2022-2023學年浙江省湖州市高二上學期期末調(diào)研測試物理試題（解析版）

高中物理精品試卷PAGEPAGE1浙江省湖州市2022-2023學年高二上學期期末調(diào)研測試物理試題一.單選擇題1.下列物理量為矢量的是（）A.電動勢 B.電流 C.磁通量 D.磁感應強度〖答案〗D〖解析〗電動勢和磁通量都是只有大小無方向的物理量，是標量；電流雖然有大小和方向，但是電流的合成不遵循平行四邊形定則，則電流也是標量；磁感應強度既有大小又有方向，是矢量；故選D。2.物理學中經(jīng)常用比值法定義物理量，下列屬于比值法定義的是（）A.電阻 B.通過導體的電流C.磁感應強度 D.純電阻用電器的電功率〖答案〗C〖解析〗A．電阻是電阻的決定式，不屬于比值定義法，故A錯誤；B．是歐姆定律，不屬于比自定義法，故B錯誤；C．磁感應強度，屬于比值定義法，故C正確；D．純電阻用電器的電功率，不屬于比自定義法，故D錯誤。故選C。3.下列說法正確的是（）A.安培提出了分子電流假說B.法拉第發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應C.麥克斯韋用實驗證實了電磁波的存在D.赫茲最先提出了能量量子化的概念〖答案〗A〖解析〗A．安培提出了分子電流假說，故A正確；B．奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應，故B錯誤；C．赫茲用實驗證實了電磁波的存在，故C錯誤；D．普朗克最先提出了能量量子化的概念，故D錯誤。故選A。4.關(guān)于生活中遇到的各種電磁波，下列說法正確的是（）A.醫(yī)院里“CT”機使用的電磁波是γ射線，它具有較強的穿透能力B.紫外線常用于衛(wèi)星通信、電視等信號的傳輸，它還可用于消毒C.“浴霸”的取暖燈泡能發(fā)出較強的紅外線，它具有顯著的熱效應D.X射線可以摧毀病變的細胞，常用于治療各種癌癥〖答案〗C〖解析〗A．醫(yī)院里“CT”機使用的電磁波是X射線，利用X射線能夠穿透物質(zhì)，來檢查人體的內(nèi)部器官，故A錯誤；B．微波常用于衛(wèi)星通信、電視等信號的傳輸，紫外線用于消毒，故B錯誤；C．“浴霸”的取暖燈泡能發(fā)出較強的紅外線，利用紅外線的熱效應進行取暖，故C正確；D．γ射線可以摧毀病變的細胞，常用于治療各種癌癥，故D錯誤。故選C。5.下列給出了四幅與感應電流產(chǎn)生條件相關(guān)的情景圖，判斷正確的是（）A.圖甲，水平直導線中電流逐漸減小時，其正下方的水平金屬圓線圈中無感應電流B.圖乙，正方形金屬線圈以虛線為軸勻速轉(zhuǎn)動時，線圈中無感應電流C.圖丙，矩形導線框以其任何一條邊為軸轉(zhuǎn)動時，線框中都有感應電流產(chǎn)生D.圖丁，正方形導線框加速離開同一平面內(nèi)的條形磁體時，線框中有感應電流產(chǎn)生〖答案〗A〖解析〗A．圖甲金屬圓形線圈水平放置在通電直導線的正下方，則直線電流產(chǎn)生的磁場穿過線圈的磁通量為零，即使減小通過導線電流，圓線圈中的磁通量也不會發(fā)生變化，不會有感應電流產(chǎn)生，故A正確；B．圖乙正方形金屬線圈繞豎直虛線轉(zhuǎn)動的過程中，線圈在磁場中運動過程中磁通量會發(fā)生變化，會產(chǎn)生感應電流，故B錯誤；C．圖丙閉合導線框以左邊或右邊為軸在勻強磁場中旋轉(zhuǎn)時，線圈中的磁通量始終為零保持不變，閉合導線框中不會有感應電流，故C錯誤；D．圖丁，正方形導線框加速離開同一平面內(nèi)的條形磁體時，線圈中的磁通量始終為零保持不變，閉合導線框中不會有感應電流，故D錯誤。故選A。6.如圖，勻強磁場的磁感應強度大小B=2T，方向沿x軸的正方向，線段長度MN=DC=0.4m，NC=EF=NE=CF=MD=0.3m，設(shè)通過面積SMEFD、SMNE、SNEFC、SMNCD的磁通量分別為Φ1、Φ2、Φ3、Φ4，則（）A.Φ1=0.24Wb B.Φ2=0.12Wb C.Φ3=0.18Wb D.Φ4=0.12Wb〖答案〗A〖解析〗根據(jù)圖中所示可知，面積SMNCD與磁場相互垂直，故磁通量面積SMEFD與勻強磁場方向的夾角未知，因此可將面積SMEFD投影到與x軸垂直的SMNCD上，SMEFD的有效面積就是SMNCD的面積，故磁通量；面積SMNE和面積SNEFC都與磁場方向平行，故磁通量都為零。故選A。7.如圖甲是一個磁懸浮地球儀，原理如圖乙所示。上方的地球儀內(nèi)有一個永磁體，底座內(nèi)有一個線圈，線圈通上直流電，地球儀就可以懸浮起來。下列說法正確的是（）A.將地球儀上下位置翻轉(zhuǎn)，仍能繼續(xù)保持懸浮B.圖中線圈的a端須連接直流電源的正極C.若增加線圈的匝數(shù)，穩(wěn)定后地球儀受到的磁力增大D.若增大線圈中的電流，穩(wěn)定后地球儀受到的磁力不變〖答案〗D〖解析〗A.地球儀根據(jù)同名磁極相互排斥的原理工作，將地球儀上下翻轉(zhuǎn)，則磁體磁極顛倒，和線圈的作用力從斥力變?yōu)槲Φ淖饔?，不能繼續(xù)保持懸浮，故A錯誤；B.線圈a端接正極時，根據(jù)安培定則，可知螺線管上面S極和永磁體下端磁極相反，會相互吸引，地球儀不會懸浮，故B錯誤；C.若增加線圈匝數(shù)，磁場增大，穩(wěn)定后地球儀懸浮得更高，但穩(wěn)定后地球儀受到的磁力仍與重力大小相等，故C錯誤；D.若增大線圈中的電流，穩(wěn)定后地球儀懸浮得更高，但穩(wěn)定后地球儀受到的磁力仍與重力大小相等，故D正確。故選D。8.在如圖所示U-I圖像中，直線I為某一電源的路端電壓與電流的關(guān)系圖線，直線Ⅱ為某一電阻R的U-I圖線。用該電源直接與電阻R相連組成閉合電路，下列說法錯誤的是（）A.電源的電動勢為3V，內(nèi)阻為0.5ΩB.電阻R的阻值為1ΩC.電源的輸出功率為4WD.電源的總功率為9W〖答案〗D〖解析〗A．根據(jù)閉合電路歐姆定律得圖像中直線I表示電源的路端電壓與電流的關(guān)系圖線，可知當時，，讀出電源的電動勢，圖線的斜率大小表示內(nèi)阻大小，則A正確；B．根據(jù)歐姆定律可知，伏安特性曲線的斜率表示電阻值，則電阻B正確；C．圖線的交點表示該電源直接與電阻R相連組成閉合電路時工作狀態(tài)，由圖讀出電壓，電流，則電源的輸出功率為C正確；D．電源的總功率為D錯誤。本題選錯誤的，故選D。9.一電流表滿偏電流，內(nèi)電阻，要把它改裝成一個量程為0.6A的電流表，應（）A.并聯(lián)一個5.00Ω的電阻B.并聯(lián)一個4.75Ω的電阻C.串聯(lián)一個5.00Ω的電阻D.串聯(lián)一個4.75Ω的電阻〖答案〗A〖解析〗串聯(lián)分壓，電流相同，所以改裝電流表需要并聯(lián)電阻，其電阻值為故選A。10.如圖所示，電源電動勢、內(nèi)阻保持不變，燈泡L（不考慮阻值變化）與定值電阻R1串聯(lián)，R2是電阻箱，合上開關(guān)S，逐漸增大電阻箱R2的接入阻值，下列說法正確的是（）A.路端電壓減小B.電阻R1兩端的電壓增大C.電阻箱R2的電流增大D.燈泡L的電功率減小〖答案〗B〖解析〗A．當增大電阻箱R2的接入阻值時，電路的總電阻R增大，干路電流I減小，根據(jù)路端電壓因其它量不變，路端電壓U增大，故A錯誤；BD．路端電壓U增大，則燈泡L與定值電阻R1串聯(lián)的總電壓增大，流過L與定值電阻R1的電流增大，燈泡L的電功率增大，定值電阻R1兩端的電壓增大，故B正確，D錯誤；C．當流過燈泡L與定值電阻R1的電流增大，而干路電流I減小，則流過電阻箱R2的電流一定減小，故C錯誤。故選B。11.2022年11月21日第二十二屆世界杯足球賽在卡塔爾舉行。如圖所示，阿根廷球員梅西正在練習用頭顛球。假設(shè)足球從靜止開始下落45cm，被頭豎直頂起，離開頭部后足球上升的最大高度仍為45cm，足球與頭部的接觸時間為0.1s，足球的質(zhì)量為0.4kg，不計空氣阻力。下列說法正確的是（）A.頭向上頂球的過程中，足球的動量變化量大小為1.2kg·m/sB.頭向上頂球的過程中，頭對足球的沖量等于足球動量的變化量C.頭向上頂球過程中，頭部對足球的平均作用力大小為28ND.從最高點下落至回到最高點的過程中，足球重力的沖量為零〖答案〗C〖解析〗A．取向下為正分向，由題知，下落、上升的高度都為h=45cm=0.45m，則下落到與頭部剛接觸時有解得與頭部碰撞后，速度反向，大小不變，即為，則動量變化量為即動量的大小為，故A錯誤；B．設(shè)頭對足球的沖量為，根據(jù)動量定理可得故B錯誤；C．根據(jù)動量定理可得即代入數(shù)據(jù)解得故C正確；D．從最高點下落至回到最高點的過程中，足球重力的作用時間不為零，沖量不為零，故D錯誤。故選C。12.一個有固定轉(zhuǎn)動軸的豎直圓盤如圖所示，圓盤轉(zhuǎn)動時，固定在圓盤上的小圓柱帶動一個T形支架在豎直方向振動，T形支架的下面系著一個由彈簧和小球組成的振動系統(tǒng)。圓盤靜止時，小球可穩(wěn)定振動，其振動頻率為2Hz?，F(xiàn)使圓盤勻速轉(zhuǎn)動，轉(zhuǎn)速為240r/min，經(jīng)過一段時間后，小球振動達到穩(wěn)定。下列說法正確的是（）A.當小球振動穩(wěn)定時，振動周期為2sB.小球的運動是受迫振動C.若要使小球的振幅增大，應增大圓盤的轉(zhuǎn)速D.小球的振幅與圓盤的轉(zhuǎn)速無關(guān)〖答案〗B〖解析〗A．當小球振動穩(wěn)定時，振動周期為故A錯誤；B．圓盤轉(zhuǎn)動時帶動彈簧，小球在彈力的作用下振動，做受迫振動，故B正確；CD．圓盤原來的轉(zhuǎn)動頻率為當圓盤轉(zhuǎn)動的頻率降低為2Hz時，小球達到共振，則小球振動幅度最大；當圓盤轉(zhuǎn)動的頻率大于2Hz，圓盤轉(zhuǎn)動越快，小球振動幅度越小；當圓盤轉(zhuǎn)動的頻率小于2Hz，圓盤轉(zhuǎn)動越快，小球振動幅度越大，故小球的振幅與圓盤的轉(zhuǎn)速有關(guān)，故CD錯誤。故選B。13.根據(jù)國家衛(wèi)健委調(diào)查數(shù)據(jù)顯示，由于長時間低頭看書、看手機、坐姿不正等原因造成我國高中生近視比例高達81%。智能護眼按摩儀對近視發(fā)病有一定的緩解作用。如圖是某護眼按摩儀的銘牌信息，已知當剩余電池電量為總?cè)萘康?0%時，智能按摩儀將停止工作。若該智能按摩儀工作時一直處于額定工作狀態(tài)，則下列說法正確的是（）商品名稱：智能護眼按摩儀內(nèi)置電池：500mAh/4.0V充電輸入：DC5V/0.2A工作電壓：DC4.0V額定功率：0.4W充電接口：USBA.理論上該按摩儀充滿電可以連續(xù)工作約5小時B.電池從電量為零到充滿電的時間約為2.5小時C.mAh是能量的單位D.該按摩儀充滿電所儲存的能量約為〖答案〗B〖解析〗A．由題意及可得，額定電流為故A錯誤；B．由題意可知，充電電流為0.2A，則有故B正確；C．mAh是電荷單位，故C錯誤；D．有題意可得故D錯誤。故選B。二.多選擇題14.如圖所示，兩根垂直紙面平行放置的直導線M和N，通有大小相等方向相反的電流I，在紙面上有一點P，P與M、N構(gòu)成等邊三角形，此時P點磁感應強度大小為B。若將導線M中的電流反向（大小不變），則P點的磁感應強度（）A.大小為B B.大小為 C.方向平行MN向下 D.方向平行MN向上〖答案〗BC〖解析〗MN在P點產(chǎn)生的磁感應強度大小相等，根據(jù)安培定則，電流M在P點的磁場向右上方，電流N在P點的磁場的方向向右下方，此時兩磁感應強度的夾角為，由平行邊形定則可知，P處的磁感應強度等于M、N分別在P處產(chǎn)生的磁感應強度，如圖當導線M中的電流反向（大小不變）時，M在P處產(chǎn)生的磁感應強度方向垂直PM向下，N在P處處產(chǎn)生的磁感應強度方向垂直PN向下，此時兩磁感應強度的夾角為，所以合磁場應為，方向平行MN向下。故選BC。15.如圖甲所示，裝有少量鐵砂的細玻璃管豎直漂浮在水中，水面足夠大，把玻璃管向下緩慢按壓一小段距離后放手，忽略阻力，玻璃管的運動可以視為豎直方向的簡諧運動。以豎直向上為正方向，某時刻開始計時，其振動圖像如圖乙所示。下列說法正確的是（）A.振動周期與按壓的深度有關(guān)B.回復力等于重力和浮力的合力C.振動過程中玻璃管（含鐵砂）的機械能守恒D.在t1~t2時間內(nèi)，玻璃管的位移減小，加速度減小，速度增大〖答案〗BD〖解析〗A．由于玻璃管做簡諧振動，與彈簧振子的振動相似，結(jié)合簡諧振動的特點可知，該振動的周期與振幅無關(guān)，故A錯誤；B．裝有少量鐵砂的細玻璃管豎直漂浮在水中，細玻璃管受重力和浮力作用，其做簡諧振動的回復力等于重力和浮力的合力，故B正確；C．玻璃管在做簡諧振動的過程中，液體的浮力對玻璃管做功，所以振動的過程中玻璃管的機械能不守恒，故C錯誤；D．由圖可知，在t1~t2時間內(nèi)，玻璃管的位移減小，根據(jù)加速度可知加速度減小，玻璃管向著平衡位置做加速運動，所以速度增大，故D正確。故選BD。16.如圖甲所示，“充氣碰碰球”游戲是一項很減壓的趣味運動項目。為了研究其中的碰撞規(guī)律，簡化為如圖乙所示的模型：直徑相同的A球和B球碰撞前后都在同一水平直線上運動，碰前A球的動量pA=50kg?m/s，B球靜止，碰后B球的動量變?yōu)閜'B=40kg?m/s。則兩球質(zhì)量mA與mB間的關(guān)系可能是（）A. B. C. D.〖答案〗AB〖解析〗碰撞過程系統(tǒng)動量守恒，以A球的初速度方向為正方向，由動量守恒定律得解得根據(jù)碰撞過程總動能不增加，則有解得碰后兩球同向運動，A的速度不大于B的速度，則有解得綜上分析可知故選AB。三、實驗題17.在“用單擺測量重力加速度的大小”的實驗中（1）下列最合理的裝置是___________。A.B.C.D.（2）下列說法正確的是___________A.需要用天平稱出小球的質(zhì)量B.測量擺長時，要讓小球靜止懸掛再測量C.擺長一定的情況下，擺的振幅越大越好D.必須使擺球在同一豎直面內(nèi)擺動（3）用秒表測量單擺的周期。當單擺擺動穩(wěn)定且到達最低點時開始計時并記為n=1，單擺每經(jīng)過最低點記一次數(shù)，當數(shù)到n=60時停止計時，秒表指針的位置如下圖所示（右側(cè)是放大圖），秒表的示數(shù)為___________s，該單擺的周期是T=___________s（計算結(jié)果保留三位有效數(shù)字）。（4）測出多組周期T和擺長L的數(shù)值后，畫出T2-L圖線如圖所示，此圖線斜率的物理意義是___________。A.gB.C.D.〖答案〗（1）.D（2）.BD##DB（3）.67.9（4）.2.30（5）.C〖解析〗（1）〖1〗單擺擺動過程中，擺線要求長度不變，所以擺線應該選擇彈性小的細絲線，且擺球應選擇密度大的鐵球，以減小阻力的影響；為了防止擺球擺動時擺長變化，則應該用鐵夾夾住上端。故選D。（2）

B．測量擺長時，要讓小球靜止懸掛再測量，可以更精確地測量出懸點到球心的距離，故B正確；

C．單擺只有在擺角小于或等于5°時才能看作是簡諧運動，故C錯誤；D．（3）〖3〗〖4〗由單擺全振動次數(shù)為n=29.5次，秒表讀數(shù)為t=67.9s，該單擺的周期是（4）〖5〗由周期公式可得可知，T2-L圖線斜率為。故選C。18.小王同學做“測量金屬絲的電阻率”實驗，實驗器材有：待測金屬絲Rx（粗細均勻）標準電阻R0（阻值5.0Ω）電流表A（量程0.6A，內(nèi)阻約0.6Ω）電壓表V（量程3V，內(nèi)阻約3kΩ）滑動變阻器R1（5Ω，2A）滑動變阻器R2（200Ω，1.5A）直流電源E（4V）開關(guān)S、導線若干多用電表螺旋測微器（1）①用螺旋測微器測量金屬絲的直徑，如圖甲所示，讀數(shù)為___________mm。②因金屬絲電阻太小不便于測量，小王同學將金屬絲與標準電阻R0串聯(lián)起來作為整體使用。先用多用電表“×1”擋粗測金屬絲與標準電阻的總阻值，如圖乙所示，讀數(shù)為___________Ω。（2）①為精確測定金屬絲的電阻值，小王同學設(shè)計了如圖丙所示的實驗電路，請按此電路圖將圖丁中的實物連接好=。②滑動變阻器應選用___________（選填“R1”或“R2”）；閉合開關(guān)前，應將滑動變阻器的滑片置于___________（選填“最左”或“最右”）端。（3）實驗中，如果兩電表的讀數(shù)分別為U和I，測得金屬絲接入電路的長度為L、直徑為D，則待測金屬絲的電阻率ρ的計算式為ρ=___________（用題中所給的字母表示）?！即鸢浮剑?）.0.614（0.611~0.615均可）.5.7或5.8或5.9（2）..R1最左（3）.〖解析〗（1）①〖1〗由圖示螺旋測微器可知，其示數(shù)為0.5mm+11.4×0.01mm=0.614mm；②〖2〗將選擇開關(guān)撥到“×1Ω”擋，歐姆表指針指向的數(shù)字是5.7，則金屬絲的電阻值為Rx=5.7×1Ω=5.7Ω（2）①〖3〗根據(jù)電路圖連接的實物圖，如圖所示②〖4〗〖5〗由電路圖可知，滑動變阻器采用分壓式接法，待測電阻的阻值較小，故滑動變阻器選R1；為了保護電路，閉合開關(guān)前，讓電流表和待測電阻所在的支路電壓為零，故剛開始滑動變阻器的滑片應在最左端；（3）〖6〗根據(jù)歐姆定律有根據(jù)電阻定律有其中聯(lián)立解得四、計算題19.如圖所示，勁度系數(shù)k=20N/m的輕彈簧上端固定，下端懸掛一質(zhì)量m=0.2kg的小球（小球可視為質(zhì)點），靜止時小球的位置標記為O點。將小球豎直下拉10cm到達B點后由靜止釋放。小球釋放時開始計時，經(jīng)過0.3s首次到達最高點C點，之后小球在B、C兩點之間做簡諧運動。不計空氣阻力，求：（1）小球振動周期T和振幅A；（2）小球在3s內(nèi)通過的路程s；（3）小球到達C點時的加速度a?！即鸢浮剑?）T=0.6s，A=10cm；（2）2m；（3），方向豎直向下〖解析〗（1）周期T=0.6s振幅A=10cm（2）在3s時間內(nèi)，小球做全振動次數(shù)路程（3）小球到達B點，加速度大小由對稱性可知，小球在C點加速度大小方向豎直向下。20.如圖所示，一儀器箱放在實驗室外的水平地面上，需要轉(zhuǎn)移到室內(nèi)某位置。實驗員對箱子施加一水平推力，作用時間10s，箱子由靜止開始加速到2m/s，此時撤去推力，箱子繼續(xù)沿直線運動一段距離后正好停在預定位置。已知箱子的質(zhì)量為m=20kg，箱子與地面間的動摩擦因數(shù)μ=0.2。求：（1）實驗員撤去推力時，箱子的動量大??；（2）推箱子過程中，實驗員對箱子的沖量大??；（3）整個運動過程摩擦力對箱子的沖量大小?！即鸢浮剑?）；（2）；（3）〖解析〗（1）動量大小（2）推箱子過程，由動量定理得摩擦力的沖量為解得（3）全過程，由動量定理得解得21.如圖所示電路，電源電動勢、內(nèi)阻，電容器電容，電阻，，電動機線圈電阻。閉合開關(guān)后，理想電流表的示數(shù)，電動機正常運轉(zhuǎn)。求：（1）通過電阻的電流、電動機的電流；（2）電容器C所帶電荷量Q；（3）電動機輸出的機械功率?！即鸢浮剑?）3A，2A；（2）4.5×10-3C；（3）10W〖解析〗（1）R2的電壓閉合電路歐姆定律解得電動機電流（2）電容器兩端電壓電量（3）輸入功率熱功率輸出功率22.如圖所示，AB為足夠長的光滑斜面，斜面底端B處有一小段光滑圓弧與水平面BE平滑相連，其中CD部分粗糙，其長度L=1m，其余部分光滑，DE部分長度為S=1m，E點與半徑R=1m的豎直光滑半圓形軌道相接，O為軌道圓心，E為最低點，F(xiàn)為最高點。將質(zhì)量的物塊甲從斜面上由靜止釋放，如果物塊甲能夠穿過CD區(qū)域，它將與靜止在D點右側(cè)的質(zhì)量為的物塊乙發(fā)生彈性正碰，已知物塊甲、乙與CD間的動摩擦因數(shù)為，且物塊均可看成質(zhì)點。求：（1）若物塊乙被碰后恰好能通過圓軌道最高點F，求其在水平面BE上的落點到E點的距離x；（2）若物塊甲在斜面上釋放的高度，求物塊乙被碰后運動至圓軌道最低點E時對軌道的壓力大??；（3）用質(zhì)量的物塊丙取代物塊甲（丙與CD間的動摩擦因數(shù)），為使物塊丙能夠與物塊乙碰撞，并且碰撞次數(shù)不超過2次，求物塊丙在斜面上釋放的高度h應在什么范圍？（已知所有碰撞都是彈性正碰，且不考慮物塊乙脫離軌道后與物塊丙可能的碰撞）〖答案〗（1）2m；（2）；（3）或〖解析〗（1）物塊乙恰好過最高點解得平拋運動，豎直方向上有水平方向上有水平軌道上的落點到E點的距離為（2）設(shè)物塊甲碰前速度為v0，由動能定理有解得根據(jù)動量守恒和機械能守恒有，解得在E點有解得由牛頓第三定律有（3）要使物塊丙能夠與物塊乙碰撞，需滿足則有丙和乙碰撞交換速度，乙滑到圓弧上返回后，第2次乙和丙碰撞交換速度，此后丙不再與乙發(fā)生碰撞，需滿足則有第1次丙與乙發(fā)生碰撞后，乙獲得速度v3，在半圓形軌道上運動高度超過O點等高點，則乙將脫離圓軌道，不再與丙發(fā)生碰撞則有丙與乙碰前速度設(shè)為v4，則有在丙下滑至與乙碰前，由動能定理列式解得綜上所述，丙在斜面上釋放的高度h范圍為或浙江省湖州市2022-2023學年高二上學期期末調(diào)研測試物理試題一.單選擇題1.下列物理量為矢量的是（）A.電動勢 B.電流 C.磁通量 D.磁感應強度〖答案〗D〖解析〗電動勢和磁通量都是只有大小無方向的物理量，是標量；電流雖然有大小和方向，但是電流的合成不遵循平行四邊形定則，則電流也是標量；磁感應強度既有大小又有方向，是矢量；故選D。2.物理學中經(jīng)常用比值法定義物理量，下列屬于比值法定義的是（）A.電阻 B.通過導體的電流C.磁感應強度 D.純電阻用電器的電功率〖答案〗C〖解析〗A．電阻是電阻的決定式，不屬于比值定義法，故A錯誤；B．是歐姆定律，不屬于比自定義法，故B錯誤；C．磁感應強度，屬于比值定義法，故C正確；D．純電阻用電器的電功率，不屬于比自定義法，故D錯誤。故選C。3.下列說法正確的是（）A.安培提出了分子電流假說B.法拉第發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應C.麥克斯韋用實驗證實了電磁波的存在D.赫茲最先提出了能量量子化的概念〖答案〗A〖解析〗A．安培提出了分子電流假說，故A正確；B．奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應，故B錯誤；C．赫茲用實驗證實了電磁波的存在，故C錯誤；D．普朗克最先提出了能量量子化的概念，故D錯誤。故選A。4.關(guān)于生活中遇到的各種電磁波，下列說法正確的是（）A.醫(yī)院里“CT”機使用的電磁波是γ射線，它具有較強的穿透能力B.紫外線常用于衛(wèi)星通信、電視等信號的傳輸，它還可用于消毒C.“浴霸”的取暖燈泡能發(fā)出較強的紅外線，它具有顯著的熱效應D.X射線可以摧毀病變的細胞，常用于治療各種癌癥〖答案〗C〖解析〗A．醫(yī)院里“CT”機使用的電磁波是X射線，利用X射線能夠穿透物質(zhì)，來檢查人體的內(nèi)部器官，故A錯誤；B．微波常用于衛(wèi)星通信、電視等信號的傳輸，紫外線用于消毒，故B錯誤；C．“浴霸”的取暖燈泡能發(fā)出較強的紅外線，利用紅外線的熱效應進行取暖，故C正確；D．γ射線可以摧毀病變的細胞，常用于治療各種癌癥，故D錯誤。故選C。5.下列給出了四幅與感應電流產(chǎn)生條件相關(guān)的情景圖，判斷正確的是（）A.圖甲，水平直導線中電流逐漸減小時，其正下方的水平金屬圓線圈中無感應電流B.圖乙，正方形金屬線圈以虛線為軸勻速轉(zhuǎn)動時，線圈中無感應電流C.圖丙，矩形導線框以其任何一條邊為軸轉(zhuǎn)動時，線框中都有感應電流產(chǎn)生D.圖丁，正方形導線框加速離開同一平面內(nèi)的條形磁體時，線框中有感應電流產(chǎn)生〖答案〗A〖解析〗A．圖甲金屬圓形線圈水平放置在通電直導線的正下方，則直線電流產(chǎn)生的磁場穿過線圈的磁通量為零，即使減小通過導線電流，圓線圈中的磁通量也不會發(fā)生變化，不會有感應電流產(chǎn)生，故A正確；B．圖乙正方形金屬線圈繞豎直虛線轉(zhuǎn)動的過程中，線圈在磁場中運動過程中磁通量會發(fā)生變化，會產(chǎn)生感應電流，故B錯誤；C．圖丙閉合導線框以左邊或右邊為軸在勻強磁場中旋轉(zhuǎn)時，線圈中的磁通量始終為零保持不變，閉合導線框中不會有感應電流，故C錯誤；D．圖丁，正方形導線框加速離開同一平面內(nèi)的條形磁體時，線圈中的磁通量始終為零保持不變，閉合導線框中不會有感應電流，故D錯誤。故選A。6.如圖，勻強磁場的磁感應強度大小B=2T，方向沿x軸的正方向，線段長度MN=DC=0.4m，NC=EF=NE=CF=MD=0.3m，設(shè)通過面積SMEFD、SMNE、SNEFC、SMNCD的磁通量分別為Φ1、Φ2、Φ3、Φ4，則（）A.Φ1=0.24Wb B.Φ2=0.12Wb C.Φ3=0.18Wb D.Φ4=0.12Wb〖答案〗A〖解析〗根據(jù)圖中所示可知，面積SMNCD與磁場相互垂直，故磁通量面積SMEFD與勻強磁場方向的夾角未知，因此可將面積SMEFD投影到與x軸垂直的SMNCD上，SMEFD的有效面積就是SMNCD的面積，故磁通量；面積SMNE和面積SNEFC都與磁場方向平行，故磁通量都為零。故選A。7.如圖甲是一個磁懸浮地球儀，原理如圖乙所示。上方的地球儀內(nèi)有一個永磁體，底座內(nèi)有一個線圈，線圈通上直流電，地球儀就可以懸浮起來。下列說法正確的是（）A.將地球儀上下位置翻轉(zhuǎn)，仍能繼續(xù)保持懸浮B.圖中線圈的a端須連接直流電源的正極C.若增加線圈的匝數(shù)，穩(wěn)定后地球儀受到的磁力增大D.若增大線圈中的電流，穩(wěn)定后地球儀受到的磁力不變〖答案〗D〖解析〗A.地球儀根據(jù)同名磁極相互排斥的原理工作，將地球儀上下翻轉(zhuǎn)，則磁體磁極顛倒，和線圈的作用力從斥力變?yōu)槲Φ淖饔?，不能繼續(xù)保持懸浮，故A錯誤；B.線圈a端接正極時，根據(jù)安培定則，可知螺線管上面S極和永磁體下端磁極相反，會相互吸引，地球儀不會懸浮，故B錯誤；C.若增加線圈匝數(shù)，磁場增大，穩(wěn)定后地球儀懸浮得更高，但穩(wěn)定后地球儀受到的磁力仍與重力大小相等，故C錯誤；D.若增大線圈中的電流，穩(wěn)定后地球儀懸浮得更高，但穩(wěn)定后地球儀受到的磁力仍與重力大小相等，故D正確。故選D。8.在如圖所示U-I圖像中，直線I為某一電源的路端電壓與電流的關(guān)系圖線，直線Ⅱ為某一電阻R的U-I圖線。用該電源直接與電阻R相連組成閉合電路，下列說法錯誤的是（）A.電源的電動勢為3V，內(nèi)阻為0.5ΩB.電阻R的阻值為1ΩC.電源的輸出功率為4WD.電源的總功率為9W〖答案〗D〖解析〗A．根據(jù)閉合電路歐姆定律得圖像中直線I表示電源的路端電壓與電流的關(guān)系圖線，可知當時，，讀出電源的電動勢，圖線的斜率大小表示內(nèi)阻大小，則A正確；B．根據(jù)歐姆定律可知，伏安特性曲線的斜率表示電阻值，則電阻B正確；C．圖線的交點表示該電源直接與電阻R相連組成閉合電路時工作狀態(tài)，由圖讀出電壓，電流，則電源的輸出功率為C正確；D．電源的總功率為D錯誤。本題選錯誤的，故選D。9.一電流表滿偏電流，內(nèi)電阻，要把它改裝成一個量程為0.6A的電流表，應（）A.并聯(lián)一個5.00Ω的電阻B.并聯(lián)一個4.75Ω的電阻C.串聯(lián)一個5.00Ω的電阻D.串聯(lián)一個4.75Ω的電阻〖答案〗A〖解析〗串聯(lián)分壓，電流相同，所以改裝電流表需要并聯(lián)電阻，其電阻值為故選A。10.如圖所示，電源電動勢、內(nèi)阻保持不變，燈泡L（不考慮阻值變化）與定值電阻R1串聯(lián)，R2是電阻箱，合上開關(guān)S，逐漸增大電阻箱R2的接入阻值，下列說法正確的是（）A.路端電壓減小B.電阻R1兩端的電壓增大C.電阻箱R2的電流增大D.燈泡L的電功率減小〖答案〗B〖解析〗A．當增大電阻箱R2的接入阻值時，電路的總電阻R增大，干路電流I減小，根據(jù)路端電壓因其它量不變，路端電壓U增大，故A錯誤；BD．路端電壓U增大，則燈泡L與定值電阻R1串聯(lián)的總電壓增大，流過L與定值電阻R1的電流增大，燈泡L的電功率增大，定值電阻R1兩端的電壓增大，故B正確，D錯誤；C．當流過燈泡L與定值電阻R1的電流增大，而干路電流I減小，則流過電阻箱R2的電流一定減小，故C錯誤。故選B。11.2022年11月21日第二十二屆世界杯足球賽在卡塔爾舉行。如圖所示，阿根廷球員梅西正在練習用頭顛球。假設(shè)足球從靜止開始下落45cm，被頭豎直頂起，離開頭部后足球上升的最大高度仍為45cm，足球與頭部的接觸時間為0.1s，足球的質(zhì)量為0.4kg，不計空氣阻力。下列說法正確的是（）A.頭向上頂球的過程中，足球的動量變化量大小為1.2kg·m/sB.頭向上頂球的過程中，頭對足球的沖量等于足球動量的變化量C.頭向上頂球過程中，頭部對足球的平均作用力大小為28ND.從最高點下落至回到最高點的過程中，足球重力的沖量為零〖答案〗C〖解析〗A．取向下為正分向，由題知，下落、上升的高度都為h=45cm=0.45m，則下落到與頭部剛接觸時有解得與頭部碰撞后，速度反向，大小不變，即為，則動量變化量為即動量的大小為，故A錯誤；B．設(shè)頭對足球的沖量為，根據(jù)動量定理可得故B錯誤；C．根據(jù)動量定理可得即代入數(shù)據(jù)解得故C正確；D．從最高點下落至回到最高點的過程中，足球重力的作用時間不為零，沖量不為零，故D錯誤。故選C。12.一個有固定轉(zhuǎn)動軸的豎直圓盤如圖所示，圓盤轉(zhuǎn)動時，固定在圓盤上的小圓柱帶動一個T形支架在豎直方向振動，T形支架的下面系著一個由彈簧和小球組成的振動系統(tǒng)。圓盤靜止時，小球可穩(wěn)定振動，其振動頻率為2Hz?，F(xiàn)使圓盤勻速轉(zhuǎn)動，轉(zhuǎn)速為240r/min，經(jīng)過一段時間后，小球振動達到穩(wěn)定。下列說法正確的是（）A.當小球振動穩(wěn)定時，振動周期為2sB.小球的運動是受迫振動C.若要使小球的振幅增大，應增大圓盤的轉(zhuǎn)速D.小球的振幅與圓盤的轉(zhuǎn)速無關(guān)〖答案〗B〖解析〗A．當小球振動穩(wěn)定時，振動周期為故A錯誤；B．圓盤轉(zhuǎn)動時帶動彈簧，小球在彈力的作用下振動，做受迫振動，故B正確；CD．圓盤原來的轉(zhuǎn)動頻率為當圓盤轉(zhuǎn)動的頻率降低為2Hz時，小球達到共振，則小球振動幅度最大；當圓盤轉(zhuǎn)動的頻率大于2Hz，圓盤轉(zhuǎn)動越快，小球振動幅度越??；當圓盤轉(zhuǎn)動的頻率小于2Hz，圓盤轉(zhuǎn)動越快，小球振動幅度越大，故小球的振幅與圓盤的轉(zhuǎn)速有關(guān)，故CD錯誤。故選B。13.根據(jù)國家衛(wèi)健委調(diào)查數(shù)據(jù)顯示，由于長時間低頭看書、看手機、坐姿不正等原因造成我國高中生近視比例高達81%。智能護眼按摩儀對近視發(fā)病有一定的緩解作用。如圖是某護眼按摩儀的銘牌信息，已知當剩余電池電量為總?cè)萘康?0%時，智能按摩儀將停止工作。若該智能按摩儀工作時一直處于額定工作狀態(tài)，則下列說法正確的是（）商品名稱：智能護眼按摩儀內(nèi)置電池：500mAh/4.0V充電輸入：DC5V/0.2A工作電壓：DC4.0V額定功率：0.4W充電接口：USBA.理論上該按摩儀充滿電可以連續(xù)工作約5小時B.電池從電量為零到充滿電的時間約為2.5小時C.mAh是能量的單位D.該按摩儀充滿電所儲存的能量約為〖答案〗B〖解析〗A．由題意及可得，額定電流為故A錯誤；B．由題意可知，充電電流為0.2A，則有故B正確；C．mAh是電荷單位，故C錯誤；D．有題意可得故D錯誤。故選B。二.多選擇題14.如圖所示，兩根垂直紙面平行放置的直導線M和N，通有大小相等方向相反的電流I，在紙面上有一點P，P與M、N構(gòu)成等邊三角形，此時P點磁感應強度大小為B。若將導線M中的電流反向（大小不變），則P點的磁感應強度（）A.大小為B B.大小為 C.方向平行MN向下 D.方向平行MN向上〖答案〗BC〖解析〗MN在P點產(chǎn)生的磁感應強度大小相等，根據(jù)安培定則，電流M在P點的磁場向右上方，電流N在P點的磁場的方向向右下方，此時兩磁感應強度的夾角為，由平行邊形定則可知，P處的磁感應強度等于M、N分別在P處產(chǎn)生的磁感應強度，如圖當導線M中的電流反向（大小不變）時，M在P處產(chǎn)生的磁感應強度方向垂直PM向下，N在P處處產(chǎn)生的磁感應強度方向垂直PN向下，此時兩磁感應強度的夾角為，所以合磁場應為，方向平行MN向下。故選BC。15.如圖甲所示，裝有少量鐵砂的細玻璃管豎直漂浮在水中，水面足夠大，把玻璃管向下緩慢按壓一小段距離后放手，忽略阻力，玻璃管的運動可以視為豎直方向的簡諧運動。以豎直向上為正方向，某時刻開始計時，其振動圖像如圖乙所示。下列說法正確的是（）A.振動周期與按壓的深度有關(guān)B.回復力等于重力和浮力的合力C.振動過程中玻璃管（含鐵砂）的機械能守恒D.在t1~t2時間內(nèi)，玻璃管的位移減小，加速度減小，速度增大〖答案〗BD〖解析〗A．由于玻璃管做簡諧振動，與彈簧振子的振動相似，結(jié)合簡諧振動的特點可知，該振動的周期與振幅無關(guān)，故A錯誤；B．裝有少量鐵砂的細玻璃管豎直漂浮在水中，細玻璃管受重力和浮力作用，其做簡諧振動的回復力等于重力和浮力的合力，故B正確；C．玻璃管在做簡諧振動的過程中，液體的浮力對玻璃管做功，所以振動的過程中玻璃管的機械能不守恒，故C錯誤；D．由圖可知，在t1~t2時間內(nèi)，玻璃管的位移減小，根據(jù)加速度可知加速度減小，玻璃管向著平衡位置做加速運動，所以速度增大，故D正確。故選BD。16.如圖甲所示，“充氣碰碰球”游戲是一項很減壓的趣味運動項目。為了研究其中的碰撞規(guī)律，簡化為如圖乙所示的模型：直徑相同的A球和B球碰撞前后都在同一水平直線上運動，碰前A球的動量pA=50kg?m/s，B球靜止，碰后B球的動量變?yōu)閜'B=40kg?m/s。則兩球質(zhì)量mA與mB間的關(guān)系可能是（）A. B. C. D.〖答案〗AB〖解析〗碰撞過程系統(tǒng)動量守恒，以A球的初速度方向為正方向，由動量守恒定律得解得根據(jù)碰撞過程總動能不增加，則有解得碰后兩球同向運動，A的速度不大于B的速度，則有解得綜上分析可知故選AB。三、實驗題17.在“用單擺測量重力加速度的大小”的實驗中（1）下列最合理的裝置是___________。A.B.C.D.（2）下列說法正確的是___________A.需要用天平稱出小球的質(zhì)量B.測量擺長時，要讓小球靜止懸掛再測量C.擺長一定的情況下，擺的振幅越大越好D.必須使擺球在同一豎直面內(nèi)擺動（3）用秒表測量單擺的周期。當單擺擺動穩(wěn)定且到達最低點時開始計時并記為n=1，單擺每經(jīng)過最低點記一次數(shù)，當數(shù)到n=60時停止計時，秒表指針的位置如下圖所示（右側(cè)是放大圖），秒表的示數(shù)為___________s，該單擺的周期是T=___________s（計算結(jié)果保留三位有效數(shù)字）。（4）測出多組周期T和擺長L的數(shù)值后，畫出T2-L圖線如圖所示，此圖線斜率的物理意義是___________。A.gB.C.D.〖答案〗（1）.D（2）.BD##DB（3）.67.9（4）.2.30（5）.C〖解析〗（1）〖1〗單擺擺動過程中，擺線要求長度不變，所以擺線應該選擇彈性小的細絲線，且擺球應選擇密度大的鐵球，以減小阻力的影響；為了防止擺球擺動時擺長變化，則應該用鐵夾夾住上端。故選D。（2）

B．測量擺長時，要讓小球靜止懸掛再測量，可以更精確地測量出懸點到球心的距離，故B正確；

C．單擺只有在擺角小于或等于5°時才能看作是簡諧運動，故C錯誤；D．（3）〖3〗〖4〗由單擺全振動次數(shù)為n=29.5次，秒表讀數(shù)為t=67.9s，該單擺的周期是（4）〖5〗由周期公式可得可知，T2-L圖線斜率為。故選C。18.小王同學做“測量金屬絲的電阻率”實驗，實驗器材有：待測金屬絲Rx（粗細均勻）標準電阻R0（阻值5.0Ω）電流表A（量程0.6A，內(nèi)阻約0.6Ω）電壓表V（量程3V，內(nèi)阻約3kΩ）滑動變阻器R1（5Ω，2A）滑動變阻器R2（200Ω，1.5A）直流電源E（4V）開關(guān)S、導線若干多用電表螺旋測微器（1）①用螺旋測微器測量金屬絲的直徑，如圖甲所示，讀數(shù)為___________mm。②因金屬絲電阻太小不便于測量，小王同學將金屬絲與標準電阻R0串聯(lián)起來作為整體使用。先用多用電表“×1”擋粗測金屬絲與標準電阻的總阻值，如圖乙所示，讀數(shù)為___________Ω。（2）①為精確測定金屬絲的電阻值，小王同學設(shè)計了如圖丙所示的實驗電路，請按此電路圖將圖丁中的實物連接好=。②滑動變阻器應選用___________（選填“R1”或“R2”）；閉合開關(guān)前，應將滑動變阻器的滑片置于___________（選填“最左”或“最右”）端。（3）實驗中，如果兩電表的讀數(shù)分別為U和I，測得金屬絲接入電路的長度為L、直徑為D，則待測金屬絲的電阻率ρ的計算式為ρ=___________（用題中所給的字母表示）?！即鸢浮剑?）.0.614（0.611~0.615均可）.5.7或5.8或5.9（2）..R1最左（3）.〖解析〗（1）①〖1〗由圖示螺旋測微器可知，其示數(shù)為0.5mm+11.4×0.01mm=0.614mm；②〖2〗將選擇開關(guān)撥到“×1Ω”擋，歐姆表指針指向的數(shù)字是5.7，則金屬絲的電阻值為Rx=5.7×