù)增大。時，電流表的讀數(shù)隨之增大

15.利用如圖1所示裝置進行實驗，閉合開關后發(fā)現(xiàn)小燈泡不發(fā)光，經(jīng)檢查接線均良好，現(xiàn)

使用多用電表進一步檢測電路故障：

（1）使用多用電表的歐姆擋“xl擋”檢測小燈泡是否發(fā)生故障.操作時，將電路斷開，多用

電表兩表筆與小燈泡兩端接觸.若指針如圖2中。所示，可判斷小燈泡發(fā)生故障（填寫

“短路”或“斷路”）；若指針如圖2中b所示，可判斷小燈泡是完好的，電阻讀數(shù)為

（2）使用多用電表的“2.5U直流電壓擋”檢測電路故障.保持開關閉合，下列檢測結(jié)果說明開

關可能出現(xiàn)斷路故障的是o

4將多用電表紅、黑表筆分別接觸A、B,電壓表讀數(shù)接近1.5U

A將多用電表紅、黑表筆分別接觸C、D,電壓表讀數(shù)接近1.5U

C.將多用電表紅、黑表筆分別接觸E、F,電壓表讀數(shù)接近1.5U

16.某實驗小組用電阻箱和電壓表（內(nèi)阻可視為無窮大）測定一個水果電池的電動勢和內(nèi)阻,

電路如圖1所示。

UN

,R/.

~~

—I------------

￡lrrS

國1

(1)閉合開關s后，調(diào)節(jié)電阻箱得到各組實驗數(shù)據(jù)如表，請補齊表中空格的數(shù)據(jù)(保留

兩位有效數(shù)字)。

實驗次數(shù)123456

電阻箱的電阻火/(1。3。)0.10.20.40.81.64.0

電壓表的示數(shù)U"0.090.160.270.400.600.67

通過電阻箱的電流3少0.900.800.680.380.17

(2)根據(jù)如表中電壓和電流的數(shù)據(jù)，請在圖2中描出第4次數(shù)據(jù)點，并作t：Hu—/圖］象。

(3)根據(jù)U-/圖像，可得到水果電池的電動勢E=V,內(nèi)阻r=。。

(4)若僅將實驗中的電壓表換成“量程。?3k內(nèi)阻約為3k?！钡碾妷罕恚堅u價換表后上述

實驗方案是否可行。

17.電流、電壓、電阻是電路中三個基本的物理量。請完成如下幾個實際問題：

(1)手電筒中的干電池給小燈泡供電時，在某次接通開關的10s內(nèi)通過電路某一橫截面的電荷

量為3C,求通過小燈泡的電流/；

(2)如圖所示的某電路，A、B間的電壓為UM=9V,8=60,R2=30,R3=42求電阻R2兩

端的電壓/；

(3)小鳥站在一條通過500A電流的銅質(zhì)裸導線上。假設這只小鳥的安全電壓為30匕請你通

過計算判斷小鳥能否安然無恙.己知小鳥兩爪之間的距離約為6”小銅導線的橫截面積為

170mm2,電阻率為1.7x10-812-m。

18.如圖所示，相距為1的兩平行金屬板間存在勻強電場。一個電子從左極板。點處以速度

為沿垂直于極板的方向射出，最遠到達A點，然后返回。已知。、A兩點相距為/i(h<d),

電子質(zhì)量為機，電荷量為e,不計電子重力。

(1)求。、A兩點間的電勢差大小U04；

(2)求兩平行金屬極間電勢差大小U；

(3)設右極板電勢為零，求A點電勢必。

O

0~*

19.如圖所示，空間存在沿水平向右的勻強電場。一半徑為R的豎直光滑圓弧軌道ABC和

水平軌道PA在A點相切。為圓弧軌道的直徑，。為圓心，和之間的夾角為a。一

質(zhì)量為辦帶電量為+q的小球沿水平軌道向右運動，經(jīng)A點沿圓弧軌道通過C點并脫離軌道，

落至水平軌道上。已知小球在C點所受合力的方向指向圓心，且此時小球?qū)壍赖膲毫η『?/p>

為零，sina=0.6,cosa=0.8,重力加速度大小為g,不計空氣阻力。

(1)求勻強電場強度的大小E；

(2)求小球到達A點時動能的大小以人；

(3)請分析說明小球離開C點后的運動特點。

20.有些物理問題可以從宏觀和微觀兩個角度來認識。

如圖所示，導體棒與電源、開關、導線及平行導軌構(gòu)成的回路，放在磁感應強度為2的

勻強磁場中，磁場方向垂直于回路所在平面。已知導體棒的長度為L橫截面積為S,導體棒

中單位體積內(nèi)自由電子數(shù)為“，電子電荷量為e,質(zhì)量為根。

(1)閉合開關，保持導體棒靜止，導體棒中電子定向移動的速率為V。

a.求導體棒中的電流/;

b.導體棒受到磁場的安培力作用，一般認為安培力是磁場對運動電荷作用力的矢量和的宏觀

表現(xiàn).請你根據(jù)安培力的表達式F=B/3推導磁場對定向移動的電子作用力/的表達式。

(2)僅將回路中的電源換成一個電流計，請你設計方案使電流計的指針發(fā)生偏轉(zhuǎn)，并說明其原

理。

答案和解析

1.【答案】B

【解析】解：A、庫侖力描述電荷在電場中受到的力的作用，不是用來描述電場的強弱和方向，故

A錯誤；

8、電場強度是用來描述電場強弱和方向的物理量，故8正確；

CD,電勢和電勢能是描述電場能的性質(zhì)的物理量，故。錯誤。

故選：Bo

電場強度是描述電場強弱和方向的物理量，E的定義式E=是采用比值法定義的。

本題考查對電場強度的理解，對于概念的理解要深入充分，不能停留在表面，很多概念的定義式

和決定式是不同的，如電場強度、磁感應強度、速度、加速度等。

2.【答案】B

【解析】解：地磁的南極在地理北極的附近，故在用安培定則判定環(huán)形電流的方向時右手的拇指

必需指向南方；

而根據(jù)安培定則：拇指與四指垂直，而四指彎曲的方向就是電流流動的方向，故四指的方向應該

向西。故8正確，AC。錯誤。

故選：Bo

要知道環(huán)形電流的方向首先要知道地磁場的分布情況：地磁的南極在地理北極的附近，故右手的

拇指必需指向南方，然后根據(jù)安培定則四指彎曲的方向是電流流動的方向從而判定環(huán)形電流的方

向。

主要考查安培定則和地磁場分布，掌握安培定則和地磁場的分布情況是解決此題的關鍵所在，另

外要掌握此類題目一定要注意安培定則的準確應用。

3.【答案】A

【解析】解：A、處于靜電平衡狀態(tài)的導體，其內(nèi)部的電場強度處處為零，感應電荷產(chǎn)生的電場強

度與外界電場等大反向，合場強處處為零，故A正確；

8、金屬導體在點電荷附近，出現(xiàn)靜電感應現(xiàn)象，導致電荷重新分布，凈電荷分布在外表面上，故

2錯誤；

C、避雷針利用尖端放電原理來避雷：帶電云層靠近建筑物時，避雷針發(fā)生靜電感應，帶異種電

荷；避雷針上產(chǎn)生的感應電荷會通過針尖放電，逐漸中和云中的電荷，使建筑物免遭雷擊，故C

錯誤；

。、超高壓帶電作業(yè)的工作服是用包含金屬絲的織物制成的，利用的是靜電屏蔽的原理，故。錯

誤。

故選：Ao

處于靜電平衡狀態(tài)的導體，其內(nèi)部的電場強度處處為零；處于靜電平衡狀態(tài)的導體，凈電荷分布

在外表面上；高大建筑物頂端設置避雷針，是利用尖端放電的原理避免建筑物遭受雷擊；超高壓

帶電作業(yè)的工作服是用包含金屬絲的織物制成的，利用的是靜電屏蔽的原理。

本題主要考查了靜電平衡的相關知識點，特別要注意處于靜電平衡的導體是合場強為零，而不是

感應電荷產(chǎn)生的場強為零。

4.【答案】C

【解析】解：在開關保持閉合的狀態(tài)下，線圈A8中都有磁場，由于穿過線圈B的磁通量未發(fā)生

變化，所以線圈8中未產(chǎn)生感應電流，與線圈A8是否絕緣無關，故C正確，A8O錯誤；

故選：Co

依據(jù)感應電流產(chǎn)生的條件，及法拉第電磁感應定律，即可分析判斷。

考查感應電流產(chǎn)生條件，掌握產(chǎn)生感應電流的條件即可.

5.【答案】C

【解析】解:

A麥克斯韋最終建立了經(jīng)典電磁場理論，符合史實，故A正確；

8赫茲通過實驗證明了電磁波的存在，符合史實，故8正確；

C.電磁波可以傳遞能量和信息，能在真空中傳播，故C錯誤；

D按電磁波的波長或頻率大小的順序把它們排列起來，就是電磁波譜，電磁波波長由大到小的排

列順序依次為無線電波、紅外線、可見光、紫外線、X射線、y射線，故。正確；

本題選說法不正確的，故選：Co

電磁波的傳播不需要介質(zhì)，麥克斯韋預言了電磁波的存在，赫茲證實了電磁波的存在，電磁波譜

按波長（頻率）排列。

本題考查學生對電磁波產(chǎn)生、物理學史、電磁波譜的掌握，比較基礎。

6.【答案】A

【解析】解：A、串聯(lián)電路分壓但電流相同，則當用該電路繼續(xù)測量超過量程的電流時，電流表流

過的電流依然超過量程，故A錯誤；

BCD,并聯(lián)電路分流但電壓相同，則當用并聯(lián)電路測量超過量程的電流時，只要另外一并聯(lián)支路

分流適當，就能夠使得流過電流表的電流在量程范圍之內(nèi)，故BCD正確。

故選：Ao

表頭改裝成的大量程的電流表是并聯(lián)一個分流電阻，據(jù)此分析即可。

本題考查電表改裝的內(nèi)容，理解電表改裝原理是解題的前提與關鍵，分析清楚電路結(jié)構(gòu)、應用串

并聯(lián)電路特點與歐姆定律即可解題。

7.【答案】C

【解析】解：A、開關閉合后，電動機恰好正常工作，則并聯(lián)部分的電壓為6匕根據(jù)閉合電路歐

姆定律得，電阻匕和內(nèi)阻廠分擔的電壓為121/-6U=6U

兩電阻阻值相等，則電阻當兩端的電壓為/=3匕故A錯誤；

=

C、流過電阻/?2的電流為：I2=A=1A

故C正確；

B、干路電流/—=A—3A

通過電動機的電流為兒=I—I2=3A-1A—2A

故3錯誤；

。、電動機的熱功率為：P熱=3RM=22X0.5勿=2W

電動機的電功率為：PM=IMUM=2X6W=12W,

電動機輸出的機械功率為：「出=P”—P妁=12W-2W=10W

故。錯誤。

故選：Co

開關閉合后，電動機恰好正常工作，根據(jù)閉合電路歐姆定律得到內(nèi)阻廠和電阻％兩端的電壓之和，

根據(jù)串聯(lián)電路規(guī)律求出電阻&兩端的電壓；根據(jù)歐姆定律求解通過電阻7?2的電流，根據(jù)串并聯(lián)規(guī)

律求解通過電動機的電流；根據(jù)PM=/“UM求出電動機消耗的電功率，由焦耳定律求得電動機的

內(nèi)部熱功率，進而求解輸出功率。

電動機正常工作時的電路非純電阻電路，機械功率由電功率減去電動機發(fā)熱功率求解，能靈活應

用串并聯(lián)電路的規(guī)律及歐姆定律求解。

8.【答案】D

【解析】解：游標卡尺的精確度為O.lnm讀數(shù)為+7x0.1mm=13,7mm=1.37cm

螺旋測微器的精確度為O.Olnwi,讀數(shù)為3mm+27.5x0.01mm=3.275mm

故。正確，48c錯誤；

故選：￡）?

①游標卡尺的讀數(shù)=主尺讀數(shù)+游標尺讀數(shù)=整毫米數(shù)+對齊格數(shù)X精確度；

②螺旋測微器的讀數(shù)=固定刻度讀數(shù)+可動刻度讀數(shù)=整毫米（或半毫米）數(shù)+對齊格數(shù)（估讀一位）x

精確度。

本題考查了基本儀器的讀數(shù)，需要熟練掌握，是高考的考點之一。

9【答案】A

【解析】解：4電容器6板接地，根據(jù)靜電感應原理可知，用帶正電玻璃棒接觸電容器。板，能

使電容器帶電，故A正確；

8、電容器帶電后，只將電容器6板向上平移，電容器兩極板正對面積減小，根據(jù)電容的決定式C=

可知電容減小，根據(jù)電容的決定式C=,以及。不變，可知電容器板間電勢差增大，靜電計指針

的張角變大，故8錯誤；

C、電容器帶電后，只在極板間插入有機玻璃板，根據(jù)電容的決定式C=可知電容增大，根據(jù)電

容的決定式C=，。不變，則電容器板間電勢差減小，張角變小，故C錯誤；

。、電容器帶電后，只將電容器6板向左平移，根據(jù)電容的決定式C=可知電容C減小，根據(jù)電

容的決定式C=,。不變，知電容器板間電勢差增大，張角變大，故。錯誤。

故選：Ao

電容器帶電前，利用靜電感應原理能使電容器帶電。靜電計測定電容器兩極板間電勢差，根據(jù)電

容的決定式。=分析電容的變化，根據(jù)電容的決定式C=分析電容器板間電勢差的變化，從而判

斷靜電計指針的張角如何變化。

解決本題的關鍵要掌握電容器動態(tài)分析的方法，知道電容器充電后與電源斷開，所帶電量保持不

變。根據(jù)電容的決定式C=的電容的決定式C=相結(jié)合分析。

10.【答案】B

【解析】解：AB,棒沿軸線方向以速度v做勻速直線運動時，每秒通過的距離為v米，每秒v米

長的橡膠棒上電荷都通過直棒的橫截面，每秒內(nèi)通過橫截面的電量Q=q-v,根據(jù)電流的定義式

I=,t=1s,得到等效電流為/=q。，方向向左，故A錯誤，8正確；

C、根據(jù)右手螺旋定則可知，若從細棒左側(cè)向右側(cè)看，空間中的磁場方向為逆時針，故C錯誤；

。、若保持細棒靜止，細棒周圍的電場為非勻強電場，故。錯誤。

故選：Bo

棒沿軸線方向以速度v做勻速直線運動時，每秒通過的距離為v米，則每秒v米長的橡膠棒上電

荷都通過直棒的橫截面，由電流的定義式/=求解等效電流；細棒周圍的電場為非勻強電場。

本題關鍵是建立物理模型，利用電流的定義式進行求解電流。

11.【答案】C

【解析】解：4由電流定義式有：q=It,可知“機4?%”是電荷量的單位。故A錯誤；

C根據(jù)P=U/,可知電流為，故C正確；

8根據(jù)歐姆定律有，由于不是純電阻電路，所以無人機的電機電阻一定小于10。故8錯誤；

。.無人機充滿電后可持續(xù)飛行時間為，故。錯誤。

故選C。

根據(jù)電流定義式、歐姆定律、功率公式分析計算。

本題考查電功率，要求掌握電流定義式、歐姆定律、功率公式。

12.【答案】D

【解析】解：A、球殼內(nèi)部電場為0,電勢不為0,故A錯誤；

8、球殼帶正電，外部距離球心為2R的球面上各點的電場強度大小相等，方向不太，故B錯誤；

C、沿著電場線方向電勢逐漸降低，負電荷在電勢高的位置電勢能小，所以負點電荷在8點的電

勢能大于在C點的電勢能，故C錯誤；

。、E-r圖線與坐標軸包圍的圖形面積所表示電勢差，所圍面積越大則電勢差越大，由圖像可知

A、B兩點的電勢差大于8、C兩點的電勢差，故D正確。

故選：Do

球殼內(nèi)部電場為0,電勢不為0;電場是矢量；由［/=5&判斷E-r圖線與坐標軸所圍面積的代表

電勢差，所圍面積越大則代表的電勢差越大。

本題關鍵掌握沿電場線方向電勢逐漸降低，負電荷在電勢高的位置電勢能小，注意電場是矢量。

13.【答案】D

【解析】解：4燈泡的亮度不變，即燈泡兩端的電壓不變，可知燈泡和可調(diào)電阻器并聯(lián)，故A錯

誤；

8根據(jù)并聯(lián)電路的電阻特點可知總電阻小于任何一個并聯(lián)電阻，因此當電阻器R的電阻過小，總

電阻較小，電路中的電流過大，可能燒壞電流表和電源，存在安全隱患，故2錯誤；

C實驗1中，電源內(nèi)阻可以忽略，當電阻的=15。時，通過電阻R的電流為，則通過燈泡的電流

〃=/1一及=。，54-0.24=0.34燈泡的電阻；實驗2中，將兩個1.5U的電池串聯(lián)來代替低壓

電源，進行同樣的實驗，發(fā)現(xiàn)當R減小時，總電阻減小，根據(jù)閉合電路歐姆定律可知，干路電流

增大，內(nèi)電壓增大，路端電壓減小，根據(jù)功率公式可知，燈泡亮度變暗，故C錯誤。

D設定值電阻為瑞，則并聯(lián)電阻，根據(jù)閉合電路的歐姆定律E=/(R#+r);改變電阻R,電流/

做相應變化，聯(lián)立方程組就可以求出電源的電動勢和內(nèi)阻，故。正確。

故選：Do

A根據(jù)R電阻變化后，通過燈泡的電流不變，從而確定R與燈泡的串、并聯(lián)方式；

R根據(jù)并聯(lián)電路的電阻特點可知總電阻小于任何一個并聯(lián)電阻，據(jù)此分析總電阻和總電流，再判

斷是否存在安全隱患；

C實驗1中，根據(jù)歐姆定律求解通過電阻R的電流，根據(jù)并聯(lián)電路的電流特點求解通過燈泡的電

流，再根據(jù)歐姆定律求燈泡電阻；實驗2中，用干電池代替低壓電源后，當電阻R減小時，根據(jù)

閉合電路的歐姆定律，判斷干路電流的變化，路端電壓的變化，根據(jù)功率公式判斷燈泡亮度的變

化；

D根據(jù)閉合電路的歐姆定律E=/(R芬+r)；改變電阻R,電流/做相應變化，聯(lián)立方程組就可以

求出電源的電動勢和內(nèi)阻。

此題考查了閉合電路歐姆定律和串并聯(lián)電路特點的基本運用，解題的關鍵是明確第(1)問中電源內(nèi)

阻忽略不計，第(2)問中，電池有內(nèi)阻。

14.【答案】B

【解析】解：A、由于電子受靜電力方向水平向左，電子速度的方向不定，電子不一定做直線運動，

故A錯誤；

BC、當^=%時電流表中就沒有電流，所以裝置虛線框內(nèi)部分作為電源時其電動勢等于此時

電子到達N板的速度恰好為0,對電子由動能定理有-e")=0-

可得被這束紫外線照射出的電子的最大速度為％1ax=

故B正確，C錯誤；

。、當電流達到飽和電流，持續(xù)增大U時，電流表的讀數(shù)不變，故。錯誤。

故選：Bo

電子的速度與靜電力方向不一定在同一直線上，速度方向垂直于M板的電子最容易到達N板，根

據(jù)動能定理求射出的電子最大速度灰；當電流達到飽和電流，持續(xù)增大。時，電流表的讀數(shù)不變。

解答本題時，要理清電子的運動情況，注意光電效應現(xiàn)象的分析，利用動能定理進行處理。

15.【答案】短路6B

【解析】解：(1)用多用電表測量燈泡電阻阻值為零，說明小燈泡短路；6X10=60；

(2)4將多用電表紅、黑表筆分別接觸A、B,電壓表讀數(shù)接近1.5U,說明外電路存在斷路，但不

能確定開關斷路，故A錯誤；

我將多用電表紅、黑表筆分別接觸C、D,電壓表讀數(shù)接近1.5V,說明開關斷路，故8正確；

C.將多用電表紅、黑表筆分別接觸E、F,電壓表讀數(shù)接近1.5V,說明燈泡斷路，故C錯誤。

故選：B。

故答案為：(1)0,6；(2)B。

根據(jù)多用電表測量電阻或電壓判斷電路故障問題。

本題考查電路故障問題，要求掌握使用多用電表測量電阻或電壓判斷電路故障問題。

16.【答案】0.500.85850

【解析】解：(1)根據(jù)歐姆定律有：/==4=0.50X10-3&；應填0.50.

(2)作圖應使更多的點在圖像上，不在圖像的點分布圖像兩側(cè)，誤差太大的點舍去，如圖所示

&UN

(3)根據(jù)閉合電路歐姆定律有：U=E-Ir

根據(jù)圖像截距可知E=0.85V,根據(jù)圖像斜率有：r==0=8500；

(4)不可行。理由：①電壓表的指針偏轉(zhuǎn)角度過小，讀數(shù)與真實值差距過大，導致測量結(jié)果偏差過

大②電壓表的內(nèi)阻分流影響過大，導致測量結(jié)果偏差過大

故答案為：(1)0.50；(2)見解析；(3)0.85,850；(4)見解析

(1)根據(jù)歐姆定律可以求出電流。

(2)根據(jù)表中實驗數(shù)據(jù)應用描點法作出圖象。

(3)根據(jù)閉合電路的歐姆定律求出圖象的函數(shù)表達式，根據(jù)圖示圖象求出電源電動勢與內(nèi)阻。

(4)根據(jù)電壓表的量程分析解答。

本題考查了測電源電動勢與內(nèi)阻實驗，理解實驗原理是解題的前提，要掌握描點法作圖的方法。

17.【答案】解:(1)通過小燈泡的電流/==A=0.3A

(2)Ri和&并聯(lián)的電阻阻值為R分==。=2。

干路電流/==4=1.5/1

電阻兩端的電壓/=IR并=1.5x27=37

(3)由電阻定律可得，鳥兩爪間的電阻R=p=1.7x10-8x0=6x10-6。

兩爪間的電壓U=/R=500x6x=3x10-37

兩爪間的電壓遠小于3