山東省菏澤市2023-2024學(xué)年高三上學(xué)期教學(xué)質(zhì)量檢測(cè)物理試題（解析版）

高級(jí)中學(xué)名校試卷PAGEPAGE12023—2024學(xué)年度第一學(xué)期期末考試高三物理試題（B）注意事項(xiàng)：1．本試卷分選擇題和非選擇題兩部分。滿(mǎn)分100分，考試時(shí)間90分鐘。2．答題前，考生務(wù)必將姓名、班級(jí)等個(gè)人信息填寫(xiě)在答題卡指定位置。3．考生作答時(shí)，請(qǐng)將〖答案〗答在答題卡上。選擇題每小題選出〖答案〗后，用2B鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的〖答案〗標(biāo)號(hào)涂黑；非選擇題請(qǐng)用直徑0.5毫米黑色墨水簽字筆在答題卡上各題的答題區(qū)域內(nèi)作答。超出答題區(qū)域書(shū)寫(xiě)的〖答案〗無(wú)效，在試題卷、草稿紙上作答無(wú)效。一、單項(xiàng)選擇題：本題共8小題，每小題3分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1.愛(ài)因斯坦為了解釋光電效應(yīng)現(xiàn)象，提出“光子”概念并給出光電效應(yīng)方程，密立根通過(guò)實(shí)驗(yàn)驗(yàn)證其理論的正確性。如圖所示，當(dāng)頻率為的可見(jiàn)光照射到陰極K上時(shí)，電流表中有電流通過(guò)，則（）A.用頻率小于的可見(jiàn)光照射陰極K，電流表上一定沒(méi)有電流通過(guò)B.當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片位于左端時(shí)，電流表的示數(shù)一定為0C.在光照條件不變的情況下，在滑動(dòng)變阻器的滑片由左向右移動(dòng)的過(guò)程中，通過(guò)電流表的電流可能先增大后不變D.對(duì)調(diào)電源的正負(fù)極，由左向右移動(dòng)滑動(dòng)變阻器的滑片，當(dāng)電流表的示數(shù)剛減小到零時(shí)，電壓表的示數(shù)為5.6V，則陰極K金屬的逸出功是5.6eV〖答案〗C〖解析〗A．因不知陰極K的極限頻率，用頻率小于的可見(jiàn)光照射陰極K，可能發(fā)生光電效應(yīng)，電流表可能有電流通過(guò)，故A錯(cuò)誤；B．當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片位于左端時(shí)，由于發(fā)生了光電效應(yīng)，即使A、K間的電壓為零，電流表中也有電流通過(guò)，故B錯(cuò)誤；C．當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片由左向右移動(dòng)時(shí)，陽(yáng)極吸收光電子的能力增強(qiáng)，光電流會(huì)增大，當(dāng)所有光電子都到達(dá)陽(yáng)極時(shí)，電流達(dá)到最大，即飽和電流，通過(guò)電流表的電流可能先增大后不變，故C正確；D．對(duì)調(diào)電源的正負(fù)極，加的是反向電壓，電流表的示數(shù)剛減小到零時(shí)，陰極K逸出的光電子的最大初動(dòng)能故D錯(cuò)誤。故選C。2.抽制高強(qiáng)度纖維細(xì)絲可用激光監(jiān)控其粗細(xì)，如圖所示，根據(jù)激光束越過(guò)細(xì)絲后在光屏上產(chǎn)生的條紋變化判斷細(xì)絲的粗細(xì)變化，下列說(shuō)法正確的是（）A.運(yùn)用了光的衍射現(xiàn)象，屏上條紋變寬，說(shuō)明細(xì)絲變細(xì)B.運(yùn)用了光的衍射現(xiàn)象，屏上條紋變寬，說(shuō)明細(xì)絲變粗C.運(yùn)用了光的干涉現(xiàn)象，屏上條紋變寬，說(shuō)明細(xì)絲變細(xì)D.運(yùn)用了光的干涉現(xiàn)象，屏上條紋變寬，說(shuō)明細(xì)絲變粗〖答案〗A〖解析〗當(dāng)障礙物的尺寸與波的波長(zhǎng)相當(dāng)或小于波的波長(zhǎng)，會(huì)發(fā)生明顯的衍射現(xiàn)象，該裝置的原理是光的衍射現(xiàn)象，如果屏上條紋變寬，則細(xì)絲變細(xì)，故BCD錯(cuò)誤，A正確。故選A。3.如圖甲，輕質(zhì)彈簧下端固定在水平地面上，上端連接一輕質(zhì)薄板。一物塊從其正上方某處由靜止下落，落至薄板上后與薄板始終粘連在一起。物塊從開(kāi)始下落到最低點(diǎn)的過(guò)程中，位移-時(shí)間（）圖像如圖乙所示，其中為物塊剛接觸薄板的時(shí)刻，為物塊運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)的時(shí)刻。彈簧形變?cè)趶椥韵薅葍?nèi)，空氣阻力不計(jì)。下列說(shuō)法正確的是（）A.時(shí)刻物塊的速度最大B.時(shí)刻物塊的加速度大小為gC.時(shí)間內(nèi)物塊所受合力的方向先豎直向下后豎直向上D.OA段曲線(xiàn)和AB段曲線(xiàn)分別為拋物線(xiàn)的一部分〖答案〗C〖解析〗AC．由題意可知中時(shí)刻物塊剛接觸薄板，接著開(kāi)始?jí)嚎s彈簧，由于一開(kāi)始彈簧彈力小于物塊重力，物塊所受合力方向向下，物塊向下做加速度逐漸減小的加速運(yùn)動(dòng)；當(dāng)彈力等于重力時(shí)，加速度為0，物塊的速度達(dá)到最大；之后彈力大于重力，物塊所受合力方向向上，物塊向下做加速度增大的減速運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤，C正確；B．物塊與薄板一起運(yùn)動(dòng)時(shí)是簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，物塊剛與薄板接觸時(shí)，加速度為，速度不為零；若物塊剛與薄板接觸時(shí)速度為零，由簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的對(duì)稱(chēng)性知，物體在最低點(diǎn)時(shí)，加速度大小為，方向豎直向上；而現(xiàn)在物塊剛與薄板接觸時(shí)有向下的速度，所以最低點(diǎn)位置比沒(méi)有初速度時(shí)更靠下，彈簧壓縮量更大，所以在最低點(diǎn)處的加速度大小必大于，故B錯(cuò)誤；D．OA段物塊做自由落體運(yùn)動(dòng)，OA段曲線(xiàn)為拋物線(xiàn)的一部分；AB段物塊先做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，后做加速度增大的減速運(yùn)動(dòng)，不是勻變速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，所以AB段曲線(xiàn)不是拋物線(xiàn)的一部分，故D錯(cuò)誤。故選C。4.2023年12月27日，我國(guó)在酒泉衛(wèi)星發(fā)射中心使用快舟一號(hào)甲運(yùn)載火箭，采取一箭四星的方式成功將天目一號(hào)氣象星座19-22衛(wèi)星發(fā)射升空。若天目一號(hào)衛(wèi)星繞地球的運(yùn)行可視為勻速圓周運(yùn)動(dòng)，其軌道離地高度h小于同步衛(wèi)星的離地高度，地球的半徑為R，地球表面附近重力加速度大小為g，忽略地球的自轉(zhuǎn)，下列關(guān)于天目一號(hào)衛(wèi)星的說(shuō)法正確的是（）A.從發(fā)射到進(jìn)入預(yù)定軌道整個(gè)過(guò)程均處于失重狀態(tài)B.進(jìn)入預(yù)定軌道后的運(yùn)行速度大小為C.進(jìn)入預(yù)定軌道后的向心加速度大小為D.進(jìn)入預(yù)定軌道后的運(yùn)行周期大于24小時(shí)〖答案〗B〖解析〗A．天目一號(hào)衛(wèi)星在加速升空階段加速度的方向向上，所以加速升空階段處于超重狀態(tài)，衛(wèi)星進(jìn)入預(yù)定軌道后圍繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，衛(wèi)星的加速度等于重力加速度，所以處于失重狀態(tài)，故A錯(cuò)誤；B．設(shè)地球質(zhì)量為M，衛(wèi)星在軌運(yùn)行時(shí)線(xiàn)速度為v，由萬(wàn)有引力提供向心力得地球表面上一質(zhì)量為的物體由萬(wàn)有引力等于重力得聯(lián)立解得故B正確；C．由萬(wàn)有引力提供向心力而聯(lián)立解得故C錯(cuò)誤；D．由萬(wàn)有引力提供向心力得周期可知軌道半徑越大，周期越大，而天目一號(hào)衛(wèi)星進(jìn)入預(yù)定軌道后的軌道半徑比同步衛(wèi)星的軌道半徑小，所以天目一號(hào)衛(wèi)星進(jìn)入預(yù)定軌道后的運(yùn)行周期比同步衛(wèi)星的運(yùn)行周期小，進(jìn)入預(yù)定軌道后的運(yùn)行周期小于24小時(shí)，故D錯(cuò)誤。故選B。5.關(guān)于圖中所示的熱學(xué)相關(guān)知識(shí)，描述正確的是（）A.圖甲中，微粒越大，單位時(shí)間內(nèi)受到液體分子撞擊次數(shù)越多，布朗運(yùn)動(dòng)越明顯B.圖乙中，在r由變到的過(guò)程中分子力做負(fù)功C.圖丙中，曲線(xiàn)1對(duì)應(yīng)的溫度比曲線(xiàn)2對(duì)應(yīng)的溫度低D.圖丁中，完成A→B→C→A一個(gè)循環(huán)需要外界對(duì)理想氣體做功18J〖答案〗C〖解析〗A．圖甲中，微粒越大，單位時(shí)間內(nèi)受到液體分子撞擊次數(shù)越多，布朗運(yùn)動(dòng)越不明顯，故A錯(cuò)誤；B．圖乙中，在r由變到的過(guò)程中，分子勢(shì)能減小，則分子力做正功，故B錯(cuò)誤；C．圖丙中，曲線(xiàn)對(duì)應(yīng)分子速率大的分子數(shù)占總分子數(shù)的百分比大一些，可知故C正確；D．圖丁中，完成A→B→C→A一個(gè)循環(huán)，氣體對(duì)外界做功大小等圍成的面積大小為故D錯(cuò)誤故選C。6.如圖所示，一個(gè)邊長(zhǎng)為正六邊形ABCDEF處于勻強(qiáng)電場(chǎng)中，勻強(qiáng)電場(chǎng)方向與該正六邊形在同一平面內(nèi)，將一個(gè)電荷量為的試探電荷從E點(diǎn)移動(dòng)到B點(diǎn)電場(chǎng)力做功，從B點(diǎn)移動(dòng)到C點(diǎn)電場(chǎng)力做功。下列說(shuō)法正確的是（）A.勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為 B.勻強(qiáng)電場(chǎng)的方向?yàn)閺腂點(diǎn)指向D點(diǎn)C.點(diǎn)B和點(diǎn)C間的電勢(shì)差 D.點(diǎn)D和點(diǎn)A間的電勢(shì)差〖答案〗D〖解析〗BCD．BE間電壓為BC間電壓為由幾何關(guān)系可知，DE、BA為等勢(shì)線(xiàn)，勻強(qiáng)電場(chǎng)的方向?yàn)閺腄點(diǎn)指向B點(diǎn)，點(diǎn)D和點(diǎn)A間的電勢(shì)差故BC錯(cuò)誤，D正確；A．勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為故A錯(cuò)誤。故選D。7.如圖所示，兩個(gè)波源和分別位于和處，產(chǎn)生兩列簡(jiǎn)諧橫波分別沿x軸正方向和x軸負(fù)方向相向傳播，兩列波的傳播速度均為2m/s，振幅均為10cm，時(shí)刻的波形圖如圖，此刻平衡位置在3m和7m處的質(zhì)點(diǎn)剛開(kāi)始振動(dòng)，下列說(shuō)法正確的是（）A.時(shí)，經(jīng)過(guò)平衡位置向上振動(dòng)B.波源和剛開(kāi)始振動(dòng)時(shí)的起振方向都向下C.時(shí)，處的質(zhì)點(diǎn)處于波峰處D.形成穩(wěn)定干涉圖樣后，處的質(zhì)點(diǎn)為振動(dòng)加強(qiáng)點(diǎn)〖答案〗C〖解析〗A．由圖可知，波長(zhǎng)為4m，周期為由上下波法可知，時(shí)，經(jīng)過(guò)平衡位置向下振動(dòng)，故A錯(cuò)誤；B．由上下波法可知，波源剛開(kāi)始振動(dòng)時(shí)的起振方向向下，波源剛開(kāi)始振動(dòng)時(shí)的起振方向向上，故B錯(cuò)誤；CD．兩列波在x=5m處相遇，形成穩(wěn)定干涉圖樣后，處的質(zhì)點(diǎn)為振動(dòng)減弱點(diǎn)，處的質(zhì)點(diǎn)為振動(dòng)加強(qiáng)點(diǎn)，時(shí)，處的質(zhì)點(diǎn)處于波峰處，故C正確，D錯(cuò)誤。故選C。8.如圖所示，輕質(zhì)細(xì)線(xiàn)一端連接在物體Q上，另一端繞過(guò)三個(gè)光滑輕質(zhì)小滑輪1、2、3后連接在地面上，輕彈簧豎直放置，上端與物體Q相連，下端固定在水平面上，小物體P掛在小滑輪2上。物體P、Q質(zhì)量分別為4m和m，用手托住物體P，使細(xì)線(xiàn)剛好被拉直，時(shí)刻將物體P由靜止釋放，運(yùn)動(dòng)過(guò)程中P始終未接觸地面。時(shí)刻，物體Q具有向上的加速度和向上的速度。已知重力加速度為g，彈簧勁度系數(shù)為k，且始終在彈性限度內(nèi)，不計(jì)摩擦和空氣阻力，兩物體均可視為質(zhì)點(diǎn)，下列說(shuō)法正確的是（）A.物體P、Q組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒B.時(shí)刻物體Q的加速度大小為C.運(yùn)動(dòng)過(guò)程中的任意時(shí)刻，P與Q重力的功率之比始終為D.時(shí)間內(nèi)彈簧的彈性勢(shì)能減少了〖答案〗D〖解析〗A.由于彈簧的彈力對(duì)物體Q做功，所以物體P、Q組成的系統(tǒng)機(jī)械能不守恒，故A錯(cuò)誤；B.t=0時(shí)刻，彈簧的彈力為。此時(shí)彈簧處于壓縮狀態(tài)，形變量為設(shè)此時(shí)Q的加速度為a，則P的加速度為，根據(jù)牛頓第二定律有4mg-2T=T=ma解得:故B錯(cuò)誤；C.運(yùn)動(dòng)過(guò)程中的任意時(shí)刻，P與Q重力的功率之比等于重力乘以速度，再乘以重力方向上的位移，由于P與Q的位移之比始終為1:2，所以P與Q重力的功率之比始終為2:1，故C錯(cuò)誤；D.t1時(shí)刻Q具有向上的加速度，根據(jù)牛頓第二定律有T-kx2-mg=4mg-2T=解得0~t1時(shí)間內(nèi)彈簧的彈性勢(shì)能減少了故D正確。故選D。二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題4分，共16分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得4分，選對(duì)但不全的得2分，有選錯(cuò)的得0分。9.如圖所示，理想變壓器所接電源的輸出電壓為，、、為三個(gè)完全相同的燈泡，燈泡和變壓器的原線(xiàn)圈串聯(lián)，燈泡、并聯(lián)接在副線(xiàn)圈回路中，定值電阻，交流電流表為理想電表，當(dāng)開(kāi)關(guān)閉合時(shí)三個(gè)燈泡都正常發(fā)光，電流表示數(shù)為2A。下列說(shuō)法正確的是（）A.變壓器原副線(xiàn)圈的匝數(shù)比為 B.燈泡的額定電壓為12VC.電源輸出的功率為26W D.當(dāng)開(kāi)關(guān)S斷開(kāi)時(shí)，燈泡會(huì)變暗〖答案〗AD〖解析〗A．、、為三個(gè)完全相同的燈泡，電流表示數(shù)為2A，則燈泡額定電流為1A，有故A正確；B．電源的輸出電壓為，有效值為設(shè)燈泡的額定電壓為UL，有解得故B錯(cuò)誤；C．電源輸出的功率為故C錯(cuò)誤；D．當(dāng)開(kāi)關(guān)S斷開(kāi)時(shí)，副線(xiàn)圈中總功率變小，電流變小，原線(xiàn)圈中電流變小，燈泡會(huì)變暗，故D正確。故選AD。10.某半徑為R的類(lèi)地行星表面有一單色點(diǎn)光源P，其發(fā)出的光經(jīng)過(guò)厚度為、折射率的均勻行星大氣層射向太空。取包含P和行星中心O的某一截面如圖所示，則（）A.截面內(nèi)有光線(xiàn)射向太空的區(qū)域所對(duì)應(yīng)的圓心角為60°B.截面內(nèi)有光線(xiàn)射向太空的區(qū)域所對(duì)應(yīng)的圓心角為30°C.若大氣層的厚度增加則有光線(xiàn)射向太空的區(qū)域所對(duì)應(yīng)的圓心角將增大D.若大氣層的厚度增加則有光線(xiàn)射向太空的區(qū)域所對(duì)應(yīng)的圓心角將減小〖答案〗AC〖解析〗AB．從P點(diǎn)發(fā)出的光入射到大氣外表面處時(shí)，如圖所示發(fā)生全反射的臨界角滿(mǎn)足解得由正弦定理得解得在大氣外表面發(fā)光區(qū)域?qū)?yīng)的圓心角為故A正確，B錯(cuò)誤；CD．若大氣層的厚度增加，θ不變，OP不變，由正弦定理可知β增大，有光線(xiàn)射向太空的區(qū)域所對(duì)應(yīng)的圓心角將增大，故C正確，D錯(cuò)誤。故選AC。11.某商家為了促銷(xiāo)推出彈珠抽獎(jiǎng)游戲，游戲模型如圖所示，平面游戲面板與水平面成角固定放置，面板右側(cè)長(zhǎng)為的直管道與半徑為的細(xì)圓管軌道平滑連接，兩者固定在面板上。圓管軌道的圓心為O，頂端切線(xiàn)水平。游戲時(shí)，向下拉動(dòng)“拉手”，放手后將彈簧頂端的小彈珠（可視為質(zhì)點(diǎn)）彈出，若彈珠直接打中面板底部的中獎(jiǎng)區(qū)域，則獲得相應(yīng)獎(jiǎng)勵(lì)，若彈珠打中側(cè)面擋板，則抽獎(jiǎng)無(wú)效。已知彈珠質(zhì)量，中獎(jiǎng)區(qū)域AB長(zhǎng)度，其等分為如圖所示的五個(gè)中獎(jiǎng)區(qū)域，不計(jì)所有摩擦和阻力，彈簧的長(zhǎng)度忽略不計(jì)，重力加速度g取，下列說(shuō)法正確的是（）A.當(dāng)彈珠從圓管軌道頂端以速度飛出時(shí)，彈珠對(duì)軌道的壓力為0.25N，方向沿斜面向上B.當(dāng)彈珠從圓管軌道頂端以的速度飛出時(shí)，顧客獲得三等獎(jiǎng)C.顧客要想獲得一等獎(jiǎng)，彈簧初始彈性勢(shì)能的取值范圍應(yīng)為或D.只要彈簧初始彈性勢(shì)能足夠大，就一定可以獲得一等獎(jiǎng)〖答案〗BCD〖解析〗AB．在圓管軌道頂端對(duì)彈珠受力分析解得根據(jù)牛頓第三定律，彈珠對(duì)軌道的壓力為，方向沿斜面向下。根據(jù)牛頓第二定律有解得根據(jù)運(yùn)動(dòng)的分解有聯(lián)立解得，由于則小球落在三等獎(jiǎng)區(qū)域，顧客獲得三等獎(jiǎng)，故A錯(cuò)誤，B正確；CD．根據(jù)能量守恒有對(duì)類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng)有聯(lián)立得顧客獲得一等獎(jiǎng)時(shí)或解得或故CD正確。故選BCD。12.如圖所示，導(dǎo)體棒a、b放置于足夠長(zhǎng)的水平光滑平行金屬導(dǎo)軌上，導(dǎo)軌左右兩部分的間距分別為L(zhǎng)和3L，導(dǎo)體棒a、b的質(zhì)量分別為m和3m，接入電路的電阻分別為R和3R，導(dǎo)軌電阻忽略不計(jì)。整個(gè)裝置處于方向豎直向上、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，a、b兩導(dǎo)體棒均以相同的初速度開(kāi)始向右運(yùn)動(dòng)，兩導(dǎo)體棒在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中始終與導(dǎo)軌垂直且接觸良好，導(dǎo)體棒a始終在窄軌道上運(yùn)動(dòng)，導(dǎo)體棒b始終在寬軌道上運(yùn)動(dòng)，直到最后兩導(dǎo)體棒達(dá)到穩(wěn)定狀態(tài)。下列正確的是（）A.運(yùn)動(dòng)過(guò)程閉合回路中的最大電流為B.穩(wěn)定狀態(tài)時(shí)導(dǎo)體棒a和b的速度都為C.運(yùn)動(dòng)過(guò)程中導(dǎo)體棒a產(chǎn)生的焦耳熱為D.從開(kāi)始運(yùn)動(dòng)直到穩(wěn)定狀態(tài)時(shí)流過(guò)導(dǎo)體棒a某一橫截面的電荷量為〖答案〗AD〖解析〗A．開(kāi)始時(shí)，回路感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)最大，最大感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為則感應(yīng)電流的最大值為解得故A正確；B．穩(wěn)定狀態(tài)時(shí)，回路的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為0，感應(yīng)電流為0，導(dǎo)體棒a、b均向右做勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，由于回路的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為0，則有對(duì)導(dǎo)體棒a，根據(jù)動(dòng)量定理有對(duì)導(dǎo)體棒b，根據(jù)動(dòng)量定理有解得，故B錯(cuò)誤；D．從開(kāi)始運(yùn)動(dòng)直到穩(wěn)定狀態(tài)時(shí)流過(guò)導(dǎo)體棒a某一橫截面的電荷量結(jié)合上述解得故D正確；C．根據(jù)能量守恒定律，回路產(chǎn)生的總的焦耳熱為運(yùn)動(dòng)過(guò)程中導(dǎo)體棒a產(chǎn)生的焦耳熱為解得故C錯(cuò)誤。故選AD。三、非選擇題：本題共6小題，共60分。13.一次下雨天，小明不經(jīng)意間轉(zhuǎn)動(dòng)手中的雨傘，發(fā)現(xiàn)水珠向四周飛出，如圖甲。受此啟發(fā)，小明按此原理設(shè)計(jì)了一裝置測(cè)當(dāng)?shù)刂亓铀俣?，設(shè)計(jì)如下實(shí)驗(yàn)：一帶槽水平圓盤(pán)在電動(dòng)機(jī)帶動(dòng)下勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，槽邊緣有一小孔，一較長(zhǎng)淺色鐵條用細(xì)線(xiàn)懸掛，其下端靠近圓盤(pán)邊緣，如圖乙所示。向圓盤(pán)槽內(nèi)注入紅色墨水，轉(zhuǎn)動(dòng)中有紅色墨水從小孔沿水平方向甩出，燒斷細(xì)線(xiàn)，鐵條自由下落。實(shí)驗(yàn)后在鐵條上留有清晰紅色細(xì)線(xiàn)，在鐵條上連續(xù)每5條細(xì)線(xiàn)取一計(jì)數(shù)線(xiàn)，分別記為A、B、C、D，用刻度尺測(cè)得AB、CD段的距離分別為x1、x2（單位：米），如圖丙所示。已知圓盤(pán)轉(zhuǎn)動(dòng)周期為T(mén)（單位：秒），則（以下結(jié)果均用題干所給物理量表示）：（1）相鄰計(jì)數(shù)線(xiàn)之間的時(shí)間間隔為_(kāi)___________s；（2）B點(diǎn)經(jīng)過(guò)小孔時(shí)的速度大小為_(kāi)___________m/s；（3）由此可測(cè)得當(dāng)?shù)刂亓铀俣却笮開(kāi)___________m/s2?！即鸢浮剑?）5T（2）（3）〖解析〗（1）[1]根據(jù)題意可知，電動(dòng)機(jī)轉(zhuǎn)動(dòng)的周期為T(mén)，在鐵條上連續(xù)每5條細(xì)線(xiàn)取一計(jì)數(shù)線(xiàn)，則相鄰計(jì)數(shù)線(xiàn)之間的時(shí)間間隔為T(mén)0=5T（2）[2]根據(jù)得則BC段的距離B點(diǎn)經(jīng)過(guò)小孔時(shí)的速度大小為（3）[3]根據(jù)得14.某物理興趣小組要測(cè)量一個(gè)電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，實(shí)驗(yàn)室提供的器材有：A．待測(cè)電源（電動(dòng)勢(shì)約為8V，內(nèi)阻約為）B．電壓表（量程為3V，內(nèi)阻約為）C．電流表（量程為2A，內(nèi)阻約為）D．滑動(dòng)變阻器（阻值范圍，最大允許電流3A）E．電阻箱（最大阻值）F．開(kāi)關(guān)和導(dǎo)線(xiàn)若干（1）為了完成實(shí)驗(yàn)，該同學(xué)先擴(kuò)大了電壓表的量程。為測(cè)量電壓表的內(nèi)阻，他設(shè)計(jì)了圖甲所示的電路圖，按照?qǐng)D甲連接好電路，進(jìn)行了如下幾步操作：①將滑動(dòng)變阻器觸頭滑到最左端，把電阻箱的阻值調(diào)到零；②閉合開(kāi)關(guān)，緩慢調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器的觸頭，使電壓表指針指到3.0V；③保持滑動(dòng)變阻器觸頭不動(dòng)，調(diào)節(jié)電阻箱的阻值，當(dāng)電壓表的示數(shù)為1.0V時(shí)，電阻箱的讀數(shù)為，則電壓表的內(nèi)阻為_(kāi)_____，該值______電壓表內(nèi)阻的真實(shí)值（選填“大于”“小于”或“等于”）。④保持電阻箱的阻值不變，使電阻箱和電壓表串聯(lián)，改裝成新的電壓表，改裝后電壓表的量程為_(kāi)_____V。（2）將④中改裝后的電壓表（表盤(pán)未換）與電流表連成如圖乙所示的電路，測(cè)量電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器的觸頭，讀出電壓表示數(shù)U和電流表示數(shù)I，作出圖像如圖丙所示，則電源的電動(dòng)勢(shì)為_(kāi)_____V，內(nèi)阻為_(kāi)_____（結(jié)果保留兩位小數(shù)）?！即鸢浮剑?）4980.2大于0~9（2）7.950.60〖解析〗（1）[1]圖甲是采用半偏法測(cè)電壓表內(nèi)阻。調(diào)整電阻箱電阻時(shí)認(rèn)為電阻箱和電壓表串聯(lián)部分電壓不變，當(dāng)電壓表示數(shù)為1.0V時(shí)，電阻箱兩端電壓為2.0V，故電壓表內(nèi)阻等于電阻箱電阻一半，為4980.2Ω。[2]電壓表的測(cè)量值為4980.2Ω，實(shí)際上增大電阻箱阻值時(shí)，串聯(lián)部分電壓增大。電阻箱兩端電壓略大于2.0V，故測(cè)量值大于真實(shí)值。[3]由于電壓表是電阻箱電阻的一半，故改裝后電壓表量程為0~9V。（2）[4][5]由閉合電路歐姆定律知U?I圖像與縱軸交點(diǎn)為電源電動(dòng)勢(shì)，電壓表示數(shù)為2.65V。則改裝后的電壓表讀數(shù)為7.95V，即E=7.95V，電源內(nèi)阻15.如圖所示，快遞分揀線(xiàn)上有兩個(gè)相互垂直且等高的水平傳送帶甲和乙，甲的速度為4m/s；乙的速度為，圖中虛線(xiàn)為傳送帶中線(xiàn)。一質(zhì)量為1kg可視為質(zhì)點(diǎn)的小包裹從傳送帶甲的左端中線(xiàn)處由靜止釋放，小包裹在離開(kāi)甲之前已經(jīng)與甲的速度相同，并平穩(wěn)地傳到乙上，滑至乙中線(xiàn)處時(shí)恰好相對(duì)乙靜止。已知小包裹與兩傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為0.25，重力加速度大小取。（1）要使小包裹在離開(kāi)傳送帶甲之前與甲的速度相同，則小包裹釋放的位置距傳送帶乙的左側(cè)邊緣L至少為多少？（2）求小包裹滑上傳送帶乙后所受摩擦力的大小及方向?！即鸢浮剑?）3.2m；（2）2.5N，與水平方向成60°斜向左上方〖解析〗（1）設(shè)小包裹的質(zhì)量為m，對(duì)小包裹有解得（2）摩擦力大小為小包裹滑上傳送帶乙瞬間，有相對(duì)傳送帶乙側(cè)向速度4m/s和與傳送帶乙運(yùn)動(dòng)方向相反的速度，如圖所示，并建立圖示直角坐標(biāo)系由幾何關(guān)系可知，摩擦力方向與水平方向成60°斜向左上方。16.如圖所示為某款按壓式吸液結(jié)構(gòu)原理圖，它由導(dǎo)液管、單向閥門(mén)A、彈簧、可動(dòng)塑料管、單向閥門(mén)B、儲(chǔ)液筒等組成。其中單向閥門(mén)A由質(zhì)量不計(jì)的塑料小球和定位裝置組成，單向閥門(mén)B由質(zhì)量為m的玻璃小球和定位裝置組成。當(dāng)向下按壓頂蓋時(shí)帶動(dòng)可動(dòng)塑料管向下移動(dòng)，儲(chǔ)液筒內(nèi)氣體壓強(qiáng)變大，閥門(mén)B關(guān)閉，閥門(mén)A打開(kāi)，使儲(chǔ)液筒內(nèi)氣體流出，松手后，彈簧將可動(dòng)塑料管彈開(kāi)，閥門(mén)A關(guān)閉，閥門(mén)B打開(kāi)，液體通過(guò)導(dǎo)液管進(jìn)入儲(chǔ)液筒，重復(fù)按壓就能把液體“吸”出瓶外。已知按壓前閥門(mén)A、B間氣體的體積為，按壓至最低位置時(shí)，閥門(mén)A、B間氣體的體積為。假設(shè)按壓前導(dǎo)液管內(nèi)外液面相平，閥門(mén)B與瓶?jī)?nèi)液體上表面的高度差為h，導(dǎo)液管的橫截面積為S，瓶?jī)?nèi)液體密度為。整個(gè)過(guò)程認(rèn)為氣體的溫度保持不變，外界大氣壓強(qiáng)為，重力加速度為g。求：（1）單向閥門(mén)B第一次剛被液體頂開(kāi)時(shí)，儲(chǔ)液筒內(nèi)氣體的壓強(qiáng)；（2）此裝置要想正常工作，單向閥門(mén)B中玻璃小球質(zhì)量m的最大值。〖答案〗（1）；（2）〖解析〗（1）設(shè)向上單向閥門(mén)B恰好要被頂開(kāi)時(shí)，儲(chǔ)液筒內(nèi)氣體壓強(qiáng)為p1，體積為V1，對(duì)向上單向閥門(mén)B，列平衡方程，有整理得（2）設(shè)按壓前閥門(mén)A、B間氣體的壓強(qiáng)為p2，由玻意耳定律解得此時(shí)內(nèi)部氣體壓強(qiáng)小于大氣壓強(qiáng)，閥門(mén)A在大氣壓力作用下關(guān)閉，對(duì)單向閥門(mén)B，由受力平衡有解得17.某款生物電療儀結(jié)構(gòu)如圖所示，在xOy平面內(nèi)存在有區(qū)域足夠大、方向垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B。位于坐標(biāo)原點(diǎn)O處的離子源能在xOy平面內(nèi)持續(xù)發(fā)射質(zhì)量為m、電荷量為q的負(fù)離子，其速度方向與x軸夾角的最小值為30°，且各個(gè)方向速度大小隨變化的關(guān)系為，式中為未知定值。已知的離子恰好通過(guò)坐標(biāo)為的P點(diǎn)，不計(jì)離子的重力及離子間的相互作用，忽略磁場(chǎng)的邊界效應(yīng)。（1）求關(guān)系式中的值；（2）在的界面上，有離子通過(guò)的區(qū)域所對(duì)應(yīng)縱坐標(biāo)y的取值范圍：（3）在界面右側(cè)加一定寬度且平行于＋x軸的勻強(qiáng)電場(chǎng)，如圖所示，電場(chǎng)強(qiáng)度大小。為使所有離子都不能穿越電場(chǎng)區(qū)域的右邊界，求所