理綜-河南省鄭州市名校教研聯(lián)盟2024屆高三下學(xué)期模擬預(yù)測試題和答案

物理參考答案第1頁（共7頁）絕密★啟用前物理參考答案14.【答案】C【解析】該反應(yīng)為核聚變反應(yīng)，根據(jù)質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒可得核反應(yīng)方程為He+H喻He+H+ΔE，可知生成的新核x是He，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；氦4核中有2個(gè)質(zhì)子2個(gè)中子，質(zhì)子數(shù)相同的稱為同位素，氦4核與氦3核是互為同位素，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；根據(jù)3E3+2E1+ΔE=4E2，可得氦3的比結(jié)合能為E3=，選項(xiàng)C正確；核反應(yīng)過程的前后，反應(yīng)體系的質(zhì)量數(shù)守恒，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。15.【答案】A【解析】根據(jù)圖像可知，軌跡ABC最高點(diǎn)大于軌跡CDA最高點(diǎn)，分析在最高點(diǎn)往左運(yùn)動(dòng)，根據(jù)平拋規(guī)律可知h=gt2，vx=，軌跡ABC運(yùn)動(dòng)時(shí)間長，但水平位移小，所以軌跡ABC水平分速度小，豎直分速度v2=2gh，軌跡ABC的大，所以沿軌跡CDA運(yùn)動(dòng)的最大速度可能為v1，沿軌跡ABC運(yùn)動(dòng)的最小速度即水平速度小于v2，選項(xiàng)A正確，B錯(cuò)誤；沿軌跡ABC和軌跡CDA運(yùn)動(dòng)過程的速度變化量Δv=gΔt不同，因?yàn)檫\(yùn)動(dòng)時(shí)間不同，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；沿軌跡ABC和軌跡CDA運(yùn)動(dòng)過程的平均速度大小不同，因?yàn)槲灰拼笮∠嗤?，但時(shí)間不同，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。16.【答案】B【解析】由題圖知，該簡諧運(yùn)動(dòng)的周期T=2根10-2s，振幅A=7cm，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；由ω==100πrad/s，又因?yàn)镼=或Q=-，所以振子做簡諧運(yùn)動(dòng)的表達(dá)式為x=7sin(100πt+)cm或x=7sin(100πt-)cm，選項(xiàng)B正確；t=0.5根10-2s時(shí)振子位于平衡位置，速度最大，由“爬坡法”知質(zhì)點(diǎn)在向上運(yùn)動(dòng)，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；當(dāng)-2s時(shí)位移為x=7sin(100πt+)cm=-cm，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。17.【答案】D 【解析】如圖所示，C處+q受到的電場力為F=2FAcosθ,方向由B指向A。根據(jù)幾何關(guān)系有cosθ=，則有F=，x=l，則F=，選項(xiàng)D正確。物理參考答案第2頁（共7頁）3rGM47(3rGM47(4R)318.【答案】B2r，可得T=2π GMmGMm ma== GMmGMm ma==T=7則有中T同聯(lián)立可得衛(wèi)星A向心加速度大小為a=0.625m/s2，選項(xiàng)B2v父r，第一宇宙速度為7.9km2v父r，第一宇宙速度為7.9km/s，故衛(wèi)星B在軌運(yùn)行速度一定小于7.9km/s，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。19.【答案】ACD【解析】設(shè)B的質(zhì)量為m，在物體A向下運(yùn)動(dòng)剛到C點(diǎn)的過程中，對(duì)A、B組成的系統(tǒng)應(yīng)用能量守恒定律可得2×3mv2＋2mgLsinθ-mgL，得μ=2×3mv2＋2mgLsinθ-mgL，得μ=342×3mv2－0=μ·2mgcosθ·2x，其中x為彈簧的最大壓縮量，得x＝0.4m，選項(xiàng)C×3mv2－0=μ·2mgcosθ·2x，其中x為彈簧的最大壓縮量，得x＝0.4m，選項(xiàng)C正確；從C2摩擦產(chǎn)生的熱量，即1點(diǎn)到彈簧最大壓縮量過程中由能量守恒定律可得1×3mv2＋2mgxsinθ-mgx=μ·2mgcosθ·x＋Epm，得B的質(zhì)量為點(diǎn)到彈簧最大壓縮量過程中由能量守恒定律可得1m＝2kg，選項(xiàng)D正確。20.【答案】BD【解析】根據(jù)理想降壓變壓器的變流比可知【解析】根據(jù)理想降壓變壓器的變流比可知ΔP=IR=160W，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；根據(jù)理想變壓器的變壓比可知=，得U3=2200V，升壓變壓器副線升壓變壓器的原線圈輸入功率P1=ΔP+P用，降壓變壓器輸出功率為P用=I4U4=8800W，得P1=8960W，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；根據(jù)P1=U1I1，解得I1=32A，根據(jù)正弦式交變電流產(chǎn)生規(guī)律可知，最大值為Em=NBSΦ,代入數(shù)物理參考答案第3頁（共7頁）Em 2據(jù)解得Em=300V，有效值Em 2選項(xiàng)D正確。21.【答案】BC=300V，電機(jī)線圈內(nèi)阻上消耗的熱功率P內(nèi)=I1E-I1U1，得P內(nèi)=640W，【解析】設(shè)勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，帶電粒子的電荷量為q，質(zhì)量為m，初速度為v，運(yùn)動(dòng)半徑為r，根據(jù)可得r=，根據(jù)勻速圓周運(yùn)動(dòng)規(guī)律可得粒子運(yùn)動(dòng)周期為T=。若粒子運(yùn)動(dòng)軌跡所對(duì)應(yīng)的圓心角為α,則粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)時(shí)間為t=2πBq。若兩粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間相等，則兩粒子在磁場中的轉(zhuǎn)過的圓心角（或弦切角）必定相等，可能分別從左右邊射出；可能正粒子從左邊射出，負(fù)粒子從上邊射出；可能都從下邊射出，例如此時(shí)圓心角均為180°,即均從NP邊射出，則對(duì)于正粒子有0＜<，解得，對(duì)于負(fù)粒子同理可知其初速度v2需滿足0＜v2<3av v 2v2可以取任意值，不一定為 ,=，對(duì)應(yīng)正粒子恰好從N點(diǎn)射出，且負(fù)粒子恰好從P點(diǎn)射出的特殊情況，故A錯(cuò)誤；若兩粒子的初速度相同，則兩粒子的運(yùn)動(dòng)半徑相同，當(dāng)正粒子的運(yùn)動(dòng)半徑為時(shí)，它將垂直MN邊射出，轉(zhuǎn)過的圓心角為90°;而負(fù)粒子將從NP邊射出，轉(zhuǎn)過的圓心角為180°,所以二者在磁場中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間之比為1∶2，故B正確。若其中一個(gè)粒子（即負(fù)粒子）垂直PQ邊射出磁場，則其轉(zhuǎn)過的圓心角為90°,而正粒子轉(zhuǎn)過的圓心角最大值為180°,所以正粒子與負(fù)粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間之比一定不大于2∶1，故C正確。若兩粒子分別從M、Q兩點(diǎn)射出磁場，設(shè)正、負(fù)粒子半徑分別為r1和r2，-222-2=a，所以正粒子與負(fù)粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)的初速度大小之比恰好為==，故D錯(cuò)誤。22.【答案】（8分）（1）1.56（2分2）0.1（2分）0.2（2分3）0.2（2分）【解析】（1）游標(biāo)卡尺的主尺讀數(shù)為1.5cm，游標(biāo)讀數(shù)為6×0.1mm=0.6mm=0.06cm，所以最終讀數(shù)為1.5cm+0.06cm=1.56cm。物理參考答案第4頁（共7頁）vv2（2）遮光條通過第一個(gè)光電門的平均速度大小v1==m/s=0.1m/s，這個(gè)速度就是通過第一個(gè)光電門中間時(shí)刻的速度，即記時(shí)0.078s時(shí)的瞬時(shí)速度；遮光條通過第二個(gè)光電門的平均速度大小d2Δt2m/s=0.2m/s，這個(gè)速度就是通過第二個(gè)光電門中間時(shí)刻的速度，即第二個(gè)光電門記時(shí)0.039s時(shí)的瞬時(shí)速度。（3）滑塊的加速度大小a=23.【答案】（11分）（1）BD（2分，每個(gè)1分）（2）6.0（或61分）（3）3.707（3.705～3.709均可2分）（4）B（1分）D（1分）（5）如圖（2分）πd2U4Il（6πd2U4Il【解析】（1）用多用電表測電阻時(shí)，每換一次擋位，都必須重新進(jìn)行歐姆調(diào)零，A錯(cuò)誤；指針越接近刻度盤中央，誤差越小，B正確；在外電路中，電流從黑表筆流經(jīng)被測電阻到紅表筆，C錯(cuò)誤；測量時(shí)，若指針偏角較小，說明這個(gè)電阻的阻值較大，應(yīng)換倍率較大的擋位來測量，D正確。（2）該同學(xué)選用歐姆表“×1”擋，由圖甲可知，對(duì)應(yīng)的讀數(shù)是Rx＝6.0×1Ω=6.0Ω。（3）螺旋測微器固定刻度為3.5mm，可動(dòng)刻度為20.7x0.01mm=0.207mm，則該次金屬絲直徑的測量值（4）電源電動(dòng)勢為3.0V，因此電壓表選擇電壓表V1（量程0~3V，內(nèi)阻約3kΩ);測量金屬絲的電阻阻值約為6Ω,則電路中的最大電流I==A=0.5A，因此電流表應(yīng)選電流表A1（量程0~0.6A，內(nèi)阻約0.1Ω)。即電流表應(yīng)選B，電壓表應(yīng)選D。（5）由于電流表內(nèi)阻約0.1Ω較小，因此應(yīng)選用電流表外接法，如答圖所示。（6）根據(jù)歐姆定律有R=，根據(jù)電阻定律有R=p=p=p，聯(lián)立解得p=。24.（9分）【解析】（1）拿掉活塞上的物塊，氣體做等溫變化初態(tài)：V1=hS，氣缸內(nèi)封閉氣體的壓強(qiáng)p1=+p0（1分）物理參考答案第5頁（共7頁）代入數(shù)據(jù)解得p1=4x105Pa（1分）205Pa（1分）由氣體狀態(tài)方程得p1Sh=p2Sh/（2分）整理得h/=2h=1.3m（1分）（2）在降溫過程中，氣體做等壓變化，外界對(duì)氣體作功為W=p2SΔh=9.6J（1分）由熱力學(xué)第一定律ΔU=W+Q（1分）可得ΔU=9.6J+(-24J)=-14.4J（1分）25.（14分）【解析】（1）MN切割磁感線產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢E=Bdv（1分）回路中的感應(yīng)電流I=（1分）MN兩端的電勢差UMN=I.R=Bdv（2分）M端電勢高（1分）（2）設(shè)線框從MN邊剛進(jìn)磁場到PQ邊剛進(jìn)磁場所用時(shí)間為t由焦耳定律有Q=2I2Rt（2分）解得導(dǎo)體框穿過磁場的過程中，導(dǎo)體框中產(chǎn)生的焦耳熱Q=（1分）（3）在0-時(shí)間內(nèi)M、N兩點(diǎn)的電勢差UMN隨時(shí)間t變化的情況可分為三段：第一段：在0-時(shí)間內(nèi)，線框中產(chǎn)生的電動(dòng)勢E=Bdv，MN邊相當(dāng)于電源，電流由N流向M，M、N兩點(diǎn)的電勢差相當(dāng)于路端電壓，大小為U=3E=3Bdv（1分）MN44d2d時(shí)間內(nèi)，線框完全在磁場中運(yùn)動(dòng)，穿過線框的磁通量沒有變化，不產(chǎn)生感應(yīng)電流，MN邊仍然在切割磁感線，M、N兩點(diǎn)的電勢差大小為UMN=Bdv（1分）第三段：在2d3d時(shí)間內(nèi)，線圈開始出磁場，MN邊離開磁場，只有PQ邊切割磁感線，此時(shí)PQ邊相當(dāng)于電源，MN邊中的電流由M流向N，線圈中電動(dòng)勢為E=Bdv，M、N兩點(diǎn)的電勢差為外電路部分電壓，大小為UMN=E=（1分）由以上三段可做出M、N兩點(diǎn)的電勢差UMN隨時(shí)間t變化的圖線如圖所示（2分）物理參考答案第6頁（共7頁）2620分）【解析】（1）因開始時(shí)輕質(zhì)細(xì)線與水平方向的夾角為30°,則小球P自由下落R時(shí)，輕繩剛好再次伸直如圖，設(shè)此時(shí)P的速度為v1。根據(jù)自由落體運(yùn)動(dòng)規(guī)律，可得v=2gR（1分）輕質(zhì)細(xì)線伸直后瞬間小球P速度為v2＝v1cos30o（1分）小球P與小物塊A碰前瞬間，設(shè)小球P的速度大小為v3，從輕質(zhì)細(xì)繩剛好再次伸直到小球P運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)聯(lián)立解得小球P運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)與小物塊碰前的速度大小vp=v3=6m/s（1分）設(shè)小球運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)，輕質(zhì)細(xì)繩對(duì)小物塊拉力大小為FN根據(jù)牛頓第三定律可知：小物塊碰前對(duì)輕質(zhì)細(xì)繩拉力大小為10.5N。（1分）（2）小球與小物塊進(jìn)行彈性碰撞后的速度為vp,、v4動(dòng)量守恒：mvp=mvp,+mv4（1分）22能量守恒：2mvp=22解得小物塊沖上傳送帶前的速度v4=vp=6m/s（1分）小物塊沖上傳送帶后做勻減速運(yùn)動(dòng)，根據(jù)牛頓第二定律有μmg=ma（1分）解得加速度大小a=2.5m/s2（1分）物理參考答案第7頁（共7頁）設(shè)小物塊與傳送帶共速時(shí)對(duì)地位移為x，傳送帶速度為v5，則由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式可得v-v=2ax（1分）代入數(shù)據(jù)解得x=2.2m<l，則可知小物塊與傳送帶共速后和傳送帶一起做勻速運(yùn)動(dòng)，小物塊在傳送帶上減速所用時(shí)間為t==0.4s，這段時(shí)間內(nèi)傳送帶運(yùn)動(dòng)的位移為x帶=v5t=2m（1分）則小物塊通過傳送帶時(shí)由于摩擦產(chǎn)生的熱量Q=μmg(x-x帶)=0.15J（1分）（3）設(shè)小物塊通過圓軌道最高點(diǎn)時(shí)的速度為v6，軌道對(duì)小物塊的彈力為FT，則由動(dòng)能定理有-2mgr=mv-mv（1分）小物塊通過圓軌道最高點(diǎn)時(shí)的速度大小為v6=m/s（1分）在最高點(diǎn)由牛頓第二定律可得FT+mg=m（1分）聯(lián)立解得FT=0，根據(jù)牛頓第三定律可知，通過最高點(diǎn)時(shí)，小物塊對(duì)軌道的壓力為0。（1分）化學(xué)參考答案第1頁（共5頁）絕密★啟用前化學(xué)參考答案7.【答案】A【解析】醫(yī)學(xué)上硫酸鋇常用作“鋇餐”，主要是因?yàn)槠潆y溶于稀鹽酸。8.【答案】D【解析】灼燒實(shí)驗(yàn)一般是在坩堝中進(jìn)行，不需要石棉網(wǎng)（或陶土網(wǎng)）和鐵架臺(tái)，需要泥三角和三腳架等，A項(xiàng)錯(cuò)誤；Fe(OH)3膠體和FeCl3溶液的溶質(zhì)都可以通過濾紙，不能用過濾方式分離，B項(xiàng)錯(cuò)誤；生成的三溴苯酚在苯中可溶，不能通過過濾的方法分離，C項(xiàng)錯(cuò)誤；不要誤以為生成的H2可能會(huì)跑到恒壓漏斗中就不能測H2體積，根據(jù)反應(yīng)前后氣壓相等原理，該裝置可以測定生成H2的體積，D項(xiàng)正確。9.【答案】D【解析】根據(jù)結(jié)構(gòu)可知：X、Y、Z、W分別為C、N、O、F。Y、Z、W的簡單離子核外電子排布相同，半徑關(guān)系：Y＞Z＞W(wǎng)，A項(xiàng)正確；由于N原子的2p軌道半滿結(jié)構(gòu)，穩(wěn)定性較強(qiáng)，其第一電離能比O大，但是比F小，第一電離能的關(guān)系：Z（O）＜Y（N）＜W（F），B項(xiàng)正確；C原子雜化類型有sp2、sp3，C項(xiàng)正確；HF的沸點(diǎn)高于CH4，是因?yàn)镠F分子之間可以形成氫鍵，使其沸點(diǎn)升高，但是HF分子之間形成的不是直線形氫鍵（鋸齒形），D項(xiàng)錯(cuò)誤。10.【答案】C【解析】1mol該物質(zhì)與NaOH溶液反應(yīng)，最多消耗3molNaOH，A項(xiàng)錯(cuò)誤；含3種含氧官能團(tuán)：酯基、羥基和醚鍵，B項(xiàng)錯(cuò)誤；溴水褪色是C=C鍵發(fā)生加成反應(yīng)，酸性KMnO4溶液褪色是與分子中的還原性基團(tuán)發(fā)生氧化反應(yīng)，C項(xiàng)正確；該分子中C=C鍵兩個(gè)C原子連接不同的原子或原子團(tuán)，存在順反異構(gòu)體，D項(xiàng)錯(cuò)誤。11.【答案】C【解析】碳棒b上發(fā)生氧化反應(yīng)，碳棒b為原電池的負(fù)極，碳棒a為原電池的正極，在外電路，電子從負(fù)極移動(dòng)到正極，A項(xiàng)正確；碳棒b上（負(fù)極）S生成SO42-的電極反應(yīng)式：S-6e-+4H2O＝SO42-+8H+，B項(xiàng)正確；負(fù)極上每生成1molSO42-，電路中轉(zhuǎn)移7mol電子，理論上消耗39.2LO2（標(biāo)準(zhǔn)狀況下），C項(xiàng)錯(cuò)誤；根據(jù)負(fù)極的電極反應(yīng)可以判斷，工作一段時(shí)間后，生成了H2SO4，酸性增強(qiáng)，氧硫化菌失去活性，電池效率降低，D項(xiàng)正確。12.【答案】B【解析】過程中只有極性鍵的斷裂和形成，A項(xiàng)錯(cuò)誤；中間體A的結(jié)構(gòu)簡式為，得一個(gè)質(zhì)子變成B，則B的結(jié)構(gòu)為，B項(xiàng)正確；根據(jù)最終各產(chǎn)物的百分比可以判斷，用C原子吸附在復(fù)合金屬上的CO2的量為90%,化學(xué)參考答案第2頁（共5頁）用O原子吸附在復(fù)合金屬上的CO2的量為10C項(xiàng)錯(cuò)誤；0.1molCO2→0.1molHCOOH（轉(zhuǎn)移0.2mol電子0.6molCO2→0.6molCH3OH（轉(zhuǎn)移3.6mol電子），0.3molCO2→0.3molCH4（轉(zhuǎn)移2.4mol電子），共轉(zhuǎn)移6.2mol電子，D項(xiàng)錯(cuò)誤。13.【答案】C【解析】由-lgKsp〔N(OH)2〕=-lgc(N2+)c2(OH-)=-lgc(N2+)-2lgc(OH-)=pN+2pR得關(guān)系式①pN=-2pR-lgKsp〔N(OH)2sp(NCO3)=-lgc(N2+)c(CO32-)=-lgc(N2+)-lgc(CO32-)=pN+pR，得關(guān)系式②pN=-pR-lgKsp(NCO3)。從關(guān)系式可知：①的斜率的絕對(duì)值大于②的，故曲線XY對(duì)應(yīng)的物質(zhì)是N(OH)2，曲線XZ對(duì)應(yīng)的物質(zhì)是NCO3，A項(xiàng)錯(cuò)誤。B項(xiàng)，X點(diǎn)時(shí)，pR=5.7，pN=0，由關(guān)系式①pN=-2pR-lgKsp〔N(OH)2〕得lgKsp〔N(OH)2〕=-2pR-pN=-2×5.7=-11.4，則Ks〔N(OH)2〕=10-11.4，其數(shù)量級(jí)為10-12，B項(xiàng)錯(cuò)誤。曲線XY中X點(diǎn)表示飽和N(OH)2溶液，向其中通入HCl后，c(OH-)減小（即pR增大），c(N2+)增大（即pN減小），所以能使溶液從X點(diǎn)變成Y點(diǎn)，C項(xiàng)正確。向N(OH)2飽和溶液中加入一定量NaOH，會(huì)產(chǎn)生沉淀N(OH)2，但是c(OH-)變大，D項(xiàng)錯(cuò)誤。27.（14分）（1）FeS2（2分）不同（2分）（2）FeS2+2Fe3+＝3Fe2++2S（2分）（3）1∶1（2分）5cV（4）酚酞（2分，甲基橙也給分）0V0【解析】（2分）硫酸溶液中含有鹽酸（2分）（1）硫鐵礦的主要成分為二硫化亞鐵（FeS2“操作1”包含萃取和分液，“操作2”為分液操作。（2）“浸取”過程中，飽和的FeCl3溶液和硫鐵礦粉發(fā)生的主要反應(yīng)的離子方程式為FeS2+2Fe3+＝3Fe2++2S。（3）NaClO+2HCl＝Cl2↑+H2O+NaCl，參加反應(yīng)的HCl只有一半做還原劑。（4）用氫氧化鈉標(biāo)準(zhǔn)溶液滴定強(qiáng)酸溶液，指示劑可選用酚酞或甲基橙；量取的25mL配制的硫酸溶液，其溶質(zhì)的物質(zhì)的量為5cV×10-4mol，250mL配制的硫酸溶液中溶質(zhì)的物質(zhì)的量為5cV×10-3mol，則該硫酸溶液的濃度為5col=5mol/L。經(jīng)過3次平行實(shí)驗(yàn)，發(fā)現(xiàn)測得的結(jié)果高于實(shí)際濃度，其原因可能是硫酸溶液中含有未除凈的鹽酸?；瘜W(xué)參考答案第3頁（共5頁）28.（15分）（1）+6（1分）（2）過濾（2分）玻璃棒漏斗（2分，每個(gè)1分，順序可換）（3）20（1分）170（1分）（4）NiMoO4+2Na2CO3+H2ONa2MoO4+2NaHCO3+NiO（2分）（5）(R4N)2MoO4+2HCO3-＝2R4NHCO3+MoO42-（2分）（6）C（2分）（7）(R4N)2CO3Na2CO3（2分，每個(gè)1分，順序可換）【解析】（1）Ni為+2價(jià)，O為-2價(jià)，則Mo為+6價(jià)。（1）“操作1”后有“浸出渣”和“浸出液”，則“操作1”是過濾。過濾實(shí)驗(yàn)用到的玻璃儀器有燒杯、玻璃棒和漏斗。（3）圖1，Na2CO3最佳添加量為20wt％-60wt％時(shí)，Mo和Al浸出率變化量很小，則Na2CO3最佳添加量為20wt%;圖2，當(dāng)浸出溫度≥170℃時(shí)，Mo和Al浸出率較高，且再繼續(xù)升溫后，Mo和Al浸出率變化不大，則最佳浸出溫度為170℃。（4）NiMoO4在堿浸時(shí)有Na2MoO4和NaHCO3生成，根據(jù)已知②判斷生成物還有NiO；則NiMoO4在堿浸時(shí)的化學(xué)方程式為NiMoO4+2Na2CO3+H2ONa2MoO4+2NaHCO3+NiO。（5）由一些離子被R4N+萃取的先后順序可知，加入NH4HCO3反萃取發(fā)生反應(yīng)為(R4N)2MoO4+2NH4HCO3=2R4NHCO3+(NH4)2MoO4，其離子方程式為(R4N)2MoO4+2HCO3-＝2R4NHCO3+MoO42-。（6）下口傾斜向上，旋轉(zhuǎn)下口的活塞放氣。（7）根據(jù)（5）中信息可知，采用碳酸根類型的N263萃取鉬的反應(yīng)產(chǎn)物有Na2CO3；萃取后有機(jī)相為HCO3-型（如R4NHCO3加入NaOH處理后可實(shí)現(xiàn)萃取劑(R4N)2CO3再生。流程中可以循環(huán)利用的物質(zhì)有Na2CO3和(R4N)2CO3。29.（14分）CH3CH2OH(g)+3H2O(g)②0.4CH3CH2OH(g)+3H2O(g)②0.4（2分）①A（2分）ΔH＝-173.4kJ/mol（2分）（2分）（2）300℃之前，反應(yīng)未達(dá)到平衡，隨溫度升高，反應(yīng)速率加快，CH3CH2OH選擇性增大；300℃之后，生成CH3CH2OH反應(yīng)的催化活性降低，反應(yīng)速率減慢，CH3CH2OH選擇性減?。ɑ蚱渌侠泶鸢?分）化學(xué)參考答案第4頁（共5頁）（3）12（2分）NA(一7)3（2分，其他合理形式也可給分）【解析】（1）Ⅰ×2+Ⅱ即為所求的熱化學(xué)方程式2CO2(g)+6H2(g)—CH3CH2OH(g)+3H2O(g)ΔH＝-173.4kJ/mol。①A.容器內(nèi)壓強(qiáng)不變，說明容器內(nèi)所有氣體的物質(zhì)的量都不再變化，則反應(yīng)Ⅰ和Ⅱ都達(dá)到化學(xué)平衡狀態(tài)，A項(xiàng)正確；B.容積固定，平衡時(shí)向容器中充入稀有氣體，各氣體分壓不變，平衡不移動(dòng)，B項(xiàng)錯(cuò)誤；C.平衡時(shí)向容器中充入一定量H2，反應(yīng)Ⅰ和Ⅱ均正向移動(dòng)，但是H2的轉(zhuǎn)化率降低，C項(xiàng)錯(cuò)誤。②根據(jù)原子守恒來解此題，只考慮起始和平衡時(shí)各組分的物質(zhì)的量，忽略反應(yīng)過程，分析如下：起始轉(zhuǎn)化平衡備注1molCO2（1-0.1-2x）molCO2根據(jù)C原子守恒寫CO2的物質(zhì)的量1molH2轉(zhuǎn)化率40%0.6molH2根據(jù)轉(zhuǎn)化率可求0.1molCO（0.4-3x）molH2O根據(jù)H原子守恒寫H2O的物質(zhì)的量xmolCH3CH2OH設(shè)的未知數(shù)根據(jù)O原子守恒列式為2（1-0.1-2x）+0.1+（0.4-3x）+x=2，解方程得x=0.05。平衡時(shí)，體系中各氣態(tài)物質(zhì)的物質(zhì)的量分別為：0.8molCO2，0.6molH2，0.1molCO，0.25molH2O，0.05molCH3CH2OH，故總的氣體的物質(zhì)的p(CO).p(H2O)量為1.8mol，平衡時(shí)容器內(nèi)混合氣體的壓強(qiáng)為0.9pMPap(CO).p(H2O)p(CO2).p(H2)0.10.9pMPa0.250.9pMPa1.81.8=5。平衡時(shí)，CO2(g)的物質(zhì)的量濃度為=0.8mol=0.4mol/L。0.9pMPa0.9pMPa962L（2）300℃之前，反應(yīng)未達(dá)到平衡，隨溫度升高，反應(yīng)速率加快，CH3CH2OH選擇性增大；300℃之后，生成CH3CH2OH反應(yīng)的催化活性降低，反應(yīng)速率減慢，CH3CH2OH選擇性減小。300℃之后，還是速率因素，不是平衡原因。因?yàn)榭偡磻?yīng)是放熱反應(yīng)，且CO2的轉(zhuǎn)化率是增大的，如果是平衡原因，則二者矛盾。（3）1個(gè)砷化硼的晶胞結(jié)構(gòu)中，頂點(diǎn)：8=1，面心：6=3，故含有4個(gè)B原子，離硼原子最近的硼原子有12個(gè)，且最近距離為2anm，該晶胞中有4個(gè)BAs，晶體密度可表示為NA(一7)3g/cm3。30.（15分）（1）對(duì)氨基苯酚或4-氨基苯酚（2分）酯基、羧基（2分，每個(gè)1分）化學(xué)參考答案第5頁（共5頁）（2）鄰硝基苯酚（2分）對(duì)硝基苯酚可形成分子間氫鍵，使其沸點(diǎn)升高，鄰硝基苯酚形成分子內(nèi)氫鍵，使其沸點(diǎn)降低，故先蒸餾出來的是鄰硝基苯酚（2分）（32分，其他合理形式也可給分）（4）10種（2分）（3分）【解析】（1）把氨基看成取代基，命名為對(duì)氨基苯酚或4-氨基苯酚；化合物E的官能團(tuán)有酯基和羧基，苯環(huán)不是官能團(tuán)。（2）對(duì)硝基苯酚可形成分子間氫鍵，使其沸點(diǎn)升高，而鄰硝基苯酚形成分子內(nèi)氫鍵，使其沸點(diǎn)降低，故先蒸餾出來的是沸點(diǎn)相對(duì)低的鄰硝基苯酚。（3）G中的-ONa結(jié)構(gòu)會(huì)與鹽酸反應(yīng)生成酚羥基（強(qiáng)酸制取弱酸），-NH2會(huì)與鹽酸發(fā)生中和反應(yīng)生成-NH3Cl，所以G→H的化學(xué)方程式為。（4）根據(jù)題意，化合物J的同分異構(gòu)體中含有、-COOH、-CH2CH3，固定-COOH在環(huán)上，移動(dòng)-CH2CH3，即可得滿足題設(shè)條件的同分異構(gòu)體數(shù)目。①固定-COOH在環(huán)上N原子的鄰位，移動(dòng)-CH2CH3，有4種同分異構(gòu)體；②固定-COOH在環(huán)上N原子的間位，移動(dòng)-CH2CH3，也有4種同分異構(gòu)體；③固定-COOH在環(huán)上N原子的對(duì)位，移動(dòng)-CH2CH3，有2種同分異構(gòu)體；滿足條件的同分異構(gòu)體共10種。（5）見答案。生物參考答案第1頁（共5頁）絕密★啟用前生物參考答案1.【答案】C【解析】部分植物細(xì)胞沒有葉綠體，不能通過光合作用產(chǎn)生O2，A錯(cuò)誤。PIP2s蛋白屬于細(xì)胞膜上的蛋白質(zhì)，其合成起始于游離的核糖體，需要內(nèi)質(zhì)網(wǎng)和高爾基體的加工，然后運(yùn)輸至細(xì)胞膜，B錯(cuò)誤。PIP2s蛋白磷酸化水平升高使其獲得了向外運(yùn)輸H2O2能力，這有利于植物在鹽堿地中生長和存活，C正確。據(jù)圖分析可以看出，敲除AT1蛋白基因后，PIP2s蛋白發(fā)生磷酸化，可以運(yùn)輸H2O2，仍然可以運(yùn)輸H2O，D錯(cuò)誤。2.【答案】B【解析】分離綠葉中的色素需要使用層析液，①正確；70%的酒精能使小動(dòng)物和微生物因脫水而死亡，及時(shí)固定收集的小動(dòng)物，防止腐爛，便于統(tǒng)計(jì)，②正確；觀察根尖有絲分裂進(jìn)行染色使用的試劑是甲紫溶液或醋酸洋紅溶液，③錯(cuò)誤；“綠葉中色素的分離”和“土壤中小動(dòng)物類群豐富度的研究”這兩個(gè)實(shí)驗(yàn)都不需要顯微鏡觀察，④錯(cuò)誤。3.【答案】D【解析】F2中紅色∶橙色∶黃色的比例為9∶4∶3，屬于9∶3∶3∶1的變式，可以推斷F1的基因型為AaBb，親代甲、乙的基因型存在兩種情況，第一種情況：甲AAbb、乙aaBB；第二種情況：甲aaBB、乙AAbb。若親代橙色甲的基因型為AAbb，則親代黃色乙的基因型為aaBB，又因?yàn)榧t色丙只用A基因的特異引物進(jìn)行擴(kuò)增，所以丙對(duì)應(yīng)的條帶4為A，所以由此推測條帶3為b，同理，根據(jù)丁只用B基因的特異引物進(jìn)行的擴(kuò)增，所以條帶2為B，則條帶1為a，因?yàn)橐业幕蛐蜑閍aBB，由此推測條帶1、2、3、4對(duì)應(yīng)的基因分別是a、B、b、A；若親代橙色甲的基因型為aaBB，則與題意不符，據(jù)此判斷A錯(cuò)誤。由此可知甲的基因型為AAbb、乙的基因型為aaBB，B錯(cuò)誤。丙為F2中紅色的個(gè)體，且?guī)в蠥基因，因此其基因型可能是AABB、AABb、AaBb，不可能是AAbb，C錯(cuò)誤。根據(jù)以上分析，橙色個(gè)體的基因型為1AAbb∶2Aabb∶1aabb，該群體隨機(jī)傳粉，后代基因型為bb，表型全部是橙色，D正確。4.【答案】D【解析】圖中表示的染色體行為是同源染色體聯(lián)會(huì)形成了2個(gè)四分體，并且序號(hào)為①和②的同源染色體的非姐妹染色單體之間發(fā)生了互換，A正確。經(jīng)一次有絲分裂后形成的染色體的DNA中有一條鏈?zhǔn)呛?2P（用圖中的虛線表示），另一條鏈?zhǔn)呛械钠胀≒（用圖中的實(shí)線表示），繼續(xù)進(jìn)行減數(shù)分裂時(shí)，原料為普通的P，經(jīng)染色體復(fù)制后，每個(gè)染色體的兩條姐妹染色單體的P元素的組成不同，有一條單體含有32P，另一條單體的兩條DNA鏈均含有普通的P，發(fā)生非姐妹染色單體的互換時(shí)，交換的片段可能是帶有32P，也可能是普通的P的單體片段之間的互換，有以下兩種情況：因此，圖中的細(xì)胞中不考慮含有32P與普通P的染色單體間的互換（圖中第一種情況則初級(jí)精母細(xì)胞中的兩對(duì)同源染色體共有4條染色體單體含有32P，形成的次級(jí)精母細(xì)胞中含有2條非同源染色體，如①和③,可能有2條染色體含有32P，B正確。若考慮第二種情況，則圖中有5條染色單體含有32P，分別是①的2條單體、②的1條單體、③和④分別只有1條單體，C正確。若按照第一種情況發(fā)生互換形成的次級(jí)精母細(xì)胞如①和③中含有32P的單體分到同一極，可能導(dǎo)致含有32P的染色體分到一個(gè)精細(xì)胞中，含有普通P的染色體分到一個(gè)精母細(xì)胞中，這樣形成的4個(gè)精細(xì)胞中恰好有2個(gè)含有32P，另外2個(gè)不含有32P，D錯(cuò)誤。5.【答案】A【解析】分析圖示可知，突觸前膜釋放谷氨酸的方式屬于胞吐，而突觸后膜釋放腺苷的方式是通過轉(zhuǎn)運(yùn)蛋白，屬于協(xié)助擴(kuò)散，A錯(cuò)誤。腺苷即ATP結(jié)構(gòu)中的“A”，腺苷結(jié)合三個(gè)磷酸基團(tuán)則成為ATP，因此腺苷既可以作為信息分子，也可參與細(xì)胞內(nèi)ATP的合成，B正確?？Х纫蚺c腺苷結(jié)構(gòu)類似，可以與腺苷受體結(jié)合，從而阻止腺苷發(fā)揮作用，抑制睡眠神經(jīng)，激活覺醒神經(jīng)元，達(dá)到提神醒腦的效果，C正確。腺苷與A1受體結(jié)合會(huì)抑制覺醒神經(jīng)元，其機(jī)制可能是使神經(jīng)元膜上Cl-內(nèi)流，靜息電位增大，細(xì)胞難以興奮，D正確。6.【答案】A【解析】觀察圖可知，每個(gè)中格有4×4=16個(gè)小格，因此5個(gè)中格共有80個(gè)小格，56÷80=0.7，即每個(gè)小格中平均有0.7個(gè)菌，則計(jì)數(shù)室中的菌數(shù)為400×0.7=280個(gè)，臺(tái)盼藍(lán)可以鑒定細(xì)胞為死細(xì)胞還是活細(xì)胞，死細(xì)胞可以被著色，因此活菌數(shù)為280×0.8=224個(gè)，又因?yàn)橛^察之前將稀釋后的培養(yǎng)液與臺(tái)盼藍(lán)染液進(jìn)行等體積混合，這相當(dāng)于將培養(yǎng)液進(jìn)行了二等分，因此混合前培養(yǎng)液中的活菌數(shù)相當(dāng)于224×2=448個(gè)，每個(gè)計(jì)數(shù)室的體積為0.1mm3，經(jīng)換算可以得到1mL酵母菌培養(yǎng)液中活菌數(shù)約為448÷0.1×1000×100=4.48×108個(gè)。31.【答案】（9分）（1）類囊體薄膜（或基粒）（1分）有氧呼吸第一階段和第二階段（1分）氧化型輔酶Ⅰ（結(jié)合H+和電子）轉(zhuǎn)化成還原型輔酶Ⅰ（或NAD+結(jié)合H+和電子轉(zhuǎn)化成NADH1分）（2）②（1分）氣孔開放程度下降，植物胞間CO2濃度下降，植物暗反應(yīng)速率減慢，制造的有機(jī)物減少，由于溫度升高導(dǎo)致呼吸作用消耗的有機(jī)物增多（2分）（3）升高（1分）持續(xù)高溫導(dǎo)致Rubisco酶活性降低，光合作用固定CO2的能力下降，而氣孔開放程度降低，從外界進(jìn)入的CO2減少，但是呼吸作用產(chǎn)生的CO2增多，導(dǎo)致胞間CO2濃度升高（2分）【解析】（1）①表示光反應(yīng)，發(fā)生在葉綠體的類囊體薄膜（或基粒），產(chǎn)生[H]和CO2的過程為有氧呼吸第二階段，產(chǎn)生[H]的過程實(shí)際上是指氧化型輔酶Ⅰ轉(zhuǎn)化成還原型輔酶Ⅰ（或NAD+轉(zhuǎn)化成NADH）。（2）CO2固定屬于光合作用的暗反應(yīng)階段，用圖中②表示。氣孔開放程度下降，植物胞間CO2濃度下降，植物暗反應(yīng)速率減慢，制造的有機(jī)物減少，由于溫度升高導(dǎo)致呼吸作用消耗的有機(jī)物增多。（3）持續(xù)高溫導(dǎo)致Rubisco酶活性降低，光合作用固定CO2的能力下降，而氣孔開放程度降低，從外界進(jìn)入的生物參考答案第2頁（共5頁）生物參考答案第3頁（共5頁）CO2減少，但是呼吸作用產(chǎn)生的CO2增多，導(dǎo)致胞間CO2濃度升高。32.【答案】（11分）（1）固醇（或脂質(zhì)或類固醇）（1分）分級(jí)調(diào)節(jié)（1分）下丘腦—垂體—甲狀腺軸、下丘腦—垂體—腎上腺皮質(zhì)軸（每點(diǎn)1分，共2分）（2）副交感（1分）胰島B（1分）抑制肝糖原分解和非糖物質(zhì)轉(zhuǎn)變成葡萄糖（每點(diǎn)1分，共2分）（3）實(shí)驗(yàn)思路：將生理狀態(tài)相同的雌性小鼠若干只均分成甲、乙兩組，甲組每天注射一定量的胰島素，乙組每天注射等量的生理鹽水，在相同且適宜的條件下飼養(yǎng)一段時(shí)間后，檢測每組小鼠的卵巢的平均大?。?分）預(yù)期結(jié)果：甲組小鼠的卵巢比乙組大（1分）【解析】（1）雌二醇屬于性激素，其化學(xué)本質(zhì)為固醇（或脂質(zhì)或類固醇），下丘腦、垂體和卵巢對(duì)雌二醇的分泌的調(diào)控屬于分級(jí)調(diào)節(jié)，人體內(nèi)的分級(jí)調(diào)節(jié)軸還有“下丘腦—垂體—甲狀腺軸”和“下丘腦—垂體—腎上腺皮質(zhì)軸”。（2）餐后人體血糖高于正常水平時(shí)，副交感興奮，支配胰島B細(xì)胞分泌的胰島素增多，胰島素能夠通過抑制肝糖原分解和非糖物質(zhì)轉(zhuǎn)變成葡萄糖，抑制血糖的來源，同時(shí)促進(jìn)血糖的三條去路，實(shí)現(xiàn)降血糖的作用。（3）胰島素過多還可能刺激垂體和卵巢，導(dǎo)致卵巢增大，此實(shí)驗(yàn)的材料應(yīng)選擇雌性小鼠，自變量為胰島素是否過多，因變量為卵巢的大小，設(shè)計(jì)的實(shí)驗(yàn)思路為：將生理狀態(tài)相同的雌性小鼠若干只均分成甲、乙兩組，甲組每天注射一定量的胰島素，乙組每天注射等量的生理鹽水，在相同且適宜的條件下培養(yǎng)一段時(shí)間后，檢測每組小鼠的卵巢的平均大小。預(yù)期結(jié)果：甲組小鼠的卵巢比乙組大。33.【答案】（10分）（1）浮游植物固定的太陽能和有機(jī)物輸入的化學(xué)能（每點(diǎn)1分，共2分）d/(c+e)×100%（1分）甲種魚的能量去向存在流向下一營養(yǎng)級(jí)，乙種魚屬于最高營養(yǎng)級(jí)沒有該能量去向（2分）（2）②—④（或⑤+⑥+⑦)（1分）a（1分）（3）根系釋放的氧氣有利于好氧微生物的繁殖和有氧呼吸，進(jìn)而促進(jìn)水體中有機(jī)物分解；根系釋放的氧氣有利于浮游動(dòng)物的繁殖，進(jìn)而通過捕食減少藻類含量；挺水植物遮擋陽光，抑制藻類植物的大量增殖，防止水體富營養(yǎng)化；植物發(fā)達(dá)的根系為浮游動(dòng)物提供棲息空間，有利于躲避天敵，通過捕食減少藻類含量；植物根系可以促進(jìn)N、P的吸收，減少藻類的數(shù)量（答出2點(diǎn)即可，每點(diǎn)1分，共2分）整體（1分）【解析】（1）由于本生態(tài)系統(tǒng)中有輸入的有機(jī)物，因此流經(jīng)該生態(tài)系統(tǒng)的總能量包括浮游植物固定的太陽能和有機(jī)物輸入的化學(xué)能。能量傳遞效率的計(jì)算方法是下一級(jí)的同化量除以上一級(jí)的同化量，即乙種魚的同化量d除以甲種魚的同化量（c+e）。甲種魚的能量去向存在流向下一營養(yǎng)級(jí)，乙種魚作為最高營養(yǎng)級(jí)沒有這個(gè)去向。（2）圖2中②表示同化量，④表示呼吸作用散失的能量，因此浮游動(dòng)物用于生長發(fā)育繁殖的能量可以表示為②—④,根據(jù)能量守恒原理，也可以表示為⑤+⑥+⑦。③是浮游動(dòng)物的攝入量中的糞便的部分，屬于浮游植物的能量，可以用圖1