山東省聊城市華育學校2024屆數學高一上期末教學質量檢測模擬試題含解析

山東省聊城市華育學校2024屆數學高一上期末教學質量檢測模擬試題注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號、考場號和座位號填寫在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型（B）填涂在答題卡相應位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角"條形碼粘貼處"。2．作答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目選項的答案信息點涂黑；如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。3．非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區(qū)域內相應位置上；如需改動，先劃掉原來的答案，然后再寫上新答案；不準使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。4．考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、選擇題（本大題共12小題，共60分）1．已知函數的部分圖象如圖所示，則下列說法正確的是（）A.該圖象對應的函數解析式為B.函數的圖象關于直線對稱C.函數的圖象關于點對稱D.函數在區(qū)間上單調遞減2．已知a，b為實數，則“”是“”的（）A.充分不必要條件 B.必要不充分條件C.充要條件 D.既不充分也不必要條件3．函數，，則函數的圖象大致是（）A. B.C. D.4．函數的定義域是（）A. B.C. D.（0，4）5．已知是R上的奇函數，且對，有，當時，，則（）A.40 B.C. D.6．圓x2+y2+2x﹣4y+1＝0的半徑為（）A.1 B.C.2 D.47．已知函數的圖象與函數的圖象關于直線對稱，函數是奇函數，且當時，，則（）A.-18 B.-12C.-8 D.-68．若方程的兩實根中一個小于，另一個大于，則的取值范圍是（）A. B.C. D.9．已知向量，若，則（）A.1或4 B.1或C.或4 D.或10．，，，則（）A. B.C. D.11．借助信息技術畫出函數和（a為實數）的圖象，當時圖象如圖所示，則函數的零點個數為（）A.3 B.2C.1 D.012．已知冪函數的圖象過，則下列求解正確的是（）A. B.C. D.二、填空題（本大題共4小題，共20分）13．方程在上的解是______.14．直線被圓截得弦長的最小值為______.15．已知一組數據，，…，的平均數，方差，則另外一組數據，，…，的平均數為______，方差為______16．已知函數f(x)=①f(5)=______；②函數f(x)與函數y=(三、解答題（本大題共6小題，共70分）17．已知函數，.求：（1）求函數在上的單調遞減區(qū)間（2）畫出函數在上的圖象；18．已知A（1，1）和圓C：（x+2）2+（y﹣2）2＝1，一束光線從A發(fā)出，經x軸反射后到達圓C（1）求光線所走過的最短路徑長；（2）若P為圓C上任意一點，求x2+y2﹣2x﹣4y的最大值和最小值19．已知,，函數，（1）若，，求的值；（2）若不等式對任意恒成立，求的取值范圍20．已知函數（，且）（1）求的值及函數的定義域；（2）若函數在上的最大值與最小值之差為3，求實數的值21．已知函數（1）求函數最小正周期與單調增區(qū)間；（2）求函數在上的最大值與最小值22．已知集合A={x|2-a?x?2+a}，B={x|（1）當a=3時，求A∩B，A∪?（2）若A∩B=?，求實數a的取值范圍

參考答案一、選擇題（本大題共12小題，共60分）1、B【解析】先依據圖像求得函數的解析式，再去代入驗證對稱軸、對稱中心、單調區(qū)間的說法.【詳解】由圖象可知，即，所以，又，可得，又因為所以，所以，故A錯誤；當時，.故B正確；當時，，故C錯誤；當時，則，函數不單調遞減.故D錯誤故選：B2、B【解析】由充分條件、必要條件的定義及對數函數的單調性即可求解.【詳解】解：因為，所以在上單調遞減，當時，和不一定有意義，所以“”推不出“”；反之，，則，即，所以“”可推出“”.所以“”是“”的必要不充分條件.故選：B.3、C【解析】先判斷出為偶函數，排除A;又，排除D;利用單調性判斷B、C.【詳解】因為函數，，所以函數.所以定義域為R.因為，所以為偶函數.排除A;又，排除D;因為在為增函數，在為增函數，所以在為增函數.因為為偶函數，圖像關于y軸對稱，所以在為減函數.故B錯誤，C正確.故選：C4、C【解析】根據對數函數的單調性，結合二次根式的性質進行求解即可.【詳解】由，故選：C5、C【解析】根據已知和對數運算得，，再由指數運算和對數運算法則可得選項.【詳解】因為，，故，.∵，故.故選：C【點睛】關鍵點點睛：解決本題類型的問題的關鍵在于：1、由已知得出抽象函數的周期；2、根據函數的周期和對數運算法則將自變量轉化到已知范圍中，可求得函數值.6、C【解析】將圓的方程化為標準方程即可得圓的半徑.【詳解】由圓x2+y2+2x﹣4y+1＝0化為標準方程有：，所以圓的半徑為2.故選：C【點睛】本題考查圓的一般方程與標準方程的互化，并由此得出圓的半徑大小，屬于基礎題.7、D【解析】首先根據題意得到，再根據的奇偶性求解即可.【詳解】由題知：，所以當時，，又因為函數是奇函數，所以.故選：D8、A【解析】設，根據二次函數零點分布可得出關于實數的不等式組，由此可解得實數的取值范圍.【詳解】由可得，令，由已知可得，解得，故選：A.9、B【解析】根據向量的坐標表示，以及向量垂直的條件列出方程，即可求解.【詳解】由題意，向量，可得，因為，則，解得或.故選：B.10、B【解析】根據對數函數和指數函數的單調性即可得出，，的大小關系【詳解】，，，故選：11、B【解析】由轉化為與的圖象交點個數來確定正確選項.【詳解】令，，所以函數的零點個數即與的圖象交點個數，結合圖象可知與的圖象有個交點，所以函數有個零點.故選：B12、A【解析】利用冪函數過的點求出冪函數的解析式即可逐項判斷正誤【詳解】∵冪函數y＝xα的圖象過點（2，），∴2α，解得α，故f（x），即，故選A【點睛】本題考查了冪函數的定義，是一道基礎題二、填空題（本大題共4小題，共20分）13、##【解析】根據三角函數值直接求角.【詳解】由，得或，即或，又，故，故答案為.14、【解析】先求直線所過定點，根據幾何關系求解【詳解】,由解得所以直線過定點A(1,1)，圓心C（0，0），由幾何關系知當AC與直線垂直時弦長最小.弦長最小值為.故答案為：15、①.11②.54【解析】由平均數與方差的性質即可求解.【詳解】解：由題意，數據，，…，的平均數為，方差為故答案：11，54.16、①.-14【解析】①根據函數解析式，代值求解即可；②在同一直角坐標系中畫出兩個函數的圖象，即可數形結合求得結果.【詳解】①由題可知：f5②根據f(x)的解析式，在同一坐標系下繪制f(x)與y=(數形結合可知，兩個函數有3個交點.故答案為：-14；三、解答題（本大題共6小題，共70分）17、（1）（2）圖象見解析【解析】（1）由，得的范圍，即可得函數在，上的單調遞減區(qū)間（2）根據用五點法作函數的圖象的步驟和方法，作出函數在，上的圖象【小問1詳解】因為，令，，解得，，令得：函數在區(qū)間，上的單調遞減區(qū)間為：，【小問2詳解】，列表如下：01001描點連線畫出函數在一個周期上，的圖象如圖所示：18、（1）；（2）最大值為11，最小值為﹣1【解析】(1)點關于x軸的對稱點在反射光線上,當反射光線從點經軸反射到圓周的路程最短,最短為;(2)將式子化簡得到,轉化為點點距,進而轉化為圓心到的距離,加減半徑,即可求得最值.【詳解】（1）關于x軸的對稱點為，由圓C：（x+2）2+（y﹣2）2＝1得圓心坐標為C（﹣2，2），∴，即光線所走過的最短路徑長為；（2）x2+y2﹣2x﹣4y＝（x﹣1）2+（y﹣2）2﹣5（x﹣1）2+（y﹣2）2表示圓C上一點P（x，y）到點（1，2）的距離的平方，由題意，得，因此，x2+y2﹣2x﹣4y的最大值為11，最小值為﹣1【點睛】本題考查最短路徑問題,以及圓外一點到圓上一點的距離的最值問題,屬于基礎題;求最短路徑時作對稱點,由兩點之間線段最短的原理確定長度,將圓外一點距離的最值轉化為點到圓心的距離和半徑之間的關系.19、(1)（2）見解析.【解析】（1）利用同角三角函數基本關系式進行求解；（2）作差，分離參數，將問題轉化為求函數的最值問題，再利用換元思想進行求解.試題解析：(1)依題意得，，即，即由，，得，（2）即不等式對任意恒成立，即下求函數的最小值令則且令1°當上單調遞增，2°當，即時，3°當4°當，所以當時，；當或0<時,20、（1）0；；（2）或.【解析】（1）代入計算得，由對數有意義列出不等式求解作答.（2）由a值分類討論單調性，再列式計算作答.【小問1詳解】函數，則，由解得：，所以的值是0，的定義域是.【小問2詳解】當時，在上單調遞減，，，于是得，即，解得，則，當時，在上單調遞增，，，于是得，即，解得，則，所以實數的值為或.21、（1），單調增區(qū)間（2），【解析】（1）利用三角恒等變換化簡函數解析式，可得函數的最小正周期與的單調區(qū)間；（2）利用整體法求函數的最值.【小問1詳解】解：，函數的最小正周期，令，解得，所以單調遞增區(qū)間為【小問2詳解】，，，即，所以，.22、（1）A∩B={x|-1?x?1或4?x?5}；A∪?RB【解析】（1）a=3時求出集合A，B，再根據集合的運算性質計算A∩B和A∪?（2）根據A∩B=?，討論A=?和A≠?時a的取值范圍，從而得出實數a的取值范圍【詳解】解