2021年北京市朝陽(yáng)區(qū)高考物理第一次質(zhì)檢試卷（一模）

2021年北京市朝陽(yáng)區(qū)高考物理第一次質(zhì)檢試卷（一模）

一、單選題（本大題共14小題，共42.0分）

1.抽制高強(qiáng)度纖維細(xì)絲時(shí)可用激光監(jiān)測(cè)其粗細(xì)。如圖所示,

觀察激光束經(jīng)過(guò)細(xì)絲時(shí)在光屏上所產(chǎn)生的條紋即可判斷

細(xì)絲粗細(xì)的變化。這一過(guò)程利用了光的（）

A.干涉現(xiàn)象B.衍射現(xiàn)象C.折射現(xiàn)象D.色散現(xiàn)象

2.關(guān)于熱現(xiàn)象，下列說(shuō)法正確的是（）

A.擴(kuò)散現(xiàn)象說(shuō)明分子間存在引力

B.布朗運(yùn)動(dòng)是液體分子的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)

C.一定質(zhì)量0冤的冰融化成（TC的水，其內(nèi)能沒(méi)有變化

D.一定質(zhì)量的理想氣體對(duì)外做功，內(nèi)能不一定減少

3.一個(gè)氫原子從n=2能級(jí)躍遷到n=3能級(jí)，也就是氫原子核外電子從半徑較小的軌

道躍遷到半徑較大的軌道，該原子（）

A.吸收光子，能量增大B.吸收光子，能量減小

C.放出光子，能量增大D.放出光子，能量減小

4.2020年11月18日，東北大部分地區(qū)發(fā)生罕見(jiàn)強(qiáng)雨雪風(fēng)凍

天氣，一日之內(nèi)溫度驟降16。。給生產(chǎn)生活帶來(lái)諸多不便。

如圖所示，共享單車上結(jié)凍的冰柱都呈現(xiàn)水平方向。若僅從

受力角度分析，下列推理可能正確的是（）

A.風(fēng)力水平向左

B.風(fēng)力水平向右

C.風(fēng)力斜向左上

D.風(fēng)力斜向右下

5.一列簡(jiǎn)諧橫波在x軸上傳播，某時(shí)刻的波形如圖所示，。、氏c為介質(zhì)中三個(gè)質(zhì)點(diǎn),

a正沿圖中所示方向運(yùn)動(dòng)。下列選項(xiàng)正確的是（）

A.該波沿x軸負(fù)方向傳播

B.該時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)a的速度比質(zhì)點(diǎn)6的速度大

C.質(zhì)點(diǎn)c的振幅大于質(zhì)點(diǎn)a的振幅

D.該時(shí)刻后，質(zhì)點(diǎn)6比質(zhì)點(diǎn)c先到達(dá)平衡位置

6.如圖所示，在點(diǎn)電荷形成的電場(chǎng)中有A、8兩點(diǎn)，已知A點(diǎn)

電場(chǎng)強(qiáng)度大小為瓦），方向垂直于AB連線，電勢(shì)為外；B點(diǎn)~~H~~A

電場(chǎng)強(qiáng)度大小為EB，方向與4B連線成。角，電勢(shì)為伊8。下列選項(xiàng)正確的是（）

A.EA<EBB.EA=EBC.（PA<<PBD.（PA—0B

7.在一次利用無(wú)人機(jī)投送救援物資時(shí)，距離水平地面高度〃處，無(wú)人機(jī)以速度處水平

勻速飛行并釋放一包裹，不計(jì)空氣阻力，重力加速度為g。下列選項(xiàng)正確的是（）

A.包裹在空中飛行的時(shí)間為白

B.包裹落地時(shí)的速度大小為J詔+2gh

?2

C.包裹釋放點(diǎn)到落地點(diǎn)的水平距離為暑

2g

D.包裹下落過(guò)程中機(jī)械能不斷增大

8.如圖所示，（甲）一（乙）-（丙）一（丁）一（甲）過(guò)程是交流發(fā)電機(jī)發(fā)電的示意圖，線

圈的“6邊連在金屬滑環(huán)K上，cd邊連在金屬滑環(huán)L上，用導(dǎo)體制成的兩個(gè)電刷分

別壓在兩個(gè)滑環(huán)上，線圈在勻速轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)可以通過(guò)滑環(huán)和電刷保持與外電路連接。已

知線圈轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度為3,轉(zhuǎn)動(dòng)過(guò)程中電路中的最大電流為下列選項(xiàng)正確的是

（）

（甲）（乙）（丙）（T）

A.在如圖（甲）位置時(shí)，線圈中的磁通量最大，感應(yīng)電流為零

B.從如圖（乙）位置開始計(jì)時(shí)，線圈中電流i隨時(shí)間f變化的關(guān)系式為，=/?^譏3t

C.在如圖（丙）位置時(shí)，線圈中的磁通量最大，磁通量的變化率也最大

D.在如圖（?。┪恢脮r(shí)，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)最大，M邊電流方向?yàn)閏->d

9.在如圖所示的電路中，閉合開關(guān)S,當(dāng)滑動(dòng)變阻器滑片尸移動(dòng)時(shí)，電流表的示數(shù)均

會(huì)發(fā)生變化。下列選項(xiàng)正確的是（）

第2頁(yè)，共23頁(yè)

A.&的示數(shù)總是大于4的示數(shù)

B.4的示數(shù)總是小于4的示數(shù)

C.4］、&的示數(shù)同時(shí)增大，同時(shí)減小

D.4的示數(shù)減小時(shí)，&的示數(shù)增大

10.某同學(xué)測(cè)定玻璃磚的折射率。如圖所示，半圓形玻璃磚的直徑邊界為EF、半圓弧

邊界為ECF,CD垂直EF并過(guò)圓心0。某次實(shí)驗(yàn)中，他沿。4畫一條直線，并在

04線上適當(dāng)位置豎直插上兩枚大頭針吊、P2；放上玻璃磚后，在另一側(cè)依次尋找

合適位置豎直插上大頭針P3、P〃，移走玻璃磚和大頭針后，過(guò)。3、「4針孔作出直線

OB,。3可看成沿0A入射的光透過(guò)玻璃磚后的折射光線。下列選項(xiàng)正確的是（）

A.測(cè)定折射率的表達(dá)式為n="篙

B.作圖時(shí)必需在紙上畫出EF邊界和ECF邊界

C.沿4。方向看去，尸1會(huì)擋住。2、。3、24

D.實(shí)驗(yàn)中N40C可以取0?90。之間的任意值

11.如圖所示，兩個(gè)平行金屬板水平放置，要使一個(gè)電荷量

為-q、質(zhì)量為m的微粒，以速度v沿兩板中心軸線S1S2

向右運(yùn)動(dòng)，可在兩板間施加勻強(qiáng)電場(chǎng)或勻強(qiáng)磁場(chǎng)。設(shè)電

場(chǎng)強(qiáng)度為E,磁感應(yīng)強(qiáng)度為B,不計(jì)空氣阻力，已知重力加速度為g。下列選項(xiàng)可

行的是（）

A.只施加豎直向上的電場(chǎng)，且滿足E=等

B.只施加豎直向上的磁場(chǎng)，且滿足8=第

C.同時(shí)施加豎直向下的電場(chǎng)和豎直向上的磁場(chǎng)，且滿足E=^+Bu

D.同時(shí)施加豎直向下的電場(chǎng)和垂直紙面向里的磁場(chǎng)，且滿足E=詈+Bu

12.如圖甲所示，質(zhì)量為m=4.0kg的物體靜止在水平地面上，在水平推力尸作用下開

始運(yùn)動(dòng)，水平推力F隨位移x變化的圖像如圖乙所示（％=4.0巾后無(wú)推力存在）。已

知物體與地面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)〃=0.50,取重力加速度g=10m/s2o下列選項(xiàng)正

確的是（）

A.物體在水平地面上運(yùn)動(dòng)的最大位移是4.0m

B.物體的最大加速度為25m/s2

C.在物體運(yùn)動(dòng)過(guò)程中推力做的功為200J

D.在距出發(fā)點(diǎn)3。小位置時(shí)物體的速度達(dá)到最大

13.如圖所示，兩個(gè)擺長(zhǎng)均為L(zhǎng)的單擺，擺球A、B質(zhì)量分別為Tn1、

m2,懸點(diǎn)均為。。在。點(diǎn)正下方0.19L處固定一小釘。初始時(shí)刻

8靜止于最低點(diǎn)，其擺線緊貼小釘左側(cè)，A從圖示位置由靜止釋

放（。足夠小），在最低點(diǎn)與B發(fā)生彈性正碰。兩擺在整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)

程中均滿足簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)條件，懸線始終保持繃緊狀態(tài)且長(zhǎng)度不變，

擺球可視為質(zhì)點(diǎn)，不計(jì)碰撞時(shí)間及空氣阻力，重力加速度為g。％

下列選項(xiàng)正確的是（）

A.若nii=ni2，則A、8在擺動(dòng)過(guò)程中上升的最大高度之比為9：10

B.若Hi】=m2＞則每經(jīng)過(guò)時(shí)間A回到最高點(diǎn)

C.若mi＞m2,則A與8第二次碰撞不在最低點(diǎn)

D.若＜Hi?，則A與8第二次碰撞必在最低點(diǎn)

14.科學(xué)家們?cè)O(shè)想存在磁單極子，即一些僅帶有N極或S

極單一磁極的磁性物質(zhì)。假設(shè)在P點(diǎn)有一個(gè)固定的磁單

第4頁(yè)，共23頁(yè)

極子，在其周圍形成均勻輻射磁場(chǎng)，磁感線如圖所示。當(dāng)質(zhì)量為，小半徑為R的導(dǎo)

體圓環(huán)通有恒定的電流時(shí)，恰好能靜止在該磁單極子正上方，環(huán)心與尸點(diǎn)的距離為

H,且圓環(huán)平面恰好沿水平方向。己知距磁單極子/處的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為8=4,

r2

其中左為已知常量，重力加速度為g。下列選項(xiàng)正確的是()

A.圓環(huán)靜止時(shí)磁場(chǎng)對(duì)環(huán)的安培力使其有沿半徑方向擴(kuò)張的趨勢(shì)

B.圓環(huán)靜止時(shí)可由題中條件求出環(huán)中電流的大小

C.若將圓環(huán)豎直向上平移一小段距離后由靜止釋放，下落過(guò)程中環(huán)中電流不受影

響

D.若將圓環(huán)豎直向上平移一小段距離后由靜止釋放，下落過(guò)程中環(huán)的加速度先增

大后減小

二、實(shí)驗(yàn)題(本大題共3小題，共18.0分)

15.某同學(xué)用如圖1所示的裝置來(lái)探究彈簧彈力F和長(zhǎng)度L的關(guān)系，把彈簧上端固定在

鐵架臺(tái)的橫桿上，記錄彈簧自由下垂時(shí)下端所到達(dá)的刻度位置。然后，在彈簧下端

懸掛不同質(zhì)量的鉤碼，記錄每一次懸掛鉤碼的質(zhì)量和彈簧下端的刻度位置，實(shí)驗(yàn)中

彈簧始終未超過(guò)彈簧的彈性限度。通過(guò)分析數(shù)據(jù)得出實(shí)驗(yàn)結(jié)論。

7-7N

&U-

L

U10.0

L

m

L

U

E』8.0

"

gE-

r6.0

c

r

=

E

u4.0

r

u』

E-2.0

r:

El-

L=.

p01CF.020.030.040.050.0￡/cm

由2

(1)實(shí)驗(yàn)時(shí)認(rèn)為可以用鉤碼所受重力的大小代替彈簧彈力的大小，這樣做的依據(jù)是

(2)以彈簧受到的彈力尸為縱軸、彈簧長(zhǎng)度L為橫軸建立直角坐標(biāo)系，依據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)

據(jù)作出尸-心圖像，如圖2所示。由圖像可知：彈簧自由下垂時(shí)的長(zhǎng)度L°=

cm,彈簧的勁度系數(shù)k=N/m?

（3）實(shí)驗(yàn)中未考慮彈簧自身受到的重力，請(qǐng)你說(shuō)明這對(duì)彈簧勁度系數(shù)的測(cè)量結(jié)果是

否有影響？。

16.通過(guò)實(shí)驗(yàn)測(cè)量某金屬絲的電阻率。

①用螺旋測(cè)微器測(cè)量金屬絲的直徑，測(cè)量示數(shù)如圖1所示，可得金屬絲直徑的測(cè)量

值d=mm<>

②將該金屬絲繞在陶瓷管上，電阻值約為250。除了開關(guān)、若干導(dǎo)線之外還提供了

如表所示的器材：

器材名稱規(guī)格

量程0?3V（內(nèi)阻約為3k。）

電壓表

。?151/（內(nèi)阻約為15收）

量程。?0.64（內(nèi)阻約為0.10）

電流表

0?34（內(nèi)阻約為0.02。）

滑動(dòng)變阻器總電阻為100

直流電源電動(dòng)勢(shì)6y和12y

為較準(zhǔn)確測(cè)量該金屬絲的阻值，某同學(xué)用所給器材組成實(shí)驗(yàn)電路，如圖2所示。圖

中某個(gè)器材的連接有不當(dāng)之處，該器材是,理由是o

③若測(cè)得金屬絲的長(zhǎng)度為L(zhǎng)直徑為d,電阻為R,則金屬絲的電阻率p=。

17.家庭裝修時(shí)需要根據(jù)用電功率的不同選擇相應(yīng)粗細(xì)的導(dǎo)線，表1是不同橫截面積的

銅導(dǎo)線常溫下允許的負(fù)載電流范圍。小明家正在裝修，配備電器如表2所示，請(qǐng)你

幫助他在安全、經(jīng)濟(jì)的原則下選擇粗細(xì)合適的總干路導(dǎo)線，其序號(hào)為,寫

出選擇依據(jù)：。

表1

第6頁(yè)，共23頁(yè)

導(dǎo)線序號(hào)橫截面積(nUH?)允許長(zhǎng)期負(fù)載電流(4)

41.06-8

B1.58?15

C2.516?25

D4.025?32

E6.032?40

F10.050?65

G16.070-90

表2

電器名稱電功率(十)電器名稱電功率(W)

空調(diào)機(jī)2000—3000抽油煙機(jī)100

電冰箱50?150電熱水器2000

洗衣機(jī)400吸塵器800

電水壺1000電腦設(shè)備200

電飯煲800電視機(jī)100

微波爐1000其他常用600

三、計(jì)算題(本大題共5小題，共40.0分)

18.2021年2月10日19時(shí)52分，我國(guó)首次火星探測(cè)任務(wù)“天問(wèn)一號(hào)”探測(cè)器實(shí)施近

火捕獲制動(dòng)，成功實(shí)現(xiàn)環(huán)繞火星運(yùn)動(dòng)，成為我國(guó)第一顆人造火星衛(wèi)星。在“天問(wèn)一

號(hào)”環(huán)繞火星做勻速圓周運(yùn)動(dòng)時(shí).，周期為T,軌道半徑為，。已知火星的半徑為七

引力常量為G,不考慮火星的自轉(zhuǎn)。求：

(1)“天問(wèn)一號(hào)”環(huán)繞火星運(yùn)動(dòng)的線速度的大小V；

(2)火星的質(zhì)量M；

(3)火星表面的重力加速度的大小g。

19.如圖1所示，在光滑水平面上固定一根足夠長(zhǎng)的直導(dǎo)線，通有恒定電流。質(zhì)量為，八

電阻為R的正方形金屬框靜止在水平面內(nèi)，以金屬框的一個(gè)頂點(diǎn)為坐標(biāo)原點(diǎn)，在水

平面內(nèi)建立直角坐標(biāo)系，x軸與導(dǎo)線平行，y軸與導(dǎo)線垂直?，F(xiàn)給金屬框一個(gè)大小

為孫、方向與x軸正方向成。角的初速度，金屬框在之后的運(yùn)動(dòng)中始終處于通電直

導(dǎo)線的磁場(chǎng)中且沒(méi)有轉(zhuǎn)動(dòng)。

(1)判斷金屬框剛運(yùn)動(dòng)時(shí)感應(yīng)電流的方向；

(2)在圖2中分別畫出金屬框沿x軸、y軸的分速度以、為隨時(shí)間f變化的示意圖;

(3)不計(jì)其他能量損失，求金屬框在整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中產(chǎn)生的焦耳熱。

20.一種獲得高能粒子的裝置如圖所示。環(huán)形區(qū)域內(nèi)存在垂直紙

面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，4、8為環(huán)形區(qū)域內(nèi)兩塊中心開有小孔的

極板。t=0時(shí)，A板電勢(shì)為+U,B板電勢(shì)為零，質(zhì)量為〃八\：

電荷量為+q的粒子在4板小孔處由靜止開始加速；粒子離開

B板時(shí)，A板電勢(shì)立即變?yōu)榱?，此后粒子在環(huán)形區(qū)域內(nèi)做半徑為R的圓周運(yùn)動(dòng)。每

當(dāng)粒子到達(dá)A板時(shí)，A板電勢(shì)變?yōu)?U,離開8板時(shí)，A板電勢(shì)變?yōu)榱?；B板電勢(shì)始

終為零.如此往復(fù)，粒子在電場(chǎng)中一次次被加速。為使粒子在環(huán)形區(qū)域內(nèi)繞行半徑

不變，需不斷調(diào)節(jié)磁場(chǎng)的強(qiáng)弱。4、8板間距遠(yuǎn)小于R,不考慮電場(chǎng)、磁場(chǎng)變化產(chǎn)

生的影響，不考慮相對(duì)論效應(yīng)的影響，不計(jì)粒子的重力。

第8頁(yè)，共23頁(yè)

(1)求粒子繞行第i圈時(shí)線速度的大小巧；

(2)求粒子繞行第〃圈時(shí)，磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小及等效電流4;

(3)在粒子繞行的整個(gè)過(guò)程中，A板電勢(shì)可否始終保持+U?并說(shuō)明理由。

21.摩擦傳動(dòng)裝置結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)單，容易制造，在生產(chǎn)生活中得到廣泛應(yīng)用。如圖1所示為打

印機(jī)送紙裝置。搓紙短旋轉(zhuǎn)帶動(dòng)紙張前進(jìn)走紙，摩擦片在紙張下方貼緊，施加阻力

分離紙張，以保證只有一張紙前移且避免兩張紙同時(shí)送入。已知搓紙輻和紙張之間

的動(dòng)摩擦因數(shù)為內(nèi),紙張之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為〃2,紙張和摩擦片之間的動(dòng)摩擦因數(shù)

為〃3。設(shè)最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，不計(jì)紙張質(zhì)量及空氣阻力。

a.電機(jī)帶動(dòng)搓紙輯使搓紙輯始終以角速度如轉(zhuǎn)動(dòng)。設(shè)一張紙的長(zhǎng)度為搓紙根半

徑為r,計(jì)算打印機(jī)送入一張紙所需的時(shí)間；

b.為保證送紙裝置正常工作，分析說(shuō)明生、〃2和"3的大小關(guān)系。

紙張

摩擦片

22.摩擦傳動(dòng)裝置結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)單，容易制造，在生產(chǎn)生活中得/二^,

到廣泛應(yīng)用。一種使用摩擦傳動(dòng)的變速箱，其內(nèi)部結(jié)(R/

構(gòu)可簡(jiǎn)化如圖所示，薄壁圓筒1和薄壁圓筒2均可繞自身的光滑轉(zhuǎn)軸轉(zhuǎn)動(dòng)，且它們

的轉(zhuǎn)軸平行。開始時(shí)圓筒2靜止，圓筒1以角速度3轉(zhuǎn)動(dòng)，某時(shí)刻使兩圓筒相接觸，

由于摩擦，一段時(shí)間后兩圓筒接觸面間無(wú)相對(duì)滑動(dòng)。圓筒1半徑為R,質(zhì)量為

圓筒2質(zhì)量為譏2。設(shè)兩圓筒相互作用過(guò)程中無(wú)其他驅(qū)動(dòng)力，不計(jì)空氣阻力。求：

a,兩圓筒無(wú)相對(duì)滑動(dòng)時(shí)圓筒1的角速度3’；

b.從兩圓筒接觸到無(wú)相對(duì)滑動(dòng)過(guò)程中系統(tǒng)產(chǎn)生的熱量Q。

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答案和解析

1.【答案】B

【解析】解：當(dāng)障礙物的尺寸與波的波長(zhǎng)相差不多，或小于波的波長(zhǎng)，會(huì)發(fā)生明顯的衍

射，該裝置的原理是運(yùn)用光的衍射現(xiàn)象，如果屏上條紋變寬，則金屬絲變細(xì)，故B正確，

AC￡＞錯(cuò)誤。

故選：B。

根據(jù)題目的圖象可知，激光束經(jīng)過(guò)細(xì)絲時(shí)在光屏上所產(chǎn)生的條紋是衍射條紋，然后結(jié)合

衍射條紋的特點(diǎn)正確解答。

本題考查光的衍射的特點(diǎn)，解決本題的關(guān)鍵知道衍射條紋的特點(diǎn)，以及知道發(fā)生明顯衍

射的條件。

2.【答案】D

【解析】解；A、擴(kuò)散現(xiàn)象說(shuō)明分子在永不停息地做無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)，與分子斥力無(wú)關(guān)，故

A錯(cuò)誤：

8、布朗運(yùn)動(dòng)是懸浮在液體中的固體小顆粒的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)，是液體分子的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)的

反映，故3錯(cuò)誤；

C、一定質(zhì)量的0汽的冰融化成0冤的水，要吸收熱量，內(nèi)能增加，故C錯(cuò)誤；

D、一定質(zhì)量理想氣體對(duì)外做功，但可能吸收熱量，根據(jù)熱力學(xué)第一定律公式△U=W+

Q，內(nèi)能不一定減少，故。正確；

故選：Do

擴(kuò)散現(xiàn)象是指物質(zhì)分子從高濃度區(qū)域向低濃度區(qū)域轉(zhuǎn)移，直到均勻分布的現(xiàn)象，分子平

均速率與物質(zhì)的濃度梯度成正比，擴(kuò)散是由于分子熱運(yùn)動(dòng)而產(chǎn)生的遷移現(xiàn)象，主要是由

于濃度差引起的；

布朗運(yùn)動(dòng)是懸浮在流體中的微粒受到液體分子的碰撞而發(fā)生的不停息的無(wú)規(guī)則的運(yùn)動(dòng)；

冰融化時(shí)吸收熱量；

熱力學(xué)第一定律：△(/=(?+W。

本題考查了布朗運(yùn)動(dòng)、擴(kuò)散現(xiàn)象和熱力學(xué)第一定律，涉及知識(shí)點(diǎn)多，難度不大，關(guān)鍵多

看書。

3.【答案】A

【解析】解：一個(gè)氫原子從71=2能級(jí)躍遷到71=3能級(jí)，即從低能級(jí)向高能級(jí)躍遷，原

子能量增加，吸收光子，故A正確，B、C、。錯(cuò)誤。

故選：Ao

氫原子從低能級(jí)向高能級(jí)躍遷，吸收光子，從高能級(jí)向低能級(jí)躍遷，放出光子。

本題考查了能級(jí)躍遷的基本運(yùn)用，知道吸收或放出的光子能量等于兩個(gè)能級(jí)間的能極差。

4.【答案】C

本題考查了共點(diǎn)力平衡條件的應(yīng)用，解決此題的關(guān)鍵在于研究對(duì)象的選擇，及受力分析。

5.【答案】D

【解析】解：A、由圖知，質(zhì)點(diǎn)“垂直x軸向上運(yùn)動(dòng)，由同側(cè)法可知，該波沿尤軸正方

向傳播，故A錯(cuò)誤；

8、由圖知，該時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)匕離平衡位置比質(zhì)點(diǎn)。離平衡位置近，則該時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)〃的速度

比質(zhì)點(diǎn)方的速度小，故8錯(cuò)誤；

C、簡(jiǎn)諧波中各質(zhì)點(diǎn)的振幅相同，即質(zhì)點(diǎn)c的振幅等于質(zhì)點(diǎn)。的振幅，故C錯(cuò)誤；

。、由圖知，質(zhì)點(diǎn)。處于波谷，質(zhì)點(diǎn)6位于平衡位置與波谷間，由同側(cè)法知，該時(shí)刻質(zhì)

點(diǎn)6垂直x軸向上運(yùn)動(dòng)，可見(jiàn)該時(shí)刻后，質(zhì)點(diǎn)。比質(zhì)點(diǎn)c先到達(dá)平衡位置，故。正確。

故選：D。

知道a點(diǎn)的振動(dòng)方向，利用同側(cè)法可知波傳播的方向。質(zhì)點(diǎn)離平衡位置越近，速度越大。

各質(zhì)點(diǎn)振幅永遠(yuǎn)相同。由圖可知b向上振動(dòng)，所以匕比c先到平衡位置。

波的圖象往往先判斷質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)方向和波的傳播方向間的關(guān)系，同時(shí)要分析波動(dòng)形成的

過(guò)程，分析物理量的變化情況。

6.【答案】C

第12頁(yè)，共23頁(yè)

【解析】解：兩條電場(chǎng)線延長(zhǎng)線交于一點(diǎn)，即為點(diǎn)電荷。的位置，如圖所示:

,-0

/a

?*

/,

/；

/I

/?

/

,i產(chǎn)。

...A....................

BA

根據(jù)電場(chǎng)線方向可知。帶負(fù)電，設(shè)A、B兩點(diǎn)到Q的距離分別為。和赤，由幾何知識(shí)得

到：1sind

TrB=

根據(jù)點(diǎn)電荷場(chǎng)強(qiáng)公式E=k《，可得A、B兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度關(guān)系為：E>E,因?yàn)锽點(diǎn)

rAB

距離負(fù)點(diǎn)電荷。遠(yuǎn)，所以外>以，故c正確，A8。錯(cuò)誤。

故選：C。

運(yùn)用幾何的方法找出點(diǎn)電荷0的位置并判斷電性，求出A、B兩點(diǎn)到。的距離之比，由

點(diǎn)電荷場(chǎng)強(qiáng)公式E=k史求解場(chǎng)強(qiáng)關(guān)系，并比較電勢(shì)的高低。

r

本題考查對(duì)點(diǎn)電荷電場(chǎng)的掌握程度，在電場(chǎng)問(wèn)題中，畫電場(chǎng)線、等勢(shì)線及其他圖形，將

抽象問(wèn)題變得直觀形象，是常用方法。

7.【答案】B

【解析】解：A、包裹被釋放后做平拋運(yùn)動(dòng)，豎直方做向自由落體運(yùn)動(dòng)，h=lgt2,解

得：t=后，故A錯(cuò)誤；

B、設(shè)落地時(shí)速度大小為也豎直方向分速度為內(nèi),則2g/i=藥，得：vy=yj2gh.落

地時(shí)速度大小"=J哆+諾=12gh+詔,故B正確；

C、包裹釋放點(diǎn)到落地點(diǎn)的水平距離x=%t=%后，故C錯(cuò)誤；

。、因?yàn)榘侣溥^(guò)程中只有重力做功，所以包裹下落過(guò)程中機(jī)械能守恒，故。錯(cuò)誤。

故選：Bo

利用力=求時(shí)間；先求落地時(shí)豎直分速度，再用速度的合成求落地速度；用x=vot

求水平位移；只有重力做功，機(jī)械能守恒。

本題主要考查了平拋運(yùn)動(dòng)的處理方法:運(yùn)動(dòng)的合成和分解，即水平方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)，

豎直方向做自由落體運(yùn)動(dòng)。

8.【答案】A

【解析】解：A、圖（甲）中，線圈在中性面位置，故穿過(guò)線圈的磁通量最大，磁通量變

化率為0,感應(yīng)電流為零，故4正確；

8、圖（乙）中線圈與磁場(chǎng)平行，此時(shí)感應(yīng)電流最大，則線圈中電流i隨時(shí)間r變化的關(guān)系

=Imcos（i）t,故B錯(cuò)誤；

C、當(dāng)線圈位于圖（丙）位置時(shí)，線圈在中性面位置，故穿過(guò)線圈的磁通量最大，磁通量

的變化率為零，故C錯(cuò)誤；

。、當(dāng)線圈位于圖（丁）位置時(shí)，磁通量最小，磁通量的變化率最大，故感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)最大，

根據(jù)右手定則可知M邊感應(yīng)電流方向?yàn)閐-c,故。錯(cuò)誤；

故選：Ao

交流發(fā)電機(jī)是根據(jù)電磁感應(yīng)原理制成的，根據(jù)線圈與磁場(chǎng)的關(guān)系確定磁通量的大小。從

中性面計(jì)時(shí)時(shí)，線圈中電流i瞬時(shí)值表達(dá)式為正弦形式。線圈經(jīng)過(guò)中性面時(shí)，感應(yīng)電流

為零，但感應(yīng)電流方向改變，根據(jù)右手定則判斷感應(yīng)電流方向。

本題考查了交流發(fā)電機(jī)產(chǎn)生正弦式電流的原理，關(guān)鍵要理解并掌握中性面以及和中性面

垂直的面磁通量、磁通量變化率、感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的特點(diǎn)，要明確感應(yīng)電流瞬時(shí)值表達(dá)式與

計(jì)時(shí)起點(diǎn)有關(guān)。

9.【答案】D

【解析】解：AB、&和R接入電路的阻值大小不知道，根據(jù)歐姆定律可得/='由于

并聯(lián)各支路兩端電壓相等，即U相等，則電流大小無(wú)法確定，故A8錯(cuò)誤；

CD、當(dāng)R增大時(shí)，總電阻增大、總電流減小，&和r分得的電壓減小，則右兩端電壓

增大，電流表4的示數(shù)增大、必示數(shù)減??；反之，當(dāng)義的示數(shù)增大時(shí)，4的示數(shù)減小，

故C錯(cuò)誤、。正確。

故選：Do

&和R接入電路的阻值大小不知道，則電流大小無(wú)法確定；根據(jù)電路動(dòng)態(tài)分析的方法進(jìn)

行分析，也可以根據(jù)“串反并同”進(jìn)行分析。

E

電路的動(dòng)態(tài)分析的順序：外電路部分電路變化-R底變化T由/總=瓦，判斷/總的變化一

由［7=E-判斷U的變化T由部分電路歐姆定律分析固定電阻的電流、電壓的變化T

用串、并聯(lián)規(guī)律分析變化電阻的電流、電壓和電功率。

第14頁(yè)，共23頁(yè)

10.【答案】C

【解析】解：A、由于玻璃磚折射率大于1,所以折射率的表達(dá)式為〃=繪器，故A

s\nz.AOC

錯(cuò)誤.

B、由折射率計(jì)算公式可知，作圖時(shí)只需在紙上畫出EF邊界即可，故8錯(cuò)誤.

C、本實(shí)驗(yàn)操作時(shí)，P4應(yīng)擋住P3、和P2、P\的像，由光路可逆，沿4。方向看去，Pi會(huì)

擋住「2、「3、P&，故C正確.

D、當(dāng)Z40C取0。和90。時(shí)，不存在光的折射，則無(wú)法測(cè)量折射率，為減小偶然誤差，實(shí)

驗(yàn)時(shí)ZAOC應(yīng)適當(dāng)大些.故D錯(cuò)誤.

故選：Co

從折射率大于1的角度作答折射率；從光路圖的角度判斷需要畫出哪個(gè)邊界；利用光路

可逆判斷c選項(xiàng)；從實(shí)驗(yàn)誤差的角度作答。選項(xiàng)。

對(duì)于實(shí)驗(yàn)問(wèn)題的解答，首先應(yīng)該清楚實(shí)驗(yàn)原理。作為測(cè)量折射率的光學(xué)試題，則必須清

楚其光路圖，能夠從實(shí)驗(yàn)誤差的角度，分析實(shí)驗(yàn)步驟的合理性。

11.【答案】D

【解析】解：A、因微粒帶負(fù)電，故只施加豎直向下的電場(chǎng)，且滿足E=詈，才能沿S?2

向右運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；

B、因微粒帶負(fù)電，只施加垂直紙面向外的磁場(chǎng)，且滿足B=翳時(shí)，才能沿S1S2向右運(yùn)

動(dòng)，故B錯(cuò)誤；

CD,因微粒帶負(fù)電，同時(shí)施加豎直向下的電場(chǎng)和垂直紙面向里的磁場(chǎng)時(shí)，電場(chǎng)力豎直

向上，由左手定則知洛倫茲力豎直向下，重力豎直向下，由平衡條件可知：qE=mg+

qvB

解得：E=^+BV,故。正確，C錯(cuò)誤；

故選：Do

微粒帶負(fù)電，只加電場(chǎng)時(shí)，電場(chǎng)力與重力平衡，從而求出電場(chǎng)方向和場(chǎng)強(qiáng)大小：

微粒帶負(fù)電，只加磁場(chǎng)時(shí)，洛倫茲力與重力平衡，由左手定則求出磁場(chǎng)方向和平衡條件

求出磁感應(yīng)強(qiáng)度大??；

微粒帶負(fù)電，同時(shí)加電場(chǎng)和磁場(chǎng)，判斷電場(chǎng)力和洛倫茲力的方向，三力平衡，從而求出

電場(chǎng)強(qiáng)度大小。

微粒帶負(fù)電，只有電場(chǎng)時(shí)，電場(chǎng)力與重力平衡，只加磁場(chǎng)時(shí)，洛倫茲力與重力平衡，同

時(shí)加電場(chǎng)和磁場(chǎng)時(shí)，重力、電場(chǎng)力、洛倫茲力三力平衡。注意左手定則的應(yīng)用，判斷洛

倫茲力的方向。

12.【答案】C

【解析】解：AC.由尸圖像可知，推力對(duì)物體做的功等于圖線與坐標(biāo)軸圍成的面積,

即w=|FX=|x100x4.0/=200/。

對(duì)物塊運(yùn)動(dòng)的整個(gè)過(guò)程,根據(jù)動(dòng)能定理可得W-fimg-Xmax=0,代入數(shù)據(jù)解得:Xmax=

即物體在水平地面上運(yùn)動(dòng)的最大位移是10〃?，故A錯(cuò)誤，C正確；

員分析可知，推力F=100N時(shí)，物體所受合力最大，加速度最大，

根據(jù)牛頓第二定律得F-“mg=ma,則a2nl療=ZOnt/s?,故

B錯(cuò)誤；

D由圖像可知，推力F隨位移x變化的數(shù)學(xué)關(guān)系式為F=100-25x(0<x<4.0m),

物體的速度最大時(shí)，加速度為零，此時(shí)有F=umg,代入解得％=若譬=

即在距出發(fā)點(diǎn)3.2小位置時(shí)物體的速度達(dá)到最大，故。錯(cuò)誤。

故選：Co

利用圖像可知面積代表推力對(duì)物體做的功，結(jié)合動(dòng)能定理可以求出最大位移。利用牛頓

第二定律可以求出加速度。

本題考查牛頓運(yùn)動(dòng)定律和動(dòng)能定理的知識(shí)，要會(huì)分析圖像中的特殊信息，然后就可以解

決問(wèn)題。

13.【答案】B

【解析】解：兩球發(fā)生彈性碰撞，規(guī)定向右為正方向，根據(jù)動(dòng)量守恒定律有：7n/o=

機(jī)1%+m2v2>

根據(jù)機(jī)械能守恒定律有：1小1詔=［巾1謚+；小2諺，

聯(lián)立解得：%=口+管孫,^2=%;

mi+77i2m1+m2

4、若mi=ni2，可知：%=0，v2=v0,速度交換，根據(jù)機(jī)械能守恒知，4、B兩球擺

動(dòng)的過(guò)程中上升的最大高度之比為1：1,故A錯(cuò)誤；

第16頁(yè)，共23頁(yè)

B、A球從最高點(diǎn)到最低點(diǎn)的時(shí)間0=qx2〃若也1=??12，A、8兩球碰撞后

速度交換，8球離開最低點(diǎn)再回到最低點(diǎn)的時(shí)間：12=多=?'2兀再^=0.9兀4,與

A球再次碰撞后，速度交換，則4球從最高點(diǎn)擺到最低點(diǎn)再次回到最高點(diǎn)的時(shí)間：t=

2。+J=1.9兀J1,故8正確；

C、若僧1>加2,則碰撞后，A的速度方向繼續(xù)向右，B球的速度方向也向右，兩球均繞

釘子做單擺運(yùn)動(dòng)，擺動(dòng)的周期相等，A、5第二次碰撞的位置在最低點(diǎn)，故C錯(cuò)誤；

D、若61<7712，則碰撞后，A的速度方向向左，8球的速度方向向右，兩球做單擺運(yùn)

動(dòng)的擺長(zhǎng)不等，兩球做單擺運(yùn)動(dòng)的周期不等，均經(jīng)過(guò)二分之一個(gè)周期回到最低點(diǎn)，可知

A、B碰撞的位置不在最低點(diǎn)，故。錯(cuò)誤。

故選：B.

兩球發(fā)生彈性碰撞，根據(jù)動(dòng)量守恒定律和機(jī)械能守恒定律求出兩球碰撞后的速度，當(dāng)兩

球質(zhì)量相等，速度交換，結(jié)合機(jī)械能守恒判斷出最大高度之比，以及根據(jù)單擺的周期公

式求出A球再次回到最高點(diǎn)的時(shí)間。結(jié)合質(zhì)量的大小關(guān)系，判斷出兩球的速度方向，根

據(jù)做單擺運(yùn)動(dòng)的擺長(zhǎng)是否相等，判斷出周期是否相等，從而判斷出再次碰撞的位置。

解決本題的關(guān)鍵知道彈性碰撞的特點(diǎn)，即滿足動(dòng)量守恒定律和機(jī)械能守恒定律，通過(guò)動(dòng)

量守恒定律和機(jī)械能守恒定律求出碰撞后速度的表達(dá)式，結(jié)合質(zhì)量大小關(guān)系判斷出碰撞

后速度的方向是解決本題的突破口。

14.【答案】B

【解析】解：人圓環(huán)靜止時(shí)磁場(chǎng)對(duì)環(huán)有安培力作用，根據(jù)受力平衡可知，在豎直方向

上安培力的分力與重力平衡，由左手定則可知，安培力與磁感線方向垂直，故圓環(huán)要想

靜止，受到的安培力方向只能斜向上，所以環(huán)有收縮的趨勢(shì)，故4錯(cuò)誤；

8、對(duì)環(huán)的某一部分進(jìn)行受力分析如圖：

在水平方向，根據(jù)安培力的對(duì)稱性可知，整個(gè)的環(huán)在水平方向的合力為0,豎直方向的

合力與重力大小相等，由于在圓環(huán)處各點(diǎn)電流的方向與磁場(chǎng)的方向都垂直，所以整體受

到的安培力：F=B1-2nR

由幾何關(guān)系：Fcosd=mg

H

cosd=..z

7zH2+R2

由題：B=7=A=

VH2+R2

聯(lián)立得：/=皿必善.故8正確；

2nkR2

CD,結(jié)合以上的受力分析可知，若將圓環(huán)向上平移一小段距離后環(huán)受到的安培力將減

?。挥伸o止釋放，重力開始時(shí)大于安培力，所以環(huán)加速下落，向下的過(guò)程中安培力增大，

所以合外力減小，加速度先減小。故錯(cuò)誤。

故選:B。

圓環(huán)在磁場(chǎng)中受安培力及本身的重力做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，圓環(huán)處于平衡狀態(tài)，結(jié)合平衡狀

態(tài)的特點(diǎn)可得出正確的結(jié)果。

本題巧妙地將此單極子的猜想與電流在磁場(chǎng)中的受力相結(jié)合，考查了受力平衡的問(wèn)題，

可知對(duì)環(huán)進(jìn)行正確的受力分析，理解環(huán)在豎直方向的合力與重力大小相等是解答的關(guān)鍵。

15.【答案】根據(jù)平衡條件，鉤碼靜止時(shí)其所受重力大小等于彈力10.040無(wú)影響

【解析】解：(1)實(shí)驗(yàn)時(shí)認(rèn)為可以用鉤碼所受重力的大小代替彈簧彈力的大小，這樣做

的依據(jù)是根據(jù)平衡條件，鉤碼靜止時(shí)其所受重力大小等于彈力；

(2)由圖可知，當(dāng)彈簧沒(méi)掛重物時(shí)，彈簧自由下垂的長(zhǎng)度A。=10.0cm=0.1m，彈簧的

勁度系數(shù)為：/c=77=N/m=40N/m

△LU.15-U.l

(3)無(wú)影響。因?yàn)槿式衽c彈簧自重?zé)o關(guān)。

故答案為：(1)根據(jù)平衡條件，鉤碼靜止時(shí)其所受重力大小等于彈力；(2)10.0,40；(3)

無(wú)影響

(1)根據(jù)平衡條件進(jìn)行分析；

(2)由圖讀出不掛重物時(shí)，彈簧的長(zhǎng)度；由k=*計(jì)算勁度系數(shù)；

(3)因?yàn)椴?去與彈簧自重?zé)o關(guān)。

本題考查了探究彈簧伸長(zhǎng)量與所受拉力的關(guān)系實(shí)驗(yàn)，關(guān)鍵是弄清實(shí)驗(yàn)原理，能夠根據(jù)圖

像求解彈簧原長(zhǎng)和勁度系數(shù)。

16.【答案】0.347滑動(dòng)變阻器無(wú)法實(shí)現(xiàn)調(diào)節(jié)且易發(fā)生短路皿；

4L

第18頁(yè)，共23頁(yè)

【解析】解：①由圖示螺旋測(cè)微器可知，金屬絲直徑的測(cè)量值：d=Omm+34.7x

0.01mm=0.347mm；（因?yàn)樽詈笠晃粸楣雷x，所以0.346?0.349nun均可）

②由實(shí)物圖的連接可知，滑動(dòng)變阻器在電路中與被測(cè)電阻是并聯(lián)關(guān)系，無(wú)法實(shí)現(xiàn)調(diào)節(jié)

且易發(fā)生短路；

③由電阻定律得：R=P《=P盤，電阻率：p=畔；

4"“4L

故答案為：①0.346?0.349

②滑動(dòng)變阻器，無(wú)法實(shí)現(xiàn)調(diào)節(jié)且易發(fā)生短路

③嗒；

①螺旋測(cè)微器固定刻度與可動(dòng)刻度示數(shù)之和是螺旋測(cè)微器的示數(shù)；②由實(shí)物圖的連接

可知，滑動(dòng)變阻器在電路中與被測(cè)電阻是并聯(lián)關(guān)系，無(wú)法實(shí)現(xiàn)調(diào)節(jié)且易發(fā)生短路；③應(yīng)

用電阻定律可以求出電阻率的表達(dá)式。

本題考查了螺旋測(cè)微器的讀數(shù)、實(shí)驗(yàn)原理以及實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)處理等問(wèn)題，理解實(shí)驗(yàn)原理是解

題的前提；要掌握常用器材的讀數(shù)與使用方法。

17.【答案】F依據(jù)/='及家庭電路電壓可得干路電流約為47A

【解析】解：由表2,求出小明家電器的總功率約為：Ps=3000W+100W+100W+

2000W+400"+800W+10001V+200W+8001V+100UZ+1000W+600UZ=

101001V

根據(jù)公式「=0可得：/=空=04=474結(jié)合表1可知，需要選擇允許長(zhǎng)期負(fù)載

U220

電流為50?65A的導(dǎo)線兒

故答案為：F,依據(jù)/=：及家庭電路電壓可得干路電流約為47A

先求出配備的家電的總功率，然后結(jié)合公式P=U/即可求出。

該題考查電功率的計(jì)算，解答的關(guān)鍵是先求出小明家可能消耗的最大功率。

18.【答案】解：（1）由線速度定義可得口=手

（2）設(shè)“天問(wèn)一號(hào)”的質(zhì)量為"?，萬(wàn)有引力提供向心力有=m（竿）?r

解得M=客

GT2

（3）忽略火星自轉(zhuǎn)，火星表面質(zhì)量為加的物體，其所受萬(wàn)有引力等于重力根'9=鬻

代入M可解得9=需

答：(1)“天問(wèn)一號(hào)”環(huán)繞火星運(yùn)動(dòng)的線速度的大小為齊；

(2)火星的質(zhì)量為需；

(3)火星表面的重力加速度的大小為需。

【解析】(1)由線速度定義可得“天問(wèn)一號(hào)”環(huán)繞火星運(yùn)動(dòng)的線速度的大??；

(2)根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力，由牛頓第二定律可求火星的質(zhì)量；

(3)根據(jù)火星表面的物體所受萬(wàn)有引力等于其重力可求火星表面的重力加速度的大小。

本題考查萬(wàn)有引力定律在天體運(yùn)動(dòng)中的基本應(yīng)用，其基本解題方法是根據(jù)人造衛(wèi)星的萬(wàn)

有引力等于向心力以及星球表面重力等于萬(wàn)有引力兩個(gè)規(guī)律求解，本題難度較小。

19.【答案】解：(1)根據(jù)安培定則可知通電直導(dǎo)線下方的磁場(chǎng)方向垂直于水平面向下，

且遠(yuǎn)離導(dǎo)線磁感應(yīng)強(qiáng)度減弱，所以金屬框中的磁通量向里減小，根據(jù)楞次定律可得感應(yīng)

電流方向?yàn)轫槙r(shí)針；

(2)根據(jù)對(duì)稱性可知，金屬框左右兩邊安培力大小相等、方向相反，沿x方向合外力為

零，所以金屬框在x方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)；

由于靠近導(dǎo)線磁場(chǎng)強(qiáng)，所以沿y軸正方向磁場(chǎng)逐漸減小，與)，軸垂直的兩邊所受安培力

合力與沿y軸的運(yùn)動(dòng)方向相反，大小逐漸減小，沿y負(fù)方向的加速度逐漸減小、沿y軸

的速度減小的越來(lái)越慢，速度-時(shí)間關(guān)系圖像如圖所示；

(3)最終金屬框沿水平方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)，根據(jù)能量轉(zhuǎn)化與守恒定律可得：Q熱=

2

|mvo—im(v0cos0)

解得：Q熱詔sin?。。

答：(1)金屬框剛運(yùn)動(dòng)時(shí)感應(yīng)電流的方向?yàn)轫槙r(shí)針；

(2)金屬框沿x