2023屆云南省昆明一中高三第一次教學(xué)質(zhì)量監(jiān)測考試物理試題

2023屆云南省昆明一中高三第一次教學(xué)質(zhì)量監(jiān)測考試物理試題

注意事項

1.考生要認(rèn)真填寫考場號和座位序號。

2.試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B鉛筆作答；第二部分必須用黑

色字跡的簽字筆作答。

3.考試結(jié)束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監(jiān)考員收回。

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。

1、關(guān)于物理學(xué)史，正確的是（）

A.庫侖利用扭秤實驗，根據(jù)兩電荷之間力的數(shù)值和電荷量的數(shù)值以及兩電荷之間的距離推導(dǎo)得到庫侖定律

B.奧斯特發(fā)現(xiàn)電流可以使周圍的小磁針發(fā)生偏轉(zhuǎn)，稱為電磁感應(yīng)

C.法拉第通過實驗總結(jié)出法拉第電磁感應(yīng)定律

D.歐姆通過實驗得出歐姆定律，歐姆定律對金屬和電解質(zhì)溶液都適用，但對氣體導(dǎo)電和半導(dǎo)體元件不適用

2、在地球上不同的地方，重力加速度大小是不同的。若把地球看成一個質(zhì)量分布均勻的球體，已知地球半徑為R,地

球自轉(zhuǎn)的周期為T,則地球兩極處的重力加速度與赤道處的重力加速度之差為

3兀R2兀R16/R4萬2R

A.D.

~7^T2

3、太陽周圍除了八大行星，還有許多的小行星，在火星軌道與木星軌道之間有一個小行星帶，假設(shè)此小行星帶中的行

星只受太陽引力作用，并繞太陽做勻速圓周運(yùn)動，則

A.小行星帶中各行星繞太陽做圓周運(yùn)動周期相同

B.小行星帶中各行星繞太陽做圓周運(yùn)動加速度大于火星做圓周運(yùn)動的加速度

C.小行星帶中各行星繞太陽做圓周運(yùn)動周期大于木星公轉(zhuǎn)周期

D.小行星帶中某兩顆行星線速度大小不同，受到太陽引力可能相同

4、如圖所示，空間有一正三棱錐P-ABC,D點是BC邊上的中點，。點是底面ABC的中心，現(xiàn)在頂點P點固定一正

的點電荷，則下列說法正確的是（）

p

A.ABC三點的電場強(qiáng)度相同

B.底面ABC為等勢面

C.將一正的試探電荷從B點沿直線BC經(jīng)過D點移到C點，靜電力對該試探電荷先做負(fù)功后做正功

D.若B、C>D二點的電勢為夕B、8c、/D，則有SB—9D=*D—Oc

5、三根通電長直導(dǎo)線平行放置，其截面構(gòu)成等邊三角形，0點為三角形的中心，通過三根直導(dǎo)線的電流大小分別用小

/1,12,13表示，電流方向如圖所示.當(dāng)八=/2=/3=/時，。點的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為5,通電長直導(dǎo)線在某點產(chǎn)生的磁感應(yīng)

強(qiáng)度大小跟電流成正比，則下列說法正確的是（）

A

t\

t\

//、\

/O.\

，，、、

曲——...也

A.當(dāng)八=3/,/2=/3=/時，。點的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為28

B.當(dāng)/尸31,，2=/3=/時，。點的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為3B

C.當(dāng)/2=31,/k/3=/時，。點的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為且3

2

D.當(dāng)/3=31,八=/2=/時，。點的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為2GB

6、一定質(zhì)量的理想氣體，其狀態(tài)變化的尸“圖像如圖所示。氣體在由狀態(tài)1變化到狀態(tài)2的過程中，下列說法正確的

是

A.分子熱運(yùn)動的平均速率增大

B.分子熱運(yùn)動的平均速率減小

C.單位體積內(nèi)分子數(shù)增多

D.單位面積、單位時間內(nèi)撞擊器壁的分子數(shù)增多

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。

7、質(zhì)量均為m的小球A、B分別固定在一長為L的輕桿的中點和一端點，如圖所示。當(dāng)輕桿繞另一端點O在光滑水

平面上做角速度為e的勻速圓周運(yùn)動時，則（）

A.處于中點的小球A的線速度為L①

B.處于中點的小球A的加速度為^

C.處于端點的小球B所受的合外力為帆。2乙

D.輕桿。4段中的拉力與AB段中的拉力之比為3：2

8、如圖所示，兩個帶電小球A、B分別處于光滑絕緣的豎直墻面和斜面上，且在同一豎直平面內(nèi)，用水平向左的推

力尸作用于B球，兩球在圖示位置靜止，現(xiàn)將B球沿斜面向下移動一小段距離，發(fā)現(xiàn)A球隨之向上移動少許，兩球

在新位置重新平衡，重新平衡后與移動前相比，下列說法正確的是（）

B.斜面對B的彈力不變

C.墻面對A的彈力不變D.兩球之間的距離減小

9、一列簡諧橫波沿x軸傳播，f=O時的波形如圖所示，質(zhì)點A和8相距0.5m,質(zhì)點A速度沿y軸正方向；，

=0.03s時，質(zhì)點A第一次到達(dá)負(fù)向最大位移處。則下列說法正確的是（）

A.該波沿x軸負(fù)方向傳播

B.該波的傳播速度為25m/s

C.從/=0時起，經(jīng)過0.04s,質(zhì)點A沿波傳播方向遷移了1m

D.在f=0.04s時，質(zhì)點8處在平衡位置，速度沿y軸負(fù)方向

E.某頻率為25Hz的簡諧橫波與該波一定能發(fā)生干涉

10、下列有關(guān)光學(xué)現(xiàn)象的說法正確的是?

A.光從光密介質(zhì)射入光疏介質(zhì)，若入射角大于臨界角，則一定發(fā)生全反射

B.光從光密介質(zhì)射人光疏介質(zhì)，其頻率不變，傳播速度變小

C.光的干涉，衍射現(xiàn)象證明了光具有波動性

D.做雙縫干涉實驗時，用紅光替代紫光，相鄰明條紋間距變小

E.頻率相同、相位差恒定的兩列波相遇后能產(chǎn)生穩(wěn)定的干涉條紋

三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11.（6分）圖甲是某學(xué)習(xí)小組設(shè)計組裝成的多用電表的電路圖，圖中的E是電池，&是電池內(nèi)阻，4是歐姆調(diào)零電

阻，A8分別與黑、紅表筆相接。與、&、&、4都是定值電阻，表頭G的滿偏電流為20mA,內(nèi)阻為已知

曷+&=4Rg,&=360。，/？5=1600Q。

⑴圖甲可知該多用電表有個擋位可以測量直流電流。（填寫正確答案前的字母）

A.1B.2C.3D.4

（2）該學(xué)習(xí)小組將“8”端與“3”相接，將4B表筆短接，調(diào)節(jié)&。進(jìn)行歐姆調(diào)零后測量未知電阻。得到通過表頭G的電

流與被測未知電阻的關(guān)系如圖乙所示，由此可知多用電表中電池的電動勢E=—V（計算結(jié)果保留三位有效數(shù)字）。

通過分析可知該小組使用多用電表的（填“xl”“xl0”或“xlk”）倍率的歐姆擋進(jìn)行測量未知電阻。

⑶通過測量得知表頭G的內(nèi)阻（=50。。若“3”端與“4”相連，則多用電表的最大量程為一；“3”端與“5”相連進(jìn)

行測量時，指針位置如圖丙所示，則電表的讀數(shù)為?

12.（12分）某同學(xué)用圖甲所示的電路測量電阻區(qū)的阻值（約幾百歐）?；瑒幼冏杵鱎,電阻箱R。（0~9999。），S?是

單刀雙擲開關(guān)，量程3V的電壓表（內(nèi)阻約3k。），電源電動勢約6V

圖乙

圖丙

(1)根據(jù)圖甲實驗電路，在圖乙中用筆畫線代替導(dǎo)線將實物圖連接完整

(2)正確連接電路后，斷開Si、S2?調(diào)節(jié)好多用電表，將兩表筆接觸R*兩端的接線柱，正確操作后，使用xlO的倍率粗

測其電阻，指針指示如圖丙，粗測得到Rx=C：

(3)該同學(xué)通過下列步驟，較準(zhǔn)確地測出Rx的阻值

①將滑動變阻器的滑片P調(diào)至圖甲中的A端。閉合S”將S2撥至1,調(diào)節(jié)變阻器的滑片尸至某一位置，使電壓表的示

數(shù)滿偏；

②斷開Si,調(diào)節(jié)電阻箱￡O,使其阻值最大：

③將S2撥至“2”，閉合S“保持變阻器滑片尸的位置不變，調(diào)節(jié)電阻箱的阻值，使電壓表再次滿偏，此時電阻箱示數(shù)

為Ri,則RX=o

(4)關(guān)于本實驗

①該同學(xué)在(3)②的步驟中操作不妥，可能會在步驟③中造成；

②為了減小實驗誤差：下列方法最可行的是.(填正確答案標(biāo)號)

A.選用量程不變，內(nèi)阻更大的電壓表

B,選用量程不變，內(nèi)阻更小的電壓表

C.選用總電阻遠(yuǎn)大于心的滑動變阻器

D.選用總電阻遠(yuǎn)小于區(qū)的滑動變阻器

四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

13.(10分)如圖所示，在豎直向下的恒定勻強(qiáng)磁場8=2T中有一光滑絕緣的四分之一圓軌道，一質(zhì)量，〃=3kg的金屬

導(dǎo)體MN長度為L=0.5m,垂直于軌道橫截面水平放置，在導(dǎo)體中通入電流/,使導(dǎo)體在安培力的作用下以恒定的速率

v=lm/s從A點運(yùn)動到C點,g=10m/s2求：

(1)電流方向；

⑵當(dāng)金屬導(dǎo)體所在位置的軌道半徑與豎直方向的夾角為，=30°時，求電流的大??；

(3)當(dāng)金屬導(dǎo)體所在位置的軌道半徑與豎直方向的夾角為860°時，求安培力的瞬時功率P。

14.(16分)如圖所示，在xOy平面內(nèi)y軸與MN邊界之間有沿x軸負(fù)方向的勻強(qiáng)電場，y軸左側(cè)(I區(qū))和MN邊界

右側(cè)(II區(qū))的空間有垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場，且MN右側(cè)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小是y軸左側(cè)磁感應(yīng)強(qiáng)度大小的2倍,

MN邊界與y軸平行且間距保持不變.一質(zhì)量為,〃、電荷量為-q的粒子以速度%從坐標(biāo)原點。沿x軸負(fù)方向射入磁場,

每次經(jīng)過y軸左側(cè)磁場的時間均為2,粒子重力不計.

(1)求y軸左側(cè)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小此

(2)若經(jīng)過4.5小時間粒子第一次回到原點。，且粒子經(jīng)過電場加速后速度是原來的4倍，求電場區(qū)域的寬度d

(3)若粒子在左右邊磁場做勻速圓周運(yùn)動的半徑分別為2、&且RW&.要使粒子能夠回到原點O,則電場強(qiáng)度E應(yīng)

滿足什么條件？

15.(12分)滑雪者從高處沿斜面直線雪道下滑。雪道總長度為200m,傾角為10。。甲、乙兩滑雪者的滑雪板不同,

與雪面的動摩擦因數(shù)分別為4=0.15,=0.10。二人下滑過程中不使用雪杖加力，由靜止從雪道頂端自由下滑。

g取lOm/s?,sin10°?0.17,cos10°?0.98.求：(計算結(jié)果保留2位有效數(shù)字)

(1)甲滑雪者到達(dá)雪道底端時的速度；

(2)若乙在甲之后下滑且不能撞到甲，乙開始下滑應(yīng)遲于甲多長時間？

參考答案

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。

1、D

【解析】

A.庫侖利用扭秤實驗，得到兩電荷之間的作用力與兩電荷之間距離的平方成反比，與電量的乘積成正比，從而推導(dǎo)

出庫侖定律，但當(dāng)時的實驗條件無法測出力的數(shù)值和電荷量的數(shù)值，選項A錯誤；

B.奧斯特發(fā)現(xiàn)電流可以使周圍的小磁針發(fā)生偏轉(zhuǎn)，稱為電流的磁效應(yīng)，不是電磁感應(yīng)現(xiàn)象，選項B錯誤；

C.法拉第發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象，紐曼和韋伯通過實驗總結(jié)出了法拉第電磁感應(yīng)定律，人們?yōu)榱思o(jì)念法拉第，所以將

其命名為法拉第電磁感應(yīng)定律，故C錯誤；

D.歐姆定律是個實驗定律，適用于金屬導(dǎo)體和電解質(zhì)溶液，對氣體導(dǎo)電、半導(dǎo)體導(dǎo)電不適用。故D正確。

故選D。

2、D

【解析】

―『fnM―?mM,2幾、2n2zr)4/R

在兩極：G-^r=mgi；在赤道上：G—r-mg^m(—yR,則Ag=g1—g?=(于)-R=〒一

竿,與結(jié)論不相符，選項A錯誤;

邛，與結(jié)論不相符，選項B錯誤;

B.

T2

16萬4R

,與結(jié)論不相符，選項C錯誤

T2

4/R

與結(jié)論相符，選項D正確

下'

3、

【解析】

A項：由公式=機(jī)”廠可知，若小行星做圓周運(yùn)動半徑不同，則周期不同，故A錯誤;

r2T2

B項：由公式=m。可知，小行星中各行星繞太陽做圓周運(yùn)動的加速度小于火星做圓周運(yùn)動的加速度，故B錯

r

誤；

C項：小行星帶中各行星繞太陽做圓周運(yùn)動的半徑小于木星繞太陽公轉(zhuǎn)的半徑，因此小行星帶中各行星繞太陽做圓周

運(yùn)動周期小于木星公轉(zhuǎn)周期，故C錯誤；

D項：由公式尸=〃7匕可知，某兩顆行星線速度大小v不同，但〃z匕有可能相同，故D正確。

rr

故選：Do

4、C

【解析】

AB.A、B、C三點到P點的距離相等，根據(jù)點電荷的場強(qiáng)公式后=［分析可知，A、B、C三點的電場強(qiáng)度大小相

r

等，但方向不同；A、B、C的三個點到場源電荷的距離相等，在同一等勢面，但其它點到場源電荷的距離與A、B、

C三點到場源電荷的距離不等，故底面ABC所在平面不是等勢面，故A、B錯誤；

C.將一正的試探電荷從B點沿直線BC經(jīng)過D點移到C點，電勢先升高后降低，電勢能先增大后減小，則靜電力對

該試探電荷先做負(fù)功后做正功，故C正確；

D.由于B、C的兩個點到場源電荷的距離相等，在同一等勢面，即%=%,貝！I有9"一夕。=心一。0,故D錯誤；

5、A

【解析】

AB.根據(jù)安培定則畫出//、12、心在。點的磁感應(yīng)強(qiáng)度示意圖，當(dāng)八=/2=人時，令8|=52=B3=B",示意圖如圖甲所示

n/

甲

根據(jù)磁場疊加原理，可知此時0點的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小B與斯?jié)M足關(guān)系穌=g8；

當(dāng)/尸3/2,/2=/3=/時，81=3琦，B2=B3=BO,示意圖如圖乙所示

由圖乙解得。點的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為48o=28,故A正確，B錯誤;

CD.當(dāng)《時，Bt=B3=B,示意圖如圖丙所示

2=3/,/i=/3=/0B2=3BO,

內(nèi)

由圖丙解得0點的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為26B0=百3,同理可得,當(dāng)h=3h/1=/2=/時,0點的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小也為6B,

故CD錯誤。

故選A.

6、A

【解析】

本題考查分子動理論。

【詳解】

AB.溫度是分子熱運(yùn)動平均動能的標(biāo)志，溫度升高，分子熱運(yùn)動平均動能增加，分子熱運(yùn)動的平均速率增大，A正確,

B錯誤；

C.由理想氣體狀態(tài)方程，

PV=nRT

V

P

溫度升高，壓強(qiáng)變小，體積變大，單位體積內(nèi)分子數(shù)減少，C錯誤；

D.溫度升高，分子熱運(yùn)動的平均速率增大，壓強(qiáng)卻減小了，故單位面積，單位時間內(nèi)撞擊壁的分子數(shù)減少，D錯誤;

故選A。

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得。分。

7、CD

【解析】

A.處于中點的小球A的運(yùn)動半徑為白，根據(jù)線速度與角速度的關(guān)系可知線速度

2

I,

v=—La)

2

A錯誤；

B.處于中點的小球A的加速度為

a.=-co2L

2

B錯誤；

C.處于端點的小球B的向心加速度

a=a>2L

由牛頓第二定律F=ma可知小球B所受的合外力為

F=marL

C正確；

D.設(shè)輕桿OA段中的拉力為月，輕桿段中的拉力為F2,對小球A由牛頓第二定律可得

2

Ft-F2=^ma)L

對小球B由牛頓第二定律可得

1

F2=mcoL

聯(lián)立解得

二二3

K2

D正確。

故選CD。

8、AB

【解析】

CD.先對小球A受力分析，受重力、支持力、靜電力，如圖所示：

/

犯g.

根據(jù)共點力平衡條件，有:

—―,FN=mgtana

cosa

由于。減小，可知墻面對A的彈力變小，庫侖力減小，故兩球間距增加，選項CD錯誤；

AB.對AB整體受力分析，受重力、斜面支持力N、墻壁支持力Ev、推力后如圖所示:

GW

根據(jù)共點力平衡條件，有

Nsin/3+F=FN

NcosP=(m+M)g

解得

F=mgtana-(m+M)gtan/3

cos/3

由于a減小，夕不變，所以推力尸減小，斜面對B的彈力N不變，選項AB正確。

故選AB。

9、ABD

【解析】

A.，=0時質(zhì)點A速度沿j軸正方向，可知該波沿x軸負(fù)方向傳播，選項A正確；

B.f=().03s時，質(zhì)點A第一次到達(dá)負(fù)向最大位移處，可知周期T=0.04s,波長2=lm,則該波的傳播速度為

A1

v=—=------m/s=25m/s

T0.04

選項B正確；

C.波傳播過程中，質(zhì)點只能在平衡位置附近上下振動，而不隨波遷移，選項C錯誤；

D.在f=0.04s=r時，質(zhì)點B回到平衡位置，速度沿j軸負(fù)方向，選項D正確；

E.波的頻率為

了」=25Hz

T

則該波與頻率是25Hz的簡諧橫波相遇時可能發(fā)生波的干涉現(xiàn)象，選項E錯誤。

故選ABDo

10、ACE

【解析】

A.發(fā)生全發(fā)射的條件是，光從光密介質(zhì)射入光疏介質(zhì)，且入射角大于或等于臨界角，故A正確；

B.光從光密介質(zhì)射到光疏介質(zhì)，頻率不變，根據(jù)v=￡可知，折射率減小，所以速度增大，故B錯誤；

n

C.光的衍射和干涉是波獨(dú)有的現(xiàn)象，所以可以說明光具有波動性，故C正確；

D.紅光的波長大于紫光，根據(jù)條紋間距公式可知

Ax-—A.

d

紅光的條紋間距大于紫光，故D錯誤；

E.兩列波發(fā)生穩(wěn)定的干涉現(xiàn)象的條件是頻率相同，相位差恒定，故E正確。

故選ACE,

三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11>B3.75VxlO10V20.0V

【解析】

(1)口]根據(jù)表頭的改裝可知"3”接T和“2”是電流擋，接“3”是電阻擋，接“4”和“5”是電壓擋，所以該多用電表有2

個擋位可以測量直流電流，故B正確，ACD錯誤。故選：B；

(2)[2]“5"端與“3”相接,由

/怎=(/-/)(4+%)，

可得：

1=-1,

48

根據(jù)閉合電路歐姆定律

。+&

結(jié)合圖象乙，當(dāng)Rr=0時，7g=20mA；&=150。時，Zg=10mAo代入數(shù)據(jù)解得：

4二150Q,

E=3.75V；

E

⑶由/=?可知，中值電阻為

叫,=R,=150Q。

即

150=15x10,

因此該小組使用了多用電表的“x10”倍率的歐姆擋進(jìn)行測量；

(3)[4]若“B”端與“4”相連，則有

11=儀+見=1風(fēng)+江匕,

解得：

U=10V,

即此時電表的最大量程為10V；

[5]“3”端與“5”相連時

。=伍+/(凡+6)=50丫,

最大量程為50V,由表盤可知最小分度值為IV,讀數(shù)時估讀到下一位，所以此時的讀數(shù)為20.0V。

12、240Q%電壓表超偏而損壞C

【解析】

實物圖如圖所示

⑵[2]多用電表讀數(shù)為

6=24.0x10=240C

粗測讀數(shù)為240Q。

(3)[3]S2接1時電壓表測量4的電壓，S2接2時電壓表測量用兩端電壓，兩種情況下，滑動變阻器的滑片位置相同，

由于電壓表示數(shù)相同，所以有

即被測電阻的阻值大小為R-

(4)[4]當(dāng)將變阻器阻值調(diào)到最大阻值時，由于最大阻值大于被測電阻，當(dāng)開關(guān)閉合后，導(dǎo)致與電壓表并聯(lián)的總電阻增大,

其分壓增大，就會出現(xiàn)電壓表超偏而損壞。

[5]AB.該實驗中沒有電流表的分壓也沒有電壓表的分流，所以電壓表準(zhǔn)確測量的是被測電阻兩端電壓，所以AB不符

合題意；

CD.滑動變阻器采用的是分壓接法，其阻值的大小影響電壓表示數(shù)的變化，阻值小不利于操作，所以選用阻值較大的

滑動變阻器，C正確D錯誤。

故選C。

四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

13、(1)M指向N；(2)/=106A；(3)P=15gw

【解析】

(1)從A到C的過程中對導(dǎo)體棒受力分析，安培力方向水中水平向左，根據(jù)左手定則可判斷電流方向從M指向N

⑵因為金屬導(dǎo)體MN做勻速圓周運(yùn)動，由

mgsin0=F%cos0

F^=BIL

則

/工an。

BL

得

/=IOGA

(3)根據(jù)功率的計算公式可得

P=7^vcos600=mgusin60

得

P=156W

2

n7rm,(3n+8n+4)mvn

B

14、(1)=—(2)d=2.5v0Z0(3)E=\------~(〃=1,2