2023屆河北省高三一輪復(fù)習(xí)聯(lián)考物理試卷（五）（含答案解析）

2023屆河北省高三一輪復(fù)習(xí)聯(lián)考物理試卷（五）

學(xué)校:姓名：班級(jí):考號(hào)：

一、單選題

1.在超導(dǎo)托卡馬克實(shí)驗(yàn)裝置內(nèi)部發(fā)生的核反應(yīng)方程為：H+：Hf；He+X,已知：H的

質(zhì)量為m/,：H的質(zhì)量為m2,；He的質(zhì)量為出，X的質(zhì)量為光速為c,則下列說

法正確的是（）

A.X為正電子，最早由查德威克通過實(shí)驗(yàn)發(fā)現(xiàn)B.:He比:H更穩(wěn)定

C.:He的結(jié)合能E=（班+嗎-g-陷）/D.該核反應(yīng)是目前利用核能的主要方式

2.某同學(xué)應(yīng)用航拍飛機(jī)進(jìn)行實(shí)驗(yàn)并得到如圖所示的位移一時(shí)間圖像，/=0時(shí)，飛機(jī)由

靜止向上運(yùn)動(dòng)，當(dāng)”2時(shí)，飛機(jī)上升到與高度并立即關(guān)閉發(fā)動(dòng)機(jī)，讓其自由上升，f=

時(shí)，飛機(jī)達(dá)到最高點(diǎn)，整個(gè)過程中飛機(jī)在豎直方向做直線運(yùn)動(dòng)，圖中的0~f°,

兩段曲線均為拋物線，下列說法正確的是（）

A.飛機(jī)在。~，。時(shí)間內(nèi)處于失重狀態(tài)

B.飛機(jī)在。~乙,時(shí)間內(nèi)的加速度大小等于r。~54時(shí)間內(nèi)的加速度大小

C.XT圖像中的兩段曲線在/時(shí)刻相切

D.飛機(jī)的最大速度為F

*0

3.如圖所示，長(zhǎng)木板放在傾角為。的光滑斜面上，假設(shè)腳與長(zhǎng)木板接觸處不打滑，長(zhǎng)

木板和人的質(zhì)量均為〃3則下列說法中正確的是（）

A.要保持長(zhǎng)木板相對(duì)斜面靜止，人應(yīng)以gsin。的加速度沿斜面向上跑動(dòng)

B.要保持長(zhǎng)木板相對(duì)斜面靜止，人應(yīng)以gsin。的加速度沿斜面向下跑動(dòng)

C.要保持人相對(duì)于斜面的位置不變，人在原地跑而使長(zhǎng)木板以2gsin0加速度向上滑動(dòng)

D.要保持人相對(duì)于斜面的位置不變，人在原地跑而使長(zhǎng)木板以2gsin。加速度向下滑動(dòng)

4.宇航員登上某球形未知天體，在該天體表面將某一小球豎直上拋，得到小球的動(dòng)能

隨小球距離未知天體表面的高度變化情況如圖所示，圖中以。、生為已知量，已知小球

質(zhì)量為m,該星球的第一宇宙速度為v,該未知天體的半徑大小為（）

5.體育課中，小明用打氣筒給籃球打氣，整個(gè)打氣過程緩慢進(jìn)行，每次打氣筒活塞都

將一個(gè)標(biāo)準(zhǔn)大氣壓的一整筒空氣壓入籃球，無漏氣，氣體可視為理想氣體，設(shè)籃球的體

A.整個(gè)打氣過程中氣體的內(nèi)能增大

B.整個(gè)打氣過程中氣體分子對(duì)籃球內(nèi)壁的平均撞擊力變大

C.后一次與前一次推活塞過程比較，籃球內(nèi)氣體壓強(qiáng)的增加量相等

D.后一次與前一次推活塞過程比較，壓入的氣體分子數(shù)少

6.一列沿x軸傳播的簡(jiǎn)諧橫波在f=0時(shí)刻的波形如圖甲所示，圖乙是位于x=lm的質(zhì)

點(diǎn)N此后的4T圖像，。是位于x=10m處的質(zhì)點(diǎn)，則下列說法正確的是（）

試卷第2頁，共8頁

B.質(zhì)點(diǎn)M的振動(dòng)方程為y=8cos0.5加（cm）

C.在，=12s時(shí)，質(zhì)點(diǎn)Q的位置坐標(biāo)為（10m,8cm）

D.在該簡(jiǎn)諧波傳播方向上與波源逐漸靠近的接收器接收到的波的頻率將小于0.25Hz

7.如圖所示，A、B、C是等邊三角形的三個(gè)頂點(diǎn)，AC邊的中點(diǎn)為M,BC邊的中點(diǎn)為

N,O點(diǎn)為三角形的中心，分別在A、B、C固定放置電荷量為+Q、-Q、+Q的點(diǎn)電荷時(shí)，

下列說法正確的是（）

、、、滬\

—

A.M、N兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等

B.歷、N兩點(diǎn)的電勢(shì)相等

C.將一個(gè)不計(jì)重力的負(fù)電荷沿直線由。點(diǎn)向B點(diǎn)移動(dòng)的過程中，電勢(shì)能逐漸減小

D.將一個(gè)不計(jì)重力的負(fù)電荷沿直線ON由。點(diǎn)向N點(diǎn)移動(dòng)的過程中，受到的電場(chǎng)力做

負(fù)功

8.如圖所示，輕彈簧左端固定，右端連接物體A,物體A置于光滑水平桌面上，物體

A和B通過細(xì)繩繞過定滑輪連接，已知物體A的質(zhì)量為相八，物體B的質(zhì)量為機(jī)B，彈

簧的勁度系數(shù)為鼠不計(jì)滑輪摩擦，物體A位于O點(diǎn)時(shí);系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)，物體A

在尸點(diǎn)時(shí)彈簧處于原長(zhǎng)?，F(xiàn)將物體A由P點(diǎn)靜止釋放，物體A不會(huì)和定滑輪相碰，當(dāng)

物體B向下運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)時(shí)，繩子恰好被拉斷且彈簧未超過彈性限度，則（）

3

B.繩子能承受的最大拉力為

C.物體A動(dòng)能的增加量小于物體B所受重力對(duì)B做的功與彈簧彈力對(duì)A做的功之和

D.物體A與彈簧所組成的系統(tǒng)機(jī)械能的增加量等于物體B所受重力對(duì)B做的功

二、多選題

9.如圖甲為某同學(xué)設(shè)計(jì)的充電裝置示意圖，線圈加匝數(shù)〃=100匝，面積S=l（F\n2,

空間中存在勻強(qiáng)磁場(chǎng)，方向垂直于線圈平面，磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時(shí)間按正弦規(guī)律變化，如圖

乙所示，理想變壓器副線圈接充電器，己知額定電壓為6V的充電器恰能正常工作，不

計(jì)線圈電阻，則下列說法正確的是（）

乙

A.線圈仍中交變電流的周期為0.2s

B.變壓器原線圈輸入電壓有效值為0V

C.變壓器原、副線圈匝數(shù)比為1:6

D.變壓器原、副線圈匝數(shù)比為近：6

10.如圖所示，用三根細(xì)線“、尻c將質(zhì)量分別為〃h2機(jī)的兩個(gè)小球1、2連接并懸掛,

兩小球處于靜止?fàn)顟B(tài)，細(xì)線a與豎直方向的夾角為30。，細(xì)線c水平，八氏c三根細(xì)線

受到的拉力大小分別為Z、Tb、Tc,則（）

\\\\\\\\

I\

7

匕

匕

A.Th=3mgB.Th=yf7tngC.Tb=>j5ingD.Tc=y[3mg

11.如圖所示，兩條平行光滑導(dǎo)軌相距L導(dǎo)軌水平部分足夠長(zhǎng)，導(dǎo)軌電阻不計(jì)。水平

軌道處在豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B,金屬棒人放在水平導(dǎo)軌上，金

屬棒“從斜軌上高〃處自由滑下，已知金屬棒。、6質(zhì)量均為機(jī)，電阻均為R，整個(gè)過

程中金屬棒小〃始終未相撞且與導(dǎo)軌接觸良好，則下列說法正確的是（）

試卷第4頁，共8頁

A.俯視看，回路中的感應(yīng)電流方向?yàn)槟鏁r(shí)針

B.回路中感應(yīng)電流的最大值為也變

R

C.金屬棒b的最大安培力為"廊

2R

D.金屬棒a最多產(chǎn)生的熱量為!，咫“

三、實(shí)驗(yàn)題

12.阿特伍德機(jī)是著名的力學(xué)實(shí)驗(yàn)裝置。如圖甲所示，繞過定滑輪的細(xì)線上懸掛質(zhì)量相

等的重物A和重物B,在重物B下面再掛重物C時(shí)，由于速度變化不太快，便于驗(yàn)證規(guī)

012345678910

?????T

EFGqJ，

乙

（1）某次實(shí)驗(yàn)結(jié)束后，打出的紙帶如圖乙所示，已知打點(diǎn)計(jì)時(shí)器所用交流電源的頻率

為50Hz,則重物A運(yùn)動(dòng)拖動(dòng)紙帶打出，點(diǎn)時(shí)的瞬時(shí)速度為m/s（結(jié)果保留

三位有效數(shù)字）；

（2）某同學(xué)利用本裝置驗(yàn)證“牛頓第二定律“，若重物C的質(zhì)量為根，重物A、8質(zhì)量

均為M,已知當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣葹間,若牛頓第二定律成立，則重物A的加速度的表達(dá)

式為。=（用上述物理量表示），若測(cè)得多組機(jī)及對(duì)應(yīng)的加速度。，在,-工

am

圖中描點(diǎn)畫線得到如圖丙所示圖線，若圖線與縱軸截距為b,圖線的斜率為k,則當(dāng)?shù)?/p>

的重力加速度為（用圖線的斜率或截距表示）。

13.某同學(xué)為了測(cè)定一個(gè)圓柱體工件材料的電阻率，采用了如下方法:

10V主尺早cm

“[山川山I,

0510游標(biāo)尺20

甲

（1）利用游標(biāo)卡尺和螺旋測(cè)微器分別測(cè)量圓柱體工件的高度和直徑，測(cè)量結(jié)果如圖甲、

乙所示，該工件高度，為cm,直徑。為mm。

（2）用多用電表測(cè)得該工件的電阻燈大約為500C,該同學(xué)又用伏安法測(cè)定該工件的

阻值，除被測(cè)電阻外，還有如下實(shí)驗(yàn)儀器：

A.直流電源（電動(dòng)勢(shì)E=12V,內(nèi)阻不計(jì)）

B.電壓表Vi（量程0~3V,內(nèi)阻約為3kC）

C.電壓表V2（量程0~15V,內(nèi)阻約為25kC）

D.電流表Ai（量程0~25mA,內(nèi)阻約為1。）

E.電流表A2（量程0~250mA,內(nèi)阻約為0.1C）

F.滑動(dòng)變阻器R,阻值0?2C

G.開關(guān)S,導(dǎo)線若干

在上述儀器中，電壓表應(yīng)選擇（選填“V1”或“V2”），電流表應(yīng)選擇

（選填"A]”或"A2”）,請(qǐng)?jiān)趫D中虛線框內(nèi)畫出電路原理圖（電表用題中所

給的符號(hào)表示）。

試卷第6頁，共8頁

（3）如果電壓表示數(shù)為U,電流表示數(shù)為/,則此圓柱工件材料的電阻率為

（用題中所給符號(hào)表示）。

四、解答題

14.如圖所示，邊長(zhǎng)為L(zhǎng)的正方形ABC。為一棱鏡的橫截面。在截面所在的平面，一光

線自M點(diǎn)射入棱鏡，入射角為60。，折射角為30。，經(jīng)折射后在8c邊的N點(diǎn)發(fā)生反射，

反射后射到CO邊的尸點(diǎn)，設(shè)真空中的光速為c,求：

（1）棱鏡的折射率〃；

（2）光線從M點(diǎn)到P點(diǎn)的時(shí)間。

15.如圖所示，質(zhì)量為如的長(zhǎng)木板靜止在水平地面上，與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為〃尸0.5,

其右端上表面與!光滑固定圓弧軌道相切，其左端與另一半徑相同的5光滑固定圓弧軌

道最低點(diǎn)相距X廠0.2m,左、右兩側(cè)光滑圓弧最低點(diǎn)等高。質(zhì)量為四的小木塊A靜置

于長(zhǎng)木板最右端，質(zhì)量為，”2的小木塊B從距木板右端x=；m處以％=G5m/s的初速

度開始向右運(yùn)動(dòng)，然后與儂發(fā)生碰撞，與A發(fā)生碰撞，二者碰撞時(shí)間極短，碰后結(jié)合

為一體，，如=〃?2=n?3=lkg,小木塊A、B均可看成質(zhì)點(diǎn)且與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為"2=0.9,

重力加速度g取10m/s2。

（1）求因碰撞而損失的機(jī)械能；

（2）使結(jié)合體不從長(zhǎng)木板上滑下，求長(zhǎng)木板的最短長(zhǎng)度；

（3）長(zhǎng)木板取第（2）問中的最短長(zhǎng)度，求結(jié)合體第一次滑上左側(cè)圓弧軌道上升的最大

高度。（結(jié)果可用分?jǐn)?shù)表示）

16.在芯片制造過程中，離子注入是其中一道重要的工序。如圖所示是離子注入工作原

理示意圖，離子經(jīng)加速后沿水平方向進(jìn)入速度選擇器，然后通過磁分析器，選擇出特定

比荷的離子，經(jīng)偏轉(zhuǎn)系統(tǒng)后注入處在水平面內(nèi)的晶圓（硅片），速度選擇器、磁分析器

和偏轉(zhuǎn)系統(tǒng)中的勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為B,方向均垂直于紙面向外；速度選擇

器和偏轉(zhuǎn)系統(tǒng)中的勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小均為E,方向分別為豎直向上和垂直于紙面

向外，磁分析器截面是內(nèi)外半徑分別為R/和七的四分之一圓環(huán)，其兩端中心位置”和

N處各有一個(gè)小孔；偏轉(zhuǎn)系統(tǒng)中電場(chǎng)和磁場(chǎng)的分布區(qū)域是同一棱長(zhǎng)為L(zhǎng)的正方體，其底

面與晶圓所在水平面平行，間距也為3當(dāng)偏轉(zhuǎn)系統(tǒng)不加電場(chǎng)及磁場(chǎng)時(shí)，質(zhì)量為，"的離

子恰好豎直注入到晶圓上的。點(diǎn)（即圖中坐標(biāo)原點(diǎn)，x軸垂直紙面向外），整個(gè)系統(tǒng)置

于真空中，不計(jì)離子重力及離子間的相互作用，打在晶圓上的離子，經(jīng)過電場(chǎng)和磁場(chǎng)偏

轉(zhuǎn)的角度都很小，當(dāng)a很小時(shí)，有sine=stana=iz,cosa?1-^a2,求：

（1）離子通過磁分析器選擇出來離子的電荷量大小；

（2）偏轉(zhuǎn)系統(tǒng)僅加電場(chǎng)時(shí)，離子在穿越偏轉(zhuǎn)系統(tǒng)中動(dòng)能的增加量；

（3）偏轉(zhuǎn)系統(tǒng)僅加磁場(chǎng)時(shí)，離子注入晶圓的位置坐標(biāo)（x,y）（用長(zhǎng)度/?八&及L表示）。

試卷第8頁，共8頁

參考答案：

1.B

【詳解】A.根據(jù)核反應(yīng)的質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒可知，X的電荷數(shù)為0,質(zhì)量數(shù)為1,則為

中子，最早由查德威克通過實(shí)驗(yàn)發(fā)現(xiàn)，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；

B.該反應(yīng)放出核能，則生成物;He的比結(jié)合能比：H更大，更穩(wěn)定，選項(xiàng)B正確；

C.核反應(yīng)過程中的質(zhì)量虧損

=w,+m2--/n4Am=mi+m2-m3-nu

釋放的核能

AE=A/nc2=("+44

根據(jù)結(jié)合能的概念可知，該值不等于；He的結(jié)合能，故C錯(cuò)誤；

D.這種裝置的核反應(yīng)是核聚變，而目前利用核能的主要方式核裂變，它們的核反應(yīng)原理不

相同，故D錯(cuò)誤；

故選B。

2.C

【詳解】根據(jù)題意可知，兩段曲線均為拋物線，則飛機(jī)在兩段時(shí)間內(nèi)均做勻變速直線運(yùn)動(dòng)

A.根據(jù)XT圖像中斜率表示速度，由圖像可知，飛機(jī)在0~。時(shí)間內(nèi)，向上做加速運(yùn)動(dòng)，

具有向上的加速度，則處于超重狀態(tài)，故A錯(cuò)誤；

B.根據(jù)題意，設(shè)飛機(jī)在。~%時(shí)間內(nèi)的加速度大小為6,由公式戶卬+ga產(chǎn)可得

1j

*0=5印0

解得

設(shè)~5/。時(shí)間內(nèi)的加速度大小為生,由圖可知，飛機(jī)在，=5r。時(shí)速度為0,則可看成反向加

速，由公式x=+可得

5%一%

解得

a一旦

七一2?

答案第1頁，共12頁

可知

故B錯(cuò)誤；

C.根據(jù)XT圖像中斜率表示速度可知，XT圖像中的兩段曲線在/=為時(shí)刻相切，故C正確；

D.根據(jù)XT圖像中斜率表示速度，由圖像可知，飛機(jī)在f=時(shí)速度最大，由公式丫=%+)

可得，最大速度為

%=印。=華

故D錯(cuò)誤。

故選C。

3.D

【詳解】AB.要保持木板相對(duì)斜面靜止，木板要受到沿斜面向上的靜摩擦力尸與使木板下

滑的重力分力平衡，即

根據(jù)作用力與反作用力的性質(zhì)可知，人受到木板對(duì)他沿斜面向下的靜摩擦力，所以人受到的

合力為，"gsinO+F,由牛頓第二定律得

mgsinO+F=ma

解得

〃=2gsin。

方向沿斜面向下，選項(xiàng)AB錯(cuò)誤；

CD.要保持人相對(duì)于斜面的位置不變，即人處于平衡狀態(tài)，F(xiàn)為人腳受到的靜摩擦力且沿

斜面向上，因此木板受到沿斜面向下的靜摩擦力，對(duì)人有

mgsin6=F

木板受到的合力為機(jī)gsinO+F,由牛頓第二定律得

nigsinO+F=ma

解得

〃=2gsin。

方向沿斜面向下，選項(xiàng)C錯(cuò)誤，D正確。

故選D。

答案第2頁，共12頁

4.B

【詳解】由題可知，豎直上拋時(shí)根據(jù)動(dòng)能定理得

_mg%=Q_Eko

該星球的第一宇宙速度為v,則

mv~

聯(lián)立解得

EkO

故選B?

5.C

【詳解】A.在緩慢充氣過程中，氣體溫度保持不變，打氣筒內(nèi)的氣體全部壓入籃球內(nèi)，無

漏氣，氣體可視為理想氣體，則整個(gè)打氣過程中氣體的內(nèi)能不變，故A錯(cuò)誤；

B.由于氣體的溫度不變，氣體分子的平均動(dòng)能不變，則整個(gè)打氣過程中氣體分子對(duì)籃球內(nèi)

壁的平均撞擊力不變，故B錯(cuò)誤；

C.設(shè)籃球的容積為匕，打氣筒的容積為V,打第"次氣后籃球內(nèi)氣體的壓強(qiáng)為p“，打第〃+1

次氣后籃球內(nèi)氣體的壓強(qiáng)為,根據(jù)玻意耳定律可得

p,y0+p,y=

可得

V

P?-P?=—Po

+1%

即后一次與前一次推活塞過程比較，籃球內(nèi)氣體壓強(qiáng)的增加量相等，故c正確；

D.每次壓入的氣體體積、溫度和壓強(qiáng)都相同，所以每次壓入的氣體分子數(shù)相同，故D錯(cuò)誤。

故選C。

6.C

【詳解】A.根據(jù)題意，由圖乙可知，質(zhì)點(diǎn)N在f=0時(shí)刻，處在平衡位置向y軸負(fù)方向振動(dòng)，

由同側(cè)法可知，波沿x軸正方向傳播，〃點(diǎn)向y軸正方向振動(dòng)，則波源的起振方向向上，

故A錯(cuò)誤；

D.根據(jù)題意，由圖乙可知，該波的周期為4s,則該波的頻率為

答案第3頁，共12頁

/=7=0.25Hz

由多普勒效應(yīng)可知，在該簡(jiǎn)諧波傳播方向上與波源逐漸靠近的接收器接收到的波的頻率將大

于0.25Hz,故D錯(cuò)誤；

B.根據(jù)題意，由公式可得

2%7U

CD-=一

T2

由于，=0時(shí)，M點(diǎn)在平衡位置向y軸正方向振動(dòng)，則質(zhì)點(diǎn)M的振動(dòng)方程為

y=8sin0.5m（cm）

故B錯(cuò)誤；

C.根據(jù)題意，由圖甲可知，該波的波長(zhǎng)為4m,由公式口=（可得，該波的傳播速度為

v=lm/s

則該波傳播到。點(diǎn)所需要的時(shí)間為

可知，質(zhì)點(diǎn)。在,=12s時(shí)，振動(dòng)了Af=5s,則質(zhì)點(diǎn)。在正向最大位移處，質(zhì)點(diǎn)。的位置坐

標(biāo)為（10m,8cm）,故C正確。

故選C。

7.D

【詳解】A.根據(jù)電場(chǎng)強(qiáng)度

E=k&

r

及平行四邊形法則，”點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度小于N點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度，故A錯(cuò)誤；

B.若有一正點(diǎn)電荷由M點(diǎn)到N點(diǎn)，電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能減小，則M點(diǎn)的電勢(shì)大于N點(diǎn)

的電勢(shì)，故B錯(cuò)誤；

C.將一個(gè)不計(jì)重力的負(fù)電荷沿直線。8由。點(diǎn)向B點(diǎn)移動(dòng)的過程中，電場(chǎng)力做負(fù)功，電勢(shì)

能逐漸增大，故C錯(cuò)誤；

D.將一個(gè)不計(jì)重力的負(fù)電荷沿直線ON由。點(diǎn)向N點(diǎn)移動(dòng)的過程中，受到C點(diǎn)的正電荷和

8點(diǎn)的負(fù)電荷的合電場(chǎng)力垂直于OM不做功，受到A點(diǎn)的正電荷的電場(chǎng)力做負(fù)功，故D正

確。

故選D?

8.C

答案第4頁，共12頁

【詳解】AB.在尸點(diǎn)釋放物體A瞬間，彈簧彈力為零，以A、B為整體，根據(jù)牛頓第二定

律可得

mBg=(mA+mB)a

解得

加A+%B

可知初始時(shí)刻物體A的加速度為一管一；當(dāng)物體B向下運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)時(shí)，根據(jù)對(duì)稱性可

機(jī)A+mB

知，此時(shí)B的加速度大小為一乎一，方向向上，根據(jù)牛頓第二定律可得

解得繩子能承受的最大拉力為

故AB錯(cuò)誤；

C.根據(jù)能量守恒可知，物體B減少的重力勢(shì)能轉(zhuǎn)化為彈簧的彈性勢(shì)能和A、B的動(dòng)能之和，

所以物體B所受重力對(duì)B做的功與彈簧彈力對(duì)A做的功之和等于物體A、B的動(dòng)能之和，

則物體A動(dòng)能的增加量小于物體B所受重力對(duì)B做的功與彈簧彈力對(duì)A做的功之和，故C

正確；

D.物體B所受重力對(duì)B做的功等于物體B減少的重力勢(shì)能，根據(jù)能量守恒可知，物體B

減少的重力勢(shì)能等于物體A與彈簧所組成的系統(tǒng)機(jī)械能的增加量與物體B的動(dòng)能增加量之

和，故D錯(cuò)誤。

故選C。

9.AC

【詳解】A.由圖乙可知，線圈必中交變電流的周期為0.2s,故A正確；

B.變壓器原線圈輸入電壓的最大值為

3

Em=?BmS(y=100x—xl0'x—V=V2V

7i0.2

變壓器原線圈輸入電壓有效值為

E

故B錯(cuò)誤；

CD.根據(jù)理想變壓器原、副線圈電壓表等于匝數(shù)比可得

答案第5頁，共12頁

*52

1tlU]6

故C正確，D錯(cuò)誤。

故選ACo

10.BD

【詳解】小球均靜止，故都處于平衡狀態(tài)，合外力為零。將球1和球2看作一個(gè)整體，對(duì)整

體受力分析如下圖所示

T

3mg

將Ta水平豎直分解有

7izsin<9=Fc

Tcicosf)=3〃2g

解得

Ta=2y/3mg

T=6mg

隔離對(duì)小球2受力分析如下圖

答案第6頁，共12頁

Tb

Tb=dT：+(2mg)。=5ng

故選BDo

11.ACD

【詳解】A.根據(jù)右手定則可知，金屬棒。向右運(yùn)動(dòng)過程中，回路中的感應(yīng)電流為逆時(shí)針方

向（俯視看），A正確：

B.金屬棒a剛運(yùn)動(dòng)至水平軌道時(shí)，速度最大，6棒速度為零，此時(shí)感應(yīng)電流最大，則

mgh=-mv2,I-

22R

得

BL廊

I一

2R

B錯(cuò)誤；

C.同B選項(xiàng)，此時(shí)匕棒受安培力最大，即

m2R

C正確；

D.兩金屬棒最終共速，運(yùn)動(dòng)過程中滿足動(dòng)量守恒

mv=2mv

金屬棒a產(chǎn)生的熱量為

得

Q=^mgh

D正確。

答案第7頁，共12頁

故選ACDo

m1

12.1.132M+/b

【詳解】（1）⑴打”點(diǎn)時(shí)重錘A的瞬時(shí)速度等于打G、J兩點(diǎn)間的平均速度，即

GJ(8.50-4.00)x10-2

Vu=—=m/s?1.13m/s

"2T2x0.02

（2）[2]⑶對(duì)A、B、。整體根據(jù)牛頓第二定律有

(M+〃Dg—Mg=(2M+m)a

則

m

a=--------g

2M+m

整理得

12M11

—=—?—

agmg

由題意可知

b=L

g

解得

nP2U

41H

【詳解】（1）UJ該工件的直徑為

D=102mm+4x0.05mm=102.20mm=10.220cm

[2]高度為

H=5.5mm+40.0x0.01mm=5.900nim

（2）[3]根據(jù)所給電源電動(dòng)勢(shì)可知電壓表應(yīng)選擇V2。

[4]通過工件的最大電流約為

E

：”=—=24mA

氏

所以電流表應(yīng)選擇Ai。

答案第8頁，共12頁

[5]因?yàn)榛瑒?dòng)變阻器最大阻值遠(yuǎn)小于心,所以滑動(dòng)變阻器應(yīng)采用分壓式接法。又因?yàn)?/p>

&>d網(wǎng)風(fēng)2

所以電流表應(yīng)采用內(nèi)接法，電路原理圖如圖所示。

R'=7

根據(jù)電阻定律有

X耍瑞

解得

nD2U

p=--------

41H

14.(1)/；(2)—

【詳解】（1）在M點(diǎn),由光的折射定律

sin60°/r

n=--------=73

sin30°

（2）由幾何關(guān)系可知,光線從M點(diǎn)到尸點(diǎn)的距離為

22L

s=MN+NP=-f=(BN+CN)=-i=

v3v3

傳播的速度

cc

光線從歷點(diǎn)到P點(diǎn)的時(shí)間

s2L

=———

Vc

15.(1)16J；(2)—m；(3)—m

330

【詳解】（1）設(shè)木塊B到達(dá)木板右端的速度為盯，由動(dòng)能定理可得

答案第9頁，共12頁

1212

-^2m2gx=-m2vl--m2v0

代入數(shù)據(jù)，解得

v；=8m/s

AB碰撞后，由動(dòng)量定理可得

〃?2H=（，巧+?）丫共

解得

Vjt=4m/s

碰撞過程損失的機(jī)械能

=g也（加2+/）嗔=16J

(2)由機(jī)械能守恒定律可得AB回到木板底端時(shí)速度大小4m/s,滑上木板后，木塊AB的

加速度為痣，由牛頓第二定律

+嗎）g=（"+網(wǎng)）出

木板的加速的為田，由牛頓第二定律

〃2（嗎+"%）g-A（〃?2+/%+網(wǎng)）g=肛6

解得

4=3m/s2

2

a2=9m/s

設(shè)經(jīng)過。時(shí)間后兩者共速，共同速度為U,由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式可知

u=u共一Q2a

解得

1

v=lm/s

該過程中木板的位移

V1

x=—A=—m

12,6

滑塊走過的位移

答案第10頁，共12頁

/=