2023年海南省新高考物理試卷

2023年海南省新高考物理試卷試題數(shù)：18，滿分：01.（單選題，3分）釷元素衰變時(shí)會(huì)放出β粒子，其中β粒子是（）A.中子B.質(zhì)子C.電子D.光子2.（單選題，3分）如圖所示，帶正電的小球豎直向下射入垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，關(guān)于小球運(yùn)動(dòng)和受力說(shuō)法正確的是（）A.小球剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)受到的洛倫茲力水平向右B.小球運(yùn)動(dòng)過(guò)程中的速度不變C.小球運(yùn)動(dòng)過(guò)程的加速度保持不變D.小球受到的洛倫茲力對(duì)小球做正功3.（單選題，3分）如圖所示，工人利用滑輪組將重物緩慢提起，下列說(shuō)法正確的是（）A.工人受到的重力和支持力是一對(duì)平衡力B.工人對(duì)繩的拉力和繩對(duì)工人的拉力是一對(duì)作用力與反作用力C.重物緩慢拉起過(guò)程，繩子拉力變小D.重物緩慢拉起過(guò)程，繩子拉力不變4.（單選題，3分）下面上下兩圖分別是一列機(jī)械波在傳播方向上相距6m的兩個(gè)質(zhì)點(diǎn)P、Q的振動(dòng)圖像，下列說(shuō)法正確的是（）

A.該波的周期是5sB.該波的波速是3m/sC.4s時(shí)P質(zhì)點(diǎn)向上振動(dòng)D.4s時(shí)Q質(zhì)點(diǎn)向上振動(dòng)5.（單選題，3分）下列關(guān)于分子力和分子勢(shì)能的說(shuō)法正確的是（）

?A.分子間距離大于r0時(shí)，分子間表現(xiàn)為斥力B.分子從無(wú)限遠(yuǎn)靠近到距離r0處過(guò)程中分子勢(shì)能變大C.分子勢(shì)能在r0處最小D.分子間距離在小于r0且減小時(shí)，分子勢(shì)能在減小6.（單選題，3分）汽車測(cè)速利用了電磁感應(yīng)現(xiàn)象，汽車可簡(jiǎn)化為一個(gè)矩形線圈abcd,埋在地下的線圈分別為1、2，通上順時(shí)針（俯視）方向電流，當(dāng)汽車經(jīng)過(guò)線圈時(shí)（）

?A.線圈1、2產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向豎直向上B.汽車進(jìn)入線圈1過(guò)程產(chǎn)生感應(yīng)電流方向?yàn)閍bcdC.汽車離開(kāi)線圈1過(guò)程產(chǎn)生感應(yīng)電流方向?yàn)閍bcdD.汽車進(jìn)入線圈2過(guò)程受到的安培力方向與速度方向相同7.（單選題，3分）如圖所示電路，已知電源電動(dòng)勢(shì)為E，內(nèi)阻不計(jì)，電容器電容為C，閉合開(kāi)關(guān)K，待電路穩(wěn)定后，電容器上電荷量為（）A.CEB.CEC.CED.CE8.（單選題，3分）如圖所示，一光滑絕緣軌道水平放置，直徑上有A、B兩點(diǎn)，AO=2cm,OB=4cm,在AB固定兩個(gè)帶電量分別為Q1、Q2的正電荷，現(xiàn)有一個(gè)帶正電小球靜置于軌道內(nèi)側(cè)P點(diǎn)（小球可視為點(diǎn)電荷），已知AP：BP=n：1，試求Q1：Q2是多少（）A.2n2：1B.4n2：1C.2n3：1D.4n3：19.（多選題，4分）如圖所示，1、2軌道分別是天宮二號(hào)飛船在變軌前后的軌道，下列說(shuō)法正確的是（）A.飛船從1軌道變到2軌道要點(diǎn)火加速B.飛船在1軌道周期大于2軌道周期C.飛船在1軌道速度大于2軌道D.飛船在1軌道加速度大于2軌道10.（多選題，4分）已知一個(gè)激光發(fā)射器功率為P，發(fā)射波長(zhǎng)為λ的光，光速為c,普朗克常量為h,則（）A.光的頻率為B.光子的能量為C.光子的動(dòng)量為D.在時(shí)間t內(nèi)激光器發(fā)射的光子數(shù)為11.（多選題，4分）如圖是工廠利用u=220sin100πtV的交流電給36V照明燈供電的電路，變壓器原線圈匝數(shù)為1100匝，下列說(shuō)法正確的是（）A.電源電壓有效值為220VB.交變電流的周期為0.02sC.副線圈匝數(shù)為180匝D.副線圈匝數(shù)為240匝12.（多選題，4分）如圖所示，正三角形三個(gè)頂點(diǎn)固定三個(gè)等量電荷，其中A、B帶正電，C帶負(fù)電，O、M、N為AB邊的四等分點(diǎn)，下列說(shuō)法正確的是（）A.M、N兩點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度相同B.M、N兩點(diǎn)電勢(shì)相同C.負(fù)電荷在M點(diǎn)電勢(shì)能比在O點(diǎn)時(shí)要小D.負(fù)電荷在N點(diǎn)電勢(shì)能比在O點(diǎn)時(shí)要大13.（多選題，4分）如圖所示，質(zhì)量為m,帶電荷為+q的點(diǎn)電荷，從原點(diǎn)以初速度v0射入第一象限內(nèi)的電磁場(chǎng)區(qū)域，在0＜y＜y0，0＜x＜x0（x0、y0為已知）區(qū)域內(nèi)有豎直向上的勻強(qiáng)電場(chǎng)，在x＞x0區(qū)域內(nèi)有垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，控制電場(chǎng)強(qiáng)度（E值有多種可能），可讓粒子從NP射入磁場(chǎng)后偏轉(zhuǎn)打到接收器MN上，則（）

?A.粒子從NP中點(diǎn)射入磁場(chǎng)，電場(chǎng)強(qiáng)度滿足E=B.粒子從NP中點(diǎn)射入磁場(chǎng)時(shí)速度為v0C.粒子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的圓心到NM的距離為D.粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的圓周半徑最大值是14.（問(wèn)答題，0分）用激光測(cè)玻璃磚折射率的實(shí)驗(yàn)中，玻璃磚與屏P平行放置，從另一側(cè)用激光筆以一定角度照射，此時(shí)在屏上的S1處有激光點(diǎn)，移走玻璃磚，光點(diǎn)移到S2處。

（1）請(qǐng)畫出激光束經(jīng)玻璃折射后完整的光路圖；

（2）已經(jīng)測(cè)出AB=l1，OA=l2，S1S2=l3，則折射率n=___（用l1、l2、l3表示）；

（3）若改用寬ab更小的玻璃磚做實(shí)驗(yàn)，則S1S2間的距離會(huì)___（填“變大”，“變小”或“不變”）。15.（問(wèn)答題，0分）用如圖1所示的電路測(cè)量一個(gè)量程為100μA，內(nèi)阻約為2000Ω的微安表頭的內(nèi)阻，所用電源的電動(dòng)勢(shì)約為12V，有兩個(gè)電阻箱可選，R1（0～9999.9Ω），R2（0～99999.9Ω）

（1）RM應(yīng)選___，RN應(yīng)選___；

（2）根據(jù)電路圖，請(qǐng)把實(shí)物連線補(bǔ)充完整；

（3）下列操作順序合理排列是：___。

①將變阻器滑動(dòng)頭P移至最左端，將RN調(diào)至最大值；

②閉合開(kāi)關(guān)S2，調(diào)節(jié)RM，使微安表半偏，并讀出RM阻值；

③斷開(kāi)S2，閉合S1，調(diào)節(jié)滑動(dòng)頭P至某位置再調(diào)節(jié)RN使表頭滿偏；

④斷開(kāi)S1、S2，拆除導(dǎo)線，整理好器材。

（4）如圖2是RM調(diào)節(jié)后面板，則待測(cè)表頭的內(nèi)阻為_(kāi)__，該測(cè)量值___（大于、小于、等于）真實(shí)值。

（5）將該微安表改裝成量程為2V的電壓表后，某次測(cè)量指針指在圖示位置，則待測(cè)電壓為_(kāi)__V（保留三位有效數(shù)字）。

（6）某次半偏法測(cè)量表頭內(nèi)阻的實(shí)驗(yàn)中，S2斷開(kāi)，電表滿偏時(shí)讀出RN值，在滑動(dòng)頭P不變，S2閉合后調(diào)節(jié)電阻箱RM，使電表半偏時(shí)讀出RM，若認(rèn)為OP間電壓不變，則微安表內(nèi)阻為：___。（用RM、RN表示）16.（問(wèn)答題，0分）某飲料瓶?jī)?nèi)密封一定質(zhì)量理想氣體，t=27℃時(shí)，壓強(qiáng)p=1.050×105Pa。

（1）t′=37℃時(shí)，氣壓是多大？

（2）保持溫度不變，擠壓氣體，使之壓強(qiáng)與（1）時(shí)相同時(shí)，氣體體積為原來(lái)的多少倍？17.（問(wèn)答題，0分）如圖所示，U形金屬桿上邊長(zhǎng)為L(zhǎng)=15cm,質(zhì)量為m=1×10-3kg,下端插入導(dǎo)電液體中，導(dǎo)電液體連接電源，金屬桿所在空間有垂直紙面向里B=8×10-2T的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。

（1）若插入導(dǎo)電液體部分深h=2.5cm,閉合電鍵后，金屬桿飛起后，其下端離液面高度H=10cm,設(shè)桿中電流不變，求金屬桿離開(kāi)液面時(shí)的速度大小和金屬桿中的電流有多大；（g=10m/s2）

（2）若金屬桿下端剛與導(dǎo)電液體接觸，改變電動(dòng)勢(shì)的大小，通電后金屬桿跳起高度H′=5cm,通電時(shí)間t′=0.002s,求通過(guò)金屬桿截面的電荷量。18.（問(wèn)答題，0分）如圖所示，有一固定的光滑圓弧軌道，半徑R=0.2m,一質(zhì)量為mB=1kg的小滑塊B從軌道頂端滑下，在其沖上長(zhǎng)木板C左端時(shí)，給木板一個(gè)與小滑塊相同的初速度，已知mC=3kg,B、C間動(dòng)摩擦因數(shù)μ1=0.2，C與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ2=0.8，C右端有一個(gè)擋板，C長(zhǎng)為L(zhǎng)。

求：

（1）B滑到A的底端時(shí)對(duì)A的壓力是多大？

（2）若B未與C右端擋板碰撞，當(dāng)B與地面保持相對(duì)靜止時(shí)，B、C間因摩擦產(chǎn)生的熱量是多少？

（3）在0.16m＜L＜0.8m時(shí)，B與C右端擋板發(fā)生碰撞，且碰后粘在一起，求B從滑上C到最終停止所用的時(shí)間。

2023年海南省新高考物理試卷參考答案與試題解析試題數(shù)：18，滿分：01.（單選題，3分）釷元素衰變時(shí)會(huì)放出β粒子，其中β粒子是（）A.中子B.質(zhì)子C.電子D.光子【正確答案】：C【解析】：β粒子是電子，由此即可正確解答。

【解答】：解：放射性元素衰變時(shí)放出的三種射線α、β、γ，其中β粒子是電子。故C正確，ABD錯(cuò)誤。

故選：C。

【點(diǎn)評(píng)】：本題考查了原子核衰變的生成物，特別要知道β粒子是電子，β衰變的實(shí)質(zhì)是因?yàn)橐粋€(gè)中子轉(zhuǎn)化成質(zhì)子而釋放出的電子。2.（單選題，3分）如圖所示，帶正電的小球豎直向下射入垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，關(guān)于小球運(yùn)動(dòng)和受力說(shuō)法正確的是（）A.小球剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)受到的洛倫茲力水平向右B.小球運(yùn)動(dòng)過(guò)程中的速度不變C.小球運(yùn)動(dòng)過(guò)程的加速度保持不變D.小球受到的洛倫茲力對(duì)小球做正功【正確答案】：A【解析】：明確小球運(yùn)動(dòng)中受力情況，知道洛倫茲力不做功，從而分析小球運(yùn)動(dòng)過(guò)程中的速度、加速度情況。

【解答】：解：A．帶正電的小球豎直向下射入垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，小球受洛倫茲力和重力的作用做曲線運(yùn)動(dòng)，根據(jù)左手定則，可知小球剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)受到的洛倫茲力水平向右，故A正確；

B．小球受洛倫茲力和重力的作用，做曲線運(yùn)動(dòng)，速度的方向時(shí)刻變化，故B錯(cuò)誤；

C.小球受洛倫茲力和重力的作用做曲線運(yùn)動(dòng)，重力始終豎直向下，洛倫茲力始終與速度方向垂直，且速度方向時(shí)刻變化，合力方向時(shí)刻變化，根據(jù)牛頓第二定律，加速度的方向時(shí)刻變化，故C錯(cuò)誤。

D．小球受洛倫茲力和重力的作用做曲線運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力始終與速度方向垂直，根據(jù)功的定義，洛倫茲力永不做功，故D錯(cuò)誤。

故選A。

【點(diǎn)評(píng)】：本題考查帶電粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)，注意明確洛倫茲力不做功這一性質(zhì)，同時(shí)正確分析功能關(guān)系以及掌握牛頓第二定律公式的應(yīng)用。3.（單選題，3分）如圖所示，工人利用滑輪組將重物緩慢提起，下列說(shuō)法正確的是（）A.工人受到的重力和支持力是一對(duì)平衡力B.工人對(duì)繩的拉力和繩對(duì)工人的拉力是一對(duì)作用力與反作用力C.重物緩慢拉起過(guò)程，繩子拉力變小D.重物緩慢拉起過(guò)程，繩子拉力不變【正確答案】：B【解析】：一對(duì)平衡力大小相等，方向相反，作用在一個(gè)物體上，一對(duì)相互作用力大小相等，方向相反，是兩個(gè)物體的相互作用力；

對(duì)滑輪進(jìn)行受力分析，根據(jù)幾何關(guān)系得出繩子拉力的變化趨勢(shì)。

【解答】：解：AB、對(duì)人受力分析有

則有FN+FT=mg

根據(jù)一對(duì)平衡力和一對(duì)相互作用力的概念可知，工人對(duì)繩的拉力和繩對(duì)工人的拉力是一對(duì)作用力與反作用力，故A錯(cuò)誤、B正確；

CD、對(duì)滑輪做受力分析有

則有

則隨著重物緩慢拉起過(guò)程，θ逐漸增大，則FT逐漸增大，故CD錯(cuò)誤。

故選：B。

【點(diǎn)評(píng)】：本題主要考查了共點(diǎn)力的平衡問(wèn)題，熟悉物體的受力分析，結(jié)合幾何關(guān)系即可完成解答。4.（單選題，3分）下面上下兩圖分別是一列機(jī)械波在傳播方向上相距6m的兩個(gè)質(zhì)點(diǎn)P、Q的振動(dòng)圖像，下列說(shuō)法正確的是（）

A.該波的周期是5sB.該波的波速是3m/sC.4s時(shí)P質(zhì)點(diǎn)向上振動(dòng)D.4s時(shí)Q質(zhì)點(diǎn)向上振動(dòng)【正確答案】：C【解析】：A.根據(jù)振動(dòng)圖像給出的信息作答；

B.根據(jù)圖像求解兩質(zhì)點(diǎn)之間的距離滿足的關(guān)系，再根據(jù)波長(zhǎng)、波速和周期的關(guān)系分析求解波速；

CD.根據(jù)振動(dòng)圖像判斷質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)方向。

【解答】：解：A．根據(jù)振動(dòng)圖像可看出該波的周期是4s,故A錯(cuò)誤；

B．由圖像可知，質(zhì)點(diǎn)Q、P的起振方向相反

則兩質(zhì)點(diǎn)之間的距離滿足，其中n=0，1，2，…

根據(jù)波長(zhǎng)、波速和周期的關(guān)系

代入數(shù)據(jù)聯(lián)立解得，其中n=0，1，2，…，故B錯(cuò)誤；

C．由P質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)圖像可看出，在4s時(shí)P質(zhì)點(diǎn)在平衡位置向上振動(dòng)，故C正確；

D．由Q質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)圖像可看出，在4s時(shí)Q質(zhì)點(diǎn)在平衡位置向下振動(dòng)，故D錯(cuò)誤。

故選：C。

【點(diǎn)評(píng)】：能夠根據(jù)振動(dòng)圖像給出的信息求解周期、判斷質(zhì)點(diǎn)在某時(shí)刻的振動(dòng)方向；要注意波在傳播過(guò)程中的周期性。5.（單選題，3分）下列關(guān)于分子力和分子勢(shì)能的說(shuō)法正確的是（）

?A.分子間距離大于r0時(shí)，分子間表現(xiàn)為斥力B.分子從無(wú)限遠(yuǎn)靠近到距離r0處過(guò)程中分子勢(shì)能變大C.分子勢(shì)能在r0處最小D.分子間距離在小于r0且減小時(shí)，分子勢(shì)能在減小【正確答案】：C【解析】：當(dāng)分子力表現(xiàn)為斥力時(shí)，分子力和分子勢(shì)能總是隨分子間距離的增大而減??；分子力表現(xiàn)為引力時(shí)，r增大，分子力先增大后減小，分子勢(shì)能一直增大。

【解答】：解：A、分子間距離大于r0，分子間表現(xiàn)為引力，故A錯(cuò)誤；

BCD、分子間距離變小，引力做功，勢(shì)能減小，在r0處勢(shì)能最小，繼續(xù)減小距離，分子間表現(xiàn)為斥力，分子力做負(fù)功，勢(shì)能增大，故BD錯(cuò)誤，C正確；

故選：C。

【點(diǎn)評(píng)】：本題考查了分子力、分子勢(shì)能等知識(shí)點(diǎn)，利用F-r圖象、Ep-r圖象記憶分子力及分子勢(shì)能變化是一種很好的方法。6.（單選題，3分）汽車測(cè)速利用了電磁感應(yīng)現(xiàn)象，汽車可簡(jiǎn)化為一個(gè)矩形線圈abcd,埋在地下的線圈分別為1、2，通上順時(shí)針（俯視）方向電流，當(dāng)汽車經(jīng)過(guò)線圈時(shí)（）

?A.線圈1、2產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向豎直向上B.汽車進(jìn)入線圈1過(guò)程產(chǎn)生感應(yīng)電流方向?yàn)閍bcdC.汽車離開(kāi)線圈1過(guò)程產(chǎn)生感應(yīng)電流方向?yàn)閍bcdD.汽車進(jìn)入線圈2過(guò)程受到的安培力方向與速度方向相同【正確答案】：C【解析】：根據(jù)安培定則判斷線圈1、2中的電流形成的磁場(chǎng)方向；根據(jù)楞次定律判斷矩形線圈abcd的感應(yīng)電流方向；安培力的方向總是與矩形線圈abcd相對(duì)于磁場(chǎng)的運(yùn)動(dòng)方向相反。

【解答】：解：A、根據(jù)安培定則可知，線圈1、2中的電流形成的磁場(chǎng)方向都是豎直向下的，故A錯(cuò)誤；

BC、汽車進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，線圈abcd磁通量向下增大，根據(jù)楞次定律可知，感應(yīng)電流方向是adcba,離開(kāi)時(shí)磁通量向下減小，根據(jù)楞次定律可知感應(yīng)電流方向是abcda,故B錯(cuò)誤、C正確；

D、根據(jù)楞次定律的推廣可知，安培力的方向總是與汽車相對(duì)于磁場(chǎng)的運(yùn)動(dòng)方向相反，在汽車離開(kāi)線圈1進(jìn)入線圈2時(shí)，汽車受到的安培力方向與速度方向相反，故D錯(cuò)誤。

故選：C。

【點(diǎn)評(píng)】：根據(jù)楞次定律判斷感應(yīng)電流的方向的一般步驟是：確定原磁場(chǎng)的方向→原磁場(chǎng)的變化→引起感應(yīng)電流的磁場(chǎng)的變化→楞次定律→感應(yīng)電流的方向。7.（單選題，3分）如圖所示電路，已知電源電動(dòng)勢(shì)為E，內(nèi)阻不計(jì)，電容器電容為C，閉合開(kāi)關(guān)K，待電路穩(wěn)定后，電容器上電荷量為（）A.CEB.CEC.CED.CE【正確答案】：C【解析】：若取電源負(fù)極為零電勢(shì)點(diǎn)，根據(jù)歐姆定律求解電容器上、下極板的電勢(shì)，由此得到兩極板間的電壓，再根據(jù)Q=CU進(jìn)行解答。

【解答】：解：電路穩(wěn)定后，由于電源內(nèi)阻不計(jì)，若取電源負(fù)極為零電勢(shì)點(diǎn)，則電容器上極板的電勢(shì)為：

電容器下極板的電勢(shì)為：

則電容兩端的電壓為：U=φ下-φ上

解得：

則電容器上的電荷量為：Q=CU

解得：Q=CE，故C正確、ABD錯(cuò)誤。

故選：C。

【點(diǎn)評(píng)】：本題主要是考查含容電路的分析，關(guān)鍵是弄清楚電路的連接情況，根據(jù)歐姆定律求解電容器兩極板間的電壓。8.（單選題，3分）如圖所示，一光滑絕緣軌道水平放置，直徑上有A、B兩點(diǎn)，AO=2cm,OB=4cm,在AB固定兩個(gè)帶電量分別為Q1、Q2的正電荷，現(xiàn)有一個(gè)帶正電小球靜置于軌道內(nèi)側(cè)P點(diǎn)（小球可視為點(diǎn)電荷），已知AP：BP=n：1，試求Q1：Q2是多少（）A.2n2：1B.4n2：1C.2n3：1D.4n3：1【正確答案】：C【解析】：對(duì)小球進(jìn)行受力分析，再根據(jù)庫(kù)侖定律結(jié)合數(shù)學(xué)知識(shí)即可完成作答。

【解答】：解：對(duì)小球受力分析如圖所示：

在△CHP中，根據(jù)正弦定理有

其中∠CPH=∠OPB，∠CHP=∠HPD=∠APO

在△APO中，根據(jù)正弦定理

在△BPO中，根據(jù)正弦定理

根據(jù)庫(kù)侖定律，

聯(lián)立以上各式，解得Q1：Q2=2n3：1

綜上分析，故ABD錯(cuò)誤，C正確。

故選：C。

【點(diǎn)評(píng)】：本題考查了庫(kù)侖定律的應(yīng)用，對(duì)于數(shù)學(xué)知識(shí)在物理學(xué)中的運(yùn)用是學(xué)生應(yīng)該具備的關(guān)鍵能力之一。9.（多選題，4分）如圖所示，1、2軌道分別是天宮二號(hào)飛船在變軌前后的軌道，下列說(shuō)法正確的是（）A.飛船從1軌道變到2軌道要點(diǎn)火加速B.飛船在1軌道周期大于2軌道周期C.飛船在1軌道速度大于2軌道D.飛船在1軌道加速度大于2軌道【正確答案】：ACD【解析】：飛船做離心運(yùn)動(dòng)時(shí)必須點(diǎn)火加速；根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力列式，得出飛船的周期、速度和加速度與軌道半徑的關(guān)系，再比較各個(gè)量的大小。

【解答】：解：A、飛船從較低的軌道1進(jìn)入較高的軌道2要點(diǎn)火加速做離心運(yùn)動(dòng)才能完成，故A正確；

BCD、飛船做勻速圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)，根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力得：

可得，，

可知飛船在軌道1的周期小于在軌道2的周期，在軌道1的速度大于在軌道2的速度，在軌道1的加速度大于在軌道2的加速度，故B錯(cuò)誤，CD正確。

故選：ACD。

【點(diǎn)評(píng)】：解決本題的關(guān)鍵要掌握萬(wàn)有引力提供向心力這一重要思路，知道線速度、周期、向心加速度與軌道半徑的關(guān)系。10.（多選題，4分）已知一個(gè)激光發(fā)射器功率為P，發(fā)射波長(zhǎng)為λ的光，光速為c,普朗克常量為h,則（）A.光的頻率為B.光子的能量為C.光子的動(dòng)量為D.在時(shí)間t內(nèi)激光器發(fā)射的光子數(shù)為【正確答案】：AC【解析】：根據(jù)波速與波長(zhǎng)、頻率之間的關(guān)系求解光的頻率；根據(jù)光子能量計(jì)算公式求解光子的能量；根據(jù)德布羅意波長(zhǎng)計(jì)算公式求解光子的動(dòng)量；每秒內(nèi)發(fā)出的光子數(shù)與每個(gè)光子能量的乘積是激光器每秒做的功，根據(jù)激光發(fā)射器功率求解時(shí)間t內(nèi)激光器發(fā)射的光子數(shù)。

【解答】：解：A．根據(jù)波速與波長(zhǎng)、頻率之間的關(guān)系可知光的頻率：ν=，故A正確；

B．光子的能量：，故B錯(cuò)誤；

C．根據(jù)德布羅意波長(zhǎng)計(jì)算公式λ=可得光子的動(dòng)量：，故C正確；

D．在時(shí)間t內(nèi)激光器發(fā)射的光子數(shù)：，故D錯(cuò)誤。

故選：AC。

【點(diǎn)評(píng)】：本題主要是考查光子能量的計(jì)算，解答本題的關(guān)鍵是掌握光子能量計(jì)算公式以及德布羅意波長(zhǎng)的計(jì)算公式，能夠根據(jù)能量關(guān)系求解光子數(shù)。11.（多選題，4分）如圖是工廠利用u=220sin100πtV的交流電給36V照明燈供電的電路，變壓器原線圈匝數(shù)為1100匝，下列說(shuō)法正確的是（）A.電源電壓有效值為220VB.交變電流的周期為0.02sC.副線圈匝數(shù)為180匝D.副線圈匝數(shù)為240匝【正確答案】：BC【解析】：根據(jù)交流電的瞬時(shí)值表達(dá)式計(jì)算有效值和周期，根據(jù)變壓器的電壓之比等于匝數(shù)之比。

【解答】：解：A、根據(jù)交流電的瞬時(shí)值表達(dá)式，電源電壓的有效值，故A錯(cuò)誤；

B、根據(jù)交流電的瞬時(shí)值表達(dá)式，交流電的周期，故B正確；

CD、根據(jù)可得副線圈匝數(shù)匝，故C正確，D錯(cuò)誤。

故選：BC。

【點(diǎn)評(píng)】：本題主要是考查了變壓器的知識(shí)；解答本題的關(guān)鍵是知道變壓器的電壓之比等于匝數(shù)之比，在只有一個(gè)副線圈的情況下的電流之比等于匝數(shù)的反比；知道理想變壓器的輸出功率決定輸入功率且相等。12.（多選題，4分）如圖所示，正三角形三個(gè)頂點(diǎn)固定三個(gè)等量電荷，其中A、B帶正電，C帶負(fù)電，O、M、N為AB邊的四等分點(diǎn)，下列說(shuō)法正確的是（）A.M、N兩點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度相同B.M、N兩點(diǎn)電勢(shì)相同C.負(fù)電荷在M點(diǎn)電勢(shì)能比在O點(diǎn)時(shí)要小D.負(fù)電荷在N點(diǎn)電勢(shì)能比在O點(diǎn)時(shí)要大【正確答案】：BC【解析】：根據(jù)場(chǎng)強(qiáng)疊加的特點(diǎn)和對(duì)稱性得出MN兩點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)關(guān)系；

根據(jù)電勢(shì)的疊加特點(diǎn)得出MN兩點(diǎn)的電勢(shì)關(guān)系；

根據(jù)電荷的受力特點(diǎn)得出其合力的方向，根據(jù)電場(chǎng)力的做功特點(diǎn)結(jié)合功能關(guān)系得出電勢(shì)能的大小關(guān)系。

【解答】：解：A．根據(jù)場(chǎng)強(qiáng)疊加的特點(diǎn)以及對(duì)稱性可知，MN兩點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小相同，不過(guò)方向不同，故A錯(cuò)誤；

B．因在AB處的正電荷在MN兩點(diǎn)的合電勢(shì)相等，在C點(diǎn)的負(fù)電荷在MN兩點(diǎn)的電勢(shì)也相等，由此可分析出MN兩點(diǎn)電勢(shì)相等，故B正確；

CD．根據(jù)題意可知，負(fù)電荷從M到O，因AB兩電荷的合力對(duì)負(fù)電荷的庫(kù)侖力從O指向M，則該力對(duì)負(fù)電荷做負(fù)功，C點(diǎn)的負(fù)電荷也對(duì)該負(fù)電荷做負(fù)功，可知三個(gè)電荷對(duì)該負(fù)電荷的合力對(duì)其做負(fù)功，根據(jù)功能關(guān)系可知該負(fù)電荷的電勢(shì)能增加，即負(fù)電荷在M點(diǎn)的電勢(shì)能比在O點(diǎn)??；同理可知負(fù)電荷在N點(diǎn)的電勢(shì)能比在O點(diǎn)小。故C正確，D錯(cuò)誤。

故選：BC。

【點(diǎn)評(píng)】：本題主要考查了帶電粒子在電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)，熟悉場(chǎng)強(qiáng)和電勢(shì)的計(jì)算公式，分清其標(biāo)矢性，結(jié)合粒子的受力分析和功能關(guān)系即可完成解答。13.（多選題，4分）如圖所示，質(zhì)量為m,帶電荷為+q的點(diǎn)電荷，從原點(diǎn)以初速度v0射入第一象限內(nèi)的電磁場(chǎng)區(qū)域，在0＜y＜y0，0＜x＜x0（x0、y0為已知）區(qū)域內(nèi)有豎直向上的勻強(qiáng)電場(chǎng)，在x＞x0區(qū)域內(nèi)有垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，控制電場(chǎng)強(qiáng)度（E值有多種可能），可讓粒子從NP射入磁場(chǎng)后偏轉(zhuǎn)打到接收器MN上，則（）

?A.粒子從NP中點(diǎn)射入磁場(chǎng)，電場(chǎng)強(qiáng)度滿足E=B.粒子從NP中點(diǎn)射入磁場(chǎng)時(shí)速度為v0C.粒子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的圓心到NM的距離為D.粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的圓周半徑最大值是【正確答案】：AD【解析】：A、根據(jù)帶電粒子在電場(chǎng)中做類平拋運(yùn)動(dòng)，沿電場(chǎng)方向和垂直電場(chǎng)方向列運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求解加速度，再由牛頓第二定律可以求解電場(chǎng)強(qiáng)度；

B、根據(jù)在電場(chǎng)中類平拋運(yùn)動(dòng)，沿電場(chǎng)方向和垂直電場(chǎng)方向列運(yùn)動(dòng)學(xué)公式就可以求解粒子從NP中點(diǎn)射入磁場(chǎng)時(shí)速度；

C、根據(jù)粒子在電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)，推出進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)的速度方向和大小表達(dá)式，再根據(jù)粒子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑表達(dá)式等結(jié)合幾何關(guān)系求軌跡圓心到NM的距離；

D、粒子在電場(chǎng)中沿電場(chǎng)方向加速的距離最大時(shí)，粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的圓周半徑最大，根據(jù)洛倫茲力提供向心力可以求解粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的圓周半徑最大值。

【解答】：解：A、根據(jù)帶電粒子在電場(chǎng)中做類平拋運(yùn)動(dòng)，若粒子打到PN中點(diǎn)，則

x方向勻速直線運(yùn)動(dòng)，有：x0=v0t

y方向粒子做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，有：

根據(jù)牛頓第二定律得：Eq=ma

解得：E=，故A正確；

B、粒子從PN中點(diǎn)射出時(shí)，y方向根據(jù)勻變速位移與平均速度關(guān)系式得：

剛出電場(chǎng)射入磁場(chǎng)時(shí)速度v1==

將t=代入解得：v1=，故B錯(cuò)誤；

C、粒子從電場(chǎng)中射出時(shí)的速度方向與豎直方向夾角為θ，軌跡如下圖所示：

則tanθ==

將a、t代入得：tanθ=

粒子從電場(chǎng)中射出時(shí)的速度v=

粒子進(jìn)入磁場(chǎng)后做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，根據(jù)洛倫茲力提供向心力得：qvB=m

則粒子進(jìn)入磁場(chǎng)后做圓周運(yùn)動(dòng)的圓心到MN的距離為d=rcosθ

聯(lián)立解得d=，故C錯(cuò)誤；

D、當(dāng)粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)有最大運(yùn)動(dòng)半徑時(shí)，進(jìn)入磁場(chǎng)的速度最大，則在電場(chǎng)中沿電場(chǎng)方向加速的距離最大，則y方向速度及合速度最大，此時(shí)粒子從N點(diǎn)進(jìn)入磁場(chǎng)，則

x0=v0t

出離電場(chǎng)的最大速度：=

則由洛倫茲力提供向心力得：qvB=m

可得最大半徑：，故D正確。

故選：AD。

【點(diǎn)評(píng)】：本題考查帶電粒子在電場(chǎng)和磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)，在電場(chǎng)中做類平拋運(yùn)動(dòng)，根據(jù)勻速直線運(yùn)動(dòng)和勻變速直線運(yùn)動(dòng)的規(guī)律分析判斷，進(jìn)入磁場(chǎng)帶電粒子在洛倫茲力作用下做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，注意從電場(chǎng)進(jìn)入磁場(chǎng)的合速度大小以及速度方向決定了在磁場(chǎng)中的軌跡半徑以及圓弧長(zhǎng)度等，需要我們結(jié)合軌跡圖以及幾何關(guān)系分析。14.（問(wèn)答題，0分）用激光測(cè)玻璃磚折射率的實(shí)驗(yàn)中，玻璃磚與屏P平行放置，從另一側(cè)用激光筆以一定角度照射，此時(shí)在屏上的S1處有激光點(diǎn)，移走玻璃磚，光點(diǎn)移到S2處。

（1）請(qǐng)畫出激光束經(jīng)玻璃折射后完整的光路圖；

（2）已經(jīng)測(cè)出AB=l1，OA=l2，S1S2=l3，則折射率n=___（用l1、l2、l3表示）；

（3）若改用寬ab更小的玻璃磚做實(shí)驗(yàn)，則S1S2間的距離會(huì)___（填“變大”，“變小”或“不變”）?！菊_答案】：;變小【解析】：（1）根據(jù)傳播路徑畫出光路圖；

（2）根據(jù)光的折射定律結(jié)合幾何關(guān)系進(jìn)行解答；

（3）若玻璃磚寬度變小，相當(dāng)于把a(bǔ)d邊下移，根據(jù)光路圖進(jìn)行分析。

【解答】：解：（1）根據(jù)題意結(jié)合光的傳播情況作出光路圖如圖所示：

（2）根據(jù)光的折射定律可得：n=

根據(jù)幾何關(guān)系可得：

sini==

sinr===

聯(lián)立解得：n=

（3）若玻璃磚寬度變小，相當(dāng)于把a(bǔ)d邊下移，與兩條光線的交點(diǎn)距離變小，即BC就小，那S1S2也會(huì)變小。

故答案為：（1）光路圖見(jiàn)解析；（2）；（3）變小。

【點(diǎn)評(píng)】：本題主要是考查了光的折射，解答此類題目的關(guān)鍵是弄清楚光的傳播情況，畫出光路圖，根據(jù)圖中的幾何關(guān)系求出折射角或入射角，然后根據(jù)光的折射定律和全反射的條件列方程求解。15.（問(wèn)答題，0分）用如圖1所示的電路測(cè)量一個(gè)量程為100μA，內(nèi)阻約為2000Ω的微安表頭的內(nèi)阻，所用電源的電動(dòng)勢(shì)約為12V，有兩個(gè)電阻箱可選，R1（0～9999.9Ω），R2（0～99999.9Ω）

（1）RM應(yīng)選___，RN應(yīng)選___；

（2）根據(jù)電路圖，請(qǐng)把實(shí)物連線補(bǔ)充完整；

（3）下列操作順序合理排列是：___。

①將變阻器滑動(dòng)頭P移至最左端，將RN調(diào)至最大值；

②閉合開(kāi)關(guān)S2，調(diào)節(jié)RM，使微安表半偏，并讀出RM阻值；

③斷開(kāi)S2，閉合S1，調(diào)節(jié)滑動(dòng)頭P至某位置再調(diào)節(jié)RN使表頭滿偏；

④斷開(kāi)S1、S2，拆除導(dǎo)線，整理好器材。

（4）如圖2是RM調(diào)節(jié)后面板，則待測(cè)表頭的內(nèi)阻為_(kāi)__，該測(cè)量值___（大于、小于、等于）真實(shí)值。

（5）將該微安表改裝成量程為2V的電壓表后，某次測(cè)量指針指在圖示位置，則待測(cè)電壓為_(kāi)__V（保留三位有效數(shù)字）。

（6）某次半偏法測(cè)量表頭內(nèi)阻的實(shí)驗(yàn)中，S2斷開(kāi)，電表滿偏時(shí)讀出RN值，在滑動(dòng)頭P不變，S2閉合后調(diào)節(jié)電阻箱RM，使電表半偏時(shí)讀出RM，若認(rèn)為OP間電壓不變，則微安表內(nèi)阻為：___。（用RM、RN表示）【正確答案】：R1;R2;①③②④;1998.0Ω;小于;1.30;【解析】：（1）根據(jù)半偏法的測(cè)量原理分析判斷；

（3）根據(jù)保護(hù)電路和半偏法測(cè)量步驟分析判斷；

（4）根據(jù)半偏法原理和電路結(jié)構(gòu)分析判斷；

（5）根據(jù)串聯(lián)電路分壓特點(diǎn)計(jì)算；

（6）根據(jù)歐姆定律分析判斷。

【解答】：解：（1）根據(jù)半偏法的測(cè)量原理可知，RM與R1相當(dāng)，當(dāng)閉合S2之后，變阻器上方的電流應(yīng)基本不變，就需要RN較大，對(duì)下方分壓電路影響甚微。故RM應(yīng)選R1，RN應(yīng)選R2；

（2）實(shí)物圖如圖：

（3）為保證電路安全，閉合開(kāi)關(guān)前先將滑動(dòng)變阻器調(diào)至左側(cè)，電阻箱調(diào)至最大，先閉合S1開(kāi)關(guān)，調(diào)節(jié)電阻箱RN，再閉合S2調(diào)節(jié)電阻箱RM，最后斷開(kāi)開(kāi)關(guān)整理器材，正確的操作順序是：①③②④；

（4）讀出的RM即是微安表的內(nèi)阻。

當(dāng)閉合S2后，原電路可看成如下電路：

閉合S2后，相當(dāng)于RM由無(wú)窮大變成有限值，變小了，不難得到流過(guò)RN的電流大于原來(lái)的電流，則流過(guò)RM的電流大于，故RM＜RA。

（5）按讀數(shù)規(guī)則，只需要讀出65即可，按換算關(guān)系可知，電壓為：u=1.30V

（6）根據(jù)題意可得：

解得：

故答案為：（1）R1，R2；（3）①③②④；（4）1998.0Ω，小于；（5）1.3；（6）。

【點(diǎn)評(píng)】：本題要掌握半偏法測(cè)電流表內(nèi)阻原理，掌握電路連接方式分析、掌握歐姆定律。16.（問(wèn)答題，0分）某飲料瓶?jī)?nèi)密封一定質(zhì)量理想氣體，t=27℃時(shí)，壓強(qiáng)p=1.050×105Pa。

（1）t′=37℃時(shí)，氣壓是多大？

（2）保持溫度不變，擠壓氣體，使之壓強(qiáng)與（1）時(shí)相同時(shí)，氣體體積為原來(lái)的多少倍？【正確答案】：

【解析】：（1）根據(jù)題意得出氣體變化前后的狀態(tài)參量，結(jié)合查理定律列式得出氣體的壓強(qiáng)；

（2）氣體的溫度保持不變，根據(jù)玻意耳定律得出氣體的體積。

【解答】：解：（1）瓶?jī)?nèi)氣體的始末狀態(tài)的熱力學(xué)溫度分別為

T=（27+273）K=300K，T'=（37+273）K=310K

溫度變化過(guò)程中體積不變，故由查理定律有

解得：p′=1.085×105Pa

（2）保持溫度不變，擠壓氣體，等溫變化過(guò)程，由玻意耳定律有

pV=p'V'

解得：V′≈0.968V

答：（1）t′=37℃時(shí)，氣壓為1.085×105Pa；

（2）保持溫度不變，擠壓氣體，使之壓強(qiáng)與（1）時(shí)相同時(shí)，氣體體積為原來(lái)的0.968倍。

【點(diǎn)評(píng)】：本題主要考查了一定質(zhì)量的理想氣體的狀態(tài)方程，解題的關(guān)鍵點(diǎn)是分析出氣體變化前后的狀態(tài)參量，結(jié)合玻意耳定律和查理定律即可完成分析。17.（問(wèn)答題，0分）如圖所示，U形金屬桿上邊長(zhǎng)為L(zhǎng)=15cm,質(zhì)量為m=1×10-3kg,下端插入導(dǎo)電液體中，導(dǎo)電液體連接電源，金屬桿所在空間有垂直紙面向里B=8×10-2T的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。

（1）若插入導(dǎo)電液體部分深h=2.5cm,閉合電鍵后，金屬桿飛起后，其下端離液面高度H=10cm,設(shè)桿中電流不變，求金屬桿離開(kāi)液面時(shí)的速度大小和金屬桿中的電流有多大；（g=10m/s2）

（2）若金屬桿下端剛與導(dǎo)電液體接觸，改變電動(dòng)勢(shì)的大小，通電后金屬桿跳起高度H′=5cm,通電時(shí)間t′=0.002s,求通過(guò)金屬桿截面的電荷量?！菊_答案】：

【解析】：（1）根據(jù)豎直上拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律求解金屬桿剛剛離開(kāi)液面的速度，對(duì)金屬桿與液面接觸的過(guò)程，根據(jù)安培力公式，應(yīng)用動(dòng)能定理求解電流；

（2）由于給了時(shí)間，根據(jù)動(dòng)量定理求解電流，再根據(jù)電流求解電荷量。

【解答】：解：（1）設(shè)金屬桿離開(kāi)液面時(shí)的速度大小為v,金屬桿中的電流大小為I。金屬桿離開(kāi)液體后做豎直上拋運(yùn)動(dòng)，由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式得：

v2=2gH

解得：v==m/s

通電過(guò)程金屬桿受到的安培力大小為：

FA=BIL

對(duì)金屬桿到達(dá)最高點(diǎn)的過(guò)程，由動(dòng)能定理得：

FAh-mg（H+h）=0

聯(lián)立解得：A=4.17A

（2）對(duì)金屬桿，通電時(shí)間t′=0.002s,規(guī)定向上為正方向，由動(dòng)量定理得：

（BI′L-mg）t′=mv′-0

由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式

v'2=2gH'

通過(guò)金屬桿截面的電荷量

q=I′t′==C=0.085C

答：（1）金屬桿離開(kāi)液面時(shí)的速度大小為，金屬桿中的電流為4.17A；

（2）通過(guò)金屬桿截面的電荷量為0.085C。

【點(diǎn)評(píng)】：本題是安培力與動(dòng)能定理、動(dòng)量定理