2023年重慶市主城區(qū)高考物理一診試卷+答案解析

2023年重慶市主城區(qū)高考物理一診試卷

1.如題圖為太極練功場(chǎng)示意圖，半徑為R的圓形場(chǎng)地由“陽

魚白色”和“陰魚深色”構(gòu)成，。點(diǎn)為場(chǎng)地圓心。其內(nèi)部

由兩個(gè)圓心分別為和，的半圓弧分隔。某晨練老人從A點(diǎn)出

發(fā)沿“陽魚”和“陰魚”分界線走到8點(diǎn)，用時(shí)為t,下列說法

正確的是（）

A.t指的是走到8點(diǎn)的時(shí)刻B.老人的位移為，

C.老人的平均速度為D.老人的平均速率為

*

2.遠(yuǎn)洋捕撈常常利用聲吶探測(cè)魚群的方位。漁船上聲吶發(fā)出一列超聲波在，，時(shí)刻的波

動(dòng)圖像如圖甲，質(zhì)點(diǎn)P的振動(dòng)圖像如圖乙。下列說法正確的是（）

A.該波沿X軸正方向傳播B.該波的傳播速度為:

C.該超聲波的頻率為5HzD.增大該超聲波頻率振幅會(huì)明顯增大

3.如題圖，兩個(gè)完全相同的小球1和2,2球靜止在光滑水平面BC上，1球從光滑斜面

某處靜止釋放。己知AB面與8C面平滑連接，兩小球發(fā)生彈性碰撞，小球在C處與墻面碰

撞時(shí)有機(jī)械能損失。下列圖像能粗略反映1球來回運(yùn)動(dòng)一次運(yùn)動(dòng)過程的是（）

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4.如題圖，起重機(jī)將一半徑為R的圓柱體緩慢吊起，有四根

長(zhǎng)度均為2R的鋼繩，一端分別固定在圓柱上端圓面邊緣的四

個(gè)等分點(diǎn)處，另一端會(huì)聚在掛鉤上，四根鋼繩的質(zhì)量忽略不計(jì),

圓柱體的質(zhì)量為m,當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣葹間,則每根鋼繩的受力

大小為）

A3

B.

D,λ?,,,.

3V

5,2022年12月4日20時(shí)09分，神舟十四號(hào)載人飛船返回艙在東風(fēng)著陸場(chǎng)成功著陸,

三名航天員安全返回。如題圖為質(zhì)量為m的神舟十四號(hào)飛船成功對(duì)接于空間站畫面，此時(shí)飛

船與空間站相對(duì)靜止，共同在距地面高為八處做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，地球半徑為R,地球表面重

力加速度為g。忽略地球自轉(zhuǎn)，則下列關(guān)于神舟十四號(hào)飛船說法正確的是（）

A.周期為B.動(dòng)能為

C.角速度為D.向心加速度為

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6.一根質(zhì)量為m粗細(xì)可忽略長(zhǎng)度為/的導(dǎo)體棒靜止在一個(gè)足夠

長(zhǎng)的光滑絕緣半圓柱體頂踹體棒中通有垂直紙面向外大小為/的

電流，其截面如題圖，現(xiàn)讓導(dǎo)體棒由靜止滑下，一段時(shí)間后從

某一位置P離開半圓柱體。若給空間加入方向沿半圓柱截面半

徑指向圓心的磁場(chǎng)圖中未畫出，其它條件不變，則導(dǎo)體棒離

開半圓柱體的位置在P點(diǎn)的（）

A.同一位置B.右下方C,左上方D,無法確定

7.如題圖，在真空中存在一個(gè)電荷量為，I.I」，電性未知的場(chǎng)源點(diǎn)電荷，在坐標(biāo)系中

有a、b、c、d四點(diǎn)，其坐標(biāo)分別為I、一、、I,其電勢(shì)關(guān)系為

,..",電子在a點(diǎn)的電勢(shì)能比在C點(diǎn)電勢(shì)能低，靜電力常量為

無窮遠(yuǎn)處為零勢(shì)能面。下列說法正確的是（）

.y∕cm

c?----,,a

-----：-------------2------->x∕cm

O：

-二d

A.場(chǎng)源點(diǎn)電荷可能帶正電，也可能帶負(fù)電

B.b點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小滿足嚼隨！跋魁嚼蒯

C.場(chǎng)源電荷的位置坐標(biāo)為

D,使電子由a移動(dòng)到d電場(chǎng)力做正功

8.如圖甲所示是生活中某品牌電子秤，其內(nèi)部核心原件是兩極板間可視為真空的電容器,

電路結(jié)構(gòu)如圖乙。稱重結(jié)束后斷開開關(guān)，兩極板間電場(chǎng)強(qiáng)度只與以下哪些因素有關(guān)（）

rτκιxκ.

甲乙

A.極板間距B.極板所帶電荷量C.極板面積D.電容大小

9.如題圖甲，轆護(hù)是古代民間提水設(shè)施，由轆輪頭、支架、井繩、水斗等部分構(gòu)成。如題

圖乙為提水設(shè)施工作原理筒化圖，某次需從井中汲取的水，轆伊繞繩輪軸半徑為

',水斗的質(zhì)量為，?，，并足夠深且井繩的質(zhì)量忽略不計(jì)。?I時(shí)刻，輪軸由靜止

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A.水斗速度隨時(shí)間變化規(guī)律為

B.井繩拉力瞬時(shí)功率隨時(shí)間變化規(guī)律為j

C.內(nèi)水斗上升的高度為4m

D.，內(nèi)井繩拉力所做的功為520/

10.如題圖，直角三角形A8C區(qū)域內(nèi)有垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)圖中未畫出，AC邊長(zhǎng)

為）1,,為,一群比荷為的帶負(fù)電粒子以相同速度從C點(diǎn)開始一定范圍垂直AC邊射入,

VJIft

射入的粒子恰好不從AB邊射出，已知從BC邊垂直射出的粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為?，

在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間最長(zhǎng)的粒子所用時(shí)間為.，則（）

磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為

A.,

IJ∕jt1

B.粒子運(yùn)動(dòng)的軌道半徑為`；

3

C.粒子射入磁場(chǎng)的速度大小為

D.粒子在磁場(chǎng)中掃過的面積為

11.某同學(xué)設(shè)計(jì)了如題圖甲所示的實(shí)驗(yàn)裝置，測(cè)量滑塊與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)。所選用的

實(shí)驗(yàn)器材有傾角可調(diào)的斜面、長(zhǎng)木板、滑塊、電磁打點(diǎn)計(jì)時(shí)器、頻率為50HZ的交流學(xué)生電

源。

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下列選項(xiàng)中是實(shí)驗(yàn)中不必要操作的是。

A需要測(cè)量出滑塊的質(zhì)量

8.需要測(cè)量出斜面的傾角

C.紙帶必須與長(zhǎng)木板平行

。.先接通電源再釋放滑塊

E?墊高長(zhǎng)木板一端補(bǔ)償滑塊與長(zhǎng)木板間的摩擦力

J某次實(shí)驗(yàn)時(shí)，調(diào)節(jié)斜面傾角?。接通電源，開啟打點(diǎn)計(jì)時(shí)器，釋放滑塊由靜止沿斜

面下滑，多次重復(fù)實(shí)驗(yàn)選擇一條點(diǎn)跡清晰的紙帶，如題11圖乙所示人、B、C、D、E、F、G

為相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)，相鄰兩計(jì)數(shù)點(diǎn)之間還有4個(gè)點(diǎn)未畫出。則滑塊下滑的加速度為,

滑塊與木板間的摩擦因數(shù)為。軸耐京巡罌取I，:結(jié)果均保留兩位有效數(shù)字

12.手持式紅外測(cè)溫儀的核心原件是光電探測(cè)器。利用光電探測(cè)器將聚焦的紅外輻射能量

轉(zhuǎn)變?yōu)橄鄳?yīng)的電信號(hào)，便能準(zhǔn)確地測(cè)定物體的表面溫度。

:研究小組了解了手持式紅外測(cè)溫儀的工作原理后，嘗試探究光電探測(cè)器電學(xué)性能。為了準(zhǔn)

確測(cè)量電阻，除光電探測(cè)器外，老師為該小組準(zhǔn)備了以下實(shí)驗(yàn)器材：

A電動(dòng)勢(shì)為31/的電源，內(nèi)阻為二，；

B.量程為3\/的電壓表，內(nèi)阻約為「，；

C.量程為15?∕的電壓表，內(nèi)阻約為

。.量程為30mA的電流表，內(nèi)阻約為'；

E量程為，「的電流表，內(nèi)阻約為，「；

F.燒杯、溫度計(jì)、鐵架臺(tái)、簡(jiǎn)易加熱器；

G.開關(guān)、導(dǎo)線若干。

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該研究小組設(shè)計(jì)了如題圖甲所示的實(shí)驗(yàn)電路，請(qǐng)用筆畫線代替導(dǎo)線，完成題乙圖實(shí)物電路連

接。電流表應(yīng)選用填器材前的選項(xiàng)字母。

「組裝完實(shí)驗(yàn)儀器后，改變溫度并測(cè)量出不同溫度下光電探測(cè)器兩端的電壓、電流數(shù)據(jù)，并

計(jì)算出電阻，得出的5組數(shù)據(jù)如題表所示，請(qǐng)?jiān)陬}圖丙中作出‘，，圖線

R。

,光電探測(cè)器

~~□=)-

T

,做完實(shí)驗(yàn)同學(xué)們發(fā)現(xiàn)實(shí)驗(yàn)室有一臺(tái)精度更高的數(shù)字型電壓表，隨即又改進(jìn)了實(shí)驗(yàn)，設(shè)計(jì)了

如題圖丁所示電路，將滑動(dòng)變阻器換成了阻值為。卜一的定值電阻，仍采用中電源。

按照此設(shè)計(jì)可知溫度越高電壓表示數(shù)填“越大”或“越小”，閉合開關(guān)，發(fā)現(xiàn)電

壓表的示數(shù)為，，二丁，則光電探測(cè)器的所測(cè)的溫度為＜。

13.如題圖，“云霄彈射”是游樂場(chǎng)新型體驗(yàn)設(shè)施，可以

讓游客感受“高空彈射”的快感以及“瞬間失重”的刺激。

某次運(yùn)行時(shí)承載機(jī)和游客的總質(zhì)量＞＞!W“?，4s內(nèi)由靜

止?fàn)顟B(tài)被豎直彈射到，.高處，然后立刻自由下落2s,L

再以恒力制動(dòng)回到出發(fā)點(diǎn)。不計(jì)-切阻力，當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣绕?3B?*

Jl"'■'O求：

上升過程中彈射系統(tǒng)的平均功率；

下落過程中制動(dòng)恒力的大小及其沖量0

14.如題圖甲為密立根油滴實(shí)驗(yàn)的原理圖，用噴霧器把許多油滴從上板中間的小孔噴入電

場(chǎng)。某次實(shí)驗(yàn)過程可以簡(jiǎn)化為題圖乙，其中A、B為水平正對(duì)放置的平行金屬板，兩金屬板

間加電壓，’，板間距d,經(jīng)觀察發(fā)現(xiàn)一帶電油滴P在兩金屬板之間保持靜止。若突然

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撤去兩金屬板間的電壓，且兩極板所帶電量立即消失，經(jīng)過一小段時(shí)間油滴達(dá)到最大速率后

再勻速下降時(shí)間t到達(dá)B板，油滴P從靜止出發(fā)點(diǎn)到B板的位移為L(zhǎng)0設(shè)油滴在運(yùn)動(dòng)過程中

質(zhì)量和電荷量均保持不變，若油滴質(zhì)量按正比于最大速率的二次方近似處理，比例系數(shù)為

；空氣阻力與速度大小成正比，比例系數(shù)為；。重力加速度為g,不計(jì)油滴間的作用力。

求：

油滴P運(yùn)動(dòng)過程中的最大速率；

二油滴P所帶電荷量；

.油滴P從靜止到剛到達(dá)最大速率過程中重力勢(shì)能的變化量。

___________________噴霧器

15.如題圖，在區(qū)域I內(nèi)有方向未知電場(chǎng)強(qiáng)度為E的勻強(qiáng)電場(chǎng)，在區(qū)域Il內(nèi)有右邊無邊界豎

直向下的勻強(qiáng)電場(chǎng)，電場(chǎng)強(qiáng)度同為E。在區(qū)域I、Il邊界AB與CD之間有一圓心為一半徑

h.的圓形區(qū)域，該區(qū)域內(nèi)有垂直紙面向里磁感應(yīng)強(qiáng)度。匕的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，且該圓形

區(qū)域無重力。兩個(gè)體積相同可視為質(zhì)點(diǎn)的金屬小球a、b分別位于。Λ/和CD上，a、b與圓

心等高，且b球所在位置是CD與圓形磁場(chǎng)的切點(diǎn)?，F(xiàn)將a球以一定速度釋放，能平行

于OM勻速運(yùn)動(dòng)，一段時(shí)間后a球與b球發(fā)生彈性碰撞，碰撞后兩小球均分電荷，忽略兩小

球間的庫侖力。已知a小球質(zhì)量酶曰噌建瞳陶,電荷量蒯曰碉!翻嘴；b小球質(zhì)量

金金將翻蹲哽，不帶電：OB長(zhǎng)...:除圓形區(qū)域外的其他區(qū)域重力加速度均為

Hi,"■",■■取,；…求：

區(qū)域I內(nèi)電場(chǎng)強(qiáng)度大小和方向以及釋放速度；

「小球a從出發(fā)到與小球b發(fā)生碰撞所經(jīng)歷的時(shí)間保留兩位小數(shù)：

,小球a、b碰撞后在CD與CM圍成的區(qū)域Il內(nèi)相距的最大距離。

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答案和解析

L【答案】C

【解析】解：：用時(shí)為t,可知t指的是人從人走到8點(diǎn)的時(shí)間間隔，不是時(shí)刻，故A錯(cuò)誤；

B.位移大小指始位置指向末位置的有向線段的長(zhǎng)度，則老人的位移為A8連線的長(zhǎng)度，即位移大

小為2R,故8錯(cuò)誤；

C.老人的位移為門,,則由平均速度公式可得，老人的平均速度為,^ii,故C正確;

tt

D、老人經(jīng)過的路程昨細(xì)嚼日遜故平均速率,；L故D錯(cuò)誤。

故選：Co

位移的大小等于由初位置指向末位置的有向線段的長(zhǎng)度.路程等于運(yùn)動(dòng)軌跡的長(zhǎng)度；平均速度是

位移與時(shí)間的比值。

解決本題的關(guān)鍵知道位移的大小等于由初位置指向末位置的有向線段的長(zhǎng)度，路程等于運(yùn)動(dòng)軌跡

的長(zhǎng)度。

2.【答案】B

【解析】解：,.根據(jù)圖像乙可知，質(zhì)點(diǎn)P在時(shí)刻沿y軸正方向振動(dòng)，由圖像甲根據(jù)“同側(cè)

法”，可知該波沿X軸負(fù)方向傳播知，故A錯(cuò)誤；

8.根據(jù)圖像可知''''、5,、故8正確；

Itl2-1∣?1

C.由圖像乙可知超聲波的周期為/H.'，1(1-)則該超聲波的頻率

國目g目豳笛隱瞰融,依C錯(cuò)誤；

。.增大該超聲波的頻率，僅僅減小超聲波傳播的周期，對(duì)振超聲波的振幅并不會(huì)發(fā)生明顯影響，

故。錯(cuò)誤。

故選：B。

振動(dòng)圖像和波動(dòng)圖像的物理意義，從圖像中獲取相關(guān)物理量進(jìn)行計(jì)算。

本題考查振動(dòng)圖像和波動(dòng)圖像，要求掌握振動(dòng)圖像和波動(dòng)圖像的物理意義。

3.【答案】A

【解析】解：在斜面上對(duì)球分析有豳匕匕整嘲，即球1在斜面上做勻加速直線運(yùn)動(dòng),

速度均勻增加，到達(dá)水平面后做勻速運(yùn)動(dòng)，令其在水平面上的速度為，則碰撞過程有

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解得，，可知速度發(fā)生交換，之后球2與墻碰撞反彈，有機(jī)械能損失，即速度小于

,之后球2與球1碰撞速度繼續(xù)交換，球1向左運(yùn)動(dòng)的速度比先前小一些。可知，小球1先

向右做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，后向右做勻速直線運(yùn)動(dòng)，碰撞后靜止，之后反彈，在水平面上做勻速直

線運(yùn)動(dòng)，沖上斜面后做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，并且加速度與1球在斜面上滑下時(shí)的加速度相同，故A

正確，BCO錯(cuò)誤。

故選：A。

分析1球的受力和運(yùn)動(dòng)情況，確定碰撞前1球的運(yùn)動(dòng)圖像，再根據(jù)動(dòng)量守恒定律和機(jī)械能守恒定

律明確兩小球相碰后速度交換；再對(duì)2球分析，由題意可知，2球碰撞后存在機(jī)械能損失，球2

的速度減小，返加后與球1碰后再次交換速度，從而確定球1的運(yùn)動(dòng)圖象。

本題考查動(dòng)量守恒定律的應(yīng)用以及對(duì)運(yùn)動(dòng)學(xué)圖象的掌握，要注意明確兩個(gè)相同的小球發(fā)生彈性碰

撞時(shí)會(huì)交換速度。

4.【答案】4

【解析】解：每根鋼繩的受力大小為F,一端分別固定在圓柱上端圓面邊緣的四個(gè)等分點(diǎn)處，故

根據(jù)幾何關(guān)系可知融兩堿瓶IE痛?

解得i故A正確，8CD錯(cuò)誤。

6-

故選：Ao

根據(jù)受力平衡和幾何關(guān)系，求每根鋼繩的受力大小。

本題考查受力平衡問題的研究，只需根據(jù)具體的幾何關(guān)系和平衡條件，列出平衡等式。

5.【答案】D

飛船做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，萬有引力提供向心力∕?'?''''

H1/1)

(K+ΛΓ2(A+Λ)K+h

聯(lián)立解得空間站的周期,1

空間站的向心加速度豳故A錯(cuò)誤，。正確;

根據(jù)動(dòng)能的定義L

聯(lián)立解得矗國故B錯(cuò)誤:

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C.角速度為"2--.,,,,",',故C錯(cuò)誤。

2-1/>'.'??Ii■I'∕ι'?'Λ/.+∣?

故選：Do

I；在地球表面，忽略地球自轉(zhuǎn)，萬有引力等于重力；飛船做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，萬有引力提供向心

力，聯(lián)立可求周期和向心加速度；

B.根據(jù)周期與線速度的關(guān)系求線速度，再結(jié)合動(dòng)能的定義求動(dòng)能；

C.根據(jù)周期和角速度的關(guān)系求角速度；

。.根據(jù)向心加速度公式求解。

本題考查了空間站線速度、角速度、周期、向心加速度與軌道半徑的關(guān)系；要抓住空間站所受萬

有引力完全提供向心這一關(guān)鍵。

6.【答案】C

【解析】解：對(duì)導(dǎo)體棒受力分析如圖所示

若給空間加入方向沿半圓柱截面半徑指向圓心的磁場(chǎng)，導(dǎo)體棒受到一個(gè)垂直于半徑方向的安培力,

在導(dǎo)體棒運(yùn)動(dòng)的過程中，重力和安培力做正功，由動(dòng)能定理可知，若導(dǎo)體棒能到達(dá)位置P,導(dǎo)體

棒的速度大于原來沒有磁場(chǎng)時(shí)的速度，故導(dǎo)體棒提前離開半圓柱體。

故八8。錯(cuò)誤，C正確；

故選：Co

根據(jù)牛頓第二定律提供向心力分析導(dǎo)體棒在P點(diǎn)的受力情況，根據(jù)左手定則分析安培力，根據(jù)動(dòng)

能定理分析導(dǎo)體棒離開半圓柱體的位置。

本題考查動(dòng)能定理，牛頓第二定律和安培力的綜合應(yīng)用，解題關(guān)鍵掌握導(dǎo)體棒離開圓柱體的臨界

條件。

7.【答案】B

【解析】解：；由于,.小且無窮遠(yuǎn)處為零勢(shì)能面，可知場(chǎng)源點(diǎn)電荷一定為正點(diǎn)電荷，

故A錯(cuò)誤；

Λ.由于.,,根據(jù)點(diǎn)電荷電勢(shì)分布特點(diǎn)可知，a、b與點(diǎn)電荷距離相等，c、d

與點(diǎn)電荷距離相等，故點(diǎn)電荷一定位于第一象限或第三象限的角平分線上；由于電子在a點(diǎn)的電

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勢(shì)能小于C點(diǎn)電勢(shì)能，故a點(diǎn)電勢(shì)高于C點(diǎn)電勢(shì)，故點(diǎn)電荷與a點(diǎn)距離小于點(diǎn)電荷與c點(diǎn)距離;

可知場(chǎng)源電荷的位置坐標(biāo)不可能為：,場(chǎng)源電荷的位置坐標(biāo)沒有唯一性,當(dāng)場(chǎng)源電荷位于a、

b連線中點(diǎn)時(shí)，b點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度最大，則b點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小滿足J?鷹

故B正確，C錯(cuò)誤；

。.由于電子在a點(diǎn)的電勢(shì)能小于在C點(diǎn)電勢(shì)能，可知a點(diǎn)電勢(shì)高于C點(diǎn)的電勢(shì)，使電子由a移動(dòng)

到d電場(chǎng)力為癩&w??噬蒯

故電子由a移動(dòng)到d電場(chǎng)力做負(fù)功，故。錯(cuò)誤。

故選：B。

根據(jù)點(diǎn)電荷電勢(shì)分布特點(diǎn)可知得出點(diǎn)電荷的大致位置以及電性；根據(jù)a和C電勢(shì)能的大小得出兩

點(diǎn)的電勢(shì)高低，以及得出a和d電勢(shì)的大小關(guān)系，進(jìn)而得出電子由a移動(dòng)到d電場(chǎng)力做功的大小

常見電場(chǎng)的電場(chǎng)線分布及等勢(shì)面的分布要求我們能熟練掌握，并要注意沿電場(chǎng)線的方向電勢(shì)是降

低的，同時(shí)注意等量異號(hào)電荷形成電場(chǎng)的對(duì)稱性。加強(qiáng)基礎(chǔ)知識(shí)的學(xué)習(xí)，掌握住電場(chǎng)線的特點(diǎn)，

即可解決本題。

8.【答案】BC

【解析】解：由電容器的定義式有：，

根據(jù)電容器的決定式有：，

?'，

可3|春簪

稱重結(jié)束后斷開開關(guān)，兩極板間電場(chǎng)強(qiáng)度只與極板所帶電荷量、極板面積有關(guān)。

故AD錯(cuò)誤，BC正確;

故選：BCo

根據(jù)電容的決定式分與電容的定義式分析結(jié)合電場(chǎng)強(qiáng)度與電勢(shì)差的關(guān)系可分析場(chǎng)強(qiáng)的決定因素。

本題是電容器的動(dòng)態(tài)分析問題，往往根據(jù)電容的定義式和電容的決定式結(jié)合分析，再抓住不變量

進(jìn)行研究即可。

9.【答案】AD

【解析】解：：根據(jù)圖像可知，水斗的角速度：-

水斗速度物0蠲0?ιi球M?gg颶嬲,故A正確：

8.井繩拉力瞬時(shí)功率為廠JI..

又由于鬻日艇牽日φ??^???

結(jié)合，可得水斗上升的加速度：“I-

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聯(lián)立可得：r.l,故8錯(cuò)誤；

C.，,內(nèi)水斗上升的高度為施昌副^蜀加昌酶“故C錯(cuò)誤；

。.根據(jù)上述ij

，內(nèi)井繩拉力所做的功為期昌豳宣J翻誓戰(zhàn)%國故D正確。

故選：AD.

根據(jù)圖象寫出圓筒的角速度與時(shí)間的關(guān)系式，再由求出物體速度隨時(shí)間變化的關(guān)系

式，求出加速度，再根據(jù)牛頓第二定律求出細(xì)線的拉力，根據(jù)「/，求解細(xì)線拉力的瞬時(shí)功率,

根據(jù)速度表達(dá)式求出45末物體的速度，從而由動(dòng)能定理解得拉力做的功。

本題的關(guān)鍵要抓住圓筒邊緣線速度與小物體運(yùn)動(dòng)的速度大小相等，根據(jù)物體速度表達(dá)式來求物體

的加速度。

10.【答案】ACD

【解析】解八、帶電粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，垂直BC邊射出的粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)軌跡為

圓周，運(yùn)動(dòng)時(shí)間是,周期。

由洛倫茲力提供向心力得：”.，，，周期潺I■管",含

可得：#■詈麻

8、設(shè)運(yùn)動(dòng)時(shí)間最長(zhǎng)的粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)軌跡所對(duì)的圓心角為，則有:

,解得啰目患國畫P

畫出該粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡如下圖所示，其軌跡與AB邊相切。

可得"，故8錯(cuò)誤；

I

C、粒子射入磁場(chǎng)的速度大小為：圖昌故C正確；

。、射入的粒子恰好不從AB邊射出，粒子在磁場(chǎng)中掃過的面積為圖中陰影部分

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3

IS尸-/.'∕l>l.-lflU'?,故D正確。

449

故選：ACD.

垂直BC邊射出的粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)軌跡為圓周，運(yùn)動(dòng)時(shí)間是周期運(yùn)動(dòng)時(shí)間最長(zhǎng)的粒子在磁

場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)軌跡與AB邊相切；粒子在磁場(chǎng)中掃過的面積可將軌跡平移判斷掃過區(qū)域的幾何形狀;

由洛倫茲力提供向心力，結(jié)合周期、幾何關(guān)系解答。

本題考查了帶電粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中僅受洛倫茲力做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的相關(guān)問題，基礎(chǔ)題。解題首要

能正確畫出運(yùn)動(dòng)軌跡圖，得到需要的幾何量，由洛倫茲力提供向心力，應(yīng)用牛頓第二定律結(jié)合幾

何關(guān)系，逐步推導(dǎo)即可。

IL［答案］

【解析】解：設(shè)滑塊的質(zhì)量為m,斜面傾角為',根據(jù)牛頓第二定律可得

解得

磁磁@

般目遵^=遍蹴’

為了測(cè)量滑塊與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)，需要測(cè)量斜面的傾角，以及滑塊的加速度；為了減小誤差,

紙帶必須與長(zhǎng)木板平行，應(yīng)先接通電源再釋放滑塊，不需要平衡摩擦力。故不必要的操作是AE。

故選：AE.

相鄰兩計(jì)數(shù)點(diǎn)之間還有4個(gè)點(diǎn)未畫出，可知相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)的時(shí)間間隔為

雷昌攙然腮做目翟油

根據(jù)逐差法，可得滑塊下滑的加速度為

?w;JCU)16?77367036,70>15,50)x10*,_.

a----------------------------------------------------------------------τn?'0.!Hhπs

97-9X0.1-

滑塊與木板間的摩擦因數(shù)為

TlIHa0.60.99

it=八=…?0.63

rosQgccκ%θU.SIU×D.8

故答案為：111;-Lr

根據(jù)牛頓第二定律推導(dǎo)動(dòng)摩擦因數(shù)表達(dá)式分析判斷：

.■根據(jù)逐差法計(jì)算滑塊的加速度，根據(jù)動(dòng)摩擦因數(shù)表達(dá)式計(jì)算動(dòng)摩擦因數(shù)。

本題考查測(cè)動(dòng)摩擦因數(shù)，要求掌握實(shí)驗(yàn)原理、實(shí)驗(yàn)裝置、實(shí)驗(yàn)步驟和數(shù)據(jù)處理。

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【解析】解根據(jù)實(shí)驗(yàn)電路圖，電流表采用內(nèi)接法，滑動(dòng)變阻器采用分壓式接法，用筆畫線代

替導(dǎo)線，完成題乙圖實(shí)物電路連接如圖所示：

由實(shí)物圖可知，電壓表選擇的量程為，且結(jié)合問題表格中數(shù)據(jù)可知，流經(jīng)電流表的最

大電流值不超過30mA,因此電流表應(yīng)選擇量程為30mA的電流表0；

根據(jù)表格中提供的數(shù)據(jù)，描點(diǎn)連線，在題圖丙中作出：，圖線如圖所示:

，圖像的縱坐標(biāo)表示光電探測(cè)器的電阻，根據(jù)一問中作出的，圖線可知，光電探測(cè)器

溫度越高，光電探測(cè)器的電阻越小，根據(jù)串聯(lián)電路電壓的分配原則，光電探測(cè)器的電阻越小，定

值電阻兩端電壓越大，電壓表的示數(shù)越大;

閉合開關(guān)，發(fā)現(xiàn)電壓表的示數(shù)為，1i則電路中的電流大小為f∣

根據(jù)閉合電路歐姆定律,有'個(gè)"。

代入數(shù)據(jù)聯(lián)立解得光電探測(cè)器的阻值為Λ1--

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結(jié)合f，圖線可得所測(cè)的溫度為一，I。

故答案為：連接的電路圖見解析；。；一作出的:，圖線見解析；，越大；20。

f

根據(jù)電路圖，電流表采用內(nèi)接法，滑動(dòng)變阻器采用分壓式接法，再按照電路圖連接實(shí)物圖結(jié)

合問題一表格中數(shù)據(jù)，選擇電流表。

.■采用描點(diǎn)法，作:，圖線；

.，圖像的縱坐標(biāo)，表示光電探測(cè)器的電阻，根據(jù)「問中作出的‘，，圖線，溫度越高，光

電探測(cè)器的電阻越小，根據(jù)串聯(lián)電路電壓的分配原則，電壓表的示數(shù)變大；根據(jù)閉合電路的歐姆

定律求光電探測(cè)器的電阻，再結(jié)合:，圖線求溫度。

本題考查了實(shí)驗(yàn)電路圖的連接、描點(diǎn)法作圖和用光電探測(cè)器測(cè)溫度；本題的關(guān)鍵是明確:，圖

像的縱坐標(biāo)表示物理意義，進(jìn)而確定光電探測(cè)器電阻與溫度的關(guān)系。

13.【答案】解：根據(jù)動(dòng)能定理有NV.lIl

It

解得密■即螭1≡騰蜀W≡燧噩

根據(jù)"

?0

代入數(shù)據(jù)解得/，?r..II,'U

，，自由落體階段有

解得剛要減速時(shí)速度尊西藕幽尊瞰曰?^

自由下落高度

則減速階段的位移為^I≡豳>≡圈S3您

減速階段根據(jù)牛頓第二定律有/"■.；

根據(jù)位移關(guān)于速度的關(guān)系式二I.

代入數(shù)據(jù)解得/-I-I-V

根據(jù)瓣曰圖諼曰?≡w

代入數(shù)據(jù)解得3..

根據(jù)j/Δ,

代入數(shù)據(jù)解得j?i.∣N,.?>

方向豎直向上

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答：，上升過程中彈射系統(tǒng)的平均功率為I-,.WH;

下落過程中制動(dòng)恒力的大小為I:1：\,其沖量為，,∣√?方向豎直向上。

【解析】根據(jù)動(dòng)能定理求出做功，進(jìn)而求出功率；

J先求出剛要減速時(shí)的速度，以及下落的高度,再根據(jù)減速階段的運(yùn)動(dòng)公式求出制動(dòng)恒力的大小,

根據(jù)動(dòng)量定理求出沖量的大小。

本題考查功率、動(dòng)能定理及動(dòng)量定理等概念，運(yùn)用動(dòng)能定理時(shí)要分析清楚運(yùn)動(dòng)過程中的受力情況

和做功情況。

14.【答案】解：設(shè)油滴的質(zhì)量為m,撤去電壓后達(dá)到的最大速率為

由題意有：…；」,

勻速下降時(shí)，根據(jù)平衡條件得：,■

聯(lián)立解得：，“，”

g火I

:未撤電壓時(shí)油滴保持靜止?fàn)顟B(tài)，則有：

聯(lián)立解得:2矗

,設(shè)勻速過程中下落的高度為h,則有:

則所求重力勢(shì)能的變化量：Χ…,

答：油滴P運(yùn)動(dòng)過程中的最大速率為‘；

-油滴P所帶電荷量為‘：；

?油滴P從靜止到剛到達(dá)最大速率過程中重力勢(shì)能的變化量為國。

【解析】油滴勻速下降時(shí)受力平衡，根據(jù)平衡條件，結(jié)合題目已知條件求解；

-■未撤電壓時(shí)油滴保持靜止?fàn)顟B(tài)，根據(jù)平衡條件，結(jié)合題目已知條件求解；

,先求出勻速過程中下落的高度，從而得到加速過程下落的高度，由A/s?V求解重力勢(shì)

能變化量，注意正負(fù)。

本題考查了帶電粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的受力分析問題，考查力與運(yùn)動(dòng)邏輯能力。掌握電場(chǎng)強(qiáng)度與電

勢(shì)差的關(guān)系，求解物理量的變化量時(shí)，要注意正負(fù)。

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15.【答案】解小球a釋放后沿直線水平向右勻速運(yùn)動(dòng)，可知電場(chǎng)力與重力等大反向，小球a

帶正電，可得電場(chǎng)的方向豎直向上，根據(jù)二力平衡得：

f∣l,ΓHl.,9

解得：/?」，?,，其方向豎直向上。

a進(jìn)入磁場(chǎng)先做逆時(shí)針的勻速圓周運(yùn)動(dòng)，要使a與b能發(fā)生碰撞，其軌跡如下圖中紅色虛線所示,

先在磁場(chǎng)中偏轉(zhuǎn)了，，在一正上方離開磁場(chǎng)后做豎直上拋運(yùn)動(dòng)，再次進(jìn)入磁場(chǎng)，根據(jù)對(duì)稱性能

易知a在磁場(chǎng)的運(yùn)動(dòng)半徑等于圓心磁場(chǎng)區(qū)域的半徑瞬國版幽圖幽觸，根據(jù)洛倫茲力提供向心力

得：

解得釋放速度大小為：；?，方向水平向右。

2在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)周期為/^

V

根據(jù)分析的運(yùn)動(dòng)過程知，a經(jīng)歷三段時(shí)間撞上b,設(shè)在區(qū)域I運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為?，在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的

總時(shí)間為?