部分重點(diǎn)中學(xué)高三第二次聯(lián)考理綜物理試題

學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精湖北省部分重點(diǎn)中學(xué)2020屆高三第二次聯(lián)考高三理科綜合試卷二、選擇題：本題共8小題，每小題6分.在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中,第14~17題只有一項(xiàng)符合題目要求,第18~21題有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)得6分，選對(duì)但選不全得3分,有選錯(cuò)的得0分。1。用比值法定義物理量是物理學(xué)中一種常用的方法。下列六個(gè)物理量的表達(dá)式中為比值定義式的是(）①加速度：②功率：③電場(chǎng)強(qiáng)度:④電流：⑤電動(dòng)勢(shì):⑥磁感應(yīng)強(qiáng)度：A。①②③⑤B.②③④⑥C。②④⑤⑥D(zhuǎn)。①③④⑥【答案】B【解析】【詳解】①加速度：為加速度決定式,故不屬于比值法定義式②功率：是功率的定義式,屬于比值法定義式③電場(chǎng)強(qiáng)度：是電場(chǎng)強(qiáng)度的定義式，E與F、q無關(guān)，由電場(chǎng)本身決定，屬于比值法定義式④電流：是電流的定義式，I與q、t無關(guān)，屬于比值法定義式⑤電動(dòng)勢(shì):中電動(dòng)勢(shì)與磁通量變化率成正比,不屬于比值法定義式⑥磁感應(yīng)強(qiáng)度：磁感應(yīng)強(qiáng)度與放入磁場(chǎng)中的電流元無關(guān)，屬于比值法定義式故選B。2.一跳傘運(yùn)動(dòng)員從懸停的直升飛機(jī)上跳下，2s時(shí)開啟降落傘，運(yùn)動(dòng)員跳傘過程中的v-t圖象如圖所示,根據(jù)圖象可知運(yùn)動(dòng)員（）A.在2～6s內(nèi)速度方向先向上后向下B。在2~6s內(nèi)加速度方向先向上后向下C.在2～6s內(nèi)先處于失重狀態(tài)后處于超重狀態(tài)D.在0~20s內(nèi)先勻加速再勻減速最終勻速直線運(yùn)動(dòng)【答案】C【解析】【分析】v—t圖像的斜率等于加速度，斜率的符號(hào)反映加速度的方向；加速度向下為失重，加速度向上為超重．【詳解】在2～6s內(nèi)速度一直為正，則速度方向一直向下，選項(xiàng)A錯(cuò)誤;圖像的斜率等于加速度，可知在2～6s內(nèi)加速度方向先向下后向上，人先處于失重狀態(tài)后處于超重狀態(tài)，選項(xiàng)B錯(cuò)誤，C正確；在0～20s內(nèi)先變加速再變減速最終勻速直線運(yùn)動(dòng),選項(xiàng)D錯(cuò)誤；故選C.【點(diǎn)睛】此題關(guān)鍵是理解速度時(shí)間圖像的意義，搞清正方向，圖像的斜率等于加速度,圖像與坐標(biāo)軸圍成的面積等于位移.3。2018珠海航展，我國(guó)五代戰(zhàn)機(jī)“殲20”再次閃亮登場(chǎng)。表演中,戰(zhàn)機(jī)先水平向右，再沿曲線ab向上（如圖）,最后沿陡斜線直入云霄。設(shè)飛行路徑在同一豎直面內(nèi)，飛行速率不變。則沿ab段曲線飛行時(shí)，戰(zhàn)機(jī)

（）A.所受合外力大小為零B。所受合外力方向豎直向上C.豎直方向的分速度逐漸增大D。水平方向的分速度不變【答案】C【解析】【詳解】A．戰(zhàn)機(jī)做曲線運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)狀態(tài)發(fā)生變化，合外力不為零，故A錯(cuò)誤；B．戰(zhàn)機(jī)飛行速率不變，合力方向始終與速度方向垂直，故B錯(cuò)誤；C．飛機(jī)速度大小不變，與水平方向的傾角θ增大,則vy=vsinθ增大,即豎直方向的分速度逐漸增大，故C正確；D．飛機(jī)速度大小不變，與水平方向的傾角θ增大，則vx=vcosθ減小,即水平方向的分速度減小，故D錯(cuò)誤。故選C。4。銀河系中心存在大量黑洞.黑洞是一種密度極高的天體,其第二宇宙速度超過光速，已知天體的第二宇宙速度為其第一宇宙速度的倍.若某黑洞的半徑R約300km,則該黑洞表面最小重力加速度的數(shù)量級(jí)為（）A.108m/s2 B.1011m/s2 C.1013m/s2 D.1015m/s2【答案】B【解析】【詳解】根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力，有得有由題得第二宇宙速度為天體成為黑洞的條件為即為解得故選B。5.如圖，正三角形的三條邊都與四相切，在圓形區(qū)域內(nèi)有垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng),質(zhì)子P（)和氦核Q()都從頂點(diǎn)A沿∠BMC的角平分線方向射入磁楊,質(zhì)子P()從C點(diǎn)離開磁場(chǎng)，核Q(）從相切點(diǎn)D離開磁場(chǎng),不計(jì)粒子重力，則質(zhì)子和氦核的入射速度大小之比為(

)A。6：1B.3：1C.2：1D。3：2【答案】A【解析】【詳解】設(shè)三角形的邊長(zhǎng)為L(zhǎng),根據(jù)幾何關(guān)系可以得到磁場(chǎng)圓的半徑為，質(zhì)子進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示由幾何關(guān)系可求得氦核進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示，由幾何關(guān)系可得：粒子在磁場(chǎng)中時(shí)洛倫茲力提供的向心力即結(jié)合兩個(gè)粒子的軌跡半徑可求得質(zhì)子和氦核的入射速度大小之比為6:1，故A正確，BCD錯(cuò)誤。6。一名雜技演員在兩幢高10m的樓之間表演“高空走鋼絲”．當(dāng)他緩慢經(jīng)過鋼絲的中點(diǎn)時(shí),鋼絲與水平方向的夾角為10°.已知演員及橫桿的總質(zhì)量為60kg，鋼絲重量不計(jì)。重力加速度為10m/s2，sin10°＝0.17,下列說法正確的有（）A.演員經(jīng)過解絲中點(diǎn)時(shí),鋼絲上的力約為3530NB.演員經(jīng)過鋼絲中點(diǎn)時(shí)，鋼絲上的張力約為1765NC.演員經(jīng)過中點(diǎn)后又向右走了幾步停下來，此時(shí)鋼絲對(duì)演員的作用力方向朝左上方D.如果更換一根更長(zhǎng)的鋼絲表演，演員經(jīng)過鋼絲中點(diǎn)時(shí),鋼絲繩上的張力會(huì)減小【答案】BD【解析】【分析】以人為研究對(duì)象，分析受力情況，作出力圖，根據(jù)平衡條件求解水平鋼絲下垂與水平面成θ角時(shí)演員在最低點(diǎn)繩中的張力F.【詳解】A、B、分析受力情況,作出力圖：根據(jù)根據(jù)平衡條件：2Fsinθ=mg,可得；故A錯(cuò)誤,B正確.C、當(dāng)演員走幾步停止后依然平衡,由平衡條件可知繩對(duì)人的張力的合力與重力等大反向，即方向豎直向上，大小為mg；故C錯(cuò)誤。D、如果換成更長(zhǎng)的鋼絲繩，在中點(diǎn)平衡時(shí)的夾角θ變大，由可知繩的張力變小;故D正確。故選BD?！军c(diǎn)睛】本題要注意明確兩側(cè)繩子的拉力大小相等，關(guān)于豎直方向具有對(duì)稱性，同時(shí)正確應(yīng)用平衡條件進(jìn)行分析求解即可。7。如圖所示，質(zhì)量為3m的容器靜止在光滑水平面上，該容器的內(nèi)壁是半徑為R的光滑半球面，在容器內(nèi)壁的最高點(diǎn)由靜止釋放一質(zhì)量為m的小滑塊P，重力加速度為g。下列說法正確的是（）A.P滑到最低點(diǎn)時(shí)，容器的動(dòng)能為B。P從開始到最低點(diǎn)過程中機(jī)械能減少了C.P從開始到最低點(diǎn)過程中，容器的位移大小為D.P經(jīng)過最低點(diǎn)后沿內(nèi)壁繼續(xù)上滑的最大高度小于R【答案】BC【解析】【詳解】AB．設(shè)小滑塊到達(dá)最低點(diǎn)的速度為v1，容器的速度為v2，系統(tǒng)水平方向動(dòng)量守恒，則此過程中系統(tǒng)機(jī)械能守恒，則解得,容器具有的動(dòng)能為此過程中滑塊機(jī)械能的減少量為故A錯(cuò)誤,B正確；C．根據(jù)動(dòng)量守恒定理可知容器在水平方向的速度總是為小滑塊的，所以滑塊在水平方向位移是容器的3倍，當(dāng)滑塊到達(dá)容器底端時(shí)，兩者在水平方向的相對(duì)位移為R,則則容器的位移為故C正確;D．當(dāng)滑塊P經(jīng)過最低點(diǎn)后沿內(nèi)壁繼續(xù)上滑到最大高度時(shí)，兩者有共同的速度，設(shè)此時(shí)最大高度為H，則由水平方向動(dòng)量守恒與系統(tǒng)機(jī)械能守恒解得故D錯(cuò)誤。故選BC。8.兩個(gè)點(diǎn)電荷分別固定于x軸上，電量大小分別為Q和2Q，在它們形成電場(chǎng)中，有一個(gè)試探電荷+q沿x軸從+∞向坐標(biāo)原點(diǎn)O運(yùn)動(dòng)，其電勢(shì)能Ep隨x變化的關(guān)系如圖所示，圖中x0已知，且該處電勢(shì)能最小,當(dāng)x→+∞時(shí),電勢(shì)能Ep→0;當(dāng)x→0時(shí)，電勢(shì)能Ep→+∞。根據(jù)圖象提供的信息可以確定（)A.在x0處電場(chǎng)強(qiáng)度為零B。在x軸上x＞x0的區(qū)域電場(chǎng)方向向右C.兩個(gè)點(diǎn)電荷的電性D.2Q在x軸上的坐標(biāo)為【答案】ACD【解析】【詳解】A．圖線Ep－x的斜率表示試探電荷所受的電場(chǎng)力大小，因?yàn)殡妶?chǎng)力F=qE，所以也可以用斜率表示電場(chǎng)強(qiáng)度的大小，在x0處，圖線的斜率為零，即該點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度為零，故A正確;B．在x軸上x＞x0的區(qū)域，隨x增大電勢(shì)是逐漸升高的，電場(chǎng)強(qiáng)度的方向指向電勢(shì)降低的方向，所以該區(qū)域電場(chǎng)方向應(yīng)該是水平向左，故B錯(cuò)誤；C．當(dāng)x→0時(shí)，電勢(shì)能Ep→+∞，而在x＞x0的區(qū)域內(nèi)電勢(shì)為負(fù)值，所以正電荷固定在坐標(biāo)原點(diǎn)O處,負(fù)電荷應(yīng)該在x軸的負(fù)軸上，且電荷量應(yīng)該是2Q，故C正確；D．x0處的場(chǎng)強(qiáng)為零，正電荷Q在坐標(biāo)原點(diǎn),設(shè)負(fù)電荷2Q距離原點(diǎn)為x，則解得所以2Q在x軸上的坐標(biāo)為,故D正確。故選ACD。三、非選擇題：包括必考題和選考題兩部分.第22～32題為必考題，每個(gè)試題考生都必須作答。第33～40題為選考題,考生根據(jù)要求作答。9。某同學(xué)用如圖甲所示的實(shí)驗(yàn)裝置驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律,打出如圖乙所示的一條紙帶.已知打點(diǎn)計(jì)時(shí)器頻率為50Hz。（1）根據(jù)紙帶所給數(shù)據(jù)，打下C點(diǎn)時(shí)重物的速度為______m/s（結(jié)果保留三位有效數(shù)字）。(2)某同學(xué)選用兩個(gè)形狀相同，質(zhì)量不同重物a和b進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，測(cè)得幾組數(shù)據(jù),畫出圖象，并求出圖線的斜率k，如圖丙所示，由圖象可知a的質(zhì)量m1______b的質(zhì)量m2（選填“大于”或“小于”）。（3）通過分析發(fā)現(xiàn)造成k2值偏小的原因是實(shí)驗(yàn)中存在各種阻力，已知實(shí)驗(yàn)所用重物的質(zhì)量m2=0.052kg,當(dāng)?shù)刂亓铀俣萭=9。78m/s2，求出重物所受的平均阻力f=______N。（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字)【答案】(1)。2。25m/s（2）。大于（3）。0.031【解析】【詳解】(1)[1］C點(diǎn)的瞬時(shí)速度等于BD段的平均速度,則有：(2）［2]根據(jù)動(dòng)能定理得則有知圖線的斜率為b的斜率小，知b的質(zhì)量小，所以a的質(zhì)量m1大于b的質(zhì)量m2(3)[3］根據(jù)動(dòng)能定理知?jiǎng)t有可知解得10.（1）用多用電表測(cè)未知電阻阻值的電路如圖甲所示,電池的電動(dòng)勢(shì)為E、內(nèi)阻為r，R0為調(diào)零電阻，Rg為表頭內(nèi)阻，電路中電流I與待測(cè)電阻的阻值Rx關(guān)系圖象如圖乙所示，則該圖象的函數(shù)關(guān)系式為_____；（調(diào)零電阻R0接入電路的部分阻值用R0表示）（2）下列根據(jù)圖乙中I﹣Rx圖線做出的解釋或判斷中正確的是_____；A．用歐姆表測(cè)電阻時(shí)，指針指示讀數(shù)越大，測(cè)量的誤差越小B．歐姆表調(diào)零的實(shí)質(zhì)是通過調(diào)節(jié)R0，使Rx＝0時(shí)電路中的電流I＝IgC．Rx越小，相同的電阻變化量對(duì)應(yīng)的電流變化量越小，所以歐姆表的示數(shù)左密右疏D．測(cè)量中，當(dāng)Rx的阻值為圖乙中的R2時(shí),指針位于表盤中央位置的右側(cè)(3)某同學(xué)想通過一個(gè)多用電表中歐姆擋，直接去測(cè)量某電壓表（量程10V）的內(nèi)阻（大約為幾十千歐）,歐姆擋的選擇開關(guān)撥至倍率“1k”擋．先將紅、黑表筆短接調(diào)零后,選用圖丙中_____（填“A"或“B”）方式連接．在本實(shí)驗(yàn)中，如圖丁所示為歐姆表和電壓表的讀數(shù)，請(qǐng)你利用所學(xué)過的知識(shí)，求出歐姆表電池的電動(dòng)勢(shì)，E＝_____V．（計(jì)算結(jié)果保留3位有效數(shù)字)【答案】(1)。（1）；(2）。（2）BC;（3).(3）A;(4).8。75．【解析】【詳解】（1）由閉合電路歐姆定律可得表達(dá)式為：（2)用歐姆表測(cè)電阻，指針在中央刻度線附近讀數(shù)誤差較小,故A錯(cuò)誤；歐姆表調(diào)零的實(shí)質(zhì)是通過調(diào)節(jié)R0，使Rx＝0時(shí)電路中的電流I＝Ig,故B正確;Rx越小，相同的電阻變化量對(duì)應(yīng)的電流變化量越小，所以歐姆表的示數(shù)左密右疏,故C正確;測(cè)量中，當(dāng)Rx的阻值為圖乙中的R2時(shí)，此時(shí)待測(cè)電阻阻值大于中值電阻，指針位于表盤中央位置的左側(cè)，故D錯(cuò)誤；(3）當(dāng)歐姆表的指針指在中間位置附近時(shí)，測(cè)量值較為準(zhǔn)確，根據(jù)讀數(shù)為：示數(shù)×倍率＝讀數(shù)知,選擇×1K的擋較好；歐姆表的正極插孔與內(nèi)部電源的負(fù)極相連，與電壓表構(gòu)成一閉合回路，電流從負(fù)極流出,進(jìn)入電壓表的正極，所以選擇圖A正確；歐姆表的讀數(shù)為：40×1K＝40KΩ；電壓表的讀數(shù)為5。0V；由題意知?dú)W姆表的內(nèi)阻為30KΩ,與電壓表的內(nèi)阻40KΩ串聯(lián),由歐姆定律可知:11。如圖所示，水平面上兩根足夠長(zhǎng)平行粗糙金屬導(dǎo)軌，間距為d，左端接有阻值為R的電阻，整個(gè)平面內(nèi)有豎直向下磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)．質(zhì)量為m、電阻為r的金屬桿ab擱在導(dǎo)軌上，中點(diǎn)與一根輕質(zhì)絕緣彈簧相連，彈簧右端固定．將金屬桿連同彈簧一起向左拉至伸長(zhǎng)量為s處由靜止釋放,當(dāng)彈簧第一次恢復(fù)原長(zhǎng)時(shí)金屬桿的速度為v，此過程電阻R產(chǎn)生的焦耳熱為Q．金屬桿始終與導(dǎo)軌垂直且接觸良好,與金屬導(dǎo)軌間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ．求：(1）彈簧第一次恢復(fù)原長(zhǎng)時(shí)金屬桿的加速度大小和方向．（2）彈簧初始時(shí)的彈性勢(shì)能．【答案】（1），向左；（2)【解析】本題考查電磁感應(yīng)中能量問題，需應(yīng)用安培力、牛頓運(yùn)動(dòng)定律、能量守恒、串聯(lián)電路中各電阻熱量間關(guān)系等知識(shí)．（1)彈簧第一次恢復(fù)原長(zhǎng)時(shí)金屬桿所受合力電路中電流加速度大小，方向向左．(2）依據(jù)能量守恒，有又有代入，得12。如圖所示,水平地面上固定一表面粗糙的水平桌面,桌子高度為h=02m、長(zhǎng)度為L(zhǎng)=0。42m．緊靠桌子的右側(cè)空間有方向豎直向上的勻強(qiáng)電場(chǎng)和方向垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，電場(chǎng)強(qiáng)度大小為E=1V/m,磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B=0。5T，電場(chǎng)、磁場(chǎng)區(qū)域足夠大．在桌面左、右兩端分別放置滑塊P和小球Q，滑塊的質(zhì)量為m1=0。01kg、不帶電，小球的質(zhì)量為m2=0。03kg、帶正電、電荷量為q=0。3C．給滑塊一向右的初速度v0=2。2m/s，之后滑塊和小球發(fā)生彈性正碰，碰撞時(shí)間極短，碰撞過程中小球電荷量保持不變．滑塊和小球均可視為質(zhì)點(diǎn)，已知滑塊與桌面的動(dòng)摩擦因數(shù)為，取g=10m/s2，求:（1）碰撞后瞬間，滑塊速度和小球速度；（2）滑塊和小球首次落地的時(shí)間差（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）．【答案】（1）vp=1m/s,方向向左vQ=1m/s，方向向右（2)0.49s【解析】【詳解】（1）設(shè)滑塊與小球碰前的速度為v，向右為正方向．由動(dòng)能定理得①滑塊與小球發(fā)生彈性正碰，系統(tǒng)動(dòng)量和能量均守恒②③由①②③得:vp=—1m/s，vQ=1m/s④碰撞后瞬間，滑塊速度vp大小為1m/s，方向向左，小球速度vQ大小為1m/s,方向向右．（2)設(shè)滑塊從右端運(yùn)動(dòng)到左端所需時(shí)間為tp1,到達(dá)左端的速度大小為．⑤⑥由④⑤⑥得tp1=0。6s⑦滑塊從左端飛出后做平拋運(yùn)動(dòng)，設(shè)經(jīng)時(shí)間tp2落地．⑧⑨滑塊從碰后到落地所需總時(shí)間為⑩小球在電磁場(chǎng)中?小球?qū)⒆鰟蛩賵A周運(yùn)動(dòng)，設(shè)其半徑為R．?解得:R=h=0。2m?小球落地的時(shí)間為?滑塊與小球首次落地的時(shí)間差為?13.下列說法正確的是（）A。氣體向真空的自由膨脹是不可逆的B?？照{(diào)既能制熱又能制冷,說明熱傳遞不存在方向性C。一定質(zhì)量的某種理想氣體在等壓膨脹過程中,氣體對(duì)外做功，內(nèi)能可能減小D.液體中懸浮微粒的布朗運(yùn)動(dòng)是液體分子對(duì)它的撞擊作用不平衡的結(jié)果E。一定質(zhì)量100的水變成100的水蒸氣,分子平均動(dòng)能不變，分子勢(shì)能增加【答案】ADE【解析】【詳解】A．熱力學(xué)第二定律也可以表述為：氣體向真空的自由膨脹是不可逆的，故A正確；B．熱量能自發(fā)從高溫物體傳向低溫物體，空調(diào)制冷不是自發(fā)的，要消耗電能，故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)理想氣體的狀態(tài)方程可知一定量的某種理想氣體在等壓膨脹過程中，氣體的溫度升高；又因?yàn)橐欢ㄙ|(zhì)量理想氣體的內(nèi)能大小只與溫度有關(guān)，與體積無關(guān)，所以內(nèi)能一定增加，故C錯(cuò)誤；D．布朗運(yùn)動(dòng)是指懸浮在液體中的固體顆粒的無規(guī)則運(yùn)動(dòng)，是液體分子對(duì)它的撞擊作用不平衡的結(jié)果，故D正確;E．溫度是分子的平均動(dòng)能的標(biāo)志，一定量100的水變成100的水蒸氣，吸收熱量，溫度不變，其分子的平均動(dòng)能不變，吸收的熱量增加了分子之間的勢(shì)能,故E正確。故選ADE.14.內(nèi)壁光滑上小下大的圓柱形薄壁氣缸豎直放置，上下氣缸的橫截面積分別為S1=40cm2、S2=80cm2,上下氣缸的高度分別為h=80cm、H=100cm。質(zhì)量不計(jì)的薄活塞將0。5mol氫氣(H2的摩爾質(zhì)量為2g/mol)封閉在氣缸內(nèi),活塞靜止在管口，如圖所示。已知?dú)錃獾亩ㄈ荼葻崛軨W為，定容比熱容CW是指單位質(zhì)量的氣體在容積不變的條件下,溫度升高或降低1K所吸收或放出的熱量.保持缸內(nèi)氣體溫度為35不變，用豎直外力緩慢向下推活塞，當(dāng)活塞恰推至上氣缸底部時(shí)，外力大小為F，熱力學(xué)溫度與攝氏溫度的關(guān)系為T=(t+273)K,外界大氣壓強(qiáng)p0=1.0×105Pa,g取10m/s2，求：(1)F的大小；(2)隨后再逐漸減小豎直外力的同時(shí)改變缸內(nèi)氣體溫度,使活塞位置保持不變,直至外力恰為0.這一過程中氣體內(nèi)能的變化量為多少？【答案】（1）;(2)減少898。48J【解析】【詳解】(1)初狀態(tài)體積初狀態(tài)壓強(qiáng)當(dāng)活塞運(yùn)動(dòng)到上氣缸底部時(shí)，氣體末狀態(tài)的體積氣體發(fā)生等溫變化,由玻意耳定律得,代入數(shù)據(jù)解得由平衡條件得解得（2)氫氣改變溫度之后氣體的壓強(qiáng)為p3，有設(shè)此時(shí)溫度為，初始?xì)怏w溫度氣體體積不變，由公式代入數(shù)據(jù)得氣體體積不變,外界對(duì)氣體不做功，氣體的質(zhì)量由熱力學(xué)第一定律可知?dú)怏w內(nèi)能減少898.48J。15.下列說法正確的