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文檔簡介

2021年浙江省高考物理精創(chuàng)預(yù)測試卷(二)

一、單選題(本大題共13小題,共39.0分)

1.以下給出的物理量單位中,都屬于國際制中基本單位的是()

A.秒⑸、千克(如)、焦耳。)B.秒⑸、千克(kg)、安培(4)

C.秒(s)、克(g)、米(m)D.牛頓(N)、千克(kg)、米(m)

nEn/eV

2.如圖所示為氫原子能級圖,下列說法正確的是()

OO----------0

5——-0.54

A.當(dāng)氫原子從n=3狀態(tài)躍遷到n=4狀態(tài)時,輻射出0.66eU的4——-0.85

光子3——-1.51

2-3.4

B.波爾理論認(rèn)為原子的能量是不連續(xù)的,電子的軌道半徑是連

續(xù)的-13.6

C.波爾理論也能很好地解釋復(fù)雜原子的光譜

D.大量處在n=1能級的氫原子可以被13eV的電子碰撞而發(fā)生躍遷

3.兩個點電荷的質(zhì)量分別為7nrm2,帶異種電荷,電荷量分別為Q1,Q2,相距為d,在庫侖力的

作用下(不計萬有引力)各自繞他們連線上的某一固定點,在同一水平面內(nèi)做勻速圓周運動,已

知的動能為反,則爪2的動能為()

okQiQz?knQQ

A.絲詈-EkB-F--EkC.一場D.一Ek

m2d2m2d

4.其中反映質(zhì)點作勻減速直線運動的是()

£7eV

5.一群處于n=4能級的氫原子回到ri=1的n

4---O.85eV

過程中()3---I51eV

-3.40eV

A.放出4種頻率不同的光子

B.放出8種頻率不同的光子-13.60eV

放出的光子的最大能量為12.75eV,最小能量是0.66eV

D.放出的光子能使逸出功為13.0eV的金屬發(fā)生光電效應(yīng)

6.物理學(xué)家法拉第在研究電與磁的關(guān)系時,曾做過著名的“電磁旋轉(zhuǎn)實

驗”,如圖是實驗原理圖,這個實驗的現(xiàn)象是:如果載流導(dǎo)線附近只有

磁鐵的一個極,磁鐵就會圍繞導(dǎo)線旋轉(zhuǎn);反之,載流導(dǎo)線也會圍繞單獨

的某一磁極旋轉(zhuǎn).這一實驗裝置實際上就是最早的電動機(jī)“模型”,圖

中4是可動磁鐵,B是固定導(dǎo)線,C是可動導(dǎo)線,。是固定磁鐵,圖中

灰色部分表示汞,下部跟電源連接,若你自上向下看這時A和C的轉(zhuǎn)動情況將是()

A.4和C都將順時針轉(zhuǎn)動B.A和C都將逆時針轉(zhuǎn)動

C.A將順時針轉(zhuǎn)動,C將逆時針轉(zhuǎn)動D.A將逆時針轉(zhuǎn)動,C將順時針轉(zhuǎn)動

7.如圖所示,在真空中水平放置一對金屬板,兩板間的電壓為U,板

間距為乩板長為L,一個質(zhì)量為〃八電量為q的帶電粒子以水平--------------------

速度%沿兩板中線射入電場并能射出電場,忽略粒子所受的重力,

下說法正確的是()

A.粒子通過電場的時間tv0

B.粒子通過電場的時間t=d器

C.粒子射出電場的速度大小"=緇

mavQ

D.粒子在電場中的豎直偏移距離y=三告

8.如圖所示,置于圓形水平轉(zhuǎn)臺邊緣的小物塊隨轉(zhuǎn)臺加速轉(zhuǎn)動,當(dāng)轉(zhuǎn)速7r

3=2rad/s時,物體恰好滑離轉(zhuǎn)臺開始做平拋運動.現(xiàn)測得轉(zhuǎn)臺的半徑

R=1.0m,設(shè)物塊所受的最大靜摩擦力等于滑動摩擦力,則物塊與轉(zhuǎn)臺?--

間的動摩擦因數(shù)〃為()

A.0.5B,0.4C,0.3D,0.2

9.救災(zāi)過程中,工作人員在懸停的直升飛機(jī)上,由靜止釋放救災(zāi)物資。物資在下落過程中受到水

平風(fēng)力的影響,下列說法正確的是()

A.風(fēng)力越大,救災(zāi)物資下落時間越長

B.風(fēng)力越大,救災(zāi)物資著地速度越大

C.風(fēng)力越大,救災(zāi)物資著地速度越小

D.救災(zāi)物資著地速度與風(fēng)力無關(guān)

10.假設(shè)在某一航天飛機(jī)上做一項懸繩發(fā)電實驗,現(xiàn)在航天飛機(jī)上發(fā)射一項衛(wèi)星,衛(wèi)星攜帶一根較

長的金屬懸繩離開了航天飛機(jī),從航天飛機(jī)到衛(wèi)星的懸繩指向地心,此時航天飛機(jī)恰好繞地球

做勻速圓周運動.已知航天飛機(jī)的軌道在赤道平面內(nèi),繞行方向與地球自轉(zhuǎn)方向一致,角速度

為3,地球自轉(zhuǎn)角速度為3°,地磁場的北極在地理南極附近.若用火表示懸繩上端的電勢,用小

表示懸繩下端的電勢,則()

A.若3>a)0,則/<U2

B.若3>30,則Ui>U2

C.無論3和30關(guān)系如何,都有U]<出

D.無論3和3()關(guān)系如何,都有Ui>出

11.如圖甲所示,為一種調(diào)光臺燈電路示意圖,它通過雙向可控硅電子器件實現(xiàn)了無級調(diào)節(jié)亮度.給

該臺燈接220丫的正弦交變電流后加在燈管兩端的電壓如圖乙所示,則此時交流電壓表的示數(shù)為

()

12.一種通信衛(wèi)星需要靜止在赤道上空的某一點,因此它的運行周期必須與地球的自轉(zhuǎn)周期相同.已

知月球繞地球運轉(zhuǎn)的周期為27天,那么根據(jù)開普勒第三定律,通信衛(wèi)星離地心的距離大約是月

心離地心距離的()倍.

A.27B./C.9D.

13.如下圖所示,左側(cè)為一個固定在水平桌面上的半徑為R的半球形碗,碗口直徑AB水平,。點為

球心,碗的內(nèi)表面及碗口光滑。右側(cè)是一個足夠長的固定光滑斜面。一根不可伸長的輕質(zhì)細(xì)繩

跨過碗口及豎直固定的輕質(zhì)光滑定滑輪,細(xì)繩兩端分別系有可視為質(zhì)點的小球和物塊爪2,且

m-i>m2o開始時恰在A點,rn?在斜面上且距離斜面頂端足夠遠(yuǎn),此時連接小1、巾2的細(xì)繩

與斜面平行且恰好伸直,C點是圓心。的正下方。當(dāng)mi由靜止釋放開始運動,則下列說法中錯

誤的是

A.沿斜面上滑過程中,地面對斜面的支持力始終保持恒定

B.當(dāng)運動到C點時,巾1的速率是速率的血倍

C.在Hi】從A點運動到C點的過程中,mi與Tn?組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒

D.mi可能沿碗面上升到B點

二、多選題(本大題共3小題,共6.0分)

14.一列簡諧橫波在介質(zhì)中傳播,在t=0時刻剛好形成如圖所示的波形。已知波

源的振動周期T=0.4s,A、8兩質(zhì)點平衡位置間相距2"?。下列各種說法中

正確的是()

A.若振源在A處,則P質(zhì)點從開始運動到第一次到達(dá)波谷位置需要0.1s

B.若振源在A處,則尸質(zhì)點從開始運動到第一次到達(dá)波谷位置需要0.3s

C.若振源在A處,則P質(zhì)點比Q質(zhì)點提前0。6s第一次到達(dá)波谷位置

D.若振源在8處,則P質(zhì)點比。質(zhì)點滯后0.06s第一次到達(dá)波谷位置

E.若振源在8處,則。質(zhì)點經(jīng)過一段時間后一定會到達(dá)圖中P質(zhì)點所在位置

15.高速粒子轟擊熒光屏可使其發(fā)光.如圖所示,在豎直放置的鉛屏A的

右表面上貼著夕射線放射源P,能朝著A板右側(cè)各個方向發(fā)射速度相

同的£粒子(實質(zhì)是電子),其速度大小為v,足夠大的熒光屏M與鉛屏

A平行放置,相距為4,其間有水平向右的勻強(qiáng)電場,電場強(qiáng)度的大

小為E,已知電子所帶的電荷量為-e,質(zhì)量為,小不考慮相對論效應(yīng),則()

垂直射到熒光屏M上的電子的速度大小為J誓+詔

A.

B.到達(dá)熒光屏離P最遠(yuǎn)的電子的運動時間為J誓

C.熒光屏上的發(fā)光半徑為型建一4d2

7eE

D.到達(dá)熒光屏的電子的電勢能減少了eEd

16.如圖所示,粗細(xì)均勻的金屬環(huán)的電阻為R,可繞軸。轉(zhuǎn)動的金屬

桿。4的電阻為:,桿長為/,A端與環(huán)相接觸,一電阻為]的定值

電阻分別與桿的端點。及環(huán)邊緣連接。桿0A在垂直于環(huán)面向里的、磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁

場中,以角速度3順時針轉(zhuǎn)動。下列說法正確的是()

A.。點電勢高于A點電勢

B.電路中總電流的最小值為皿

4R

C.電路中總電流的最大值為空近

3R

D.電源內(nèi)阻上消耗功率的最小值為受四

16/?

三、實驗題(本大題共2小題,共18.0分)

17.如圖甲所示,在水平光滑軌道上停著甲、乙兩輛實驗小車,甲車上系有一穿過打點計時器的紙

帶,當(dāng)甲車獲得水平向右的速度時,隨即啟動打點計時器,甲車運動一段距離后,與靜止的乙

車發(fā)生正碰并粘在一起運動,紙帶記錄下碰撞前甲車和碰撞后兩車的運動情況,如圖乙所示,

電源頻率為50Hz,則碰撞前甲車速度大小為m/s,碰撞后的共同速度大小為m/s.

已測得甲小車的質(zhì)量mi=0.20kg,乙小車的質(zhì)量m?=0.10kg,由以上測量結(jié)果可得:碰前總

動量為kg-m/s;碰后總動量為kg-m/s.

???????

-jOAf----------------[zTi)中"陰叫"可叫"叫1叮"叩"叩叫"叫"中

LJ向早31234567cln」

甲乙

18.在“描繪小燈泡的伏安特性曲線”的實驗中,現(xiàn)除了有一個標(biāo)有“5丫2.5W”的小燈泡,若干

導(dǎo)線和一個開關(guān)外,還有:

4直流電源(電動勢約為5匕內(nèi)阻可不計)

B.直流電流表(量程0~34,內(nèi)阻約為0.1。)

C直流電流表(量程0?600mA,內(nèi)阻約為50)

。.直流電壓表(量程0-151/,內(nèi)阻約為15k。)

£直流電壓表(量程0~5V,內(nèi)阻約為10k。)

F.滑動變阻器(最大阻值100,允許通過的最大電流為2A)

G.滑動變阻器(最大阻值1A0,允許通過的最大電流為0.54)

實驗要求小燈泡兩端的電壓從零開始變化以便能測量多組數(shù)據(jù).

(1)實驗中電流表應(yīng)選用,電壓表應(yīng)選用,滑動變阻器應(yīng)選用.(均用序號字母

表示)

(2)請按要求將圖a中所示的器材連成實驗電路.

(3)某同學(xué)通過實驗正確做出小燈泡的伏安特性曲線如圖方所示.現(xiàn)把實驗中使用的小燈泡接到圖c

所示的電路中,其中電源電動勢E=5.5U,內(nèi)阻r=10,定值電阻R=100,此時燈泡的實際

功率為勿.(結(jié)果保留兩位有效數(shù)字)

四、計算題(本大題共4小題,共37.0分)

19.如圖所示,在傾角0=37。的足夠長的固定斜面底端有一質(zhì)量m=

1.0kg的物體,物體與斜面間動摩擦因數(shù)〃=0.25,現(xiàn)用平行斜面向上

拉力F=10N將物體由靜止沿斜面向上拉動,經(jīng)時間t=4.0s撤去F,

(sin37°=0.6,cos37°=0.8,g=lOm/s?)求:

(1)撤去力尸時物體的速度大?。?/p>

(2)物體從撤去外力之后沿斜面上滑的最大距離。

20.如圖所示,靜置于水平地面的三輛手推車沿一直線排列,質(zhì)量均為〃?,人在極短的時間內(nèi)給第

一輛車一水平?jīng)_量使其運動,當(dāng)車運動了距離L時與第二輛車相碰,兩車以共同速度繼續(xù)運動

了距離心時與第三車相碰,三車以共同速度又運動了距離心時停止.車運動時受到的摩擦阻力

恒為車所受重力的%倍,重力加速度為g,若車與車之間僅在碰撞時發(fā)生相互作用,碰撞時間很

短,忽略空氣阻力,求:

(1)整個過程中摩擦阻力所做的總功;

(2)人給第一輛車水平?jīng)_量的大小.

R

21.如圖所示,豎直平面內(nèi)有無限長、不計電阻的兩組平行光滑金屬導(dǎo)

軌,寬度均為L=0.5m,上方連接一個阻值R=10的定值電阻,虛

線下方的區(qū)域內(nèi)存在磁感應(yīng)強(qiáng)度B=2T的勻強(qiáng)磁場.完全相同的兩

根金屬桿1和2靠在導(dǎo)軌上,金屬桿與導(dǎo)軌等寬且與導(dǎo)軌接觸良好,

電阻均為r=0.52將金屬桿1固定在磁場的上邊緣(仍在此磁場內(nèi)),

金屬桿2從磁場邊界上方九。=0.8zn處由靜止釋放,進(jìn)入磁場后恰作

勻速運動.求:

(1)金屬桿2的質(zhì)量m為多大?

(2)若金屬桿2從磁場邊界上方兒=0.2m處由靜止釋放,進(jìn)入磁場經(jīng)過一段時間后開始勻速運動.在

此過程中整個回路產(chǎn)生了1.4/的電熱,則此過程中流過電阻R的電量q為多少?

(3)金屬桿2仍然從離開磁場邊界b=0.2m處由靜止釋放,在金屬桿2進(jìn)入磁場的同時由靜止釋放

金屬桿I,兩金屬桿運動了一段時間后均達(dá)到穩(wěn)定狀態(tài),試求兩根金屬桿各自的最大速度.(已

知兩個電動勢分別為均、E2不同的電源串聯(lián)時,電路中總的電動勢E=Ei+E2.)

22.如圖所示,水平絕緣粗糙的軌道A8與處于豎直平面內(nèi)的半圓形絕緣光滑軌道BC平滑連接,半

圓形軌道的半徑R=0.40m.在軌道所在空間存在水平向右的勻強(qiáng)電場,電場線與軌道所在的平

面平行,電場強(qiáng)度E=1.0x104N/C.現(xiàn)有一電荷量q=+1.0x10-4C,質(zhì)量m=0.10kg的帶電

體(可視為質(zhì)點),在水平軌道上的尸點釋放由靜止釋放,帶電體恰好能通過半圓形軌道的最高

點C,然后落至水平軌道上的。點.取g=10m/s2.求:

(1)帶電體在圓形軌道C點的速度大小;

(2)帶電體運動到圓形軌道B點時對圓形軌道的壓力大?。?/p>

(3)帶電體在從4開始運動到落至。點的過程中的最大動能.

【答案與解析】

1.答案:B

解析:解:A、秒(s)千克(kg)是基本單位,焦耳(/)是導(dǎo)出單位.故A錯誤;

B、秒(s)千克(kg)安培(4)都是基本單位.故8正確;

C、秒(s)克(g)米(m)都是基本單位,但“克”不屬于國際單位制中的基本單位.故C錯誤;

。、牛頓(N)是導(dǎo)出單位,千克(kg)米(m)是基本單位,故。錯誤;

故選:B

國際單位制規(guī)定了七個基本物理量.分別為長度、質(zhì)量、時間、熱力學(xué)溫度、電流、光強(qiáng)度、物質(zhì)

的量.它們的在國際單位制中的單位稱為基本單位,而物理量之間的關(guān)系式推到出來的物理量的單

位叫做導(dǎo)出單位.

國際單位制規(guī)定了七個基本物理量,這七個基本物理量分別是誰,它們在國際單位制分別是誰,這

都是需要學(xué)生自己記住的.

2.答案:D

解析:解:4、當(dāng)氫原子從n=3的狀態(tài)躍遷到n=4的狀態(tài)時,吸收△E=1.51-0.85=0.66eU的光

子,故A錯誤;

以玻爾理論認(rèn)為原子的能量是量子化的,軌道半徑也是量子化的,是一系列不連續(xù)的特定值,故8

錯誤;

C、玻爾理論能很好地解釋氫原子光譜,不能解釋復(fù)雜原子的光譜,故C錯誤;

D、大量處在n=1能級的氫原子可以被13eV的電子碰撞,電子可以吸收(13.6-3.4=10.2eV)的能

量發(fā)生躍遷,或吸收(13.6-1.51=12.09eV)的能量發(fā)生躍遷,故O正確.

故選:D.

當(dāng)氫原子從低能級向高能級躍遷時,需吸收能量,從高能級向低能級躍遷時,需釋放能量.吸收光

子的能量必須等于能級差才能發(fā)生躍遷,若用電子碰撞,部分能量被吸收.

該題考查氫原子的能級與躍遷,解決本題的關(guān)鍵知道能級間躍遷與輻射或吸收光子能量的關(guān)系,即

Em-En=/w.基礎(chǔ)題目.

3.答案:B

解析:

兩異種點電荷能繞圓心各自做勻速圓周運動,其向心力是由它們間的庫侖力提供,則可以求出它們

的總動能.雖然由庫侖力提供向心力,但值得注意的是庫侖力的間距與它們做圓周運動的半徑不是

相等的.

解:對于質(zhì)量mi,它們的庫侖力提供其向心力.即k*=mi吐

d2xr

對于質(zhì)量瓶2,它們的庫侖力提供其向心力.即人簧=62篙

則它們總的動能為:+|m2v2=k嚕

所以瓶2的動能為人翳-EK

故選:B

4.答案:A

解析:解:4、質(zhì)點的速度均勻減小,做勻減速直線運動,故A正確.

B、質(zhì)點的速度均勻增大,做勻減速直線運動,故8錯誤.

C、質(zhì)點的速度不變,做勻速直線運動,故C錯誤.

。、質(zhì)點的速度不變,做勻速直線運動,故。錯誤.

故選:A

勻減速直線運動的速度隨時間均勻減小,由圖象的形狀分析質(zhì)點的運動情況.

解決本題的關(guān)鍵知道速度時間圖線的物理意義,會通過速度時間圖線判斷物體的運動規(guī)律.

5.答案:C

解析:解:AB、一群處于n=4能級的氫原子回到n=l的過程中,任意兩個能級間發(fā)生一次躍遷,

放出一種頻率的光子,所以共放出C:=6種頻率不同的光子。故4錯誤,B錯誤。

C、根據(jù)玻爾理論得知,n=4能級直接躍遷到基態(tài)放出的光子能量最大,最大能量為Em*=E4-

%=-0.85eV-(-13.6)eV=12.75W,n=4能級躍遷到n=3能級放出的光子能量最小,最小能量

為Em,%=E4-E3=-0.85ey-(-1.51)eV=0.66eH故C正確。

。、由上知道,光子的最大能量為12.75elZ,小于金屬的逸出功,不能使金屬發(fā)生光電效應(yīng)。故。錯

誤。

故選:C。

一群處于n=4能級的氫原子回到n=1的過程中放出6種頻率不同的光子,根據(jù)玻爾理論研究放出

的光子的最大能量和最小能量.當(dāng)光子的能量大于金屬的逸出功時就能發(fā)生光電效應(yīng).

光電效應(yīng)產(chǎn)生的條件取決于入射光的頻率,氫原子躍遷時放出的光子的頻率取決于初末能級之差.玻

爾理論與光電效應(yīng)之間的聯(lián)系紐帶是光子的頻率.

6.答案:D

解析:

通電導(dǎo)線在磁場中受到安培力,根據(jù)左手定則可確定安培力的方向考查通電導(dǎo)線是否受到安培力作

用,且根據(jù)左手定則來確定安培力的方向,同時根據(jù)相對運動來確定各自轉(zhuǎn)動方向。

解:根據(jù)題意可知,A是可動磁鐵,3是固定導(dǎo)線,C是可動導(dǎo)線,。是固定磁鐵,而汞又能導(dǎo)電,

所以由左手定則可知,A受到安培力,使其逆時針轉(zhuǎn)動(從上向下看),同理可知,C在安培力作用下,

使其順時針轉(zhuǎn)動,故。正確,ABC錯誤。

故選。。

7.答案:D

解析:解:AB,在初速度方向做勻速直線運動,通過電場的時間為:t=5,故AB錯誤;

v0

C、電子離開電場豎直向上的速度為:Vy=at

離開電場的速度為:v—J詔+藥

由牛頓第二定律得:。=當(dāng)

聯(lián)立解得:v=恁+^4'故c錯誤;

7771dVQ

。、粒子在電場中的豎直偏移距離為:丁=9。產(chǎn)=筆,故。正確。

故選:。。

電子垂直進(jìn)入電場,在電場力的作用下做類平拋運動,利用平拋運動的知識求解側(cè)位移和離開電場

的速度。

分析電子的受力和運動情況是解此題的關(guān)鍵,明確類平拋模型的處理方法與平拋運動的處理方法相

同。

8.答案:B

解析:解:物塊恰好離開轉(zhuǎn)臺時,最大靜摩擦力提供向心力,有:

fm="R

又筋==nmg

由以上兩式解得:4=04

故選:B

當(dāng)轉(zhuǎn)速3=2rad/s時,物體恰好滑離轉(zhuǎn)臺開始做平拋運動,此時物塊所受的靜摩擦力達(dá)到最大值,

且由靜摩擦力充當(dāng)向心力,根據(jù)向心力公式求解.

解決本題的關(guān)鍵要知道物塊隨轉(zhuǎn)臺一起做圓周運動,靠靜摩擦力提供向心力,要把握物體剛要滑動

的臨界條件:靜摩擦力達(dá)到最大值.

9.答案:B

解析:解:A、救災(zāi)物資參加兩個分運動,水平方向受到水平風(fēng)力的影響,隨空氣加速運動,豎直方

向由靜止釋放救災(zāi)物資做加速運動,由于豎直分運動不受水平分運動的干擾,故運動時間與風(fēng)速無

關(guān),故A錯誤;

BC、救災(zāi)物資落地速度由水平分速度和豎直分速度合成,水平分速度由風(fēng)速決定,故風(fēng)速越大,合

速度越大,即著地速度越大,故B正確,C錯誤;

。、救災(zāi)物資著地速度與水平風(fēng)力有關(guān),故。錯誤;

故選:Bo

本題中救災(zāi)物資參與水平方向和豎直方向的兩個分運動,水平分運動不影響豎直分運動,只會影響

合運動,從而即可分析求解。

對于運動的合成與分解問題,關(guān)鍵要找到分運動,然后運用合運動與分運動的獨立性、等效性、等

時性和相關(guān)性求解。

10.答案:B

解析:解:航天飛機(jī)正在赤道上空離地面幾百公里高處繞地球運行,其速度必定大于地球同步衛(wèi)星

的速度,角速度也大于地球同步衛(wèi)星的角速度,而同步衛(wèi)星的角速度與地球自轉(zhuǎn)的角速度相同,則

航天飛機(jī)的角速度應(yīng)大于地球自轉(zhuǎn)的角速度,即有3>3。.地球自西向東轉(zhuǎn)動,則航天飛機(jī)相對于地

球向東轉(zhuǎn)動,地球在赤道處的磁場方向向北,則根據(jù)右手定則判斷得知,金屬繩切割磁感線產(chǎn)生的

感應(yīng)電動勢向上,則懸繩上端的電勢高于下端的電勢,即Ui〉外.故B正確,AC。錯誤.

故選:B

赤道上空地磁場的磁感線向北,當(dāng)航天飛機(jī)相對于地球有速度時,金屬繩將切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電

動勢,根據(jù)飛機(jī)相對于地球的速度方向,由右手定則判斷感應(yīng)電動勢的方向,確定電勢的高低.

本題一要對航天飛機(jī)的角速度與地球自轉(zhuǎn)角速度的關(guān)系要會比較,抓住航天飛機(jī)與地球同步衛(wèi)星角

速度的關(guān)系進(jìn)行比較,二要會運用右手定則判斷電勢的高低.

11.答案:B

解析:解:設(shè)交流電的有效值為U,將交流電與直流電分別通過相同電阻凡分析一個周期內(nèi)熱量:

,Um、2

交流電0=呈工

YR2

直流電Q=yT

解得:u=noy

故選:Bo

根據(jù)電流的熱效應(yīng):由一個周期內(nèi)交變電流通過電阻R的產(chǎn)生熱量與直流電通過電阻R一個周期內(nèi)

產(chǎn)生熱量相等,求解有效值.

求解交流電的有效值,要從有效值的定義出發(fā),根據(jù)一個周期內(nèi)通過相同的電阻,發(fā)熱量相同,此

直流的值即為交流電的有效值.

12.答案:D

解析:解:通信衛(wèi)星離地心的距離設(shè)為月心離地心的距離設(shè)為萬,根據(jù)開普勒第三定律

五=豈2=3氣=3上=2

2

rf以'r2T/279

故選:D

開普勒第三定律的公式5=k,可知橢圓軌道半長軸的三次方與公轉(zhuǎn)周期的二次方成正比.

解決本題的關(guān)鍵是理解開普勒第三定律,公式中/只與中心天體的質(zhì)量有關(guān),對于不同的中心天體

比值不同.

13.答案:D

解析:解:4、巾2沿斜面上滑過程中,m2對斜面的壓力是一定的,斜面的受力情況不變,由平衡條

件可知地面對斜面的支持力始終保持恒定。故A正確。

B、設(shè)小球巾1到達(dá)最低點C時,771[、7712的速度大小分別為%、"2,由運動的合成分解得:%COS45。=V2,

則%:v2—V2,故B正確。

C、在Tn1從4點運動到C點的過程中,機(jī)1與62組成的系統(tǒng)只有重力做功,系統(tǒng)的機(jī)械能守恒。故C

正確。

D、在瓶1從A點運動到C點的過程中,對mi、m2組成的系統(tǒng)由機(jī)械能守恒定律得:m^gR-m2g-

>/2R=jnitVi+^m2V2,結(jié)合女;女=&解得:巧<j2gR,若7nl運動到C點時繩斷開,至少需

要有小頻的速度巾1才能沿碗面上升到8點,現(xiàn)由于Wb上升的過程中繩子對它做負(fù)功,所以他1不可

能沿碗面上升到B點。故£>錯誤。

本題讓選錯誤的,故選:

分析斜面的受力情況,由平衡條件判斷地面對斜面的支持力如何變化;將mi到達(dá)最低點C時的速度

沿繩子方向和垂直繩子方向分解,沿繩子方向的速度等于巾2的速度,根據(jù)平行四邊形定則求出兩個

速度的關(guān)系;在mi從A點運動到C點的過程中,Tn1與爪2組成的系統(tǒng)只有重力做功,系統(tǒng)的機(jī)械能

守恒;對系統(tǒng),運用機(jī)械能守恒定律,mi沿碗面上升的最大高度。

解決本題的關(guān)鍵是要明確系統(tǒng)的機(jī)械能是守恒的,兩球沿繩子方向的分速度大小相等,要注意對其

中一個球來說,機(jī)械能并不守恒。

14.答案:ACD

解析:解:AB,若振源在4處,由圖可知,B質(zhì)點剛好起振,且起振方向向下,則各質(zhì)點開始振動

的方向均向下,所以尸質(zhì)點第一次到達(dá)波谷位置需要?=0.1s,故A正確,B錯誤;

CD,若振源在A處,P質(zhì)點比。質(zhì)點先到達(dá)波谷位置,提前的時間等于波在P。間傳播的時間為:

△X0.8—0.5八八,

£="=1—s=0.06s,同理,若振源在8處,。質(zhì)點比P質(zhì)點先到達(dá)波谷位置,提前的時間等

0.4

△x0.8-_0.5___

于波在QP間傳播的時間為:t="=-2T-s=0.06s,故C。正確;

0.4

E、介質(zhì)中質(zhì)點并不會隨波遷移,只在各自的平衡位置兩側(cè)振動,故E錯誤。

故選:ACDo

若振源在A處,判斷波的傳播方向以及振源的起振方向,判斷P質(zhì)點第一次到達(dá)波谷位置所需要的

時間;若振源在A處或振源在8處,判斷Q質(zhì)點和P質(zhì)點到達(dá)波谷位置,根據(jù)速度位移關(guān)系求解時

間;介質(zhì)中質(zhì)點并不會隨波遷移。

本題主要是考查了波的圖象,解答本題的關(guān)鍵是根據(jù)質(zhì)點的振動方向判斷出波的傳播方向,知道波

速、波長和頻率之間的關(guān)系。=

15.答案:BC

解析:

根據(jù)動能定理求解電子到達(dá)加點的速度在大小;當(dāng)電子的初速度方向與電場垂直時到達(dá)熒光屏離P

最遠(yuǎn),根據(jù)牛頓第二定律和運動學(xué)公式結(jié)合求解時間和熒光屏上發(fā)光半徑;根據(jù)電場力做功的多少,

確定電勢能的減少量。

本題首先要正確分析電子的運動情況,再選擇力學(xué)規(guī)律,如動能定理和牛頓第二定律、運動學(xué)公式

處理。

2i

A.根據(jù)動能定理得:-eEd=\mv-\mv0,解得垂直射到熒光屏M上的電子速度大小為"

小—2詈故A錯誤;

B.當(dāng)電子速度與水平方向成某一角度時,電子做類斜拋運動,當(dāng)電子到達(dá)M屏上時,水平分速度為

零時,電子在屏上離P點距離最遠(yuǎn),則:水平方向有d=9砒2,a=竺,解得:t=叵,,,,,

2m7eE

故B正確。

C該電子做類斜拋運動,當(dāng)水平分速度恰好足夠到達(dá)M板時,豎直分速度最大,此時在熒光屏上顯

示的位置越遠(yuǎn),此時水平初速度為

V水平=at=J::",所以"燮=卜。2--次乎2,半徑r=V伊Xt=J2tnd;q.—4d2,故C正確;

。.電場力對到達(dá)熒光屏的電子做功為勿=-eEd,則電勢能增加了eEd,故。錯誤。

故選BC。

16.答案:CD

解析:解:A、根據(jù)右手定則知,感應(yīng)電流的方向為0指向A,金屬桿相當(dāng)于電源,可知A端的電

勢高于。端,故4錯誤。

B、金屬桿0A產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢為:E=^Bl2a),當(dāng)。A轉(zhuǎn)到上端豎直位置時,回路中的總電阻最

大,此時圓弧并聯(lián)的電阻為:=5

回路中的最大電阻為:R京=g+9+9=R,則通過電路電流的最小值為:小切二月二竺叱,故B錯

誤;

C、當(dāng)04轉(zhuǎn)到下端豎直位置時,回路中的總電阻最小,此時圓弧接入電路的電阻為0,回路中的最

小電阻為:/in=;+?=》,

則通過電路電流的最大值為:=等,故C正確;

。、當(dāng)電路的電流最小時,電源內(nèi)阻上消耗功率最小,最小值為:。=喘加.£=史生,故£>正確。

mln416R

故選:CD。

根據(jù)轉(zhuǎn)動切割產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢公式求出OP中產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢大小,結(jié)合右手定則判斷出感應(yīng)

電路的方向,從而得出電勢的高低。當(dāng)總電阻最大時,通過電阻的電流最小,結(jié)合閉合電路歐姆定

律求出最小電流;當(dāng)總電阻最小時,通過電阻的電流最大,結(jié)合閉合電路歐姆定律求出最大電流;

根據(jù)電功率的計算公式求解電功率。

本題考查了電磁感應(yīng)與電路的綜合運用,掌握切割產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢公式,結(jié)合閉合電路歐姆定律

進(jìn)行求解,知道回路中有最大電阻,從而可以得出最小電流。

17.答案:0.600.400.120.12

解析:解:電源頻率為50”在,則打點時間間隔:T=0.02s,由圖可知,碰撞前的兩點間的距離工算=

12cm=0.12m;

碰后兩點間的距離久乙=8cm=0.08m;

由圖示紙帶可知,碰撞前甲的速度:*=到=翳=0.60m/s,

碰撞后甲車的速度:v=0.40m/s,

碰撞過程前質(zhì)量與速度的乘積為:m甲v甲=0.20x0.60=0.012kg-m/s,

碰撞后質(zhì)量與速度的乘積為:(小用+加4)">'=(0.2+0.1)x0.4=0.012kg-m/s,

由實驗數(shù)據(jù)可知:在碰撞過程中,兩車質(zhì)量與速度的乘積之和保持不變;即動量守恒;

故答案為:0.600.400.120.12

由速度公式求出速度,然后根據(jù)實驗數(shù)據(jù)求出質(zhì)量與速度的乘積,分析實驗數(shù)據(jù)然后得出結(jié)論.

本題考查了驗證動量守恒定律實驗,由圖示紙帶求出小車的位移、由速度公式求出小車的速度即可

正確解題,解題時要注意單位換算.

18.答案:C;E;F;0.80

解析:解:⑴燈泡額定電流為:/=,=§=0.54=500機(jī)4則電流表選C;燈泡額定電壓是5匕

則電壓表選E;描繪燈泡伏安特性曲線,電壓與電流應(yīng)從零開始變化,為方便實驗操作,滑動變阻

器應(yīng)選工

(2)描繪燈泡伏安特性曲線,電壓與電流應(yīng)從零開始變化,滑動變阻器采用分壓接法,由實驗器材可

知,電壓表內(nèi)阻遠(yuǎn)大于燈泡電阻,電流表應(yīng)采用外接法,實驗電路圖如圖所示:

(3)把定值電阻與電源整體看做等效電源,在圖甲所示坐標(biāo)系內(nèi)作出電源的U-/圖象如圖所示:

IA?

由圖示圖象可知,燈泡兩端電壓U=2.1V,燈泡電流/=0.384燈泡實際功率P=UI=2.1x0.38工

0.80W;

故答案為:(1)C;E;F;(2)如圖所示;(3)0.80.

(1)根據(jù)燈泡額定電流選擇電流表,根據(jù)燈泡額定電壓選擇電壓表,為方便實驗操作,應(yīng)選最大阻值

較小的滑動變阻器.

(2)根據(jù)實驗原理確定滑動變阻器與電流表的接法,然后連接實物電路圖.

(3)在燈泡的U-/圖象坐標(biāo)系內(nèi)作出電源的U—/圖象,根據(jù)圖象求出燈泡兩端電壓與通過燈泡的帶

那六,然后求出燈泡實際功率.

本題考查了實驗器材的選擇、求燈泡的實際功率,要掌握實驗器材的選擇方法,求燈泡實際功率時

要注意圖象法的應(yīng)用,要掌握應(yīng)用圖象法處理實驗數(shù)據(jù)的方法.

19.答案:解:(1)對物體受力分析如圖所示,

將重力進(jìn)行正交分解,

&=mgsin37°

FN=F2=mgcos37°

由牛頓第二定律可得:F-f.Fi=mcti

f="N—4Mge0s37。

解得:%=2m/s2

由運動學(xué)方程:v=art=8m/s

(2)撤去外力后,受力分析如圖所示,

八濃

G

由牛頓第二定律得:一(&+/)=ma2

2

解得:a2=-8m/s

撤去外力之后,物體做勻減速直線運動,

由運動學(xué)方程:x==4m

2a2

答:(1)撤去力F時物體的速度大小8m/s;

(2)物體從撤去外力之后沿斜面上滑的最大距離4m.

解析:(1)分析撤去力尸前物體的受力情況,根據(jù)牛頓第二定律求出加速度,由速度公式求解撤去力

尸時物體的速度大小.

(2)撤去力尸后,物體先沿斜面向上做勻減速運動,后沿斜面向下做勻加速運動,由牛頓第二定律求

出向上減速過程的加速度,由運動學(xué)公式求出時間和位移.從而求出沿斜面上滑的最大距離.

本題是有往復(fù)的動力學(xué)問題,運用牛頓第二定律與運動學(xué)公式結(jié)合是解題的基本方法,加速度是關(guān)

鍵量.

20.答案:解:(1)設(shè)運動過程中摩擦阻力做的總功為W,

則W=—kmgL—2kmgL—3kmgL=-6kmgLi

即整個過程中摩擦阻力所做的總功為

(2)設(shè)第一車初速度為孫,第一次碰前速度為女,碰后共同速度為小;

第二次碰前速度為方,碰后共同速度為“2;人給第一車的水平?jīng)_量大小為人

由動能定理,對三段減速過程列式:

—kmgL=-m說—|mug,

-2kmgL=1-2nl詔—?2mul,

-3kmgL=0—1?3m詔,

由動量守恒定律對兩次碰撞過程列式

mv1=2m"i

2mv2=3mu2

人推車過程,由動量定理列式

/=mu0-0

聯(lián)立以上六式,解得:I=27nd7kgL,

即人給第一輛車水平?jīng)_量的大小為標(biāo).

答:(1)整個過程中摩擦阻力所做的總功為-6k?ngL;

(2)人給第一輛車水平?jīng)_量的大小為2nl?々礪T.

解析:(1)摩擦力大小為左,空,方向與運動方向相反,故由功的定義可知其做的總功;

(2)對三個減速過程和兩個碰撞過程分別運用動能定理和動量守恒定律列式可求解.

本題關(guān)鍵在于運動的過程較多,有三個勻減速過程和兩個碰撞過程,可以交叉運用動能定理和動量

守恒定律列式求解,題中涉及的字母較多,要有足夠的耐心,更要細(xì)心

21.答案:解:(1)金屬桿2進(jìn)入磁場前做自由落體運動,則有

v=y/2gh0=4m/s

金屬桿2進(jìn)入磁場后勻速運動,則有m

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