江蘇揚州中學2022年物理高一年級上冊期末復習檢測模擬試題含解析

2022-2023學年高一上物理期末模擬試卷

注意事項：

1.答題前，考生先將自己的姓名、準考證號填寫清楚，將條形碼準確粘貼在考生信息條形碼粘貼區(qū)。

2.選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用0.5毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。

3,請按照題號順序在各題目的答題區(qū)域內作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。

4.保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。

一、選擇題：本大題共10小題，每小題5分，共50分。在每小題給出的四個選項中，有的只有一項符合題目要求，

有的有多項符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。

1、如圖，在固定斜面上的一物塊受到一外力尸的作用，尸平行于斜面向上.若要物塊在斜面上保持靜止，尸的取值應

有一定范圍，已知其最大值和最小值分別為B和3（尸2>0）.由此可求出

A.物塊的質量B.斜面的傾角

C.物塊與斜面間的最大靜摩擦力D.物塊對斜面的正壓力

2、一個物體作自由落體運動，下落速度u跟時間，的關系可以用下列哪一個圖表示（）

3、下列各物理單位中，屬于國際單位制中的導出單位的是（）

B.m

C.sD.N

4、甲、乙兩物體沿同一直線運動，它們的位移隨時間變化的圖象如圖所示，由圖象可知（）

A.甲、乙的加速度不為零且大小之比為1：1

B.乙開始運動后，甲、乙沿同一方向運動

C.乙開始運動后，甲，乙速度大小之比為2：1

D.r=3s時，甲、乙相遇

5、如圖所示，小球從豎直放置的輕彈簧正上方自由下落。在小球接觸彈簧到彈簧被壓縮到最短的過程中，小球的速度

（）

O

A.變大B.不變

C.變小D.先變大后變小

6、如圖所示，質量為8kg的物體靜止在水平桌面上，t=0時刻受到水平推力F=12N的作用.物體與水平面間的動摩擦

因數(shù)為0」，g取10m/s2則關于物體的運動情況，下列說法正確的是（）

F

----------?

77777777777777777777777777777777^

A.物體運動的加速度為0.5m/s2

B.t=4s時，物體的速度大小為4m/s

C.t=4s時撤去推力F,物體之后運動的加速度為-0.5m/s2

D.t=4s時撤去推力F,物體經(jīng)過2s靜止

7、如圖所示，表示一物體在0?4s內做勻變速直線運動的丫一，圖象.根據(jù)圖象，以下說法正確的是（）

B.物體先向負方向運動，在f=2s后開始向正方向運動

C.物體在整個運動過程中加速度一直不變

D.物體在t=2s前位于出發(fā)點負方向上，在/=2s后位于出發(fā)點正方向上

8、如圖所示，某健身愛好者手拉著輕繩，在粗糙的水平地面上緩慢地移動，保持繩索始終平行于地面.為了鍛煉自己

的臂力和腿部力量，可以在。點懸掛不同的重物G則（）

A.若健身者緩慢向右移動，繩04的拉力變小

B.若健身者緩慢向左移動，繩的拉力變小

C.若健身者緩慢向右移動，繩04、03拉力的合力變大

D.若健身者緩慢向左移動，健身者與地面間的摩擦力變小

9、如圖所示，在光滑水平桌面上放一質量為，kg的盒子乙，乙內放置質量，〃丙=1kg的滑塊丙，用質量不計的細

繩跨過光滑的定滑輪將一質量為，"甲=2kg的物塊甲與乙相連接，其中連接乙的細繩與水平桌面平行。現(xiàn)由靜止釋放物

塊甲，在以后的運動過程中，盒子乙與滑塊丙之間沒有相對運動，假設整個運動過程中盒子始終沒有離開水平桌面，

重力加速度g=10m/s2。則（）

甲口

A.細繩對盒子的拉力大小為20NB.盒子的加速度大小為2.5m/s2

C.盒子對滑塊丙的摩擦力大小為2.5ND.定滑輪受到細繩的作用力為30N

10、在下圖所示的四個圖象中，表示物體做勻速直線運動的圖象是（）

二、實驗題

11、（4分）三個木塊A、B、C在水平外力尸的作用下，一起在水平面上向右勻速運動，則木塊B受到一個力的作

用，木塊C受到了一力作用。

T~|_?F

12、（10分）請完成“探究力的合成方法”實驗的相關內容

（1）如圖甲所示，在鋪有白紙的水平木板上，橡皮條一端固定在A點，另一端拴兩個細繩套

（2）如圖乙所示，用兩個彈簧測力計互成角度地拉橡皮條，使繩與橡皮條的結點伸長到某位置并記為O點，記下此

時彈簧測力計的示數(shù)用和F2及

（3）如圖丙所示，用一個彈簧測力計拉橡皮條，使繩與橡皮條的結點拉到O點，記下此時彈簧測力計的示數(shù)F=N

和細繩的方向

（4）如圖丁所示，已按一定比例作出了用、F2和F的圖示，用虛線把Fi、F2、F的箭頭端連接，你可以得到的實驗

結論是__________________

三、計算題：解答應寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟.只寫出最后答案的不能得分.有數(shù)值計算的題,

答案中必須明確寫出數(shù)值和單位

13、(9分)如圖所示，光滑斜面底端擋板上固定著勁度為k=200N/m的輕彈簧，彈簧另一端與連接著質量為4依

的物塊尸，一根輕繩一端系在物體尸上，另一端跨過光滑的定滑輪掛有輕質量掛鉤，掛鉤不掛任何物體時，物體P處于

靜止狀態(tài)，在掛鉤上輕輕掛上質量也為的物塊。后，物體P開始沿斜面向上運動，已知斜面足夠長，斜面傾角為

30。，細繩與斜面平行，運動過程中。始終未接觸地面，g=10m/?

(1)求物塊P剛開始運動時的加速度大小

(2)物體。沿斜面向上運動多遠時獲得最大速度.

(3)物體P的最大速度的大小

14、(14分)如圖所示，質量M=8kg的小車放在水平光滑的平面上，在小車左端加一水平推力尸=8N,當小車向右運

動的速度達到L5m/s時，在小車前端輕輕地放上一個大小不計，質量為，〃=2kg的小物塊，物塊與小車間的動摩擦因

數(shù)〃=0.2,小車足夠長。求：

(1)小物塊放后，小物塊及小車加速度各為多大？

(2)經(jīng)多長時間兩者達到相同的速度？

(3)從小物塊放上小車開始，經(jīng)過f=1.8s小物塊通過的位移大小為多少？(取g=10m/s2)。

777Trrrn77777777Trrrrrr77777777T7T

15、(13分)有一傾角為37的傳送帶逆時針轉動，正常運轉時的速度v=4〃z/s,48間長度L=9.6m.現(xiàn)通過定滑

輪用輕繩沿著傳送帶方向拉動M=10修的平板，已知平板與傳送帶之間的動摩擦因數(shù)M=0.8.(平板可視為質點，不

計輕繩和定滑輪之間的摩擦，g取lOm/f,sin37'=0.6,cos37=0.8)

(1)傳送帶靜止時，為了勻速拉動平板，求所需拉力士的大小;

（2）傳送帶正常運轉時，用恒力鳥=16N拉動初速度為零的平板，求平板從4點到達5點所用的時間;

（3）傳送帶正常運轉時，將加=15奴的物體疊放在平板上，物體與平板之間的動摩擦因數(shù)〃2=。9隨后拉動初速度為

零的平板物體始終相對平板靜止，求：

①從A點到達B點所用的最短時間；

②在①問中，拉力大小隨時間變化的規(guī)律（只需寫出結果，不需要計算過程）

參考答案

一、選擇題：本大題共10小題，每小題5分，共50分。在每小題給出的四個選項中，有的只有一項符合題目要求，

有的有多項符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。

1、C

【解析】根據(jù)題意，設物塊受到的最大靜摩擦力為/,對物塊受力分析（如圖所示），若尸〉，"gsinO,則物體有沿斜面向

上運動的趨勢，f的方向應沿斜面向下阻礙物體相對運動趨勢，有尺=mgsin?+/-一①;若FGgsin，，則物體有沿

斜面向下的運動趨勢，/的方向沿斜面向上阻礙物體相對運動趨勢，有K+/=，〃gsin。--②；由最大靜摩擦力等于

滑動摩擦力可知/=cos9…③，由①②可求得f的值，而物塊的質量加、斜面的傾角。無法求出，故物塊對斜

面的正壓力（N=mgcos8）也無法求出.綜上所述，正確答案為C

【考點定位】靜摩擦力及力的平衡

2、D

【解析】自由落體運動是初速度為零加速度為g的勻加速直線運動，所以D正確

3、D

【解析】三個力學基本物理量分別是長度、質量、時間，它們的單位分別為m、kg、s,力的單位是根據(jù)尸推導出

來的，屬于導出單位，故D正確。

故選D。

4、D

【解析】A、在X-f圖象中，斜率代表速度，故甲乙勻速運動，故甲乙的加速度都為零，故A錯誤；

B、乙運動后，甲、乙做方向相反的勻速直線運動，故B錯誤；

C、甲的速度為作=鼠=S^m/s=-5m/s,乙的速度為吆=5m/s,故乙運動后，甲、乙速度大小之比

為1：1,故C錯誤；

D、r=3s時，甲乙處于相同位置，故甲乙相遇，故D正確

5、D

【解析】小球從某高度處自由落下，在接觸彈簧之前，只受重力，做加速運動，接觸彈簧后，除了受重力還會受到向

上的彈力，隨著形變量逐漸增大，彈力逐漸增大，小球的加速度逐漸減小。當彈力等于重力時，小球速度達到最大，

之后，形變量繼續(xù)增大，彈力大于重力，小球做減速運動，加速度逐漸增大，所以小球先做加速，后做減速，即小球

的速度先變大后變小，所以D正確，ABC錯誤。

故選D。

6、AD

【解析】利用牛頓第二定律求出物體運動的加速度，再利用運動學公式求出物體不同時刻的速度

【詳解】A、物體的最大靜摩擦力大小等于/=〃mg=01x80=8N,所以當用F=12N的推力作用在物體上時，物

12_2

體的加速度大小為。=二一=0.5m//,故A對；

O

B、t=4s時，物體的速度大小為u=R=0.5x4=2m/s,故B錯；

C、撤去推力F,物體的加速度大小為。'=〃8=1相//,方向與運動方向相反，故C錯；

D、t=4s時撤去推力F,物體減速到零所用時間為，=二=；=25,故D對；

a1

故選AD

7、BC

【解析】AB.v-f圖象斛率表示加速度，速度的正負號表示運動方向，速度先是負方向，在f=2s后改為正方向，故

A錯誤，B正確；

C.斜率一直不變所以加速度不變，故C正確；

D.v-t圖象與時間軸圍成的面積表示位移，負半軸的面積表示負方向的位移，故4s內，一直位于出發(fā)點負方向上，

故D錯誤。

故選BCo

8、BD

【解析】A.由于OA、05為兩段細繩，因此兩細繩的拉力大小不一定相等，設繩04的拉力為Et,繩。〃的拉力為

FB,重物。的質量為處因。點始終處于平衡狀態(tài)，根據(jù)平衡條件有：

FAcos0-mg=0,FAsinO-F^=()

解得：

外=^^，fB=mgtan0

COSU

當健身者緩慢向右移動時，〃角變大，則以、鼠均變大，故A錯誤；

BD.當健身者緩慢向左移動時，，角變小，則必、見均變小，因為健身者受到的摩擦力大小與繩?！ǖ睦Υ笮∠嗟?

故健身者與地面間的摩擦力變小，故BD正確；

C.不論健身者向哪個方向移動，繩04與繩0B拉力的合力一定等于重物C的重力mg,保持不變，故C錯誤

9、BC

【解析】AB.以整體為研究對象，根據(jù)牛頓第二定律可得

Mrpg+根乙+用丙)a

解得整體的加速度為：

如,cu/2

a=-------------------g=2.5m/s

m1P+叱+叫

以乙和丙整體為研究對象，根據(jù)牛頓第二定律可得繩子的拉力大小為

a=(5+l)x2.5N=15N

故A錯誤、B正確；

C.以丙為研究對象，根據(jù)牛頓第二定律可得盒子對滑塊丙的摩擦力大小為

/=/Mwa=2.5N

故C正確；

D.定滑輪受到細繩的作用力為

7=后=15瓜

故D錯誤。

故選BC

10、AD

【解析】x-f圖像中，傾斜的直線表示勻速直線運動；VY圖象中，勻速直線運動的圖像是一條與x軸平行的直線；傾斜

的直線表示勻變速直線運動，斜率表示加速度.分別分析物體的運動情況，即可作出選擇

【詳解】A.此圖表示物體的位移隨時間均勻增加，物體處于勻速直線運動狀態(tài)，故A正確；

B.此圖表示物體的位移不隨時間變化，物體處于靜止狀態(tài)，故B錯誤；

C.此圖表示物體的速度均勻增加，說明物體做勻加速直線運動，故C錯誤；

D.此圖表示物體的速度不變，說明物體做勻速直線運動，故D正確

故選AD?

二、實驗題

11、①.2②.6

【解析】[1].對物體8來說，因其所受合外力為0,只受：重力、支持力2個力的作用；

[2].以C為研究對象，在尸作用下向右勻速運動，所受合外力為0,故C受:重力、地面的支持力，4、3的壓力,

還有地面向左的摩擦力，A對C地有向右的摩擦力，共六個力

12、①.兩細繩的方向②.3.00③.兩個力合成滿足平行四邊形定則

【解析】(2)中應記下此時彈簧測力計的示數(shù)Fi和F2及兩細繩的方向；

(3)彈簧測力計的示數(shù)F=3.00N和細繩的方向；

(4)根據(jù)用和F2的大小和方向做平行四邊形如下所示；

Fi

得到的實驗結論是：兩個力合成滿足平行四邊形定則

【點睛】在“驗證力的平行四邊形定則”實驗中，知道實驗采用的是“等效法”，需要用平行四邊形作出合力，這要

求同學們對于基礎知識要熟練掌握并能正確應用，加強對基礎實驗理解

三、計算題：解答應寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步躲.只寫出最后答案的不能得分.有數(shù)值計算的題,

答案中必須明確寫出數(shù)值和單位

13、(1)0.5g；(2)等(3)

【解析】(1)以AB組成的整體為研究對象，由牛頓第二定律可以求出加速度a

(2)物塊A沿斜面上升速度達到最大時合力為零，由平衡條件求出彈簧的形變量，由機械能守恒定律可以求出最大

速度

【詳解】(1)以A、B組成的系統(tǒng)為研究對象，A剛開始運動的瞬間，由牛頓第二定律得：

mg=(m+m)a.

解得：a=0.5g；

(2)未掛B時，對A,由平衡條件得：mgsin30*kx,得彈簧的壓縮量為工=等

2k

當A受到的合力為零時速度最大，此時：

mgsin30°+kxr=mg,

解得：x，=笑

2k

因此物體P沿斜面向上運動的距離：X產(chǎn)x+x，=整；

K

(3)在出發(fā)點與Q點彈簧的形變量相同，彈簧的彈性勢能相等，由機械能守恒定律得：

mgxo=mgxosin30°+；92mvn^9

解得最大速度：Vm=g居;

【點睛】本題是牛頓第二定律及機械能守恒定律的應用.關鍵要分析清楚物體的運動過程，把握每個過程和狀態(tài)的規(guī)

律，應用牛頓第二定律與機械能守恒定律可以正確解題

14、(l)2m/s2；0.5m/s2；(2)ls；(3)2.856m

【解析】(1)對物塊

/jmg=mat

得

2

a}-2m/s

對車

F-/jmg-Ma2

得

2

a2=0.5m/s

(2)設經(jīng)時間/兩者共速，則有

卬=%+a2t

解得

t=ls

⑶在Is內，物塊的位移

卬=lm

Is時兩者共速，速度

v=alt=2m/s

對整體

F=(M+m)a

求得加速度

<2=0.8m/s2

則有

s2=v(1.8-r)+—?(1.8-^)*'=1.856m

總位移

s-M+$2=2.856m

15、(1)1242V；(2)?s；(3)?4s；②F=20N(/<￥s),尸=340N,(?s<f<4s)

【解析】傳送帶靜止時，勻速拉動平板時平板受力平衡，分析其受力，由平衡條件求所需拉力冗的大小；傳送帶正常

運轉時，用恒力鳥=16N拉動初速度為零的平板，平板先做勻加速運動，由牛頓第二定律求出加速度，由速度時間公

式求出平板加速至速度等于y=4〃〃s時經(jīng)歷的時間