福建省詔安縣懷恩中學(xué)2022年高考仿真模擬物理試卷含解析

2021-2022學(xué)年高考物理模擬試卷

注意事項(xiàng)

1.考試結(jié)束后，請(qǐng)將本試卷和答題卡一并交回.

2.答題前，請(qǐng)務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)用0.5毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規(guī)定位置.

3,請(qǐng)認(rèn)真核對(duì)監(jiān)考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)與本人是否相符.

4.作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對(duì)應(yīng)選項(xiàng)的方框涂滿、涂黑；如需改動(dòng)，請(qǐng)用橡皮擦干凈后，再選涂其他

答案.作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無(wú)效.

5.如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號(hào)等須加黑、加粗.

一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。

1.2019年10月5日2時(shí)51分，我國(guó)在太原衛(wèi)星發(fā)射中心用“長(zhǎng)征四號(hào)丙”運(yùn)載火箭，成功將“高分十號(hào)”衛(wèi)星發(fā)射升

空，衛(wèi)星順利進(jìn)入略低于地球同步軌道的圓軌道，任務(wù)獲得圓滿成功。下列關(guān)于“高分十號(hào)”衛(wèi)星的描述正確的是

A.“高分十號(hào)”衛(wèi)星在軌運(yùn)行周期可能大于24小時(shí)

B.“高分十號(hào)”衛(wèi)星在軌運(yùn)行速度在第一宇宙速度與第二宇宙速度之間

C.“高分十號(hào)”衛(wèi)星在軌運(yùn)行的機(jī)械能一定小于同步衛(wèi)星的機(jī)械能

D.“高分十號(hào)''衛(wèi)星在軌運(yùn)行的向心加速度大于地球赤道上的物體隨地球自轉(zhuǎn)的向心加速度

2.五星紅旗是中華人民共和國(guó)的象征和標(biāo)志；升國(guó)旗儀式代表了我國(guó)的形象，象征著我國(guó)蒸蒸日上天安門廣場(chǎng)國(guó)旗桿

高度為32.6米，而升國(guó)旗的高度為28.3米；升國(guó)旗時(shí)間與北京地區(qū)太陽(yáng)初升的時(shí)間是一致的，升旗過程是127秒，已

知國(guó)旗重量不可忽略，關(guān)于天安門的升國(guó)旗儀式，以下說(shuō)法正確的是（）

A.擎旗手在國(guó)歌剛剛奏響時(shí)，要使國(guó)旗在升起初始時(shí),旗面在空中瞬間展開為一平面，必須盡力水平向右甩出手中

所握旗面

B.國(guó)旗上升過程中的最大速度可能小于0.2m/s

C.當(dāng)國(guó)旗勻速上升時(shí)，如果水平風(fēng)力大于國(guó)旗的重量,則國(guó)旗可以在空中完全展開為一個(gè)平面

D.當(dāng)國(guó)旗勻速上升時(shí)，如果水平風(fēng)力等于國(guó)旗的重量,則固定國(guó)旗的繩子對(duì)國(guó)旗的作用力的方向與水平方向夾角45

度

3.如圖所示，用天平測(cè)量勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度，下列各選項(xiàng)所示的載流線圈匝數(shù)相同，邊長(zhǎng)MN相等，將它們分

別掛在天平的右臂下方，線圈中通有大小相同的電流，天平處于平衡狀態(tài)，若磁場(chǎng)發(fā)生微小變化，天平最容易失去平

4.一列簡(jiǎn)諧橫波，在f=0.6s時(shí)刻的圖像如圖甲所示，此時(shí)P、。兩質(zhì)點(diǎn)的位移均為-1cm,波上4質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)圖像如圖

A.這列波沿x軸負(fù)方向傳播

B.這列波的波速是50m/s

C.從f=0.6s開始，緊接著的4=0.9s時(shí)間內(nèi)，A質(zhì)點(diǎn)通過的路程是4cm

D.從r=0.6s開始，質(zhì)點(diǎn)P比質(zhì)點(diǎn)。早0.4s回到平衡位置

5.如圖所示，傾角為a的斜面體4置于粗糙水平面上，物塊8置于斜面上，已知A、5的質(zhì)量分別為M、小，它們

之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為〃=tana?，F(xiàn)給8—平行于斜面向下的恒定的推力尸，使8沿斜面向下運(yùn)動(dòng)，4始終處于靜止

狀態(tài)，則下列說(shuō)法中不正確的是()

A.無(wú)論廠的大小如何，5一定加速下滑

B.物體A對(duì)水平面的壓力及j>(M+〃?)g

C.5運(yùn)動(dòng)的加速度大小為a=￡

D.水平面對(duì)A一定沒有摩擦力

6.下列四幅圖涉及到不同的物理知識(shí)，其中說(shuō)法正確的是（）

乙：鏈?zhǔn)椒磻?yīng)示意圖

T：湯姆孫氣體放電管示意圖

A.圖甲：盧瑟福通過分析a粒子散射實(shí)驗(yàn)結(jié)果，發(fā)現(xiàn)了質(zhì)子和中子

B.圖乙：用中子轟擊鈾核使其發(fā)生聚變，鏈?zhǔn)椒磻?yīng)會(huì)釋放出巨大的核能

C.圖丙：玻爾理論指出氫原子能級(jí)是分立的，所以原子發(fā)射光子的頻率也是不連續(xù)的

D.圖?。簻穼O通過電子的發(fā)現(xiàn)揭示了原子核內(nèi)還有復(fù)雜結(jié)構(gòu)

二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。

全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。

7.下列說(shuō)法正確的是（）

A.由于液體表面層分子間的距離大于液體內(nèi)部分子間的距離，故液體表面存在張力

B.把金片兒和鉛片壓在一起，經(jīng)過足夠長(zhǎng)時(shí)間后，可發(fā)現(xiàn)金會(huì)擴(kuò)散到鉛中，但鉛不會(huì)擴(kuò)散到金中

C.物體的溫度升高，物體內(nèi)分子的平均動(dòng)能增大

D.熱力學(xué)第二定律表明，不可能通過有限的過程，把一個(gè)物體冷卻到絕對(duì)零度

E.一切自發(fā)過程總是沿著分子熱運(yùn)動(dòng)的無(wú)序性增大的方向進(jìn)行

8.下列說(shuō)法正確的是.

A.狹義相對(duì)論認(rèn)為，真空中的光速在不同的慣性參考系中都是相同的，光速與光源、觀察者間的相對(duì)運(yùn)動(dòng)無(wú)關(guān)

B.電視遙控器發(fā)出的紅外線的波長(zhǎng)比醫(yī)院里“CT”中發(fā)出的X射線的波長(zhǎng)要短

C.分別用紅光、紫光在同一個(gè)雙縫干涉實(shí)驗(yàn)裝置上做實(shí)驗(yàn)，紅光的相鄰兩個(gè)亮條紋的中心間距大于紫光的相鄰兩個(gè)

亮條紋的中心間距

D.如圖1所示，。、方兩束光以不同的入射角由玻璃射向真空，結(jié)果折射角相同，則在玻璃中a光的全反射臨界角大

于b光的全反射臨界角

E.如圖2所示，偏振片P的透振方向?yàn)樨Q直方向，沿與豎直方向成45。角振動(dòng)的偏振光照射到偏振片尸上，在P的另

一側(cè)能觀察到透射光

■b

ffll

p

圖2

9.甲、乙兩列簡(jiǎn)諧橫波在同一介質(zhì)中同向獨(dú)立傳播，傳播方向沿x軸正方向。如圖所示為t=0時(shí)刻的部分波形。r=ls

時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)。第一次振動(dòng)至平衡位置。對(duì)此現(xiàn)象，下列說(shuō)法正確的是（）

B.甲波的周期為2s

C.甲波的傳播速度為2m/s

D./=0時(shí)刻兩列波沒有波峰重合處

E/=0時(shí)刻在x=32.5m處兩列波的波峰重合

10.在用單擺測(cè)定重力加速度的實(shí)驗(yàn)中，為了減小測(cè)量誤差，下列措施正確的有（）

A.對(duì)于相同半徑的木球和鐵球，選用鐵球

B.單擺的擺角從原來(lái)的5°改變?yōu)?5°

C.測(cè)量擺球振動(dòng)周期時(shí)，選取最高點(diǎn)作為計(jì)時(shí)的起、終點(diǎn)位置

D.在測(cè)量單擺的周期時(shí)，防止出現(xiàn)“圓錐擺”

E.測(cè)量擺長(zhǎng)時(shí)，單擺在懸掛狀態(tài)下擺線長(zhǎng)加上擺球的半徑作為擺長(zhǎng)

三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11.（6分）用如圖甲所示裝置研究平拋運(yùn)動(dòng)。將白紙和復(fù)寫紙對(duì)齊重疊并固定在豎直的硬板上。鋼球沿斜槽軌道產(chǎn)。

滑下后從。點(diǎn)飛出，落在水平擋板MN上。由于擋板靠近硬板一側(cè)較低，鋼球落在擋板上時(shí)，鋼球側(cè)面會(huì)在白紙上擠

壓出一個(gè)痕跡點(diǎn)。移動(dòng)擋板，重新釋放鋼球，如此重復(fù)，白紙上將留下一系列痕跡點(diǎn)。

硬板白紙

(1)本實(shí)驗(yàn)必須滿足的條件有.

A.斜槽軌道光滑

B.斜槽軌道末端切線水平

C.每次從斜槽上相同的位置無(wú)初速度釋放鋼球

D.擋板高度等間距變化

(2)如圖乙所示，在描出的軌跡上取4、B,C三點(diǎn)，三點(diǎn)間的水平間距相等且均為x,豎直間距分別是山和山。若

A點(diǎn)是拋出點(diǎn)，則黑=________；鋼球平拋的初速度大小為________(已知當(dāng)?shù)刂亓铀俣葹間,結(jié)果用上述字母表

)2

示)。

12.(12分)小妮同學(xué)利用如圖甲所示的實(shí)驗(yàn)裝置驗(yàn)證系統(tǒng)機(jī)械能守恒。A、B是兩個(gè)質(zhì)量均為的相同小球，。為

穿過輕桿的固定轉(zhuǎn)軸，C為固定在支架上的光電門，初始時(shí)桿處于水平狀態(tài)，重力加速度為g。實(shí)驗(yàn)步驟如下：

(1)用游標(biāo)卡尺測(cè)得小球B的直徑d如圖乙所示，則d=mm；

(2)用毫米刻度尺測(cè)得A0長(zhǎng)為I,B0長(zhǎng)為21；

(3)由靜止釋放兩小球，當(dāng)小球B通過光電門時(shí)，測(cè)得光線被小球擋住的時(shí)間為ZW,則在桿由水平轉(zhuǎn)至豎直的過程中

兩小球組成的系統(tǒng)增加的動(dòng)能〃Ek=—,減少的重力勢(shì)能/Ep=(用機(jī)、g、I、d、ZU表示)。

(4)若在誤差允許的范圍內(nèi)［Ek=』Ep,則小球A、B組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒。

1234cm

11i,u,L,i,i,i11111111,1,1,1,1,1,1iiliuil

1111111111[Irr?J11111

01020

乙

四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算

步驟。

13.(10分)如圖所示為一簡(jiǎn)易火災(zāi)報(bào)警裝置，其原理是：豎直放置的試管中裝有水銀，當(dāng)溫度升高時(shí)，水銀柱上升,

使電路導(dǎo)通，蜂鳴器發(fā)出報(bào)警的響聲。已知溫度為27七時(shí)，封閉空氣柱長(zhǎng)度匕為20cm,此時(shí)水銀柱上表面與導(dǎo)線下

端的距離心為10cm,水銀柱的高度為5cm,大氣壓強(qiáng)為75cmHg,絕對(duì)零度為-273P。

(1)當(dāng)溫度達(dá)到多少攝氏度時(shí)，報(bào)警器會(huì)報(bào)警；

(2)如果要使該裝置在90℃時(shí)報(bào)警，則應(yīng)該再往玻璃管內(nèi)注入多高的水銀柱?

14.(16分)如圖所示，足夠長(zhǎng)的傳送帶與水平面間的夾角為6。兩個(gè)大小不計(jì)的物塊質(zhì)量分別為肛=加和

3

m2=5;〃,43與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)分別為從=二1211。和〃2=1211。。已知物塊A與8碰撞時(shí)間極短且無(wú)能量損

失，最大靜摩擦力與滑動(dòng)摩擦力相等。

(1)若傳送帶不動(dòng)，將物塊B無(wú)初速度地放置于傳送帶上的某點(diǎn)，在該點(diǎn)右上方傳送帶上的另一處無(wú)初速度地釋放物

塊A,它們第一次碰撞前瞬間A的速度大小為%,求A與3第一次碰撞后瞬間的速度V”、Ws；

(2)若傳送帶保持速度松順時(shí)針運(yùn)轉(zhuǎn)，如同第(1)問一樣無(wú)初速度地釋放3和A,它們第一次碰撞前瞬間A的速度

大小也為%，求它們第二次碰撞前瞬間A的速度V2A；

(3)在第(2)問所述情境中，求第一次碰撞后到第三次碰撞前傳送帶對(duì)物塊A做的功。

B

15.（12分）如圖所示，一列簡(jiǎn)諧橫波沿x軸負(fù)方向傳播，在h=0時(shí)刻波形如圖中的實(shí)線所示，t2=0.5s時(shí)刻的波形如

圖虛線所示，若該列波的周期T>0.5s,試求；

①該列波的波長(zhǎng)入、周期T和波速v；

②在x軸上質(zhì)點(diǎn)P在t=0時(shí)刻的運(yùn)動(dòng)方向和t=3.0s內(nèi)通過的路程.

參考答案

一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。

1、D

【解析】

A.萬(wàn)有引力提供向心力:

「Mm4"2

G-p-=^k

解得：T=2人工,因?yàn)椤案叻质?hào)”軌道半徑略低于地球同步軌道的圓軌道，所以周期小于同步衛(wèi)星的周期24小

\GM

時(shí)，A錯(cuò)誤；

B.第一宇宙速度是衛(wèi)星繞地球運(yùn)行的最大環(huán)繞速度，所以“高分十號(hào)”衛(wèi)星在軌運(yùn)行速度小于第一宇宙速度，B錯(cuò)誤;

C.“高分十號(hào)”和同步衛(wèi)星的質(zhì)量關(guān)系未知，所以機(jī)械能大小關(guān)系不確定，C錯(cuò)誤；

D.高空的衛(wèi)星由萬(wàn)有引力提供向心加速度：

a=—F=—GM

mr~

可知“高分十號(hào)”衛(wèi)星的向心加速度大于同步衛(wèi)星的向心加速度，同步衛(wèi)星和地球赤道上的物體角速度相同，根據(jù)：

a=arr

可知同步衛(wèi)星的向心加速度大于地球赤道上的物體的向心加速度，所以“高分十號(hào)”衛(wèi)星在軌運(yùn)行的向心加速度大于地

球赤道上的物體隨地球自轉(zhuǎn)的向心加速度，D正確。

故選D。

2、D

【解析】

A.若用水平向右甩出手中所握旗面，則手給旗子水平方向的力，因?yàn)槠烀媸艿截Q直向下的重力，水平方向的力和重

力無(wú)法平衡，則旗面在空中瞬間無(wú)法展開為一平面，故A錯(cuò)誤；

B.若旗上升過程中的最大速度小于02”/s,則在127s內(nèi)上升的最大高度為：

ft=0.2x127m=25.4m<28.3m

故B錯(cuò)誤；

C.國(guó)旗勻速上升，說(shuō)明國(guó)旗受力平衡，此時(shí)旗面受重力、水平風(fēng)力、繩子的作用力，無(wú)論水平風(fēng)力多大都無(wú)法和豎

直方向的重力平衡，則國(guó)旗不可以在空中完全展開為一個(gè)平面，故c錯(cuò)誤；

D.國(guó)旗勻速上升，說(shuō)明國(guó)旗受力平衡，如果水平風(fēng)力等于國(guó)旗的重量，則水平風(fēng)力和重力的合力與水平方向夾角為

45。，則固定國(guó)旗的繩子對(duì)國(guó)旗的作用力應(yīng)與水平風(fēng)力和重力的合力，等大反向，則固定國(guó)旗的繩子對(duì)國(guó)旗的作用力的

方向與水平方向夾角45。，故D正確。

故選D。

3、A

【解析】

天平原本處于平衡狀態(tài)，所以線框所受安培力越大，天平越容易失去平衡，

由于線框平面與磁場(chǎng)強(qiáng)度垂直，且線框不全在磁場(chǎng)區(qū)域內(nèi)，所以線框與磁場(chǎng)區(qū)域的交點(diǎn)的長(zhǎng)度等于線框在磁場(chǎng)中的有

效長(zhǎng)度，由圖可知，A圖的有效長(zhǎng)度最長(zhǎng)，磁場(chǎng)強(qiáng)度8和電流大小/相等，所以A所受的安培力最大，則4圖最容易

使天平失去平衡.A正確；BCD錯(cuò)誤；

故選A.

4、D

【解析】

A.由乙圖讀出U0.6S時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)A的速度方向?yàn)檠貀軸負(fù)方向，由甲圖判斷出該波的傳播方向?yàn)檠豿軸正向，故A錯(cuò)

誤；

B.由甲圖讀出該波的波長(zhǎng)為2=20m,由乙圖得周期為T=L2s,則波速為

A2050

v=—=m/s=—m/s

T1.23

故B錯(cuò)誤；

C.因?yàn)?/p>

3

M=0.9S=-T

4

/=0.6s時(shí)質(zhì)點(diǎn)A位于平衡位置，則知經(jīng)過Ar=0.9s,A質(zhì)點(diǎn)通過的路程是

s=3A=3x2=6cm

故C錯(cuò)誤；

D.圖示時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)尸沿y軸正方向，質(zhì)點(diǎn)。沿y軸負(fù)方向，此時(shí)尸。兩質(zhì)點(diǎn)的位移均為-1cm,故質(zhì)點(diǎn)尸經(jīng)過看回到

平衡位置，質(zhì)點(diǎn)。經(jīng)過工+工回到平衡位置，故質(zhì)點(diǎn)尸比質(zhì)點(diǎn)。早

46-

回到平衡位置，故D正確。

故選D。

5、B

【解析】

AC.因4、3間的動(dòng)摩擦因數(shù)為〃=tana,即

pimgcosa-mgsina

則施加平行于斜面的力F后，由牛頓第二定律有

F+mgsina-〃mgcosa=ma

聯(lián)立可得

a=—F

m

即無(wú)論廠的大小如何，B一定加速下滑，故AC正確，不符題意;

B.對(duì)斜面受力分析，如圖所示

由豎直方向的平衡有

f

氏=Mg+NBACOSa+fsina

娟=乙

NBA=mgcosa

f'=f=/.ungcosa

聯(lián)立可得

外=(Mg+mg)

故B錯(cuò)誤，符合題意；

D.對(duì)斜面在水平方向的力有關(guān)系式

NBAsina=f'cosa

故水平面無(wú)相對(duì)運(yùn)動(dòng)趨勢(shì)，水平面對(duì)斜面無(wú)摩擦力，故D正確，不符題意。

本題選不正確的故選B。

6、C

【解析】

圖甲：盧瑟福通過分析a粒子散射實(shí)驗(yàn)結(jié)果，得出原子的核式結(jié)構(gòu)模型.故A錯(cuò)誤.圖乙：用中子轟擊鈾核使其發(fā)

生裂變，裂變反應(yīng)會(huì)釋放出巨大的核能.故B錯(cuò)誤.圖丙：玻爾理論指出氫原子能級(jí)是分立的，所以原子發(fā)射光子

的頻率也是不連續(xù)的，故C正確；圖?。簻穼O通過電子的發(fā)現(xiàn)揭示了原子有復(fù)雜結(jié)構(gòu)，天然放射現(xiàn)象的發(fā)現(xiàn)揭示了

原子核內(nèi)還有復(fù)雜結(jié)構(gòu).故D錯(cuò)誤.故選C.

二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。

全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。

7、ACE

【解析】

A.液體表面層分子間距離大于液體內(nèi)部分子間距離，故液體表面存在張力，故A正確；

B.一切物質(zhì)的分子處于永不停息的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)之中，當(dāng)鉛片與金片接觸時(shí)，會(huì)有一些鉛的分子進(jìn)入金片，同時(shí)，金

的分子也會(huì)進(jìn)入鉛片，故B錯(cuò)誤；

C.溫度是分子平均動(dòng)能的標(biāo)志，則溫度升高，物體內(nèi)分子平均動(dòng)能增大，故C正確；

D.根據(jù)熱力學(xué)第三定律知，絕對(duì)零度只能接近，不可能達(dá)到，故D錯(cuò)誤；

E.根據(jù)熱力學(xué)第二定律可知，一切自發(fā)過程總是沿著分子熱運(yùn)動(dòng)的無(wú)序性增大的方向進(jìn)行，故E正確。

故選ACE?

8、ACE

【解析】

A.狹義相對(duì)論中光速不變?cè)恚赫婵罩械墓馑僭诓煌膽T性參考系中都是相同的.故A正確；

B.紅外線的波長(zhǎng)比X射線長(zhǎng).故B錯(cuò)誤；

C.紅光的波長(zhǎng)長(zhǎng)于紫光，所以在同一個(gè)雙縫干涉實(shí)驗(yàn)裝置上做實(shí)驗(yàn)，紅光的相鄰兩個(gè)亮條紋的中心間距大于紫光的相

鄰兩個(gè)亮條紋的中心間距.故C正確；

D.由幾何分析可知。光束對(duì)應(yīng)的折射率大，而全反射臨界角正弦值與折射率成反比，所以。光的全反射臨界角小于。

光的全反射臨界角.故D錯(cuò)誤；

E.由于偏振光在偏振片的透振方向有分量所以對(duì)應(yīng)的會(huì)在另一側(cè)觀察到透射光.故E正確

9、ACD

【解析】

A.讀取圖象信息知波長(zhǎng)為

4=8m,為=20m

所以A正確；

B.甲波的Q點(diǎn)運(yùn)動(dòng)至平衡位置所需時(shí)間為

—=ls

4

則甲波周期為

金=4s

所以B錯(cuò)誤；

C.波的傳播速度僅由介質(zhì)決定，甲、乙兩列波的速度相同，有

v--=2m/s

q

所以C正確;

DE.取f=0時(shí)刻

X]=14m,x2=20m

兩個(gè)波峰點(diǎn)為基準(zhǔn)點(diǎn)，二者相距6m。假設(shè)/=()時(shí)刻兩列波的波峰有相遇處，則該相遇處與兩個(gè)波峰基準(zhǔn)點(diǎn)的距離差

為

K42%=6m（k],左2均為整數(shù)）

即

勺=6+以=6+20&=25kl+0.75

48

該方程式左，自無(wú)整數(shù)解。貝!k=0時(shí)刻兩列波波峰沒有重合點(diǎn)。所以D正確，E錯(cuò)誤。

故選ACD?

10、ADE

【解析】

A.對(duì)于相同半徑的木球和鐵球，選擇鐵球可以忽略空氣阻力以及懸線的重力，A正確；

B.單擺在擺角很小的情況下才做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，單擺的擺角不能太大，一般不超過5°，B錯(cuò)誤;

C.為了減小測(cè)量周期時(shí)的誤差，應(yīng)取擺球通過的最低點(diǎn)作為計(jì)時(shí)的起、終點(diǎn)位置，C錯(cuò)誤;

D.擺球做圓錐擺時(shí)周期表達(dá)式為

若用

算出重力加速度g誤差較大，為了減小測(cè)量誤差，應(yīng)防止出現(xiàn)“圓錐擺”，D正確；

E.測(cè)量擺長(zhǎng)時(shí)，單擺在懸掛狀態(tài)下擺線長(zhǎng)加上擺球的半徑作為擺長(zhǎng)，E正確。

故選ADE。

三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11、BC1:3x---

【解析】

(i)[l]AB.為了能畫出平拋運(yùn)動(dòng)軌跡，首先保證小球做的是平拋運(yùn)動(dòng)，所以斜槽軌道不一定要光滑，但必須是水平的。

故A不符合題意，B符合題意。

C.要讓小球總是從同一位置無(wú)初速度釋放，這樣才能找到同一運(yùn)動(dòng)軌跡上的幾個(gè)點(diǎn)。故C符合題意。

D.檔板只要能記錄下小球下落在不同高度時(shí)的不同的位置即可，不需要等間距變化。故D不符合題意。

(2)[2]A點(diǎn)是拋出點(diǎn)，則在豎直方向上為初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，則A5和BC的豎直間距之比為1：3。

[3]由于兩段水平距離相等，故時(shí)間相等，根據(jù)可知：

停

則初速度為：

y2f

12、12.40

8A產(chǎn)

【解析】

游標(biāo)卡尺的主尺讀數(shù)為12mm,游標(biāo)讀數(shù)為

0.05x8mm=0.40mm

則游標(biāo)卡尺的最終讀數(shù)為

4=12+0.40mm=12.40mm

(3)[2]小球B通過光電門的瞬時(shí)速度

d

A、B轉(zhuǎn)動(dòng)的半徑之比為1：2,A、B的角速度相等，根據(jù)v=知A、B的速度之比為1：2,所以A的瞬時(shí)速度

,22加

系統(tǒng)動(dòng)能增加量

AF12,125〃以2

限=3叫+2m^

[3]系統(tǒng)重力勢(shì)能的減小量

A￡;)=mg*21-mgl=mgl

四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算

步驟。

13、(1)177*0；(2)8cm

【解析】

⑴報(bào)警器報(bào)警，則氣體柱的長(zhǎng)度要增大到L.+L2

根據(jù)等壓變化

T2匕Ll+L2

代入數(shù)據(jù)得

T2=450K

即

Z2=177℃

(2)設(shè)加入x水銀柱，在90C時(shí)會(huì)報(bào)警

PM_P3匕

可得

80x20S(8O+x)(3O-x)S

300273+90

解得

x=8cm

214

=V;

14、(1)vlA=--v0,vIB°(2)方向沿傳送帶向下；(3)W=-3mvl

【解析】

(1)由于〃2=tan。，故8放上傳送帶后不動(dòng)，對(duì)A和B第一次的碰撞過程，由動(dòng)量守恒定律和機(jī)械能守恒定律有

，4%=町匕'+加2匕B

121212

］肛%=］町匕A+2加2匕8

又5/n}=m2

“21

解得

(2)傳送帶順時(shí)針運(yùn)行時(shí)，8仍受力平衡，在被A碰撞之前8一直保持靜止，因而傳送帶順時(shí)針運(yùn)行時(shí)，4B碰前

的運(yùn)動(dòng)情形與傳送帶靜止時(shí)一樣，由于A第一次碰后反彈的速度小于％,故相對(duì)傳送帶的運(yùn)動(dòng)方向向下，受到的摩擦

力向上，合力向下做減速運(yùn)動(dòng)。減速到零后相對(duì)傳送帶也向下運(yùn)動(dòng)，摩擦力方向不變，設(shè)A在傳送帶上運(yùn)動(dòng)時(shí)的加速

度大小為。，根據(jù)牛頓第二定律有

ggsin?-/ggeos6=m1a

2

解得o=ygsin，

解法一從第一次碰后到第二次碰前A做勻變速運(yùn)動(dòng)，3做勻速運(yùn)動(dòng)兩者位移相等，則有

宜=巧演

y2a

%=匕八+。4

4

解得%A=§%，方向沿傳送帶向下

解法二以8為參考系，從第一次碰后到第二次碰前，有

2,21M

唏對(duì)一(一鼻』一.』)

------------------——=0

2a

解得第二次碰前A相對(duì)B的速度曝對(duì)=%

則A對(duì)地的速度為

4

%=丫相對(duì)+vifi=-vo

方向沿傳送帶向下

解法三第一次碰撞后到4B第一次碰撞前，兩者位移相同，故平均速度相同，則有

4

解得嶺A=]%，方向沿傳送帶向下

(3)以地面為參考系，A第二次碰后瞬間和第三次碰前瞬間的速度分別記為匕人和！A，3第二次碰后瞬間的速度記

為匕…兩者發(fā)生第二次彈性碰撞時(shí)，根據(jù)動(dòng)量守恒和能量守恒有

fnvm

i2A+2ViB=^viA+m2v2B

12121212

-叫V2A+-^B=-^V3A+-8

12

解得匕A=一］%，嶺8=5%

解法一第二次碰后A做勻變速運(yùn)動(dòng)，B做勻速運(yùn)動(dòng)。到第三次碰前兩者位移相等，所以

%一-=在

解得均A=g%，方向沿傳送帶向下

A從第一次碰后到第三次碰前的位移

〃=丁1[r（/弓4％）\2—一（/一2[