理綜-陜西省銅川市2024屆高三第二次質量檢測試題和答案

銅川市2024年高三質量檢測卷.理科綜合生物部分1.B節(jié)食后,糖類的攝入不足,但是只有少量脂肪可轉化為糖類,A錯誤；脂肪C、H的比例比糖類高,因此,脂肪轉化為糖類的過程中,元素比例改變,B正確；脂肪只有分解為甘油和脂肪酸后才能通過自由擴散的方式被吸收,C錯誤；乳酸桿菌為厭氧菌,只進行無氧呼吸,D錯誤。2.C在生理穩(wěn)態(tài)過程中,肝臟細胞衰老死亡的速度和再生的速度相當,才能保證肝臟正常的大小和功能,A正確；肝臟受損傷后有很強的再生能力,分裂速度加快,細胞周期比正常情況短,B正確；乙肝病毒侵染導致肝細胞壞死可能不會加快肝細胞的再生,C錯誤；小鼠肝臟切除后的恢復過程中,因細胞的體積增大,部分肝細胞的物質運輸效率降低,D正確。3.DDNA復制時,解旋醇催化堿基間氫鍵的斷裂,DNA聚合醇催化脫氧核昔酸之間磷酸二酷鍵的形成,A錯誤；轉錄因子、RNA聚合醇是基因轉錄的重要調控元件,但轉錄因子不催化DNA解旋,B錯誤；逆轉錄醇結合在RNA上,催化逆轉錄過程,不屬于DNA結合蛋白,C錯誤；核酸醇與DNA結合后可催化DNA水解為4種脫氧核昔酸,醇的作用機理是降低化學反應所需的活化能,D正確。4.A盡管細菌的種類眾多,但細菌內原有的基因不可能對抗自然界中存在的所有抗生素,否則細菌將無法被殺死,A錯誤；兩種耐藥機制的獲得途徑不同,內在的是本來就有的基因,獲得的是通過基因重組的方式從其他個體獲取的,只有接觸抗生素后才表現(xiàn)出生存力的差異,即接觸抗生素后,有抗性基因的細菌才可以存活,B正確；內在的耐藥機制是使用細菌原有的基因,這些基因在細菌沒有接觸抗生素之前就已經存在,C正確；細菌耐藥性的機制有多種,可能是使進入菌體內的抗生素結構受損,使其對細菌的影響下降,也可能是轉移某化學基團使抗生素失去效應,減弱或降低抗生素對自身的影響,D正確。5.B內環(huán)境中Na十濃度下降,受刺激后,神經細胞可能不能形成動作電位,也可能形成動作電位但強度有所下降,關鍵取決于降低的水平,A錯誤；神經遞質在突觸間隙的存在時間長可能導致突觸后膜上的相應受體減少,比如可卡因導致多巴膠在突觸間隙的存在時間延長,使突觸后膜上的多巴膠受體減少,B正確；興奮從突觸前膜傳遞到突觸后膜的過程中,突觸前膜通過胞吐的方式釋放神經遞質,會引起膜成分的改變,但神經遞質與突觸后膜的受體結合不會引起突觸后膜的成分發(fā)生改變,C錯誤；興奮或抑制性神經遞質均能引起膜電位的變化,但是抑制性神經遞質不會引起膜電位的逆轉,只是使靜息電位的差值更大,D錯誤。6.C調查某樣地的南方鐵杉種群密度和物種豐富度均可采用樣方法,但種群密度需對不同的樣方取平均值,物種豐富度直接以獲得數據為準,A錯誤；據種群年齡組成分布可知幼齡的個體數量較少,但并沒有導致該物種的滅絕,因此不會導致生物多樣性下降,B錯誤；據圖推測,幼齡個體的成活率比較低,可能是因為樹下郁閉度較高,幼樹獲得的光能少,導致成活率低有關,C正確；南方鐵杉的高度不一致,是種群內部的空間分布和個體差異,垂直結構是群落的結構,D錯誤。29.（除注明外,每空1分）（1）種類和含量液泡和葉綠體（2）合成、運輸、分配、積累（任選兩個）適度遮陰有利于吉利紅的生長（3）遮陰比未遮陰各種光合色素含量高,且50%遮陰比25%遮陰各種光合色素含量增加更顯著增加光合色素的含量,提高光能的利用率（4）Mg是葉綠素的組成元素,Mg的積累量增加,可提高弱光下葉綠素的含量,增強對光能的捕獲和轉化能力,提高弱光下的光合能力（2分）胞間二氧化碳濃度（CO2吸收量）維持生物體的生命活動30.（除注明外,每空1分）（1）狂犬病毒不侵入血液,而是隨神經系統(tǒng)移動,常積累于唾液腺中,因此可通過分析唾液確定病毒的有無（2分）被咬傷的部位、感染病毒的數量、病毒的毒性（合理即可）咬傷部位神經越豐富、越靠近中樞神經系統(tǒng),潛伏期越短（2分）（2）接種疫苗抗體（3）與被狂犬病毒入侵的宿主細胞密切接觸,并使其裂解死亡（2分）【高三理綜參考答案第1頁（共8頁）】24474C31.（除注明外’每空1分）（1）農作物、茶樹、果樹固定太陽能’使能量流入該生態(tài)系統(tǒng)前者比后者經過的食物鏈短’能量向下一營養(yǎng)級傳遞的過程中散失的能量少’獲取的能量則多（2分）（2）利用林下土地’不占用耕地；分解殘枝落葉’加快物質循環(huán)為果樹、茶樹提供CO2和礦質元素（3）利用光照、聲音信號誘捕或驅趕某些有害動物、利用昆蟲信息素誘捕或警示有害動物、利用特殊的化學物質擾亂某些有害動物的雌雄交配（合理即可’2分）出生率32.（除注明外’每空1分）（3）答案一:純合黃羽（2分）若子代出現(xiàn)黃羽（栗羽：黃羽—1：1）’則該黑羽雄鶴韓的基因型為bbZyZy；若子代全為栗羽’則該黑羽雄鶴韓的基因型為bbZyZy（4分）答案二:純合栗羽（2分）若子代出現(xiàn)黃羽（栗羽：黃羽—3：1）’則該黑羽雄鶴韓的基因型為bbZyZy；若子代全為栗羽’則該黑羽雄鶴韓的基因型為bbZyZy（4分）答案三:黃羽（或栗羽2分）若子代出現(xiàn)黃羽’則該黑羽雄鶴韓的基因型為bbZyZy；若子代不出現(xiàn)黃羽’則該黑羽雄鶴韓的基因型為bbZyZy（4分）37.（除注明外’每空2分）（1）無菌水（1分）增加目的菌株的數量（2）稀釋涂布平板平板劃線灼燒滅菌初次使用灼燒的目的是消滅接種環(huán)上的雜菌’防止雜菌污染培養(yǎng)物；接種結束后灼燒是為了殺死接種環(huán)上的菌種’避免污染環(huán)境和感染實驗者（3）將篩選出的耐鹽微生物接種在以尿素為唯一氮源且加入酪紅的固體培養(yǎng)基上’篩選使培養(yǎng)基變紅的菌株（4）將獲取的36株產脈醇微生物分別與松散砂土混合’觀察對松散砂土的固定能力38.（除注明外’每空2分）（1）6使DNA聚合醇能夠從引物的3,端開始連接脫氧核昔酸’實現(xiàn)對目的基因的擴增耐高溫（1分）（2）三種基因具有相似的結構T4DNA連接醇T4DNA連接醇既可以縫合貓性末端’又可縫合平末端（3）Ti質粒上的T—DNA轉移到被感染細胞’并將其整合到細胞的染色體DNA上在相同位置接種玉米螟、噴施相同濃度的草甘騰化學部分7.D碳化硅陶瓷是一種新型無機非金屬材料’A正確；由于鋅比鐵活潑’形成原電池時鋅作負極被氧化’鐵作正極被保護’船體上鑲嵌的鋅塊是利用犧牲陽極法來避免船體遭受腐蝕’B正確；青銅是在純銅中加入錫或鉛的合金’C正確；絲綢的主要成分是蛋白質’不是纖維素’D錯誤。8.B多燎紫杉醇中間體的分子式為C11H14O4’分子中含有輕基、酷基兩種含氧官能團’A正確；多燎紫杉醇中間體分子中碳原子均有可能在同一平面上’最多為11個’B錯誤；多燎紫杉醇中間體分子中含有的輕基可與Na反應’含有的酷基可與NaOH溶液反應’C正確；多燎紫杉醇中間體分子中的兩個輕基催化氧化后均變?yōu)辂愘惢趬A性、加熱條件下’不能與銀氨溶液反應析出銀’D正確。9.D加熱試管時’試管內的液體不能超過試管容積的三分之一’A錯誤；最高價氧化物對應的水化物的酸性越強’元素的非金屬性越強’硝酸與碳酸鈉反應生成CO2的同時也會揮發(fā)出HNO3’當硅酸鈉溶液中出現(xiàn)沉淀時’不能證明一定是碳酸與硅酸鈉反應生成的沉淀’B錯誤；實驗室制取乙酸乙酷實驗中’右側試管中應盛裝飽和碳酸鈉溶液’C錯誤；NaCl的溶解度隨溫度的改變變化不大’加熱可使水分蒸發(fā)、NaCl晶體析出’能達到實驗目的’D正確。10.B根據題中信息可知X是Na、y是Al、Z是F。簡單離子半徑F—>Na十>Al3十’A項錯誤；Na2O2中存在共價鍵’B項正確；F元素不存在十7價’C項錯誤；工業(yè)上常采用電解熔融的Al2O3制備Al’D項錯誤。11.C氯氣有強氧化性’NaHSO3具有還原性’氯氣能將HSO氧化為SO—’而氯氣是少量的’則生成的H十能與HSO反應生成SO2’反應的離子方程式為4HSO十Cl2—2Cl—十3SO2十SO—十2H2O’A錯誤；將少量NaAlO2溶液滴入Ca（HCO3）2溶液中’反應的離子方程式為AlO2—十HCO十Ca2十十H2O—Al（OH）3+【高三理綜參考答案第2頁（共8頁）】24474C十cacO3+,B錯誤；將Ba（OH）2溶液滴入明礬溶液中至沉淀質量最大,反應的離子方程式為Al3十十2sO—十2Ba2十十4OH——2BasO4+十AlO十2H2O,c正確；NH4H2PO4電離出的H2PO優(yōu)先和NaOH溶液反應,同物質的量濃度同體積的NH4H2PO4溶液與NaOH溶液混合,OH—只與H2PO反應,反應的離子方程式為H2PO十OH——HPO—十H2O,D錯誤。12.c充電時,鋅極為陰極,電極反應為zn（OH）—十2e——zn十4OH—,A正確；放電時,鎮(zhèn)極為正極,電極反應為NiOOH十H2O十e——Ni（OH）2十OH—,B正確；充電時,鎮(zhèn)極為陽極,陰離子從鋅極區(qū)向鎮(zhèn)極區(qū)移動,zn（OH）—在鋅極上得電子生成金屬鋅,c錯誤；利用循環(huán)泵驅動電解液使其通過輸送管道在電池反應槽與儲液罐之間循環(huán)流動,可有效抑制電池內部電解液的濃度差造成的影響,從而提高電池能量效率,D正確。十）大,所以曲線a為AgNO3標準溶液滴定NaBr溶液的滴定曲線,曲線b為AgNO3標準溶液滴定Nacl溶液的滴定曲線,A正確；當V[AgNO3（aq）]—十十十）,B正確；相同實驗條件下,若改用10.00mL0.2000mol.L—1Nacl溶液,C（cl—）比原Nacl溶液中的大,故恰好完全反應之前,加入相同體積的AgNO3溶液后,溶液中C（Ag十）比原Nacl溶液中的小,即lgC（十）比原Nacl溶液中的大,則滴定曲線（滴定終點前）應在曲線b的上方,故滴定曲線（滴定終點前）不可能變?yōu)榍€M,c錯誤；當1L—1—5.4X10—8mol.L—1,若cl—已經開X10—2mol.L—1~0.0033mol.L—1。當Br—恰好沉淀完全時,根據化學方程式NaBr十AgNO3—AgBr+十NaNO3,可知加入的AgNO3標準溶液的體積為0.010X0—.100mL—2mL,若cl—未開始沉淀,則C（cl—）—0.0100mol.L—1X~0.0091mol.L—1>0.0033mol.L—1,則已經有部分cl—沉淀,D正確。2十4Hcl—cacl2十2cl2《十2H2O（2分）品紅溶液褪色（1分）漂白（1分）不可逆（1分）（3）先變紅后褪色（1分）（干燥的）氯氣沒有漂白性（1分）（4）I2十5cl2十6H2O—2HIO3十10Hcl（2分）（5）鈉燃燒并產生大量的白煙（或其他正確答案1分）（6）0.1600mol.L—1（2分）焙燒2O3十O2十H2O十2Nacl—2NaVO3十2Hcl（2分。也可以將反應條件寫成“高溫”）2O3焙燒（5）調節(jié)PH,將VO—轉化為VO；利用同離子效應,促進NH4VO3盡可能析出完全（2分）嫂燒2O5十2NH3—3V2O4十N2十3H2O（2分。也可以將反應條件寫成“高溫”）嫂燒解析6）25節(jié)時,K松P（NH4VO3）—1.6X10—3?！俺凌€”時,當鑰元素的沉淀率達到98%時,溶液中剩余的1.6X10—34.0X10—30.2mol.L—1X（100%—98%）—4.0X10—3mol.L—1,C（NH）—mol.L—1—0.4mol.L—1。K松P（NH4K松P（NH4VO3）【高三理綜參考答案第3頁（共8頁）】24474c—O-C-CH3||—O-C-CH3||②AC（2分。少選且正確的給1分，多選或錯選的不給分）（2）①30節(jié)（1分）該溫度下，催化劑的活性好，且環(huán)成燎的選擇性好（2分）②溫度升高，反應I和反應Ⅱ的反應速率都加快，但對反應Ⅱ速率的影響大于對反應I速率的影響（2分）十I2反應的ΔH二0，ΔS二0，當ΔH—TΔS二0時，反應能自發(fā)進行，即當T很小（低溫）時，該反應能自發(fā)進行。②恒溫恒容時，正反應是氣體壓強減小的反應，當氣體壓強不變時，說明反應已達到平衡狀態(tài)，A正確；正反應是放熱反應，升高溫度，平衡逆向移動，環(huán)成燎的平衡產率下降，B錯誤；起始時，環(huán)成二燎和碘化氫按物質的量之比1：2充入容積為2L的恒容密閉容器中，則二者轉化率之比—X100%：2X100%—1：1，即反應達到平衡時，環(huán)成二燎和碘化氫的轉化率相等，C正確；恒容時，通入惰性氣體，平衡不發(fā)生移動，環(huán)成二燎的平衡轉化率不變，D錯誤。（3）溫度越高，反應速率越快，根據圖示可知，溫度T2（虛線）的反應速率較大，故T1二T2。反應經過1小0.225mol.L—1，其平均生成速率制—0.225mol.L—1.h—1。（4）設雙環(huán)成二燎的起始分壓為p，水蒸氣分壓為p0，則反應到達平衡后，雙環(huán)成二燎分壓減小了0.9p，則雙環(huán)成二燎的平衡分壓為0.1p，環(huán)成二燎的平衡分壓為1.8p，列出方程組：p0十p—70kpa，p0十0.1p十1.8p—124kpa，解得：p—60kpa。則雙環(huán)成二燎的平衡分壓為6kpa，環(huán)成二燎的平衡分壓為108kpa，t節(jié)下該反應的平衡常數Kp—kpa—1944kpa?！?5.（1《（2）CU2十的價層電子排布式為3d9，較不穩(wěn)定，CU十的價層電子排布式為全充滿的3d10，比較穩(wěn)定，故高溫下CUO能轉化為CU2O（2分）、SO（1分）SO2（1分）V形（1分）平面三角形（1分）三角錐形（1分）正四面體形（1分）（511分2分）解析4）兩種物質的熔點都比較高，因此兩種氧化物的晶體類型都是離子晶體。由于氧化鐵中的Fe3十帶三個單位正電荷，而氧化亞鐵中的Fe2十帶兩個單位正電荷，因此氧化鐵中離子鍵強于氧化亞鐵中的離子鍵，因此氧化亞鐵的熔點較低，則1360節(jié)是FeO的熔點。（5）S原子位于晶胞內部，共有8個硫原子，結合化學式可知1個晶胞內含有4個Fe原子、4個CU原子，1個晶胞質量為X184g，晶胞的體積為2a3X10—30cm3，該晶體的密度為g.cm—3。OCH3（3）氧化反應（1分）取代反應（或酷化反應1分）【高三理綜參考答案第4頁（共8頁）】24474C—Δ（6）①HO--COOH（2分）③—Δ（6）①HO--COOH（2分）③HO--CHO十CH3-C-Cl-一CH3COO--CHO十HCl（2分）（4）I|十HOCH2COOH-一I|十CH3OH（2分）②2CH3COO--CHO十O2-一2CH3COO--COOH（2分）催化劑催化劑COOCH3COOCH2COOHCH2COOHCH2OOCH（2分（2分。寫對一個得1分）|OH||OHOH—--催化劑-O--物理部分14.D汽車轉彎時，兩乘客的角速度是相同的，根據心—幼T，因B乘客的轉彎半徑較大，則B乘客的線速度更大，根據a—幼2T可知，B乘客的向心加速度更大，由于A、B質量關系未知，故向心力無法比較，故選項ABC錯誤，D正確.15.D由題意，假設2下落的高度為h，則1下落的高度為2h，豎直方向做自由落體運動，則由公式>—gt2得t—槡，則t1—槡、t2—槡，所以1、2在空中運動的時間之比為—槡，A錯誤；假設兩飛鑲的初—14htanβ——14htanβ—錯誤；兩飛鑲落在。點的豎直速度分別為心>1—gt1—槡4gh、心>2—gt2—槡2gh，又tana——心>2心02—,由以上整理得tana—2tanβ,C錯誤心>2心02—16.C如圖所示為等量異種點電荷周圍空間的電場分布圖，本題的帶電圓環(huán)，可分解成無數對等量異種點電荷的電場，沿水平方向放置，它們有共同的對稱軸PP,，PP,所在的平面與每一條電場線都垂直，即為電勢為0的等勢線，因此。點場強大小不為0，電勢為0，A錯誤；可知水平直徑上、下兩側的電場分布對稱，豎直直徑兩側的電場分布也對稱，由電場的疊加原理可知，C點的場強等于d點的場強，B錯誤；PP,為等勢線，故將一電子從a點沿直線移動到b點，電場力不做功，C正確；由圓環(huán)所帶電荷的電場線分布可知，C點的電勢高于d點的電勢，由正電荷在電勢高的地方電勢能大，可知質子在d點的電勢能小于在C點的電勢能，D錯誤.17.B如果發(fā)生的是完全非彈性碰撞，則有m心0—（150m十m）心，解得心—1心0，如果發(fā)生彈性碰撞，根據動量守恒與機械能守恒m心0—150m心1十m心2，m心—X150m心十m心，解得心1—1心0，碰后速度介于兩者之間.故選B.18.C由于物料勻速上滑，則物料受平衡力的作用，對物料受力分析，如圖所示，A錯誤；由共點力的平衡條件可知，沿斜面方向Fcosθ—mgsina十Ff，垂直斜面方向FN—mgcosa—Fsinθ,又Ff—μFN，整理得F—g1i2,tanβ—，顯然當sin(θ十β)?1時，繩子的拉力最小，B、D錯誤；斜面對物料的作用力為支持力與摩擦力的合力，設其合力的方向FN—1FN—1Ffμ,顯然Y與θ角無關，C正確.【高三理綜參考答案第5頁（共8頁）】24474C19.AD航天飛機在A點從軌道I進入軌道Ⅱ點火減速,做負功,故A、D正確；航天飛機在A點受萬有引力一定,由牛頓第二定律可知在軌道Ⅱ上經過A點的加速度等于軌道I上經過A的加速度,故B錯誤；航天飛機在軌道Ⅱ上從A到B的過程中,萬有引力做正功,由動能定理可知在軌道Ⅱ上經過A的速度小于經過B的速度,故C錯誤.2o.AC將變壓器副線圈及右側電路等效為電阻,設滑動變阻器接入電路的阻值為R,則等效電阻為4R.將定值電阻視為電源內阻,作出等效電源輸出功率與外電阻阻值即等效電阻阻值的關系圖,如圖所示,當等效電阻阻值為Ro時,等效電源輸出功率最大.初始時滑動變阻器接入電路的阻值為,等效電阻為2Ro,滑片滑到a點時,滑動變阻器接入電路的阻值為,等效電阻為3Ro,由題意可知變壓器輸出功率始終等于等效電源輸出功率,故該過程中變壓器的輸出功率一直減小,B錯誤；由以上分析可知,滑片P向下滑的過程中,電路的等效總電阻一直增大,則原線圈的電流減小,由—可知流過副線圈的電流減小,即電流表的示數減小,A正確；由公式PRo—IRo可知,定值電阻Ro消耗的電功率減小,C正確；電源的輸出電壓恒定,流過定值電阻Ro的電流減小,則定值電阻Ro分得的電壓減小,則變壓器的輸入電壓增大,由公式—得變壓器的輸出電壓增大,D錯誤.21.BC粒子能到達接收屏,則粒子在S點所受的洛倫弦力方向水平向右,由左手定則可知,粒子帶負電,A錯誤；粒子的軌跡與磁場邊界相切時,粒子剛好能到達接收屏,作出粒子的軌跡,如圖所示,此時粒子的軌道半徑最大,則所對應的磁場的磁感應強度最小,由幾何關系可知該粒子的軌道半徑為r—d,由洛倫弦力提供向心力有m心2r—q心B,又—k,B正確；由題意可知ST——2d,磁感應強度B最小時,粒子到達接收屏上的C點,由幾何關系可知SC—2rcos3o。—槡3d,所以粒子到接收屏的點到T點的間距為CT—2d—槡3d—（2—槡3）d,C正確；磁感應強度最小值時,粒子在磁場中的運動周期為T—r—d,粒子的軌跡所對應的圓心角為12o。,所以粒子在磁場中運動的時間為t—,即為t—,磁感應強度越大,由公式T—可知粒子在磁場中的運動周期越小,由于軌跡所對應的圓心角不變,所以粒子在磁場中運動的時間越短,D錯誤.（3）如圖所示（3分,作出過原點的直線得1分,標出k—2g得2分）解析（1）打點計時器需要接交流電源才能工作,因此必須使用的器材有交流電源,故選B；測量重物的下落高度時需要使用刻度尺,故選D.（2）重物在下落的過程中,重力勢能減少量為ΔEp—mgh,動能的增加量為ΔEk—m心—m心,則可知,在不需要得出重力勢能減少量與動能增加量的具體數值的前提下,質量可以不測量；通過紙帶要直接測量的物理量是重物下落的高度,故選A；要間接測量的物理量是重物下落的瞬時速度,故選B.（3）作出圖像如圖所示.（4）小于（1分）電壓表的分流作用（2分）解析:（1）歐姆表的讀數為讀數與擋位的乘積,所選擋位為“X1”,讀數為多用表的讀數為12X1Ω—12Ω;【高三理綜參考答案第6頁（共8頁）】12,則該24474C（2）待測電阻的阻值約為10.0Ω,電源的電動勢為3.0V，則流過待測電阻的最大電流為I——0.3A—300mA，所以電流表選擇A1，即選A；電壓表選擇量程為3V的V，即選C；由于電表的示數從零開始調節(jié)，則滑動變阻器應用作分壓接法，所以滑動變阻器應選擇阻值較小的R1，即選E；（3）比較電壓表的內阻、電流表的內阻、待測電阻的阻值，顯然電壓表的內阻遠遠大于待測電阻的阻值，因此電流表應選擇外接法，滑動變阻器用作分壓接法；（4）由于電壓表的分流，導致電流的測量值偏大，而電壓的測量值是準確的，根據R工—可知測量值偏小.24.解:（1）對A由牛頓第二定律得μm1gcosθ—m1gsinθ—m1a1（1分）解得a1—0.4m/s2由運動學公式有L—a1t2（1分）解得t—5s（1分）此時A的速度U1—a1t—2m/s，符合題意（1分）（2）①對A分析T十μm1gcosθ—m1gsinθ—m1a2對B分析m2g—T—m2a2解得a2—1m/s2（1分）當達到與傳送帶共速t1——2s（1分）A的位移工1—t1—2m之后勻速，時間t2—L工1—1.5s（1分）A從底端到達頂端所需的時間t—t1十t2—3.5s（1分）②在A加速階段摩擦力f1—μm1gcosθ（1分）W1—f1工1解得W1—192J（1分）在A勻速階段摩擦力f2—m1gsinθ—m2g（1分）W2—f2（L—工1）解得W2—240J（1分）W—W1十W2—432J（1分