2023屆福建閩侯第四中學(xué)高考百校聯(lián)考物理試題試卷

2023屆福建閩侯第四中學(xué)高考百校聯(lián)考物理試題試卷

注意事項(xiàng)：

1.答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)填寫(xiě)在答題卡上。

2.回答選擇題時(shí)，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑，如需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再

選涂其它答案標(biāo)號(hào)?；卮鸱沁x擇題時(shí)，將答案寫(xiě)在答題卡上，寫(xiě)在本試卷上無(wú)效。

3.考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。

一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。

1、如圖所示，相距為L(zhǎng)的兩條足夠長(zhǎng)的光滑平行不計(jì)電阻的金屬導(dǎo)軌與水平面夾角為仇處于方向垂直導(dǎo)軌平面向下

且磁感應(yīng)強(qiáng)度為8的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中。將金屬桿口垂直放在導(dǎo)軌上，桿必由靜止釋放下滑距離x時(shí)速度為八已知金屬

桿質(zhì)量為凡定值電阻以及金屬桿的電阻均為R,重力加速度為g,導(dǎo)軌桿與導(dǎo)軌接觸良好。則下列說(shuō)法正確的是（）

A.此過(guò)程中流過(guò)導(dǎo)體棒的電荷量g等于四

2R

B.金屬桿ab下滑x時(shí)加速度大小為gsinO-1

mR

mgRsin0

C.金屬桿h下滑的最大速度大小為

B21}

D.金屬桿從開(kāi)始運(yùn)動(dòng)到速度最大時(shí)，桿產(chǎn)生的焦耳熱為:，叫xsin。一小飛:*一,

2BL

2、如圖，豎直平面內(nèi)的RtAABC,48豎直、BC水平，BC=2AB,處于平行于△ABC平面的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，電場(chǎng)強(qiáng)度

方向水平。若將一帶電的小球以初動(dòng)能Ek沿A3方向從4點(diǎn)射出，小球通過(guò)C點(diǎn)時(shí)速度恰好沿3c方向，則（）

A.從A到C,小球的動(dòng)能增加了4以

B.從A到C,小球的電勢(shì)能減少了34

C.將該小球以3&的動(dòng)能從C點(diǎn)沿C8方向射出，小球能通過(guò)4點(diǎn)

D.將該小球以4Ek的動(dòng)能從C點(diǎn)沿CB方向射出，小球能通過(guò)A點(diǎn)

3、如圖所示，“娃娃機(jī)”是指將商品陳列在一個(gè)透明的箱內(nèi)，其上有一個(gè)可控制的抓取玩具的機(jī)器手臂的機(jī)器，使用者

要憑自己的技術(shù)操控手臂，以取到自己想要的玩具。不計(jì)空氣阻力，關(guān)于“娃娃機(jī)”，下列說(shuō)法正確的是（）

A.玩具從機(jī)械爪處自由下落時(shí)，玩具的機(jī)械能守恒

B.機(jī)械爪抓到玩具勻速水平移動(dòng)時(shí)，玩具的動(dòng)能增加

C.機(jī)械爪抓到玩具勻速上升時(shí)，玩具的機(jī)械能守恒

D.機(jī)械爪抓到玩具加速上升時(shí)，機(jī)械爪做的功等于玩具重力勢(shì)能的變化量

4、如圖所示，是一個(gè)質(zhì)點(diǎn)在時(shí)間內(nèi)的M圖象，在這段時(shí)間內(nèi)，質(zhì)點(diǎn)沿正方向運(yùn)動(dòng)的平均速度大小為內(nèi)沿負(fù)方向運(yùn)動(dòng)

的平均速度大小為也則下列判斷正確的是（）

A.Vi>V2B.V\<V2

C.力=也D.以上三種情況均有可能

5、如圖所示，在光滑水平面上有質(zhì)量分別為，叫、，說(shuō)的物體A,3通過(guò)輕質(zhì)彈簧相連接，物體4緊靠墻壁，細(xì)線連

接A,5使彈簧處于壓縮狀態(tài)，此時(shí)彈性勢(shì)能為穌°,現(xiàn)燒斷細(xì)線，對(duì)以后的運(yùn)動(dòng)過(guò)程，下列說(shuō)法正確的是（）

A.全過(guò)程中墻對(duì)A的沖量大小為，得

B.物體3的最大速度為

彈簧長(zhǎng)度最長(zhǎng)時(shí)，物體8的速度大小為

D.彈簧長(zhǎng)度最長(zhǎng)時(shí)，彈簧具有的彈性勢(shì)能「＞與0

6、如圖所示，P球質(zhì)量為2%物體。的質(zhì)量為叫現(xiàn)用一輕繩將小球P系于光滑墻壁上的。點(diǎn)，物體。位于墻壁和球

尸之間，已知P、。均處于靜止?fàn)顟B(tài)，輕繩與墻壁間的夾角為30。，重力加速度為g,則下列說(shuō)法正確的是（）

A.尸對(duì)。有方向豎直向下的摩擦力，大小為機(jī)g

B.若增大尸球的質(zhì)量，則尸對(duì)。的摩擦力一定變大

C.若增大。球的質(zhì)量，則尸對(duì)。的摩擦力一定變大

D.輕繩拉力大小為百加g

二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。

全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。

7、如圖所示電路，兩根光滑金屬導(dǎo)軌平行放置在傾角為〃的斜面上，導(dǎo)軌下端接有電阻R,導(dǎo)軌電阻不計(jì)，斜面處在

豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，電阻可忽略不計(jì)的金屬棒ab質(zhì)量為m,受到沿斜面向上且與金屬棒垂直的恒力F的作用.金

屬棒沿導(dǎo)軌勻速向上滑動(dòng)，則它在上滑高度h的過(guò)程中，以下說(shuō)法正確的是

A.作用在金屬棒上各力的合力做功為零

B.重力做的功等于系統(tǒng)產(chǎn)生的電能

C.金屬棒克服安培力做的功等于電阻R上產(chǎn)生的焦耳熱

D.恒力F做的功與安培力做的功之和等于金屬棒增加的機(jī)械能

8、如圖，勻強(qiáng)磁場(chǎng)與宜萬(wàn)平面垂直且僅分布在第一象限，兩個(gè)完全相同的帶電粒子a、b從x軸上的P點(diǎn)以相等速率

射入磁場(chǎng)，分別經(jīng)過(guò)時(shí)間《、乙后從）’軸上縱坐標(biāo)為刃，九的兩點(diǎn)垂直于）'軸射出磁場(chǎng)。已知兩帶電粒子在磁場(chǎng)中

做圓周運(yùn)動(dòng)的周期為T(mén),半徑為「，粒子b射入速度方向與x軸正方向的夾角為60,a、b間的相互作用和重力可忽

略。下列關(guān)系正確的是（）

a

MF

A.4=3仆B.%=24C.fa+\=gD."+%=2「

9、某物體以30m/s的初速度豎直上拋，不計(jì)空氣阻力，g取10m/s2.4s內(nèi)物體的（）

A.路程為50mB.位移大小為40m,方向向上

C.速度改變量的大小為20m/s,方向向下D.平均速度大小為10m/s,方向向上

10、如圖所示是磁流體發(fā)電機(jī)的示意圖，兩平行金屬板尸、。之間有一個(gè)很強(qiáng)的磁場(chǎng)。一束等離子體（即高溫下電離

的氣體，含有大量正、負(fù)帶電粒子）沿垂直于磁場(chǎng)的方向噴入磁場(chǎng)。把尸、。與電阻R相連接?下列說(shuō)法正確的是

等離子婿

A.。板的電勢(shì)高于尸板的電勢(shì)

B.K中有由a向》方向的電流

C.若只改變磁場(chǎng)強(qiáng)弱，R中電流保持不變

D.若只增大粒子入射速度，R中電流增大

三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。

11.（6分）如圖所示的實(shí)驗(yàn)裝置，桌面水平且粗糙，在牽引重物作用下，木塊能夠從靜止開(kāi)始做勻加速直線運(yùn)動(dòng)。在

木塊運(yùn)動(dòng)一段距離后牽引重物觸地且不反彈，木塊繼續(xù)運(yùn)動(dòng)一段距離停在桌面上（未碰到滑輪）。已知牽引重物質(zhì)量為

m,重力加速度為g。

木坎打點(diǎn)計(jì)時(shí)器

A牽引翦物

某同學(xué)通過(guò)分析紙帶數(shù)據(jù)，計(jì)算得到牽引重物觸地前、后木塊的平均加速度大小分別為公和。2,由此可求出木塊與桌

面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為〃=（結(jié)果用題中字母表示）；在正確操作、測(cè)量及計(jì)算的前提下，從系統(tǒng)誤差的角度，

你認(rèn)為該實(shí)驗(yàn)測(cè)量的木塊與桌面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)的結(jié)果與真實(shí)值比較會(huì)（選填“偏大”、“偏小”“不變”）；木塊

的質(zhì)量為知=（結(jié)果用題中字母表示）。

12.（12分）如圖甲所示為利用多用電表的電阻擋研究電容器的充、放電的實(shí)驗(yàn)電路圖。多用電表置于xlk擋，電源

電動(dòng)勢(shì)為E=L5V,內(nèi)阻為H=15kH,實(shí)驗(yàn)中使用的電解電容器的規(guī)格為“1000戶25V”。歐姆調(diào)零后黑表筆接

電容器正極，紅表筆接電容器負(fù)極。

（1）充電完成后電容器兩極板間的電壓________（選填“大于”“等于”或“小于”）電源電動(dòng)勢(shì)，電容器所帶電荷量為

________C；

（2）如圖乙所示，充電完成后未放電，迅速將紅、黑表筆交換，即黑表筆接電容器負(fù)極，紅表筆接電容器正極，發(fā)現(xiàn)電

流很大，超過(guò)電流表量程，其原因是?

:黑n紅：

?

乙I

四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，要求寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算

步驟。

13.（10分）如圖所示，在平面坐標(biāo)系的第I象限內(nèi)有M、N兩個(gè)平行金屬板，板間電壓為U,在第II象限內(nèi)存

在沿y軸負(fù)方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，在第皿、IV象限內(nèi)存在垂直坐標(biāo)平面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。一質(zhì)量為山、電荷量為g的帶正

電的粒子（不計(jì)粒子重力）從靠近M板的S點(diǎn)由靜止釋放后，經(jīng)N板上的小孔穿出，從y軸上的A點(diǎn)（n=/）沿x軸負(fù)方

向射入電場(chǎng)，從x軸上的C點(diǎn)（蟲(chóng)=-2/）離開(kāi)電場(chǎng)，經(jīng)磁場(chǎng)偏轉(zhuǎn)后恰好從坐標(biāo)原點(diǎn)。處再次進(jìn)入電場(chǎng)。求：

（1）粒子運(yùn)動(dòng)到A點(diǎn)的速度大小

（2）電場(chǎng)強(qiáng)度E和磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大小

14.（16分）如圖甲所示，兩根足夠長(zhǎng)的平行光滑金屬導(dǎo)軌MN、PQ被固定在水平面上，導(dǎo)軌間距L=0.6m,兩導(dǎo)軌

的左端用導(dǎo)線連接電阻Ri及理想電壓表，電阻r=2Q的金屬棒垂直于導(dǎo)軌靜止在AB處；右端用導(dǎo)線連接電阻Rz,已

知Ri=2C,R2=1C,導(dǎo)軌及導(dǎo)線電阻均不計(jì).在矩形區(qū)域CDEF內(nèi)有豎直向上的磁場(chǎng)，CE=0.2m,磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時(shí)間

的變化如圖乙所示.在t=0時(shí)刻開(kāi)始，對(duì)金屬棒施加一水平向右的恒力F,從金屬棒開(kāi)始運(yùn)動(dòng)直到離開(kāi)磁場(chǎng)區(qū)域的整

個(gè)過(guò)程中電壓表的示數(shù)保持不變.求：

(1)t=0.1s時(shí)電壓表的示數(shù)；

(2)恒力F的大??；

(3)從t=0時(shí)刻到金屬棒運(yùn)動(dòng)出磁場(chǎng)的過(guò)程中整個(gè)電路產(chǎn)生的熱量Q；

15.(12分)如圖所示為回旋加速器的結(jié)構(gòu)示意圖，勻強(qiáng)磁場(chǎng)的方向垂直于半圓型且中空的金屬盒Di和D2,磁感應(yīng)強(qiáng)

度為8,金屬盒的半徑為尺兩盒之間有一狹縫，其間距為d,且R?d,兩盒間電壓為U。A處的粒子源可釋放初速

度不計(jì)的帶電粒子，粒子在兩盒之間被加速后進(jìn)入Di盒中，經(jīng)半個(gè)圓周之后再次到達(dá)兩盒間的狹縫。通過(guò)電源正負(fù)極

的交替變化，可使帶電粒子經(jīng)兩盒間電場(chǎng)多次加速后獲得足夠高的能量。已知帶電粒子的質(zhì)量為，小電荷量為+*

(1)不考慮加速過(guò)程中的相對(duì)論效應(yīng)和重力的影響。

①求粒子可獲得的最大動(dòng)能E*m；

②若粒子第1次進(jìn)入Di盒在其中的軌道半徑為“，粒子第2次進(jìn)入Di盒在其中的軌道半徑為小求〃與介之比；

③求粒子在電場(chǎng)中加速的總時(shí)間h與粒子在D形盒中回旋的總時(shí)間打的比值，并由此分析：計(jì)算粒子在回旋加速器中

運(yùn)動(dòng)的時(shí)間時(shí)，fi與打哪個(gè)可以忽略？(假設(shè)粒子在電場(chǎng)中的加速次數(shù)等于在磁場(chǎng)中回旋半周的次數(shù))；

(2)實(shí)驗(yàn)發(fā)現(xiàn)：通過(guò)該回旋加速器加速的帶電粒子能量達(dá)到25~30MeV后，就很難再加速了。這是由于速度足夠大時(shí)，

相對(duì)論效應(yīng)開(kāi)始顯現(xiàn)，粒子的質(zhì)量隨著速度的增加而增大。結(jié)合這一現(xiàn)象，分析在粒子獲得較高能量后，為何加速器

不能繼續(xù)使粒子加速了。

參考答案

一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。

1、A

【解析】

一一EN△①

A.根據(jù)q=/ZV、/=——、E=-----可得

R+rbt

N△①

q=-------

R+r

此過(guò)程中流過(guò)導(dǎo)體棒的電荷量為

N△①BLx

q~~

R+r2R

故A正確；

B.桿下滑距離時(shí)，則此時(shí)桿產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為

E=BLv

回路中的感應(yīng)電流為

,BLv

I=-----

2R

桿所受的安培力為

F=BIL

根據(jù)牛頓第二定律有

B2I?V

"zgsinO-=ma

2R

解得

B-I}v

a—gsinO-

2mR

故B錯(cuò)誤；

c.當(dāng)桿的加速度。=0時(shí)，速度最大，最大速度為

_2mgRsin。

V,n=B-I?

故C錯(cuò)誤；

D.出7桿從靜止開(kāi)始到最大速度過(guò)程中，設(shè)出7桿下滑距離為X。，根據(jù)能量守恒定律有

2

^xosin0=2,e+|mv?,

又桿產(chǎn)生的焦耳熱為

。桿

所以得:

3222

Q桿=；mgx0sinO-mgRsinB

-B4￡*

故D錯(cuò)誤；

故選A.

2^D

【解析】

A.設(shè)小球的速度為v,則有

口12

E.--mv

h2

小球通過(guò)C點(diǎn)時(shí)速度恰好沿BC方向，則說(shuō)明小球在豎直方向上的速度減為0,小球在水平方向上做初速度為零的勻

加速直線運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)的位移為豎直方向上位移的2倍，則平均速度為豎直方向上平均速度的2倍，又這段時(shí)間豎直方

向的平均速度為

_v

V=—

2

故水平方向的平均速度為

V-2v-v

又

2

解得

匕=2V

則

1,1,

mv

Eke=-c=-加Qu)-=4Ek

從A到G小球的動(dòng)能增加了

孤=4紇-￡!<=3耳

故A錯(cuò)誤：

B.由動(dòng)能定理可知重力與電場(chǎng)力做功之和為動(dòng)能的增加量即34，重力做負(fù)功，故電場(chǎng)力做功大于3紜，則小球的

電勢(shì)能減小量大于3紜，故B錯(cuò)誤；

D.由上分析可知：動(dòng)能為4紜，則速度大小為方，即小球以方對(duì)速度從C點(diǎn)沿C3方向射出。而由AB分析可知，

小球以初速度v沿A3方向從A點(diǎn)射出時(shí)，小球?qū)⒁运俣却笮?%方向沿方向通過(guò)C點(diǎn)，則小球以北的速度從

C點(diǎn)沿C8方向射出后運(yùn)動(dòng)過(guò)程恰好可視為其逆過(guò)程，所以若將小球以2v的速度從C點(diǎn)沿C5方向射出，小球能通過(guò)

A點(diǎn)；故D正確；

C.由D分析可知，若將小球以方的速度從C點(diǎn)沿CB方向射出，小球能通過(guò)A點(diǎn)；則若將小球小于2y的速度從C

點(diǎn)沿方向射出，小球?qū)⒔?jīng)過(guò)A點(diǎn)右側(cè)。所以，若將該小球以3紇的動(dòng)能從C點(diǎn)沿CB方向射出，小球?qū)⒔?jīng)過(guò)A點(diǎn)

右側(cè)，不能經(jīng)過(guò)A點(diǎn)，故C錯(cuò)誤。

故選D。

3、A

【解析】

A.在沒(méi)有空氣阻力的情況下，玩具從機(jī)器手臂處自由落下時(shí)，重力勢(shì)能轉(zhuǎn)化為動(dòng)能，沒(méi)有能量的損失，即玩具的機(jī)

械能守恒，故A正確；

B.機(jī)器手臂抓到玩具水平勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)，玩具的質(zhì)量和速度均不變，則動(dòng)能不變，故B錯(cuò)誤；

C.機(jī)器手臂抓到玩具勻速上升時(shí)，動(dòng)能不變，重力勢(shì)能增大，所以玩具的機(jī)械能變大，故C錯(cuò)誤；

D.機(jī)器手臂抓玩具加速上升時(shí)，動(dòng)能和重力勢(shì)能均變大，所以手臂做的功等于玩具重力勢(shì)能與動(dòng)能的增大量之和，

故D錯(cuò)誤。

故選A。

4、B

【解析】

由圖象可知，正向運(yùn)動(dòng)時(shí)，物體的位移小于物體做勻減速運(yùn)動(dòng)的位移，可知平均速度大小同理反向運(yùn)動(dòng)時(shí)

位移大于勻加速運(yùn)動(dòng)的位移，平均速度大小%>g%，因此有白〈也；

A.Vi>v2,與結(jié)論不相符，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；

B.vi<V2,與結(jié)論相符，選項(xiàng)B正確；

C.v尸也，與結(jié)論不相符，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；

D.以上三種情況均有可能，與結(jié)論不相符，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。

5、C

【解析】

AB.當(dāng)彈簧第一次恢復(fù)原長(zhǎng)時(shí)A恰好離開(kāi)墻壁，此過(guò)程彈性勢(shì)能轉(zhuǎn)化為物體5的動(dòng)能，由能量守恒

「I2

綜0=］加8勺

求得

該速度就是5的最大速度，此過(guò)程A的動(dòng)量始終為零，對(duì)A由動(dòng)量定理

，一/彈簧=.

對(duì)B由動(dòng)量定理

/彈簧=rnBvB

解得

選項(xiàng)AB錯(cuò)誤；

C.以后的運(yùn)動(dòng)過(guò)程中物體4將不再與墻壁有力的作用，4、8系統(tǒng)動(dòng)量守恒，當(dāng)彈簧長(zhǎng)度最長(zhǎng)時(shí)，4、B速度相同,

根據(jù)動(dòng)量守恒

代入得

C正確；

D.彈簧長(zhǎng)度最長(zhǎng)時(shí)

1,

則Ep<Epo

選項(xiàng)D錯(cuò)誤。

故選C。

6、C

【解析】

A.Q受到重力、墻壁的彈力、P的壓力和向上靜摩擦力，即P對(duì)。的摩擦力的方向向上，大小為，“g.故A錯(cuò)誤.

B.由A的分析可知，增大尸的質(zhì)量，尸對(duì)。的摩擦力不變，故B錯(cuò)誤.

C.由B的分析可知，增大。的質(zhì)量，。受到的靜摩擦力增大，故C正確.

D.P、。整體受到重力、支持力和繩子的拉力，共3個(gè)力作用，設(shè)繩子的拉力為凡在豎直方向：

Fcos30°=3wg

所以繩子的拉力：

F=2Gmg.

故D錯(cuò)誤.

二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。

全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。

7、ACD

【解析】

題中導(dǎo)體棒ab勻速上滑，合力為零，即可合力的做功為零；對(duì)導(dǎo)體棒正確受力分析，根據(jù)動(dòng)能定理列方程，弄清功能

轉(zhuǎn)化關(guān)系，注意克服安培力所做功等于回路電阻中產(chǎn)生的熱量.

【詳解】

因?yàn)閷?dǎo)體棒是勻速運(yùn)動(dòng)，所以動(dòng)能不變，根據(jù)動(dòng)能定理可得合力做功為零，A正確；根據(jù)動(dòng)能定理可得

W,-WG-W.^(),解得嗎；=W〃-W安即重力做功等于外力與安培力做功之和，因?yàn)閯?dòng)能不變，所以恒力F做的功

與安培力做的功之和等于金屬棒增加的機(jī)械能，B錯(cuò)誤D正確；根據(jù)功能關(guān)系可知金屬棒克服安培力做的功等于電阻

R上產(chǎn)生的焦耳熱，C正確；

8、CD

【解析】

A.由題意可知兩粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)軌跡所對(duì)應(yīng)的圓心角之和為180”,因?yàn)榱Ｗ迂暗能壽E所對(duì)應(yīng)的圓心角為120°,所

以粒子a運(yùn)動(dòng)軌跡所對(duì)應(yīng)的圓心角為60",則

"-2ttl

故A錯(cuò)誤；

T

BCD.粒子“、運(yùn)動(dòng)時(shí)間之和為一，即

2

T

%+片=3

由幾何知識(shí)可知

r3r

X=-*%=萬(wàn)

故

為=3%、%+為=2-

故B錯(cuò)誤，CD正確。

故選CDo

9、ABD

【解析】

由丫=81可得物體的速度減為零需要的時(shí)間二="==二=二二，故4s時(shí)物體正在下落；路程應(yīng)等于向上的高度與下落

一J

1s內(nèi)下落的高度之和，由v?=2gh可得，h=—=45m,后Is下落的高度h，*gt?=5m,故總路程為：s=(45+5)m=50m；

故A正確；位移h=v()t々t2=40m,位移在拋出點(diǎn)的上方，故B正確；速度的改變量△v=gt=10x4=40m/s,方向向下，

故C錯(cuò)誤；平均速度二二二二匚二乂二,二故D正確；故選ABD。

【點(diǎn)睛】

豎直上拋運(yùn)動(dòng)中一定要靈活應(yīng)用公式，如位移可直接利用位移公式求解；另外要正確理解公式，如平均速度一定要用

位移除以時(shí)間；速度變化量可以用Av=at求得.

10、BD

【解析】

AB.等離子體進(jìn)入磁場(chǎng)，根據(jù)左手定則，正電荷向上偏，打在上極板上，負(fù)電荷向下偏，打在下極板上。所以上極板

帶正電，下極板帶負(fù)電，則尸板的電勢(shì)高于。板的電勢(shì)，流過(guò)電阻電流方向由。到九故A錯(cuò)誤，B正確；

C.依據(jù)電場(chǎng)力等于磁場(chǎng)力，即為

q*=qvB

則有：

U=Bdv

再由歐姆定律

,UBdv

R+rR+r

電流與磁感應(yīng)強(qiáng)度成正比，改變磁場(chǎng)強(qiáng)弱，R中電流也改變。故C錯(cuò)誤；

D.由上分析可知，若只增大粒子入射速度，K中電流也會(huì)增大，故D正確。

故選BD?

三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。

U、幺偏大皿旬

g+a2

【解析】

[1]牽引重物觸地后，對(duì)木塊由牛頓第二定律

/jMg=Ma2

由此可求出木塊與桌面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為

a,

〃=一

g

[2]在減速階段產(chǎn)生加速度的力是滑動(dòng)摩擦力和紙帶受到的阻力，所以該實(shí)驗(yàn)測(cè)量的木塊與桌面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)的結(jié)

果與真實(shí)值比較會(huì)偏大。

[3]牽引重物觸地前，對(duì)木塊和牽引重物分別用牛頓第二定律

T-/jMg=Max

mg-T=ma1

聯(lián)立解得

a,+a2

12、等于1.5x10-3此時(shí)電容器為電源，且與多用電表內(nèi)部電源串聯(lián)

【解析】

(1)[2][3]電容器充電完成后，電容器兩極板間的電壓等于電源電動(dòng)勢(shì)。由公式可得

Q=EC=1.5xl0-3C

(2)[4]紅、黑表筆交換后，電容器視為電源，且與多用電表內(nèi)部電源串聯(lián)，總的電動(dòng)勢(shì)變大，電路中電流變大。

四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，要求寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算

步驟。

【解析】

(1)設(shè)粒子運(yùn)動(dòng)到A點(diǎn)的速度大小為vo,由動(dòng)能定理得

qU=-mvQ

可得粒子運(yùn)動(dòng)到A點(diǎn)的速度大小

(2)粒子在電場(chǎng)中做類平拋運(yùn)動(dòng)，設(shè)經(jīng)歷時(shí)間為力，則

2/=

,\qE

/=-x-2—r2

2m1

聯(lián)立解得

￡L=-U

設(shè)粒子離開(kāi)電場(chǎng)時(shí)速度大小為y,與x軸的夾角為心則

qEl——mv2—gmv；

cosa=—

設(shè)粒子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為R,則