2023屆高三物理一輪復(fù)習(xí)18 整體法與隔離法處理連接體問題（解析版）

專題18整體法與隔離法處理連接體問題

L連接體的類型

D直接接觸的連接體

2）通過彈簧或輕繩相連的連接體

輕繩在伸直狀態(tài)下，兩端的連接體沿繩方向的速度總是相等。

輕彈簧在發(fā)生形變的過程中，兩端連接體的速度不一定相等；彈簧形變量最大時兩端連接體速率相等。

2.處理連接體問題的方法

D整體法:如果連接體各物體的加速度相同，可以把系統(tǒng)內(nèi)的所有物體看成一個整體，用牛頓第二定律

對整體列方程求解。

隔離法:如果求系統(tǒng)內(nèi)物體間的相互作用力，常把某個物體（一般選取受力簡單的物體）從系統(tǒng)中隔離

出來，用牛頓第二定律對隔離出來的物體列方程求解。

2）加速度大小相等，方向不同的連接體：如下圖，跨過定滑輪的細(xì)繩相連的兩個物體不在同一直線上

運動，雖然加速度方向不同但加速度大小相等，這類問題也可采用整體法和隔離法求解.

B

3）連接體問題一般采用先整體后隔離的方法，也可以采用分別隔離不同的物體再聯(lián)立的方法。

考點一力的分配規(guī)律

如下圖三種情況，協(xié)和股在力尸作用下以大小相同的加速度一起運動，則兩物體間的彈力根據(jù)質(zhì)量大

/Jh

小分配，且小=r-汽

m?+∏h

Fr-r-.

接觸面光滑或m2與接觸

面之間的動摩擦因數(shù)相同

1.如圖所示，質(zhì)量為3巾的物塊A與水平地面間的動摩擦因數(shù)為小質(zhì)量為勿的物塊B與地面的摩擦不計,

在大小為產(chǎn)的水平推力作用下，A、B一起向右做加速運動，則A和B之間的作用力大小為（）。

F-4μmg

bC.D.

4?Z44

【答案】A

【解析】

以A、B整體為研究對象，由牛頓第二定律可得整體的加速度為α==竺等

F-3μmg

以B為研究對象，由牛頓第二定律可得A對B的作用力FAB=ma=-----------

4

A正確，BCD錯誤。

2.如圖所示，質(zhì)量分別為2勿和的兩個小球靜止于光滑水平面上，且固定在勁度系數(shù)為k的輕質(zhì)彈簧

的兩端。今在質(zhì)量為2〃的小球上沿彈簧軸線方向施加大小為少的水平拉力,使兩球一起做勻加速直線運動,

則穩(wěn)定后彈簧的伸長量為（)

3rn2mF

O√vw√v??wQ------?

zzzzzzΛyzzzzzzzzz∕∕?zzΛ^?∕z∕zz

2F

β??

A總3k

喘D4

【答案】C

【解析】

對整體分析，整體的加速度a=S,對質(zhì)量為30的小球分析，根據(jù)牛頓第二定律有尸彈=履=3做，可得X

5

3/

=5，故A、B,D錯誤，C正確。

3.（多選）如圖所示，一根質(zhì)量為卬、長為上的粗細(xì)均勻的繩子放在水平面上，繩子與水平面間的動摩擦因

數(shù)為小在繩子的右端加一水平恒力A拉動繩子向右運動，關(guān)于距繩子左端X處張力T的大小，下列說法

正確的是（）

?.若繩子做勻速直線運動，則7=]∕∏ng

B.若繩子做勻速直線運動，則T=

C.若繩子做勻加速直線運動，則7=（F

D.若繩子做勻加速直線運動，則T=

【答案】AC

【解析】

AB.若繩子做勻速直線運動，則距繩子左端X段分析可知T=；Am?g

選項A正確，B錯誤；

CD.若繩子做勻加速直線運動，則對整體分析F-Nng=ma

距繩子左端、段分析可知T^μmg=^ma

解得T==F選項C正確，I）錯誤。

4.（2022?遼寧鞍山,高三開學(xué)考試）四個質(zhì)量相等的金屬環(huán)，環(huán)環(huán)相扣，在一豎直向上的恒力F作用下,

四個金屬環(huán)勻加速上升.則環(huán)1和環(huán)2間的相互作用力大小為（）

K

1o

2o

3o

4

o

?C?F

?4'B.24

【答案】C

【解析】

試題分析：設(shè)每個金屬環(huán)的質(zhì)量為m，對整體分析，根據(jù)牛頓第二定律得，F(xiàn)-4mg=4ma;隔離對環(huán)1分析，

根據(jù)牛頓第二定律得，F(xiàn)-FLmg=ma,解得件=手.故選C.

5.（多選）如圖所示，質(zhì)量分別為如、儂的4、8兩物塊緊靠在一起放在傾角為6的斜面上，兩物塊與斜面

間的動摩擦因數(shù)相同，用始終平行于斜面向上的恒力尸推4使它們沿斜面向上勻加速運動，為了增大力、

6間的壓力，可行的辦法是（）

F-J

A.增大推力FB.減小傾角O

C.減小8的質(zhì)量D.減小力的質(zhì)量

【答案】AD

【解析】

設(shè)物塊與斜面間的動摩擦因數(shù)為〃，對4、，整體受力分析，有

F—（如+欲inθ-u（例+喻geos0—（G+z?）a

對。受力分析，有ALR喈SinU-Umngcosθ-m∣la

由以上兩式可得F*=-

"十z‰n）AI

~+1Il

IDfi

為了增大46間的壓力，即為增大，應(yīng)增大推力尸或減小4的質(zhì)量，增大8的質(zhì)量。

故A、D正確，B、C錯誤。

6.（多選）（2022?陜西商洛質(zhì)檢）如圖所示，在粗糙的水平面上，質(zhì)量分別為必和必的物塊46用輕彈簧

相連，兩物塊與水平面間的動摩擦因數(shù)均為〃，當(dāng)用水平力尸作用于6上且兩物塊共同向右以加速度a勻

加速運動時，彈簧的伸長量為x.;當(dāng)用同樣大小的恒力廠沿著傾角為。的光滑斜面方向作用于6上且兩物

塊共同以加速度④勻加速沿斜面向上運動時?，彈簧的伸長量為曲，則下列說法中正確的是（）

A.若zo>M有XI=X2B.若水也有Xl=用

C.若〃>sin0,有小〉及D.若〃<sin0,有水加

【答案】AB

【解析】

選/、8在水平面上滑動時，對整體，根據(jù)牛頓第二定律，有

F—μ5+mg=（/〃+，協(xié)以①

隔離物塊4根據(jù)牛頓第二定律，有

Fi-〃儂二雁力②

聯(lián)立①②解得Λ=-Jγ,砥

m~vM

在斜面上滑動時，對整體，根據(jù)牛頓第二定律，有

F—（勿+刪gsinO=（///+脅生④

隔離物塊4根據(jù)牛頓第二定律，有

F↑,一儂SinJ=∕≡2⑤

聯(lián)立④⑤解得K'=TT-Λ≡）

M-vnι

比較③⑥可知，彈簧彈力相等，與動摩擦因數(shù)和斜面的傾角無關(guān)，故A、B正確，C、D錯誤。

考點二整體法和隔離法的基本應(yīng)用

7.（2022?全國?高三專題練習(xí)）如圖所示，在豎直平面內(nèi)，一輛小車正在水平面上以加速度a向右勻加

速運動，大物塊壓在車廂豎直后壁上并與車廂相對靜止，小物塊放在大物塊上與大物塊相對靜止，大物塊

剛好不下滑，小物塊與大物塊也剛好不發(fā)生相對滑動。重力加速度為g,a<g。最大靜摩擦力等于滑動摩

擦力，則大物塊與車廂后壁間的動摩擦因數(shù)〃,和小物塊與大物塊間的動摩擦因數(shù)以間的大小關(guān)系正確的是

D.1

A.μI<―B.μ：=Ii2C.Pl>口2μrμ2<

【答案】C

【解析】

將0與."看作一個整體有（卬+粉g=H∣N∕,Nl=（In+冊a

對勿受力分析有mg=M=ma

代入分別解得出=3"?W

j

由于a<g,則有μ1>1,H2<1>lι>U2故選Co

8.(2020?湖南?高一期末)如圖所示，質(zhì)量均為Tn的物塊P、Q放在傾角為。的斜面上，P與斜面之間無

摩擦，Q與斜面之間的動摩擦因數(shù)為〃。當(dāng)P、Q一起沿斜面加速下滑時，P、Q之間的相互作用力大小為

B.^μmgsinθC.mgsinθ—μmgcosθD.0

【答案】A

【解析】

對整體分析，根據(jù)牛頓第二定律有2mgs?nθ-μmgcosθ=2mα

則整體的加速度a=gsinθμgcosθ

隔離對P分析，根據(jù)牛頓第二定律得mgsin8-FQP=ma

FQP=mgsinθ-ma

貝IJ=mgsinθ—m(gs?nθ—^μgcosθ)

人

=-1μmgcosθ

選項A正確，BCD錯誤。

9.如圖所示，光滑的水平面上兩個物體的質(zhì)量分別為力和材(加≠物,第一次用水平推力月推木塊"

兩木塊間的相互作用力為M第二次用水平推力用推/〃，兩木塊間的相互作用力仍為M則田與月之比為

∕7ιΓ~π-------

----?Mm

77777777?777777777777777777-

----------尸2

Mm<-

7777777777777777777777777777'

A.M:mB.m:M

C.(M+τn):MD.1:1

【答案】A

【解析】

第一次推M把兩個物體看成一個整體，根據(jù)牛頓第二定律得α=7?-

對加運用牛頓第二定理得a=上

TTl

則有會?=*

M+mm

解得F=世上”

m

第二次用水平推力尻推力，把兩個物體看成一個整體，根據(jù)牛頓第二定律得α=島

對材運用牛頓第二定理得ɑ=?

M

解得F2=當(dāng)絲

M

所以故選。

FzTtlA

10.（2022?云南省玉溪第三中學(xué)高一期末）如圖所示，水平地面上有一帶圓弧形凸起的長方體木塊A,

木塊A上的物體B用繞過凸起的輕繩與物體C相連，B與凸起之間的繩是水平的。水平向左的拉力廠作用在

物體B上，恰使A,B、C保持相對靜止。已知A、B、C的質(zhì)量均為如重力加速度大小為g,不計所有摩擦,

則（）

777777777777777777777777777777777777'

A.A、B、C的加速度大小為IgB.A、B、C的加速度大小用g

C.拉力廠的大小為3mgD.拉力廠的大小為√5zng

【答案】I）

【解析】

對A、B、C組成的整體有F=3ma

對B有尸一T=Tna

對C有TCOSa=mgTsina=ma

聯(lián)立各式得T=2maT2=m2(g2+α2)

解得Q=FgF=y∕3mgD正確，ABC錯誤。

11.（2022?云南省鳳慶縣第一中學(xué)高三階段練習(xí)）質(zhì)量為"的小車放在光滑水平面上，小車上用細(xì)線懸

掛另一質(zhì)量為0的小球，且M＞加用一力尸水平向右拉小球，使小球和小車一起以加速度a向右運動，細(xì)線

與豎直方向成。角，細(xì)線的拉力為人，如圖（a）.若用一力尸水平向左拉小車，使小球和車一起以加速

度或向左運動，細(xì)線與豎直方向也成。角，細(xì)線的拉力為月,，如圖（b）,則（）

,,

A.a=a,Fi=FlB.a'>a,F1yFl

,,

C.aCa,F/=F1D.a>a,Fi=Fl

【答案】D

【解析】

先對左圖中情況下的整體受力分析，受重力、支持力和拉力，根據(jù)牛頓第二定律，有六（物加a

再對左圖中情況下的小球受力分析，如圖

F1

根據(jù)牛頓第二定律，有F-Fβinα=maQCOSa-儂=O

解得片=3α=空吧

jxCOSaM

再對右圖中小球受力分析，如圖

由幾何關(guān)系得/^=z?OanαF=

1COSa

再由牛頓第二定律，得到a'=gtanα

由于業(yè)＞卬，所以有a'＞aF/=Fi故D正確，ABC錯誤。

12.（2022?黑龍江?哈師大附中高一開學(xué)考試）如圖所示，足夠長的硬質(zhì)直桿上套有質(zhì)量為加的環(huán)A,環(huán)

下方用輕繩掛著一個重力為G的小物體B,桿與水平方向成〃角，當(dāng)環(huán)沿桿下滑時，物體B相對于A靜止,

A.若環(huán)沿桿無摩擦下滑，B的加速度為％in〃

B.若環(huán)沿桿無摩擦下滑，繩的拉力為Gsin，

C.若環(huán)沿桿下滑時有摩擦，輕繩一定豎直

D.無論環(huán)與桿之間有無摩擦，輕繩都與桿垂直

【答案】?

【解析】

A.當(dāng)環(huán)不受摩擦力時，對整體進(jìn)行分析，有α=gsin8

當(dāng)環(huán)沿桿下滑時，物體B相對丁A靜止，則二者具有共同的加速度，有6^=。8=9$也的正確；

B.當(dāng)環(huán)不受摩擦力時，對B進(jìn)行單獨分析，可知其所受合力為6?in",則繩一定與桿垂直，

拉力大小為7=GcosθB錯誤；

CD.當(dāng)環(huán)受到摩擦力時，有αA=αB<gsinO

當(dāng)滿足ɑ?=αβ=0

此時輕繩豎直，當(dāng)滿足0<°A=αti<gsinθ

對物體B,此時繩的拉力和重:力的合力共同提供B的加速度，輕繩不可能與桿垂直，CD錯誤。故選A。

考點三加速度大小相等，方向不同的連接體

利用整體法分析這類問題時注意準(zhǔn)確判斷合力的大小和方向

13.(多選)如圖所示，力物體的質(zhì)量是6物體的4倍.4物體放在光滑的水平桌面上通過輕繩與6物體相連,

兩物體釋放后運動的加速度為國，輕繩的拉力為外；若將兩物體互換位置，釋放后運動的加速度為麗輕

繩的拉力為∕?.不計滑輪摩擦和空氣阻力，貝∣J()

A

B

A.3↑??fi~^1?kB.3???n,~1?1

C.Al:F12=?：kD.吊：A2=I：1

【答案】AD

【解析】

由牛頓第二定律加熠=（如+加〃）團(tuán)，吊=皿而，同理兩物體互換位置，則用g=（如+肱"，F(xiàn)n=m*,解得a∣：

a1=πι∣∣'.ZB∣=1：k,凡：7?=1：1,故A、D正確.

14.如圖所示，輕質(zhì)滑輪兩側(cè)繩子上分別系有小球A和小球B,兩球質(zhì)量分別為m.、〃％,兩球從靜止開始

運動后，小球A下降，小球B上升。重力加速度為&兩球運動過程中細(xì)繩拉力為（）

B

m.m2WA?B

A.abngB.g

%+mB%+w?

C.OAgD.機Bg

【答案】B

【解析】

對AB整體由牛頓第二定律可得"％gBg=（OTΛ+WB>

m.p-me

解得α=3~氈n

”公+mn

對A由牛頓第二定律可得/g-7="?Aa

≡7=?

故B正確，ACD錯誤。

15.（多選）質(zhì)量分別為"和勿的物塊a、方形狀、大小均相同，將它們通過輕繩跨過光滑定滑輪連接，如圖

甲所示，繩子平行于傾角為。的斜面，a恰好能靜止在斜面上，不考慮兩物塊與斜面之間的摩擦，若互換兩

物塊位置，按圖乙放置，然后釋放a,斜面仍保持靜止，關(guān)于互換位置之后下列說法正確的是（）

A.輕繩的拉力等于mg

B.輕繩的拉力等于，監(jiān)

C.a運動的加速度大小為(I-Sina)g

D.a運動的加速度大小為-片---/77線,

【答案】ACD

【解析】

按圖甲放置時，對a由平衡條件可知,儂inσ=Λ,對。有用=儂R=R',則有,始SinO=儂；按圖乙

放置時,對a由牛頓第二定律可知Mg-R?=Ma,對力有RL畔inα=帕,吊=凡”則有圖—儂Sin。=(J介血a,

聯(lián)立解得a=(l—sinα)g,故C正確；由于J?sinQ=mg,所以a=(l—sinα)g=(?-^g=

~^~7Γg>故D正確；將壓一儂Sin。=〃依和a=(l—sinα)g,聯(lián)立解得∕?=儂故A正確，B錯誤

考點四動態(tài)分離問題

1.動態(tài)分離問題是指兩個原來有相互作用的物體在開始一段時間內(nèi)沿垂直于接觸面的方向運動，最終

分離的問題，在接觸時的運動過程中兩物體之間的作用力一直減小直到減為0.

2.分離瞬間的特點：D兩物體間的彈力K=O2)兩物體速度相同加速度相同

16.(多選)如圖在光滑的水平面上放著緊靠在一起的4、8兩物體，8的質(zhì)量是/的2倍，8受到向右的恒

力外=2N,｛受到水平力ξl=(9-2r)N的單位是s)。從，=0開始計時，則()

F----------------F

二——>AB----------->

/////////////////////

?./物體在3S末時刻的加速度大小是初始時刻的A

B.4s時/物體的加速度小于8物體的加速度

C.t在。?4.5s內(nèi)，/物體的速度一直增加

D.f=5s時，ZI和6物體的加速度相同

【答案】AC

【解析】

【詳解】

ABD.對于48整體根據(jù)牛頓第二定律有乙+用=（外+外）。

設(shè)48間作用力為則對8由牛頓第二定律可得乙+與J=SJa

當(dāng)z=4s時&=O

兩物體開始分離，此時力、8加速度相等，r>4s后，兩物體分離，加速度不等，f=0時，加速度。=二

3m

在f=3s末，加速度”=^-=-^-a

3m11

故A正確，BD錯誤：

C.當(dāng)f<45s時間內(nèi)，/所受的合力部為零，則加速度為零，物體一直做加速運動，故C正確。

故選ACo

17.（多選）如圖所示，一質(zhì)量為R的物塊A與直立彈簧的上端連接，彈簧的下端固定在地面上，一質(zhì)量也

為）的物塊B疊放在A的上面，A、B處于靜止?fàn)顟B(tài)，為使A、B能分離，某學(xué)習(xí)小組研究了以下兩種方案:

方案一：用力緩慢向下壓B,當(dāng)力增加到FI時，撤去力E,B開始向上運動，最終A、B分離。

方案二：對B施加一個向上的恒力F2,A、B開始向上運動，最終A、B分離。

下列判斷正確的是（）

B

A

A.兩個方案中A、B分離時，兩物塊之間的彈力為零

B.兩個方案中A、B分離時，A、B的加速度相同

C.兩個方案中A、B分離時，彈簧均處于原長

D.只有方案一A、B分離時，彈簧處于原長

【答案】ABD

【解析】

方案一：撤去力巴，A、B開始向上運動，當(dāng)彈簧處于原長時，兩物塊的加速度相同，均為重力加速度g,此

時兩物塊之間的彈力為零，之后由于彈簧拉伸，A的加速度大于B的加速度，A、B分離；

方案二：當(dāng)兩物塊之間的彈力為零時，A、B分離，加速度相同。由于存在恒力芻，此時有

F2—mg=ma

該加速度不是重力加速度，A的加速度與之相同，所以彈簧要提供向上的彈力，彈簧仍處于壓縮狀態(tài)。

故選ABDo

18.（多選）如圖所示，一個輕彈簧放在水平地面上，Q為與輕彈簧上端連在一起的秤盤，P為一重物，已知

P的質(zhì)量,Q10.5kg,Q的質(zhì)量W=L5kg,輕彈簧的質(zhì)量不計，勁度系數(shù)4=800N∕m,系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)。

現(xiàn)給P施加一個方向豎直向上的力E使它從靜止開始向上做勻加速運動，已知運動0.2s后尸為恒力，g

=10m∕s2o則下列說法正確的是（）

?.P、Q分離時，輕彈簧恰好恢復(fù)原長

B.當(dāng)P向上運動10.5Cm時，P、Q分離

C.力廠的最大值為168N

D.力廠的最小值為72N

【答案】CD

【解析】

上升過程中拉力廠越來越大，且P、Q分離時拉力最大，此時P、Q間的彈力為0。因重物與秤盤整體向上做

勻加速運動，故整體的加速度恒定、所受合外力恒定。整體向上加速的過程中，整體受三個力：豎直向下

的重力、向上的拉力、輕彈簧的彈力，合外力方向向上，上升過程中輕彈簧的彈力逐漸減小，拉力尸逐漸

增大，所以初態(tài)力廠最小設(shè)為用對重物P而言，它受三個力豎直向下的重力,磨、向上的拉力只向上的支

持力凡三力的合力向上且恒定，當(dāng)支持力為0時，尸最大設(shè)為8。對初態(tài)的整體有（設(shè)輕彈簧的壓縮量為

Xi）kx1=（M+m）g（未加速時）

對分離時的有（設(shè)彈簧的壓縮量為Xi）kx2-mg=ma

對分離時的P有尸2-Mg=Ma

從初態(tài)到分離的過程有八-“2=1?t2

解得最大值尸2=168N

最小值尸=72NXl=I5crn*2=3Cm故選CD。

19.（2022?河北省唐縣第一中學(xué)高二期中）如圖所示，光滑斜面傾角為。=30°,底端固定有一擋板，輕彈

簧兩端與擋板及物塊A拴接，物塊B疊放在A上但不粘連。初始時，兩物塊自由靜止在斜面上，現(xiàn)用平行

于斜面的力尸拉動物塊B,使B沿斜面向上以加速度a?lm//做勻加速直線運動。已知輕質(zhì)彈簧的勁度系數(shù)

為A=300N∕m,兩物塊A、B的質(zhì)量分別為r∏ι=lkg和r∏2=2kg,彈簧始終處于彈性限度內(nèi)，求：

（1）初始狀態(tài)彈簧的形變量；

（2）從力廠拉動物塊B開始，要經(jīng)過多少時間物塊B與物塊A恰好分離。

【答案】（1）0.05m；（2）t=理S

10

【解析】

（1）初始時，兩物塊自由靜止在斜面上，由平衡條件可知（m1+m2）gsinJ=ZfXi

（2）物塊B與物塊A恰好分離時，A、B之間沒有作用力，但其加速度相同，分離前A、B都以加速度才lm/s?

做勻加速直線運動，對物塊A有牛頓第二定律得k%2-∏hgsinθ=τn1o

則A、B移動的距離為x=xrx^.03m

由X=-at

解得t=更

20.（2021?湖北?黃岡中學(xué)三模）（多選）如圖所示，傾角〃=30°的固定光滑斜面上有兩個質(zhì)量均為小的

物塊/和物塊6,物塊/通過勁度系數(shù)為4的輕質(zhì)彈簧栓接在斜面底端的固定擋板上，物塊6通過一根跨過

定滑輪的細(xì)線與物塊C相連，物塊C的質(zhì)量為輸離地面的距離足夠高，物塊白離滑輪足夠遠(yuǎn)，彈簧與細(xì)線

均與所對應(yīng)斜面平行。初始時，用手托住物塊G使細(xì)線恰好伸直且無拉力。已知重力加速度為g,不計滑

輪質(zhì)量及滑輪處阻力，忽略空氣阻力，彈簧始終在彈性限度內(nèi)，則釋放物塊C后()

A.釋放物塊C的瞬間，細(xì)線拉力的大小詈

B.釋放物塊C的瞬間，C的加速度大小為:

C.物塊4、8分離時，物塊力的速度最大

D.物塊從8分離時，彈簧的形變量為黑

【答案】BC

【解析】

ΛB.初始時，用手托住物塊C,使細(xì)線恰好伸宜且無拉力。此時從6整體受力平衡，則2mgsin3(Γ=kx

釋放。后，對于C物塊，根據(jù)牛頓第二定律有Tmg-Fl=Imal

對于4、8整體，根據(jù)牛頓第二定律有kx+Fι-2τngsin3(Γ=2mαι

聯(lián)立解得的=(,&=等

A錯誤，B正確；

CD.物塊48分離時,物塊/1、6間的相互作用力為零。且物塊/、8加速度相同。

對物塊C^mg-F2=^ma2

對物塊6有F2-TngSin30。=ma2

解得。2=0

o

對物塊A有kχ—mgs?n30—ma2

所以kx=mgsin30°

從而得到彈簧的形變量為/=翳

開始/1物塊在做加速運動，分離時/1物塊的加速度為零，所以速度達(dá)到最大值。

C正確，D錯誤。

故選BC。

考點五整體法隔離法在超重失重中的應(yīng)用

1.當(dāng)物體具有向上的加速度時處于超重狀態(tài)，具有向下的加速度時處于失重狀態(tài)，向下的加速度為重

力加速度時處于完全失重狀態(tài)。

2.超重并不是重力增加了，失重并不是重力減小了，完全失重也不是重力完全消失了。在發(fā)生這些現(xiàn)

象時，物體的重力依然存在，且不發(fā)生變化，只是物體對支持物的壓力（或?qū)覓煳锏睦Γ┌l(fā)生了變化（即

“視重”發(fā)生變