2021年吉林省長春市高考物理質(zhì)監(jiān)試卷（四）（附答案詳解）

2021年吉林省長春市高考物理質(zhì)監(jiān)試卷（四）

1.（2020?江蘇省徐州市?單元測試）在國際單位制（簡稱S/）中，力學(xué)和電學(xué)的基本單位有:

米）、kg（千克）、s（秒）、4（安培）.導(dǎo)出單位必伏特）用上述基本單位可表示為（）

A.m2-kg-s~4-4TB.m2-kg-s~3-A-1C.m2-kg-

s~2-A~rD.m2-kg-s-1-A~r

2.（2021?吉林省長春市?模擬題）如圖所示，固定的斜面上疊

放著A、8兩木塊，木塊A與8的接觸面是水平的，水

平力尸作用于木塊4木塊A、8保持靜止。下列說法

正確的是（）

A.木塊3可能受到4個(gè)力作用

B.木塊A對木塊8的摩擦力可能為0

C.木塊8對木塊4的作用力方向豎直向上

D.斜面對木塊B的摩擦力方向沿斜面向下

3.（2018?浙江省杭州市?模擬題）如圖是電子射線管示意圖。接通電源后，電子射線由陰

極沿x軸方向射出，在熒光屏上會(huì)看到一條亮線。要使熒光屏上的亮線向下（z軸負(fù)

方向）偏轉(zhuǎn)，在下列措施中可采用的是（）

A.加一電場，電場方向沿z軸負(fù)方向B.加一電場，電場方向沿y軸正方向

C.加--磁場，磁場方向沿z軸負(fù)方向D.加一磁場，磁場方向沿y軸正方向

4.（2021?吉林省長春市?模擬題）木星共有79顆衛(wèi)星，其中木衛(wèi)一、木衛(wèi)二、木衛(wèi)三、

木衛(wèi)四是意大利天文學(xué)家伽利略在1610年用自制的望遠(yuǎn)鏡發(fā)現(xiàn)的，這四個(gè)衛(wèi)星被

稱為伽利略衛(wèi)星，其中木衛(wèi)二是太陽系中僅有的幾顆可能孕育生命的星球之一。小

華同學(xué)想根據(jù)萬有引力的知識計(jì)算木衛(wèi)二繞木星運(yùn)動(dòng)的周期，她收集到如下一些數(shù)

據(jù)：木衛(wèi)二的質(zhì)量為4.8x1022kg、繞木星做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的軌道半徑為6.7x108m,

木星的質(zhì)量為1.9x1。27kg、半徑為7.1x107nI、自轉(zhuǎn)周期為9.8/1。為完成木衛(wèi)二

公轉(zhuǎn)周期的計(jì)算，需要用到以上數(shù)據(jù)中的（萬有引力常量已知）（）

A.木星的質(zhì)量和木星半徑

B.木衛(wèi)二的質(zhì)量和繞木星做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的軌道半徑

C.木星的質(zhì)量和木衛(wèi)二繞木星做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的軌道半徑

D.木星的自轉(zhuǎn)周期和木衛(wèi)二繞木星做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的軌道半徑

5.（2021?吉林省長春市?模擬題）在深井里的同一點(diǎn)以相同的初動(dòng)能將兩個(gè)質(zhì)量不同的

物體豎直向上拋向井口，選取井口所在的水平面為零勢能面，不計(jì)空氣阻力，在它

們各自達(dá)到最大高度時(shí)，下列說法正確的是（）

A.質(zhì)量大的物體重力勢能一定大B.質(zhì)量小的物體重力勢能一定大

C.兩個(gè)物體的重力勢能一定相等D.兩個(gè)物體的重力勢能可能相等

V

6.（2021?吉林省長春市?模擬題）如圖所示，A、B、C是等邊cf

三角形的三個(gè)頂點(diǎn)，。點(diǎn)是A、8兩點(diǎn)連線的中點(diǎn)。以O(shè)/'\

，、

點(diǎn)為坐標(biāo)原點(diǎn)，以A、B兩點(diǎn)的連線為x軸，以。、C兩/''、

點(diǎn)的連線為y軸，建立坐標(biāo)系。過A、B、C、。四點(diǎn)各有~漆-----

一條長直導(dǎo)線垂直穿過坐標(biāo)平面，各導(dǎo)線中通有大小相等

的電流，其中過A、8兩點(diǎn)的導(dǎo)線中的電流方向向里，過C、。兩點(diǎn)的導(dǎo)線中的電

流方向向外。下列說法正確的是（）

A.過。點(diǎn)的導(dǎo)線所受安培力的方向沿y軸正方向

B.過4、B兩點(diǎn)的導(dǎo)線對過C點(diǎn)的導(dǎo)線的合力沿y軸負(fù)方向

C.過B、C兩點(diǎn)的導(dǎo)線對過A點(diǎn)的導(dǎo)線的合力方向與8、C兩點(diǎn)連線平行

D.過5點(diǎn)的導(dǎo)線所受安培力的方向沿C、8兩點(diǎn)連線由C指向2

7.（202卜吉林省長春市?模擬題）如圖甲所示，水平面內(nèi)固定一電阻不計(jì)的圓形導(dǎo)體線圈,

線圈匝數(shù)N=200匝，面積S=0.057n2。線圈的兩端P、。與理想變壓器相連接，

變壓器原副線圈匝數(shù)比n］：n2=2：1,副線圈與一小燈泡L和滑動(dòng)變阻器R相連。

在線圈所在的空間存在著與線圈平面垂直的磁場，磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間按圖

乙所示的正弦規(guī)律變化，小燈泡恰好能夠正常發(fā)光。規(guī)定垂直于線圈平面向上為磁

感應(yīng)強(qiáng)度B的正方向，取兀=3.14,下列說法正確的是（）

A.在1.57x10-2?4.71x10-25時(shí)間內(nèi)，P點(diǎn)的電勢低于Q點(diǎn)的電勢

B.線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢的有效值為15夜V

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C.小燈泡的額定電壓為15V

D.滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)端向上滑動(dòng)時(shí)，小燈泡亮度將增強(qiáng)

8.（2021?吉林省長春市?模擬題）圖甲為某種光電煙霧探測器的裝置示意圖，光源S發(fā)出

頻率為％的光束，當(dāng)有煙霧進(jìn)入該探測器時(shí)，光束會(huì)被煙霧散射進(jìn)入光電管C,當(dāng)

光照射到光電管中的金屬鈉表面時(shí)會(huì)產(chǎn)生光電子，進(jìn)而在光電管中形成光電流，當(dāng)

光電流大于臨界值時(shí)，便會(huì)觸發(fā)報(bào)警系統(tǒng)報(bào)警。用如圖乙所示的電路（光電管K極

是金屬鈉）研究光電效應(yīng)規(guī)律，可得鈉的遏止電壓Uc與入射光頻率v之間的關(guān)系如

圖丙所示，元電荷為e。下列說法正確的是（）

A.由圖丙知，金屬鈉的極限頻率為%=泮

B.由圖丙知，普朗克常量為八=

C.圖甲中，光電子的最大初動(dòng)能為eUci

D.圖甲中，光源S發(fā)出的光束越強(qiáng)，光電煙霧探測器的靈敏度越高

9.（2017?河南省?月考試卷）一學(xué)生用如圖甲所示的裝置測量木塊與木板間的動(dòng)摩擦因

數(shù)。在桌面上放置一塊水平長木板，木板一端帶滑輪，另一端固定一打點(diǎn)計(jì)時(shí)器.

木塊一端拖著穿過打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的紙帶，另一端連接跨過定滑輪的繩子，在繩子上懸

掛一定質(zhì)量的鉤碼后可使木塊在木板上勻加速滑動(dòng)。實(shí)驗(yàn)中測得木塊質(zhì)量M=

150g,鉤碼質(zhì)量=50g。

木塊打點(diǎn)計(jì)時(shí)器

廠不一￡~~I

1[]接交流電源||單位：

甲乙

（1）實(shí)驗(yàn)開始時(shí)，應(yīng)調(diào)整滑輪的高度，讓細(xì)線與木板；

（2）實(shí)驗(yàn)中得到如圖乙所示的紙帶，紙帶上A、B、C、D、E是計(jì)數(shù)點(diǎn)，相鄰兩計(jì)數(shù)

點(diǎn)之間的時(shí)間間隔是0.10s,所測數(shù)據(jù)在圖中已標(biāo)出，根據(jù)圖中數(shù)據(jù)可求得木塊運(yùn)

動(dòng)的加速度a=M/S2（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）:

(3)根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理可導(dǎo)出計(jì)算動(dòng)摩擦因數(shù)的表達(dá)式〃=(用M、，〃、g、a表示

);取g=10m/s2,代入相關(guān)數(shù)據(jù)可求得4=(計(jì)算結(jié)果保留一位有效數(shù)字)。

10.(2021?湖北省武漢市?模擬題)某實(shí)驗(yàn)小組測量一捆長度為L=100?n銅芯線的電阻率,

實(shí)驗(yàn)如下：

圖］圖2

(1)如圖I所示，用螺旋測微器測得銅芯的直徑為mm；

(2)如圖2所示，取整捆銅芯線、2節(jié)干電池和相關(guān)器材，為了使電壓表示數(shù)能從零

開始連續(xù)調(diào)節(jié)，請補(bǔ)充連接好實(shí)物電路；

(3)正確連接實(shí)物電路后，閉合開關(guān)，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器，測得電流表示數(shù)為2.004

此時(shí)電壓表示數(shù)如圖3所示，則其示數(shù)為幾計(jì)算得到銅芯線的電阻率為

P測=0?機(jī)(計(jì)算結(jié)果保留兩位有效數(shù)字)；

(4)實(shí)驗(yàn)小組查閱教材得知：在環(huán)=20久時(shí)。銅的電阻率為po=1.7x10-80.磯。

顯然P潮〉P。，你認(rèn)為造成這種偏差的可能原因是。

4電流表測得的電流大于通過銅芯線的電流

8.用螺旋測微器測得銅芯的直徑偏小

C實(shí)驗(yàn)時(shí)銅芯線的溫度高于20t

。.銅芯線不純，含有雜質(zhì)

11.(2021?吉林省長春市?模擬題)如圖所示，水平面內(nèi)有一直角坐標(biāo)系xOy,在第二、三

象限內(nèi)存在沿x軸正方向、場強(qiáng)大小為E的勻強(qiáng)電場/,在第一、四象限的x=0至

x區(qū)間內(nèi)存在沿y軸正方向的有理想邊界的勻強(qiáng)電場〃，場強(qiáng)大小未知。一帶正

電的粒子(可視為點(diǎn)電荷)從P點(diǎn)(-5,0)由靜止開始僅在電場力作用下運(yùn)動(dòng)，從Q

點(diǎn)(3)離開電場〃。帶電粒子的質(zhì)量為，小電荷量為4,不計(jì)帶電粒子的重力。求：

(1)電場〃的場強(qiáng)E的大小；

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(2)若將帶電粒子從x軸負(fù)半軸上某一位置由靜止釋放，可使粒子飛出電場〃時(shí)動(dòng)

能最小，求該粒子飛出電場〃時(shí)的最小動(dòng)能

12.(202卜吉林省長春市?模擬題)如圖甲所示，質(zhì)量為M=0.8kg的足夠長的木板A靜止

在光滑的水平面上，質(zhì)量m=0.2kg的滑塊B靜止在木板的左端。現(xiàn)分別對該系統(tǒng)

做以下兩種測試：(a)給滑塊8—個(gè)向右的瞬時(shí)沖量/=0.4/V?s,當(dāng)A、B相對靜止

時(shí)它們的相對位移為x=0,8m；(b)在滑塊8上施加一水平向右、大小按圖乙所示

隨時(shí)間變化的拉力尸，4s后撤去力凡設(shè)最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，重力加速

度g=10m/s2o

(1)由測試(a)求滑塊B和木板A間的動(dòng)摩擦因數(shù)；

(2)由測試(b)求4s末滑塊B的速度大??；

(3)由測試(b)求4s內(nèi)外力對木板A的總沖量大小。

13.（2020?江西省宜春市?月考試卷）下列說法正確的是（）

A.液體與固體接觸時(shí)，如果附著層內(nèi)分子比液體內(nèi)部分子稀疏，表現(xiàn)為浸潤

B.車輪在潮濕的地面上滾過后，車轍中會(huì)滲出水，屬于毛細(xì)現(xiàn)象

C.液體汽化時(shí)吸收的熱量大于液體分子克服分子引力而做的功

D.熱力學(xué)第二定律是從另一個(gè)側(cè)面闡述能量守恒定律

E.熠是系統(tǒng)內(nèi)分子運(yùn)動(dòng)無序性的量度，一個(gè)孤立系統(tǒng)總是從嫌小的狀態(tài)向牖大的

狀態(tài)發(fā)展

14.（2021.吉林省長春市.模擬題）如圖所示，開口向上的氣

缸由粗細(xì)不同的兩段圓筒組成，上段氣缸足夠高下段.

氣缸高度為2/,上段內(nèi)徑為下段內(nèi)徑的2倍。活塞P--▼------------------1D

靜止在上段氣缸中，活塞Q靜止在下段氣缸正中位置，I

--------

尸。間距離為2/,兩活塞厚度不計(jì)，P的質(zhì)量為4%,QIQ

的質(zhì)量為相、橫截面積為S,大氣壓強(qiáng)為po,兩個(gè)活塞/一丁‘

與氣缸內(nèi)壁的摩擦忽略不計(jì)，且氣密性好，缸內(nèi)封閉y------------

有兩段理想氣體/、II,氣體溫度均為7°,重力加速度

為go求：

⑴氣體〃的壓強(qiáng)；

俗）若給氣體/、〃同時(shí)緩慢加熱，使兩部分氣體升高相同的溫度，使活塞。剛好上

升/,這時(shí)兩部分氣體溫度升高了多少？活塞尸上升的高度為多少？

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15.（2021?吉林省長春市?模擬題）一玻璃磚橫截面如圖，AB。力是正方形，BC是四分之

一圓弧，OB、OC為其半徑，現(xiàn)將CO面置于水平桌面上，單色光〃、方分別從A。

平面和8c曲面水平入射，只考慮。、匕光線第一次到達(dá)BC面的情況，下列說法正

確的是（）

A.?光線的入射位置向上平移，在到達(dá)BC面時(shí)入射角變大

B.。光線的入射位置不變，改用頻率更大的光，經(jīng)玻璃磚折射后到達(dá)桌面的位置距

離C點(diǎn)更近

C.從BC曲面入射的b光線能在面發(fā)生全反射

D.從相同高度入射的“、匕光線，穿過BC曲面后折射角大的，玻璃磚對其折射率

也大

E.若玻璃磚對a光折射率為a,從中點(diǎn)入射的〃光線照射到面上不會(huì)發(fā)生

全反射

16.（2021?吉林省長春市?模擬題）如圖所示，一根張緊的水平彈性長繩上的〃、h兩質(zhì)點(diǎn)

平衡位置間距離L=8m,質(zhì)點(diǎn)匕在a的右側(cè)。一列簡諧橫波沿此長繩向右傳播，振

幅為A。在t=0時(shí)刻，質(zhì)點(diǎn)a處于波峰位置，質(zhì)點(diǎn)〃處于平衡位置且向下運(yùn)動(dòng)。經(jīng)

過△￡=（）.5s,質(zhì)點(diǎn)”處于平衡位置且向上運(yùn)動(dòng)。

①若這一列簡諧波的周期T>△C.求波可能的傳播速度；

（it）若這一列簡諧波的周期7<△3推導(dǎo)質(zhì)點(diǎn)b可能的振動(dòng)方程.

左b右

答案和解析

1.【答案】B

【知識點(diǎn)】力學(xué)單位制

【解析】

【分析】

根據(jù)U=9，q=/t得出電勢差的表達(dá)式，從而得出伏特的導(dǎo)出單位。

物理量的關(guān)系對應(yīng)著物理量單位的關(guān)系，本題關(guān)鍵得出電壓的表達(dá)式，從而得出其單位。

【解答】

根據(jù)U=￡,q=It得,U=多功的單位1/=lN-m=lkg-m2/s2,^lV==

lm2-kg-s~3-A~x,故B正確，AC￡＞錯(cuò)誤。

故選8。

2.【答案】A

【知識點(diǎn)】共點(diǎn)力的平衡、力的合成與分解、摩擦力

【解析】解：人對木塊B受力分析，受重力，A對B的壓力，A對B水平向左的靜摩

擦力，斜面對8垂直向上的支持力，斜面對8可能有靜摩擦力也可能沒有摩擦力，故8

受4個(gè)力或者5個(gè)力，故A正確；

8、對木塊A受力分析，受推力、重力、支持力和靜摩擦力，根據(jù)平衡條件，B對A的

靜摩擦力與推力尸平衡，根據(jù)牛頓第三定律，力對B的摩擦力水平向左，大小為尸，不

可能為零，故B錯(cuò)誤；

C、木塊8對木塊A的作用力是指木塊8對A的支持力與向右的摩擦力的合力，其方向

斜向右上方，故C錯(cuò)誤；

。、對AB整體受力分析，受重力、支持力、推力，可能有靜摩擦力、可能沒有摩擦力。

當(dāng)推力的平行斜面方向分力大于整體重力的下滑分力時(shí)，斜面對木塊B的摩擦力方向沿

斜面向下；

當(dāng)推力的平行斜面方向分力等于整體重力的下滑分力時(shí)，斜面對木塊B沒有摩擦力：

當(dāng)推力的平行斜面方向分力小于整體重力的下滑分力時(shí)，斜面對木塊B的摩擦力方向沿

斜面向上，故。錯(cuò)誤。

故選：A。

以3為研究對象分析受力情況，確定8的受力個(gè)數(shù)：對木塊A受力分析，受推力、重

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力、支持力和靜摩擦力，結(jié)合牛頓第三定律分析木塊B受到A對它的摩擦力方向；木塊

8對木塊A的作用力是指木塊8對A的支持力與向右的摩擦力的合力；根據(jù)整體重力沿

斜面向下的分力與水平力尸平行于斜面方向的分力大小分析摩擦力。

本題關(guān)鍵是靈活地選擇研究對象進(jìn)行受力分析，可以結(jié)合力的產(chǎn)生條件、作用效果和牛

頓第三定律分析，難點(diǎn)是8與斜面間的靜摩擦力的有無和方向的判斷，可以采用假設(shè)法

分析。

3.【答案】D

【知識點(diǎn)】安培力的方向

【解析】解：A、若加一沿z軸負(fù)方向的電場，電子帶負(fù)電，電場力方向沿z軸正方向，

亮線向上偏轉(zhuǎn)，故A錯(cuò)誤；

2、若加一沿y軸正方向的電場，電子帶負(fù)電，電場力方向沿y軸負(fù)方向，亮線向負(fù)

y偏轉(zhuǎn)，故B錯(cuò)誤；

C、若加一沿z軸負(fù)方向的磁場，根據(jù)左手定則，洛倫茲力方向沿y軸負(fù)方向，亮線

向負(fù)y偏轉(zhuǎn)，故C錯(cuò)誤；

力、若加一沿y軸正方向的磁場，根據(jù)左手定則，洛倫茲力方向沿z軸負(fù)方向，亮線

向下偏轉(zhuǎn)，故。正確。

故選：Do

加入磁場時(shí)，電子射線由陰極沿x軸方向射出，形成的亮線向下（z軸正方向）偏轉(zhuǎn)，說

明電子受到的洛倫茲力方向向下，根據(jù)左手定則判斷分析，選擇可行的磁場方向。

加入電場時(shí)，電子射線受力逆著電場線方向，根據(jù)受力方向可確定其偏轉(zhuǎn)方向。

本題考查電偏轉(zhuǎn)與磁偏轉(zhuǎn)方向判斷的能力。注意負(fù)電荷受力與電場方向相反，而在磁場

中時(shí)要注意洛倫茲力方向由左手定則判斷。

4.【答案】C

【知識點(diǎn)】萬有引力定律的應(yīng)用、向心力

【解析】解：對木衛(wèi)二進(jìn)行分析：根據(jù)萬有引力定律：誓=尸向

F向=m審r。

聯(lián)立解得：mg）2r=智

如果要求T則需要得到的數(shù)據(jù)為木星的質(zhì)量和木衛(wèi)二繞木星做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的軌道半

徑。故C正確。

故選：Co

此題用天體運(yùn)動(dòng)規(guī)律與萬有引力公式來解答。

在天體運(yùn)動(dòng)中，環(huán)繞物體的質(zhì)量一般都會(huì)被約掉。要注意區(qū)分清楚中心天體質(zhì)量與環(huán)繞

天體質(zhì)量。

5.【答案】B

【知識點(diǎn)】機(jī)械能守恒定律、重力勢能的概念和表達(dá)式

【解析】解：不計(jì)空氣阻力，物體在運(yùn)動(dòng)過程中只有重力做功，機(jī)械能守恒，對任一位

置，都有%+Ep=E機(jī)；因選取井口所在平面為零勢能面，在拋出點(diǎn)的重力勢能為負(fù)值，

那么質(zhì)量大的，機(jī)械能小，因此質(zhì)量小的機(jī)械能大，則物體勢能也一定大；由于兩個(gè)物

體各自的機(jī)械能守恒，所以它們到最大高度時(shí)，動(dòng)能為零，則此時(shí)重力勢能等于后始

所以質(zhì)量小的物體重力勢能一定大，故B正確，AC。錯(cuò)誤。

故選：B。

不計(jì)空氣阻力，物體在運(yùn)動(dòng)過程中機(jī)械能守恒，根據(jù)零勢能面確定拋出點(diǎn)的重力勢能,

并根據(jù)機(jī)械能守恒定律列式確定最高處的機(jī)械能，根據(jù)動(dòng)能為零可知重力勢能等于最高

點(diǎn)處的機(jī)械能。

本題要明確機(jī)械能守恒的條件，能熟練運(yùn)用機(jī)械能守恒定律分析物體的動(dòng)能和勢能的關(guān)

系，同時(shí)明確重力勢能的性質(zhì)，知道重力勢能大小與零勢能面間的關(guān)系。

6.【答案】AC

【知識點(diǎn)】電流周圍的磁場及安培定則、安培力的大小

【解析】解：如圖1所示，當(dāng)兩平行直導(dǎo)線通有同向電流時(shí)，由安培定則和左手定則可

知，兩導(dǎo)線之間的安培力是相互吸引的（同向電流相吸引）；同理當(dāng)兩平行直導(dǎo)線通有反

向電流時(shí)，兩導(dǎo)線之間的安培力是相互排斥的（反向電流相排斥），如圖2所示。

依據(jù)此原理按題意分別畫出各長直導(dǎo)線所受安培力示意圖如圖3。

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分別過0、A、B、C點(diǎn)的長直導(dǎo)線以下分別稱之為導(dǎo)線0、導(dǎo)線4、導(dǎo)線8、導(dǎo)線C,

各導(dǎo)線中對應(yīng)的電流分別為/。、〃、%、Ic，

A、導(dǎo)線0受到導(dǎo)線A、導(dǎo)線3、導(dǎo)線C的安培力分別為尸%、FOB、F”，

因距離0A=OB,電流〃=/B，所以％4=FOB，即尸仍與等大反向，兩者的合力為

零，因此導(dǎo)線C所受安培力就等于F℃，其方向沿＞軸正方向，故A正確；

B、導(dǎo)線A、B對導(dǎo)線C的安培力分別為Fer&B，因距離4c=BC,電流匕二及，所以

FCA=FCB，應(yīng)用平行四邊形定則，兩者的合力方向沿y軸正方向，故B錯(cuò)誤；

C、導(dǎo)線B、C對導(dǎo)線4的安培力分別為“8、FAC,因距離AB=AC,電流/p=/c，所

以用B=與C，兩者方向夾角為120。，應(yīng)用平行四邊形定則，兩者的合力以方向與x軸正

方向夾角a=60。，由幾何關(guān)系知，合力以方向與8c邊（即B、C兩點(diǎn)連線）平行，故C

正確；

D、導(dǎo)線B受到導(dǎo)線0、A、C的安培力分別為尸BO、FBA、FBC，因距離4B＞。8,電流

OB

IA=/0,所以尸84＜%8,跖4的方向指向一x方向，F(xiàn)的方向指向+%方向，兩者合力居

的方向指向+》方向，&再與&c合成得到的合力為導(dǎo)線B所受安培力力，應(yīng)用平行四邊

形定則，導(dǎo)線8所受安培力七方向必在x軸正方向與的方向的夾角內(nèi)，并不是沿C、

B兩點(diǎn)連線由C指向B,故。錯(cuò)誤。

故選：AC。

利用“同向電流相吸引，反向電流相排斥”按各選項(xiàng)的題意分別畫出受力示意圖，結(jié)合

直線電流周圍的磁感應(yīng)強(qiáng)度的特點(diǎn)可得導(dǎo)線之間的安培力大小關(guān)系，應(yīng)用平行四邊形定

則即可解題。

本題考查了通電長直導(dǎo)線之間的相互作用的安培力特點(diǎn)，應(yīng)用推論“同向電流相吸引，

反向電流相排斥”結(jié)合平行四邊形定則可快速解決問題。

7.【答案】AB

【知識點(diǎn)】變壓器的構(gòu)造和原理、法拉第電磁感應(yīng)定律

【解析】解：A、由題意磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度B按如圖乙所示的規(guī)律變化，根據(jù)楞次定律

可判斷在.1.57x10-2?4.71x10-25時(shí)間內(nèi)，線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢方向?yàn)閺纳舷?/p>

下看逆時(shí)針，產(chǎn)生電動(dòng)勢的線圈看成電源，。為電源的正極，P為電源的負(fù)極，所以P

點(diǎn)的電勢低于。點(diǎn)的電勢，故4正確；

B、根據(jù)題意可知線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢的瞬時(shí)值表達(dá)式e=NBmS3sinojt,所以感

應(yīng)電動(dòng)勢的最大值j=NB^S?,由圖乙知周期為7=6.28X10-2S=27TX10-2S,所

以3=§=。Tv-d/s—100rad/s,則最大值￡1?,=NBSm=200x3.0x10-2x

1Z7TX1Um

0.05x100K=30V,所以線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢的有效值為E=號=那=15/V,

故B正確；

C、原線圈電壓q=E,根據(jù)變壓器的基本關(guān)系可知￡=最，所以g=竽乙小燈泡

恰好能夠正常發(fā)光，所以小燈泡的額定電壓為竺立乙故C錯(cuò)誤；

2

。、滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)端向上滑動(dòng)時(shí)，副線圈的電壓不變，即小燈泡上的電壓不變，所

以小燈泡的亮度將不變，故。錯(cuò)誤。

故選：AB。

根據(jù)楞次定律可判斷在1.57x10-2?4.71x10-25時(shí)間內(nèi)線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢方

向，即可判斷尸點(diǎn)的電勢與。點(diǎn)的電勢的高低；根據(jù)題意可知線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)

勢的瞬時(shí)值表達(dá)式，即可求得線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢的有效值；根據(jù)變壓器的基本關(guān)

系可知小燈泡的額定電壓；滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)端向上滑動(dòng)時(shí)，副線圈的電壓不變，所以

小燈泡的亮度將不變。

本題主要考查楞次定律、交變電流的函數(shù)表達(dá)式、交流電的有效值、變壓器的基本關(guān)系、

變壓器的動(dòng)態(tài)分析等，涉及內(nèi)容較多，要注意正確分析題意，建立對應(yīng)的物理模型才能

正確選擇物理規(guī)律分析求解。

8.【答案】BCD

【知識點(diǎn)】光電效應(yīng)、愛因斯坦光電效應(yīng)方程

【解析】解：A、設(shè)金屬的逸出功為快,截止頻率為先,根據(jù)動(dòng)能定理，光電子的最大

初動(dòng)能&與遏止電壓”的關(guān)系是a=eUc,光電效應(yīng)方程為a=hv-Wo,聯(lián)立可得

4=、一*故"-V圖像的斜率為去當(dāng)a=0時(shí)，v=v0,由題圖丙可知，此時(shí)金

屬鈉的極限頻率為%=笫鏟故A錯(cuò)誤；

Ud-Uc2

第12頁，共20頁

B、由題圖丙可求圖像的斜率，根據(jù)k=2可解得普朗克常量h=e(Uc?1"i),故8正確；

e藝一打

C、圖甲中光源頻率為力,其在丙圖中對應(yīng)的遏止電壓為41，則光電子的最大初動(dòng)能為

eUcl,故C正確；

。、在光源頻率不變條件下，光束越強(qiáng)，相同時(shí)間內(nèi)相同煙霧濃度下散射到光電管上的

光子數(shù)越多，產(chǎn)生的光電流越強(qiáng)，越容易觸發(fā)報(bào)警器報(bào)警，故。正確。

故選：BCD。

根據(jù)光電效應(yīng)方程得出遏止電壓與入射光頻率的關(guān)系，通過圖線的斜率求出普朗克常量;

遏止電壓為零時(shí)，入射光的頻率等于截止頻率；在光源頻率不變條件下，光束越強(qiáng)，相

同時(shí)間內(nèi)發(fā)出的光子數(shù)越多，產(chǎn)生的光電流越強(qiáng)。

本題以光電效應(yīng)和光電煙霧探測器工作原理為命題背景，考查了學(xué)生的科學(xué)推理和應(yīng)用

數(shù)學(xué)知識解決物理問題的能力。

9.【答案】平行0.25￡-例#0.3

MMg

【知識點(diǎn)】測量動(dòng)摩擦因數(shù)

【解析】解：(1)應(yīng)調(diào)整滑輪的高度，讓細(xì)線與木板平行;

(2)根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式得：Ax=at2,

Ax

a=—0.1618-0.1517=0.25m/s2

t20.22o

(3)根據(jù)牛頓第二定律，則有：mg-iiMg=(M+m)a；

(M+m)a

解得：〃Mg

代入數(shù)據(jù)，則有："言-捺瑞x0.25=0.3；

故答案為：⑴平行，(2)0.25,⑶二三一出署；03。

解決實(shí)驗(yàn)問題首先要掌握該實(shí)驗(yàn)原理，了解實(shí)驗(yàn)的操作步驟和數(shù)據(jù)處理以及注意事項(xiàng)。

紙帶實(shí)驗(yàn)中，若紙帶勻變速直線運(yùn)動(dòng)，測得紙帶上的點(diǎn)間距，利用勻變速直線運(yùn)動(dòng)的推

論，可計(jì)算出加速度；

根據(jù)牛頓第二定律，結(jié)合滑動(dòng)摩擦力公式，即可求解。

對于實(shí)驗(yàn)問題我們要了解實(shí)驗(yàn)的裝置和工作原理，同時(shí)掌握牛頓第二定律的應(yīng)用，并要

注意單位的換算。

10.【答案】1.4002.401.8X10-8CD

【知識點(diǎn)】實(shí)驗(yàn)：測量金屬絲的電阻率

【解析】解：(1)螺旋測微器固定刻度

讀數(shù)為1mm,可動(dòng)刻度讀數(shù)為40.0X

0.01mm,測得銅芯的直徑為Inrni+

40.0X0.01mm=1.400mmo

(2)電壓表示數(shù)能從零開始連續(xù)調(diào)節(jié)，

則滑動(dòng)變阻器采用分壓式接法，電流表

內(nèi)阻與銅芯線的內(nèi)阻大小相近，則電流

表采用外接法，連接電路如圖所示。

(3)由于電源使用兩節(jié)干電池，電壓表

接3V量程，因此電壓表讀數(shù)為2.40L

電阻的測量值R測號=芋0=1.2。,根據(jù)R=若=P后，解得p=1.8xIO,,如

(4)4、如果電流表測得的電流大于通過銅芯線的電流，會(huì)導(dǎo)致電阻測量值偏小，從而導(dǎo)

致電阻率測量值偏小，故A錯(cuò)誤；

B、用螺旋測微器測得銅芯的直徑偏小，導(dǎo)致橫截面積測量值偏小，從而導(dǎo)致電阻率測

量值偏小，故B錯(cuò)誤；

C、隨著溫度升高，電阻率增大，因此可能實(shí)驗(yàn)時(shí)銅芯線的溫度高于20。如導(dǎo)致電阻率

偏大，故C正確；

。、銅芯線不純，含有雜質(zhì)導(dǎo)致電阻率偏大，故。正確。

故選：CD.

故答案為：(1)1.400,(2)電路如圖所示，(3)2.40,1.8x10-8,(4)CD。

(1)螺旋測微器固定刻度最小分度為lm，n,可動(dòng)刻度每一分度表示O.Olznm,由固定刻度

讀出整毫米數(shù)包括半毫米數(shù)，由可動(dòng)刻度讀出毫米的小數(shù)部分；

(2))電壓表示數(shù)能從零開始連續(xù)調(diào)節(jié)，則滑動(dòng)變阻器采用分壓式接法，根據(jù)待測電阻與

電流表內(nèi)阻的大小關(guān)系判斷電流表采用外接法；

(3)根據(jù)電壓表的接線方式讀取電壓表的示數(shù)；

(4)根據(jù)電阻率的相關(guān)量分析即可。

解決本題的關(guān)犍掌握螺旋測微器的讀數(shù)方法，是固定刻度讀數(shù)加上可動(dòng)刻度讀數(shù)，在讀

可動(dòng)刻度讀數(shù)時(shí)需估讀.對電學(xué)實(shí)驗(yàn)要能設(shè)計(jì)出電路圖，并根據(jù)電路圖連接電路并得到

待測量，還要會(huì)誤差分析，難度適中。

11.【答案】解：(1)粒子在電場I中做初速度為。的勻加速運(yùn)動(dòng)，從P點(diǎn)到。點(diǎn)

根據(jù)動(dòng)能定理可得：=

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粒子進(jìn)入電場II的速度為"=空

7m

粒子在電場n中做類平拋運(yùn)動(dòng)，由平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律可知：

I=vt

1

I=-at2

由牛頓第二定律：qEr=ma

解得：E'=2E

(2)設(shè)粒子在電場I中“軸上距原點(diǎn)。為x的位置釋放，從釋放到。點(diǎn)，由動(dòng)能定理得：

1

qEFx=—mv，”2

解得：1/=匡

yjm

粒子進(jìn)入電場II中做類平拋運(yùn)動(dòng)，設(shè)偏移量y,則有

I=v't'

解得：y=—

,2x

由全過程動(dòng)能定理可得：

qEx+qE'y=Ek

代入y整理可得：

I2

Ek-qE(x+—')

根據(jù)均值不等式可知，

當(dāng)x=g即％=［時(shí)，動(dòng)能由最小值，且最小值為%=2qEl

答：

(1)電場〃的場強(qiáng)E的大小為2E；

(2)該粒子飛出電場〃時(shí)的最小動(dòng)能Ek為IqEL

【知識點(diǎn)】動(dòng)能和動(dòng)能定理、帶電粒子在電場中的運(yùn)動(dòng)

【解析】(1)粒子在電場I中做初速度為()的勻加速運(yùn)動(dòng)，由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求粒子進(jìn)入電

場n的速度，根據(jù)粒子在電場〃做類平拋運(yùn)動(dòng)求電場H的場強(qiáng)E的大小：

(2)若將帶電粒子從x軸負(fù)半軸上某一位置由靜止釋放，由動(dòng)能定理求出粒子進(jìn)入電場

n時(shí)的速度，粒子在電場〃中做類平拋運(yùn)動(dòng)，通過粒子在整個(gè)過程中動(dòng)能定理求飛出電

場口時(shí)的動(dòng)能，由數(shù)學(xué)方法求解該粒子飛出電場〃時(shí)的最小動(dòng)能后叱

本題考查帶電粒子在電場中的運(yùn)動(dòng)，如果電場力與粒子速度垂直時(shí)，粒子在電場中做類

平拋運(yùn)動(dòng)，結(jié)合動(dòng)能定理求速度。本題求最小動(dòng)能的問題，借助數(shù)學(xué)的均值不等式求解。

12.【答案】解：涉及動(dòng)量定理和動(dòng)量守恒定律均取向右為正方向。

(1)對滑塊8分析，由動(dòng)量定理得：l=mv0

解得滑塊8的初速度為：v0=2m/s

從開始到4、B共速，由動(dòng)量守恒定律可得：mv0=+m')v

解得：v=0.4m/s

對A、8組成的系統(tǒng)，根據(jù)能量守恒定律得：=+

解得：〃=0.2；

(2)力尸由零開始增加時(shí)4、8先共同加速，當(dāng)A、8將要相對滑動(dòng)時(shí)，設(shè)其加速度為即，

拉力為民，

對A由牛頓第二定律得：卬ng=Ma0

對3根據(jù)牛頓第二定律可得：Fo-i^mg=ma0

2

解得：a0=0.5m/s,Fo=0.5N

由圖像可以得出此時(shí)q=Is

因?yàn)槭?￡圖像與，軸圍成的面積表示沖量，貝人

在0?1s時(shí)間內(nèi)，尸的沖量為A=；X1XO.5N-S=O.25N-S

對A、B系統(tǒng)列動(dòng)量定理可得：A=(M+m)%'

解得：％'=0.25m/s

由圖像面積可求得從1S?4s內(nèi)F的沖量為:12=\(0.5+1.0)x(2-1)N?s+1.0x(4-

2)N?s=2.75N?s

對8根據(jù)動(dòng)量定理得：12—nmgt2=-mv0',其中=4s-Is=3s

解得4s末滑塊8的速度：V1=8m/s；

(3)相對滑動(dòng)后，A的加速度恒定，大小為劭，

t=4s時(shí)A的速度為/=v0'+a0t2<

解得。2=L75m/s

對A,全過程根據(jù)動(dòng)量定理可得：lA=MV2

解得：1A=1.4/VSo

答：(1)由測試(a)滑塊8和木板A間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.2；

(2)由測試(b)4s末滑塊B的速度大小為8m/s；

第16頁，共20頁

(3)由測試(b)4s內(nèi)外力對木板4的總沖量大小為1.4N-s。

【知識點(diǎn)】動(dòng)量守恒定律、動(dòng)量定理

【解析】(1)對滑塊8由動(dòng)量定理得求解初速度大小，從開始到4、B共速，由動(dòng)量守恒

定律、能量守恒定律列方程求解；

(2)求出A、B將要相對滑動(dòng)時(shí)拉力大小，根據(jù)F-t圖像與，軸圍成的面積表示沖量結(jié)合

動(dòng)量定理求解4s末滑塊B的速度；

(3)相對滑動(dòng)后，A的加速度恒定，對4全過程根據(jù)動(dòng)量定理列方程求解外力對木板A

的總沖量大小。

本題主要是考查動(dòng)量守恒定律、能量守恒定律和動(dòng)量定理，關(guān)鍵是弄清楚A和B的受力

情況和F-t圖像與坐標(biāo)軸圍成的面積所表示的物理意義，掌握動(dòng)量守恒定律的應(yīng)用方

法。

13.【答案】BCE

【知識點(diǎn)】熱力學(xué)第一定律的內(nèi)容及應(yīng)用、分子動(dòng)能、擴(kuò)散現(xiàn)象、液體的表面張力、熱

力學(xué)第二定律的內(nèi)容及應(yīng)用

【解析】解：小液體與固體接觸時(shí)，如果附著層內(nèi)分子比液體內(nèi)部分子稀疏，表現(xiàn)為

不浸潤，故A錯(cuò)誤；

8、車輪在潮濕的地面上滾過后，車轍中會(huì)滲出水，是由于土壤中的水經(jīng)過毛細(xì)管上升，

屬于毛細(xì)現(xiàn)象，故B正確：

C、液體汽化時(shí)吸收的熱量等于液體分子克服分子引力而做的功和液體分子增加的動(dòng)能,

所以吸收的熱量大于液體分子克服分子引力而做的功，故C正確；

。、熱力學(xué)第二定律是反映宏觀自然過程的方向性的定律，并不是從另一個(gè)側(cè)面闡述能

量守恒定律，故D錯(cuò)誤；

E、燧是系統(tǒng)內(nèi)分子運(yùn)動(dòng)無序性的量度，從微觀角度看，一個(gè)孤立的系統(tǒng)總是從嫡小的

狀態(tài)向嫡大的狀態(tài)發(fā)展，故E正確。

故選：BCE.

附著層內(nèi)分子比液體內(nèi)部分子稀疏，表現(xiàn)為不浸潤；毛細(xì)管插入浸潤液體中，管內(nèi)液面

上升，高于管外，毛細(xì)管插入不浸潤液體中，管內(nèi)液體下降，低于管外的現(xiàn)象；液體汽

化時(shí)吸收的熱量等于液體分子克服分子引力而做的功和液體分子增加的動(dòng)能；熱力學(xué)第

二定律說明了熱學(xué)現(xiàn)象的方向性；知道端增加原理。

本題考查了浸潤和不浸潤、毛細(xì)現(xiàn)象、液體汽化、熱力學(xué)第二定律和尷增加原理等知識

點(diǎn)，這種題型屬于基礎(chǔ)題，只要善于積累，難度不大。

14.【答案】解：氣缸上段內(nèi)徑為下段內(nèi)徑的2倍，活塞。的橫截面積為S,則活塞P

的橫截面積是4S；

⑴設(shè)氣體/的壓強(qiáng)為Pi，氣體〃的壓強(qiáng)為P2，由平衡條件得：

對活塞P：Pox4S+4-mg=Pix4S,

對活塞。：PiS+mg=p2S

解得：Pz=Po+等

(it)對氣體加熱過程氣體壓強(qiáng)不變，對氣體〃，由蓋-呂薩克定律得：￡=9

解得，氣體升高的溫度：&T=T0,

設(shè)活塞產(chǎn)上升的高度是力，對氣體/,由蓋-呂薩克定律得：學(xué)竺=喑察

ToT0+AT

解得：h=1.51

答：①氣體〃的壓強(qiáng)是p<)+警；

3)兩部分氣體溫度升高了7°，活塞P上升的高度為1.5屋

【知識點(diǎn)】理想氣體狀態(tài)方程

【解析】⑴