成都市棠湖中學(xué)高三下學(xué)期月月考理科綜物理試題

學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精2020屆四川省成都市棠湖中學(xué)高三下學(xué)期3月理科綜物理試題二、選擇題1。如圖所示,理想變壓器有兩個(gè)輸出端,電路中五個(gè)相同的燈泡都正常發(fā)光。則三個(gè)線圈的匝數(shù)N1:N2：N3是A。1：4:2B.1：2:4C。4:1:2D。4：2:1【答案】C【解析】則燈泡規(guī)格相同，且全部正常發(fā)光知:流經(jīng)每個(gè)燈泡的電流都相等設(shè)為I，每個(gè)燈泡兩端電壓都相等設(shè)為U，則U2=U，U3=2U；根據(jù)輸入功率等于輸出功率知:U1I=U2?2I+U3I，U1=4U；再根據(jù)電壓與匝數(shù)成正比知N1：N2：N3=U1:U2：U3=4：1：2，故C正確，ABD錯(cuò)誤；故選C.點(diǎn)睛：題副線圈中有兩個(gè),對(duì)于電壓仍然可以用于匝數(shù)成正比，但是電流不再和匝數(shù)成反比,應(yīng)該利用輸入功率等于輸出功率．2.我國是少數(shù)幾個(gè)掌握飛船對(duì)接技術(shù)的國家之一．為了實(shí)現(xiàn)神舟飛船與天宮號(hào)空間站順利對(duì)接，具體操作應(yīng)為A。飛船與空間站在同一軌道上且沿相反方向做圓周運(yùn)動(dòng)接觸后對(duì)接B.空間站在前、飛船在后且兩者沿同一方向在同一軌道做圓周運(yùn)動(dòng),在合適的位置飛船加速追上空間站后對(duì)接C.飛船在前、空間站在后且兩者在同一軌道同向飛行,在合適的位置飛船減速然后與空間站對(duì)接D?？臻g站在高軌道、飛船在低軌道且兩者同向飛行，在合適的位置飛船加速追上空間站后對(duì)接【答案】D【解析】【詳解】A.飛船在軌道上高速運(yùn)動(dòng),如果在同軌道上沿相反方向運(yùn)動(dòng)，則最終會(huì)撞擊而不是成功對(duì)接，故A錯(cuò)誤B。兩者在同軌道上，飛船加速后做離心運(yùn)動(dòng),則飛船的軌道抬升，不能與空間站對(duì)接，故不能采取同軌道加速對(duì)接,故B錯(cuò)誤C。兩者在同一軌道飛行時(shí),飛船突然減速做近心運(yùn)動(dòng)，飛船的軌道高度要降低，故不可能與同軌道的空間站實(shí)現(xiàn)對(duì)接,故C錯(cuò)誤．D。飛船在低軌道加速做離心運(yùn)動(dòng)，在合適的位置，飛船追上空間站實(shí)現(xiàn)對(duì)接,故D正確．3.如圖甲，小球用不可伸長的輕繩連接繞定點(diǎn)O在豎直面內(nèi)圓周運(yùn)動(dòng)，小球經(jīng)過最高點(diǎn)的速度大小為v，此時(shí)繩子拉力大小為F，拉力F與速度的平方的關(guān)系如圖乙所示,圖象中的數(shù)據(jù)a和b以及重力加速度g都為已知量，以下說法正確的是（)A.數(shù)據(jù)a與小球的質(zhì)量有關(guān)B。數(shù)據(jù)b與小球的質(zhì)量無關(guān)C。比值只與小球的質(zhì)量有關(guān)，與圓周軌道半徑無關(guān)D.利用數(shù)據(jù)a、b和g能夠求出小球的質(zhì)量和圓周軌道半徑【答案】D【解析】【詳解】A。當(dāng)時(shí)，此時(shí)繩子的拉力為零，物體的重力提供向心力，則有：解得：解得:與物體的質(zhì)量無關(guān),A錯(cuò)誤；B。當(dāng)時(shí)，對(duì)物體受力分析，則有：解得:b=mg與小球的質(zhì)量有關(guān)，B錯(cuò)誤；C.根據(jù)AB可知：與小球的質(zhì)量有關(guān)，與圓周軌道半徑有關(guān),C錯(cuò)誤；D.若F=0，由圖知：，則有：解得：當(dāng)時(shí)，則有：解得：D正確．4.在地面上以初速度v0豎直向上拋出一小球,經(jīng)過2t0時(shí)間小球落回拋出點(diǎn),其速率為v1，已知小球在空中運(yùn)動(dòng)時(shí)所受空氣阻力與小球運(yùn)動(dòng)的速率成正比，則小球在空中運(yùn)動(dòng)時(shí)速率隨時(shí)間的變化規(guī)律可能是A. B。C. D?！敬鸢浮緼【解析】【詳解】小球上升過程中，由牛頓第二定律故隨速度的減小,加速度逐漸減小，v-t線切線的斜率逐漸減??；當(dāng)物體下降過程中，由牛頓第二定律則隨速度逐漸增大，加速度逐漸減小，v—t線切線的斜率逐漸減??；由于有阻力作用，故回到地面的速度將小于初速度v0A。A項(xiàng)圖與上述分析結(jié)論相符，故A正確；B。B項(xiàng)圖與上述分析結(jié)論不相符，故B錯(cuò)誤；C.C項(xiàng)圖與上述分析結(jié)論不相符,故C錯(cuò)誤;D。D項(xiàng)圖與上述分析結(jié)論不相符，故D錯(cuò)誤；5。如圖中所示為電場(chǎng)中的一條電場(chǎng)線，在電場(chǎng)線上建立坐標(biāo)軸，坐標(biāo)軸上OB間各點(diǎn)的電勢(shì)分布如圖乙所示，則（)A.在OB間，場(chǎng)強(qiáng)先減小后增大B.在OB間，場(chǎng)強(qiáng)方向沒有發(fā)生變化C.若一個(gè)負(fù)電荷從O點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn),其電勢(shì)能逐漸減小D.若從O點(diǎn)靜止釋放一個(gè)僅受電場(chǎng)力作用的正電荷,則該電荷在OB間一直做加速運(yùn)動(dòng)【答案】BD【解析】【分析】電勢(shì)-位置圖像的斜率是電場(chǎng)強(qiáng)度，通過分析場(chǎng)強(qiáng)的大小和方向解決問題．【詳解】A．圖線的斜率大小的絕對(duì)值等于電場(chǎng)強(qiáng)度大小，由幾何知識(shí)得，在OB間，圖線的斜率大小的絕對(duì)值先增大后減小,則場(chǎng)強(qiáng)先增大后減小，A錯(cuò)誤；B．在OB間，電勢(shì)一直降低，根據(jù)沿著電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低可知場(chǎng)強(qiáng)方向沒有發(fā)生變化，故B正確;C．由題圖乙可知從O點(diǎn)到B點(diǎn)，電勢(shì)逐漸降低，若一負(fù)電荷從O點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)，電場(chǎng)力做負(fù)功，則其電勢(shì)能逐漸增大，故C錯(cuò)誤;D．電場(chǎng)方向沿x軸正方向,若從O點(diǎn)靜止釋放一僅受電場(chǎng)力作用的正電荷，其受到的電場(chǎng)力方向沿x軸正方向，正電荷將做加速運(yùn)動(dòng)，故D正確．【點(diǎn)睛】從函數(shù)的角度去理解圖像的斜率物理含義，通過電勢(shì)的定義判斷正負(fù)電荷在不同電勢(shì)處電勢(shì)能的變化．6.如圖所示，光滑水平面上有質(zhì)量均為的物塊A和B，B上固定一輕質(zhì)彈簧，B靜止，A以速度水平向右運(yùn)動(dòng),從A與彈簧接觸至彈簧被壓縮到最短的過程中（）A。A、B的動(dòng)量變化量大小相等B.A、B的動(dòng)量變化率相同C.A、B系統(tǒng)的總動(dòng)能保持不變D.A、B系統(tǒng)的總動(dòng)量保持不變【答案】AD【解析】【詳解】AD．由題意可知兩物體相互作用過程中系統(tǒng)的合外力為零，故系統(tǒng)的總動(dòng)量守恒,則A、B動(dòng)量變化量大小相等、方向相反,故A正確，D正確；B．由動(dòng)量定理得:可以知道動(dòng)量的變化率等于物體所受的合外力，A、B兩物體所受的合外力大小相等、方向相反，所受的合外力不同，則動(dòng)量的變化率不同，故B錯(cuò)誤；C．因整個(gè)過程中只有彈簧彈力做功,A、B系統(tǒng)的總機(jī)械能不變，彈性勢(shì)能在變化，則總動(dòng)能在變化,故C錯(cuò)誤。故選AD。7。兩個(gè)相同的金屬小球（可視為點(diǎn)電荷)，帶電荷之比為1：7，相距為r,兩者相互接觸后再放回原來的位置上，則相互作用力的大小可能為原來的（）A B. C. D.【答案】CD【解析】【詳解】據(jù)題意，如果金屬球帶同種電荷,帶電量之比為1︰7，那么其中一個(gè)帶電量為，另一個(gè)帶電量為，則有:當(dāng)接觸之后放回原來位置，則兩個(gè)金屬球帶電量均為，那么相互作用力為:所以有：如果金屬球帶異種電荷,兩球接觸后放回原來位置,兩球各帶的電荷量，則有：所以有：A.與分析不符,故A錯(cuò)誤；B.與分析不符,故B錯(cuò)誤;C.與分析相符,故C正確；D.與分析相符，故D正確．8.如圖所示，等腰直角三角形abc區(qū)域內(nèi)(包含邊界）有垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為B，在bc的中點(diǎn)O處有一粒子源，可沿與ba平行的方向發(fā)射大量速率不同的同種粒子,這些粒子帶負(fù)電,質(zhì)量為m，電荷量為q,已知這些粒子都能從ab邊離開abc區(qū)域，ab=2l，不考慮粒子的重力及粒子間的相互作用．關(guān)于這些粒子，下列說法正確的是A.速度的最大值為B。速度的最小值為C。在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的最短時(shí)間為D。在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的最長時(shí)間為【答案】ACD【解析】【詳解】粒子從ab邊離開磁場(chǎng)時(shí)的臨界運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示:由幾何知識(shí)可知：解得:AB．粒子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律得:解得：，故粒子的最大速度為：最小速度：故A正確，B錯(cuò)誤．CD．由粒子從ab邊離開磁場(chǎng)區(qū)域的臨界運(yùn)動(dòng)軌跡可知,粒子轉(zhuǎn)過的最大圓心角θmax=180°，最小圓心角：θmin=45°，粒子做圓周運(yùn)動(dòng)的周期：則粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的最短時(shí)間：最長時(shí)間：故C正確,D正確。三、非選擇題9.某同學(xué)把附有滑輪的長木板平放在實(shí)驗(yàn)桌上，將細(xì)繩一端拴在小車上，另一端繞過定滑輪，掛上適當(dāng)?shù)你^碼,使小車在鉤碼的牽引下運(yùn)動(dòng)，以此定量探究繩拉力做功與小車動(dòng)能變化的關(guān)系．此外還準(zhǔn)備了打點(diǎn)計(jì)時(shí)器及配套的電源、刻度尺、小車、鉤碼、導(dǎo)線、復(fù)寫紙、紙帶、小木塊等．組裝的實(shí)驗(yàn)裝置如圖所示．①若要完成該實(shí)驗(yàn)，還需要的一個(gè)實(shí)驗(yàn)器材是___________________．②實(shí)驗(yàn)開始時(shí)，他先調(diào)節(jié)木板上定滑輪的高度，使?fàn)恳≤嚨募?xì)繩與木板平行．他這樣做的目的是下列的哪個(gè)________(填字母代號(hào)）．A．避免小車在運(yùn)動(dòng)過程中發(fā)生抖動(dòng)B．可使打點(diǎn)計(jì)時(shí)器在紙帶上打出的點(diǎn)跡清晰C．可以保證小車最終能夠?qū)崿F(xiàn)勻速直線運(yùn)動(dòng)D．可在平衡摩擦力后使細(xì)繩拉力等于小車受的合力③他將鉤碼重力做的功當(dāng)作細(xì)繩拉力做的功,經(jīng)多次實(shí)驗(yàn)發(fā)現(xiàn)拉力做功總是要比小車動(dòng)能增量大一些．這一情況可能是下列哪些原因造成的________（填字母代號(hào))．A．在接通電的同時(shí)釋放了小車B．小車釋放時(shí)離打點(diǎn)計(jì)時(shí)器太近C．阻力未完全被小車重力沿木板方向的分力平衡掉D．鉤碼做勻加速運(yùn)動(dòng)，鉤碼重力大于細(xì)繩拉力【答案】(1）。天平(2).D(3）。CD【解析】【詳解】解:①根據(jù)本實(shí)驗(yàn)的實(shí)驗(yàn)原理是合外力所做的功等于動(dòng)能的變化量，通過研究紙帶來研究小車的速度，利用天平測(cè)量小車的質(zhì)量，利用砝碼的重力代替小車的合外力，所以需要刻度尺來測(cè)量紙帶上點(diǎn)的距離和用天平測(cè)得小車的質(zhì)量，即還需要天平；②實(shí)驗(yàn)過程中，為減少誤差，提高實(shí)驗(yàn)精確度，他先調(diào)節(jié)木板上定滑輪的高度，使?fàn)恳≤嚨募?xì)繩與木板平行，目的是消除摩擦帶來的誤差,即平衡摩擦力后，使細(xì)繩的拉力等于小車的合力，故選項(xiàng)D正確，A、B、C錯(cuò)誤；③）他將鉤碼重力做的功當(dāng)做細(xì)繩拉力做的功，經(jīng)多次實(shí)驗(yàn)發(fā)現(xiàn)拉力做功總是要比小車動(dòng)能增量大一些，從功能關(guān)系看出：該實(shí)驗(yàn)一定有轉(zhuǎn)化為內(nèi)能的，即試驗(yàn)中有存在摩擦力沒有被平衡掉；還有該實(shí)驗(yàn)要求，只有當(dāng)小車的質(zhì)量遠(yuǎn)大于砝碼的質(zhì)量時(shí)，小車的拉力才近似等于砝碼的重力，故選項(xiàng)C、D正確，A、B錯(cuò)誤．10。某同學(xué)要測(cè)量一個(gè)由均勻新材料制成的圓柱體的電阻率．步驟如下：①用20分度的游標(biāo)卡尺測(cè)量其長度如圖所示，其長度是_____mm。②用多用電表的電阻“×10”擋,按正確的操作步驟測(cè)此圓柱體的電阻,表盤示數(shù)如圖所示,則該電阻的阻值約為_____Ω．③為了更精確地測(cè)量其電阻,現(xiàn)有的器材及其代號(hào)和規(guī)格如下：待測(cè)圓柱體電阻R；電流表A1（量程0~3mA，內(nèi)阻約50Ω）；電流表A2（量程0～15mA，內(nèi)阻約30Ω）；電壓表V（量程0～3V，內(nèi)阻約10KΩ)；滑動(dòng)變阻器R1，（阻值范圍0～15Ω)；滑動(dòng)變阻器R2，（阻值范圍0～2KΩ;)直流電源E（電動(dòng)勢(shì)4V，內(nèi)阻不計(jì)）；開關(guān)S，導(dǎo)線若干使實(shí)驗(yàn)誤差較小,要求測(cè)得多組數(shù)據(jù)進(jìn)行分析，電流表應(yīng)選____,滑動(dòng)變阻器應(yīng)選____(選填代號(hào))④請(qǐng)?jiān)趫D中補(bǔ)充連線并完成實(shí)驗(yàn)．（）【答案】(1)。100。45（2).2.2×102（3)。A2（4).R1(5）.【解析】【詳解】解：①游標(biāo)卡尺的固定刻度讀數(shù)為100mm，游標(biāo)尺上第9個(gè)刻度與主尺對(duì)齊，讀數(shù)為，所以最終讀數(shù)為：；②用歐姆表測(cè)電阻的讀數(shù)方法為指針示數(shù)乘以倍率，當(dāng)指針指在中央附近時(shí)測(cè)量值較準(zhǔn)確,所以該電阻的阻值約為；③由電動(dòng)勢(shì)和電阻的阻值知電流最大為，所以用電流表，滑動(dòng)變阻器用小阻值的，便于調(diào)節(jié)，所以用滑動(dòng)變阻器;④本實(shí)驗(yàn)中，因待測(cè)電阻值遠(yuǎn)小于電壓表內(nèi)阻，電流表應(yīng)選外接法；又滑動(dòng)變阻器最大阻值遠(yuǎn)小于待測(cè)電阻值，故變阻器應(yīng)用分壓式接法，電路圖如圖所示11。如圖所示，一對(duì)光滑的平行金屬導(dǎo)軌固定在同一水平面內(nèi)，導(dǎo)軌間距，左端接有阻值的電阻，一質(zhì)量，電阻的金屬棒MN放置在導(dǎo)軌上,整個(gè)裝置置于豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度，棒在水平向右的外力作用下,由靜止開始以的加速度做勻加速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)棒的位移時(shí)撤去外力，棒繼續(xù)運(yùn)動(dòng)一段距離后停下來。導(dǎo)軌足夠長且電阻不計(jì),棒在運(yùn)動(dòng)過程中始終與導(dǎo)軌垂直且兩端與導(dǎo)軌保持良好接觸，求：（1）棒在勻加速運(yùn)動(dòng)過程中，通過電阻的電荷量；(2)金屬棒MN做勻加速直線運(yùn)動(dòng)所需外力隨時(shí)間變化的表達(dá)式；【答案】（1）2.25C；（2）?！窘馕觥俊驹斀狻?1)棒在勻加速運(yùn)動(dòng)中，由法拉第電磁感應(yīng)定律得由閉合電路歐姆定律得則通過電阻R的電荷量為聯(lián)立各式,代入數(shù)據(jù)得;（2）由法拉第電磁感應(yīng)定律得對(duì)棒的勻加速運(yùn)動(dòng)過程，由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式得由閉合電路歐姆定律得由安培力公式和牛頓第二定律得聯(lián)立各式得答:（1）棒在勻加速運(yùn)動(dòng)過程中，通過電阻的電荷量；（2)金屬棒MN做勻加速直線運(yùn)動(dòng)所需外力隨時(shí)間變化的表達(dá)式；12.如圖所示，木板A長L=6m，質(zhì)量為M=8kg，在水平面上向右做直線運(yùn)動(dòng)．某時(shí)刻木板A速度v0=6m／s，在此時(shí)刻對(duì)木板A施加一個(gè)方向水平向左的恒力F=32N，與此同時(shí),將一個(gè)質(zhì)量m=2kg的小物塊B輕放在木板A上的P點(diǎn)（小物塊可視為質(zhì)點(diǎn)，放在P點(diǎn)時(shí)相對(duì)于地面的速度為零），P點(diǎn)到木板A右端距離為lm，木板A與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.16,其他摩擦均不計(jì)．取g=10m/s2．求：(1)小物塊B從輕放到木板A上開始，經(jīng)多長時(shí)間兩者同速?(2）小物塊B從輕放到木板A上開始至離開木板A的過程,恒力F對(duì)木板A所做的功及小物塊B離開木板A時(shí)木板A的速度?【答案】（1)1s（2)4m/s【解析】【詳解】（1）由于小物塊B與木板A間無摩擦則小物塊B離開木板A前始終對(duì)地靜止，木板A在恒力和摩擦力共同作用下先向右勻減速后向左勻加速,當(dāng)木板A向右速度減為零時(shí)兩者同速，設(shè)此過程用時(shí)t1，研究木板A向右勻減速過程，對(duì)木板A應(yīng)用牛頓第二定律:解得：a1=6m/s2木板A向右勻減速時(shí)間：s木板A向右勻減速位移則小物塊B還在木板A上此時(shí)兩者同速(2)木板A向左勻加速位移時(shí)小物塊B離開小物塊B從輕放到木板A上開始至離開木板A過程，恒力F對(duì)木板A所做的功：研究木板A向左勻加速過程，對(duì)木板A應(yīng)用牛頓第二定律:解得：a2=2m/s2此時(shí)木板A速度：13。下列說法正確的是（）A。只有在發(fā)生共振的時(shí)候，受迫振動(dòng)的頻率才等于驅(qū)動(dòng)力的頻率B。機(jī)械波的頻率由波源決定,與介質(zhì)無關(guān)C.聲波能發(fā)生多普勒效應(yīng),其它類型的