2023年湖北省部分學(xué)校高考物理模擬試卷

2023年湖北省部分學(xué)校高考物理模擬試卷（5月份）

一、選擇題

1.無接觸自助安檢即旅客進入安檢區(qū)域后，進入人體安檢設(shè)備，設(shè)備主動發(fā)射波長為毫米

級的電磁波并對物品進行標(biāo)識，如無危險可疑物品，設(shè)備不報警，旅客可快速通過。關(guān)

于毫米波，下列說法正確的是（）

A.毫米波的傳播需要介質(zhì)

B.毫米波的頻率比紫外線的頻率高

C.毫米波和超聲波一樣都是橫波

D.毫米波比可見光更容易發(fā)生明顯衍射

2.電影《流浪地球2》中太陽核心聚變加速，導(dǎo)致內(nèi)核溫度高達(dá)一億度，足以點燃太陽，

產(chǎn)生氮閃。如圖所示，現(xiàn)實中太陽內(nèi)層的氫發(fā)生聚變，每4個；11會聚變成1個

即質(zhì)子一質(zhì)子鏈反應(yīng)。下列說法不正確的是（）

A.兩個；H合成的過程中產(chǎn)生一個正電子

B.,比少一個中子

C.；11和；H聚合成反應(yīng)前后質(zhì)量數(shù)守恒

D.：住的比結(jié)合能小于汨的比結(jié)合能

3.2022年10月9日，中國成功發(fā)射“夸父一號”先進天基太陽天文臺衛(wèi)星，衛(wèi)星進入預(yù)

定的太陽同步晨昏軌道，可全年不間斷對日觀測。已知衛(wèi)星在距地面720km的近似圓形

軌道上繞地運行，周期為99min。下列說法正確的是（）

A.“夸父一號”

B.“夸父一號”

C.“夸父一號”的角速度大于地球自轉(zhuǎn)的角速度

D.“夸父一號”受到的向心力大于地球同步衛(wèi)星受到的向心力

4.如圖所示，一列簡諧橫波向右傳播，a、b兩質(zhì)點的平衡位置相距為1,在某時刻a、b均

振動到平衡位置，且a、b之間僅有一個波谷。這列波的波長不可能是（）

A.21B.C.1D.2.1

23

5.如圖所示，固定于豎直平面內(nèi)的光滑大圓環(huán)上套有一個質(zhì)量為m的小圓環(huán)，小圓環(huán)從大

圓環(huán)頂端P點由靜止開始自由下滑，當(dāng)小圓環(huán)的向心加速度大小等于重力加速度g時，

大圓環(huán)對小圓環(huán)的彈力大小為（）

A.0C.mgD.2mg

6.如圖所示，4ABC是一直角三棱鏡的橫截面，/C=30。，NA=60°,為測定其折射

率，某同學(xué)用激光筆發(fā)射一束激光垂直于AB邊從其中點D入射，在AC邊上恰好發(fā)生

全反射。不考慮光在三棱鏡中的多次反射，下列說法正確的是（）

A.該三棱鏡的折射率為31

3

B.光在BC邊上也發(fā)生全反射

C.減小入射光頻率，光在AC邊上仍能發(fā)生全反射

D.增大入射光頻率，光在三棱鏡中傳播時間變短

7.如圖所示，空間存在著勻強磁場和勻強電場，磁場的方向垂直紙面（xOy平面）向外，

電場的方向沿y軸正方向。一質(zhì)量為m、電荷量為q的帶電粒子在電場和磁場的作用下,

從坐標(biāo)原點O由靜止開始運動（其軌跡如圖所示）。已知磁感應(yīng)強度的大小為B,電場強

度大小為E,不計粒子的重力，下列說法正確的是（）

A.粒子帶負(fù)電

B.粒子運動軌跡是拋物線

C.粒子距離x軸的最大距離為工迎

qB2

D.粒子運動過程中的最大速度為返旦

B

（多選）8.波浪滑翔器是一種新型海洋無人自主航行器，它包括水面船體和水下牽引機（由

主框架和翼板組成），二者通過柔性吊纜連接（如示意圖所示）。波浪滑翔器在海洋表面

與起伏波浪相互作用而實現(xiàn)前向運動，整個過程中柔性吊纜時而張緊、時而松弛。關(guān)于

波浪滑翔器的運動，下列說法正確的是（）

A.如圖（a）所示，水面船體隨著波浪升高時，柔性吊纜松弛，海水對牽引機翼板上側(cè)

的壓力推動其前進

B.如圖（a）所示，水面船體隨著波浪升高時，柔性吊纜張緊，海水對牽引機翼板上側(cè)

的壓力推動其前進

C.如圖（b）所示，水面船體隨波浪下降時，柔性吊纜松弛，水下牽引機在自身重力作

用下下潛，海水對牽引機翼板下側(cè)的壓力推動其前進

D.如圖（b）所示，水面船體隨波浪下降時，柔性吊纜張緊，水下牽引機在自身重力作

用下下潛，海水對牽引機翼板下側(cè)的壓力推動其前進

（多選）9.如圖所示，MN、PQ是放置于水平面內(nèi)的平行光滑金屬導(dǎo)軌，M、P間接有定

值電阻R。垂直導(dǎo)軌平面分布著方向向下的勻強磁場，金屬棒ab垂直導(dǎo)軌靜止放置且始

終與導(dǎo)軌接觸良好。某時刻導(dǎo)體棒獲得瞬時速度向右運動，直至靜止。不計導(dǎo)軌電阻，

則流過導(dǎo)體棒的電流I和導(dǎo)體棒所受安培力F安分別隨時間t的變化圖像、流過導(dǎo)體棒的

電荷量q和感應(yīng)電動勢E分別隨位移x變化圖像正確的是（）

（多選）10.如圖（a）所示，某同學(xué)用智能拍攝物塊從臺階旁的斜坡上自由滑下的過程,

物塊運動過程中的五個位置A、B、C、D、E及對應(yīng)的時刻如圖（b）所示。已知斜坡是

由長為d=0.6m的地磚拼接而成，且A、C、E三個位置物塊的下邊緣剛好與磚縫平齊。

下列說法正確的是（）

2

（多選）11.為全面推進鄉(xiāng)村振興，某地興建的小型水電站如圖所示。該水電站交流發(fā)電機

的輸出功率為P=1000kW,發(fā)電機的輸出電壓Ui=250V,經(jīng)變壓器升壓后向遠(yuǎn)處輸電,

輸電線總電阻為R線=16。，在用戶處的降壓變壓器輸出電壓U4=220V。在輸電過程中，

要求輸電線上損耗的功率為發(fā)電機輸出功率的4%。假設(shè)升壓變壓器、降壓變壓器均為理

想變壓器，下列說法正確的是（）

A.發(fā)電機輸出的電流h=400A

B.輸電線上的電流I線=250A

C.降壓變壓器的匝數(shù)比n3：n4=960：11

D.用戶得到的電流14=4363A

二、非選擇題

12.某實驗小組利用圖（a）所示裝置探究彈簧的彈力與形變量的關(guān)系。實驗中使用J2110

螺旋彈簧，該彈簧在自然狀態(tài)下有一定的收縮力。實驗時把彈簧的上端固定在鐵架臺的

橫桿上，記錄彈簧自然下垂時下端的示數(shù)（L）。在彈簧的下端懸掛不同質(zhì)量（m）的鉤

碼，記錄彈簧在不同彈力下彈簧下端的示數(shù)并填入表格中，計算對應(yīng)的彈簧伸長量x的

值。

m/g010203040506070

L/cm

x/cm0000

m/g8090100110120130140150

L/cm

x/cm

（1）圖（b）是根據(jù)上表數(shù)據(jù)繪制的“m-x”圖線，其中AB段為曲線、BC段為直線,

則該彈簧在段滿足胡克定律（選填“OA”“AB”或“BC”）；

（2）由圖（b）可得直線BC的函數(shù)表達(dá)式為m：磔（單位：g），彈簧的勁度系

21X21

數(shù)1<=N/m,彈簧在自然狀態(tài)下的收縮力R）=2,結(jié)果均保留2

位小數(shù)）；

（3）由于彈簧的質(zhì)量不能忽略，它對彈簧勁度系數(shù)的測量（選填“有”或“沒

有”）影響。

。，定值電阻Ro=2。。

實驗操作步驟如下：

①將電阻箱的阻值調(diào)到最大；

②單刀雙擲開關(guān)S與1接通，閉合開關(guān)So,將電阻箱R的阻值調(diào)至Ri。，電流表的示數(shù)

為Ii=0.10A,電壓表的示數(shù)為Ui=1.52V,斷開開關(guān)So；

③單刀雙擲開關(guān)S與2接通，閉合開關(guān)So,將電阻箱R的阻值由R1Q調(diào)至R2。，電流表

的示數(shù)為l2=0.20A,電壓表的示數(shù)為U2=L14V,斷開開關(guān)So。

回答下列問題：

QQ,下列調(diào)節(jié)方法可行的是

A.先將X0.1擋調(diào)至9,再將義10擋調(diào)至0,最后將XI擋調(diào)至4

B.先將X0.1擋調(diào)至9,再將XI擋調(diào)至4,最后將X10擋調(diào)至0

C.先將X10調(diào)至0,再將XI擋調(diào)至4,最后將X

(2)由實驗所測數(shù)據(jù)求得電流表的內(nèi)阻RA=。，電壓表的內(nèi)阻Rv=

Q；電源的電動勢E=V,電源的內(nèi)阻r=。；(結(jié)果均保留2位有

效數(shù)字)

(3)若將開關(guān)S接2,閉合開關(guān)So,當(dāng)電阻箱1^=。時，電源的輸出功率最大。

14.輕質(zhì)“強力吸盤掛鉤”可以安裝在豎直墻面上。先按住鎖扣把吸盤緊壓在墻上，吸盤中

的空氣被擠出一部分，如圖(a)所示；再把鎖扣扳下，讓鎖扣以盤蓋為依托把吸盤向外

拉出，使吸盤恢復(fù)到原來的形狀，如圖(b)所示。在拉起吸盤的同時，鎖扣對盤蓋施加

壓力，致使盤蓋與吸盤粘連在一起，此時“強力吸盤掛鉤”的最大承載量為mo已知大

氣壓強為po,盤蓋的截面積為Si,吸盤中空氣與墻面的接觸面積為S2,吸盤與墻面的動

摩擦因數(shù)為口，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，重力加速度大小為g。若上述過程沒有漏

氣，且吸盤中的氣體可視為理想氣體，室內(nèi)溫度恒定不變。求

(1)圖(b)中吸盤內(nèi)空氣的壓強p；

(2)圖(a)與圖(b)中吸盤內(nèi)空氣的密度之比。

15.如圖所示，在矩形區(qū)域ABCD內(nèi)有方向沿AB的勻強電場(未畫出)，AB=V3d,BC=d,

沿AB邊建立y軸，AB邊的中垂線建立x軸，一質(zhì)量為m、電荷量為q(q>0)的粒子

從O點以速率v射入矩形區(qū)域，速度方向與x軸的夾角為。，且-90°<0<90°o當(dāng)v

=vo,9=0°時，粒子恰好從C點離開矩形區(qū)域。不考慮粒子的重力。

(1)求A、C兩點間的電勢差UAC；

(2)若v=2vo,要使粒子從CD邊射出矩形區(qū)域，求。的范圍。

16.如圖所示，足夠長的固定斜面與水平面的夾角為。，質(zhì)量為m的小物塊B恰好靜止在

斜面上，質(zhì)量為3m底面光滑的小物塊A自斜面上與B相距為L處靜止釋放，并沿斜面

加速下滑，與B發(fā)生彈性正碰，且碰撞時間極短。重力加速度的大小為g。求

(1)第1次碰撞后A、B的速度大??；

(2)A、B第1次碰撞后到第2次碰撞前的時間；

(3)A、B第n次碰撞后到第(n+1)次碰撞前B的位移。

2023年湖北省部分學(xué)校高考物理模擬試卷(5月份)

參考答案與試題解析

一、選擇題

1.無接觸自助安檢即旅客進入安檢區(qū)域后，進入人體安檢設(shè)備，設(shè)備主動發(fā)射波長為毫米

級的電磁波并對物品進行標(biāo)識，如無危險可疑物品，設(shè)備不報警，旅客可快速通過。關(guān)

于毫米波，下列說法正確的是（）

A.毫米波的傳播需要介質(zhì)

B.毫米波的頻率比紫外線的頻率高

C,毫米波和超聲波一樣都是橫波

D.毫米波比可見光更容易發(fā)生明顯衍射

【分析】毫米波可以在真空中傳播；其波長比紫外線的波長長：毫米波是橫波，超聲波

是縱波；比較毫米波與可見光的波長，再根據(jù)發(fā)生明顯衍射現(xiàn)象的條件判斷。

【解答】解：A.毫米波是電磁波，可以在真空中傳播，所以毫米波的傳播不需要介質(zhì)，

故A錯誤；

B.與紫外線相比，毫米波的波長較長，由c=；Vf知毫米波的頻率小，故B錯誤；

C.電磁波是橫波，所以毫米波是橫波，而超聲波是縱波，故C錯誤；

D.波長越長，衍射現(xiàn)象越明顯，毫米波比可見光波長更長，則更容易發(fā)生明顯衍射，故

D正確。

故選：D。

【點評】本題主要是考查毫米波的傳播和衍射現(xiàn)象，知道毫米波屬于概率波，其傳播情

況與光的傳播情況基本上是相同的，具有波的一切特性。

2.電影《流浪地球2》中太陽核心聚變加速，導(dǎo)致內(nèi)核溫度高達(dá)一億度，足以點燃太陽，

產(chǎn)生氮閃。如圖所示，現(xiàn)實中太陽內(nèi)層的氫發(fā)生聚變，每4個；11會聚變成1個：He，

即質(zhì)子一質(zhì)子鏈反應(yīng)。下列說法不正確的是（）

A.兩個；H合成的過程中產(chǎn)生一個正電子

B.,比少一個中子

C.和聚合成反應(yīng)前后質(zhì)量數(shù)守恒

D.：加的比結(jié)合能小于的比結(jié)合能

【分析】根據(jù)核反應(yīng)遵循的質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒分析，根據(jù)比結(jié)合能和節(jié)能的概念分析。

【解答】解：A.兩個合成的核反應(yīng)方程式為：+；H+；e，產(chǎn)生一個

正電子，故A正確;

B.；正匕；H少一個中子，故B正確；

C.和；H聚合成^He）反應(yīng)前后質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)均守恒，故C正確；

D.反應(yīng)放出核能，最終的生成物更穩(wěn)定，則的比結(jié)合能大于；11的比結(jié)合

能，故D錯誤。

本題選錯誤選項，故選：D。

【點評】本題關(guān)鍵掌握核反應(yīng)遵循的兩條規(guī)律，掌握平均結(jié)合能和結(jié)合能的概念和區(qū)別。

3.2022年10月9日，中國成功發(fā)射“夸父一號”先進天基太陽天文臺衛(wèi)星，衛(wèi)星進入預(yù)

定的太陽同步晨昏軌道，可全年不間斷對日觀測。己知衛(wèi)星在距地面720km的近似圓形

軌道上繞地運行，周期為99min。下列說法正確的是（）

A.“夸父一號”

B.“夸父一號”

C.“夸父一號”的角速度大于地球自轉(zhuǎn)的角速度

D.“夸父一號”受到的向心力大于地球同步衛(wèi)星受到的向心力

【分析】理解宇宙速度的概念，由此得出“夸父一號”的發(fā)射速度和運行速度的大小關(guān)

系；

根據(jù)“夸父一號”和地球的周期大小關(guān)系得出兩者角速度的大小關(guān)系；

根據(jù)萬有引力定律可知“夸父一號”和地球同步衛(wèi)星向心力的大小關(guān)系與質(zhì)量有關(guān)，無

法比較。

【解答】解:A.第一宇宙速度7.9km/s是發(fā)射繞地衛(wèi)星的最小速度，第二宇宙速度11.2km/s

是衛(wèi)星離開地球飛向太陽的最小發(fā)射速度，“夸父一號”的發(fā)射速度小于H.2km/s,故A

錯誤；

B.第一宇宙速度是繞地運行衛(wèi)星的最大速度，“夸父一號”的運行速度小于7.9km/s,故

B錯誤；

C.“夸父一號”的周期小于地球自轉(zhuǎn)周期，根據(jù)角速度和周期的關(guān)系式30L可知，

T

“夸父一號”的角速度大于地球自轉(zhuǎn)的角速度，故C正確；

D.衛(wèi)星質(zhì)量未知，所受向心力無法比較，故D錯誤。

故選：Co

【點評】本題主要考查了萬有引力定律的相關(guān)應(yīng)用，正確理解宇宙速度的概念，結(jié)合周

期和角速度的關(guān)系即可完成分析。

4.如圖所示，一列簡諧橫波向右傳播，a、b兩質(zhì)點的平衡位置相距為1,在某時刻a、b均

振動到平衡位置，且a、b之間僅有一個波谷。這列波的波長不可能是（）

A.21B.C.1D..2.1

23

【分析】根據(jù)a、b之間僅有一個波谷畫出圖像，判斷波長大小。

【解答】解：因a、b之間僅有一個波谷，則該時刻的波形可能有以下四種情況

故波長可能為：入=21,入=1,入巨，故ACD正確，B錯誤。

3

本題選擇錯誤的，故選：B?

【點評】解決本題的關(guān)鍵要確定波長與a、b間距1的關(guān)系。

5.如圖所示，固定于豎直平面內(nèi)的光滑大圓環(huán)上套有一個質(zhì)量為m的小圓環(huán)，小圓環(huán)從大

圓環(huán)頂端P點由靜止開始自由下滑，當(dāng)小圓環(huán)的向心加速度大小等于重力加速度g時，

大圓環(huán)對小圓環(huán)的彈力大小為（）

A.0C.mgD.2mg

【分析】首先根據(jù)題意作圖，再根據(jù)受力分析結(jié)合牛頓第二定律以及機械能守恒定律列

式求解。

【解答】解：環(huán)的向心加速度為

即

若運動到與圓心等高處時，根據(jù)能量守恒有，mgR=lmv'2,解得V，

2

說明v八廊時小環(huán)在大圓環(huán)的上部，設(shè)環(huán)與圓心的連線跟豎直方向的夾角為。，如圖所

示

由機械能守恒定律

大圓環(huán)對小圓環(huán)的彈力大小滿足

2

Fi+mgcosO=

整理解得

0=60°

F口i=-1mg

2

故B正確，ACD錯誤。

故選：Bo

【點評】該題考查變速圓周運動中牛頓第二定律以及數(shù)學(xué)三角函數(shù)的應(yīng)用，其中數(shù)學(xué)函

數(shù)的分析為該題的難點。

6.如圖所示，4ABC是一直角三棱鏡的橫截面，/C=30°,ZA=60°,為測定其折射

率，某同學(xué)用激光筆發(fā)射一束激光垂直于AB邊從其中點D入射，在AC邊上恰好發(fā)生

全反射。不考慮光在三棱鏡中的多次反射，下列說法正確的是（）

A.該三棱鏡的折射率為31

3

B.光在BC邊上也發(fā)生全反射

C.減小入射光頻率，光在AC邊上仍能發(fā)生全反射

D.增大入射光頻率，光在三棱鏡中傳播時間變短

【分析】根據(jù)題意正確畫出光路圖，根據(jù)幾何知識確定臨界角C,再由sinC=2求出折

n

射率。根據(jù)光線在BC邊的入射角與臨界角關(guān)系，判斷光在BC邊上能否發(fā)生全反射；減

小入射光頻率，折射率減小，根據(jù)sinC=2分析臨界角的變化，再判斷光在AC邊上能

n

否發(fā)生全反射；增大入射光頻率，折射率增大，光在三棱鏡中的傳播速度減小，再判斷

漢在三棱鏡中傳播時間的變化。

【解答】解：A、如圖所示，光在AC邊上恰好發(fā)生全反射，入射角等于臨界角C

由幾何關(guān)系可知臨界角C=60°

由sinC=上得：n=2返，故A正確；

nn3

B、由圖可知，光在BC邊上的入射角等于30°,小于全反射的臨界角C,不發(fā)生全反射,

故B錯誤；

C、光在AC邊上恰好發(fā)生全反射，減小入射光頻率后，則折射率減小，由sinC=」知臨

n

界角增大，則光在AC邊上的入射角小于臨界角，光在AC邊上不會發(fā)生全反射，故C

錯誤：

D、增大入射光頻率，折射率也增大，由v=￡知光在三棱鏡中的傳播速度減小，光在三

n

棱鏡中傳播路程不變，則光的傳播時間變長，故D錯誤。

故選：Ao

【點評】本題主要考查光的全反射知識，要掌握全反射條件和臨界角公式，熟練運用幾

何知識幫助分析。

7.如圖所示，空間存在著勻強磁場和勻強電場，磁場的方向垂直紙面（xOy平面）向外,

電場的方向沿y軸正方向。一質(zhì)量為m、電荷量為q的帶電粒子在電場和磁場的作用下,

從坐標(biāo)原點O由靜止開始運動（其軌跡如圖所示）。已知磁感應(yīng)強度的大小為B,電場強

度大小為E,不計粒子的重力，下列說法正確的是（）

A.粒子帶負(fù)電

B.粒子運動軌跡是拋物線

C.粒子距離x軸的最大距離為亞

qB2

D.粒子運動過程中的最大速度為返E

B

【分析】根據(jù)粒子靜止時只受電場力向上運動及電場線的方向判定粒子的電性；粒子運

動時受電場力和洛倫茲力作用，洛倫茲力是變力，則軌跡不是拋物線；把粒子的運動分

解根據(jù)幾何知識求解粒子距離x軸的最大距離；根據(jù)運動合成與分解求解粒子運動過程

中的最大速度。

【解答】解：A.粒子由靜止開始運動，電場力方向豎直向上，故粒子帶正電，故A錯

誤；

B.粒子運動時受電場力和洛倫茲力，因洛倫茲力是變力，則軌跡不是拋物線，故B錯

誤；

CD.為使粒子在磁場作用下做勻速圓周運動的分運動，則沿x軸正方向的分速度v在磁

場作用下產(chǎn)生的洛倫茲力應(yīng)與電場力平衡，

qE=qvB

解得：V』

B

將粒子的運動分解為速度V上的向右勻速直線運動和速度為V的沿順時針方向的勻速圓

B

周運動，則粒子距x軸的最大距離為：

Y=2R

粒子一個分運動做勻速圓周運動，由牛頓第二定律得：

聯(lián)立解得：丫/^_

兩分運動同向時速度最大，則最大速度為：

2vN里，故C正確，D錯誤。

B

故選：Co

【點評】本題考查了帶電粒子在磁場和電場中的運動，難點是如何把粒子的運動分解,

難度較大。

（多選）8.波浪滑翔器是一種新型海洋無人自主航行器，它包括水面船體和水下牽引機（由

主框架和翼板組成），二者通過柔性吊纜連接（如示意圖所示）。波浪滑翔器在海洋表面

與起伏波浪相互作用而實現(xiàn)前向運動，整個過程中柔性吊纜時而張緊、時而松弛。關(guān)于

波浪滑翔器的運動，下列說法正確的是（）

A.如圖（a）所示，水面船體隨著波浪升高時，柔性吊纜松弛，海水對牽引機翼板上側(cè)

的壓力推動其前進

B.如圖（a）所示，水面船體隨著波浪升高時，柔性吊纜張緊，海水對牽引機翼板上側(cè)

的壓力推動其前進

C.如圖（b）所示，水面船體隨波浪下降時，柔性吊纜松弛，水下牽引機在自身重力作

用下下潛，海水對牽引機翼板下側(cè)的壓力推動其前進

D.如圖（b）所示，水面船體隨波浪下降時，柔性吊纜張緊，水下牽引機在自身重力作

用下下潛，海水對牽引機翼板下側(cè)的壓力推動其前進

【分析】分別分析水面船體隨著波浪升高或下降時水下牽引機受力情況，在分析柔性吊

纜對船的力，從而得到答案。

【解答】解：由圖可知，當(dāng)水面船體隨著波浪升高時，柔性吊纜張緊，海水對牽引機翼

板上側(cè)的壓力沿船前進方向有分力，可推動牽引機前進，吊纜對水面船體施加拉力，拉

力沿前進方向分力是船前進；當(dāng)水面船體隨波浪下降時，柔性吊纜松弛，水下牽引機在

重力作用下下潛，使得機翼板傾斜，于是海水對牽引機翼板下側(cè)的壓力，可推動牽引機

前進，吊纜對水面船體施加拉力，拉力沿前進方向分力是船前進；故BC正確，AD錯誤。

故選：BCo

【點評】本題主要考查力的分解在自主航行器中的應(yīng)用。

（多選）9.如圖所示，MN、PQ是放置于水平面內(nèi)的平行光滑金屬導(dǎo)軌，M、P間接有定

值電阻R。垂直導(dǎo)軌平面分布著方向向下的勻強磁場，金屬棒ab垂直導(dǎo)軌靜止放置且始

終與導(dǎo)軌接觸良好。某時刻導(dǎo)體棒獲得瞬時速度向右運動，直至靜止。不計導(dǎo)軌電阻，

則流過導(dǎo)體棒的電流I和導(dǎo)體棒所受安培力F安分別隨時間t的變化圖像、流過導(dǎo)體棒的

電荷量q和感應(yīng)電動勢E分別隨位移x變化圖像正確的是（）

【分析】根據(jù)切割電動勢結(jié)合歐姆定律和導(dǎo)體棒運動情況，分析電流大?。?/p>

根據(jù)安培力公式，分析安培力變化；

根據(jù)電量定義式，結(jié)合法拉第電磁感應(yīng)定律，分析電量；

根據(jù)動量定理，結(jié)合感應(yīng)電動勢公式，分析感應(yīng)電動勢。

【解答】解：A.導(dǎo)體棒向右做加速度逐漸減小的減速運動，根據(jù)切割電動勢結(jié)合歐姆定

律有

故感應(yīng)電流I隨時間減小，且變化得越來越慢，故A正確；

B.由F-^―BIL

可知，F(xiàn)安隨時間的變化應(yīng)與I隨時間的變化一致，故B錯誤；

C.電荷量

故C正確：

D.根據(jù)動量定理，以v的方向為正方向，

感應(yīng)電動勢E=BLv

解得

故D正確。

故選：ACD。

【點評】本題考查學(xué)生對切割電動勢、歐姆定律、安培力公式、法拉第電磁感應(yīng)定律、

動量定理等規(guī)律的掌握，其中在使用動量定理時要注意規(guī)定正方向。

（多選）10.如圖（a）所示，某同學(xué)用智能拍攝物塊從臺階旁的斜坡上自由滑下的過程,

物塊運動過程中的五個位置A、B、C、D、E及對應(yīng)的時刻如圖（b）所示。已知斜坡是

由長為d=0.6m的地磚拼接而成，且A、C、E三個位置物塊的下邊緣剛好與磚縫平齊。

下列說法正確的是（)

2

【分析】A、根據(jù)每個點對應(yīng)的時刻，可知每相鄰兩個點間的時間間隔，則可得物塊從A

到E的運動時間；

C、D點為C、E兩點的中間時刻的位置，根據(jù)推論中間時刻等于該過程的平均速度可得

D點的瞬時速度大?。?/p>

D、根據(jù)推論Ax=aT2可得物塊運動的加速度大??；

B、根據(jù)D點速度和加速度大小可得A點速度大小，由運動學(xué)公式可得A、D兩點間的

距離。

【解答】解：A、由圖(b)可知相鄰兩點間的時間間隔T=0.4s,物塊從A運動到E的

時間間隔At=4T=1.6s,故A錯誤；

C、物塊從C到D的時間間隔與物塊從D點到E點的時間間隔相等，所以物塊在位置D

時的速度為C到E中間時刻的速度，則有：丫口=等=2.25n)/s，故C正確；

XCE-XAC=2d-d=d

2

由Ax=at?可知:xCE-xAC=aX(2T)

2,故D正確；

B、由vD=vA+aX3T

代入數(shù)據(jù)解得：VA=O

2_2

則位置A、D間距離*皿=丫口2VA=i.35m，故B錯誤。

故選：CD。

【點評】本題考查了勻變速直線運動的位移、瞬時速度的公式和推論，解題的關(guān)鍵是求

出相鄰兩點間的時間間隔，利用Ax=aT2求出物塊的加速度。

(多選)11.為全面推進鄉(xiāng)村振興，某地興建的小型水電站如圖所示。該水電站交流發(fā)電機

的輸出功率為P=1000kW,發(fā)電機的輸出電壓Ui=250V,經(jīng)變壓器升壓后向遠(yuǎn)處輸電,

輸電線總電阻為R線=16。，在用戶處的降壓變壓器輸出電壓U4=220V。在輸電過程中，

要求輸電線上損耗的功率為發(fā)電機輸出功率的4%。假設(shè)升壓變壓器、降壓變壓器均為理

想變壓器，下列說法正確的是()

A.發(fā)電機輸出的電流Ii=400A

B.輸電線上的電流I戲=250A

C.降壓變壓器的匝數(shù)比n3：n4=960：11

D.用戶得到的電流14=4363A

【分析】由功率公式求發(fā)電機輸出電流；由電功率公式求輸電線上的電流；由理想變壓

器的功率關(guān)系求升壓變壓器副線圈兩端電壓，用歐姆定律求損失電壓，再由電壓關(guān)系求

降壓變壓器原線圈兩端電壓，進而求匝數(shù)比；根據(jù)功率關(guān)系求用戶得到的功率，最后求

用戶端得到的電流。

【解答】解：A、由電功率公式P=UI可知，發(fā)電機輸出電流I1=2=10°°X1°A=

U[250

4000A,故A錯誤；

B、輸電線上損耗的功率為發(fā)電機輸出功率的4%,由P建=4%P=I至R續(xù)，代入數(shù)據(jù)解得:

I線=50A,故B錯誤：

C、降壓變壓器原線圈得到的功率為P3=96%P=1000X96%kW=960kW,降壓變壓器原

線圈得到的電壓內(nèi)=960差10W19200V

根據(jù)理想變壓器原副線圈的電壓與線圈匝數(shù)成正比關(guān)系，降壓變壓器的匝數(shù)比n3：n4=

U3：U4=19200：220=960：11,故C正確；

D、用戶得到的電流[4=t=卷生囁QA=4363A，故D正確。

故選：CD。

【點評】解題時要抓住理想變壓器的功率關(guān)系、電壓和電流特點；由于輸電線電阻的存

在，輸電線上有電壓損失和功率損失。

二、非選擇題

12.某實驗小組利用圖（a）所示裝置探究彈簧的彈力與形變量的關(guān)系。實驗中使用J2110

螺旋彈簧，該彈簧在自然狀態(tài)下有一定的收縮力。實驗時把彈簧的上端固定在鐵架臺的

橫桿上，記錄彈簧自然下垂時下端的示數(shù)（L）。在彈簧的下端懸掛不同質(zhì)量（m）的鉤

碼，記錄彈簧在不同彈力下彈簧下端的示數(shù)并填入表格中，計算對應(yīng)的彈簧伸長量x的

值。

m/g010203040506070

L/cm

x/cm0000

（2）由圖（b）可得直線BC的函數(shù)表達(dá)式為匆■（單位：g），彈簧的勁度系

21X21

數(shù)1<=9.33N/m,彈簧在自然狀態(tài)下的收縮力Fo=0.43X結(jié)果均保留2位小數(shù)）;

（3）由于彈簧的質(zhì)量不能忽略，它對彈簧勁度系數(shù)的測量沒有（選填“有”或“沒

有”）影響。

【分析】（1）根據(jù)胡克定律推導(dǎo)分析：

（2）根據(jù)胡克定律推導(dǎo)函數(shù)圖像在BC段的表達(dá)式結(jié)合圖像計算，

（3）根據(jù)根據(jù)胡克定律推導(dǎo)函數(shù)圖像在BC段的表達(dá)式分析判斷。

【解答】解：（1）由胡克定律

F=kx

有

AF=kAX

即

△mg=kAx

故BC直線段滿足胡克定律。

（2）由

Amg=kAx

有

斜率

故

k七9.33N/m。

Fo+kx=mg

所以

Fo

（3）由（2）有

彈簧的自身重力不影響圖像斜率，從而不影響測量結(jié)果。

故答案為：(1)BC；(2)9.33,0.43；(3)沒有。

【點評】本題關(guān)鍵是掌握胡克定律，結(jié)合題意推導(dǎo)函數(shù)圖像表達(dá)式進行分析計算。

。，定值電阻Ro=2C。

實驗操作步驟如下：

①將電阻箱的阻值調(diào)到最大；

②單刀雙擲開關(guān)S與1接通，閉合開關(guān)So,將電阻箱R的阻值調(diào)至Ri。，電流表的示數(shù)

為Ii=0.10A,電壓表的示數(shù)為Ui=1.52V,斷開開關(guān)So；

③單刀雙擲開關(guān)S與2接通，閉合開關(guān)So,將電阻箱R的阻值由R1Q調(diào)至R2。，電流表

的示數(shù)為l2=0.20A,電壓表的示數(shù)為U2=1.14V,斷開開關(guān)SO。

回答下列問題：

nn,下列調(diào)節(jié)方法可行的是AB

A.先將X0.1擋調(diào)至9,再將XI0擋調(diào)至0,最后將XI擋調(diào)至4

B.先將X0.1擋調(diào)至9,再將XI擋調(diào)至4,最后將X10擋調(diào)至0

C.先將X10調(diào)至0,再將XI擋調(diào)至4,最后將義

(2)由實驗所測數(shù)據(jù)求得電流表的內(nèi)阻RA=().80電壓表的內(nèi)阻Rv=76。:

電源的電動勢E=2.0V,電源的內(nèi)阻r=2.0。:(結(jié)果均保留2位有效數(shù)字)

(3)若將開關(guān)S接2,閉合開關(guān)So,當(dāng)電阻箱R=QQ時，電源的輸出功率最大。

【分析】(1)從保護電路的角度分析電阻箱的調(diào)節(jié)方法；

(2)根據(jù)歐姆定律和并聯(lián)電路的電流特點求電壓表內(nèi)阻：

開關(guān)S與2接通時，根據(jù)歐姆定律求電流表的內(nèi)阻；

開關(guān)S分別與1、2接通時，根據(jù)閉合電路的歐姆定律聯(lián)立求解電動勢和內(nèi)阻。

(3)電源的輸出功率與外電阻的關(guān)系分析作答。

【解答】解：(1)從保護電路的角度，調(diào)節(jié)電阻箱時，采用“先調(diào)小、后調(diào)大”

故選：AB。

(2)開關(guān)S與1接通時，根據(jù)歐姆定律和并聯(lián)電路的電流特點1[=/等

代入數(shù)據(jù)解得Rv=76C

開關(guān)S與2接通時，根據(jù)歐姆定律U2=l2(R2+RA)

代入數(shù)據(jù)解得RA。

開關(guān)S與1接通時，根據(jù)閉合電路歐姆定律￡=5+1](RO+RA+F)

開關(guān)S與2接通時,

Q

(3)電源的輸出功率與外電阻的關(guān)系如圖所示：

開關(guān)S接2時，外電阻口外=口)+1^+1<\

根據(jù)圖像可知，當(dāng)R夕卜接近電源電動勢r時，電源的輸出功率最大

即電阻箱阻值R=0。時，電源的輸出功率最大。

故答案為：(1)AB；(2)0.80；76；2.0；2.0；(3)0。

【點評】本題考查了電壓表和電流表內(nèi)阻的測量、電源電動勢和內(nèi)阻的測量以及電壓的

最大輸出功率，理解實驗原理是解題的關(guān)鍵；要求熟練掌握歐姆定律、閉合電路的歐姆

定律和并聯(lián)電路的電流特點、電源的輸出功率與外電阻的關(guān)系。

14.輕質(zhì)“強力吸盤掛鉤”可以安裝在豎直墻面上。先按住鎖扣把吸盤緊壓在墻上，吸盤中

的空氣被擠出一部分，如圖(a)所示；再把鎖扣扳下，讓鎖扣以盤蓋為依托把吸盤向外

拉出，使吸盤恢復(fù)到原來的形狀，如圖(b)所示。在拉起吸盤的同時，鎖扣對盤蓋施加

壓力，致使盤蓋與吸盤粘連在一起，此時“強力吸盤掛鉤”的最大承載量為mo已知大

氣壓強為po,盤蓋的截面積為S1,吸盤中空氣與墻面的接觸面積為S2,吸盤與墻面的動

摩擦因數(shù)為H，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，重力加速度大小為g。若上述過程沒有漏

氣，且吸盤中的氣體可視為理想氣體，室內(nèi)溫度恒定不變。求

(1)圖(b)中吸盤內(nèi)空氣的壓強p；

(2)圖(a)與圖(b)中吸盤內(nèi)空氣的密度之比。

【分析】(1)對吸盤進行受力分析，根據(jù)其不同方向上的受力特點得出壓強的大?。?/p>

(2)氣體發(fā)生等溫變化，根據(jù)玻意耳定律得出體積的關(guān)系，從而得出空氣的密度之比。

【解答】解：(1)設(shè)圖(b)中墻面對吸盤的彈力為FN,分析吸盤受力，在水平方向上

poSl=pS2+FN

在豎直方向上

|iFN=mg

UpSj-mg

解得:0

吟

(2)設(shè)吸盤內(nèi)空氣的質(zhì)量為mo,圖(a)中吸盤內(nèi)空氣的密度為po,則空氣的體積

設(shè)圖（b）中吸盤內(nèi)空氣的密度為p,則空氣的體積

由玻意耳定律

povo=pV

S

解得：￡1=..PQ.^2_.

Pp.POSJ-mg

答：（1）圖（b）中吸盤內(nèi)空氣的壓強為上E唬匚及；

吟

（2）圖（a）與圖（b）中吸盤內(nèi)空氣的密度之比為.二°“,工一。

從p0Sj-mg

【點評】本題主要考查了一定質(zhì)量的理想氣體狀態(tài)方程，熟悉物體的受力分析，結(jié)合玻

意耳定律即可完成解答。

15.如圖所示，在矩形區(qū)域ABCD內(nèi)有方向沿AB的勻強電場（未畫出），AB=V3d,BC=d,

沿AB邊建立y軸，AB邊的中垂線建立x軸，一質(zhì)量為m、電荷量為q（q>0）的粒子

從0點以速率v射入矩形區(qū)域，速度方向與x軸的夾角為。，且-90°<0<90°?當(dāng)v

=vo,9=0°時，粒子恰好從C點離開矩形區(qū)域。不考慮粒子的重力。

（1）求A、C兩點間的電勢差UAC；

（2）若v=2vo,要使粒子從CD邊射出矩形區(qū)域，求。的范圍。

【分析】（1）帶電粒子垂直進入電場，做類平拋運動，根據(jù)平拋運動規(guī)律求解AC兩點

的電勢差；

（2）速度加倍后，考慮兩種臨界情況，由類斜拋規(guī)律分別求出初速度與水平方向的夾角,

從而得到0的范圍。

【解答】解：（1）勻強電場的電場強度大小:

粒子在電場中的加速度：a-生

m

當(dāng)丫=丫（），6=0°時，粒子做類平拋運動，沿x軸方向：d=vot

32

mVO

聯(lián)立解得:K=

（2）將粒子射出的初速度進行分解：vox=2vocos0,voy=2vosin0

若粒子恰好從D點射出，粒子做斜上拋運動，水平方向上有：d=voxt

2

豎直方向有：^y-d=v0yt^-at

聯(lián)乂得：V3tan26-8tan9+5A/3=0

解三角方程得：9=60。（或tanB=V3"5舍去)