2023-2024學(xué)年廣東省重點(diǎn)中學(xué)高三年級(jí)上冊(cè)物理模擬考試試題

2023-2024學(xué)年廣東省重點(diǎn)中學(xué)高三上學(xué)期物理模擬考試試題

注意事項(xiàng)

1.考生要認(rèn)真填寫(xiě)考場(chǎng)號(hào)和座位序號(hào)。

2.試題所有答案必須填涂或書(shū)寫(xiě)在答題卡上，在試卷上作答無(wú)效。第一部分必須用2B鉛筆作答；第二部分必須用黑

色字跡的簽字筆作答。

3.考試結(jié)束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監(jiān)考員收回。

一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。

1、如圖是某金屬在光的照射下產(chǎn)生的光電子的最大初動(dòng)能Ek,與入射光頻率v的關(guān)系圖象。由圖象可知錯(cuò)誤的是（）

A.該金屬的逸出功等于hvo

B.該金屬的逸出功等于E

C.入射光的頻率為以時(shí)，產(chǎn)生的光電子的最大初動(dòng)能為￡

22

D.入射光的頻率為2%時(shí)，產(chǎn)生的光電子的最大初動(dòng)能為E

2、如圖所示為六根與水平面平行的導(dǎo)線的橫截面示意圖，導(dǎo)線分布在正六邊形的六個(gè)角，導(dǎo)線所通電流方向已在圖中

標(biāo)出。已知每條導(dǎo)線在O點(diǎn)磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為綜，則正六邊形中心。處磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小和方向（）

B.大小2B0,方向沿x軸負(fù)方向

C.大小4叫），方向沿x軸正方向

D.大小4叫），方向沿y軸正方向

3、如圖所示，固定在水平面上的光滑半球，球心。正上方固定一個(gè)小定滑輪，細(xì)繩一端拴一小球（可視為質(zhì)點(diǎn)），小

球置于半球面上的A點(diǎn)，另一端繞過(guò)定滑輪。今緩慢拉繩使小球從A點(diǎn)滑向半球頂點(diǎn)未到頂點(diǎn)），在此過(guò)程中，小球

對(duì)半球的壓力大小N及細(xì)繩的拉力T大小的變化情況是（）

A.N不變，T變小B.N變小，T不變C.N交大,T變大D.N變大，T變小

4、如圖所示，電荷量相等的兩個(gè)電荷Qi和Q2,兩者連線及中垂線上分別有A點(diǎn)和B點(diǎn)，則下列說(shuō)法正確的是()

fB

I

I

I

--O—------0—,

QiA；Q-

I

A.若兩者是同種電荷，則A點(diǎn)的電勢(shì)一定高于B點(diǎn)的電勢(shì)

B.若兩者是同種電荷，則A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)一定大于B點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)

C.若兩者是異種電荷，則A點(diǎn)的電勢(shì)一定高于B點(diǎn)的電勢(shì)

D.若兩者是異種電荷,則A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)一定大于B點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)

5、如圖所示為某大橋,圖中橋墩之間的四段距離均為110m?？梢暈橘|(zhì)點(diǎn)的一輛汽車(chē)從。點(diǎn)由靜止開(kāi)始做加速度恒定

的加速直線運(yùn)動(dòng)。已知該車(chē)通過(guò)從段的時(shí)間為。則通過(guò)ce段的時(shí)間為()

A."B.(V2-1)/C.(72+1)/D.t

6、質(zhì)子的靜止質(zhì)量為咻=1.6726x10-27kg,中子的靜止質(zhì)量為％=1.6749x10〃kg,C粒子的靜止質(zhì)量為

27

ma=6.6467xlO-kg,光速c=3.0xl()8m/s。則c粒子的結(jié)合能約為()

A.-4.3X10^12J

B.4.3X10-12J

C.2.6x1010J

D.-2.6x1010J

二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。

全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。

7、《大國(guó)工匠》節(jié)目中講述了王進(jìn)利用“秋千法”在lOOOkV的高壓線上帶電作業(yè)的過(guò)程。如圖所示，絕緣輕繩。。一

端固定在高壓線桿塔上的O點(diǎn)，另一端固定在兜籃上。另一絕緣輕繩跨過(guò)固定在桿塔上C點(diǎn)的定滑輪，一端連接兜籃,

另一端由工人控制。身穿屏蔽服的王進(jìn)坐在兜籃里，緩慢地從C點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到處于。點(diǎn)正下方E點(diǎn)的電纜處。繩。。一直

處于伸直狀態(tài)，兜籃、王進(jìn)及攜帶的設(shè)備總質(zhì)量為機(jī)，不計(jì)一切阻力，重力加速度大小為g。關(guān)于王進(jìn)從C點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到

E點(diǎn)的過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的是（）

A.工人對(duì)繩的拉力一直變大

B.繩。。的拉力一直變大

C.OD,CZ＞兩繩拉力的合力大小等于

D.當(dāng)繩。與豎直方向的夾角為30。時(shí)，工人對(duì)繩的拉力為正mg

3

8、如圖所示，傾斜固定放置的帶電平行金屬板，兩板間距為d,a、b分別為上板和下板上的點(diǎn)，b點(diǎn)高于。點(diǎn)，ab

距離大于d,ab連線與上板夾角為。，。為銳角，平行板間存在水平向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為風(fēng)

一帶電荷量為+4的粒子從ah直線上的P點(diǎn)沿直線?！ㄏ颉c(diǎn)運(yùn)動(dòng)，初速度大小為%，則下列判斷正確的是（）

A.帶電粒子一定受到重力作用B.上板一定帶正電

C.帶電粒子可能做勻變速直線運(yùn)動(dòng)D.兩板間的電場(chǎng)強(qiáng)度可能大于

9,如圖所示。豎直光滑桿固定不動(dòng)，兩根完全相同的輕質(zhì)彈簧套在桿上，彈簧下端固定。形狀相同的兩物塊A、B分

別置于兩彈簧上端但不會(huì)拴接，A的質(zhì)量大于B的質(zhì)量?，F(xiàn)用外力作用在物體上，使兩端彈簧具有相同的壓縮量。撤

去外力后，兩物塊由靜止向上運(yùn)動(dòng)并離開(kāi)彈簧。從撤去外力到物塊速度第一次減為零的過(guò)程中。彈簧始終在彈性限度

之內(nèi)，以地面為零勢(shì)能面。下列說(shuō)法正確的是（）

ff

A.上升過(guò)程中兩物塊機(jī)械能均守恒

B.A上升的最大高度小于B上升的最大高度

C.A物體的最大速度大于B物體的最大速度

D.A物體的最大加速度小于B物體的最大加速度

10、下列說(shuō)法正確的（）

A.晶體在熔化過(guò)程中吸收熱量?jī)?nèi)能增加，溫度保持不變

B.給籃球打氣時(shí)越來(lái)越費(fèi)勁，說(shuō)明分子間存在斥力作用

C.能源危機(jī)是指能量的過(guò)度消耗，導(dǎo)致自然界的能量不斷減少

D.由于液體表面分子間距離大于液體內(nèi)部分子間的距離，使得液面存在表面張力

E.空氣相對(duì)濕度越大時(shí)，空氣中水蒸氣壓強(qiáng)越接近同溫度下水的飽和氣壓，水蒸發(fā)得越慢

三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。

11.（6分）某同學(xué)用圖甲所示的電路測(cè)量電阻&的阻值（約幾百歐）?；瑒?dòng)變阻器R,電阻箱Ro（0?99990）,S2是

單刀雙擲開(kāi)關(guān)，量程3V的電壓表（內(nèi)阻約3kQ）,電源電動(dòng)勢(shì)約6V

圖乙

圖丙

⑴根據(jù)圖甲實(shí)驗(yàn)電路，在圖乙中用筆畫(huà)線代替導(dǎo)線將實(shí)物圖連接完整______;

⑵正確連接電路后，斷開(kāi)Si、S2o調(diào)節(jié)好多用電表，將兩表筆接觸&兩端的接線柱，正確操作后，使用xlO的倍率粗

測(cè)其電阻，指針指示如圖丙，粗測(cè)得到Rx=。；

（3）該同學(xué)通過(guò)下列步驟，較準(zhǔn)確地測(cè)出Rx的阻值

①將滑動(dòng)變阻器的滑片P調(diào)至圖甲中的A端。閉合Si,將S2撥至1,調(diào)節(jié)變阻器的滑片產(chǎn)至某一位置，使電壓表的示

數(shù)滿偏；

②斷開(kāi)S1,調(diào)節(jié)電阻箱品），使其阻值最大；

③將S2撥至“2”，閉合Si,保持變阻器滑片P的位置不變，調(diào)節(jié)電阻箱的阻值，使電壓表再次滿偏，此時(shí)電阻箱示數(shù)

為Ri,貝!|Rx=o

（4）關(guān)于本實(shí)驗(yàn)

①該同學(xué)在⑶②的步驟中操作不妥，可能會(huì)在步驟③中造成;

②為了減小實(shí)驗(yàn)誤差：下列方法最可行的是。（填正確答案標(biāo)號(hào)）

A.選用量程不變，內(nèi)阻更大的電壓表

B.選用量程不變，內(nèi)阻更小的電壓表

C.選用總電阻遠(yuǎn)大于R的滑動(dòng)變阻器

D.選用總電阻遠(yuǎn)小于七的滑動(dòng)變阻器

12.（12分）圓柱形陶瓷元器件表面均勻鍍有一層導(dǎo)電薄膜，已知導(dǎo)電薄膜電阻率為夕，為了測(cè)量該薄膜厚度，某同

學(xué)使用銅絲緊繞在元件表面，銅絲繞制成圓形，圓柱體軸線垂直于銅絲圓面，制成電極A、B,如圖甲所示

⑴用螺旋測(cè)微器測(cè)量元件的直徑，測(cè)量結(jié)果如圖乙所示，其讀數(shù)為_(kāi)________mm。

⑵為了測(cè)量元件電阻，某同學(xué)首先使用多用電表對(duì)元件粗測(cè)，元件電阻約為10Q,現(xiàn)需準(zhǔn)確測(cè)量電阻阻值，可供器材

如下

A.被測(cè)元件段（阻值約10。）

B.直流電源（電動(dòng)勢(shì)約6V,內(nèi)阻約3Q）

C.電流表A1（量程。?0.6A,內(nèi)阻約2Q）

D.電壓表V］（量程0?2V,內(nèi)阻=100℃）

E.電壓表V2（量程。?12V,內(nèi)阻約5000。）

F.定值電阻&（g=2000。）

G.滑動(dòng)變阻器飛（020Q）

H.滑動(dòng)變阻器4（0100Q）

I.電鍵、導(dǎo)線等

①在可供選擇的器材中，已經(jīng)選擇A、B、C、I除此之外，應(yīng)該選用（填寫(xiě)序號(hào)）

②根據(jù)所選器材，在圖丙方框中畫(huà)出實(shí)驗(yàn)電路圖_______

③需要測(cè)量的物理量_______，請(qǐng)用上述物理量表示被測(cè)電阻&=o

（3）為了測(cè)量薄膜厚度還需要測(cè)量的物理量為o

（4）若被測(cè)元件電阻為R,元件直徑為d,電阻率為夕，請(qǐng)結(jié)合使用（3）物理量表示薄膜厚度Ad=o

四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，要求寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算

步驟。

13.（10分）一球形人造衛(wèi)星，其最大橫截面積為A、質(zhì)量為m,在軌道半徑為R的高空繞地球做圓周運(yùn)動(dòng).由于受

到稀薄空氣阻力的作用，導(dǎo)致衛(wèi)星運(yùn)行的軌道半徑逐漸變小.衛(wèi)星在繞地球運(yùn)轉(zhuǎn)很多圈之后，其軌道的高度下降了△H,

由于AHvvR,所以可以將衛(wèi)星繞地球運(yùn)動(dòng)的每一圈均視為勻速圓周運(yùn)動(dòng).設(shè)地球可看成質(zhì)量為M的均勻球體，萬(wàn)有

引力常量為G.取無(wú)窮遠(yuǎn)處為零勢(shì)能點(diǎn)，當(dāng)衛(wèi)星的運(yùn)行軌道半徑為r時(shí)，衛(wèi)星與地球組成的系統(tǒng)具有的勢(shì)能可表示為

一GMm

Ep=------.

r

（1）求人造衛(wèi)星在軌道半徑為R的高空繞地球做圓周運(yùn)動(dòng)的周期；

（2）某同學(xué)為估算稀薄空氣對(duì)衛(wèi)星的阻力大小，做出了如下假設(shè)：衛(wèi)星運(yùn)行軌道范圍內(nèi)稀薄空氣的密度為p,且為恒

量；稀薄空氣可看成是由彼此不發(fā)生相互作用的顆粒組成的，所有的顆粒原來(lái)都靜止，它們與人造衛(wèi)星在很短時(shí)間內(nèi)

發(fā)生碰撞后都具有與衛(wèi)星相同的速度，在與這些顆粒碰撞的前后，衛(wèi)星的速度可認(rèn)為保持不變.在滿足上述假設(shè)的條

件下，請(qǐng)推導(dǎo)：

①估算空氣顆粒對(duì)衛(wèi)星在半徑為R軌道上運(yùn)行時(shí)，所受阻力F大小的表達(dá)式；

②估算人造衛(wèi)星由半徑為R的軌道降低到半徑為R-AH的軌道的過(guò)程中，衛(wèi)星繞地球運(yùn)動(dòng)圈數(shù)n的表達(dá)式.

14.（16分）如圖，絕熱氣缸A與導(dǎo)熱氣缸B均固定于地面，由剛性桿連接的絕熱活塞與兩氣缸間均無(wú)摩擦.兩氣缸

內(nèi)裝有處于平衡狀態(tài)的理想氣體，開(kāi)始時(shí)體積均為％、溫度均為［.緩慢加熱A中氣體，停止加熱達(dá)到穩(wěn)定后，A

中氣體壓強(qiáng)為原來(lái)的1.2倍.設(shè)環(huán)境溫度始終保持不變，求氣缸A中氣體的體積匕和溫度北.

15.（12分）如圖所示，豎直平面內(nèi)的光滑形軌道的底端恰好與光滑水平面相切。質(zhì)量M=3.0kg的小物塊B靜止在水

平面上。質(zhì)量機(jī)=1.0kg的小物塊A從距離水平面高/z=0.80m的P點(diǎn)沿軌道從靜止開(kāi)始下滑，經(jīng)過(guò)弧形軌道的最低點(diǎn)Q

滑上水平面與B相碰，碰后兩個(gè)物體以共同速度運(yùn)動(dòng)。取重力加速度g=10m/s2。求：

(DA經(jīng)過(guò)Q點(diǎn)時(shí)速度的大小v0；

(2)A與B碰后共同速度的大小v；

(3)碰撞過(guò)程中，A與B組成的系統(tǒng)所損失的機(jī)械能AE。

Q

參考答案

一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。

1、C

【解析】

ABD.根據(jù)光電效應(yīng)方程有

Ekm二〃LWo

其中Wo為金屬的逸出功，其中

Wo=hvo

所以有

Ekm=/lV—/lVO

由此結(jié)合圖象可知，該金屬的逸出功為E或者的=加%當(dāng)入射光的頻率為2Vo時(shí)，代入方程可知產(chǎn)生的光電子的最大

初動(dòng)能為E,故ABD正確；

C.入射光的頻率冬時(shí)，小于極限頻率，不能發(fā)生光電效應(yīng)，故C錯(cuò)誤。

2

此題選擇錯(cuò)誤的，故選C。

2、D

【解析】

根據(jù)磁場(chǎng)的疊加原理，將最右面電流向里的導(dǎo)線在O點(diǎn)產(chǎn)生的磁場(chǎng)與最左面電流向外的導(dǎo)線在O點(diǎn)產(chǎn)生的磁場(chǎng)進(jìn)行合

成，則這兩根導(dǎo)線的合磁感應(yīng)強(qiáng)度為B；

同理，將左上方電流向外的導(dǎo)線在。點(diǎn)產(chǎn)生的磁場(chǎng)與右下方電流向里的導(dǎo)線在。點(diǎn)產(chǎn)生的磁場(chǎng)進(jìn)行合成，則這兩根導(dǎo)

線的合磁感應(yīng)強(qiáng)度為此；

將右上方電流向里的導(dǎo)線在。點(diǎn)產(chǎn)生的磁場(chǎng)與左下方電流向外的導(dǎo)線在。點(diǎn)產(chǎn)生的磁場(chǎng)進(jìn)行合成，則這兩根導(dǎo)線的合

磁感應(yīng)強(qiáng)度為必。

如圖所示：

85,矽

：4令9：

根據(jù)磁場(chǎng)疊加原理可知

B]=B?==2B0

由幾何關(guān)系可知為與&的夾角為120。，故將心與治合成，則它們的合磁感應(yīng)強(qiáng)度大小也為2瓦，方向與國(guó)的方向

相同，最后將其與凡合成，可得正六邊形中心處磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為4瓦，方向沿y軸正方向.

選項(xiàng)D正確，ABC錯(cuò)誤。

故選D。

3、A

【解析】

小球受重力支持力和拉力作用，將三力平移可構(gòu)成首尾連接的三角形，其中重力與過(guò)。點(diǎn)豎直線平行，支持力N沿半

球面半徑方向且

N'=N

拉力沿繩方向，力的三角形與。小球、滑輪構(gòu)成的三角形相似，設(shè)小球與滑輪間的繩長(zhǎng)為L(zhǎng),滑輪到。點(diǎn)的距離為“，

半球面半徑為R,則有：

NTmg

小球從A點(diǎn)滑向半球頂點(diǎn)過(guò)程中，小球到。點(diǎn)距離為R不變，4不變，L減小,所以N不變，T變小

故選Ao

4、D

【解析】

設(shè)兩個(gè)點(diǎn)電荷2和連線的中點(diǎn)為O.若兩電荷是同種電荷，且都是正電荷，則A點(diǎn)的電勢(shì)高于O點(diǎn)電勢(shì)，O點(diǎn)電

勢(shì)高于B點(diǎn)電勢(shì)，則A點(diǎn)的電勢(shì)高于B點(diǎn)的電勢(shì).若兩個(gè)點(diǎn)電荷都帶負(fù)電，則A點(diǎn)的電勢(shì)低于B點(diǎn)的電勢(shì)，A錯(cuò)誤.若

兩者是同種電荷，B點(diǎn)處電場(chǎng)線分布情況不能確定，所以不能確定兩點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)的大小，B錯(cuò)誤.若兩者是異種電荷，且2

為正電荷，則A點(diǎn)的電勢(shì)高于B點(diǎn)的電勢(shì).若。1為負(fù)電荷，則A點(diǎn)的電勢(shì)低于B點(diǎn)的電勢(shì)，C錯(cuò)誤.若兩者是異種

電荷，A處電場(chǎng)線比B處電場(chǎng)線密，則A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)一定大于B點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)，D正確.選D.

【點(diǎn)睛】若兩電荷是同種電荷，根據(jù)電場(chǎng)的對(duì)稱(chēng)性分析電場(chǎng)強(qiáng)度的關(guān)系，電場(chǎng)線越密，場(chǎng)強(qiáng)越大.若兩電荷是異種電

荷，根據(jù)順著電場(chǎng)線方向降低，分析電勢(shì)的高低；在兩電荷的連線上，O點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)最小，在連線的中垂線上O點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)

最大.

5、A

【解析】

汽車(chē)從。點(diǎn)由靜止開(kāi)始做加速度恒定的加速直線運(yùn)動(dòng)，四段大小相同的位移所需要的時(shí)間之比為

1:(72-1):(73-72):(2-V3)

設(shè)通過(guò)ce段的時(shí)間為則

t:t'=(y/2-iy.(2-y/2)

解得

t=A/ZT

故A正確，BCD錯(cuò)誤。

故選Ao

6、B

【解析】

a粒子在結(jié)合過(guò)程中的質(zhì)量虧損為

m=(2mp+2mJ-ma

則2粒子的結(jié)合能為

△E=△me，

代入數(shù)據(jù)得

AE?4.3X10^12J

故B正確，ACD錯(cuò)誤。

二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。

全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。

7^BCD

【解析】

AB.對(duì)兜籃、王進(jìn)及攜帶的設(shè)備整體受力分析如圖所示

繩。。的拉力為與豎直方向的夾角為仇繩CZ)的拉力為尸2,與豎直方向的夾角為a。根據(jù)幾何知識(shí)有

6>+2?=90°

由正弦定理可得

R=6=〃zg

sinasin8.

sin-----FCC

2

解得

F1=mgtana

尸m2sin0m2cos2a小

F2=--------=----------=mg(2cosa-

cosacosacosa

a增大，。減小，則后增大，B減小，故A錯(cuò)誤，B正確;

C.兩繩拉力的合力大小等于mg,故C正確;

D.當(dāng)a=30。時(shí)，則，=30。，根據(jù)平衡條件有

2F2COS30°=mg

可得

FA/3

F2=MG

3

故D正確。

故選BCDo

8、AB

【解析】

C.帶電粒子在復(fù)合場(chǎng)中一定受洛倫茲力而做直線運(yùn)動(dòng)，一定為勻速運(yùn)動(dòng)，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；

A.帶電粒子沿°。做勻速直線運(yùn)動(dòng)，根據(jù)左手定則可知洛倫茲力垂直方向向上，而電場(chǎng)力方向垂直平行板向下,

此二力不在一條直線上，可知一定受重力，選項(xiàng)A正確；

B.帶電粒子只受三個(gè)力，應(yīng)用矢量三角形定則可知洛倫茲力垂直?！ㄏ蛏?，則粒子帶正電，選項(xiàng)B正確；

D.。為銳角，可知儂和4E兩個(gè)力成銳角，此二力合力大于又重力和電場(chǎng)力的合力大小等于即

qE<qv0B,即E<%3,選項(xiàng)D錯(cuò)誤。

故選ABo

9、BD

【解析】

A.上升過(guò)程中在彈簧恢復(fù)原長(zhǎng)前，彈簧彈力一直對(duì)物塊做正功，物塊機(jī)械能增加，A錯(cuò)誤;

B.物塊從撤去外力到第一次速度減為0,根據(jù)能量守恒定律

mgh=Ep彈

解得

h=^

mg

彈簧壓縮量相同，所以對(duì)于兩物塊彈簧釋放的彈性勢(shì)能與彈相同，因?yàn)楦鵄>%，所以兩小球上升的最大高度關(guān)系為

“A<%

B正確；

C.物塊速度最大時(shí)，加速度為0,假設(shè)初始狀態(tài)彈簧的壓縮量為升,達(dá)到最大速度前，合力滿足

+Ax-

F=k(x0-x)-mg=-kx0mg

X為物塊向上運(yùn)動(dòng)的位移，因?yàn)楦鵄>根B，所以b-％圖像為

/-X圖線與位移軸圍成的面積為合外力做功，物塊從靜止開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，根據(jù)動(dòng)能定理可知合力為0時(shí)，B物塊動(dòng)能大,

1°

根據(jù)動(dòng)能表達(dá)式線=7可知A物體的最大速度小于B物體的最大速度，C錯(cuò)誤；

2

D.撤去外力瞬間，物塊的加速度最大，根據(jù)牛頓第二定律可知

F^-mg=ma

解得

因?yàn)橄郃>，〃B，所以

4<&

D正確。

故選BDo

10、ADE

【解析】

A.晶體在熔化過(guò)程中吸收熱量?jī)?nèi)能增加，溫度保持不變，故A正確；

B.給籃球打氣時(shí)越來(lái)越費(fèi)勁，這是氣體壓強(qiáng)作用的緣故，與分子間的作用力無(wú)關(guān)，故B錯(cuò)誤；

C.能源危機(jī)是指能量的過(guò)度消耗，導(dǎo)致自然界中可利用的能源不斷減少，故C錯(cuò)誤；

D.由于液體表面分子間距離大于液體內(nèi)部分子間的距離，使得液面存在表面張力，故D正確；

E.空氣相對(duì)濕度越大時(shí)，空氣中水蒸氣壓強(qiáng)越接近同溫度下水的飽和氣壓，水蒸發(fā)得越慢，故E正確。

故選ADEo

三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。

E

【解析】

⑴口］實(shí)物圖如圖所示

⑵⑵多用電表讀數(shù)為

R,=24.0x10=240。

粗測(cè)讀數(shù)為240Q。

⑶[3]S2接1時(shí)電壓表測(cè)量尺的電壓，S2接2時(shí)電壓表測(cè)量&兩端電壓，兩種情況下，滑動(dòng)變阻器的滑片位置相同,

由于電壓表示數(shù)相同，所以有

即被測(cè)電阻的阻值大小為用。

（4）[4]當(dāng)將變阻器阻值調(diào)到最大阻值時(shí)，由于最大阻值大于被測(cè)電阻，當(dāng)開(kāi)關(guān)閉合后，導(dǎo)致與電壓表并聯(lián)的總電阻增大,

其分壓增大，就會(huì)出現(xiàn)電壓表超偏而損壞。

[5]AB.該實(shí)驗(yàn)中沒(méi)有電流表的分壓也沒(méi)有電壓表的分流，所以電壓表準(zhǔn)確測(cè)量的是被測(cè)電阻兩端電壓，所以AB不符

合題意；

CD.滑動(dòng)變阻器采用的是分壓接法,其阻值的大小影響電壓表示數(shù)的變化，阻值小不利于操作，所以選用阻值較大的

滑動(dòng)變阻器，C正確D錯(cuò)誤。

故選C。

8

Ro

12、0.398（0.396~0.399均可給分）DFG（分壓式接法也可以）電流

U電極A、B之間的距離LP~^~

表A1示數(shù)/,電壓表V]示數(shù)U（或

RvJ-u~Vnd?R

【解析】

⑴口]螺旋測(cè)微器主尺刻度為0,可動(dòng)刻度為39.8x0.01mm=0.398mm,所以讀數(shù)為

0+0.398mm=0.398mm

⑵⑵因?yàn)橹绷麟娫措妱?dòng)勢(shì)為6V,電壓表V2量程太大，不能選擇，可將電壓表Vi改裝，因此需要DF；滑動(dòng)變阻器起

限流作用，安全下選擇小的，比較方便操作，所以選擇G。

[3]該電路設(shè)計(jì)滑動(dòng)變阻器阻值比被測(cè)阻值大，而且能保證儀器安全，因此滑動(dòng)變阻器采用限流方式，使用伏安法測(cè)量

被測(cè)電阻，其中電壓表需串聯(lián)一個(gè)分壓電阻，總電阻遠(yuǎn)大于待測(cè)電阻，采用電流表外接。電路如圖：

R、

RQ

4

[4]根據(jù)歐姆定律，需要測(cè)量電流表A1示數(shù)/,電壓表Y示數(shù)。；

⑸電壓應(yīng)為電壓表和定值電阻的總電壓，電流應(yīng)為流過(guò)待測(cè)電阻的電流，則

。(《+4)u(&,+&)

RuRR—u

耳

,U

因?yàn)?—,所以也可表示為

u

R4+4)u(q+q)

R.=—

F-R^I

(3)⑹根據(jù)電阻定律

凡=P~

XS

其中薄膜很薄，展開(kāi)后可認(rèn)為是以圓周長(zhǎng)為邊，厚度為高的矩形，即

S~7td-^d

所以為了測(cè)量薄膜厚度，還需要測(cè)量連入電路的電阻長(zhǎng)度為電極A、B之間的距離工。

⑷⑺據(jù)題有

R=p———

nd.Ad

因此

AJ=p———

nd'R

四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，要求寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算

步驟。

4丁及‘⑵①F=；②—1

13、(1)T-或、，

GMR-AH)RR-^HR

【解析】

試題分析：(1)設(shè)衛(wèi)星在R軌道運(yùn)行的周期為T(mén),

根據(jù)萬(wàn)有引力定律和牛頓第二定律有

解得：丁

VG.V

(2)①如圖所示，最大橫截面積為A的衛(wèi)星，經(jīng)過(guò)時(shí)間&從圖中的實(shí)線位置運(yùn)動(dòng)到了圖中的虛線位置，該空間區(qū)域

的稀薄空氣顆粒的質(zhì)量為Am=pAvAt

以這部分稀薄空氣顆粒為研究對(duì)象，碰撞后它們都獲得了速度v,設(shè)飛船給這部分稀薄空氣顆粒的平均作用力大小為F,

根據(jù)動(dòng)量定理有：F^t=Amv

根據(jù)萬(wàn)有引力定律和牛頓第二定律有：‘，解得：F=

R，RR

根據(jù)牛頓第三定律，衛(wèi)星所受的阻力大小F，=F=曰型.

R

②設(shè)衛(wèi)星在R軌道運(yùn)行時(shí)的速度為vi、動(dòng)能為Eki、勢(shì)能為Epi、機(jī)械能為Ei,

根據(jù)牛頓定律和萬(wàn)有引力定律有：*"'=，，上

衛(wèi)星的動(dòng)能,堤廣工.以;，勢(shì)能馬=-詈巴

解得：￡.=-°也

衛(wèi)星高