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認(rèn)證類型：個(gè)人認(rèn)證

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高級(jí)中學(xué)名校試卷PAGEPAGE12024屆高三年級(jí)測評(píng)一、選擇題：1.圖甲為演示光電效應(yīng)的實(shí)驗(yàn)裝置，用紅、綠光分別照射陰極K，得到兩條電流表與電壓表讀數(shù)之間的關(guān)系曲線a、b（如圖乙所示），下列說法正確的是（）A.曲線a對(duì)應(yīng)紅光B.紅光的遏止電壓較大C.單位時(shí)間內(nèi)照射到陰極上的紅光子數(shù)較少D.單位時(shí)間內(nèi)照射到陰極上的紅、綠光子數(shù)相等〖答案〗A〖解析〗A．根據(jù)愛因斯坦光電效應(yīng)方程可知可知光對(duì)應(yīng)的遏止電壓較小，即光的頻率較小，則對(duì)應(yīng)紅光，故A正確；B．由可知，綠光的遏止電壓較大，故B錯(cuò)誤；CD．由圖像可讀出，加正向電壓時(shí)對(duì)應(yīng)的飽和電流較大，由可知單位時(shí)間內(nèi)照射到陰極上的紅光子數(shù)較多，故CD錯(cuò)誤。故選A。2.如圖所示，粗糙水平地面上放有橫截面為圓的柱狀物體A，A與墻面之間放有表面光滑的圓柱形物體B，A、B均保持靜止。若將A向左移動(dòng)少許，下列說法正確的是（）A.B對(duì)A的作用力不變 B.墻對(duì)B的作用力不變C.地面對(duì)A的摩擦力不變 D.地面對(duì)A的支持力不變〖答案〗D〖解析〗B．對(duì)物體B受力分析，受到重力mg、A對(duì)B的支持力和墻壁對(duì)B的支持力N，如圖當(dāng)A向左移動(dòng)后，A對(duì)B的支持力的方向不斷變化，根據(jù)平衡條件結(jié)合合成法可以知道A對(duì)B的支持力和墻壁對(duì)B的支持力N都在不斷減小。由牛頓第三定律可知B對(duì)A的作用力在不斷減小。故AB錯(cuò)誤；CD．對(duì)A和B整體受力分析，受到總重力G、地面支持力FN，地面的摩擦力f和墻壁的彈力N，如圖根據(jù)平衡條件，有f=N，F(xiàn)N=G故地面的支持力不變，地面的摩擦力f隨著墻壁對(duì)B的支持力N的不斷減小而不斷減小。故C錯(cuò)誤；D正確。故選D。3.地球可看作半徑為R的均質(zhì)球體，已知地球同步衛(wèi)星距地面的高度為h，地球表面的重力加速度大小為g（不考慮地球自轉(zhuǎn)造成的影響），則地球同步衛(wèi)星繞地球做圓周運(yùn)動(dòng)的環(huán)繞速度為（）A. B. C. D.〖答案〗C〖解析〗地球表面，根據(jù)可得同步衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，有萬有引力提供向心力可得可得地球同步衛(wèi)星繞地球做圓周運(yùn)動(dòng)的環(huán)繞速度為故選C。4.在國慶節(jié)閱兵儀式中，某直升機(jī)靜止在地面上空的O點(diǎn)處于待命狀態(tài)，接到命令后，該直升機(jī)由靜止開始做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，先后經(jīng)過A、B、C三點(diǎn)，如圖所示。已知直升機(jī)通過、的時(shí)間相等，，，則O、A間的距離為（）A. B.C. D.〖答案〗B〖解析〗直升機(jī)通過、的時(shí)間相等，令為，則通過、、AC段的平均速度分別為，，勻變速直線運(yùn)動(dòng)中，全程的平均速度等于中間時(shí)刻的瞬時(shí)速度，則有根據(jù)速度與位移的關(guān)系式有解得故選B。5.如圖所示，足夠大的水平地面上靜置一木板，兩個(gè)均可視為質(zhì)點(diǎn)的滑塊A、B分別放在木板兩端，現(xiàn)使兩滑塊同時(shí)以的速度相向滑動(dòng)，兩滑塊恰好在木板的正中間相遇，相遇前木板做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，相遇后木板做勻減速直線運(yùn)動(dòng)。已知滑塊A的質(zhì)量為，與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.2，滑塊B的質(zhì)量為，與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.4，木板與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.05，最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，取重力加速度大小。下列說法正確的是（）A.木板的長度為B.木板的質(zhì)量為C.木板運(yùn)動(dòng)的最大距離為D.整個(gè)過程中滑塊B的位移為0〖答案〗D〖解析〗B．對(duì)兩滑塊受力分析，根據(jù)牛頓第二定律可得，依題意，相遇前木板勻加速，由牛頓第二定律，有相遇后木板勻減速，有解得可知相遇時(shí)三者共速，取向右為正方向，設(shè)三者經(jīng)t時(shí)間共速，由速度與時(shí)間關(guān)系可得聯(lián)立，解得故B錯(cuò)誤；ACD．根據(jù)B選項(xiàng)分析，三者一起勻減速過程，有解得做出它們運(yùn)動(dòng)的v-t圖像如圖由圖可知，木板的長度為木板運(yùn)動(dòng)的最大距離為分析滑塊B，減速時(shí)間設(shè)為，則有解得整個(gè)過程中滑塊B的位移為故AC錯(cuò)誤；D正確。故選D。6.如圖甲所示，理想降壓變壓器原、副線圈的匝數(shù)比，定值電阻，定值電阻，圖中電表均為理想交流電表，已知通過定值電阻的電流隨時(shí)間變化的正弦曲線如圖乙所示，下列說法正確的是（）A.電壓表的示數(shù)為B.電流表的示數(shù)為C.原線圈兩端的電壓為D.原線圈的輸入功率為〖答案〗AD〖解析〗A．由圖乙可得流經(jīng)電流的有效值為可得電壓表的示數(shù)為故A正確；B．根據(jù)可得電流表的示數(shù)為故B錯(cuò)誤；C．副線圈兩端的電壓根據(jù)可得原線圈兩端的電壓為故C錯(cuò)誤；D．原線圈的輸入功率為故D正確。故選AD。7.如圖所示，放在光滑絕緣水平面上的輕質(zhì)單匝矩形線框長、寬之比為，線框在外力作用下以相同的速度勻速離開勻強(qiáng)磁場區(qū)，離開磁場區(qū)時(shí)始終有兩邊與邊界平行，則在1、2兩種情況下（）A.所用拉力大小之比為B.通過線框的電荷量之比為C.線框中的感應(yīng)電流之比為D.線框中產(chǎn)生的熱量之比為〖答案〗CD〖解析〗在1、2兩種情況下，感應(yīng)電動(dòng)勢之比為根據(jù)可得線框中的感應(yīng)電流之比為根據(jù)受力平衡可得可得所用拉力大小之比為根據(jù)可得通過線框的電荷量之比為根據(jù)可得線框中產(chǎn)生的熱量之比為故選CD。8.如圖所示，質(zhì)量為、高為、傾角為的光滑斜面體放在足夠大的光滑水平地面上，斜面頂端正上方有一固定的光滑套管，用手提著質(zhì)量為的細(xì)長直桿的上端，將直桿穿過套管，使直桿下端恰好與斜面體頂端接觸，突然松手，直桿在套管的約束下只能沿豎直方向運(yùn)動(dòng)，斜面體隨即向右加速，重力加速度大小為，下列說法正確的是（）A.直桿的最大速度為B.斜面體的最大速度為C.斜面體的加速時(shí)間為D.斜面體在加速過程中受到地面的支持力大小為〖答案〗CD〖解析〗AB．桿豎直向下運(yùn)動(dòng)，接觸點(diǎn)沿斜面滑動(dòng)，同時(shí)由于桿向下運(yùn)動(dòng)使斜面向右運(yùn)動(dòng)，故將桿豎直向下的速度分解為平行斜面的速度和水平方向的速度，如圖桿一直向下加速，故可知到達(dá)斜面底端時(shí)速度最大，在到達(dá)底端過程中斜面體向右的速度與桿沿水平方向的速度相等，設(shè)到達(dá)底端時(shí)桿的速度為，斜面體的速度為，從開始到到達(dá)底端時(shí)對(duì)桿和斜面體由機(jī)械能守恒得其中有聯(lián)立解得，AB錯(cuò)誤；C．設(shè)桿加速度為，斜面體加速度為，根據(jù)前面分析可知設(shè)斜面對(duì)桿垂直于斜面方向的彈力為，桿對(duì)斜面垂直斜面向下的彈力為，可知對(duì)桿和斜面體由牛頓第二定律求得故斜面體加速時(shí)間為C正確；D．斜面體在加速過程中豎直方向受力平衡求得D正確。故選CD。第Ⅱ卷二、非選擇題：（一）必考題：9.某同學(xué)利用如圖甲所示的裝置“驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律”。（1）由靜止釋放重物后得到如圖乙所示的紙帶，O點(diǎn)為計(jì)時(shí)起點(diǎn)，A、B、C是打點(diǎn)計(jì)時(shí)器連續(xù)打下的三個(gè)點(diǎn)，已知打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的打點(diǎn)頻率為50Hz，則打B點(diǎn)時(shí)重物的速度大小為______m/s。（2）若該過程中重物的機(jī)械能守恒，根據(jù)圖乙中的數(shù)據(jù)可知，當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣却笮開_____m/s2，O、B兩點(diǎn)間的距離為______m。（結(jié)果均保留兩位小數(shù)）〖答案〗（1）3.60（2）9.750.66〖解析〗（1）[1]根據(jù)中間時(shí)刻瞬時(shí)速度等于這段時(shí)間的平均速度可知m/s=3.60m/s（2）[2]根據(jù)逐差法可知m/s2=9.75m/s2[3]根據(jù)機(jī)械能守恒定律有解得m10.某同學(xué)欲測量量程為10mA的毫安表內(nèi)阻（內(nèi)阻大約為幾歐），可供選擇的器材有：A．滑動(dòng)變阻器R1（最大阻值為50Ω）；B．滑動(dòng)變阻器R2（最大阻值為1000Ω）；C．電阻箱R（最大阻值為999.9Ω）；D．電源E（電動(dòng)勢為6V，內(nèi)阻不計(jì)）；E．開關(guān)、導(dǎo)線若干。利用如圖所示的電路圖進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，實(shí)驗(yàn)步驟如下：①將電阻箱阻值調(diào)為最大，將滑動(dòng)變阻器的滑片移到最大阻值位置，閉合開關(guān)S1；②調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器，使毫安表滿偏；③閉合開關(guān)S2，保持滑動(dòng)變阻器的滑片位置不動(dòng)，調(diào)節(jié)電阻箱，使毫安表半偏，電阻箱的阻值為7.9Ω?；卮鹣铝袉栴}：（1）圖中滑動(dòng)變阻器應(yīng)選用________（填“R1”或“R2”）；（2）考慮到干路電流的增加，該毫安表的內(nèi)阻約為________Ω（保留兩位有效數(shù)字）；（3）該同學(xué)拆開此毫安表，發(fā)現(xiàn)該毫安表是由一個(gè)微安表頭和一個(gè)阻值為8.04Ω的定值電阻并聯(lián)構(gòu)成的，利用（2）中結(jié)果可知，該微安表頭的滿偏電壓為________mV、內(nèi)阻為________Ω?！即鸢浮剑?）R2（2）8.0（3）801608〖解析〗（1）[1]在該實(shí)驗(yàn)中閉合開關(guān)S2時(shí)，認(rèn)為電路總電流不變，實(shí)際上閉合開關(guān)S2時(shí)電路總電阻變小，電路電流增大，而電源電動(dòng)勢越大、滑動(dòng)變阻器阻值越大，閉合開關(guān)S2時(shí)微安表兩端電壓變化越小，實(shí)驗(yàn)誤差越小，所以為減小實(shí)驗(yàn)誤差，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選擇阻值較大的R2；（2）[2]考慮到干路電流的增加，未閉合S2時(shí),根據(jù)閉合電路歐姆定律有閉合S2時(shí),根據(jù)閉合電路歐姆定律有聯(lián)立求得（3）[3]該微安表頭的滿偏電壓為[4]設(shè)該微安表內(nèi)阻為，則有求得11.如圖所示，質(zhì)量為m的小球A與質(zhì)量為7m的小球B通過長為L的輕質(zhì)柔軟細(xì)繩連接，現(xiàn)用手提著小球A，使小球B距地面的高度也為L。松手后兩球由靜止開始自由下落，小球B與地面碰后速度大小不變、方向相反，兩小球的碰撞為彈性正碰。細(xì)繩繃直后兩小球以相同的速度繼續(xù)運(yùn)動(dòng)，碰撞時(shí)間均極短，重力加速度大小為g。求：（1）從松手到兩小球第一次碰撞的時(shí)間t；（2）細(xì)繩繃直后小球A距地面的最大距離d?！即鸢浮剑?）；（2）〖解析〗（1）B球落地所需時(shí)間為此時(shí)AB兩球的速度為設(shè)還需時(shí)間相遇，則有解得從松手到兩小球第一次碰撞的時(shí)間為此時(shí)距離地面的高度為（2）根據(jù)速度—時(shí)間公式可知兩球碰前的速度分別為，兩小球的碰撞為彈性正碰，規(guī)定向下為正方向，根據(jù)動(dòng)量守恒定律及能量守恒定律有解得，（舍去），設(shè)經(jīng)繩子繃直，則有此時(shí)A、B兩球的速度分別為細(xì)繩繃直后兩小球以相同的速度繼續(xù)運(yùn)動(dòng)，根據(jù)動(dòng)量守恒定律有AB小球一起上升過程中，根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)規(guī)律有解得則細(xì)繩繃直后小球A距地面的最大距離為12.如圖所示，豎直平面內(nèi)的直角坐標(biāo)系第一象限內(nèi)存在沿軸正方向、電場強(qiáng)度大小為（未知）的勻強(qiáng)電場，軸下方存在互相垂直的勻強(qiáng)電場和勻強(qiáng)磁場，電場強(qiáng)度大小為（未知）、方向沿軸正方向，磁場方向垂直紙面向里。一質(zhì)量為、帶電荷量為的小球從點(diǎn)處沿軸負(fù)方向以一定的速度水平拋出，恰好沿軸負(fù)方向經(jīng)過原點(diǎn)點(diǎn)是軸上的一點(diǎn)，點(diǎn)到原點(diǎn)的距離為，從點(diǎn)向下引一足夠長、與軸負(fù)方向的夾角的絕緣光滑擋板，小球離開點(diǎn)后恰好做圓周運(yùn)動(dòng)并垂直撞到擋板上，已知小球每次與擋板碰撞后垂直反彈，速率變?yōu)榕鲎睬暗?，?dāng)小球運(yùn)動(dòng)到距點(diǎn)最遠(yuǎn)時(shí)撤去電場，同時(shí)使磁場反向而磁感應(yīng)強(qiáng)度大小不變，重力加速度大小為，不計(jì)空氣阻力。求：（1）小球的初速度大小；（2）勻強(qiáng)電場的電場強(qiáng)度大小的比值；（3）磁場反向后小球到軸的最遠(yuǎn)距離?！即鸢浮剑?）；（2）；（3）〖解析〗（1）線圈恰好沿軸負(fù)方向經(jīng)過原點(diǎn)，則小球沿E1負(fù)方向做勻減速直線運(yùn)動(dòng)的末速度為零，則有沿y軸負(fù)方向有聯(lián)立可得則小球的初速度大?。?）由題意可知有可得所以勻強(qiáng)電場的電場強(qiáng)度大小的比值（3）小球剛進(jìn)入x軸下方的速度為則由幾何關(guān)系可得第一個(gè)圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為由可得則磁感應(yīng)強(qiáng)度為則根據(jù)題意可知，小球之后做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為所以小球運(yùn)動(dòng)到點(diǎn)的最遠(yuǎn)距離為磁場反向后，小球先沿?fù)醢遄鰟蚣铀僦本€運(yùn)動(dòng)，加速度為當(dāng)時(shí)，小球距離軸的最遠(yuǎn)，則可得則小球沿?fù)醢逡苿?dòng)的距離為小球到軸的最遠(yuǎn)距離（二）選考題：[物理——選修3-3]13.關(guān)于分子動(dòng)理論，下列說法正確的是（）A.布朗運(yùn)動(dòng)不是液體或者氣體分子的無規(guī)則運(yùn)動(dòng)B.分子勢能隨著分子間的距離增大可能先增大后減小C.分子間相互作用的引力和斥力均隨分子間的距離增大而減小D.一個(gè)氣體分子的體積等于氣體的摩爾體積與阿伏加德羅常數(shù)之比E.熱量既能從高溫物體傳遞到低溫物體，也能從低溫物體傳遞到高溫物體〖答案〗ACE〖解析〗A．布朗運(yùn)動(dòng)是懸浮在液體或氣體中的固體小顆粒的無規(guī)則運(yùn)動(dòng)，反映了液體或氣體分子的無規(guī)則運(yùn)動(dòng)，故A正確；B．若分子間距小于平衡距離，則隨著分子間的距離增大，分子力先做正功再做負(fù)功，故分子勢能先減小后增大。若分子間距大于平衡距離，則隨著分子間的距離增大，分子力一直做負(fù)功，故分子勢能一直增大，故B錯(cuò)誤；C．分子間相互作用的引力和斥力均隨分子間的距離增大而減小，但斥力減小得更快，故C正確；D．由于氣體分子的間距遠(yuǎn)大于分子直徑，故氣體分子的體積小于氣體的摩爾體積與阿伏加德羅常數(shù)之比，故D錯(cuò)誤；E．熱量既能從高溫物體傳遞到低溫物體，也能從低溫物體傳遞到高溫物體，故E正確。故選ACE。14.某實(shí)驗(yàn)小組受酒店煙霧報(bào)警器原理啟發(fā)，設(shè)計(jì)了如圖所示的溫度報(bào)警裝置，在豎直放置的圓柱形容器內(nèi)用面積、質(zhì)量的活塞密封一定質(zhì)量的理想氣體，活塞能無摩擦滑動(dòng)，整個(gè)裝置倒貼在水平天花板上，開始時(shí)房間的熱力學(xué)溫度，活塞與容器頂部的距離，在活塞下方處有一壓力傳感器制成的卡口，環(huán)境溫度緩慢升高時(shí)容器內(nèi)氣體溫度也隨之升高，當(dāng)傳感器受到的壓力大于5N時(shí)，就會(huì)啟動(dòng)報(bào)警裝置。已知大氣壓強(qiáng)恒為，取重力加速度大小，求：（1）封閉氣體開始的壓強(qiáng)p；（2）觸發(fā)報(bào)警裝置的熱力學(xué)溫度T。〖答案〗（1）；（2）720K〖解析〗（1）設(shè)氣體的初始?jí)簭?qiáng)為，對(duì)活塞受力分析，由平衡條件有得（2）設(shè)報(bào)警時(shí)的壓強(qiáng)為，對(duì)活塞受力分析，由平衡條件有得由理想氣體狀態(tài)方程得得[物理——選修3-4]15.一列沿x軸正方向傳播的簡諧波在t0時(shí)刻的波形如圖中實(shí)線所示，t0+0.2s時(shí)